2025年牛津上海版選擇性必修2物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津上海版選擇性必修2物理上冊月考試卷965考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、在如圖所示的平面內(nèi)，存在寬為的勻強磁場區(qū)域（足夠長、邊界上有磁場），勻強磁場的磁感應強度大小為左側邊界上有一離子源可以向紙面內(nèi)各方向發(fā)射質(zhì)量為帶電荷量為速度大小為的離子。不計離子受到的重力和空氣阻力；下列說法正確的是（）

A.離子在磁場中運動的最長時間為B.離子從右側邊界離開磁場時，在磁場中運動的最短時間為C.離子從右側邊界離開磁場時，在磁場中運動的最長時間為D.離子從左側邊界離開磁場時，射入點與射出點間的最大距離為2、一矩形線圈繞垂直于勻強磁場并位于線圈平面內(nèi)的固定軸勻速轉(zhuǎn)動；產(chǎn)生的正弦式交變電壓的波形圖如圖所示，下列說法正確的是（）

A.交變電壓的最大值是220VB.線圈轉(zhuǎn)動的周期是1sC.第2s末通過線圈的磁通量絕對值最大D.第2s末通過線圈的磁通量變化率絕對值最大3、如圖所示為回旋加速器示意圖，利用回旋加速器對粒子進行加速，此時D形盒中的磁場的磁感應強度大小為B，D形盒縫隙間電場變化周期為T。忽略粒子在D形盒縫隙間的運動時間和相對論效應；下列說法正確的是（）

A.保持B和T不變，該回旋加速器可以加速質(zhì)子B.僅調(diào)整磁場的磁感應強度大小為B，該回旋加速器仍可以加速粒子C.保持B和T不變，該回旋加速器可以加速粒子，且在回旋加速器中運動的時間與粒子的相等D.保持B和T不變，該回旋加速器可以加速粒子，加速后的最大動能與粒子的相等4、如圖所示；一束質(zhì)量；速度和電荷量不全相等的離子，經(jīng)過由正交的勻強電場和勻強磁場組成的速度選擇器后，進入另一個勻強磁場中并分裂為A、B兩束，下列說法正確的是（）

A.組成B束的粒子都帶負電B.組成B束的離子質(zhì)量一定不同C.速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向外D.A束離子的比荷（）大于B束離子的比荷5、在城市建設施工中，經(jīng)常需要確定地下金屬管線的位置，如圖所示，有一種探測方法是，首先給金屬長直管線上通上電流，再用可以測量磁場強弱、方向的儀器進行以下操作：①用測量儀在金屬管線附近的水平地面上找到磁場的最強的某點，記為a；②在a點附近的地面上，找到與a點磁感應強度相同的若干點，將這些點連成直線EF；③在地面上過a點垂直于EF的直線上，找到磁場方向與地面夾角為45°的b、c兩點，測得b、c兩點距離為L，由此可確定金屬管線

A.平行于EF，深度為B.平行于EF，深度為LC.垂直于FE，深度為D.垂直于EF，深度為L6、發(fā)電機的原理可以簡化成如圖所示的電路，導體棒bc在外力作用下沿接觸良好的導軌向右勻速運動；下列說法正確的是（）

A.在導體棒向右運動的過程中，導體棒內(nèi)自由電子所受洛倫茲力的方向嚴格由b指向cB.導體棒內(nèi)大量自由電子所受洛倫茲力沿垂直棒方向的分量之和宏觀上表現(xiàn)為安培力C.發(fā)電機工作中，安培力充當非靜電力搬運電荷做功，產(chǎn)生電動勢D.如果將圖中磁場反向但保持導體棒運動方向不變，則導體棒所受安培力也反向評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動的金屬棒PQ、MN，當PQ在外力的作用下運動時，MN在磁場力的作用下向右運動，則PQ所做的運動可能是（）

A.向右變加速運動B.向左變加速運動C.向左勻速運動D.向右減速運動8、如圖所示，邊長為L的等邊三角形線框PMN由三根相同的導體棒連接而成，線框平面與磁感應強度方向垂直，當流入M點的電流為I時，導體棒MP受到的安培力大小為F；則（）

