2025年外研版2024高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年外研版2024高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷18考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、有三個(gè)相同的金屬小球A，B，C，其中A，B兩球帶電情況完全相同，C球不帶電．將A，B兩球相隔一定距離固定起來(lái)，兩球間的庫(kù)侖力是F，若使C球先和A接觸，再與B接觸，移去C，則A，B間的庫(kù)侖力變?yōu)椋ǎ〢.B.C.D.2、在某一真空區(qū)域內(nèi)，存在著方向相互平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)（電場(chǎng)強(qiáng)度為E）和勻強(qiáng)磁場(chǎng)（磁感應(yīng)強(qiáng)度為B）．一質(zhì)量為m電量為q的帶正電的粒子（不計(jì)重力）逆著電場(chǎng)線的方向以速度v進(jìn)入該區(qū)域．下列關(guān)于粒子運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法正確的是（）A.粒子受到的電場(chǎng)力為零B.粒子受到的洛倫茲力不為零C.粒子沿初速度方向的最大位移為D.粒子在該區(qū)域中運(yùn)動(dòng)軌跡是螺旋線3、一個(gè)閉合線圈置于磁場(chǎng)中，線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直，則（）A.穿過(guò)線圈的磁通量越小，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越小B.穿過(guò)線圈的磁通量越大，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大C.穿過(guò)線圈的磁通量變化越快，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大D.穿過(guò)線圈的磁通量變化越大，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大4、如圖所示，在下列四種情況中，感應(yīng)電流的方向判斷正確的是(

)

A.B.C.D.5、如圖所示，在兩根平行長(zhǎng)直導(dǎo)線MN

中，通過(guò)同方向、同強(qiáng)度的電流.

導(dǎo)線框ABCD

和兩導(dǎo)線在同一平面內(nèi)，線框沿著與兩導(dǎo)線垂直的方向，自右向左在兩導(dǎo)線間勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，在移動(dòng)過(guò)程中，線框中產(chǎn)生磁感應(yīng)電流的方向是(

)

A.始終沿順時(shí)針?lè)较虿蛔傿.始終沿逆時(shí)針?lè)较虿蛔僀.先沿順時(shí)針?lè)较蚝笱啬鏁r(shí)針?lè)较駾.先沿逆時(shí)針?lè)较蚝笱仨槙r(shí)針?lè)较?、將標(biāo)有“110V、40W”白熾燈L1和標(biāo)有“110V、100W”白熾燈L2，與一只滑動(dòng)變阻器（0～300Ω）組合起來(lái)接在220V的線路上，使L1、L2都能正常發(fā)光；圖中能正常發(fā)光耗電又最小的接法是（）

A.

B.

C.

D.

7、理想實(shí)驗(yàn)是科學(xué)研究中的一種重要方法，它把可靠事實(shí)和科學(xué)思維結(jié)合起來(lái)，可以深刻地提示自然規(guī)律．以下實(shí)驗(yàn)中屬于理想實(shí)驗(yàn)的是（）A.探究求合力方法的實(shí)驗(yàn)B.伽利略的斜面實(shí)驗(yàn)C.用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)物體加速度的實(shí)驗(yàn)D.探究加速度與力、質(zhì)量之間的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)8、為了診斷病人心臟功能和動(dòng)脈血液粘情況，需測(cè)量血管中血液的流量，如圖示為電磁流量計(jì)示意圖，將血管置于磁感強(qiáng)度為B

的磁場(chǎng)中，測(cè)得血管兩側(cè)ab

兩點(diǎn)電壓為U

已知管的直徑為d

則血管中血液的流量Q(

單位時(shí)間內(nèi)流過(guò)的體積).(

)

A.UBd

B.婁脨dUB

C.婁脨dU4B

D.婁脨d2U4B

9、兩束不同頻率的單色光ab

從空氣射入水中，發(fā)生了如圖所示的折射現(xiàn)象(婁脕>婁脗).

下列結(jié)論中正確的是(

)

A.光束b

的頻率比光束a

低B.在水中的傳播速度，光束a

比光束b

小C.水對(duì)光束a

的折射率比水對(duì)光束b

的折射率小D.若光束從水中射向空氣，則光束b

的臨界角比光束a

的臨界角大評(píng)卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)10、下列說(shuō)法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解11、下列說(shuō)法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)12、(1)

如圖所示，線圈內(nèi)有理想邊界的磁場(chǎng)，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增加時(shí)，有一帶電粒子靜止于水平放置的平行板電容器中間，則此粒子帶____電，若增大磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率，則帶電粒子將____(

填“向上運(yùn)動(dòng)”、“向下運(yùn)動(dòng)”或“靜止”)

。(2)

某發(fā)電廠輸出的功率為200kW

輸出電壓為11kV

若采用220kV

的高壓輸電，那么，升壓變壓器(

不計(jì)變壓器能量損失)

的原線圈和副線圈的匝數(shù)比為_(kāi)___；輸電電流為_(kāi)___A

13、如圖所示，甲、乙兩船的總質(zhì)量(

包括船、人和貨物)

分別為10m12m

兩船沿同一直線同一方向運(yùn)動(dòng)，速度分別為2v0v0.

