2025年湘師大新版選擇性必修1物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘師大新版選擇性必修1物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、在撐桿跳高場地落地點都鋪有厚厚的墊子，這樣做的目的是減少運動員受傷，理由是（）A.減小沖量，起到安全作用B.減小動量變化量，起到安全作用C.墊子的反彈作用使人安全D.延長接觸時間，從而減小沖力，起到安全作用2、如圖所示，質量kg的木箱靜止在光滑的水平面上，木箱內粗糙的底板正中央放著一個質量kg的小木塊，小木塊可視為質點?，F(xiàn)使木箱和小木塊同時獲得方向相反的水平速度，小木塊與木箱每次碰撞過程中機械能損失小木塊最終停在木箱正中央。已知小木塊與木箱底板間的動摩擦因數(shù)木箱內底板長為m；則小木塊與木箱碰撞的次數(shù)為（）

A.6B.7C.8D.93、質量為M、內壁間距為L的箱子靜止于光滑的水平面上，箱子中間有一質量為m的小物塊，小物塊與箱子底板間的動摩擦因數(shù)為μ。初始時小物塊停在箱子正中間，如圖所示?，F(xiàn)給小物塊一水平向右的初速度v，小物塊與箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中間；并與箱子保持相對靜止。設碰撞都是彈性的，則整個過程中，系統(tǒng)損失的動能為（）

A.mv2B.v2C.NμmgLD.2NμmgL4、在圖示足夠長的光滑水平面上，用質量分別為和的甲、乙兩滑塊將僅與甲拴接的微型輕彈簧壓緊后處于靜止狀態(tài)，乙的右側有一固定的擋板現(xiàn)將兩滑塊由靜止釋放，當彈簧恢復原長時，甲的速度大小為此時乙尚未與相撞之后乙與擋板碰撞反彈后，不能再與彈簧發(fā)生碰撞。則擋板對乙的沖量的最大值為（）

A.B.C.D.5、某質點做簡諧運動的振幅為A,周期為T,則質點在時間內的最大路程是A.1.5AB.AC.0.5AD.0.2A6、惠更斯利用擺的等時性原理制成了第一座擺鐘。如圖甲所示為日常生活中我們能見到的一種擺鐘；圖乙為擺鐘的結構示意圖，圓盤固定在擺桿上，螺母可以沿擺桿上下移動。在黃山山腳走時準確的擺鐘移到黃山山頂（未做其他調整），擺鐘擺動變慢了，下列說法正確的是（）

A.黃山山頂?shù)闹亓铀俣容^小，若要調準擺鐘可將螺母適當向下移動B.黃山山頂?shù)闹亓铀俣容^小，若要調準擺鐘可將螺母適當向上移動C.黃山山頂?shù)闹亓铀俣容^大，若要調準擺鐘可將螺母適當向下移動D.黃山山頂?shù)闹亓铀俣容^大，若要調準擺鐘可將螺母適當向上移動7、若單擺的擺長不變，擺球離開平衡位置的最大角度不變，擺球的質量增加為原來的2倍，則關于單擺振動時的物理量，下列說法正確的是（）A.頻率不變，振幅不變B.頻率變小，振幅變大C.頻率變小，振幅不變D.頻率變大，振幅變大8、關于機械波的特性，下列說法正確的是（）A.只有波長比障礙物的尺寸小或相差不多的時候才會發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象B.火車鳴笛時向我們駛來，聽到的笛聲頻率將比聲源發(fā)出的頻率低C.向人體內發(fā)射頻率已知的超聲波被血管中的血液反射后又被儀器接收，測出反射波的頻率變化就能知道血液的速度，這種方法應用的是多普勒效應D.只要是性質相同的波，都可以發(fā)生干涉評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、按壓式圓珠筆內裝有一根小彈簧；尾部有一個小帽，壓一下小帽，筆尖就伸出來。如圖所示，使筆的尾部朝下，將筆向下按到最低點，使小帽縮進，然后放手，筆將向上彈起至一定的高度。忽略摩擦和空氣阻力。則筆從最低點運動至最高點的過程中，下列說法正確的是（）