A.MN邊受到的安培力的大小為0.5FB.整個線框受到的安培力的大小為3FC.勻強磁場的磁感應強度大小為D.勻強磁場的磁感應強度大小為9、如圖甲所示是一種推動宇宙飛船前進的動力裝置即霍爾推進器，可以讓帶電粒子在輻射狀的磁場中做勻速圓周運動，工作原理可簡化為如圖乙所示的運動模型．圓形虛線邊界1、2（共圓心O）之間存在均勻分布的輻射狀（沿徑向）磁場，同時在垂直虛線圓面方向加場強大小為E的勻強電場（未畫出），磁感應強度為B的勻強磁場（方向向里）．一質(zhì)量為m、帶電量為的粒子（不計重力）在圓形虛線邊界之間以速率繞圓心O做勻速圓周運動，運動軌跡如圖中的實線所示，下列說法正確的是（）

A.洛倫茲力充當粒子做勻速圓周運動的向心力B.帶電粒子運動軌跡上各點輻射狀磁場的磁感應強度的大小為C.粒子做勻速圓周運動的半徑為D.粒子形成的等效電流為10、日本福島核電站的核泄漏事故，使碘的同位素131被更多的人所了解。利用質(zhì)譜儀可分析碘的各種同位素，如圖所示，電荷量均為的碘131和碘127質(zhì)量分別為和它們從容器A下方的小孔進入電壓為U的加速電場（入場速度忽略不計），經(jīng)電場加速后從小孔射出，垂直進入磁感應強度為B的勻強磁場中；最后打到照相底片上．下列說法正確的是（）

A.磁場的方向垂直于紙面向外B.碘131進入磁場時的速率為C.碘131與碘127在磁場中運動的時間差值為D.打到照相底片上的碘131與碘127之間的距離為11、如圖所示，水平長直導線固定在離地足夠高處，并通有向左的恒定電流，矩形導線框在的下方且與處于同一豎直面內(nèi)?，F(xiàn)將線框從圖示實線位置由靜止釋放，運動過程中始終水平。不計空氣阻力。在線框從實線位置運動到虛線位置的過程中；下列說法正確的是（）

A.線框做自由落體運動B.線框中感應電流的方向為C.線框所受安培力的合力方向豎直向下D.線框克服安培力所做的功等于線框減少的機械能12、如圖所示；左邊是通有變化電流的直導線，右邊是一個閉合金屬線框，其中產(chǎn)生了逆時針方向的感應電流。下列敘述可能正確的有（）

A.直導線電流方向向上，強度減小B.直導線電流方向向上，強度增大C.直導線電流方向向下，強度減小D.直導線電流方向向下，強度增大13、如圖a所示，圓形線圈P靜止在水平桌面上，其正上方固定一螺線管Q，P和Q共軸，Q中通有變化電流i，電流隨時間變化的規(guī)律如圖b所示，P所受的重力為G，桌面對P的支持力為N；則在下列說法正確的是（）

A.時刻，且P有收縮的趨勢B.時刻，且穿過P的磁通量最大C.時刻，且穿過P中無感應電流D.時刻，且穿過P的磁通量最小14、如圖所示，勻強磁場中有a、b兩個閉合線圈，它們用同樣的導線制成，匝數(shù)均為n匝，線圈半徑磁場方向與兩線圈所在平面垂直，磁感應強度B隨時間均勻增大。兩線圈中產(chǎn)生的感應電動勢分別為和感應電流分別為和不考慮兩線圈間的相互影響。下列說法中正確的是（）

A.感應電流均沿順時針方向B.感應電流均沿逆時針方向C.感應電流均沿逆時針方向D.感應電流均沿順時針方向15、如圖甲為一臺小型發(fā)電機的示意圖，單匝線圈逆時針轉(zhuǎn)動。若從中性面開始計時，產(chǎn)生的電動勢隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示。已知發(fā)電機線圈內(nèi)阻外接燈泡的電阻為理想電壓表與燈泡并聯(lián)。則下列判斷正確的是（）

