2024年人教A版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年人教A版高二物理上冊月考試卷674考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、豎直的肥皂膜在單色光的照射下，表面會形成明暗相間的條紋，下列說法中正確的是()．A.干涉條紋基本上是豎直的B.干涉條紋基本上是水平的C.干涉條紋的產生是由于光在肥皂膜前后表面上反射的兩列波疊加的結果D.干涉條紋是彩色的2、如圖所示；當導線棒MN在外力作用下沿導軌向右運動時，流過R的電流方向是（）

A.由A→BB.由B→AC.無感應電流D.無法確定3、關于電場線，下列說法正確的是：()A.電場線都是閉合的曲線B.電場線是假象的曲線，實際并不存在C.電場線就是正電荷在電場中受力運動的軌跡D.沿電場線的方向，場強一定越來越大4、如圖所示，閉合導線框的質量可以忽略不計，將它從圖示位置勻速拉出勻強磁場.

若第一次用0.3s0.3s時間拉出，外力做的功為WW1，通過導線截面的電荷量為qq1；第二次用0.9s0.9s時間拉出，外力所做的功為WW2，通過導線截面的電荷量為qq2，則(())

A.W1<W2q1<q2

B.W1<W2q1=q2

C.W1>W2q1=q2

D.W1>W2q1>q2

5、下列關于人造衛(wèi)星的敘述，正確的是（）A.做勻速圓周運動的人造衛(wèi)星無論離地球遠近，衛(wèi)星內物體均處于失重狀態(tài)，所以衛(wèi)星不受地球作用B.發(fā)射速度大于7.9km/s的人造地球衛(wèi)星進入軌道后的線速度一定大于7.9km/sC.同一衛(wèi)星的軌道半徑越大，其動能越小，所以機械能也越小D.所有同步衛(wèi)星的高度是相同的，線速度的大小也是相同的，與地球的自轉方向相同，但質量不一定相同評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)6、一帶電粒子以的初速度v垂直于電場方向進入長為L的平行金屬板間的偏轉電場中，從偏轉電場的另一側飛出電場，側移距離為Y．則帶電粒子在電場中的運動時間為____，如果將初速度增大到原來的兩倍，則側移距離變?yōu)開___平行金屬板外的電場不計，粒子重力不計．7、用雙縫干涉測光的波長。已知雙縫與屏的距離L，雙縫間距d。用測量頭來測量亮紋中心的距離。測量頭由分劃板、目鏡、手輪等構成，轉動手輪，使分劃板左右移動，讓分劃板的中心刻線對準亮紋的中心（如圖（甲）所示），記下此時手輪上的讀數，轉動測量頭，使分劃板中心刻線對準另一條亮紋的中心，記下此時手輪上的讀數。（1）分劃板的中心刻線分別對準第1條和第4條亮紋的中心時，手輪上的讀數如圖14-4（乙）所示，對準第1條時讀數x1=_mm(允許誤差)、對準第4條時讀數x2=_____mm(允許誤差)（2）寫出計算波長λ的表達式，λ=____（用x1、x2、L、d表示，不用計算）。（3）在屏上觀察到了干涉條紋．如果將雙縫的間距變大，則屏上的干涉條紋的間距將變____；（選大或?。?）某同學自己動手利用如圖所示的裝置觀察光的干涉現象，其中A為單縫屏，B為雙縫屏，整個裝置位于一暗箱中，實驗過程如下：（A）該同學用一束太陽光照射A屏時，屏C上沒有出現干涉條紋；移去B后，在屏上出現不等間距條紋；此條紋是由于產生的；（B）移去A后，遮住縫S1或縫S2中的任一個，C上均出現一窄亮斑.出現以上實驗結果的主要原因是.8、在“用雙縫干涉測光的波長”的實驗中，將測量頭的分劃板中心刻線與某條亮紋中心對齊，將該亮紋定為第1條亮紋，此時手輪上螺旋測微器的讀數如圖為______mm．然后同方向轉動測量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對齊，由手輪上的螺旋測微器再讀出一讀數．若實驗測得第1條亮紋與第6條亮紋中心間的距離a=11.550mm，雙縫到屏的距離L=0.70m，已知雙縫間距d=0.20mm．由計算式λ=______，求得所測光的波長為______m．

