2024年浙教版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年浙教版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、奧斯特實驗說明了（）

A.電流也能產(chǎn)生磁場。

B.電荷也能產(chǎn)生電場。

C.磁體間有相互作用。

D.電流間有相互作用。

2、如圖一矩形線圈，繞垂直于勻強磁場并位于線圈平面的固定軸轉(zhuǎn)動，線圈中的感應電動勢e隨時間t的變化如圖，下列說法中正確的是()A.t1時刻線圈位于中性面B.t2時刻通過線圈的磁通量最大C.t3時刻通過線圈的磁通量變化率的絕對值最大D.每當e變化方向時，通過線圈的磁通量最大3、甲、乙兩根保險絲均為同種材料制成，直徑分別是d1=0.5mm和d2=1mm，熔斷電流分別為2.0A和6.0A．把以上兩根保險絲各取等長一段并聯(lián)后再接入電路中，允許BJ通過的最大電流是（）A.6.0AB.7.5AC.10.0AD.8.0A4、如圖為一光電管電路（電源左正右負），滑動變阻器滑動觸頭P位于AB上某點，用光照射光電管陰極K，電表無偏轉(zhuǎn)，要使電表指針偏轉(zhuǎn)，可采取的措施有（）A.加大照射光強度B.將P向B滑動C.換用波長短的光照射D.將電源正負極對調(diào)5、把長為0.10m

的直導線垂直放入勻強磁場中.

當導線中通過的電流為3.0A

時；受到的安培力大小為1.5隆脕10鈭?3N.

則該磁場的磁感應強度大小為()

A.4.5隆脕10鈭?3T

B.2.5隆脕103T

C.2.0隆脕102T

D.5.0隆脕10鈭?3T

6、關于密碼子的錯誤敘述是（）A.能決定氨基酸的密碼子為61個B.一種氨基酸可有多種對應的密碼子C.同一種密碼子在人和猴子細胞中決定同一種氨基酸D.密碼子是由T、G、C四種堿基組成7、如圖所示是原子核的核子平均質(zhì)量與原子序數(shù)Z的關系圖象，其中元素A、B、C對應的原子序數(shù)、核子數(shù)、平均質(zhì)量分別為ZA、ZB、ZC，nA、nB、nC，和mA、mB、mC；下列說法中正確的是（）

A.若A分裂成B和C，一定釋放核能△E=（mA-mB-mC）C2

B.若A分裂成B和C.一定釋放核能△E=（mA-mB-mC）C2

B．若A分裂成B和C，一定吸收核能△E=C2

C．若A分裂成B和C，一定釋放核能△E=C2

D.若A分裂成B和C；不能確定是吸收，還是釋放。

8、分子間同時存在吸引力和排斥力，下列說法中正確的是（）A.固體分子間的吸引力總是大于排斥力B.氣體能充滿任何容器是因為分子間的排斥力大于吸引力C.分子間的吸引力和排斥力都隨分子間距離的增大而減小D.分子間吸引力隨分子間距離的增大而增大，而排斥力隨距離的增大而減小9、關于磁通量，下列說法正確的是(

)

A.穿過某個面的磁通量為零，該處的磁感應強度也為零B.穿過任一平面的磁通量越大，該處的磁感應強度也越大C.穿過垂直于磁場方向的某個平面的磁感線條數(shù)等于該處的磁感應強度D.當閉合線圈平面跟磁場方向平行時，穿過這個線圈平面的磁通量一定為零評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、密立根油滴實驗進一步證實了電子的存在，揭示了電荷的非連續(xù)性．如圖所示是密立根實驗的原理示意圖，設小油滴質(zhì)量為m，調(diào)節(jié)兩板間電勢差為U，當小油滴懸浮不動時，測出兩板間距離為d．可求出小油滴的電荷量q=_______．11、如圖所示的電路，當開關閉合時，小燈泡將____（選填“逐漸”或“立刻”）變亮，這是由于____電動勢阻礙了電流的增大．當開關斷開時，小燈泡將____（選填“逐漸”或“立刻”）熄滅．