A.時，線圈位置與中性面垂直B.時，理想電壓表讀數(shù)為C.燈泡的發(fā)熱功率為D.到內(nèi)，通過燈泡的電荷量為評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、交變電流：大小和方向隨時間做_________變化的電流叫作交變電流，簡稱_____________17、當線圈平面位于中性面時，線圈中的磁通量_____，線圈中的電流_____，且線圈平面經(jīng)過中性面時，____________就發(fā)生改變，故線圈轉(zhuǎn)動一周電流方向改變_______。18、特高壓輸電可使輸送中的電能損耗和電壓損失大幅降低。我國已成功掌握并實際應用了特高壓輸電技術。假設從A處采用550kV的超高壓向B處輸電，輸電線上損耗的電功率為?P，到達B處時電壓下降了?U。在保持A處輸送的電功率和輸電線電阻都不變的條件下，改用1100kV特高壓輸電，輸電線上損耗的電功率變?yōu)?P′，到達B處時電壓下降了?U′。不考慮其他因素的影響，?P′=______，?U′=______（?P和?U已知）19、構造：由______和繞在鐵芯上的兩個線圈組成，與交流電源連接的線圈叫作______，與負載連接的線圈叫作__________20、當原線圈電壓、原線圈匝數(shù)不變時，副線圈電壓與副線圈匝數(shù)成______比。當原線圈電壓、副線圈匝數(shù)不變時，副線圈電壓與原線圈匝數(shù)成______比。21、如圖所示，當交流電源的電壓有效值是220V，頻率為50Hz時，三盞電燈的亮度相同，當電源電壓不變只將交流電源的頻率改為100Hz時，則各燈亮度變化情況為a燈____，b燈____，c燈____。（均選填“變亮”“變暗”或“不變”）

22、如圖甲所示，一個固定的矩形線圈abcd的匝數(shù)n=500，線圈面積S=100cm2，線圈的總電阻r=1Ω，線圈外接一個阻值R=4Ω的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的勻強磁場中，磁感應強度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示。則線圈中的感應電流為___________A，流過R的電流方向為___________（選填“向上”或“向下”）

23、如圖所示，厚度為h、寬度為d的導體板放在垂直于它的磁感應強度為B的勻強磁場中，當電流通過導體板時，在導體板的上側面A和下側面之間會產(chǎn)生電勢差，這種現(xiàn)象稱為霍爾效應。達到穩(wěn)定狀態(tài)時，導體板上側面A的電勢________下側面的電勢（“高于”“低于”或“等于”）：假設該導體每立方米有n個自由電子，電子的電荷量為e，測得電勢差大小為U，則導體的電流強度I=________。評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)24、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

25、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

26、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

27、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共3題，共9分)28、門窗防盜報警裝置。

（1）實驗器材和裝置。

干簧管作為傳感器，用于感知磁體磁場是否存在，繼電器（虛線框部分）作為執(zhí)行裝置。發(fā)光二極管LED作為電路正常工作提示，R為發(fā)光二極管的_________，起保護作用，蜂鳴器H作為_________；電路設計如圖。

（2）電路工作原理。

當門窗緊閉時，磁體M靠近干簧管SA，干簧管兩簧片被_________相吸，繼電器接通而工作。當門窗開啟時，磁體離開干簧管，干簧管失磁_________，繼電器被斷電，動觸點c與常閉觸點b_________；蜂鳴器H發(fā)聲報警。

（3）實驗操作。

①檢查干簧管。用_________直接靠近干簧管，觀察干簧管_________能否正常動作。

②連接電路。連接電路前；要檢查其他元件是否也能正常工作。

③接通電源后，將磁體靠近和離開干簧管，分別觀察實驗現(xiàn)象。29、已知一熱敏電阻當溫度從10℃升至60℃時阻值從幾千歐姆降至幾百歐姆；某同學利用伏安法測量其阻值隨溫度的變化關系，部分電路如圖1所示。（各電表均視為理想電表）