（保留兩位有效數字）9、rm{36}．rm{M}rm{M}是高分子金屬離子螯合劑，以下是兩種物質的合成路線：

是牙科粘合劑，rm{X}是高分子金屬離子螯合劑，以下是兩種物質的合成路線：

rm{X}rm{R}rm{R}rm{R}rm{R}rm{{,!}_{1}}屬于環(huán)氧類物質。

、rm{R}

rm{R}為烯烴，rm{{,!}_{2}}中所含官能團名稱是_________，代表烴基或其他基團，rm{C}屬于環(huán)氧類物質。的反應類型是_________。

rm{C}的反應條件是____________。

分子中有rm{(1)A}個甲基和rm{B}個羧基，rm{A隆煤B}的化學名稱是__________________。

rm{(2)C隆煤D}的化學方程式是___________________________________。

rm{(3)E}下列關于rm{2}的說法正確的是______。

rm{1}可與rm{F}溶液反應。

rm{(4)D+F隆煤K}與飽和溴水反應消耗rm{(5)}

rm{J}可發(fā)生氧化；消去和縮聚反應。

rm{a.}分子中只有rm{Na_{2}CO_{3}}種氫原子，rm{b.1molJ}的化學方程式是_____________________________。

rm{8molBr_{2}}的結構簡式是______________。

rm{c.}的化學方程式是_________________________________________。rm{(6)G}10、將一電量為的電荷從電場中的點移到點，電場力做功為則兩點的電勢差__________再把這個電荷從點移到點，電場力做功則兩點的電勢差__________三點中電勢最高的點的是__________點。11、有人設計了一個小玩藝，如圖所示，將一根細而柔軟的銅絲繞成螺旋形狀，并懸掛起來，彈簧下端焊接一簇更細的銅絲．銅絲的下端與一塊圓形銅片相接觸(但不固定)，銅片及彈簧上端分別與開關、電源相接．試問：合上開關后會看到____________現象，原因是____________．12、將兩個勁度系數均為100N/m

的彈簧測力計AB

連接在一起放在光滑水平面上，B

的一端固定，用手沿水平方向拉A

當A

示數為3.0N

時，B

示數為________NB

的彈簧伸長量為________cm

．13、如圖所示，粗細均勻的電阻為r

的金屬圓環(huán)，放在圖示的勻強磁場中，磁感應強度為B

圓環(huán)直徑為L

長為L

電阻也為r

的金屬棒ab

放在圓環(huán)上，以v0

向左運動到圖示圓心位置時，金屬棒兩端的電勢差的絕對值為______，通過金屬棒的電流的方向是______．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)14、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）15、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）16、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）評卷人得分四、證明題(共2題，共16分)19、如圖，兩根勁度系數分別為K1、K2的輕質彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。20、如圖，兩根勁度系數分別為K1、K2的輕質彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分五、作圖題(共1題，共8分)21、如圖所示，在圖(1)

中，G

為指針在中央的靈敏電流表，連接在直流電路中時的偏轉情況.

今使它與一線圈串聯進行電磁感應實驗，則圖(2)

中的條形磁鐵的運動方向是______；圖(3)

中電流計的指針將向______偏轉；圖(4)

中的條形磁鐵上端為______極．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B|C【分析】薄膜干涉條紋的產生是薄膜的前表面與后表面反射來的光發(fā)生干涉所產生的，同一明條紋或同一暗條紋應出現在膜的厚度相同的地方，膜非常薄，條紋基本是水平的，由于光是單色光，不會發(fā)生色散，故選B、C.【解析】【答案】BC2、A【分析】解：導線棒MN在外力作用下沿導軌向右運動而切割磁感線產生感應電流；根據右手定則可以判定感應電流的方向為由A→B．

故A正確．

故選A．

右手定則的：右手平展；使大拇指與其余四指垂直，并且都跟手掌在一個平面內．磁感線垂直進入手心，大拇指指向導線運動方向，則四指所指方向為導線中感應電流的方向．

本題考查了右手定則，只要是導體切割磁感線而產生感應電流就可以利用右手定則判定感應電流的方向．【解析】【答案】A3、B【分析】【分析】掌握電場線特點是解本題的關鍵，電場線從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不相交不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，電場線上每一點的切線方向，表示該點的場強方向。本題考察了關于電場線的基礎知識，比較簡單，對于電場線的理解可以和磁場線類比進行?！窘獯稹緼.電場線從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不相交不閉合，故A錯誤；B.電場線是人們假想出來的，實際并不存在，故B正確；C.電場線與電荷的運動軌跡是兩回事，正電荷在電場中可能沿電場線運動，也可能不沿電場線運動，與電荷的初速度有關，故C錯誤；D.電場線的疏密代表電場的強弱，沿電場線方向，電場強度不一定減小，故D錯誤。故選B?！窘馕觥緽

4、C【分析】解：設線框的速度為v.

