深圳市鹽田高級中學(xué)2023-2024學(xué)年高一（上）期末物理試卷

第17頁（共17頁）（五）2023-2024學(xué)年廣東省深圳市鹽田高級中學(xué)高一（上）期末物理試卷一、單項選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的）1．（4分）下列說法正確的是（）A．圖甲中，伽利略使用該斜面進行實驗，得出力和運動的關(guān)系 B．圖乙中，落在球網(wǎng)中的足球受到彈力是由于足球發(fā)生了形變 C．圖丙中，平衡車的重力與地面對平衡車的支持力是一對作用力與反作用力 D．圖丁中，該工具測得的物理量，不屬于國際單位制中的基本物理量2．（4分）C919是我國自行研制、擁有自主知識產(chǎn)權(quán)的大型噴氣式民用飛機，圖2示是國產(chǎn)大飛機C919起飛離地后，斜向上加速直線運動的一個瞬間，關(guān)于此瞬間，以下說法正確的是（）圖2圖3A．飛機的加速度方向豎直向上 B．乘客受到飛機座椅的力豎直向上 C．乘客處于超重狀態(tài) D．飛機處于失重狀態(tài)3．（4分）某同學(xué)為研究地鐵8號線的運動情況，它用細線將一支圓珠筆懸掛在地鐵的豎直扶手上，地鐵啟動時用手機拍攝了如圖3所示的照片，拍攝方向跟地鐵前進方向垂直。已知當?shù)刂亓铀俣葹間。下列說法正確的是（）A．該地鐵的速度方向向右 B．只需測出筆的質(zhì)量，即可估算出地鐵的加速度 C．該地鐵的加速度方向向右 D．只需測出細繩與豎直扶手之間的夾角，即可估算出地鐵的加速度4．（4分）蹦極是一項非常刺激的戶外極限運動。如圖4所示，彈性繩（滿足胡克定律）一端固定在高空跳臺上，另一端系住跳躍者的腳腕，人從跳臺上由靜止開始落下，彈性繩質(zhì)量不計，忽略空氣阻力的影響，則人第一次下落的過程中（）,圖4圖5A．人在加速下落過程中，其慣性增大 B．速度先增大后減小 C．加速度先不變后增大 D．彈性繩伸直時人開始做減速運動5．（4分）如圖5所示，用一輕繩將光滑小球P系于粗糙墻壁上的O點，在墻壁和球P之間夾有一矩形物塊Q，整體處于靜止狀態(tài)。略微改變繩子的長度，P、Q仍然均處于靜止狀態(tài)，則下列相關(guān)說法正確的是（）A．P、Q兩物體都受3個力作用 B．若繩子變短，墻壁對Q的支持力將減小 C．若繩子變短，繩子的拉力將變大 D．若繩子變短，Q受到的靜摩擦力將增大6．（4分）如圖6，跳傘運動員做低空跳傘表演如圖甲所示．運動員從高空懸停的直升機上跳下沿豎直方向運動，其v﹣t圖象如圖乙所示，下列說法正確的是（）A．運動員在0～10s內(nèi)的平均速度大小等于10m/s B．10s～15s內(nèi)運動員做加速度逐漸減小的減速運動 C．10s末運動員的速度方向發(fā)生改變 D.從15s末開始運動員處于靜止狀態(tài)圖6圖77．（4分）手機中有加速度傳感器，能通過圖像顯示加速度情況。用手掌托著質(zhì)量為m的手機，打開加速度傳感器，把手機向上拋出，然后又在拋出點接住手機，得到如圖所示的加速度隨時間變化的圖像，圖中t1＝0.38s，t2＝0.55s，t3＝0.66s，t4＝1.26s，取重力加速度g＝10m/s2，由此可判斷出（）A．t1時刻手掌對手機的作用力2mg B．t2時刻手機剛好離開手掌 C．t3時刻手機的速度為3m/s D．手機離開手掌后上升的高度為0.9m二、多項選擇題（本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，每題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）（多選）8．