（1）實驗時，將熱敏電阻置于溫度控制室中，記錄不同溫度下電壓表和毫安表的示數(shù)，計算出相應的熱敏電阻阻值。若某次測量中電壓表和毫安表的示數(shù)分別為5.5V和3.0mA，則此時熱敏電阻的阻值為___________kΩ（保留2位有效數(shù)字）。實驗中得到的該熱敏電阻阻值R隨溫度t變化的曲線如圖（a）所示。

（2）將熱敏電阻從溫控室取出置于室溫下，測得達到熱平衡后熱敏電阻的阻值為2.2kΩ，由圖（a）求得，此時室溫為___________℃（保留3位有效數(shù)字）。

（3）利用實驗中的熱敏電阻可以制作溫控報警器，其電路的一部分如圖（b）所示。圖中，E為直流電源（電動勢為10V，內(nèi)阻可忽略）；當溫度升高時熱敏電阻的電壓將___________（選填“升高”或“降低”），當圖中的輸出電壓達到或超過6.0V時，便觸發(fā)報警器（圖中未畫出）報警，則圖中___________（選填“”或“”）應使用熱敏電阻，若要求開始報警時環(huán)境溫度為40℃，另一固定電阻的阻值應為___________kΩ（保留2位有效數(shù)字）。

30、用如圖甲所示的器材“探究感應電動勢大小與磁通量變化快慢的關系”，傾斜導軌下端固定一螺線管，小車上固定有磁鐵和擋光片。實驗時在導軌上端某處釋放小車，小車沿導軌加速下滑，穿過螺線管的磁通量發(fā)生變化，螺線管中產(chǎn)生感應電動勢。光電傳感器（圖中未畫出）可以測出擋光片經(jīng)過光電門的時間同時電壓傳感器測出這段時間內(nèi)螺線管中的平均感應電動勢。通過多次實驗，得到圖線如圖乙所示。

（1）在測量圖乙中圖線所需的實驗數(shù)據(jù)時，下列要求合理的有_________。

A．需在同一位置釋放小車B．需無初速度釋放小車。

C．不能改變擋光片的寬度D．不能改變光電門的位置。

（2）影響圖乙中圖線的斜率大小的因素有_______________________（至少列出三個因素）。

（3）線圈匝數(shù)增加一倍后重做該實驗，在圖乙中畫出實驗圖線（在答題卡上作答）_____。評卷人得分六、解答題(共1題，共4分)31、如圖所示，一對光滑的平行金屬導軌固定在同一水平面內(nèi)，導軌間距l(xiāng)=0.5m，左端接有阻值R=0.3Ω的電阻．一質(zhì)量m=0.1kg，電阻r=0.1Ω的金屬棒MN放置在導軌上，整個裝置置于豎直向上的勻強磁場中，磁場的磁感應強度B=0.4T．棒在水平向右的外力作用下，由靜止開始以a=2m/s2的加速度做勻加速運動，當棒的位移x=9m時撤去外力，棒繼續(xù)運動一段距離后停下來，已知撤去外力前后回路中產(chǎn)生的焦耳熱之比Q1：Q2=2：1．導軌足夠長且電阻不計；棒在運動過程中始終與導軌垂直且兩端與導軌保持良好接觸．求。

（1）棒在勻加速運動過程中，通過電阻R的電荷量q；

（2）撤去外力后回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q2；

（3）外力做的功WF．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【詳解】

AD．由

得

則垂直左邊界運動的離子恰與右邊界相切，運動半個圓周，在磁場中運動的最長時間為

此時，離子從左邊界離開磁場，射入點與射出點間的距離最大，大小為2L；AD錯誤；

B．當離子圓周運動的弦長最短時，圓心角最小，運動時間最短，則最短弦長為L，由幾何關系，此時圓心角為此過程時間最短

B正確；

C．離子初速度沿左邊界向下時，離子做四分之一的圓周運動，此時有最大弦長，則離子從右側邊界離開磁場時，在磁場中運動的最長時間為

C錯誤。

故選B。2、D【分析】【詳解】

A．由題圖可知；交變電壓的最大值為311V，故A錯誤；

B．由題圖可知；線圈轉(zhuǎn)動的周期為2s，故B錯誤；

CD．第2s末瞬時電壓值為最大值；根據(jù)交變電流的特點可知，此時線圈平面與中性面垂直，即線圈平面與磁場平行，所以此時通過線圈的磁通量為0，通過線圈的磁通量變化率絕對值最大，故C錯誤，D正確。

