2025年浙教版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版高二物理下冊階段測試試卷8考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、下列說法中正確的是（）A.氣體的溫度升高時，分子的熱運動變得劇烈，分子的平均動能增大，撞擊器壁時對器壁的作用力增大，從而氣體的壓強一定增大B.氣體體積變小時，單位體積的分子數(shù)增多，單位時間內(nèi)打到器壁單位面積上的分子數(shù)增多，從而氣體的壓強一定增大C.壓縮一定量的氣體，氣體的內(nèi)能一定增加D.分子a從遠外趨近固定不動的分子b，當(dāng)a到達受b的作用力為零處時，a的動能一定最大2、兩只電阻的伏安特性曲線如圖所示，則下列說法中正確的是(

)

A.兩電阻的阻值為R1

大于R2

B.兩電阻串聯(lián)在電路中時，R1

兩端電壓大于R2

兩端電壓C.兩電阻串聯(lián)在電路中時，R1

消耗的功率小于R2

消耗的功率D.兩電阻并聯(lián)在電路中時，R1

的電流小于R2

的電流3、質(zhì)量為0.5kg的金屬桿在相距1m的水平軌道上與軌道垂直放置，金屬桿上通以I=4A的恒定電流，方向如圖所示，勻強磁場B垂直軌道平面豎直向上，金屬桿與軌道間的動摩擦因數(shù)為0.2．設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g取10m/s2．金屬桿恰好不發(fā)生移動，則勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的大小為（）A.2.0TB.1.0TC.0.50TD.0.25T4、兩個完全相同的金屬球，一個帶+6×10-8C的電量，另一個帶-2×10-8C的電量．把兩球接觸后再分開；兩球帶電情況是（）

A.均為+4×10-8C

B.均為+2×10-8C

C.均為-2×10-8C

D.均為-4×10-8C

5、把兩個相同的小球接觸后分開，兩小球相互排斥，則兩球原來帶電情況不可能的是（）A.其中一個帶電B.帶等量異種電荷C.帶同種電荷D.帶不等量電荷6、圖甲為一列簡諧橫波在t=0.10s時刻的波形圖；P是平衡位置為x=1m處的質(zhì)點，Q是平衡位置為x=4m處的質(zhì)點，圖乙為質(zhì)點Q的振動圖象，則（）

A.t=0.15s時，質(zhì)點Q的加速度達到負(fù)向最大B.t=0.15s時，質(zhì)點P的運動方向沿y軸負(fù)方向C.從t=0.10s到t=0.25s，該波沿x軸正方向傳播了6mD.從t=0.10s到t=0.25s，質(zhì)點P通過的路程為30cm評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)7、某種油其密度是0.86×103kg/m3，摩爾質(zhì)量是250g/mol，將一滴體積為1.0mm3的油滴滴的水面上，它所能形成的油膜的最大面積是1.25m2．根據(jù)以上數(shù)據(jù)，估算阿伏伽德羅常數(shù)NA=____．（取兩位有效數(shù)字，且設(shè)油分子為立方體模型）8、兩列相干波在空間相遇，實線表示波峰，虛線表示波谷，如圖所示，兩列波的振幅都為10cm，則圖示中A點的振幅為______cm，B點的振幅為______cm，C點的振幅______cm．9、電容器在電路中的作用是______直流，______交流；電感器在電路中的作用是______直流，______交流．10、現(xiàn)將電池組、滑動變阻器、帶鐵芯的線圈A

線圈B

電流計及開關(guān)如圖連接.

在開關(guān)閉合、線圈A

放在線圈B

中的情況下，某同學(xué)發(fā)現(xiàn)當(dāng)他將滑動變阻器的滑動端P

向左加速滑動時，電流計指針向右偏轉(zhuǎn).