（6分）如圖8，冰壺是以隊為單位在冰上進行的一種投擲性競賽項目，屬冬奧會比賽項目，并設(shè)有冰壺世錦賽。在某次比賽中，冰壺被投出后，如果做勻減速直線運動，用時20s停止，最后1s內(nèi)位移大小為0.2m，則下面說法正確的是（）圖8圖9A．冰壺第1s內(nèi)的位移大小是7.8m B．冰壺的加速度大小是0.4m/s2 C．前10s位移和后10s的位移之比為3：1 D．冰壺的初速度大小是6m/s（多選）9．（6分）如圖9所示，A、B、C三個物體的質(zhì)量分別為2m、2m、m，其中物體B和C通過跨過光滑定滑輪的輕繩連在一起，物體A與輕彈簧上端連在一起，輕彈簧下端固定在地面上，現(xiàn)在剪斷B、C間的輕繩，在剪斷瞬間下列說法正確的是（重力加速度為g）（）A．物體A與B之間輕繩的彈力為 B．物體B的加速度大小為 C．物體A的加速度為0 D．彈簧產(chǎn)生的彈力為2mg（多選）10．（6分）粗糙的水平面上一物體在水平方向拉力作用下做直線運動，水平拉力F及運動速度v隨時間變化的圖象如圖中甲、乙所示，取重力加速度g＝10m/s2，則（）A．前2s內(nèi)物體運動的加速度為2m/s2 B．前4s內(nèi)物體運動的位移的大小為8m C．物體的質(zhì)量m為2kg D．物體與地面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.1三、實驗題（本題共2小題，共18分）11．（8分）“驗證力的平行四邊形定則”實驗。（1）小王同學(xué)設(shè)計實驗如圖甲所示，三個細線套L1、L2、L3一端共系于一個結(jié)點，另一端分別系于輕質(zhì)彈簧測力計B和重物M上，A掛于固定點P。手持B拉動細線，使結(jié)點靜止于O點。①本實驗中，主要體現(xiàn)的科學(xué)方法是。A．理想實驗法B．等效替代法C．極限思想法D．建立物理模型法②某次實驗中A的指針位置如圖甲所示，其讀數(shù)為N。（2）小李同學(xué)設(shè)計實驗如圖乙所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細繩的結(jié)點，OB和OC為細繩，圖丙是在白紙上根據(jù)實驗結(jié)果畫出的圖，圖丙中的是力F1和F2的合力的理論值；是力F1和F2的合力的實際測量值。（3）如圖丁所示，F(xiàn)1、F2夾角大于90°，現(xiàn)保持O點位置不變，拉力F2方向不變，增大F1與F2的夾角，將F1緩慢轉(zhuǎn)至水平方向的過程中，兩彈簧秤示數(shù)大小變化為（兩彈簧測力計的拉力均不超出它們的量程）。A．F1一直增大、F2一直增大B．F1先減小后增大、F2一直增大C．F1一直增大、F2一直減小D．F1一直增大、F2先減小后增大12．（10分）圖（a）為某實驗小組“探究物體加速度與所受合外力關(guān)系”的實驗裝置。（1）為完成實驗，除了圖（a）中標出的實驗器材外，還需要的實驗器材有。A．秒表B．刻度尺（最小刻度為mm）C．50Hz低壓交流電源（2）為了消除小車與水平木板之間摩擦力的影響應(yīng)采取的做法是。A．將木板不帶滑輪的一端適當墊高，使小車在托盤和砝碼拉動下恰好做勻速運動B．將木板不帶滑輪的一端適當墊高，使小車在托盤和砝碼拉動下恰好做勻加速運動C．將木板不帶滑輪的一端適當墊高，在不掛托盤和砝碼的情況下使小車恰好做勻速運動D．