2019年四川省綿陽市中考物理試卷（教師版）

2019年四川省綿陽市中考物理試卷（教師版）一、填空題（每小題3分，共36分）1．（3分）下列各種活動中，能通過互聯(lián)網(wǎng)做到的是（）A．傳送網(wǎng)購的運動鞋 B．遠程學(xué)習(xí)物理課程 C．輸送發(fā)電廠的電能 D．傳輸紙質(zhì)信件【微點】網(wǎng)絡(luò)通信．【思路】根據(jù)互聯(lián)網(wǎng)功能、提供的服務(wù)分析解答?！窘馕觥拷猓喝藗兛梢酝ㄟ^互聯(lián)網(wǎng)進行遠程教育、遠程醫(yī)療會診、打IP電話、查閱資料、發(fā)送電子郵件等；傳送網(wǎng)購的運動鞋、傳輸紙質(zhì)信件要利用交通工具完成，輸送發(fā)電廠的電能需要利用電網(wǎng)完成，故B正確，ACD錯誤。故選：B?！军c撥】本題考查了互聯(lián)網(wǎng)的功能，對此我們應(yīng)有所了解。2．（3分）如圖所示，將一把鋼尺緊按在桌面邊緣，一端伸出桌邊。先用較小的力撥動鋼尺，聽它振動發(fā)出的聲音；保持鋼尺位置不動，再用較大的力撥動鋼尺，聽到的聲音（）A．響度變大 B．響度變小 C．音調(diào)變高 D．音調(diào)變低【微點】響度與振幅的關(guān)系．【思路】聲音是由物體的振動產(chǎn)生的，振動停止，發(fā)生也停止；響度跟振幅有關(guān)，振幅越大響度越大?！窘馕觥拷猓簩⒁话唁摮呔o緊按在桌面上，一端伸出桌面適當(dāng)?shù)拈L度，撥動鋼尺，就可聽到鋼尺振動發(fā)出的聲音；保持鋼尺位置不動若改用更大的力撥動鋼尺，鋼尺的振幅變大，響度變大；故選：A?！军c撥】能正確區(qū)分聲音的三要素并能夠搞清影響它們的因素：音調(diào)指聲音的高低，是由發(fā)聲體振動的頻率決定，頻率越高，音調(diào)越高；響度指聲音的強弱，是由發(fā)聲體振動的振幅決定，振幅越大，響度越大。3．（3分）用如圖所示的裝置探究通電導(dǎo)線在磁場中的受力情況。接通電源，發(fā)現(xiàn)導(dǎo)體ab向左運動；把電源正負極對調(diào)后接入電路，發(fā)現(xiàn)導(dǎo)體ab向右運動。這個實驗事實說明通電導(dǎo)線在磁場中受力（）A．方向與電流方向有關(guān) B．方向與磁感線方向有關(guān) C．大小與電流大小有關(guān) D．大小與磁場強弱有關(guān)【微點】磁場對通電導(dǎo)線的作用．【思路】通電導(dǎo)體在磁場中受力而運動，運動方向跟電流方向和磁場方向有關(guān)?！窘馕觥拷猓航油娫矗l(fā)現(xiàn)導(dǎo)體ab向左運動，把電源正負極對調(diào)后接入電路，電流的方向改變了，發(fā)現(xiàn)導(dǎo)體ab向右運動。說明通電導(dǎo)線在磁場中受力方向跟電流方向有關(guān)。故選：A?！军c撥】通電導(dǎo)體在磁場中受力而運動，運動方向跟電流方向和磁場方向有關(guān)。只改變一者受力方向改變，同時改變兩者，受力方向不變。4．（3分）如圖所示，用塞子塞緊瓶口，再用打氣筒向瓶內(nèi)打氣，當(dāng)瓶內(nèi)氣壓達到足夠大時，塞子從瓶口沖出。下列關(guān)于瓶內(nèi)氣體的說法，正確的是（）A．向瓶內(nèi)打氣，外界對氣體做功，氣體內(nèi)能減少 B．向瓶內(nèi)打氣，氣體對外界做功，氣體內(nèi)能增加 C．塞子從瓶口沖出，氣體對外界做功，氣體內(nèi)能減少 D．塞子從瓶口沖出，外界對氣體做功，氣體內(nèi)能不變【微點】做功改變物體內(nèi)能．【思路】物體對外做功，物體的內(nèi)能減少；外界對物體做功，物體的內(nèi)能增加?！窘馕觥拷猓喝鐖D，向瓶內(nèi)打氣時，外界對瓶內(nèi)氣體做功，瓶內(nèi)氣體的內(nèi)能增加，氣體的壓強增大，增大到一定程度，塞子從瓶口沖出，此時氣體對塞子做功（即對外界做功），氣體的內(nèi)能轉(zhuǎn)化為塞子的機械能，氣體的內(nèi)能減少，故C正確，ABD錯誤。