若將線圈A

中鐵芯向上拔出，則能引起電流計的指針向______偏轉(zhuǎn)；若滑動變阻器的滑動端P

勻速向右滑動，能使電流計指針______偏轉(zhuǎn)．11、如圖所示，100

匝的線框abcd

在圖示磁場(

勻強磁場)

中勻速轉(zhuǎn)動，角速度為婁脴

其電動勢的瞬時值為e=100cos100婁脨tV

那么感應(yīng)電動勢的最大值為______，當(dāng)從圖示位置轉(zhuǎn)過60鈭?

角時線圈中的感應(yīng)電動勢為______，此時穿過線圈的磁通量的變化率為______．12、一個氣泡從水底升到水面時，它的體積增大為原來的3

倍，設(shè)水的密度為婁脩=1隆脕103kg/m3

大氣壓強p0=1.01隆脕105Pa

水底與水面的溫度差不計，水的深度為______取g=10m/s2

．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)13、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）14、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）15、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）16、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、畫圖題(共2題，共12分)22、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象23、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象評卷人得分五、作圖題(共4題，共8分)24、試畫出下面圖1中負(fù)電荷產(chǎn)生的電場；畫出圖2中的A點的電場方向以及放在B點的負(fù)電荷所受的電場力方向。

25、某同學(xué)在做“利用單擺測重力加速度”的實驗中；先測得擺線長為97.50cm

擺球直徑為2.00cm

然后用秒表記錄了單擺振動50

次所用的時間，如圖1

所示，則：

(1)

該擺擺長為______cm

秒表所示讀數(shù)為______s.

(2)

如果測得的g

值偏?。豢赡艿脑蚴莀_____

A.測擺線長時擺線拉得過緊。

B.擺線上端懸點未固定；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了。

C.開始計時時；秒表過遲按下。

D.實驗中誤將49

次全振動記為50

次。

(3)

為了提高實驗精度，在實驗中可改變幾次擺長l

并測出相應(yīng)的周期T

從而得出一組對應(yīng)的l

與T

的數(shù)據(jù)，再以l

為橫坐標(biāo)，T2

為縱坐標(biāo)，將所得數(shù)據(jù)連成直線如圖2

所示，并求得該直線的斜率為k

則重力加速度g=

______(

用k

表示)

．26、如圖所示為三個有界勻強磁場；磁感應(yīng)強度大小均為B，方向分別垂直紙面向外；向里和向外，磁場寬度均為L，在磁場區(qū)域的左側(cè)邊界處有一邊長為L的正方形導(dǎo)體線框，總電阻為R，且線框平面與磁場方向垂直．現(xiàn)用外力F使線框以速度v勻速穿過磁場區(qū)域，以初始位置為計時起點，規(guī)定外力F向右為正．畫出外力F隨時間變化規(guī)律的圖象。

27、有一根粗細均勻的空心導(dǎo)體棒如圖a

所示，截面為同心圓環(huán)(

如圖b)

其電阻約為100婁賂

某同學(xué)用以下器材測量該導(dǎo)體棒的電阻：A.20

分度的游標(biāo)卡尺B.

螺旋測微器C.

電流表A1(

量程50mA

內(nèi)阻R1=100婁賂)D.

電流表A2(

量程100mA

內(nèi)阻R2

約40婁賂)E.

滑動變阻器R(0隆蘆10婁賂)F.

直流電源EG.

導(dǎo)電材料樣品RxH.

開關(guān)一只，導(dǎo)線若干

(1)

用游標(biāo)卡尺測量導(dǎo)體棒長度如圖甲，示數(shù)L=

____mm

用螺旋測微器測量其外徑如圖乙，示數(shù)D=

____mm

．(2)

圖丙是實驗原理圖，請在丁圖中完成實物連接．(3)

閉合開關(guān)S

調(diào)整滑動變阻器，記錄電流表A1

的讀數(shù)I1

和電流表A2

的讀數(shù)I2

則導(dǎo)體管的電阻Rx=

___(

用已知量和測量量的符號來表示)