將木板不帶滑輪的一端適當墊高，在不掛托盤和砝碼的情況下使小車恰好做勻加速運動（3）實驗中得到如圖（b）所示的一條紙帶，已知交流電頻率為50Hz，兩計數(shù)點間還有四個點沒有畫出，可得打計數(shù)點3時小車的速度大小為v3＝m/s，小車的加速度大小為a＝m/s2。（均保留三位有效數(shù)字）（4）實驗小組用a表示小車的加速度，用F表示測量細線拉力的傳感器的示數(shù)，在平衡摩擦力時，不慎使長木板傾角過大，則得到的a﹣F關(guān)系是圖中的哪幅圖？答：。（5）該實驗（選填“需要”或“不需要”）滿足鉤碼質(zhì)量遠遠小于小車和傳感器的總質(zhì)量。四、解答題（本題共3小題，共36分，解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分）13．（10分）物流公司通過滑軌把貨物直接裝運到卡車中，如圖所示，傾斜滑軌與水平面成37°角，長度l1＝4m，水平滑軌長度可調(diào)，兩滑軌間平滑連接。若貨物從傾斜滑軌頂端由靜止開始下滑，其與滑軌間的動摩擦因數(shù)均為μ＝0.5，貨物可視為質(zhì)點（cos37°＝0.8，sin37°＝0.6）。（1）求貨物在傾斜滑軌上滑行時加速度a1的大??；（2）求貨物在傾斜滑軌末端時速度v的大?。唬?）若貨物滑離水平滑軌末端時的速度不超過1m/s，求水平滑軌的最短長度l2。14．（12分）一個底面粗糙、質(zhì)量為M的斜面體放在粗糙水平面上，斜面體的斜面光滑、足夠長且與水平面成30°角，現(xiàn)用一端固定的輕繩系一質(zhì)量為m的小球，小球放在斜面上，重力加速度為g，小球靜止時輕繩與豎直方向的夾角也為30°，如圖所示。（1）當斜面體靜止時，求小球?qū)π泵娴膲毫?；?）水平緩慢移動斜面體，在移動過程中，求輕繩拉力的最小值；（3）試求當輕繩拉力最小時（斜面體保持靜止），地面對斜面體的摩擦力大小。15．（14分）航模興趣小組設(shè)計出一架遙控飛行器，其質(zhì)量m＝2kg，動力系統(tǒng)提供的恒定升力F＝28N．試飛時，飛行器從地面由靜止開始豎直上升．設(shè)飛行器飛行時所受的阻力大小不變，g取10m/s2．（1）第一次試飛，飛行器飛行t1＝8s時到達高度H＝64m．求飛行器所阻力f的大??；（2）第二次試飛，飛行器飛行t2＝6s時遙控器出現(xiàn)故障，飛行器立即失去升力．求飛行器能達到的最大高度h；（3）為了使飛行器不致墜落到地面，求飛行器從開始下落到恢復(fù)升力的最長時間t3．

2023-2024學(xué)年廣東省深圳市鹽田高級中學(xué)高一（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、單項選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的）1．【分析】根據(jù)基礎(chǔ)的物理知識分析即可?！窘獯稹拷猓篈．圖甲中，伽利略外推到斜面傾角為90°的情形，間接證明了自由落體運動是勻加速直線運動，不是力和運動的關(guān)系，故A錯誤；B．圖乙中，落在球網(wǎng)中的足球受到彈力是由于球網(wǎng)發(fā)生了形變，故B錯誤；C．圖丙中，平衡車的重力與地面對平衡車的支持力大小不相等，且兩力均作用在同一物體上，根據(jù)牛頓第三定律可知，這兩個力不是一對相互作用力，故C錯誤；D．圖丁中，彈簧測力計用來測力的大小，其單位為牛頓，符號為N，而牛頓不屬于國際基本單位，是導(dǎo)出單位。由F＝ma，其量綱相乘可得1N＝1kg?m/s2，故其是基本單位組成的導(dǎo)出單位，不是國際的基本單位，故D正確。