2024年中圖版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年中圖版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷259考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖是安裝在潛水器上深度表的電路簡圖，顯示器由電流表改裝而成，壓力傳感器的電阻隨壓力的增大而減小，電源電壓不變，R0是定值電阻；在潛水器下潛過程中，電路中有關物理量的變化情況是（）

A.通過顯示器的電流減小B.R0兩端的電壓增大C.傳感器兩端的電壓增大D.電路的總功率減小2、加速性能；電能利用率、動能回收等是電動汽車電機的重要指標。如圖所示；甲、乙分別是目前被廣泛采用的兩種電機的簡化原理示意圖，它們的相同點是利用作為定子的電磁鐵（1和4；2和5；3和6）三組線圈交替產生磁場，實現(xiàn)了電磁鐵激發(fā)的磁場在平面內沿順時針方向轉動的效果，以驅動轉子運動；不同的是甲圖所示電機的轉子是一個永磁鐵，而乙圖所示電機的轉子是繞在軟鐵上的閉合線圈。通過電磁驅動轉子轉動，可以為電動汽車提供動力。若假定兩種電機的每組電磁鐵中電流變化周期和有效值均相同，下列說法正確的是（）

A.若減小兩種電機的每組電磁鐵中電流變化周期，則電機穩(wěn)定工作時，兩電機轉子運動周期會增大B.若增大兩種電機的每組電磁鐵中電流有效值，則電機穩(wěn)定工作時，乙電機產生的熱功率會增大C.電機穩(wěn)定工作時，甲電機轉子的轉速與電磁鐵激發(fā)磁場的轉速不同D.剎車（停止供電）時，乙電機轉子由于慣性繼續(xù)旋轉，可以通過反向發(fā)電從而回收動能3、如圖所示，在0≤x≤2L的區(qū)域內存在著垂直于紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B，粗細均勻的正方形金屬線框abcd位于xOy平面內，線框的bc邊與x軸重合，cd邊與y軸重合，線框的邊長為L，總電阻為R．現(xiàn)讓線框從圖示位置由靜止開始沿x軸正方向以加速度a做勻加速運動，通過磁場區(qū)域，則下列說法正確的是()

A.全過程a端電勢比b端電勢有時高，有時低．B.線框完全進入磁場時，a、b兩端沒有電勢差C.a、b兩端的電壓最大值為D.a、b兩端的電壓最大值為4、圖中兩條平行虛線之間存在勻強磁場，虛線間的距離為l，磁場方向垂直紙面向里．abc是位于紙面內的等腰直角三角形線圈，ab邊平行于磁場的虛線邊界，bc邊長也為l．t=0時刻，c點位于磁場區(qū)域的邊界上（如圖）．現(xiàn)令線圈以恒定的速度v沿垂直于磁場區(qū)域邊界的方向穿過磁場區(qū)域．取沿a→b→c的感應電流為正；則在線圈穿越磁場區(qū)域的過程中，感應電流I隨時間t變化的圖線可能是（）

A.B.C.D.5、下列關于教材中四幅插圖的說法正確的是（）

A.圖甲中，當手搖動柄使得蹄形磁鐵轉動，則鋁框會反向轉動，且跟磁體轉動的一樣快B.圖乙是真空冶煉爐，當爐外線圈通入高頻交流電時，線圈中產生大量熱量，從而冶煉金屬C.丙是回旋加速器的示意圖，當增大交流電壓時，粒子獲得的最大動能不變，所需時間變短D.圖丁是微安表的表頭，在運輸時要把兩個正、負接線柱用導線連在一起，這是為了保護電表指針，利用了電磁驅動原理6、普通的交流電流表不能直接接在高壓輸電線路上測量電流，通常要通過電流互感器來連接，圖中電流互感器ab一側線圈的匝數為100匝，工作時電流為Iab；cd一側線圈的匝數為2000匝，工作時電流為Icd，為了使電流表能正常工作，則（）

A.ab接MN、cd接PQ，Iab：Icd=1：20B.ab接MN、cd接PQ，Iab：Icd=20：1C.ab接PQ、cd接MN，Iab：Icd=1：20D.ab接PQ、cd接MN，Iab：Icd=20：17、一電吹風電路圖如圖所示，a、b、c、d為四個固定觸點：可動的扇形金屬觸片P可同時接觸兩個觸點。觸片P處于不同位置時，電吹風可處于停機、吹熱風和吹冷風三種工作狀態(tài)，輸入電壓220V保持不變，和分別是理想變壓器原、副線圈的匝數，小風扇的額定電壓為正常工作時小風扇輸出功率為下列說法正確的有（）