為避免兩船相撞，乙船上的人將一質(zhì)量為m

的貨物沿水平方向拋向甲船，甲船上的人將貨物接住，求拋出貨物的最小速度.(

不計(jì)水的阻力)

14、為觀察電磁感應(yīng)現(xiàn)象，某學(xué)生將電將電流表、螺線管A和B、蓄電池、開(kāi)關(guān)用導(dǎo)線連接成如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路．當(dāng)接通和斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)，電流表的指針將____（填“偏轉(zhuǎn)”或“不偏轉(zhuǎn)”）其理由是____．

15、如圖所示，а、b、c三種粒子垂直射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，根據(jù)粒子在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)情況，判斷粒子的帶電情況是：а______、b______、c______．（填“正電”、“負(fù)電”或“不帶電”）16、為解決樓道的照明，在樓道內(nèi)安裝一個(gè)傳感器與電燈控制電路相接．當(dāng)樓道內(nèi)有人走動(dòng)而發(fā)出聲響時(shí)，電燈即被接通電源而發(fā)光，這種傳感器為_(kāi)_____，它輸入的是______信號(hào)，經(jīng)傳感器轉(zhuǎn)換后，輸出的是______信號(hào)．17、在用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)的實(shí)驗(yàn)中：已知雙縫到光屏之間的距離是600mm，雙縫之間的距離是0.20mm，單縫到雙縫之間的距離是100mm，某同學(xué)在用測(cè)量頭測(cè)量時(shí)，先將測(cè)量頭目鏡中中看到的分劃板中心刻線對(duì)準(zhǔn)某條亮紋（記作第1條）的中心，這時(shí)手輪上的示數(shù)如圖甲所示．然后他轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭，使分劃板中心刻線對(duì)準(zhǔn)第8條亮紋的中心，這時(shí)手輪上的示數(shù)如圖乙所示．這兩次示數(shù)依次為_(kāi)_____mm和______mm．所測(cè)單色光的波長(zhǎng)為_(kāi)_____m．18、一個(gè)物體從某一高度做自由落體運(yùn)動(dòng)，已知它第一秒內(nèi)的位移恰為它最后一秒內(nèi)位移的一半，g

取10m/s2

則它開(kāi)始下落時(shí)距地面的高度為_(kāi)_____m.

評(píng)卷人得分四、判斷題(共1題，共9分)19、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共27分)20、用電壓表；電流表測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)。

（1）采用的是下列：______電路圖。

（2）某同學(xué)將和測(cè)得的數(shù)值逐一描繪在坐標(biāo)紙上，再根據(jù)這些點(diǎn)分別畫出了圖線a與b，如圖2所示，你認(rèn)為比較合理的是圖線______（填“a”或“b”）。

（3）根據(jù)該圖線得到電源電動(dòng)勢(shì)的大小是______V；內(nèi)阻是______Ω（結(jié)果保留兩位小數(shù)）。21、如圖所示為“用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)”實(shí)驗(yàn)裝置圖.

實(shí)驗(yàn)時(shí)如果將綠色濾光片換為紅色濾光片，在毛玻璃屏上觀察到的相鄰亮條紋間距將______(

填“不變”、“變大”或“變小”).

某次實(shí)驗(yàn)中，已知雙縫間距為0.20mm

雙縫到屏的距離為700mm

測(cè)得相鄰亮條紋間距為2.17mm

則濾光片透過(guò)的這種單色光的波長(zhǎng)為_(kāi)_____m(

結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

．

22、一個(gè)小燈泡的額定電壓為2.0V

額定電流約為0.5A

選用下列實(shí)驗(yàn)器材進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，并利用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪和研究小燈泡的伏安特性曲線。

A.電源E

電動(dòng)勢(shì)為3.0V

內(nèi)阻不計(jì)。

B.電壓表V1

量程為0隆蘆3V

內(nèi)阻約為1k婁賂

C.電壓表V2

量程為0隆蘆15V

內(nèi)阻約為4k婁賂

D.電流表A1

量程為0隆蘆3A

內(nèi)阻約為0.1婁賂

E.電流表A2

量程為0隆蘆0.6A

內(nèi)阻約為0.6婁賂

F.滑動(dòng)變阻器R1

最大阻值為10婁賂

額定電流為1.0A

G.滑動(dòng)變阻器R2

最大阻值為150婁賂

額定電流為1.0A

H.開(kāi)關(guān)S

導(dǎo)線若干。

壟脵

實(shí)驗(yàn)中使用的電壓表應(yīng)選用______；電流表應(yīng)選用______；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用______(

請(qǐng)?zhí)顚戇x項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母)

．

壟脷

實(shí)驗(yàn)中某同學(xué)連接實(shí)驗(yàn)電路如圖1

所示；請(qǐng)你不要改動(dòng)已連接的導(dǎo)線，在圖中把還需要連接的導(dǎo)線補(bǔ)上.

閉合開(kāi)關(guān)前，應(yīng)使變阻器滑片放在最______(

填“左”或“右”)

端．

壟脹

實(shí)驗(yàn)中得到的某一組電壓表與電流表示數(shù)如圖2

所示，則電壓表的讀數(shù)為_(kāi)_____V

電流表的讀數(shù)為_(kāi)_____A

請(qǐng)將該組數(shù)據(jù)標(biāo)記在U鈭?I

坐標(biāo)中，其余實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)已標(biāo)記在圖3

的坐標(biāo)圖中，請(qǐng)你畫出小燈泡的U鈭?I

圖線.