故選：D。【點評】本題考查學(xué)生對基本知識的掌握程度，需要注意的基本規(guī)律和對應(yīng)物理學(xué)家的關(guān)系。2．【分析】根據(jù)飛機的運動情況判斷其加速度情況；根據(jù)牛頓第二定律判斷乘客所受的合力方向，進而得到乘客受到飛機座椅的力的方向；加速度有豎直向上的分量，飛機和乘客均處于超重狀態(tài)?！窘獯稹拷猓篈、此瞬間飛機斜向上做加速直線運動，所以加速度方向與運動方向相同，為斜向上方向，故A錯誤；B、根據(jù)牛頓第二定律可知，乘客受到飛機座椅的力與重力的合力方向與飛機的加速度方向相同，為斜向上，而重力豎直向下，所以乘客受到飛機座椅的力一定斜向上，故B錯誤；CD、乘客和飛機的加速度都斜向上，具有豎直向上的分量，所以都處于超重狀態(tài)，故C正確，D錯誤。故選：C。【點評】本題考查牛頓第二定律，知道加速度有豎直向上的分量，物體處于超重狀態(tài)，加速度有豎直向下的分量，物體處于失重狀態(tài)。3．【分析】對圓珠筆進行受力分析，根據(jù)受力特點結(jié)合牛頓第二定律得出加速度的方向，由此得出地鐵的速度方向；根據(jù)幾何關(guān)系得出拉力與圓珠筆重力的關(guān)系，結(jié)合牛頓第二定律得出地鐵的加速度?！窘獯稹拷猓篊、對筆進行受力分析，如圖所示由圖可知筆的合力方向水平向左，即加速度方向水平向左，地鐵的加速度方向與筆的方向相同，所以該地鐵的加速度方向向左，故C錯誤；A、根據(jù)題意，地鐵正處于啟動過程，即地鐵正在由靜止加速，可知，速度方向與加速度方向相同，結(jié)合上述，可知該地鐵的速度方向向左，故A錯誤；BD、令繩子與豎直方向的夾角為θ，根據(jù)上述受力分析圖有解得a＝gtanθ所以計算加速度大小只需測量繩子與豎直方向的夾角，與筆的質(zhì)量無關(guān)，故B錯誤，D正確。故選：D?！军c評】本題主要考查了牛頓第二定律的相關(guān)應(yīng)用，熟悉物體的受力分析，結(jié)合幾何關(guān)系和牛頓第二定律即可完成分析。4．【分析】質(zhì)量是慣性大小唯一的量度。分析人的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律分析加速度的變化，判斷人的運動情況?！窘獯稹拷猓篈、慣性的大小只與質(zhì)量有關(guān)，人的質(zhì)量不變，則慣性不變，故A錯誤；BD、彈性繩在繃緊前，跳躍者做自由落體運動，速度逐漸增大。彈性繩繃緊后，人受到彈性繩向上的彈力和向下的重力，彈力先小于重力，后大于重力，合力先向下后向上，所以人先向下加速后向下減速，即人的速度先增大后減小，故B正確，D錯誤；C、彈性繩在繃緊前，人做自由落體運動，加速度保持不變。彈性繩繃緊后，彈力先小于重力，后大于重力，彈力逐漸增大，所受合力先減小直至為零再反向增大，則加速度先向下減小直至為零后向上增大，故C錯誤。故選：B?！军c評】本題考查牛頓第二定律的應(yīng)用，要注意明確力是改變物體運動狀態(tài)原因，要根據(jù)受力情況來分析運動情況，注意不能認為繩子一張緊人立即減速，而實際情況是人要先做加速度減小的加速運動，然后再做加速度反向增大的減速運動。5．【分析】先對小球P受力分析，然后對小方塊Q受力分析，對P，由平衡條件研究繩子變長時，繩子的拉力如何變化。