A.筆的動能一直增大B.彈簧的彈性勢能減少量等于筆的動能和重力勢能總和的增加量C.筆的加速度先減小后增大D.若考慮運動的全過程，筆所受的重力的沖量大小等于彈力沖量大小10、小球甲從斜面頂端以初速度v沿水平方向拋出，最終落在該斜面上．已知小球甲在空中運動的時間為t，落在斜面上時的位移為s，落在斜面上時的動能為Ek，離斜面最遠時的動量為p．現(xiàn)將與小球甲質量相同的小球乙從斜面頂端以初速度（n＞1）沿水平方向拋出，忽略空氣阻力，則下列說法正確的是（）A.小球乙落在斜面上時的位移為B.小球乙在空中運動的時間為C.小球乙落在斜面上時的動能為D.小球乙離斜面最遠時的動量為11、如圖所示，一輕質彈簧，上端懸掛于天花板，下端系一質量為的平板，靜止在點，一質量為的均勻環(huán)套在彈簧外，與平板的距離為如圖所示，讓環(huán)自由下落，撞擊平板．已知碰后環(huán)與板以相同的速度向下運動，使彈簧伸長，則下列說法正確的是（）

A.若碰撞時間極短，則碰撞過程中環(huán)與板的總機械能守恒B.若碰撞時間極短，則碰撞過程中環(huán)與板的總動量守恒C.環(huán)撞擊板后，板的新的平衡位置在點正下方D.碰撞后新平衡位置與下落高度無關12、一列簡諧橫波沿x軸方向傳播，在時的波形如圖甲所示，M、N、P、Q是介質中的四個質點，已知N、Q兩質點平衡位置之間的距離為16m，圖乙為質點P的振動圖像。下列說法正確的是（）

A.該波的波速為12m/sB.該波沿x軸正方向傳播C.質點P的平衡位置位于處D.從開始，質點Q比質點P早0.25s回到平衡位置13、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，時的部分波形如圖中的實線所示，時的部分波形如圖中的虛線所示，a、b、c是介質中的質點；則下列說法正確的是（）

A.這列波的波速一定是B.質點a在時的位移為C.質點b在內通過的路程可能為D.若周期則在時，質點c的勢能最大14、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，t=0時波形圖如圖中實線所示，此時波剛好傳到c點，t=0.6s時波恰好傳到e點，波形如圖中虛線所示，a、b、c、d、e是介質中的質點；下列說法正確的是________。

A.當t=0.5s時質點b和質點c的位移相等B.該機械波的傳播速度為5m/sC.質點c在0~0.6s時間內沿x軸正方向移動了3mE.質點d開始運動時方向沿y軸負方向E.質點d開始運動時方向沿y軸負方向15、關于波的反射和折射，波的干涉和衍射，下列說法正確的是（）A.雷聲轟鳴不絕和從外面進教室里唱歌會感到聲音更響，均是波的反射現(xiàn)象B.北京天壇回音壁的回音是由聲音的折射形成的C.“聞其聲而不見其人”意思是聽到聲音卻看不見人，說明聲波發(fā)生了衍射現(xiàn)象D.在干涉圖樣中振動加強區(qū)域的質點的位移始終保持最大16、用如圖所示的裝置觀察光的全反射現(xiàn)象，將半圓柱玻璃磚固定在量角器上，量角器的圓心與半圓柱玻璃磚的圓心重合，半圓柱玻璃磚可繞圓心旋轉。實驗時將只含有紅光和紫光的復色光沿半徑方向從量角器的刻度線射入半圓柱玻璃磚，復色光被分成和兩光束，沿刻度線方向射出，沿刻度線方向射出。下列判斷正確的是（）

A.是復色光B.玻璃對紅光的折射率為2C.若半圓柱玻璃磚順時針旋轉消失，順時針旋轉D.若半圓柱玻璃磚逆時針旋轉消失，順時針旋轉評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、沖量。