評卷人得分六、證明題(共2題，共14分)28、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。29、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【解答】A；從微觀上看；一定質(zhì)量被封閉氣體的壓強取決于分子的平均動能和單位體積內(nèi)的分子數(shù)目（分子的密集程度）這兩個因素，分子平均動能增大，單位體積內(nèi)的分子數(shù)目如何變化不知，因此壓強的變化是不確定的，故A錯誤；B、體積減小，單位體積內(nèi)的分子數(shù)目增多，但是分子平均動能的變化未知，則壓強變化也是不確定的，故B錯誤；

C、根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q；可知壓縮氣體，外界對氣體做功，但是氣體的吸放熱情況不知，故內(nèi)能不一定增大，故C錯誤；

D、分子a從遠外趨近固定不動的分子b時分子力表現(xiàn)為引力，分子力做正功，分子動能增大，到達r=r0時分子力為零，若再靠近時分子力為斥力，將做負(fù)功，分子動能減小，因此當(dāng)a到達受b的作用力為零處時，a的動能最大；故D正確．

故選：D．

【分析】題目主要考察了氣體壓強的微觀解釋，氣體壓強取決于分子平均動能和單位體積內(nèi)的分子數(shù)目這兩個因素；只知道分子平均動能或者單位體積內(nèi)分子數(shù)目的變化，壓強的變化是無法確定的；對于氣體內(nèi)能變化取決于外界與氣體之間的做功和吸放熱情況，若外界對氣體做功，同時氣體放熱，則內(nèi)能可能增大、減小或不變；討論分子力或者分子勢能變化時要以r=r0為分界點進行討論．2、C【分析】解：A.

由下圖可知；

當(dāng)電流相同時，R2

兩端的電壓大于R1

兩端的電壓，即U2>U1

由歐姆定律I=UR

得：R=UI

所以當(dāng)電流相同時，電壓越大，導(dǎo)體的電阻就越大，即R2>R1.

故A錯誤；

B.兩電阻串聯(lián)在電路中時，電流相等，根據(jù)A

的分析可知：即U2>U1

故B錯誤；

C.兩電阻串聯(lián)在電路中時；電流相等，根據(jù)P=I2R

可知：R1

消耗的功率小于R2

消耗的功率，故C正確；

D.兩電阻并聯(lián)在電路中時，電壓相等，根據(jù)I=UR

得：R1

的電流大于R2

的電流；故D錯誤。

故選：C

本題為圖象分析問題；在圖中任意做一條與縱軸垂直的直線，則與兩圖象的交點為電流相同點，對應(yīng)的橫坐標(biāo)得出電壓值，則由歐姆定律可進行比較電阻.