【解答】解：A、由于小球P光滑，P、Q之間沒有摩擦力作用，則小球P受到重力、Q的支持力和繩子拉力，共3個力作用；物塊Q受到重力、P的壓力、粗糙墻壁的支持力和摩擦力，共4個力作用，故A錯誤；BCD、以小球P為對象，根據(jù)受力平衡可得Tcosθ＝mPg，Tsinθ＝NQ可得，NQ＝mPgtanθ若繩子變短，繩子與豎直方向的夾角θ變大，可知繩子的拉力將變大，Q對P的支持力變大；以物塊Q為對象，根據(jù)受力平衡可得N墻＝NP＝NQ，f＝mQg可知墻壁對Q的支持力將變大，Q受到的靜摩擦力不變，故C正確，BD錯誤。故選C?！军c評】為了防止多力或少力，一般按重力、彈力和摩擦力的順序分析物體的受力情況。6．【分析】根據(jù)v﹣t圖象，圖象的斜率表示加速度，可知10～15s運動員做加速度逐漸減小的減速運動；10s末運動員的速度方向仍然為正方向；15s末開始運動員處于勻速直線運動狀態(tài)?！窘獯稹拷猓篈、0～10s內(nèi)，若運動員做勻加速運動，平均速度為＝＝m/s＝10m/s。根據(jù)圖象的“面積”等于位移可知，運動員的實際位移大于勻加速運動的位移，所以由公式＝得知：0～10s內(nèi)的平均速度大于勻加速運動的平均速度10m/s，故A錯誤；B、10～15s圖象的斜率減小，則其加速度減小，故10～15s運動員做加速度減小的減速運動，故B正確；C、由圖看出，運動員的速度一直沿正向，速度方向沒有改變，故C錯誤；D、由圖知，15s末開始運動員做勻速直線運動，故D錯誤。故選：B?！军c評】本題考查了勻變速直線運動的速度—時間圖象、平均速度公式等知識點。v﹣t圖象的面積表示位移是求解本題的關(guān)鍵。7．【分析】本題根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合圖像，求加速度；根據(jù)加速度，確定t2時刻平衡，確定手機沒有離開手掌；根據(jù)自由落體位移和速度公式，求高度和速度；【解答】解：A.t1時刻手機的最大加速度為a＝20m/s2＝2g，方向向上，根據(jù)牛頓第二定律，F(xiàn)﹣mg＝ma，解得F＝3mg，故A錯誤；B.t2時刻手機加速度為0，處于平衡狀態(tài)，故手機沒有離開手掌，故B錯誤；CD.手機在0.66s離開手后做豎直上拋，在1.26s接住，則升的高度為h＝gt2＝×10×（）2m＝0.45m，t3時刻手機的速度為v＝，v＝3m/s，故C正確，D錯誤；故選：C?！军c評】本題考查學(xué)生讀圖能力，以及對牛頓第二定律、自由落體位移和速度公式的掌握，難度不高，是一道基礎(chǔ)題。二、多項選擇題（本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，每題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）8．【分析】根據(jù)位移—時間公式，速度—時間公式，結(jié)合逆向思維法把整個過程看作初速度為0的勻加速直線運動，分析求解?！窘獯稹拷猓築．整個過程的逆過程是初速度為0的勻加速直線運動，最后1s內(nèi)位移大小為0.2m，根據(jù)代入數(shù)據(jù)解得a＝0.4m/s2故B正確；D．冰壺的初速度為v0＝at0＝0.4×20m/s＝8m/s故D錯誤；A．冰壺第1s內(nèi)的位移大小是故A正確；C．由初速度為零的勻加速直線運動的規(guī)律可知前10s位移和后10s的位移之比為3：1，故C正確。故選：ABC?！军c評】本題考查了勻變速直線運動的規(guī)律，合理選取運動學(xué)公式，準確分析運動過程是解決此類問題的關(guān)鍵。9．【分析】剪斷B、C間的輕繩之前，對B、C整體進行分析，由平衡條件求出輕繩的彈力大小。再對A進行分析，確定彈簧的彈力大小。剪斷B、C間的輕繩瞬間，彈簧彈力不變，A、B的加速度大小相等，對B和A分別運用牛頓第二定律求加速度?！