并簡(jiǎn)述該圖線不是直線的主要原因______．評(píng)卷人得分六、綜合題(共4題，共20分)23、(1)

下列說(shuō)法正確的是(

)

A.懸浮在水中的花粉的布朗運(yùn)動(dòng)反映了花粉分子的熱運(yùn)動(dòng)。

B.空氣的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結(jié)果。

C.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)。

D.高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低；這是高原地區(qū)溫度較低的緣故。

E.干濕泡溫度計(jì)的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度，這是濕泡外紗布中的水蒸發(fā)吸熱的結(jié)果

(2)

如圖所示，一圓柱形絕熱氣缸豎直放置，通過(guò)絕熱活塞封閉著一定質(zhì)量的理想氣體.

活塞因重力而產(chǎn)生的壓強(qiáng)為0.2p0

活塞的橫截面積為S

與容器底部相距h

此時(shí)活塞處于平衡狀態(tài)，氣體的溫度為T0.

現(xiàn)在活塞上放置一個(gè)質(zhì)量與活塞質(zhì)量相等的物塊，活塞下降了h10

后達(dá)到穩(wěn)定；氣體的溫度為T1.

再通過(guò)電熱絲緩慢加熱氣體，當(dāng)氣體吸收熱量Q

時(shí)活塞緩慢向上移動(dòng)，恰好回到原來(lái)的位置并靜止，此時(shí)氣體的溫度為T2.

已知大氣壓強(qiáng)為Po

重力加速度為g.

不計(jì)活塞與氣缸間的摩擦，不汁理想氣體的重力勢(shì)能.

求：

壟脵T1

與T0

的比值和T2

與T0

的比值；

壟脷

加熱過(guò)程中氣體的內(nèi)能增加量．24、如圖所示，兩個(gè)完全相同的質(zhì)量為m

的木板AB

置于水平地面上，它們的間距s=2.88m

質(zhì)量為2m

大小可忽略的物塊C

置于A

板的左端，C

與A

之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為婁脤1=0.22AB

與水平地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為婁脤2=0.10

最大靜摩擦力可以認(rèn)為等于滑動(dòng)摩擦力。開(kāi)始時(shí)，三個(gè)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)給C

施加一個(gè)水平向右，大小為2mg/5

的恒力F

假定木板AB

碰撞時(shí)間極短且碰撞后粘連在一起，要使C

最終不脫離木板，每塊木板的長(zhǎng)度至少應(yīng)為多少？25、下列說(shuō)法正確的有()A.經(jīng)典物理學(xué)適用于宏觀低速領(lǐng)域，具有局限性B.光具有波動(dòng)性和粒子性，即波粒二象性C.電動(dòng)機(jī)利用了通電線圈在磁場(chǎng)中受到的安培力的作用原理D.利用科技手段可以使物體的速度達(dá)到3.5隆脕108m/s

E.手機(jī)通信必須依靠電磁波F.紅外線人體測(cè)溫儀可以迅速測(cè)量體溫，它是一種傳感器G.只要把閉合線圈放在磁感應(yīng)強(qiáng)度很大勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，并且讓磁感線穿過(guò)線圈，線圈一定會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流H.閉合線圈如果在磁場(chǎng)中作切割磁感線的運(yùn)動(dòng)，一定會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流26、(1)

一根導(dǎo)線長(zhǎng)0.2m

通過(guò)3A

的電流，垂直放入磁場(chǎng)中某處受到的磁場(chǎng)力是6隆脕10鈭?2N

則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度B

的大小是__________T

如果該導(dǎo)線的長(zhǎng)度和電流都減小一半，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小是__________T

(2)

圖一中螺旋測(cè)微器讀數(shù)為_(kāi)_________mm

圖二中游標(biāo)卡尺(

游標(biāo)尺上有50

個(gè)等分刻度)

讀數(shù)為_(kāi)________cm

(3)

一多用電表的電阻檔有三個(gè)倍率，分別是隆脕1隆脕10隆脕100

用隆脕10

檔測(cè)量某電阻時(shí)，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，應(yīng)換到_____檔。如果換檔后立即用表筆連接待測(cè)電阻進(jìn)行讀數(shù)，那么缺少的步驟是_______，若補(bǔ)上該步驟后測(cè)量，表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值是______婁賂

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【解答】解：假設(shè)A帶電量為Q；B帶電量也為Q；

兩球之間的相互吸引力的大小是F=

第三個(gè)不帶電的金屬小球C與A接觸后，A和C的電量都為

C與B接觸時(shí)帶電量平分，則C、B分開(kāi)后電量均為

這時(shí)，A、B兩球之間的相互作用力的大小F′==

故選C．

【分析】理解庫(kù)侖定律的內(nèi)容．知道帶電體相互接觸后移開(kāi)，同種電荷電量平分，異種電荷電量先中和再平分．2、C【分析】解：A；粒子在電場(chǎng)力一定會(huì)受到電場(chǎng)力的作用．故A錯(cuò)誤；

B；電場(chǎng)與磁場(chǎng)的方向平行；帶正電的粒子（不計(jì)重力）逆著電場(chǎng)線的方向進(jìn)入，可知粒子運(yùn)動(dòng)的方向也一定與磁場(chǎng)的方向平行，粒子不受洛倫茲力的作用．故B錯(cuò)誤；

C；粒子只受到電場(chǎng)力的作用；只有電場(chǎng)力做功，則粒子的速度等于0時(shí)：

所以：L=．故C正確；

D；粒子只受到電場(chǎng)力的作用；由于粒子（不計(jì)重力）逆著電場(chǎng)線的方向進(jìn)入，所以粒子受到的電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)的方向始終相反，粒子做直線運(yùn)動(dòng)．故D錯(cuò)誤．