12、一束帶電粒子流從小磁針上方平行于小磁針方向從左向右飛過，結(jié)果小磁針北極向紙內(nèi)轉(zhuǎn)動，可以判斷這束帶電粒子帶______電荷．13、用來冶煉合金鋼的真空冶煉爐，爐外繞有線圈，線圈中通有高頻電流，產(chǎn)生的變化磁場使爐內(nèi)的金屬中產(chǎn)生____________；從而使金屬的溫度升高來冶煉高質(zhì)量的合金．14、根據(jù)單擺周期公式；可以通過實驗測量當?shù)氐闹亓铀俣龋鐖D所示，將細線的上端固定在鐵架臺上，下端系一小鋼球，就做成了單擺．

（1）用游標卡尺測量小鋼球直徑，如圖所示，讀數(shù)為______mm．

（2）某同學做“用單擺測定重力加速度”的實驗時，測得的重力加速度數(shù)值明顯大于當?shù)氐闹亓铀俣鹊膶嶋H值．造成這一情況的可能原因是______

A．測量擺長時；把懸掛狀態(tài)的擺線長當成擺長。

B．測量周期時，當擺球通過平衡位置時啟動秒表，此后擺球第30次通過平衡位置時制動秒表，讀出經(jīng)歷的時間為t，并由計算式T=求得周期。

C．開始擺動時振幅過小。

D．所用擺球的質(zhì)量過大．15、利用廢舊鍍鋅鐵皮可制備磁性rm{Fe_{3}O_{4}}膠體粒子及副產(chǎn)物rm{ZnO}制備流程圖如下：

已知：rm{Zn}及其化合物的性質(zhì)與rm{Al}及其化合物的性質(zhì)相似。請回答下列問題：rm{(1)}用rm{NaOH}溶液處理廢舊鍍鋅鐵皮的作用有________。A.去除油污rm{B.}溶解鍍鋅層rm{C.}去除鐵銹rm{D.}鈍化rm{(2)}調(diào)節(jié)溶液rm{A}的rm{pH}可產(chǎn)生rm{Zn(OH)_{2}}沉淀，為制得rm{ZnO}后續(xù)操作步驟是___________。rm{(3)Fe_{3}O_{4}}膠體粒子能否用過濾法實現(xiàn)固液分離rm{?}____rm{(}填“能”或“不能”rm{)}理由是________________________。rm{(4)}由溶液rm{B}制得rm{Fe_{3}O_{4}}膠體粒子的過程中，須持續(xù)通入rm{N_{2}}其原因是_________。rm{(5)}用重鉻酸鉀法rm{(}一種氧化還原滴定法rm{)}可測定產(chǎn)物rm{Fe_{3}O_{4}}中的二價鐵含量。若需配制濃度為rm{0.01000mol隆隴L^{-1}}的rm{K_{2}Cr_{2}O_{7}}標準溶液rm{250mL}應準確稱取______rm{gK_{2}Cr_{2}O_{7}(}____________，已知rm{M(K_{2}Cr_{2}O_{7})=294.0g隆隴mol^{-1})}配制該標準溶液時，下列儀器中不必要用到的有______rm{M(K_{2}Cr_{2}O_{7})=294.0

g隆隴mol^{-1})}用編號表示rm{(}rm{)}電子天平rm{壟脵}燒杯rm{壟脷}錐形瓶rm{壟脹}玻璃棒rm{壟脺}容量瓶rm{壟脻250mL}膠頭滴管rm{壟脼}移液管rm{壟脽}滴定操作中，如果滴定前裝有rm{(6)}標準溶液的滴定管尖嘴部分有氣泡，而滴定結(jié)束后氣泡消失，則測定結(jié)果將________rm{K_{2}Cr_{2}O_{7}}填“偏大”“偏小”或“不變”rm{(}rm{)}16、若一定質(zhì)量的理想氣體分別按圖所示的三種不同過程變化；其中表示等壓變化的是______（填“A”“B”或“C”），該過程中氣體內(nèi)能______（填“增加”“減少”或“不變”）．