兩電阻串聯(lián)在電路中時，電流相等，兩電阻并聯(lián)在電路中時，電壓相等．

本題為圖象分析問題，要能從圖象中得出有效信息，兩電阻串聯(lián)在電路中時，電流相等，兩電阻并聯(lián)在電路中時，電壓相等．【解析】C

3、D【分析】解：導(dǎo)體棒水平方向受安培力和摩擦力的作用處于平衡；根據(jù)平衡條件可得BIL=μmg；解得B=0.25T，故D正確，A；B、C錯誤。

故選：D。

導(dǎo)體棒處于平衡狀態(tài)；根據(jù)安培力公式結(jié)合平衡條件求B的大小。

本題考查了求磁感應(yīng)強度，注意由平衡條件確定安培力大小，再根據(jù)安培力公式確定B的大小?！窘馕觥緿4、B【分析】

兩個完全相同的金屬球接觸后；電荷總是相同，根據(jù)電荷守恒定律，電荷應(yīng)該先中和，再均分，故。

C

故選B．

【解析】【答案】兩個完全相同的金屬球接觸后；電荷總是相同，根據(jù)電荷守恒定律，電荷應(yīng)該先中和，再均分．

5、B【分析】【解答】解：A；原來的其中一個帶電；把兩個完全相同的小球接觸后電荷平分，帶上等量同種電荷，存在排斥力，故A可能；

B；兩個小球原來分別帶等量異種電荷；接觸后電荷完全中和，兩球不存在排斥力，故B不可能；

C；兩個小球原來分別帶同種電荷；把兩個完全相同的小球接觸后電荷重新平分，帶上等量同種電荷，存在排斥力，故C可能；

D；兩個小球原來分別帶不等量同種或異種電荷；小球接觸后電荷先中和再平分，帶上等量同種電荷，存在排斥力，故D可能；

本題選不可能的；故選：B．

【分析】兩個小球接觸后再分開，兩球相互排斥，根據(jù)小球帶電情況，將選項逐一代入，選出符合題意的選項．6、B【分析】解：A；由乙圖中Q點的振動圖象可知t=0.15s時Q點在負(fù)的最大位移處；故具有正向最大加速度，故A錯誤；

B；甲圖描述的是t=0.10s時的波動圖象；而根據(jù)乙圖可知t=0.10s到t=0.25s內(nèi)Q點將向下振動，這說明在甲圖中此時Q點將向下振動，根據(jù)質(zhì)點振動方向和波傳播方向的關(guān)系可知，波向左傳播，判定出經(jīng)過四分之一周期即t=0.15s時質(zhì)點P運動方向為Y軸負(fù)方向，故B正確；

C、根據(jù)甲乙兩圖可知波長和周期，則波速：v===40m/s；故從t=0.10s到t=0.25s，波沿x負(fù)方向傳播了6m，而并非沿x軸正方向傳播，故C錯誤；

D；質(zhì)點在一個周期內(nèi)通過個路程為4個振幅長度；故t=0.10s到t=0.25s的四分之三周期內(nèi)，質(zhì)點P通過的路程不是三個振幅即30cm，故D錯誤。

故選：B。

根據(jù)甲乙兩圖可以求出該波的波長和周期；從而求出波速，t=0.10s時Q點在平衡位置上，由乙圖知下一時刻向下振動，從而確定了該波向左傳播。

本題有一定的綜合性考查了波動和振動圖象問題，關(guān)鍵是會根據(jù)振動情況來判定波的傳播方向?！窘馕觥緽二、填空題(共6題，共12分)7、略

【分析】

將一滴體積為1.0mm3的油滴滴的水面上，它所能形成的油膜的最大面積是1.25m2．

故分子直徑為：D==8×10-10m；

油的密度是0.86×103kg/m3；摩爾質(zhì)量是250g/mol，故阿伏加德羅常數(shù)為：

NA====5.7×1023

故答案為：5.7×1023．

【解析】【答案】先根據(jù)油膜法測分子直徑的原理可求出油分子的直徑．再根據(jù)油的摩爾質(zhì)量和密度算出其摩爾體積；然后求出每個油分子的體積，即可正確解答本題．

8、略

【分析】解：兩個相干波源產(chǎn)生的干涉圖樣；圖中A；B點是振動加強點，C點是振動減弱點；

因兩列波的振幅都為10cm；則圖示中A點的振幅為2A=20cm，B點的振幅為2A=20cm，C點的振幅0cm；

故答案為：20；20；0．

列波相遇時振動情況相同時振動加強；振動情況相反時振動減弱．兩列頻率相同的相干波，當(dāng)波峰與波峰相遇或波谷與波谷相遇時振動加強，當(dāng)波峰與波谷相遇時振動減弱，則振動情況相同時振動加強；振動情況相反時振動減弱．

波的疊加滿足矢量法則，當(dāng)振動情況相同則相加，振動情況相反時則相減，且兩列波互不干擾．例如當(dāng)該波的波峰與波峰相遇時，此處相對平衡位置的位移為振幅的二倍；當(dāng)波峰與波谷相遇時此處的位移為零．【解析】20；20；09、略