故選：C

根據(jù)電場(chǎng)力的特點(diǎn)與洛倫茲力的特點(diǎn)以及它們的計(jì)算公式分析大小與方向；根據(jù)動(dòng)能定理分析粒子的最大位移．

該題考查帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，解答該題的關(guān)鍵是要注意到粒子運(yùn)動(dòng)的方向與電場(chǎng)的方向平行，則與磁場(chǎng)的方向平行，所以粒子不受洛倫茲力的作用．【解析】【答案】C3、C【分析】解：由法拉第電磁感應(yīng)定律可知：感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量的變化率成正比；

A；線圈中的磁通量變化越??；但磁通量的變化率不一定小，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不一定越小，故A錯(cuò)誤；

B；穿過(guò)線圈的磁通量越大；磁通量的變化率不一定大，線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不一定越大，故B錯(cuò)誤；

C；線圈中的磁通量變化越快；磁通量的變化率越大，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，故C正確；

D；磁通量的變化大；但其變化率不一定大，故產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不一定大，故D錯(cuò)誤．

故選：C

明確法拉第電磁感應(yīng)定律的內(nèi)容；知道感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小取決于磁通量的變化率．

本題考查了對(duì)法拉第電磁感應(yīng)定律的理解，要注意區(qū)分磁通量、磁通量的變化量以及磁通量的變化率三者的區(qū)別，并能正確理解法拉第電磁感應(yīng)定律．【解析】【答案】C4、D【分析】解：A

由圖示可知；穿過(guò)螺線管的磁場(chǎng)向左，磁通量變大，根據(jù)楞次定律，則感應(yīng)電流的磁場(chǎng)的方向向右，螺線管的感應(yīng)電流的方向由左向右，則電流向左通過(guò)電流計(jì)，故A錯(cuò)誤；

B；由圖示結(jié)合安培定則可知；線圈處的磁場(chǎng)的方向向里，當(dāng)線圈向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，向里的磁通量減小，根據(jù)楞次定律，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場(chǎng)的方向向里，可知感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?，故B錯(cuò)誤；

C；由圖示可知；穿過(guò)螺線管的磁場(chǎng)向上，磁鐵遠(yuǎn)離的過(guò)程中磁通量變小，根據(jù)楞次定律，螺線管的感應(yīng)電流方向螺旋向上，則電流向下流過(guò)電流計(jì)，故C錯(cuò)誤；

D；導(dǎo)體棒向左切割磁感線；根據(jù)右手定則可知，流過(guò)導(dǎo)體棒的電流的方向向下.

故D正確．

故選：D

根據(jù)題意確定電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)方向與條形磁鐵磁場(chǎng)方向及穿過(guò)螺線管的磁通量變化間的關(guān)系；

(1)

分析圖示情景；根據(jù)條形磁鐵磁場(chǎng)方向與磁通量變化間的關(guān)系，判斷電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)方向；

(2)

由安培定則判斷出感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向；分析實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，然后得出結(jié)論．

熟練應(yīng)用楞次定律即可正確解題，本題難度不大，是一道基礎(chǔ)題；但解題時(shí)一定要細(xì)心、認(rèn)真，否則容易出錯(cuò)．【解析】D

5、B【分析】解：當(dāng)導(dǎo)線框位于中線OO隆盲

右側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)；磁場(chǎng)向外，磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針ADCBA

當(dāng)導(dǎo)線框經(jīng)過(guò)中線OO隆盲

磁場(chǎng)方向先向外，后向里，磁通量先減小，后增加，根據(jù)楞次定律，可知感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針ADCBA

當(dāng)導(dǎo)線框位于中線OO隆盲

左側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)；磁場(chǎng)向里，磁通量增加，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針ADCBA

．

故說(shuō)明感應(yīng)電流的方向一直沿逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

故選：B

．

兩根平行長(zhǎng)直導(dǎo)線MN

中；通以同方向同強(qiáng)度的電流，產(chǎn)生磁場(chǎng)，根據(jù)安培定則可知，在中線OO隆盲

右側(cè)磁場(chǎng)向外，左側(cè)磁場(chǎng)向里.

當(dāng)導(dǎo)線框向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁通量變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流方向．

本題考查運(yùn)用楞次定律判斷感應(yīng)電流方向的能力，難點(diǎn)在于分析導(dǎo)線框經(jīng)過(guò)中線時(shí)磁場(chǎng)方向和磁通量的變化情況．【解析】B

6、C【分析】

AD、根據(jù)R=知，R1＞R2，在A電路中，L1和L2串聯(lián)，電流相等，則電壓不等，有一個(gè)燈泡分擔(dān)的電壓會(huì)大于110V，會(huì)燒壞．故A電路不能滿足正常發(fā)光．L2與R的并聯(lián)電阻一定小于L1，則L1分擔(dān)的電壓一定大于110V；會(huì)被燒壞．故AD錯(cuò)誤．

BC、當(dāng)L1和L2并聯(lián)部分消耗的電壓為110V時(shí)，兩燈泡能正常發(fā)光，整個(gè)電路消耗的功率P=2×（P1+P2）=280W．

當(dāng)R1與電阻R的并聯(lián)電阻等于L2電阻時(shí)；燈泡就能正常發(fā)光，整個(gè)電路消耗的功率P=2×100W=200W．所以C電路消耗的功率最?。蔆正確，B錯(cuò)誤．

故選C．

【解析】【答案】?jī)蔁襞菥０l(fā)光；則兩燈泡的電壓都要為110V，求出兩燈泡正常發(fā)光時(shí)，整個(gè)電路的消耗的功率，比較哪個(gè)電路消耗功率最?。?/p>