窘獯稹拷猓篋、剪斷B、C間的輕繩之前，對B、C整體進行分析，由平衡條件可知A與B之間的輕繩的彈力大小為T1＝（2m+m）g＝3mg可知物體A與B之間的輕繩的彈力大于物塊A的重力，則彈簧處于拉伸狀態(tài)，對A進行分析，由平衡條件有2mg+F＝T1解得彈簧的彈力大小為：F＝mg剪斷B、C間的輕繩瞬間，彈簧沒有發(fā)生突變，彈簧的彈力與剪斷前一樣，可知彈簧產(chǎn)生的彈力仍然為mg，故D錯誤；ABC、剪斷B、C間的輕繩瞬間，彈簧彈力不變，A、B的加速度大小相等，對B進行分析，由牛頓第二定律有T2﹣2mg＝2ma對A進行分析，由牛頓第二定律有F+2mg﹣T2＝2ma解得物體A與B之間輕繩的彈力為：，A、B的加速度大小為：，故AB正確，C錯誤。故選：AB?！军c評】本題是瞬時問題，關(guān)鍵是先根據(jù)平衡條件求出各個力，特別是彈簧的彈力大小，然后分析剪斷輕繩瞬間物體的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度。要注意輕彈簧的彈力與形變量成正比，來不及突變，而輕繩的彈力是由微小形變產(chǎn)生的，可以突變。10．【分析】根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，求出前2s內(nèi)物體運動的加速度，在v﹣t圖象中與時間軸所圍面積為物體的位移，即可求出位移。分析物體的運動情況：前2s內(nèi)做勻加速運動，后2s內(nèi)做勻速直線運動，由圖讀出兩個過程中水平拉力的大小，根據(jù)牛頓第二定律分別研究兩個過程，列出方程，聯(lián)立解得m和μ?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，知前2s內(nèi)物體的運動加速度：a＝m/s2＝2m/s2，故A正確B、前4s內(nèi)物體的位移為：x＝＝12m，故B錯誤C、根據(jù)牛頓第二定律得：前2s內(nèi)：F1﹣μmg＝ma后2s內(nèi)：F2＝μmg由圖得F1＝15N，F(xiàn)2＝5N代入解得：m＝5kg，μ＝0.1，故C錯誤，D正確故選：AD?！军c評】本題一要掌握速度圖象的物理意義：斜率等于加速度，二要掌握牛頓第二定律，即可求出相關(guān)量。三、實驗題（本題共2小題，共18分）11．【分析】（1）根據(jù)實驗原理與實驗操作分析判斷；根據(jù)彈簧測力計的分度值讀數(shù)；（2）分析兩個合力的來源可知合力的實驗值及理論值；（3）根據(jù)平行四邊形法則解答.【解答】解：（1）①合力與分力是等效替代的關(guān)系，所以本實驗采用的是等效替代法。故ACD錯誤，B正確。故選：B。②按照彈簧秤的分度值為0.1N，讀數(shù)為2.00N；（2）力F1和F2的合力的理論值是通過平行四邊形法則得到的，故是F；F′是用一個彈簧秤測出的合力，是實際測量值；（3）保持O點位置不變，即F1和F2的合力不變，根據(jù)平行四邊形法則作圖如下，由于F1、F2夾角大于90°，故隨著F1緩慢轉(zhuǎn)至水平方向的過程中，F(xiàn)1和F2都在一直增大。故BCD錯誤，A正確。故選：A。故答案為：（1）①B；②2.00；（2）F；F′；（3）A?！军c評】在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中，我們要知道分力和合力的效果是等同的，這要求同學(xué)們對于基礎(chǔ)知識要熟練掌握并能正確應(yīng)用，加強對基礎(chǔ)實驗理解。