評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）20、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

21、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）22、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）23、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）24、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

25、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、證明題(共2題，共8分)26、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分五、計算題(共1題，共8分)28、如圖所示，質(zhì)量為m=1kg的物體在與水平方向成α=37°的拉力F=10N的作用下，在動摩擦因數(shù)為μ=0.2的水平面上由靜止開始運動，（g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：

（1）物體的加速度多大。

（2）2s末物體的位移多大。

（3）5S后撤去F物體還能運動多遠．評卷人得分六、綜合題(共2題，共4分)29、(

選修3隆陋1)

(1)

下列說法正確的是________．A.由庫侖定律F=kq1q2r2

可知，當r隆煤0

時，F(xiàn)隆煤隆脼

B.處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部電場強度處處為0

C.電場中某點的電場強度越大，則該點的電勢越高D.電場線與等勢面平行(2)

如圖所示是某一磁場部分磁感線的分布示意圖，PQ

是其中一條磁感線上的兩點，關于這兩點的磁感應強度，下列判斷正確的是________．

A.P

點的磁感應強度比Q

點的大B.P

點的磁感應強度比Q

點的小C.PQ

兩點的磁感應強度大小相等D.無法比較PQ

兩點的磁感應強度大小(3)

如圖所示為一勻強電場，某帶電粒子從A

點運動到B

點，在這一運動過程中克服重力做的功為2.0J

電場力做的功為1.5J.

則下列說法中正確的是________．

A.粒子帶負電B.粒子在A

點的電勢能比在B

點少1.5J

C.粒子在A

點的動能比在B

點多1.5J

D.粒子在A

點的機械能比在B

點少1.5J

(4)

如圖所示，平板下方有垂直紙面向外的勻強磁場，一個質(zhì)量為m

電荷量為q

的粒子(

小計重力)

在紙面內(nèi)沿垂直于平板的方向從板上小孔P

射人磁場，并打在板上的Q

點，已知磁場的磁感應強度為B

粒子的速度大小為v

由此可知________．

A.該帶電粒子帶正電，PQ

間的距離L=2mvqB

B.該帶電粒子帶正電，PQ

間的距離L=mvqB

C.該帶電粒子帶負電，PQ

間的距離L=2mvqB

D.該帶電粒子帶負電，PQ

間的距離L=mvqB

(5)

某同學使用多用電表測量小燈泡的電壓和通過小燈泡的電流，他利用如圖甲、乙所示的電路進行了正確的操作和測量，圖________(

填“甲”或“乙”)

中多用電表測量的是通過小燈泡的電流，圖________(

填“甲”或“乙”)

中多用電表測量的是小燈泡兩端的電壓．(6)

如圖所示，水平放置的兩根平行金屬導軌相距L=0.4m

上面有一金屬棒PQ

垂直導軌放置，并處于豎直向上的勻強磁場中，磁場的磁感應強度大小8=0.5T

與導軌相連的電源電動勢E=d.5V

內(nèi)阻r=1.0婁賂

電阻R=8.0婁賂

其他電阻不計，閉合開關S

后，金屬棒PQ

仍然靜止不動.

求：

壟脵

閉合回路中電流的大??；壟脷

金屬棒PQ

所受安培力的大小和方向；壟脹

金屬棒PQ

所受靜摩擦力的大?。?0、(1)

在其他能源中；核能具有能量密度大，地區(qū)適應性強的優(yōu)勢.

在核電站中，核反應堆釋放的核能被轉(zhuǎn)化成電能.