故選D。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．D形盒縫隙間電場變化周期為T等于被加速度的在磁場中運動的周期，即

而質(zhì)子在磁場中的運動周期為

則該回旋加速器不可以加速質(zhì)子；選項A錯誤；

B．僅調(diào)整磁場的磁感應強度大小為B，則在磁場中的運轉(zhuǎn)周期將要變化，則該回旋加速器不可以加速粒子了；選項B錯誤；

C．在磁場中運動的周期THe＝＝＝T

則保持B和T不變，該回旋加速器可以加速粒子，且在回旋加速器中兩粒子運動的半徑也相同，則粒子運動的時間與粒子的相等；選項C正確；

D．根據(jù)qvmB＝mEkm＝mvm2＝∝

可知加速后的最大動能與粒子不相等；選項D錯誤。

故選C。4、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由左手定則結合帶電粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)的方向知；A；B束離子均帶正電，故A錯誤；

BC．A、B束離子的速度相同，而A束離子在磁場中的偏轉(zhuǎn)半徑較小，由

知A束離子的比荷大于B束離子的比荷；而它們的電荷量關系未知，則無法判斷離子質(zhì)量關系，故B錯誤，C正確；

D．速度選擇器中A；B束離子所受靜電力向右；所以所受洛倫茲力應向左，結合左手定則可判斷磁場方向應垂直于紙面向里，故D錯誤。

故選C。5、A【分析】【詳解】

根據(jù)通電直導線產(chǎn)生的磁場特點：距離電流越近；產(chǎn)生的磁場強度越大，則a點距離管線最近，EF上的點均是距離管線最近的點，管線在EF的正下方，與EF平行；

根據(jù)安培定則做出管線產(chǎn)生磁場的橫截面圖示：

則由幾何關系可以確定a到管線的距離為，故A正確，BCD錯誤；

故選A．6、B【分析】【詳解】

A．導體棒運動過程中某時刻，電子具有水平向右的分速度，根據(jù)左手定則可知電子受到b指向c的洛倫茲力；如圖：

電子實際速度由水平方向上的速度和豎直方向上的速度合成，所以導體棒內(nèi)自由電子所受洛倫茲力的方向不是嚴格由b指向c；故A錯誤；

B．通電導線在磁場中受到的安培力為

而電流為

為單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)目，為導體棒橫截面積，每個電子有向下的分速度，受到的水平洛侖茲力為

所以安培力為

為導體內(nèi)自由電子的總數(shù)；所以導體棒內(nèi)大量自由電子所受洛倫茲力沿垂直棒方向的分量之和宏觀上表現(xiàn)為安培力，故B正確；

C．結合A；B選項分析可知；發(fā)電機工作中，洛倫茲力充當非靜電力搬運電荷從而產(chǎn)生電動勢，故C錯誤；

D．不論磁場方向如何；導體棒向右運動過程中閉合回路中的磁通量增大，根據(jù)楞次定律，為了阻礙閉合回路中磁通量的增大，安培力方向始終向左，故D錯誤。

故選B。二、多選題(共9題，共18分)7、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A.PQ向右變加速運動，由安培定則，L2回路的電流為逆時針增大，L2上N下S，由楞次定律，L1反抗磁通量增大，L1下N上S，L1回路產(chǎn)生順時針的電流，MN電流向上，由左手定則，MN受安培力向左；A錯誤；

B.PQ向左變加速運動，由安培定則，L2回路的電流為順時針增大，L2上S下N，由楞次定律，L1反抗磁通量增大，L1下S上N，L1回路產(chǎn)生逆時針的電流，MN電流向下，由左手定則，MN受安培力向右；B正確；