故選：C?！军c撥】這是課本上的一幅圖，最近幾年中考從課本插圖入手，從插圖考查物理知識，所以要重視課本。5．（3分）裝有半杯水的封閉玻璃杯，放入冰箱被冷凍較長時間，取出后用干毛巾擦干玻璃杯表面，放一會兒，玻璃杯表面會變濕。這是由于（）A．空氣中的水蒸氣凝華成霜造成的 B．空氣中的水蒸氣液化成水造成的 C．玻璃杯中的冰升華成水蒸氣造成的 D．玻璃杯中的冰熔化成水造成的【微點】液化及液化現(xiàn)象．【思路】水蒸氣遇到溫度比較低的物體時，就會遇冷液化，形成小水珠?！窘馕觥拷猓河捎趶谋淙〕龅牟ＡП瑴囟缺容^低，周圍空氣中的水蒸氣遇冷會發(fā)生液化，使玻璃杯表面會變濕，如果馬上擦去這層水，又有新的水蒸氣在溫度低的玻璃杯表面發(fā)生液化，所以一會兒又變濕。故選：B?！军c撥】此題考查的是液化知識的應(yīng)用，解答此題的關(guān)鍵是看液化的條件有沒有發(fā)生變化。6．（3分）分子之間既有引力又有斥力。其中，分子之間的斥力大小F斥隨著分子間距離r變化的情況如圖所示。根據(jù)圖象可知：分子之間斥力的大?。ǎ〢．隨著分子間距離的增大先增大后減小 B．隨著分子間距離的增大先減小后增大 C．隨著分子間距離的減小而減小 D．隨著分子間距離的減小而增大【微點】分子間的作用力．【思路】分子間的引力隨分子間的距離增大而減小?！窘馕觥拷猓河蓤D象知，分子間的距離增大時，分子間的斥力會減小，則分子間的距離減小時，分子間的斥力會增大，故ABC錯誤，D正確。故選：D?！军c撥】本題考查了分子間的相互作用的知識，看明白圖象是解題的關(guān)鍵。7．（3分）如圖所示，燈泡L1和L2（燈泡中只要有電流就能發(fā)光）相同，電源電壓小于燈泡的額定電壓，且保持不變，開關(guān)S由閉合到斷開，電路中（）A．L1變亮，電壓表示數(shù)變小 B．L1變暗，電流表示數(shù)變大 C．L2亮起來，電壓表示數(shù)變大 D．L2亮起來，電流表示數(shù)變小【微點】電路的動態(tài)分析．【思路】開關(guān)S閉合時，電路為燈泡L1的簡單電路，電壓表測電源的電壓，電流表測電路中的電流；當(dāng)開關(guān)S斷開時，燈泡L1和L2串聯(lián)，燈泡L2亮起來，電壓表測燈泡L1兩端的電壓，電流表測電路中的電流；根據(jù)串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，判斷出電路中電阻的變化，根據(jù)歐姆定律判斷出電路中的電流的變化和燈泡L1兩端的電壓的變化，即電壓表的示數(shù)的變化，根據(jù)P＝UI可知燈泡實際功率的變化，進一步根據(jù)燈泡的亮暗取決于實際功率的大小可知亮暗的變化?！窘馕觥拷猓洪_關(guān)S閉合時，電路為燈泡L1的簡單電路，電壓表測電源的電壓，電流表測電路中的電流；當(dāng)開關(guān)S斷開時，燈泡L1和L2串聯(lián)，燈泡L2亮起來，電壓表測燈泡L1兩端的電壓，電流表測電路中的電流；因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電路中的總電阻變大，由I可知，電路中的電流變小，即電流表的示數(shù)變小，故D正確；由U＝IR可知，燈泡L1兩端的電壓變小，即電壓表的示數(shù)變小，故C錯誤；因P＝UI，且燈泡的亮暗取決于實際功率的大小，所以，燈泡L1的實際功率變小，燈泡L1變暗，故A、B錯誤。故選：D?！军c撥】本題考查了電路的動態(tài)分析，涉及到歐姆定律和電功率公式的靈活運用，關(guān)鍵是開關(guān)閉合、斷開時電路連接方式的辨別和知道燈泡的亮暗取決于實際功率的大小。8．（3分）舞蹈訓(xùn)練室豎直墻壁上安裝有平面鏡，甲、乙、丙三位同學(xué)在平面鏡前的位置如圖所示，他們位置連線是等腰直角三角形，甲在直角頂點，乙、丙連線平行于平面鏡。則（）A．甲與甲的像間的距離小于乙與乙的像間的距離 B．乙與乙的像間的距離大于丙與丙的像間的距離 C．甲的像與乙的像間的距離小于乙的像與丙的像間的距離 D．