線框所受的安培力大小為FA=BIL1

又I=ERE=BL1v

則得FA=B2L12vR

線框勻速運動，外力與安培力平衡，則外力的大小為F=FA

外力做功為W=FL2=B2L12vR?L2

則知W隆脴v

可見，外力做功與所用時間成反比，則有W1>W2

．

兩種情況下，線框拉出磁場時穿過線框的磁通量的變化量相等，根據感應電荷量公式q=I鈻?t=E爐R鈻?t=鈻?婁碌R

可知，通過導線截面的電量相等，即有q1=q2.

故C正確。

故選：C

設第一次用t

時間拉出，則第二次用3t

時間拉出，速度變?yōu)樵瓉淼?3

倍.

線框勻速運動，外力與安培力平衡，推導出安培力的表達式，根據功的定義表示出W=Fx

比較功的大小.

根據感應電荷量公式q=鈻?婁碌R

比較電量．

解決本題的關鍵要掌握安培力的推導方法和感應電荷量的表達式，把握各個量之間的關系．【解析】C

5、D【分析】解：A；衛(wèi)星內的物體處于失重狀態(tài)并非是不受地球的引力；則A錯誤。

B；所有衛(wèi)星的運行速度不大于第一宇宙速度；則B錯誤。

C；衛(wèi)星要由低軌道到高軌道要加速做離心運動；機械能增加，則C錯誤。

D、所有同步衛(wèi)星的周期相同，地球的自轉方向相同，軌道半徑相同，由v=可知線速度相同；質量不定，則D正確。

故選：D。

人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動；萬有引力提供圓周運動向心力，產生向心加速度。據此分析各項。

本題關鍵是抓住萬有引力提供向心力，先列式求解出線速度的表達式，再進行討論?！窘馕觥緿二、填空題(共8題，共16分)6、略

【分析】

帶電粒子進入偏轉電場做類平拋運動；水平方向勻速直線運動，豎直方向初速度為零的勻加速直線運動；

平行極板方向：L=vt

解得：t=

垂直極板方向初速度為零的勻加速直線運動：Y=at2=（）2=

當初速度增大到原來的兩倍時，側位移變?yōu)椋?/p>

故答案為：

【解析】【答案】帶電粒子進入偏轉電場做類平拋運動；結合平拋運動規(guī)律解題：水平方向勻速直線運動，豎直方向初速度為零的勻加速直線運動；并且兩方向運動具有等時性．

7、略

【分析】【解析】【答案】（1）2.190mm7.867—7.869mm（2）(x2-x1)d/3L（3）?。?）（A）光的衍射（B）雙縫S1、S2太寬8、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度讀數為1.5mm；可動刻度讀數為0.01×11.5mm=0.115mm，則最終讀數為1.615mm．

根據解得．

代入數據得，m．

故答案為：1.613～1.616，6.6×10-7

螺旋測微器的讀數等于固定刻度讀數加上可動刻度讀數；需估讀．根據雙縫干涉條紋的間距公式得出波長的表達式，從而求出波長的大?。?/p>

解決本題的關鍵掌握螺旋測微器的讀數方法，以及掌握雙縫干涉條紋的間距公式，并能靈活運用．【解析】1.615；6.6×10-79、（1）碳碳雙鍵；氯原子取代反應。

（2）NaOH/H2O；△

（3）2-甲基丙烯酸。

（4）（5）a

（6）

（7）

?（8）【分析】【分析】

本題考查有機物的推斷；正確理解題干信息及合成流程為解答本題的關鍵，熟練掌握常見有機物結構與性質為解答此類題的基礎，試題涉及的知識點較多，綜合性較強，充分考查了學生的分析；理解能力及靈活應用所學知識能力。

【解答】

rm{A}為烯烴分子式為rm{C_{3}H_{6}}則rm{A}為rm{CH_{3}CH=CH_{2}}rm{A}與氯氣發(fā)生取代反應生成rm{B}為rm{ClCH_{2}CH=CH_{2}}rm{ClCH_{2}CH=CH_{2}}與過氧化物反應生成rm{C}為在氫氧化鈉的溶液中發(fā)生水解反應生成rm{G}分子中只有一種氫原子，分子式為rm{C_{3}H_{6}O}所以rm{G}為與rm{HCN}發(fā)生加反應反應后酸化得到rm{E}為在濃硫酸的催化作用下發(fā)生消去反應生成rm{F}為與苯酚反應生成rm{J}和水，rm{J}為根據已知rm{ii}與三氯甲烷在氯化鋁作用下反應生成rm{N}分子式為rm{C_{17}H_{16}O_{2}Cl_{4}}根據后面rm{X}的結構簡式可知，取代位置在酚羥基的鄰位，故rm{N}為在氫氧化鈉水溶液中發(fā)生水解反應后酸化得到rm{Q}為在一定條件下與rm{Y}發(fā)生縮聚反應生成與發(fā)生酯化反應生成rm{K}rm{K}與反應生成rm{M}rm{(1)B}為rm{ClCH_{2}CH=CH_{2}}所以rm{B}中含有的官能團為氯原子和碳碳雙鍵；rm{A隆煤B}發(fā)生的是取代反應；