C.PQ向左勻速運動，L2回路的電流大小不變，L1的磁通量不變，L1回路不產(chǎn)生感應電流；MN不受安培力，不運動，C錯誤；

D.PQ向右減速運動，由安培定則，L2回路的電流為逆時針減小，L2上N下S，由楞次定律，L1反抗磁通量減小，L1下S上N，L1回路產(chǎn)生逆時針的電流，MN電流向下，由左手定則，MN受安培力向右；D正確。

故選BD。8、B:C【分析】【詳解】

CD．根據(jù)題意，由已知條件可知，MPN邊的有效長度與MN相同，等效后的電流方向也與MN相同，由電阻定律可知，邊MPN的電阻等于邊MN的電阻的兩倍，兩者為并聯(lián)關系，由于通過M點的電流為I，則MN中的電流大小為MPN中的電流為由安培力公式有

解得

故C正確；D錯誤；

AB．由安培力公式可得，MN邊受到的安培力的大小為

由左手定則可知，方向為豎直向上，由于MPN邊的有效長度與MN相同，等效后的電流方向也與MN相同，則MPN邊受到的安培力的大小為

方向豎直向上，則整個線框受到的安培力的大小為

故A錯誤；B正確。

故選BC。9、A:D【分析】【詳解】

A．由題可知，垂直紙面向里的勻強磁場產(chǎn)生指向圓心方向的洛倫茲力提供向心力，洛倫茲力為故A正確；

B．受力分析可得，粒子運動過程中還受到垂直紙面的洛倫茲力和電場力，垂直紙面方向受力平衡，設帶電粒子運動軌跡上各點輻射狀磁場的磁感應強度的大小為則有

解得

故B錯誤；

C．由向心力公式可得

則粒子做勻速圓周運動的半徑為

由于B和關系未知；故C錯誤；

D．帶點粒子做圓周運動的周期為

粒子形成的等效電流為

故D正確。

故選AD。10、A:B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)粒子帶正電；結合左手定則可知，磁場方向垂直紙面向外，故A正確；

B．由動能定理知，粒子在電場中得到的動能等于電場對它所做的功mv2=qU

解得

故B正確；

C．根據(jù)周期公式

因運動的時間t為周期的一半，則有在磁場中運動的時間差值為

故C正確；

D．由洛倫茲力提供向心力，粒子在磁場中做勻速圓周運動的軌道半徑為R，則有

即由此可得

它們的距離之差

故D錯誤。

故選ABC。11、B:D【分析】【詳解】

AC．線框下落過程中穿過其磁通量減?。桓鶕?jù)楞次定律可知線框中會產(chǎn)生感應電流阻礙磁通量的變化，這種阻礙體現(xiàn)在線框?qū)⑹艿截Q直向上的安培力作用，所以線框不是做自由落體運動，故AC錯誤；

B．由于線框中垂直紙面向外的磁通量減小，則根據(jù)楞次定律可以判斷線框中感應電流的方向為abcda；故B正確；

D．根據(jù)功能關系可知；線框克服安培力所做的功等于線框減少的機械能，故D正確。

故選BD。12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)安培定則；閉合線圈內(nèi)感應電流的磁場方向垂直紙面向外。若電流強度增大則線圈內(nèi)磁通量增大，根據(jù)愣次定律，增反減同，則直導線激發(fā)的磁場方向垂直紙面向里，根據(jù)安培定則，直導線電流方向向上，故B正確；A錯誤；

CD．電流強度減??；則線圈內(nèi)磁通量減小，根據(jù)愣次定律，增反減同，則直導線激發(fā)的磁場方向垂直紙面向外，根據(jù)安培定則，直導線電流方向向下，故C正確；D錯誤；

故選BC。13、A:B【分析】【詳解】

A．由圖可知，在時刻時，螺線管中電流增大，其形成的磁場不斷增強，因此穿過線圈P中的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知線圈P將阻礙其磁通量的增大，故線圈有遠離螺線管和面積收縮的趨勢，所以此時線圈對桌面的壓力大于線圈的重力，根據(jù)牛頓第三定律可知，線圈受到支持力大小等于線圈給桌面的壓力的大小，所以有