甲的像與乙的像間的距離大于乙的像與丙的像間的距離【微點】平面鏡成像的特點、原理、現(xiàn)象及其實驗方案．【思路】根據(jù)平面鏡成像特點可知平面鏡所成的像與物體關(guān)于平面鏡對稱，分析解答即可?！窘馕觥拷猓篈、由圖知，甲到平面鏡的距離大于乙到平面鏡的距離，根據(jù)平面鏡成像特點可知，甲與甲的像間的距離大于乙與乙的像間的距離，故A錯誤；B、乙、丙連線平行于平面鏡，所以乙到平面鏡的距離等于丙到平面鏡的距離，根據(jù)平面鏡成像特點可知，乙與乙的像間的距離等于丙與丙的像間的距離，故B錯誤；CD、根據(jù)平面鏡成像對稱性的特點，甲的像與乙的像間的距離（即甲與乙的距離）小于乙的像與丙的像間的距離（即乙與丙的距離），故C正確，D錯誤；故選：C。【點撥】本題考查了平面鏡成像的應(yīng)用，平面鏡成的像到鏡面的距離與物到鏡面的距離相等需要牢記，并學(xué)會利用這個特點解決實際問題。9．（3分）如圖所示，斜面長20m、高10m，固定在水平地面上。一位同學(xué)用平行于斜面向上40N的拉力，在20s內(nèi)把重60N的物體沿斜面向上勻速拉動了10m。在此過程中（）A．斜面的機械效率是66.7% B．斜面的機械效率是75% C．該同學(xué)對物體做功的功率是10W D．該同學(xué)對物體做功的功率是30W【微點】斜面的機械效率；功率的計算．【思路】由題知，斜面長20m、高10m，則物體沿斜面向上勻速運動10m時，物體升高5m；（1）利用W＝Fs求拉力F做的總功，利用W＝Gh求拉力做的有用功，斜面的機械效率等于有用功與總功之比；（2）該同學(xué)對物體做功的功率等于有用功與所用時間之比。【解析】解：由題知，斜面長20m、高10m，則物體沿斜面向上勻速運動s＝10m時，物體升高h＝5m；（1）拉力F做的總功：W總＝Fs＝40N×10m＝400J；拉力做的有用功：W有用＝Gh＝60N×5m＝300J；斜面的機械效率：η100%＝75%；故A錯、B正確；（2）該同學(xué)對物體做功的功率：P15W，故CD錯。故選：B。【點撥】本題考查了使用斜面時有用功、總功、功率、機械效率的計算，會根據(jù)“斜面長20m、高10m”得出物體沿斜面向上勻速運動10m時物體升高5m。10．（3分）正確使用插線板是安全用電的要求。使用右圖所示的插線板時發(fā)現(xiàn)：只有開關(guān)閉合時，指示燈才能放光，插孔才能提供工作電壓；即使指示燈損壞，開關(guān)閉合插孔也能提供工作電壓。根據(jù)上述現(xiàn)象，插線板內(nèi)線路及電源連接方式是（）A． B． C． D．【微點】插座的構(gòu)造與工作方式．【思路】干路開關(guān)控制所有的用電器。并聯(lián)電路各用電器之間互不影響，串聯(lián)電路的用電器互相影響?！窘馕觥拷猓翰寰€板上的指示燈在開關(guān)閉合時會發(fā)光，插孔正常通電，說明開關(guān)同時控制燈泡和插座，燈泡和插座之間可能是串聯(lián)，也可能是并聯(lián)，如果兩者并聯(lián)，開關(guān)應(yīng)該在干路上；如果指示燈損壞，開關(guān)閉合時插孔也能正常通電，說明燈泡和插座之間是并聯(lián)的，開關(guān)接在燈泡、插座和火線之間控制火線使用更安全，故D正確。故選：D?！军c撥】根據(jù)用電器之間是否相互影響是判斷用電器串聯(lián)和并聯(lián)的方法之一；家庭電路中，開關(guān)控制用電器，開關(guān)一定接在用電器和火線之間，既能控制用電器，又能保證使用安全。11．（3分）用水平力F1拉動如圖所示裝置，使木板A在粗糙水平面上向右勻速運動，物塊B在木板A上表面相對地面靜止，連接B與豎直墻壁之間的水平繩的拉力大小為F2．不計滑輪重和繩重，滑輪軸光滑。則F1與F2的大小關(guān)系是（）A．F1＝F2 B．F2＜F1＜2F2 C．F1＝2F2 D．F1＞2F2【微點】7!：滑輪組繩子拉力的計算．【思路】在平衡力的作用下，物體保持靜止或勻速直線運動狀態(tài)。對動滑輪、物塊B和木板A進行受力分析，明確各自受哪些力，方向如何，確定大小關(guān)系?！