故答案為：碳碳雙鍵；氯原子；取代反應；

rm{(2)C隆煤D}發(fā)生的是鹵代烴的水解，所以反應條件為rm{NaOH/H_{2}O}rm{triangle}

故答案為：rm{NaOH/H_{2}O}rm{triangle}

rm{(3)F}為其名稱為：rm{2-}甲基丙烯酸；

故答案為：rm{2-}甲基丙烯酸；

rm{(4)D+F隆煤K}的化學方程式是

故答案為：

rm{(5)J}為

rm{a.}由于rm{J}中含有酚羥基，所以可以與碳酸鈉反應，故rm{a}正確；

rm{b.1mol}與飽和溴水發(fā)生會消耗rm{4molBr_{2}}故rm錯誤；

rm{c.J}不能發(fā)生消去反應，故rm{c}錯誤；

故答案為：rm{a}

rm{(6)}與苯酚反應生成rm{J}和水，rm{J}為所以rm{G隆煤J}的反應方程式為

rm{gudaanw}故答案為：

rm{(7)N}的結構簡式是

故答案為：

rm{(8)}由以上分析可知，rm{Q+Y隆煤X}的化學方程式是

故答案為：

【解析】rm{(1)}碳碳雙鍵；氯原子取代反應。

rm{(2)NaOH/H_{2}O}rm{triangle}

rm{(3)2-}甲基丙烯酸。

rm{(4)}rm{(5)a}

rm{(6)}

rm{(7)}

rm{(8)}10、略

【分析】【詳解】

[1]根據電場力做功解得

即

[2]根據電場力做功解得

即

[3]根據題意可知

即

綜上所述

故最高點是點。【解析】11、略

【分析】答：閉合開關后；可看到彈簧的下端離開水銀面后又回到水銀中，并不斷重復這種過程．

當有電流通過彈簧時；構成彈簧的每一圈導線周圍都產生了磁場，根據安培定則知，各圈導線之間都產生了相互的吸引作用，彈簧就縮短了，當彈簧的下端離開水銀后，電路斷開，彈簧中沒有了電流，各圈導線之間失去了相互吸引力，彈簧又恢復原長，使得彈簧下端又與水銀接觸，彈簧中又有了電流，開始重復上述過程．

故答案為：彈簧上下振動；閉合電鍵后，彈簧中通過一圈圈的同向電流，由于同向電流相互吸引，彈簧縮短，電路斷開，又由于重力作用彈簧下垂，電路又接通，如此反復．【解析】彈簧上下振動;閉合電鍵后，彈簧中通過一圈圈的同向電流，由于同向電流相互吸引，彈簧縮短，電路斷開，又由于重力作用彈簧下垂，電路又接通，如此反復．12、3.03.0【分析】【分析】根據牛頓第三定律和胡克定律求解；本題是牛頓第三定律和胡克定律的綜合題目，基礎題目。【解答】根據牛頓第三定律得出：當A

示數為3.0N

時，B

示數為3.0N

根據胡克定律得出，B

彈簧的伸長量為：x1=Fk=3.0100m=3cm

故填：3.03.0

【解析】3.03.0

13、略

【分析】解：當ab

棒以v

向左運動到圖示虛線位置時產生的感應電動勢為：E=BLv0

外電路總電阻為：R=r2隆脕r2r2+r2+r=54r

金屬棒兩端的電勢差是外電壓；由歐姆定律得金屬棒兩端電勢差為：

U=Ir4=E5r4隆脕r4=15BLv0

．

依據右手定則，即可知，通過金屬棒的電流的方向是a

到b

故答案為：15BLv0a

到b

金屬棒向左運動；切割磁感線產生感應電流，相當于電源，由E=BLv

求出感應電動勢.

由并聯電路特點求出外電路電阻，然后應用歐姆定律求出金屬棒兩端電勢差，再依據右手定則來判定感應電流方向．

電磁感應與電路知識的綜合，分清金屬棒兩端電勢差是外電壓還是內電壓是關鍵，并掌握右手定則的應用．【解析】15BLv0a

到b

三、判斷題(共5題，共10分)14、A【分析】【解答】解：根據電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．15、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．17、A【分析】【解答】解：根據電場線的特點可知；沿電場線的方向