（1）定義：___________與___________的乘積叫做力的沖量。

（2）公式：___________。

（3）單位：___________。

（4）方向：沖量是___________（填“標量”或者“矢量”），其方向___________。18、系統(tǒng)；內力與外力。

（1）系統(tǒng)：___________相互作用的物體構成的一個力學系統(tǒng)。

（2）內力：___________物體間的作用力。

（3）外力：系統(tǒng)___________的物體施加給系統(tǒng)內物體的力。19、如圖所示，一個豎直方向上的彈簧振子由一只輕質彈簧和一個物塊組成，在物塊上安裝一只記錄筆。當彈簧振子沿豎直方向自由振動時，以速率v水平向左勻速拉動記錄紙，記錄印跡如圖所示。如果空氣阻力、記錄筆的質量及其與紙之間的作用力均可忽略不計，根據(jù)記錄印跡圖像可以確定彈簧振子的振幅為__________（用字母y1、y2表示），在圖中從P到Q的時間內，振子受到的重力沖量大小__________（填“大于”、“等于”或“小于”）彈簧彈力的沖量大小，若拉動紙帶的速度提升到2v，則振動周期為__________。

20、一列簡諧橫波在時刻的波形圖如圖所示，此時質點Q的位移為振幅的一半，且速度正在增大。若質點Q在時第一次到達平衡位置，則該波沿x軸_________（填“正”或“負”）方向傳播；波的傳播速度大小為___________

21、光的折射。

（1）折射現(xiàn)象：光從第1種介質射到該介質與第2種介質的______時，一部分光會______第2種介質的現(xiàn)象。

（2）折射定律：折射光線與入射光線、法線處在______內，折射光線與入射光線分別位于______；______與______成正比，即（式中n12是比例常數(shù)）。

（3）在光的折射現(xiàn)象中，光路是______的。22、如圖，一細束白光通過玻璃三棱鏡折射后分為各種單色光，取其中a、b、c三種色光，則a、b、c三色光在玻璃三棱鏡中傳播，__________（選填“a”“b”或“c”）光速度最大。若這三種色光在三棱鏡發(fā)生全反射，___________（選填“a”“b”或“c”）光的臨界角最小。

評卷人得分四、實驗題(共3題，共15分)23、如圖所示；用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系。

(1)實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的。但是，可以通過測量______（選填選項前的符號）；間接地解決這個問題。

A．小球開始釋放高度h

B．小球拋出點距地面的高度H

C．小球做平拋運動的射程。

(2)圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影。實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP。

然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分末端，再將入射球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰；并多次重復。

接下來要完成的必要步驟是______（填選項前的符號）。

A．用天平測量兩個小球的質量m1、m2

B．測量小球m1開始釋放高度h

C．測量拋出點距地面的高度H

D．分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、N

E．測量平拋射程OM、ON

(3)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為______（用(2)中測量的量表示）。24、如圖所示；用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道末端碰撞前后的動量關系．

（1）實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的．但是，可以通過僅測量_______（填選項前的序號）；間接地解決這個問題．

A；小球開始釋放高度h

B；小球拋出點距地面的高度H

C；小球做平拋運動的水平射程。

（2）圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影，實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP．然后把被碰小球m2靜止于軌道的水平部分，再將入射小球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相撞，并多次重復．接下來要完成的必要步驟是____________（填選項的符號）

A、用天平測量兩個小球的質量m1、m2

B、測量小球m1開始釋放高度h

C；測量拋出點距地面的高度H

D、分別找到m1，m2相碰后平均落地點的位置M；N

E；測量平拋射程OM；ON

（3）該實驗必須滿足的條件是_________

A；斜槽必須是光滑的。

B、m1，m2的球心在相碰瞬間必須在同一高度。

C、必須滿足入射球的質量m1大于被碰球的質量m2

D；斜槽末端必須水平。

（4）若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為______________________（用（2）中測量的量表示）；

若碰撞是彈性碰撞．那么還應滿足的表達式為__________________________（用（2）中測量的量表示）．25、某實驗小組用實驗的方法“探究影響單擺周期的因素”。

（1）同學們組裝單擺時；在擺線上端的懸點處，用一塊開有狹縫的橡皮夾牢擺線，再用鐵架臺的鐵夾將橡皮夾緊，如圖所示。

這樣做的目的是____________

A.保證擺動過程中擺長不變。

B.可使周期測量得更加準確。

C.需要改變擺長時便于調節(jié)。

D.保證擺球在同一豎直平面內擺動。

（2）他們組裝好單擺后，在擺球自然懸垂的情況下，用毫米刻度尺測量出從懸點到擺球的最底端的長度再用游標卡尺測量擺球直徑，結果如圖所示，則該擺球的直徑為__________mm，單擺擺長為_____________m。