A.小風扇的內阻是B.觸片同時與a、b接觸時吹冷風C.理想變壓器原、副線圈的匝數比D.吹熱風時和吹冷風時通過電吹風的總電流相等8、下列敘述中符合物理學史實的是（）A.奧斯特在實驗中觀察到電流的磁效應B.法拉第提出了著名的分子電流假說C.麥克斯韋證實了電磁波的存在D.法拉第測出電磁波與光的傳播速度相同評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、美國研發(fā)的強力武器軌道電磁炮在試射中將炮彈以5倍音速射向200千米外目標，射程為海軍常規(guī)武器的10倍，且破壞力驚人。電磁炮原理如圖所示，若炮彈質量為m，水平軌道長L，寬為d，軌道摩擦不計，炮彈在軌道上做勻加速運動，要使炮彈達到5倍音速（設音速為v）；則（）

A.炮彈在軌道上的加速度為B.磁場力做的功為mv2C.磁場力做功的最大功率為D.磁場力的大小為10、如圖所示，圖甲是LC振蕩回路中電流隨時間的變化關系，若以圖乙回路中順時針方向的電流為正，a、b、c、d均為電場能或磁場能最大的時刻；下列說法正確的（）

A.圖乙中的a是電場能最大的時刻，對應圖甲中的時刻B.圖乙中的b是電場能最大的時刻，此后的內電流方向為正C.圖乙中的c是磁場能最大的時刻，對應圖甲中的時刻D.圖乙中的d是磁場能最大的時刻，此后電容C的下極板將充上正電荷11、如圖所示的電路中，理想變壓器輸入的交流電壓不變；開關K閉合后，下列說法正確的是（）

A.電流表A示數變大B.電壓表V示數不變C.變壓器的輸入功率變大D.燈變亮12、如圖所示，電阻不計的光滑金屬導軌MN、PQ水平放置，間距為d，兩側接有電阻阻值均為R，右側有磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場。質量為m、長度也為d的金屬桿置于左側，在水平向右、大小為F的恒定拉力作用下由靜止開始運動，經時間t到達時撤去恒力F，金屬桿在到達NQ之前減速為零。已知金屬桿電阻也為R；與導軌始終保持垂直且接觸良好，下列說法正確的是（）

A.桿剛進入磁場時速度大小為B.桿剛進入磁場時電阻兩端的電勢差大小為C.整個過程中，流過金屬桿的電荷量為D.整個過程中，電阻上產生的焦耳熱為13、如圖所示為變壓器工作電路示意圖，其中T為理想變壓器，輸電線電阻可等效為電阻r，燈L1、L2相同且阻值不變．現(xiàn)保持變壓器T的輸入電壓不變，滑片P處于圖中位置，開關S斷開，該狀態(tài)下燈L1正常發(fā)光；則下列說法正確的是。

A.僅閉合開關S，燈L1會變亮B.僅閉合開關S，r消耗的功率會變大C.僅將滑片P下移，r消耗的功率會變小D.僅將滑片P上移，電流表示數會變小14、如圖所示，方向豎直向下的勻強磁場B中有兩根位于同一水平面內的足夠長的平行金屬導軌，導軌間的距離為L，兩電阻均為R的光滑導體棒靜止在導軌上，的質量是m，的質量是時，棒以初速度向右滑動。運動過程中，始終與導軌垂直并接觸良好。下列說法正確的是（）

A.0時刻棒的加速度大小為B.最終兩棒的速度均為C.整個過程中通過棒橫截面的電荷量是D.整個過程中兩棒間增加的距離是15、如圖所示，兩光滑平行長直導軌水平放置在磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場與導軌所在平面垂直。已知金屬棒MN能沿導軌自由滑動，導軌一端跨接一個定值電阻R，金屬棒與導軌電阻不計。金屬棒在恒力F作用下從靜止開始沿導軌向右運動，在以后過程中，金屬棒速度v、加速度a、感應電動勢E以及通過電阻R的電荷量q隨時間t變化的關系表示正確的是（）