7、B【分析】解：A；探究共點(diǎn)力合成規(guī)律采用的是“等效替代”的思想；故A錯(cuò)誤；

B；伽利略的斜面實(shí)驗(yàn)；抓住主要因素，忽略了次要因素，從而更深刻地反映了自然規(guī)律，屬于理想實(shí)驗(yàn)，故B正確；

A；用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)物體的加速度是在實(shí)驗(yàn)室進(jìn)行是實(shí)際實(shí)驗(yàn)；故C錯(cuò)誤；

D；探究加速度與力、質(zhì)量之間的關(guān)系利用控制變量法；故D錯(cuò)誤；

故選：B

伽利略的理想實(shí)驗(yàn)；以可靠的事實(shí)為基礎(chǔ)，經(jīng)過(guò)抽象思維，抓住主要因素，忽略了次要因素，從而更深刻地反映了自然規(guī)律．這種把可靠的事實(shí)和深刻的理論思維結(jié)合起來(lái)的理想實(shí)驗(yàn)，是科學(xué)研究中的一種重要方法．

理解科學(xué)方法、科學(xué)思想在物理中的應(yīng)用，不斷滲透對(duì)科學(xué)態(tài)度、以及科學(xué)方法的體驗(yàn)與應(yīng)用【解析】【答案】B8、C【分析】解：導(dǎo)電液體流過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域穩(wěn)定時(shí)，電荷所受的電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，則有qE=qUd=qvB

解得v=UBd

流量Q=vS=UBd鈰?婁脨d24=婁脨dU4B.

所以選項(xiàng)C正確．

故選：C

導(dǎo)電液體流過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)；正負(fù)電荷受到洛倫茲力，發(fā)生偏轉(zhuǎn)打到上下兩個(gè)面上，上下兩個(gè)面之間形成電場(chǎng)，最終正負(fù)電荷在電場(chǎng)力和洛倫茲力的作用下處于平衡，根據(jù)受力平衡求出電荷的速度，再根據(jù)Q=vS

求出流量．

解決本題的關(guān)鍵知道導(dǎo)電液體流過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，正負(fù)電荷受到洛倫茲力，發(fā)生偏轉(zhuǎn)打到上下兩個(gè)面上，上下兩個(gè)面之間形成電場(chǎng)，最終正負(fù)電荷在電場(chǎng)力和洛倫茲力的作用下處于平衡．【解析】C

9、C【分析】解：AC

由n=sin婁脠1sin婁脠2

知，b

光的折射率較大，則b

的頻率較大.

故A錯(cuò)誤；C正確．

B

由v=cn

分析可知，b

光的折射率較大；在同種介質(zhì)傳播速度較小.

故B錯(cuò)誤．

D

由臨界角公式sinC=1n

分析得到，b

光的折射率較大；對(duì)同種介質(zhì)的臨界角較小.

故錯(cuò)誤．

故選C

由題，兩束光的入射角相等，折射角婁脕>婁脗

根據(jù)折射定律n=sin婁脠1sin婁脠2

判斷水對(duì)兩束光折射率的大小.

水對(duì)光的折射率越大，此光的頻率越大.

由v=cn

分析光在水中速度大小.

由臨界角公式sinC=1n

分析臨界角的大?。?/p>

光的折射率、頻率、光速、臨界角的對(duì)應(yīng)關(guān)系需清楚，有些學(xué)生弄不清它們之間的關(guān)系，得出錯(cuò)誤的答案.

屬于中等難度題．【解析】C

二、雙選題(共2題，共4分)10、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見(jiàn)物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B11、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見(jiàn)物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B三、填空題(共7題，共14分)12、（1）負(fù)向上運(yùn)動(dòng)（2）1：200.90【分析】(1)

【分析】帶電粒子受重力和電場(chǎng)力平衡，由楞次定律可判斷極板帶電性質(zhì)，由法拉第電磁感應(yīng)定律可得出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)變化，從而知道電場(chǎng)力的變化。本題關(guān)鍵是電容器兩端電壓的表達(dá)，它是聯(lián)系電磁感應(yīng)定律和粒子受力情況的橋梁?！窘獯稹慨?dāng)磁場(chǎng)均勻增加時(shí)；由楞次定律可判斷上極板帶正電.

所以平行板電容器的板間的電場(chǎng)方向向下，帶電粒子受重力和電場(chǎng)力平衡，所以粒子帶負(fù)電；

若增大磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增大，粒子受的電場(chǎng)力增大，則帶電粒子將向上運(yùn)動(dòng)。

故填：負(fù)，向上運(yùn)動(dòng)；(2)

【分析】(1)

根據(jù)變壓器線圈匝數(shù)比等于電壓之比即可求解；

(2)

根據(jù)I=PU

求解電流；本題主要考查了變壓器的原理，電功率的計(jì)算問(wèn)題，難度不大，屬于基礎(chǔ)題?！窘獯稹坑蒼1n2=U1U2

得，升壓變壓器的原線圈與副線圈匝數(shù)比為n1n2=11000220000=120

輸電電流I=PU=200000220000=0.90A

故答案為：1200.90

。

【解析】(1)