（3）甲同學多次改變單擺的擺長并測得相應的周期，他根據(jù)測量數(shù)據(jù)畫出了如圖所示的圖像，但忘記在圖中標明橫坐標所代表的物理量。你認為橫坐標所代表的物理量是_____（選填“”“”“”），若圖線斜率為則重力加速度________（用表示）。

評卷人得分五、解答題(共2題，共16分)26、如圖所示，小物塊A、B的質量均為m=0.10kg，靜止在軌道水平段的末端。A從靜止開始滑下，以一定的水平速度與B碰撞，碰后兩物塊粘在一起水平飛出。飛出點距離水平地面的豎直高度為h=0.45m，兩物塊落地點距離軌道末端的水平距離為x=0.30m，取重力加速度g=10m/s2。求：

（1）碰后兩物塊粘在一起水平飛出時的速度

（2）兩物塊碰前A的速度的大小

（3）兩物塊碰撞過程中損失的機械能

27、如圖所示，豎直平面內的光滑弧形軌道的底端恰好與光滑水平面相切．質量M=2.0kg的小物塊B靜止在水平面上．質量m=1.0kg的小物塊A從距離水平面高h＝1.8m的P點沿軌道從靜止開始下滑，經(jīng)過弧形軌道的最低點Q滑上水平面與B相碰，碰后兩個物體以共同速度運動。取重力加速度g=10m/s2。求：

（1）A經(jīng)過Q點時速度的大小；

（2）A與B碰后速度的大小；

（3）碰撞過程中A、B組成的系統(tǒng)損失的機械能ΔE。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

跳高運動員在落地的過程中，動量變化一定，由動量定理可知，運動員受到的沖量I一定；跳高運動員在跳高時跳到沙坑里或跳到海綿墊上可以延長著地過程的作用時間t；由。

I=Ft可知，延長時間t可以減小運動員所受到的平均沖力F；故D正確；ABC錯誤；

故選D。2、A【分析】【詳解】

系統(tǒng)動量守恒，選取水平向左為正方向，根據(jù)動量守恒定律

解得

全過程根據(jù)能量守恒定律

全過程系統(tǒng)損失機械能

若小木塊與木箱碰撞n次，機械能損失

解得

所以小木塊與木箱碰撞6次；A正確，BCD錯誤。

故選A。3、B【分析】【詳解】

由于箱子M放在光滑的水平面上；則由箱子和小物塊組成的整體動量始終是守恒的，直到箱子和小物塊的速度相同時，小物塊不再相對滑動，有。

mv=（m+M）v1根據(jù)能量守恒可知。

A．mv2與分析不符；故A錯誤；

B．v2與分析相符；故B正確；

C．NμmgL與分析不符；故C錯誤；

D．2NμmgL與分析不符；故D錯誤。

故選：B。4、B【分析】【分析】

【詳解】

釋放彈簧過程，兩滑塊組成的系統(tǒng)動量守恒，設向左為正方向，由動量守恒定律得

得

要使乙反彈后不能再與彈簧發(fā)生碰撞，碰后最大速度為v甲，設向左為正方向，對乙，由動量定理得

代入數(shù)據(jù)解得

故選B。5、B【分析】【分析】

本題考查機械振動中質點的振動路程的計算。

【詳解】

質點振動速度越大，在時間內的振動路程越大，已知質點在平衡位置處速度最大，所以質點在該時間內路程最大，需要在平衡位置上下方個振動時間，

B正確；ACD錯誤；

故選B。6、B【分析】【詳解】

由題意可知擺鐘由黃山山腳移到黃山山頂時周期變大，根據(jù)單擺周期公式T=2π

可知山頂?shù)闹亓铀俣容^?。粸檎{準擺鐘，使擺鐘的周期適當變短，需要適當增大擺長，應將螺母適當向上移動。

故選B。7、A【分析】【詳解】

擺球的振幅A與擺長L和離開平衡位置的最大角度θ之間的關系式為

單擺頻率的表達式為

由上述兩式可知若L和θ不變，則A和f不變；故A正確。

故選A。8、C【分析】【分析】

【詳解】

A．只有波長比障礙物的尺寸大或相差不多的時候才會發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象；所以A錯誤；