窘馕觥拷猓河蓤D知，（1）動滑輪在水平方向上受到三個力的作用：水平向右的拉力F1，墻壁對它水平向左的拉力F墻，木板A對它水平向左的拉力F木板，由于木板向右勻速運動，所以F1＝F墻+F木板，由于同一根繩子各處的拉力相等，所以F木板F1，由于力的作用是相互的，所以動滑輪對木板A的拉力為F動＝F木板F1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；（2）物塊B在水平方向上受到兩個力的作用：繩子對它向左的拉力F2，木板A對它向右的摩擦力fA對B；由于物塊B保持靜止，所以F2＝fA對B；木板A在水平方向上受到三個力的作用：動滑輪對木板向右的拉力F動，物體B對木板向左的摩擦力fB對A，地面對木板向左的摩擦力f地面，由于木板向右勻速運動，所以F動＝fB對A+f地面﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②由于力的作用是相互的，所以fB對A＝fA對B＝F2﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③由②③可得F動＝F2+f地面，即F1＝F2+f地面，也就是F1＝2F2+2f地面，所以F1＞2F2。故選：D。【點撥】此題考查了運動和力的關(guān)系及力的作用相互性的應(yīng)用，正確對物體進行受力分析，明確物體受力情況，是解答此題的關(guān)鍵。12．（3分）我國10萬噸級的“新光華”號半潛船擁有兩個標(biāo)準(zhǔn)足球場大的甲板，為亞洲最大。2019年1月，“新光華”號半潛船從巴西運載2.5萬噸的超大型鉆井平臺回到廣州。半潛船裝載鉆井平臺的工作過程示意圖如圖所示，半潛船先通過調(diào)整水艙里的壓載水量，平穩(wěn)地將船身和甲板潛入約30米深的水下，只露出船樓建筑；然后將漂浮的鉆井平臺拖拽到甲板正上方水面，半潛船開始排出水艙里的壓載水，上浮到甲板與鉆井平臺底部接觸時，將鉆井平臺綁扎固定在甲板上，繼續(xù)排出水艙里的壓載水，半潛船船身連同鉆井平臺一起上浮，浮出水面，最后靜止。半潛船在上浮過程中（）A．當(dāng)排出的壓載水重大于鉆井平臺重時才開始上浮 B．當(dāng)排出的壓載水重等于鉆井平臺重時才開始上浮 C．排出的壓載水總重大于鉆井平臺重 D．排出的壓載水總重等于鉆井平臺重【微點】物體的浮沉條件及其應(yīng)用．【思路】（1）根據(jù)阿基米德原理原理和浮沉條件分析排開壓載水重時半潛船的運動狀態(tài)；（2）物體漂浮時，浮力等于重力；物體的重力增加，浮力增加，增加的物體的重力等于其排開的液體的重力?！窘馕觥拷猓喊霛摯谏细∵^程中分為3個狀態(tài)，如下：圖1是半潛船的船身和甲板潛入約30米深的水下的狀態(tài)（此時漂?。粓D2是上浮到甲板與鉆井平臺底部剛剛接觸時的狀態(tài)；圖3是半潛船船身連同鉆井平臺一起上浮，浮出水面，最后處于靜止?fàn)顟B(tài)；AB、圖1中，半潛船在水下約30米深的位置處于漂浮狀態(tài)，浮力等于重力；由圖1到圖2，將壓載水排出水艙，則半潛船的重力減小，重力小于浮力，則半潛船會上浮，所以只要排出壓載水，半潛船就會上浮，故AB錯誤；CD、圖1中：F浮1＝G半潛船，圖3中：F浮3＝G半潛船﹣G排總+G鉆（其中G排總為整個過程中排出的壓載水總重），由圖可知：V排1＞V排3；由于都是在水中，則由F?。溅岩篤液g可知，F(xiàn)浮1＞F浮3，即：G半潛船＞G半潛船﹣G排總+G鉆，所以，G排總＞G鉆，故C正確，D錯誤。故選：C。【點撥】本題考查了物體的浮沉條件和阿基米德原理的應(yīng)用，熟練應(yīng)用公式是解答本題的關(guān)鍵。二、填空題（共5個小題，每空2分，共20分）13．（4分）人進入老年后，眼睛睫狀體對晶狀體的調(diào)節(jié)能力減弱，太遠、太近的物體都看不清楚。近視遠視一體眼鏡（雙光鏡）可以解決這個問題，戴上這種眼鏡，透過下半部分可以看清書上文字，透過上半部分鏡片可以看清遠處景物。