A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、光敏電阻在自動化裝置中有很多應用，街道路燈自動控制就是其應用之一，圖示電路為其模擬電路，其中干電池的內阻可忽略不計，A處接電磁繼電器，B為三極管（當時，間的電阻R可忽略不計，當時，R可視為無窮大），b點的電勢由與的比值決定，中有一個是定值電阻；另一個是光敏電阻，阻值隨光照強度增強而減小，C為電磁繼電器，D為路燈。為了達到日出路燈熄，日落路燈亮的效果，請回答下列問題：

(1)是___________（選填“光敏電阻”或“定值電阻”）；

(2)請用筆畫線代替導線，將實物連接成正確的電路。（________）17、法拉第電磁感應定律。

（1）內容：閉合電路中感應電動勢的大小，跟穿過這一電路的_________成正比。

（2）公式：E=n其中n為線圈的匝數。

（3）在國際單位制中，磁通量的單位是_________，感應電動勢的單位是_____________18、動圈式話筒是利用________原理將__________信號轉換為________信號的。19、位移傳感器的發(fā)射器發(fā)射________和________兩種脈沖，接收器測出前后接收到這兩種脈沖的不同的________，計算機就根據兩者的________和________。計算出發(fā)射器和接收器間的距離。20、磁電式電流表。

（1）原理：安培力與電流的關系，通電線圈在磁場中受到______而偏轉，線圈偏轉的角度越大，被測電流就______根據指針的______；可以知道被測電流的方向．

（2）構造：______、______；螺旋彈簧、指針、極靴．

（3）特點：極靴與鐵質圓柱間的磁場沿______方向，線圈無論轉到什么位置，它的平面都跟磁感線______，且線圈左右兩邊所在處的磁感應強度大小______。

（4）優(yōu)點：靈敏度高，可以測出______的電流。缺點：線圈的導線很細，允許通過的電流______。21、電磁波的調制：在電磁波發(fā)射技術中，使載波隨各種_________而改變的技術。調制分為調幅和調頻。

（1）調幅（AM）：使高頻電磁波的_________隨信號的強弱而改變的調制方法。

（2）調頻（FM）：使高頻電磁波的_________隨信號的強弱而改變的調制方法。22、頻率（f）：

周期的倒數叫作頻率，數值等于交變電流在單位時間內完成周期性變化的__________23、如圖所示，一條形磁鐵豎直下落穿過一水平固定放置的金屬圓環(huán)，若俯視金屬圓環(huán)，則圓環(huán)中產生的感應電流方向先沿______方向，再沿______方向。（填“順時針”或“逆時針”）

24、質子和α粒子由靜止出發(fā)經過同一加速電場加速后，沿垂直磁感線方向進入同一勻強磁場，則它們在磁場中的速度大小之比為________；軌道半徑之比為________；周期之比為________。評卷人得分四、作圖題(共4題，共12分)25、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

26、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

27、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

28、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共2題，共14分)29、傳感器擔負著信息的采集任務；在自動控制中發(fā)揮著重要作用。例如溫度傳感器，可將溫度轉換為電信號。制作溫度傳感器的材料有熱敏電阻和金屬熱電阻兩種。

（1）某研究性學習小組為探究這兩種電阻特性而進行了如下實驗，分若干次向燒杯中倒入開水，測量不同溫度下兩種電阻的阻值，根據實驗數據描繪出它們的阻值R隨溫度t變化的圖像如圖甲所示，由圖可知，熱敏電阻在溫度上升時導電能力______（選填“增強”或“減弱”）；相對金屬熱電阻而言，熱敏電阻對溫度變化的影響更______（選填“敏感”或“不敏感”）；

（2）該小組利用熱敏電阻作為傳感器制作的簡單自動報警器線路圖如圖乙所示；則：

①為了使溫度過高時報警器鈴響，應接在______（選填“a”或“b”）；

②若使啟動報警的溫度提高些，應將滑動變阻器滑片Р點向______（選填“左”或“右”）移動；

③直流電源電動勢為18V（內阻不計），熱敏電阻達到100℃電阻大小為600Ω。流過熱敏電阻的電流超過時就會報警，為10mA，則滑動變阻器應選擇______。（填正確選項前的字母）

A.B.C.30、霍爾效應是電磁基本現(xiàn)象之一，近期我國科學家在該領域的實驗研究上取得了突破性進展．如圖1所示，在一矩形半導體薄片的P，Q間通入電流I，同時外加與薄片垂直的磁場B，在M，N間出現(xiàn)電壓UH，這個現(xiàn)象稱為霍爾效應，UH稱為霍爾電壓，且滿足UH＝k式中d為薄片的厚度，k為霍爾系數．某同學通過實驗來測定該半導體薄片的霍爾系數．