B．火車鳴笛向我們駛來時；間距變小，則我們聽到的笛聲頻率將比聲源發(fā)聲的頻率高，所以B錯誤；

C．向人體發(fā)射頻率已知的超聲波；超聲波被血管中的血流反射后又被儀器接收，測出反射波的頻率變化就能知道血液的速度，這種方法應用的是多普勒效應，所以C正確；

D．產(chǎn)生干涉的兩個條件是：兩列波的頻率必須相同；兩個波源的相位差必須保持不變。所以D錯誤。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)9、B:D【分析】【詳解】

A．筆向上運動先加速再減速；故動能先增加再減小，A錯誤；

B．忽略摩擦和空氣阻力；筆；彈簧和地球組成的系統(tǒng)機械能守恒可知，彈簧的彈性勢能減少量等于筆的動能和重力勢能總和的增加量，B正確；

C．筆從最低點向上運動；彈簧壓縮量變小，彈力減小，加速度減小直至等于零，彈力等于重力，此時筆的速度最大。筆繼續(xù)往上運動，彈力繼續(xù)減小，加速度反向增加，速度減小，直至彈簧恢復原長，筆脫離桌面豎直上拋，加速度不變，C錯誤；

D．根據(jù)動量定理：合外力的沖量等于動量的改變量；運動的全過程；初末動量都為零，則可知筆所受的重力的沖量大小等于彈力沖量大小，D正確。

故選BD。10、B:C【分析】【詳解】

設斜面傾角為θ，則解得則將與小球甲質量相同的小球乙從斜面頂端以初速度v/n沿水平方向拋出時，小球乙在空中運動的時間為t/n；小球乙落在斜面上時的位移為s/n2；小球乙落在斜面上時的動能為Ek/n2，選項A錯誤，BC正確；小球離斜面最遠時，速度方向平行斜面，大小為動量為則將與小球甲質量相同的小球乙從斜面頂端以初速度v/n沿水平方向拋出時，小球乙離斜面最遠時的動量為p/n，選項D錯誤；故選BC.11、B:C:D【分析】【詳解】

A．由于碰后速度相同；為完全非彈性碰撞，機械不守恒，減小的機械能轉化為內能，A錯誤；

B．圓環(huán)與平板碰撞過程；若碰撞時間極短，內力遠大于外力，外力可忽略不計，則系統(tǒng)總動量守恒，B正確；

CD．碰撞前板的平衡位置滿足kx=Mg

碰撞后平衡時，有：

即碰撞后新平衡位置在點正下方，且與下落高度無關；CD正確。

故選BCD。

【點睛】

本題關鍵是抓住碰撞過程和碰撞后下降的兩個過程，碰撞過程動量守恒，機械能不守恒，之后環(huán)與板及彈簧系統(tǒng)機械能守恒，滿足簡諧振動的規(guī)律。12、A:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)三角函數(shù)相關知識可知，NQ兩質點平衡位置之間距離為

解得

根據(jù)乙圖可知波的周期為因此波速為

故A正確；

B．由圖乙可知時刻，質點沿軸負方向運動，根據(jù)同側法可知，該波沿軸負方向傳播。故B錯誤；

C．由圖乙可知，在之后，質點第一次位于波峰的時間為由此可知是由波峰為時刻質點所在波峰傳播來的，所以有

解得

故C錯誤；

D．從開始，質點Q所經(jīng)歷的時間為

點左側波形的第一個平衡位置處坐標為

該振動狀態(tài)第一次傳播到點所需時間為

則

即從開始，質點Q比質點P早0.25s回到平衡位置。故D正確。

故選AD。13、B:C【分析】【詳解】

A．由圖可知這列波的波長為設這列波的周期為T，則

解得

所以這列波的波速為

只有當n=0時；波速才為5m/s，故A錯誤；

B．設質點a的平衡位置坐標為xa，則由波形圖可知

解得

所以質點a在時的位移為

故B正確；

C．質點b在內通過的路程為

當n=1時，s=70cm；故C正確；

D．t=0時質點c位于平衡位置，若周期則在時，質點c仍位于平衡位置；勢能最小，故D錯誤。

故選BC。14、A:B:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)題意知，該波的傳播速度為

周期為

t=0時刻c質點經(jīng)過平衡位置向上運動，經(jīng)0.4s后b質點到達負向最大位移處，c質點到達平衡位置向下運動，之后再經(jīng)過0.1s，也就是b向上運動8的位移與c質點向下運動的位移大小相等，故t=0.5s時質點b和c的位移相等；故AB正確。