由此可知，近視遠視一體眼鏡下半部分是凸透鏡，上半部分鏡片對光具有發(fā)散（選填“會聚”或“發(fā)散”）作用。【微點】近視眼的成因與矯正辦法；遠視眼的成因與矯正辦法．【思路】（1）近視眼的成因是只能看清近處的物體，看不清遠處的物體，晶狀體太厚，折光能力太強，或者眼球在前后方向上太長，因此來自遠處點的光會聚在視網(wǎng)膜前；對近視眼的矯正可通過凹透鏡對光線的發(fā)散作用進行糾正。（2）遠視眼的成因是只能看清遠處的物體，看不清近處的物體，晶狀體太薄，折光能力太弱，或者眼球在前后方向上太短，因此來自遠處點的光會聚在視網(wǎng)膜后；對遠視眼的矯正可通過凸透鏡對光線的會聚作用進行糾正?！窘馕觥拷猓哼h視眼是只能看清遠處的物體，看不清近處的物體；由題意可知，戴上這種眼鏡，透過下半部分可以看清書上文字，說明近視遠視一體眼鏡下半部分起到了遠視眼鏡的作用，即是凸透鏡；近視眼是只能看清近處的物體，看不清遠處的物體，對近視眼的矯正可通過凹透鏡對光線的發(fā)散作用進行糾正。由題意可知，透過上半部分鏡片可以看清遠處景物，說明上半部分鏡片是凹透鏡，該部分對光線有發(fā)散作用。故答案為：凸；發(fā)散?！军c撥】本題主要考查了近視眼和遠視眼的成因及矯正方法，屬于識記性內(nèi)容，難易程度適中。14．（4分）2019年1月3日，嫦娥四號實現(xiàn)了人類探測器首次成功在月球背面軟著陸。嫦娥四號探測器在距離月球表面100米高處懸停，對月球表面識別，并自主避障，選定相對平坦的區(qū)域后，開始緩慢地豎直下降，最后成功軟著陸。從距離月球表面100米到軟著陸在月球表面的過程中，嫦娥四號探測器的重力勢能減少，機械能減少。（選填“增加”或“不變”或“減少”）【微點】動能和勢能的大小變化．【思路】從重力勢能和動能大小的影響因素進行判斷，又因為機械能等于動能和勢能的總和，然后判斷機械能的變化?！窘馕觥拷猓烘隙鹚奶枏木嚯x月球表面100米到軟著陸在月球表面的過程中，質(zhì)量不變，高度減小，重力勢能減少；該過程中其速度減小，動能減少；探測器沒有發(fā)生彈性形變，不具有彈性勢能，則機械能等于重力勢能與動能的總和，所以其機械能減少。故答案為：減少；減少?！军c撥】掌握動能、重力勢能、彈性勢能的影響因素，利用控制變量法能判斷動能、重力勢能、彈性勢能、機械能的變化。15．（4分）我國自行設(shè)計和自主研制的蛟龍?zhí)栞d人潛水器，曾創(chuàng)造了下潛7062米的世界同類作業(yè)型潛水器最大下潛深度記錄，其體積約為50m3．蛟龍?zhí)柲炒卧谔窖竽澈Ｓ蛳聺摰缴媳砻婢嗪Ｃ?000m時，進行預(yù)定的懸停作業(yè)，此時上表面受海水壓強是2.06×107Pa，蛟龍?zhí)柺艿胶Ｋ母×κ?.15×105N．g取10N/kg，ρ海水＝1.03×103kg/m3?！疚Ⅻc】液體的壓強的計算；浮力大小的計算．【思路】（1）利用液體壓強計算公式p＝ρgh便可以算出第一問答案；（2）當(dāng)蛟龍?zhí)栂聺摰胶Ｃ嫦?000m時，它完全浸入水中其排開水的體積等于自身的體積，利用阿基米德原理F＝ρ海水gV排便可算出答案；【解析】解：（1）當(dāng)蛟龍?zhí)栂聺摰缴媳砻婢嗪Ｃ?000m時，其上表面受到海水的壓強：p＝ρ海水gh＝1.03×103kg/m3×10N/kg×2000m＝2.06×107pa。（2）此時蛟龍?zhí)査耆胨?，其排開水的體積等于自身的體積，蛟龍?zhí)柺艿胶Ｋ母×Γ篎浮＝ρ海水gV排＝1.03×103kg/m3×10N/kg×50m3＝5.15×105N。故答案是：2.06×107；5.15×105。【點撥】本題考查了學(xué)生對液體壓強的計算，以及利用阿基米德原理求浮力。16．（4分）一個標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下，將質(zhì)量1.0kg的水從20℃加熱到沸騰，水吸收的熱量是3.36×105J．小明家天然氣熱水器的熱效率是84%，他某次洗澡，耗水40kg，自來水進熱水器的溫度是24℃，出熱水器的溫度是40℃，小明這次洗澡消耗天然氣0.1m3．