負(fù)向上運(yùn)動(dòng)(2)1200.90

13、解：設(shè)拋出貨物的速度為v；由動(dòng)量守恒定律得：

乙船與貨物：12mv0=11mv1-mv；

甲船與貨物：10m×2v0-mv=11mv2；

兩船不相撞的條件是：v2≤v1；

解得：v≥4v0；

答：拋出貨物的最小速度為4v0．【分析】

在拋貨物的過(guò)程中；乙船與貨物組成的動(dòng)量守恒，在接貨物的過(guò)程中，甲船與貨物組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，在甲接住貨物后，甲船的速度小于等于乙船速度，則兩船不會(huì)相撞，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以解題．

知道兩船避免碰撞的條件，應(yīng)用動(dòng)量守恒即可正確解題，解題時(shí)注意研究對(duì)象的選擇．【解析】解：設(shè)拋出貨物的速度為v

由動(dòng)量守恒定律得：

乙船與貨物：12mv0=11mv1鈭?mv

甲船與貨物：10m隆脕2v0鈭?mv=11mv2

兩船不相撞的條件是：v2鈮?v1

解得：v鈮?4v0

答：拋出貨物的最小速度為4v0

．14、略

【分析】

由電路圖可知；開(kāi)關(guān)接在電流表與副線圈B的電路中，接通和斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，只是使線圈B所在回路閉合或斷開(kāi)，不影響原線圈A中電流的變化；開(kāi)關(guān)接通或斷開(kāi)時(shí)，流過(guò)原線圈A的電流不變，穿過(guò)螺線管B的磁通量不變，螺線管B中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表指針不偏轉(zhuǎn)；

故答案為：不偏轉(zhuǎn)；穿過(guò)螺線管B的磁通量沒(méi)有變化．

【解析】【答案】根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件分析答題；感應(yīng)電流產(chǎn)生條件：穿過(guò)閉合回路的磁通量發(fā)生變化．

15、略

【分析】解：由于磁場(chǎng)的方向向里，帶正電的粒子向上運(yùn)動(dòng)，所以電流的方向就是向上的，根據(jù)左手定則可知，受到的洛倫茲力的方向是向左的，所以向左偏轉(zhuǎn)的a帶正電；b沒(méi)有偏轉(zhuǎn)，所以b不帶電；c偏轉(zhuǎn)的方向與a相反；說(shuō)明與a的電性相反，所以帶負(fù)電．

故答案為：正電；不帶電，負(fù)電。

根據(jù)左手定則；讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使四指指向電流的方向，這時(shí)拇指所指的方向就是洛倫茲力的方向．根據(jù)左手定則來(lái)判斷洛倫茲力即可．

本題就是對(duì)左手定則的直接考查，注意運(yùn)動(dòng)電荷的極性，同時(shí)要注意與右手定則的區(qū)別，比較簡(jiǎn)單．【解析】正電；不帶電；負(fù)電16、略

【分析】解：在樓道內(nèi)安裝一個(gè)傳感器與控制電燈的電路相接．當(dāng)樓道內(nèi)有走動(dòng)而發(fā)出聲響時(shí)；電燈即被電源接通而發(fā)光，這種傳感器為聲電傳感器，它輸入的是聲音信號(hào)，經(jīng)傳感器轉(zhuǎn)換后，輸出的是電信號(hào)．

故答案為：聲電傳感器；聲音；電．

聲電傳感器是一種把聲音信號(hào)轉(zhuǎn)化為電信號(hào)的傳感器；它輸入的是聲音信號(hào)，經(jīng)傳感器轉(zhuǎn)換后，輸出的是電信號(hào)．

聲控開(kāi)關(guān)中裝的是聲敏電阻；這種電阻阻值大小與聲音有關(guān)：當(dāng)有聲音時(shí)，它的阻值會(huì)變??；當(dāng)沒(méi)有聲音時(shí)，它的阻值會(huì)變大．

本題是聲控開(kāi)關(guān)在實(shí)際生活中的具體應(yīng)用，需要對(duì)題中要求有清楚的認(rèn)識(shí)，關(guān)鍵是開(kāi)關(guān)的控制作用．【解析】聲電傳感器；聲音；電17、略

【分析】解：甲螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為2.0mm；可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×32.0=0.320mm，所以最終讀數(shù)為：

2.0mm+0.320mm=2.320mm．

乙螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為13.5mm；可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×38.0mm=0.385mm，所以最終讀數(shù)為：

13.5mm+0.385mm=13.885mm．

根據(jù)△x=λ得：

λ===5.5×10-7m

故答案為：2.320；13.885；5.5×10-7．

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)與可動(dòng)刻度讀數(shù)之和，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．根據(jù)△x=λ求出單色光的波長(zhǎng)．

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，以及掌握雙縫干涉條紋的間距公式△x=λ的應(yīng)用．【解析】2.320；13.885；5.5×10-718、略

【分析】解：由h=12gt2

可得：

第1

秒內(nèi)的位移h1=12隆脕10m/s2隆脕(1s)2=5m

則最后一秒內(nèi)的位移h2=2h1=10m

則設(shè)下落總時(shí)間為t

最后1s

內(nèi)的位移h=12gt2鈭?12g(t鈭?1)2=10m

解得：t=1.5s

則物體下落的總高度h=12gt2=11.25m

．

故答案為：11.25

由自由落體的位移公式可求得第一秒內(nèi)物體通過(guò)的位移；則通過(guò)第一秒與最后一秒中通過(guò)位移的關(guān)系可得出最后一秒的位移；則可設(shè)下落總時(shí)間為t