故A項正確；

BD．由圖可知，在時刻時，螺線管中電流不變，其形成磁場不變，因此穿過線圈P中的磁通量不變，因此磁鐵線圈中無感應電流產(chǎn)生，故時刻線圈對于桌面的壓力等于其自身的重力，根據(jù)牛頓第三定律可知，其支持力的大小等于壓力的大小，所以

又因為由圖可知，此時螺線管中的電流最大，所以此時螺線管產(chǎn)生的磁場最強，穿過P的磁通量根據(jù)公式

因為此時磁場的磁感應強度最大，所以此時期穿過線圈的磁通量最大。由圖可知時刻螺線管內(nèi)的電流也是不變的，同理可知，其壓力與重力的關系為

而其電流并不是最小值；所以其產(chǎn)生的磁場也不是最小的，即穿過線圈的磁通量也不是最小的，故B正確，D錯誤；

C．時刻螺線管中電流為零，但是下一刻其電流反向，螺線管產(chǎn)生的磁場也反向，故時刻是穿過線圈P中磁通量的變化率不為零，所以此時仍然滿足感應電流的產(chǎn)生條件，即線圈中仍然存在感應電流。但此時螺線管中的電流為零，即螺線管產(chǎn)生的磁場為零，所以其與線圈沒有相互作用力，即

故C錯誤。

故選AB。14、B:C【分析】【詳解】

AB．磁場垂直于紙面向里，磁感應強度增大，穿過線圈的磁通量增加，由楞次定律可知，線圈中的感應電流沿逆時針方向；設導線的電阻率為ρ，橫截面積為S導線，由電阻定律可知，線圈電阻

導線AB由法拉第電磁感應定律可知，感應電動勢

感應電動勢之比

A錯誤；B正確；

CD．由歐姆定律可知，感應電流

電流之比

C正確；D錯誤。

故選BC。15、C:D【分析】【詳解】

A．由圖乙可知，時；感應電動勢的瞬時值為0，則線圈在中性面位置，故A錯誤；

B．電壓表示數(shù)為有效值，由圖乙得，線圈電動勢最大值為則有效值為

由閉合回路歐姆定律可得，電壓表讀數(shù)為

故B錯誤；

C．有公式可得，燈泡的發(fā)熱功率為

故C正確；

D．由圖乙可知，周期為則有

又有

可得

由和可得

故D正確。

故選CD。三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】周期性交流17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]當線圈平面位于中性面時；線圈中的磁通量最大；

[2]線圈中的電流為零；

[3]且線圈平面經(jīng)過中性面時；電流方向就發(fā)生改變；

[4]故線圈轉(zhuǎn)動一周電流方向改變兩次?！窘馕觥竣?最大②.為零③.電流方向④.兩次18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]輸電線上損耗的功率

輸送的電功率和輸電線電阻都不變的條件下

所以

[2]輸電線上的電壓降低

輸送的電功率和輸電線電阻都不變的條件下

所以【解析】?P?U19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.閉合鐵芯②.原線圈③.副線圈20、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.正比②.反比21、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]頻率變大，電容器容抗減小，又電壓不變，故a燈變亮；頻率變大，電感線圈的電感變大，又電壓不變，故b燈變暗；頻率的變化對電阻R無影響，故c燈亮度不變?！窘馕觥孔兞磷儼挡蛔?2、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)法拉第電磁感應定律有

再根據(jù)閉合電路歐姆定律有

[2]根據(jù)楞次定律可判斷流過R的電流方向為向上?！窘馕觥肯蛏?3、略

【分析】【詳解】

[1]導體的電子定向移動形成電流，電子的運動方向與電流方向相反，電流方向向右，則電子向左運動，由左手定則判斷，電子會偏向A端面，板上出現(xiàn)等量的正電荷，電場線向上，所以側面A的電勢低于下側面的電勢；

[2]最終電子處于平衡狀態(tài)；則電場力與洛倫茲力平衡，則有：

則：

根據(jù)電流的微觀表達式可知導體中通過的電流為：

【解析】低于四、作圖題(共4題，共32分)24、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據(jù)安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉(zhuǎn)，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。