已知水的比熱容是4.2×103J/（kg?℃），天然氣的熱值是3.2×107J/m3?！疚Ⅻc】熱量的計算；熱平衡方程的應(yīng)用．【思路】（1）利用Q吸＝cm△t求水吸收的熱量；（2）利用Q吸＝cm△t求洗澡時水吸收的熱量；已知熱水器的熱效率，由η可求得天然氣放出的熱量，再利用Q＝Vq可求得天然氣體積?！窘馕觥拷猓海?）水吸收的熱量：Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg?℃）×1.0kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×105J；（2）他某次洗澡時水吸收的熱量：Q吸′＝cm′△t′＝4.2×103J/（kg?℃）×40kg×（40℃﹣24℃）＝2.688×106J；由η可得，天然氣放出的熱量：Q放3.2×106J；由Q放＝Vq可得，消耗天然氣體積：V0.1m3。故答案為：3.36×105；0.1。【點撥】本題考查了吸熱公式、燃料燃燒放出熱量公式、熱效率公式的應(yīng)用，難易程度適中。17．（4分）某一天晚上睡覺前，小文同學(xué)用有預(yù)約功能的電飯煲為家人第二天早餐煲粥。小文將大米等食材放入電飯煲內(nèi)，接通220V家庭電路，經(jīng)過了待機、加熱、保溫三個過程，早餐前斷開電源，電飯煲消耗的電功率隨時間變化的圖象如圖甲所示，電飯煲加熱過程消耗的電能是0.88kW?h．已知小文家電飯煲加熱和保溫部分基本電路原理如圖乙所示，S是接通家庭電路的開關(guān)，S1是自動開關(guān)，R1和R2為電阻不變的電熱絲，則R2＝220Ω?！疚Ⅻc】電功與電能的計算；電功率的計算．【思路】（1）①從圖甲中獲取信息：看0﹣5h這段時間是待機狀態(tài)，待機功率P待＝44W；5﹣6h為加熱狀態(tài)，加熱功率P加＝880W；6﹣7h為保溫狀態(tài)，保溫功率P保＝220W。②電能的計算公式：P＝Wt；（2）①當(dāng)開關(guān)S、S1閉合時，R1與R2并聯(lián)，電路總電阻較小；S閉合S1斷開時，電路只有R2工作，總電阻較大。電路的總電壓不變，根據(jù)公式可知，R越小功率越大，所以R1與R2并聯(lián)時為加熱狀態(tài)，有R2工作時為保溫狀態(tài)。②利用公式：可以求對應(yīng)的電阻?！窘馕觥拷猓海?）由圖甲可知，0﹣5h這段時間是待機狀態(tài)，待機功率P待＝44W；5﹣6h為加熱狀態(tài)，加熱功率P加＝880W；6﹣7h為保溫狀態(tài)，保溫功率P保＝220W。加熱過程的時間t加＝1h，P加＝880W＝0.88kW，則加熱過程消耗的電能：W加＝P加t加＝0.88kW×1h＝0.88kW?h；（2）由圖乙可知，當(dāng)開關(guān)S、S1閉合時，R1與R2并聯(lián)，電路總電阻較小，總功率較大，總功率為P加＝880W。當(dāng)開關(guān)S閉合、S1斷開時，電路只有R2工作，總電阻較大，功率較小，其功率為P2＝220W。則R2的阻值：。故答案為：0.88；220?！军c撥】該題考查電能與電功率以及電路的多檔問題，要求學(xué)生具有一定分析能力，熟練掌握電學(xué)公式。三、實驗探究題（18小題第3問1分，其余每空2分，共19分）18．（5分）在“探究光折射時的特點”實驗中，讓光源發(fā)出的一束光從水中以不同的角度射入空氣，觀察到光束在水中和空氣中的徑跡如圖所示。回答以下問題：（1）此現(xiàn)象說明D（選填序號）A．光路可逆B．光在水面只發(fā)生了折射C．光在水面只發(fā)生了反射D．光在水面既發(fā)生了折射又發(fā)生了反射（2）增大這一束光與豎直方向的夾角，發(fā)現(xiàn)射入空氣的光的徑跡與豎直方向的夾角也增大，此現(xiàn)象說明B（選填序號）A．入射角增大，折射角減小B．入射角增大，折射角增大C．折射角的大小與入射角的大小成正比D．折射角的正弦值與入射角的正弦值成正比（3）讓這一束光垂直于水面射入空氣。傳播方向C（選填序號）。A．向右偏B．向左偏C．