由位移與時(shí)間的關(guān)系可列出方程解出時(shí)間，則可求得下落時(shí)距地高度．

解決自由落體運(yùn)動(dòng)的題目關(guān)鍵在于明確自由落體中的公式應(yīng)用，一般情況下，研究由落點(diǎn)開(kāi)始的運(yùn)動(dòng)列出的表達(dá)式最為簡(jiǎn)單；并且最好嘗試一題多解的方法．【解析】11.25

四、判斷題(共1題，共9分)19、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．五、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共27分)20、Da1.450.94【分析】解：（1）AB；測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中；原理是閉合電路的歐姆定律，電壓表要測(cè)量路端電壓，電流表要測(cè)電路中的總電流，所以AB錯(cuò)誤；

CD；為了使內(nèi)電阻測(cè)量準(zhǔn)確；電流表要采用內(nèi)接法，故D正確，C錯(cuò)誤；

故選：D。

（2）描出點(diǎn)后；應(yīng)用直線把各點(diǎn)連接起來(lái)，不能用曲線及折線，故選a。

（3）利用圖象縱軸上的截距求得電動(dòng)勢(shì)為1.45V，曲線的斜率絕對(duì)值為電源的內(nèi)阻值為：

故答案為：（1）D；（2）a；（3）1.45；0.94。

根據(jù)測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)原理明確實(shí)驗(yàn)電路；根據(jù)圖象由閉合電路歐姆定律求解電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。

本題考查了測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)，解題關(guān)鍵是注意掌握?qǐng)D象法的正確應(yīng)用?！窘馕觥緿a1.450.9421、變大6.2隆脕10鈭?7【分析】【分析】根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式?x=Ld婁脣

判斷相鄰兩亮紋中心的距離的變化。本題考查了雙縫干涉條紋的間距公式?x=Ld婁脣

的直接應(yīng)用，基礎(chǔ)題?！窘獯稹扛鶕?jù)雙縫干涉條紋的間距公式?x=Ld婁脣

如果將綠色濾光片換為紅色濾光片，即婁脣

增大，則相鄰兩亮紋中心的距離變大；濾光片透過(guò)的這種單色光的波長(zhǎng)：婁脣=?x隆隴dL=2.17隆脕10?3隆脕0.20隆脕10?3700隆脕10?3m=6.2隆脕10鈭?7m

故填：變大；6.2隆脕10鈭?7

【解析】變大6.2隆脕10鈭?7

22、略

【分析】解：壟脵

燈泡額定電壓為2V

電壓表應(yīng)選B，燈泡額定電流為0.5A

電流表應(yīng)選E，為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選總阻值較小的F

．

壟脷

描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開(kāi)始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，燈泡正常發(fā)光時(shí)電阻為R=UI=20.5=4婁賂

電壓表內(nèi)阻為電壓表內(nèi)阻約為1k婁賂

電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示；為保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)前，滑片應(yīng)置于左端．

壟脹

由圖示電壓表可知；其量程為3V

分度值為0.1V

示數(shù)為1.20V

由圖示電流表可知，其量程為0.6A

分度值為0.02A

示數(shù)為0.42A

在坐標(biāo)系內(nèi)描出根據(jù)坐標(biāo)系中描出對(duì)應(yīng)點(diǎn)，然后根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)用平滑的曲線把各點(diǎn)連接起來(lái)，作出燈泡的U鈭?I

圖象，如圖所示．

由于燈泡電阻受溫度影響；燈泡電阻隨溫度升高而增大，所以燈泡的U鈭?I

圖線不是直線。

故答案為：壟脵BEF壟脷

電路圖如圖所示；左；壟脹1.200.42.

圖象如圖所示；燈絲電阻隨溫度升高而增大。

壟脵

根據(jù)額定電壓選擇電壓表；根據(jù)額定電流選擇電流表，為方便實(shí)驗(yàn)操作應(yīng)選最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器．

壟脷

描繪小燈泡伏安特性曲線；要電壓與電流應(yīng)從零開(kāi)始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，根據(jù)燈泡電阻與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表接法，然后作出實(shí)驗(yàn)電路圖；滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，在閉合開(kāi)關(guān)前，為保護(hù)電路，滑片應(yīng)置于分壓電路分壓最小的位置．

壟脹

根據(jù)圖示電表確定其量程與分度值；然后讀出其示數(shù)；根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)與坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出圖象．

本題考查描繪燈泡伏安特性曲線的性質(zhì)實(shí)驗(yàn)中實(shí)驗(yàn)器材的選擇、設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖、作圖象等問(wèn)題；要正確實(shí)驗(yàn)器材的選取原則；要掌握描點(diǎn)法作圖的方法，明確圖象的性質(zhì)，由圖象能分析電阻的變化．【解析】BEF

左；1.200.42

燈絲電阻隨溫度升高而增大六、綜合題(共4題，共20分)23、(1)BCE

(2)

解：壟脵

放上物塊后，由理想氣體狀態(tài)方程可知：1.2P0VT0=1.4P0?910VT1

解得：T1T0=6360

當(dāng)加熱后回到原位置時(shí)，由查理定律可知：1.2P0T0=1.4P0T2

解得：T2T0=76

壟脷

在加熱過(guò)程中，為等壓變化，當(dāng)上升h10

過(guò)程中對(duì)外做功為：W=4P0s?h10=125P0sh

故內(nèi)能增加量為：?U=Q?125P0sh

【分析】(1)