核反應堆的工作原理是利用中子轟擊重核發(fā)生裂變反應，釋放出大量的核能．

核反應方程式92235U+n隆煤56141Ba+3692Kr+aX

是反應堆中發(fā)生的許多核反應中的一種，n

為中子，X

為待求粒子，a

為X

的個數(shù)，則X

為______，a=

______.

以mUmBamKr

分別表示92235U56141BaBa3692Kr

核的質(zhì)量，mnmp

分別表示中子、質(zhì)子的質(zhì)量，c

為光在真空中傳播的速度，則上述核反應過中放出的核能鈻?E=

______________________．

(2)

如圖1

為“碰撞中的動量守恒”實驗裝置示意圖。

壟脵

在驗證動量守恒定律的實驗中；必須要求的條件是：______

A.軌道是光滑的．

B.軌道末端的切線是水平的．

C.碰撞的瞬間m1

和m2

球心連線與軌道末端的切線平行．

D.每次m1

都要從同一高度靜止?jié)L下。

壟脷

入射小球1

與被碰小球2

直徑相同；它們的質(zhì)量相比較，應是m1

___m2

．

壟脹

實驗時；小球的落點分別如圖2

的MNP

點，應該比較下列哪兩組數(shù)值在誤差范圍內(nèi)相等，從而驗證動量守恒定律：______

A.m1?OP簍BB.m1?OM簍BC.m1?ON簍B

D.m1?OM簍B+m2?ON簍BE.m1?OP簍B+m2ON簍BF.m1?OM簍B+m2?OP簍B

壟脺

在做此實驗時，若某次實驗得出小球的落點情況如圖2

所示.

假設碰撞中動量守恒，則入射小球質(zhì)量m1

和被碰小球質(zhì)量m2

之比m1m2=

______．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】

奧斯特將通電導線放于小磁針上方時發(fā)現(xiàn)小磁針發(fā)生了偏轉(zhuǎn)；說明了通電導線周圍存在著磁場，故BCD錯誤，A正確．

故選A．

【解析】【答案】解答本題需掌握奧斯特的電流的磁效應實驗的意義．

2、A|D【分析】【解析】試題分析：t1時刻和t3時刻電動勢為零，此時磁通量變化率為零，磁通量最大，故線圈位于中心面A正確C錯誤；，t2時刻感應電動勢反向最大，磁通量變化率最大，磁通量為零，B錯誤；每當e變化方向時，線圈位于中心面位置，通過線圈的磁通量最大，D正確故選AD考點：考查了交流電的產(chǎn)生【解析】【答案】AD3、B【分析】解：兩保險絲材料與長度相同；由電阻定律可知：

===

則R1=4R2=4R；保險絲允許的最大電壓為：

U1=I1R1=2×4R=8R，U2=I2R2=6×R=6R；

兩保險絲并聯(lián)，兩端電壓相等，并聯(lián)電壓最大應為U=6R，則：I2=6A，I1==A=1.5A；

并聯(lián)電路允許的最大電流為：Imax=I2+I1=6A+1.5A=7.5A；

故選：B．

根據(jù)保險絲的直徑；求出兩保險絲的電阻關系，并聯(lián)電路電壓相等，兩保險絲并聯(lián)；

兩端電壓應為較小的額定電壓；然后由歐姆定律與并聯(lián)電路特點求出電路最大電流．

本題考查了電路允許的最大電流，應用串并聯(lián)電路特點、歐姆定律、電阻定律即可正確解題．【解析】【答案】B4、C【分析】解：由圖可知；A接電源的正極，K接負極，電表沒有偏轉(zhuǎn)，是由于沒有發(fā)生光電效應；

A、發(fā)生光電效應的條件：γ＞γ0，增加b光的強度不能使電流計G的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)；故A錯誤；

B；當沒有發(fā)生光電效應時；P向B滑動，雖然能增大電壓，但沒有光電子出來，仍不會形成電流，故B錯誤．

C；換用波長短的光照射；則頻率會增大，從而可能發(fā)生光電效應，導致電流表指針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故C正確；

D；電源正負極對調(diào)；若能發(fā)生光電效應，則出來的電子反而做減速運動，更不可能形成光電流．故D錯誤．

故選：C

發(fā)生光電效應的條件：γ＞γ0；可知道A光；B光的頻率大?。偻ㄟ^電子的流向判斷出電流的方向．

該題考查對光電效應的條件的理解，解決本題的關鍵是掌握光電效應的條件γ＞γ0以及光電流方向的確定．【解析】【答案】C5、D【分析】【分析】當磁場的方向與電流方向垂直時；F=BIL