(1)若該半導體材料是空穴(可視為帶正電粒子)導電，電流與磁場方向如圖1所示，該同學用電壓表測量UH時，應將電壓表的“＋”接線柱與______(填“M”或“N”)端通過導線相連．

(2)已知薄片厚度d＝0.40mm，該同學保持磁感應強度B＝0.10T不變，改變電流I的大小，測量相應的UH值，記錄數據如下表所示．根據表中數據在圖2中畫出UH—I圖線，利用圖線求出該材料的霍爾系數為______×10－3V·m·A－1·T－1(保留2位有效數字).

(3)該同學查閱資料發(fā)現(xiàn)，使半導體薄片中的電流反向再次測量，取兩個方向測量的平均值，可以減小霍爾系數的測量誤差，為此該同學設計了如圖3所示的測量電路，S1，S2均為單刀雙擲開關，虛線框內為半導體薄片(未畫出)．為使電流從Q端流入，P端流出，應將S1擲向________(填“a”或“b”)，S2擲向________(填“c”或“d”)．為了保證測量安全，該同學改進了測量電路，將一合適的定值電阻串聯(lián)在電路中．在保持其它連接不變的情況下，該定值電阻應串聯(lián)在相鄰器件________和________(填器件代號)之間．

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】

本題考查閉合回路的歐姆定律的動態(tài)電路分析問題；有題干知壓力傳感器的電阻隨溫度的增加而減少，用歐姆定律分析可得答案．

【詳解】

解：A、由題，潛水器下潛的過程中，壓力傳感器的電阻隨壓力的增大而減小，所以電路中的總電阻減小，由閉合電路的歐姆定律：可知電路中的電流值增大，故A錯誤；

B、電路中的電流值增大．根據歐姆定律，兩端的電壓U增大．故B正確；

C、傳感器兩端的電壓由于I增大，其他的都不變，所以傳感器兩端的電壓減?。蔆錯誤；

D、由可知，電路的總功率隨電流的增大而增大．故D錯誤．

故選B．

【點睛】

在潛水器下潛過程中；壓力傳感器的電阻隨壓力的增大而減小，得出總電阻減小，結合閉合電路的歐姆定律與電功率的表達式即可解答．

該題考查了串聯(lián)電路的特點以及閉合電路的歐姆定律，解答的關鍵是由壓力傳感器的電阻隨壓力的增大而減小，從而得出總電阻的變化，再根據歐姆定律解答即可．2、B【分析】【詳解】

A．若減小兩種電機的每組電磁鐵中電流變化周期；則電機穩(wěn)定工作時，兩電機轉子運動周期會減小，故A錯誤；

B．乙電機中；轉子也會產生焦耳熱，若增大兩種電機的每組電磁鐵中電流有效值，則電機穩(wěn)定工作時，乙電機產生的熱功率會增大，故B正確；

C．電機穩(wěn)定工作時；甲電機轉子的轉速與電磁鐵激發(fā)磁場的轉速相同，故C錯誤；

D．剎車（停止供電）時；乙電機轉子失去磁性，則無法通過反向發(fā)電從而回收動能，故D錯誤。

故選B。3、C【分析】【分析】

可根據楞次定律或右手定則來判斷；以及動力學公式和電磁感應定律來計算．

【詳解】

A．當線框從開始位置到ab邊運動到磁場右邊緣的過程中，先cd邊切割磁感線，后ab、cd邊割磁感線，最后ab邊切割，根據右手定則判斷，a端電勢比b端電勢都高；故A錯誤；

B．線框完全進入磁場時，ab、cd邊都切割磁感線，根據右手定則判斷，雖然線框中沒有感應電流，但a端電勢仍比b端電勢高，即a、b兩端有電勢差；故B錯誤；

CD．計算a、b兩端的電壓有最大值時，有兩種情況可考慮：一種情況是，線框的ab邊運動到磁場右邊緣瞬間，線框的速度最大，線框中的電流最大，此時的a、b兩端的電壓最大，ab邊通過的距離是3L,設線框的最大速度為根據運動學公式和導線切割磁感線產生感應電動勢有