【分析】解：電容器在電路中；不能通過直流電，但是可以通過交流電；

電容器的容抗與電容成反比；與頻率也成反比，故具有通高頻；阻低頻的作用；

電感器對交流電有阻礙作用，根據(jù)XL=2πLf知；頻率越高，感抗越大，所以電感器對于高頻交變電流的阻礙作用大于對低頻交變電流的阻礙作用，故通直流阻交流。

故答案為：隔；通，通，阻。

根據(jù)電容器和電感線圈的特性分析選擇．電容器內(nèi)部是真空或電介質(zhì)；隔斷直流．能充電；放電，能通交流，具有隔直通交、通高阻低的特性．電感線圈可以通直流，通過交流電時產(chǎn)生自感電動勢，阻礙電流的變化，具有通直阻交，通低阻高的特性．根據(jù)感抗和容抗的大小分析對高頻和低頻的阻礙。

本題關(guān)鍵是明確電容器在交流電路中的作用，要能夠和電感線圈相區(qū)分【解析】隔；通；通；阻10、略

【分析】解：由題意可知當(dāng)P

向左加速滑動時；線圈A

中的電流應(yīng)越來越小，則其磁場減?。?/p>

線圈B

中產(chǎn)生了電流使指針向右偏轉(zhuǎn)；故可知當(dāng)B

中的磁通量減小時；電流表指向右偏；

線圈A

向上拔出；穿過線圈B

的磁通量減少，電流計指針向右偏轉(zhuǎn)；

P

勻速向右滑動；電阻增大，則電流也增大，導(dǎo)致通過線圈B

的磁通量增大，電流計指針向左偏轉(zhuǎn)．

故答案為：右；左．

由題意可知線圈B

中產(chǎn)生使電流表指針向右偏轉(zhuǎn)的條件；然后根據(jù)磁通量的變化情況分析答題．

本題無法直接利用楞次定律進行判斷，但是可以根據(jù)題意得出產(chǎn)生使電流表指針右偏的條件，即可不根據(jù)繞向判出各項中應(yīng)該出現(xiàn)的現(xiàn)象．【解析】右；左11、略

【分析】解：由e=100cos100婁脨tV

可知，感應(yīng)電動勢的最大值為100V

當(dāng)從圖示位置轉(zhuǎn)過60鈭?

角時，100婁脨t=60鈭?

線圈中的感應(yīng)電動勢為50V

由E=n鈻?婁碌鈻?t

可知，婁碌

此時穿過線圈的磁通量的變化率為：鈻?婁碌鈻?t=En=050100=0.5Wb/s

故答案為：100V50V0.5Wb/s

．

根據(jù)感應(yīng)電動勢的瞬時值表達式分與法拉第電磁感應(yīng)定律析答題．

本題考查了求感應(yīng)電動勢最大值、瞬時值、磁通量變化率問題，記住并靈活應(yīng)用交變電流的瞬時值表達式即可正確解題．【解析】100V50V0.5Wb/s

12、略

【分析】解：水下小氣泡的壓強：P=婁脩gh+P0

體積：V1

到達水面時的體積：V2

則：V2=3V1

由玻意耳定律：PV1=P0V2

聯(lián)立以上方程；并代入數(shù)據(jù)得：h=20m

故答案為：20m

．

由液體中的壓強的公式求出水下的小氣泡的壓強；然后由理想氣體狀態(tài)方程求出溫度．

本題考查了求氣體壓強，根據(jù)題意確定氣體的初末狀態(tài)，求出氣體的初末狀態(tài)參量，應(yīng)用液體中的壓強的公式與玻意耳定律即可正確解題．【解析】20m

三、判斷題(共9題，共18分)13、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．14、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．15、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．16、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．18、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．19、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、畫圖題(共2題，共12分)22、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】23、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】五、作圖題(共4題，共8分)24、解：負(fù)電荷產(chǎn)生的電場線應(yīng)該由無窮遠指向負(fù)點電荷；如圖1；