不偏【微點】光的折射規(guī)律的應(yīng)用．【思路】光從空氣斜射入水或其它透明介質(zhì)時，折射角小于入射角；光從水或其它透明介質(zhì)斜射入空氣中，折射角大于入射角；光垂直射到界面時不改變方向；光射到界面上時同時發(fā)生反射和折射?！窘馕觥拷猓海?）讓光源發(fā)出的一束光從水中以不同的角度射入空氣，觀察到光束在水中和空氣中的徑跡如圖所示，圖中可以看到反射光線，同時也看到折射光線，故選D。（2）光源射出的光線和豎直方向的夾角是入射角，空氣中的光線和豎直方向的夾角是折射角；增大這一束光與豎直方向的夾角，即增大了入射角，發(fā)現(xiàn)射入空氣的光的徑跡與豎直方向的夾角也增大，也就是折射角也增大，此現(xiàn)象說明入射角增大，折射角增大，但不能得出成正比的關(guān)系，故選B。（3）光垂直射到界面時不改變方向；所以，讓這一束光垂直于水面射入空氣，其傳播方向不偏轉(zhuǎn)，故選C。故答案為：（1）D；（2）B；（3）C。【點撥】在探究光的折射規(guī)律時，在界面同時發(fā)生折射和反射，只是有時反射現(xiàn)象不明顯而已。19．（6分）測量標(biāo)有“2.5V”字樣的小燈泡在額定電壓下工作時的電阻，小燈泡的額定功率估計在0.8W左右。實驗室提供的器材有：兩節(jié)干電池、電壓表V（量程0﹣3V）、滑動變阻器、導(dǎo)線若干、開關(guān)、待測小燈泡。供選擇的電流表：A1（量程0﹣0.6A）、A2（量程0﹣3A）。回答下列問題：（1）電流表應(yīng)選用A1（“A1”或“A2”）。（2）連接好如圖所示的實驗電路，閉合開關(guān)，發(fā)現(xiàn)燈泡不亮，電流表無示數(shù)，電壓表有較大的示數(shù)。電路的故障可能是BD（選填序號）A．電壓表斷路B．小燈泡斷路C．電壓表短路，且小燈泡斷路D．電流表短路，且小燈泡斷路（3）排除故障后，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器使電壓表示數(shù)為2.5V，電流表示數(shù)如圖乙所示，小燈泡正常發(fā)光時的電阻是8.3Ω（小數(shù)點后保留一位數(shù)字）?！疚Ⅻc】伏安法測電阻的探究實驗．【思路】（1）由小燈泡的額定電壓為2.5V，額定功率估計在0.8W左右，根據(jù)P＝UI求出燈的額定電流確定選用的電流表；（2）逐一分析每個選項，找出符合題意的答案；（3）根據(jù)電流表選用小量程確定分度值讀數(shù)，由歐姆定律求出小燈泡正常發(fā)光時的電阻?！窘馕觥拷猓海?）小燈泡的額定電壓為2.5V，額定功率估計在0.8W左右，根據(jù)P＝UI，燈的額定電流約為：I0.32A，故電流表選用A1（量程0﹣0.6A）；（2）A、若電壓表斷路，電流有表示數(shù)，不符合題意；B．若小燈泡斷路，燈光不發(fā)光，電流表示數(shù)為0，電壓表串聯(lián)在電路中測電源電壓，電壓表有較大示數(shù)，符合題意；C．電壓表短路，電壓表示數(shù)為0，不符合題意；D．電流表短路，電流表示數(shù)為0，且小燈泡斷路，燈不發(fā)光，電壓表串聯(lián)在電路中測電源電壓，電壓表有較大示數(shù)，符合題意；故選BD；（3）排除故障后，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器使電壓表示數(shù)為2.5V，電流表示數(shù)如圖乙所示，電流表選用小量程，分度值為0.02A，電流為0.3A，由歐姆定律，小燈泡正常發(fā)光時的電阻是：R8.3Ω。故答案為：（1）A1；（2）B、D；（3）8.3?！军c撥】本題測量標(biāo)有“2.5V”字樣的小燈泡在額定電壓下工作時的電阻，考查電流表的選擇、電功率公式的運用、故障分析、電流表讀數(shù)及電阻計算。20．（8分）測量小石塊的密度。實驗室器材有：托盤天平、量筒、細線、裝有適量水的燒杯和待測小石塊。請按以下實驗步驟完成實驗：（1）調(diào)節(jié)天平平衡。