解得

因為ab邊切割產生感應電動勢，ab邊就是電源，設電壓為得

第二種情況是，cd邊運動到將要出磁場右邊緣瞬間，金屬線框通過距離是2L，整個金屬線框在磁場中有最大速度，設最大速度為＇，最大電動勢為E＇根據導線切割磁感線產生感應電動勢有＇=E＇

因金屬線框都在磁場中，ab、cd邊以同方向、同速度都切割磁感線，產生的電動勢大小相等，在電路中方向相反，線框中沒有電流，此時a、b兩端的電壓就等于電動勢，是＇＇

比較和＇，<＇故C正確；D錯誤。

故選C。

【點睛】

計算最大值的問題，要分析在什么情況下存在最大值．4、A【分析】【詳解】

試題分析：感應電流I=

在0﹣時間內；由右手定則楞次定律判斷可知，感應電流方向沿逆時針方向，是正的，線框切割磁感線的有效長度l均勻增加，則電流I均勻增加；

在﹣2時間內；由右手定則楞次定律判斷可知，感應電流方向沿順時針方向，是負的，線框切割磁感線的有效長度l均勻增加，則電流I均勻增加；

由圖示圖象可知；BCD錯誤，A正確；

故選A5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據電磁驅動原理；圖甲中，當手搖動柄使得蹄形磁鐵轉動，則鋁框會同向轉動，且比磁體轉動的慢，故A錯誤；

B．圖乙是真空冶煉爐；當爐外線圈通入高頻交流電時，鐵塊中產生渦流，產生大量熱量，從而冶煉金屬，故B錯誤；

C．根據

可得

即粒子獲得的最大動能與電壓無關；但是加速電壓變大時，粒子加速的時間變短，所以所需時間變短，故C正確；

D．圖丁是微安表的表頭；在運輸時要把兩個正；負接線柱用導線連在一起，這是為了保護電表指針，利用了電磁阻尼原理，故D錯誤。

故選C。6、B【分析】【詳解】

根據理想變壓器的電流之比等于匝數的反比可知，輸入端ab接MN，輸出端cd接PQ，電流互感器的作用是使大電流變成小電流；根據理想變壓器的電流之比等于匝數的反比可知===

故選B。7、C【分析】【詳解】

A．小風扇的額定電流為

若小風扇為純電阻，則內阻為

由于小風扇不是純電阻，電能除轉化為熱量外還轉化為機械能，故內阻不為故A錯誤；

B．觸片同時與a、b接觸時；小風扇和電熱絲都工作，吹熱風，故B錯誤；

C．根據理想變壓器原副線圈電壓比與匝數比的關系可得

故C正確；

D．由題意可知，吹熱風或吹冷風時，電吹風的輸入電壓均為220V，但吹熱風和吹冷風時的功率不同，即

因此總電流

故D錯誤。

故選C。8、A【分析】【詳解】

A．奧斯特在實驗中觀察到電流的周圍存在磁場；發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，該效應揭示了電和磁之間存在聯(lián)系，故A正確；

B．安培提出了著名的分子電流假說；故B錯誤；

CD．赫茲用實驗證實了電磁波的存在；并測出電磁波與光的傳播速度相同，故CD錯誤。

故選A。二、多選題(共7題，共14分)9、A:C【分析】【詳解】

A．炮彈在軌道上做初速度為零的勻加速直線運動，由公式v2=2ax得

故A正確；

B．不計摩擦，磁場力做的功等于炮彈增加的動能，即

故B錯誤；

CD．由動能定理得

磁場力的大小

則磁場力的最大功率

故C正確；D錯誤。

故選AC。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．圖乙中的a是電場能最大的時刻，由上極板帶正電，即充電時電流沿順時針方向，對應圖甲中的時刻；A錯誤；

B．圖乙中的b是電場能最大的時刻，由下極板帶正電，此后的內放電；電流沿順時針方向，B正確；

C．圖乙中的c是磁場能最大的時刻，此后磁場能轉化為電場能，由楞次定律判斷，電流方向為逆時針方向，圖甲中的時刻電流為逆時針方向；C正確；

D．圖乙中的d是磁場能最大的時刻；此后磁場能轉化為電場能，由楞次定律判斷，電流方向為順時針方向，此后電容C的下極板將充上負電荷，D錯誤。

故選BC。11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．開關K閉合后，負載多并入一個支路電阻，負載總電阻變小，由于原線圈輸入電壓和匝數比不變。副線圈輸出電壓也不變，因此，流過副線圈的輸出電流變大，輸入電流隨之變大；因此電流表示數變大，故A項正確；