根據(jù)該公式求出磁場的磁感應強度。

解決本題的關鍵掌握安培力的大小公式F=BIL(B

與I

垂直)

注意磁感應強度與力、電流及長度沒有關系，但可求得大小，且必須導線與磁場垂直?！窘獯稹?當磁場的方向與電流方向垂直時；F=BIL

則B=FIL=1.5隆脕10鈭?33隆脕0.1T=5隆脕10鈭?3T

故磁感應強度的大小為5隆脕10鈭?3T

故D正確；ABC錯誤。

故選D。

【解析】D

6、D【分析】解：A；遺傳密碼子有64種；其中有3種是終止密碼子，不編碼氨基酸，所以能決定氨基酸的密碼子有61種，A正確；

B；一種氨基酸可以由一種或幾種密碼子編碼；B正確；

C；所有生物體共用一套遺傳密碼；因此同一種密碼子在人和猴子細胞中決定同一種氨基酸，C正確；

D；密碼子位于mRNA上；肯定不含有堿基T，D錯誤．

故選：D．

有關密碼子；考生可從以下幾方面把握：

1；概念：密碼子是mRNA上相鄰的3個堿基；

2；種類：64種；其中有3種是終止密碼子，不編碼氨基酸；

3；特點：（1）一種密碼子只能編碼一種氨基酸；但一種氨基酸可能由一種或多種密碼子編碼；

（2）密碼子具有通用性；即自然界所有的生物共用一套遺傳密碼．

本題考查密碼子的相關知識，要求考生識記密碼子的概念、種類及特點，能結(jié)合所學的知識準確判斷各選項，屬于考綱識記和理解層次的考查．【解析】D7、C【分析】

由圖看出，A核子平均質(zhì)量大于B和C的核子平均質(zhì)量，而核反應在中核子數(shù)守恒，則若A分裂成B和C，出現(xiàn)質(zhì)量虧損，根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程一定釋放核能，并且得到，放出的核能為△E=△mc2=（nA?mA-nB?mB-nC?mC）C2．

故選C

【解析】【答案】由圖讀出；A核子平均質(zhì)量大于B和C的核子平均質(zhì)量，若A分裂成B和C，出現(xiàn)質(zhì)量虧損，根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程分析是吸收能量還是放出能量．并求出核能．

8、C【分析】【解答】解：A；固體分子間的作用力與分子間的距離有關；當距離大于平衡距離時，分子間表現(xiàn)為引力；而距離小于平衡距離時，分子間表現(xiàn)為斥力，此時分子的距離將發(fā)生變化，故固體分子應處在一個相對平衡的位置，即分子間的引力和斥力應該是相等的，故A錯誤；

B；氣體能充滿任何容器是因為分子間的距離較大；分子間相互作用較小，故每個分子都是自由的，故可以充滿任何容器，故B錯誤；

C；分子間的吸引力和排斥力都隨距離的增大而減?。怀饬p小的快，故C正確；

D；由C的分析可知；D錯誤；

故選C．

【分析】分子間同時存在著引力和斥力，兩者都隨著距離的增大而減小，而斥力減小的快．9、D【分析】解；A

穿過某個面的磁通量為零；該處的磁感應強度不一定為零，也可能這個面與磁場平行.

故A錯誤．

B

穿過任一平面的磁通量越大；該處的磁感應強度不一定越大，也可能平面在磁場垂直方向投影的面積大.

故B錯誤．

C

穿過垂直于磁場方向的某個平面的磁感線條數(shù)表示該處的磁通量大小.

故C錯誤．

D

當閉合線圈平面跟磁場方向平行時；沒有磁感線穿過線圈，則穿過這個線圈平面的磁通量一定為零.

故D正確．

故選：D

．

磁通量等于穿過磁場中某一面積的磁感線的條數(shù)；當平面與磁場平行時，穿過該平面的磁通量為零.

當平面與垂直時，磁通量最大.