將天平放在水平桌面上，把游碼放在標(biāo)尺左端的零刻度線處，發(fā)現(xiàn)指針在分度盤的位置如圖甲所示，應(yīng)將右邊平衡螺母向右調(diào)節(jié)（選填“左”或“右”）。（2）用調(diào)節(jié)好的天平稱小石塊質(zhì)量。三次測量結(jié)果記錄在下表中。序號123小石塊質(zhì)量m/g52.852.452.4（3）在量筒中裝入60ml的水，把小石塊放入量筒內(nèi)，量筒中的水面如圖乙所示，則小石塊的體積是20cm3。（4）小石塊的密度是2.62g/cm3（小數(shù)點后保留兩位數(shù)字）。（5）設(shè)計上，小石塊要吸水，本實驗測得的小石塊的密度大于（選填“大于”或“小于”或“等于”）小石塊的真實密度?！疚Ⅻc】固體的密度測量實驗．【思路】（1）天平使用前的調(diào)節(jié)：①放：把天平放到水平桌面上；②移；把游碼移到標(biāo)尺左端零刻線處；③調(diào)：調(diào)節(jié)平衡螺母，使指針指在分度盤的中線處；（2）分析3次測量結(jié)果，找出錯誤的數(shù)值即可知小石塊質(zhì)量；（3）讀出水的體積、水和石塊的總體積，之差即為石塊的體積；（4）根據(jù)ρ求出石塊的密度；（5）如果石塊吸水會導(dǎo)致水和石塊的總體積變小，石塊的質(zhì)量不變，導(dǎo)致石塊的密度變大。【解析】解：（1）天平要放在水平臺上或水平桌面上，先將游碼移到標(biāo)尺左端零刻線處；圖甲中指針指在分度盤中央的左側(cè)，應(yīng)將平衡螺母向其反方向調(diào)節(jié)，故將平衡螺母向右調(diào)節(jié)。（2）由表格數(shù)據(jù)可知，第一次測量結(jié)果是錯誤的，則小石塊質(zhì)量m＝52.4g；（3）由圖知，石塊和水的總體積V2＝80cm3，則石塊的體積V＝V2﹣V1＝80cm3﹣60cm3＝20cm3；（4）石塊的密度ρ2.62g/cm3。（5）如果石塊具有吸水性，會導(dǎo)致測得水和石塊的總體積偏小，測得石塊的體積偏小，石塊的質(zhì)量不變，由ρ可知，測得小石塊的密度偏大。故答案為：（1）右；（3）20；（4）2.62；（5）大于?！军c撥】此題主要考查的是學(xué)生對天平的使用、量筒的讀數(shù)以及對密度計算公式的理解和掌握，基礎(chǔ)性題目。四、綜合應(yīng)用題（第1小題8分，第2小題12分．要求寫出必要的文字說明、公式和重要的演算步驟．有數(shù)值計算的題，必須寫出數(shù)值和單位）21．（8分）甲、乙兩地相距100km，在甲、乙兩地之間沿直線架設(shè)了兩條用同種材料制成的粗細均勻的輸電線，投入使用前，需要對輸電線進行測試。技術(shù)人員在甲地用電源、電壓表和電流表接成如圖所示電路進行測試，當(dāng)在乙地輸電線兩端接入阻值為10Ω的電阻時（圖中未畫出），電壓表示數(shù)為5.0V，電流表示數(shù)為0.10A；保持電源電壓不變，技術(shù)人員在某處將輸電線線設(shè)置成短路（圖中未畫出），再次測試時，電流表示數(shù)為0.25A．求：（1）甲、乙兩地間每條輸電線的電阻值；（2）短路位置離甲地的距離。【微點】歐姆定律的應(yīng)用．【思路】（1）第一次測試時，已知電路中電壓為和電流，由歐姆定律求出電路的電阻；根據(jù)電阻的串聯(lián)得出甲、乙兩地間每條輸電線的電阻值；（2）某處將輸電線線設(shè)置成短路，已知電路的電壓和電流，由歐姆定律得出電路的電阻，從而得出短路位置與甲地之間每條輸電線的電阻；根據(jù)已知條件求出短路位置離甲地的距離?！窘馕觥拷猓海?）第一次測試時，電路中電壓為：U1＝5.0V，電流為I1＝0.10A，由歐姆定律，電路的電阻為：R50Ω；設(shè)每條輸電線的電阻為R0，在乙地輸電線兩端接阻值為R′＝10Ω，根據(jù)電阻的串聯(lián)，則有2R0+R′＝R，故R020Ω；（2）某處將輸電線線設(shè)置成短路，U1＝5.0V，電流為I2＝0.25A再次測試時，由歐姆定律，R′20Ω；短路位置與甲地