B．由于流過干路電阻R的電流變大，所以電阻R分得的電壓變大；并聯(lián)電路的電壓變小，所以電壓表示數變小，故B項錯誤：

C．由前述分析可知，輸入電壓不變而輸入電流變大，根據

可知輸入功率變大；故C項正確；

D．燈兩端電壓變??；流過的電流也變小，因此會變暗，故D項錯誤。

故選AC。12、B:C【分析】【詳解】

A．桿剛進入磁場之前的加速度大小為

則進入磁場時速度大小為

選項A錯誤；

B．桿剛進入磁場時產生的感應電動勢為

則電阻R1兩端的電勢差大小為

選項B正確；

C．金屬棒進入磁場后，由動量定理

即

因為

解得

選項C正確；

D．整個過程中，產生的總焦耳熱為

則電阻R1上產生的焦耳熱為

選項D錯誤。

故選C。13、B:C【分析】【詳解】

A項：閉合s，副線圈的電阻變小，副線圈的電壓不變，所以副線圈中電流增大，上損失的電壓增大，燈泡兩端的電壓變小，所以燈變暗；故A錯誤；

B項：由A項分析可知，副線圈中的電流增大，由公式可知，消耗的功率會變大；故B正確；

C項：僅將滑片P下移，副線圈的匝數變小，副線圈中兩端的電壓變小，副線圈中的電流變小，所以消耗的功率會變?。还蔆正確；

D項：僅將滑片P上移，副線圈的匝數變大，副線圈兩端電壓變大，所以原線圈中的電流變大，即電流表示數變大，故D錯誤．14、B:D【分析】【詳解】

A．0時刻對棒受力分析，根據牛頓第二定律可得

解得

故A錯誤；

B．系統(tǒng)滿足動量守恒定律，最終兩棒達到共同速度，即

解得

故B正確；

C．設整個過程通過ab棒的平均電流為根據動量定理可得

又

聯(lián)立，可得

故C錯誤；

D．由法拉第電磁感應定律可知

又

聯(lián)立，可得

故D正確。

故選BD。15、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．金屬棒受到恒力作用開始做加速運動；運動以后由于切割磁感線導體棒受到安培力的作用，加速度大小滿足。

隨著速度的增大；加速度越來越小，最終將做勻速運動，A錯誤B正確；

C．電動勢。

E隨t變化的圖線切線斜率越來越小，最后E為一定值；C正確；

D．通過電阻R的電荷量。

q跟導體棒的位移成正比；當導體棒做勻速運動時圖線的切線斜率不變，D正確。

故選BCD。三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]由于光敏電阻阻值隨著光照強度的增大而減小，為使路燈正常工作，在白天時電磁繼電器的觸點斷開，電磁鐵通電，變小或變大，而白天時光敏電阻阻值變小，所以是光敏電阻；

(2)[2]根據題述分析可知；A處與繼電器相連，路燈與火線；零線相連接，開關應接在火線上，畫導線時要避免交叉電路圖如圖所示。

【解析】光敏電阻17、略

【解析】①.磁通量的變化率②.韋伯（Wb）③.伏（V）18、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]動圈式話筒是利用電磁感應原理將聲信號轉換為電信號的?！窘馕觥竣?電磁感應②.聲③.電19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]位移傳感器的發(fā)射器向接收器同時發(fā)射紅外線和超聲波脈沖。

[3][4][5]接收器收到紅外線脈沖時開始計時，收到超聲波脈沖時停止計時，以此測出前后接收到這兩種脈沖的不同的時間，計算機就根據兩者的時間差和空氣中的聲速，計算出發(fā)射器和接收器間的距離?！窘馕觥竣?紅外線②.超聲波③.時間④.時間差⑤.空氣中的聲速20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.安培力②.越大③.偏轉方向④.磁體⑤.線圈⑥.半徑⑦.平行⑧.相等⑨.很弱⑩.很弱21、略

【解析】①.信號②.振幅③.頻率22、略

【解析】次數23、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]磁鐵從上方接近線圈的過程中，穿過線圈的磁通量向下增加，根據楞次定律可知，線圈中產生俯視逆時針方向的感應電流；當磁鐵穿過線圈原理線圈時，穿過線圈的磁通量向下減小，根據楞次定律可知，線圈中產生俯視順時針方向的感應電流。【解析】逆時針順時針24、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】∶11∶1∶2四、作圖題(共4題，共12分)25