C．質點c只在y軸方向上振動，并不沿x軸正方向移動。故C錯誤。

D．質點d在0~0.6s內振動了0.4s；即半個周期，所以質點d在0~0.6s時間內通過的路程是2倍的振幅，為20cm。故D正確。

E．根據(jù)波形平移法知，質點d開始運動時方向沿y軸正方向；故E錯誤。

故選ABD。15、A:C【分析】【詳解】

A．雷聲轟鳴不絕是聲波在地面和云層之間的反射；從外面進教室里唱歌會感到聲音更響是聲波在教室里不斷地反射；疊加，產(chǎn)生了混響現(xiàn)象，故A正確；

B．北京天壇回音壁的回音是由聲音的反射形成的；故B錯誤；

C．聲波波長在1.7cm~17m之間；可以繞過一般的障礙物，使我們聽到障礙物另一側的聲音，“聞其聲而不見其人”說明聲波偏離直線方向傳播，發(fā)生了衍射現(xiàn)象，故C正確；

D．在干涉圖樣中；在振動加強區(qū)的質點的振幅最大，位移不是始終保持最大，故D錯誤。

故選AC。16、A:C【分析】【詳解】

A．光從一種介質進入另一種介質，一部分光反射，一部分光折射，則是反射的復色光；選項A正確；

B．全反射的臨界角

紫光的折射率比紅光的折射率大，其臨界角小，紫光發(fā)生了全反射，紅光的臨界角為紅光的折射率

選項B錯誤；

CD．玻璃半圓柱順時針旋轉時，入射角變大，紫光和紅光都發(fā)生了全反射，法線旋轉角，反射光旋轉角；選項C正確，D錯誤；

故選AC。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]由沖量的定義可知；力與力的作用時間的乘積叫做力的沖量。

(2)[3]沖量的定義式I=Ft

(3)[4]沖量的單位：N·s。

(4)[5]沖量是矢量點乘標量；結果仍為矢量。

[6]沖量的方向與力的方向相同。【解析】①.力②.力的作用時間③.I=Ft④.N·s⑤.矢量⑥.與力的方向相同18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】兩個（或多個）系統(tǒng)中以外19、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知，彈簧振子的振幅為

[2]從P到Q的時間內，振子僅受到重力沖量和彈簧彈力的沖量，因P點和Q點速度為零；由動量守恒定律，可知合外力沖量為零，故振子受到的重力沖量大小等于彈簧彈力的沖量大??；

[3]拉動紙帶的速度提升到2v，但彈簧振子得運動情況并未發(fā)生改變，則周期不變，故振動周期仍為【解析】等于20、略

【分析】【詳解】

[1]質點Q的速度正在增大，即向平衡位置振動，根據(jù)波的傳播方向與質點振動方向可知該波沿x軸正方向傳播；

[2]質點Q在時第一次到達平衡位置通過的路程為可知

則可得

則波速為【解析】正221、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.分界面②.進入③.同一平面④.法線的兩側⑤.入射角的正弦⑥.折射角的正弦⑦.可逆22、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知c光的折射率最小，根據(jù)

則c光速度最大；

[2]a光的折射率最大，由臨界角

可得a光的臨界角最小?！窘馕觥縞a四、實驗題(共3題，共15分)23、略

【分析】【詳解】

(1)[1]小球離開軌道后做平拋運動，由

知

即小球的下落時間一定，則初速度

可用平拋運動的水平射程來表示。

故選C。

(2)[2]若動量守恒，應有

（v0是m1單獨下落時離開軌道時的速度，v1、v2是兩球碰后m1、m2離開軌道時的速度），又

則有

即

即本實驗要驗證

因此要測量兩個小球的質量m1和m2以及它們的水平射程OM和ON，而要確定水平射程，應先分別確定兩個小球落地的平均落點，沒有必要測量小球m1開始釋放的高度h和拋出點距地面的高度H。

故選ADE。

(3)[3]若動量守恒，應有

（v0是m1單獨下落時離開軌道時的速度，v1、v2是兩球碰后m1、m2離開軌道時的速度），又

則有

即【解析】CADE24、略

【分析】【詳解】

(1)驗證動量守恒定律實驗中；即研究兩個小球在軌道水平部分碰