電場中電場強度的方向沿電場線的切線的方向；所以A點的場強的方向豎直向下，如圖2；

負(fù)電荷受力的方向與電場線的方向相反；所以負(fù)電荷在B點受電場力方向豎直向上，如圖2．

答：如上圖所示【分析】【分析】電場中電場強度的方向沿電場線的切線的方向；負(fù)電荷受力的方向與電場線的方向相反，也是沿電場線的切線方向．25、略

【分析】解：(1)

單擺的擺長l=L+d2=97.50+2.002cm=98.50cm

．

秒表的小盤讀數(shù)為50s

大盤讀數(shù)為15.2s

則秒表的讀數(shù)為75.2s

．

(2)

根據(jù)T=2婁脨lg

得，g=4婁脨lT2

A；測擺線長時擺線拉得過緊；則擺長的測量值偏大，導(dǎo)致重力加速度的測量值偏大，故A錯誤．

B；擺線上端懸點未固定；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，知擺長的測量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測量值偏小，故B正確．

C；開始計時時；秒表過遲按下，則周期的測量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測量值偏大，故C錯誤．

D；實驗中誤將49

次全振動記為50

次；則周期的測量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測量值偏大，故D錯誤．

故選：B

．

(3)

根據(jù)T=2婁脨lg

得，T2=4婁脨2lg

可知圖線的斜率k=4婁脨2g

則重力加速度g=4婁脨2k

．

故答案為：(1)98.5075.2(2)B(3)4婁脨2k

．

(1)

單擺的擺長等于擺線的長度和擺球的半徑之和；秒表的讀數(shù)等于小盤讀數(shù)和大盤讀數(shù)之和．

(2)

根據(jù)單擺的周期公式得出重力加速度的表達式；結(jié)合擺長和周期的測量誤差確定重力加速度的測量誤差．

(3)

根據(jù)單擺的周期公式得出T2鈭?l

的關(guān)系式；結(jié)合圖線的斜率求出重力加速度．

單擺的擺長等于懸點到球心的距離，不能漏算小球的半徑.

根據(jù)解析式研究圖象的意義是慣用的思路．【解析】98.5075.2B4婁脨2k

26、解：在0～內(nèi)，只有一條邊切割，產(chǎn)生的電動勢E=BLv，線框所受的安培力方向向左，則外力F=方向向右．

在內(nèi)，有兩條邊切割，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=2BLv，線框所受的安培力方向向左，則外力F=方向向右．

在內(nèi)，只有一條邊切割，產(chǎn)生的電動勢E=BLv，線框所受的安培力方向向左，則外力F=方向向右．

F隨t的時間變化規(guī)律如圖所示．

答：外力F隨時間變化規(guī)律的圖象如圖所示．【分析】

根據(jù)切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢公式求出電動勢的大??；結(jié)合歐姆定律和安培力公式求出安培力的大小，從而得出外力F的大小，根據(jù)右手定則判斷出感應(yīng)電流的方向，結(jié)合左手定則判斷出安培力的方向，從而確定外力F的方向．

此題電磁感應(yīng)中圖象的問題，近幾年高考中出現(xiàn)的較為頻繁，解答本題關(guān)鍵要掌握法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、楞次定律、安培力公式等等知識，要知道當(dāng)線框左右兩邊都切割磁感線時，兩個感應(yīng)電動勢方向相同，是串聯(lián)關(guān)系．【解析】解：在0～內(nèi)，只有一條邊切割，產(chǎn)生的電動勢E=BLv，線框所受的安培力方向向左，則外力F=方向向右．

在內(nèi)，有兩條邊切割，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=2BLv，線框所受的安培力方向向左，則外力F=方向向右．

在內(nèi)，只有一條邊切割，產(chǎn)