【分析】布朗運(yùn)動(dòng)反映了液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不能反映花粉分子的熱運(yùn)動(dòng)；液體表面存在表面張力，能使空氣的小雨滴呈球形；液晶具有各向異性的特點(diǎn)；高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低，這是高原地區(qū)氣壓低的緣故；濕溫度計(jì)下端包有濕紗布，濕紗布上的水分要蒸發(fā)，蒸發(fā)是一種汽化現(xiàn)象，汽化要吸熱，所以濕溫度計(jì)的示數(shù)較低。本題重點(diǎn)要掌握布朗運(yùn)動(dòng)的實(shí)質(zhì)，液體表面張力的形成的原因，以及晶體的物理性質(zhì)等一些基礎(chǔ)性的知識(shí)點(diǎn)的內(nèi)容，在平時(shí)的學(xué)習(xí)過(guò)程中多加積累即可?！窘獯稹緼.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在水中花粉的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)；由于花粉是由大量花粉分子組成的，所以布朗運(yùn)動(dòng)不能反映了花粉分子的熱運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.空氣的小雨滴呈球形是水的表面張力；使雨滴表面有收縮的趨勢(shì)的結(jié)果，故B正確；

C.液晶像液體一樣具有流動(dòng)性；而其光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似具有各向異性，彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)，故C正確；

D.高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低；這是高原地區(qū)氣壓較低的緣故，故D錯(cuò)誤；

E.干濕泡溫度計(jì)的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度；是因?yàn)闈衽萃饧啿贾械乃舭l(fā)吸熱，故E正確。

故選BCE。(2)壟脵

利用理想氣體狀態(tài)方程即可求得溫度之比，注意找出初末狀態(tài)即可；壟脷

在加熱過(guò)程中，氣體對(duì)外做功，由W=PS鈻?h

求的對(duì)外做功，由鈻?U=Q+W

求的內(nèi)能增加量。本題確做功與熱量的正負(fù)的確定是解題的關(guān)鍵；對(duì)氣體正確地進(jìn)行受力分析，求得兩個(gè)狀態(tài)的壓強(qiáng)是解題的關(guān)鍵.

屬于中檔題?！窘馕觥?1)BCE

(2)

解：壟脵

放上物塊后，由理想氣體狀態(tài)方程可知：1.2P0VT0=1.4P0?910VT1

解得：T1T0=6360

當(dāng)加熱后回到原位置時(shí)，由查理定律可知：1.2P0T0=1.4P0T2

解得：T2T0=76

壟脷

在加熱過(guò)程中，為等壓變化，當(dāng)上升h10

過(guò)程中對(duì)外做功為：W=4P0s?h10=125P0sh

故內(nèi)能增加量為：?U=Q?125P0sh

24、解：

設(shè)A、C之間的滑動(dòng)摩擦力大小為f1，A與水平地面之間的滑動(dòng)摩擦力大小為f2

∵μ1=0.22，μ2=0.10

∴①

且②

∴一開(kāi)始A和C保持相對(duì)靜止，在F的作用下向右加速運(yùn)動(dòng)，有：③

A、B兩木塊的碰撞瞬間，內(nèi)力的沖量遠(yuǎn)大于外力的沖量，A、B系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得：m?v1=(m+m)v2④

碰撞結(jié)束后到三個(gè)物體達(dá)到共同速度的相互作用過(guò)程中，由于A、B、C系統(tǒng)所受外力的合力為零，故系統(tǒng)總動(dòng)量守恒，設(shè)木塊向前移動(dòng)的位移為s1，則由動(dòng)量守恒定律：2mv1+(m+m)v2=(2m+m+m)v3⑤

⑥

f3=μ2(2m+m+m)g⑦

對(duì)C物體，由動(dòng)能定理⑧

由以上各式；再代入數(shù)據(jù)可得：l=0.3m

即：每塊木板的長(zhǎng)度至少應(yīng)為0.30m【分析】本題考查了動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用，關(guān)鍵通過(guò)受力分析，明確各個(gè)物體的運(yùn)動(dòng)情況，運(yùn)用動(dòng)量守恒定律和動(dòng)能定理綜合列式求解。A

與B

碰撞前，通過(guò)受力分析可知，AC

系統(tǒng)一起向右加速運(yùn)動(dòng)，AB

碰撞過(guò)程中，AB

系統(tǒng)動(dòng)量守恒，之后ABC

系統(tǒng)所受外力的合力變?yōu)榱?，系統(tǒng)總動(dòng)量守恒，運(yùn)用動(dòng)量守恒和動(dòng)能定理聯(lián)立求解?！窘馕觥拷猓涸O(shè)AC

之間的滑動(dòng)摩擦力大小為f1A

與水平地面之間的滑動(dòng)摩擦力大小為f2

隆脽婁脤1=0.22婁脤2=0.10

隆脿F=25mg<f1=1(2m)g壟脵

且F=25mg>f2=2(2m+m)g壟脷

隆脿

一開(kāi)始A

和C

保持相對(duì)靜止，在F

的作用下向右加速運(yùn)動(dòng)，有：(F鈭?f2)s=12(2m+m)v12壟脹

A；B

兩木塊的碰撞瞬間；內(nèi)力的沖量遠(yuǎn)大于外力的沖量，AB

系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得：m?v1=(m+m)v2壟脺

碰撞結(jié)束后到三個(gè)物體達(dá)到共同速度的相互作用過(guò)程中；由于ABC

系統(tǒng)所受外力的合力為零，故系統(tǒng)總動(dòng)量守恒，設(shè)木塊向前移動(dòng)的位移為s1

則由動(dòng)量守恒定律：2mv1+(m+m)v2=(2m+m+m)v3壟脻