12．【分析】（1）根據(jù)實驗原理選擇所需要的器材；（2）根據(jù)平衡摩擦力的原理和正確操作分析作答；（3）根據(jù)勻變速直線運動某段中間時刻速度等于該段的平均速度求瞬時速度；根據(jù)逐差法求加速度；（4）長木板傾角過大，重力沿斜面分力大于摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合圖像分析作答；（5）本實驗使用了力傳感器，不需要用鉤碼的重力代替小車所受合力?！窘獯稹拷猓海?）實驗需要用刻度尺測紙帶上兩點間的距離，打點計時器需要使用低壓交流電源，該實驗打點計時器具有計時功能，不需要秒表，故A錯誤，BC正確。故選：BC。（2）該實驗是將拉力作為小車的合力，故應(yīng)在不掛鉤碼的情況下平衡摩擦力，平衡摩擦力時應(yīng)將木板不帶滑輪的一端適當墊高，使小車恰好做勻速運動，則此時小車重力的下滑分力剛好抵消小車受到的摩擦力，故C正確，ABD錯誤。故選：C。（3）相鄰計數(shù)點間的時間間隔為根據(jù)勻變速直線運動某段中間時刻速度等于該段的平均速度，可得打計數(shù)點3時小車的速度大小為根據(jù)逐差法，可得小車的加速度為（4）長木板傾角過大，重力沿斜面分力大于摩擦力，當拉力為零，加速度不為零，故C正確，ABD錯誤。故選：C。（5）該實驗使用傳感器測量細線對小車的拉力，不需要滿足鉤碼質(zhì)量遠遠小于小車和傳感器的總質(zhì)量。故答案為：（1）BC；（2）C；（3）0.611；2.00；（4）C；（5）不需要?！军c評】本題主要考查了牛頓第二定律的驗證實驗，根據(jù)實驗原理掌握正確的實驗操作，結(jié)合運動學(xué)公式和牛頓第二定律即可完成分析。四、解答題（本題共3小題，共36分，解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分）13．【分析】（1）貨物在傾斜滑軌上滑行時，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度a1的大??；（2）根據(jù)速度—位移公式求解貨物在傾斜滑軌末端時速度v的大??；（3）貨物在水平軌道上運動時，根據(jù)牛頓第二定律和速度—位移公式相結(jié)合求解水平滑軌的最短長度l2?！窘獯稹拷猓海?）貨物在傾斜滑軌上滑行時，根據(jù)牛頓第二定律得mgsin37°﹣μmgcos37°＝ma1解得：（2）貨物在傾斜滑軌上滑行時，根據(jù)速度—位移公式得v2＝2a1l1解得：v＝4m/s（3）貨物在水平滑軌上滑行時，根據(jù)牛頓第二定律得μmg＝ma2解得：根據(jù)運動學(xué)公式可得解得：l2＝1.5m?可知水平滑軌的最短長度為1.5m。答：（1）貨物在傾斜滑軌上滑行時加速度a1的大小為2m/s2；（2）貨物在傾斜滑軌末端時速度v的大小為4m/s；（3）水平滑軌的最短長度l2為1.5m?！军c評】對于牛頓第二定律和運動學(xué)公式的綜合應(yīng)用問題，關(guān)鍵是弄清楚物體的運動過程和受力情況，利用牛頓第二定律或運動學(xué)的計算公式求解加速度，再根據(jù)題目要求進行解答；要知道加速度是聯(lián)系力和運動的橋梁。14．【分析】（1）對小球受力分析，根據(jù)共點力平衡條件和牛頓第三定律求出當斜面體靜止時，求小球?qū)π泵娴膲毫?；?）將斜面體緩慢向右推動，斜面體受力平衡，找到不變量，根據(jù)共點力平衡條件球輕繩拉力的最小值；（3）當拉力取最小值時，細線與水平方向夾角為30°，把小球和斜面