勻強磁場中穿過某一平面的磁通量為婁碌=BSsin婁脕婁脕

是平面與磁場方向的夾角．

本題關鍵從磁通量的幾何意義進行判斷.

對于勻強磁場，磁通量可以用公式進行定量計算．【解析】D

二、填空題(共7題，共14分)10、略

【分析】試題分析：由液滴在板間處于平衡狀態(tài)知，所受合外力為零，即得：考點：本題考查電場力、物體的平衡等?！窘馕觥俊敬鸢浮?1、逐漸自感立即【分析】【解答】解：當開關閉合時；通過線圈L的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，線圈產(chǎn)生的感應電動勢阻礙電流的增大，電路的電流只能逐漸增大，A逐漸亮起來．當開關斷開時，電路斷開，線圈和燈泡不能構(gòu)成回路，故電流立即為零，故小燈泡立刻熄滅．

故答案為：逐漸；自感；立即。

【分析】當電鍵K閉合時，通過線圈L的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律判斷燈泡的亮度變化．12、略

【分析】解：向右飛行的正離子束形成的電流方向向右；根據(jù)安培定則可知，離子在下方產(chǎn)生的磁場方向向里，則N極轉(zhuǎn)向里，S極轉(zhuǎn)向外．

故答案為：正。

小磁針N極受力方向與磁場方向相同．電流方向與正電荷定向移動方向相同；與負電荷定向移動方向相反．根據(jù)安培定則，將選項逐一代入檢查，選擇符合題意的選項．

本題考查應用物理基本定則的能力，B、C兩項是等效的，A、D兩項也是等效的，考試時抓住等效性，可以節(jié)省時間．【解析】正13、略

【分析】解：真空冶煉爐；爐外繞有線圈，線圈中通有高頻電流，線圈中的交流電的周期性的變化，使爐內(nèi)的金屬中產(chǎn)生中產(chǎn)生感應電流，這種感應電流就是渦流．

故答案為：渦流．【解析】渦流14、略

【分析】解：（1）游標卡尺的主尺讀數(shù)為10mm；游標尺上第4個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為4×0.1mm=0.4mm；

所以最終讀數(shù)為：10mm+0.4mm=10.4mm．

（2）由單擺周期公式T=2π可知重力加速度：g=．

A、由g=可知；擺線長當成擺長，則l減小，那么引起測量值偏小，故A錯誤。

B、第30次通過平衡位置時制動秒表，實際完成15次全振動，則T=即周期偏小；

由g=可知；當T偏小會引起測量值偏大．故B正確．

C；重力加速度的測量值與振幅無關；振幅偏小，不影響測量結(jié)果，故C錯誤；

D；g的值與擺球的質(zhì)量無關；故D錯誤；

故答案為：（1）10.4；（2）B．

（1）解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數(shù)的方法；主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀；

（2）由單擺周期公式；求出重力加速度的表達式，根據(jù)重力加速度的表達式，分析重力加速度測量值偏大的原因．

（1）對于基本測量儀器如游標卡尺；螺旋測微器等要了解其原理；要能正確使用這些基本儀器進行有關測量；

（2）解決本題的關鍵掌握單擺的周期公式T=2π以及會分析誤差形成的原因．【解析】10.4；B15、（1）A、B

（2）過濾、洗滌、灼燒

（3）不能膠體粒子太小，過濾時溶液透過濾紙

（4）N2氣氛下，防止Fe2+被氧化

（5）0.7350③⑦

（6）偏大【分析】解：rm{(1)}根據(jù)rm{Zn}及化合物的性質(zhì)與rm{Al}及化合物的性質(zhì)相似，rm{Zn}也能和氫氧化鈉溶液反應；氫氧化鈉溶液起到溶解鍍鋅層和去除油污作用；

故答案為：rm{AB}

rm{(2)}調(diào)節(jié)溶液rm{A}的rm{pH}可產(chǎn)生rm{Zn(OH)_{2}}沉淀，抽濾就可以得到氫氧化鋅沉淀，洗滌除去附著的離子，高溫灼燒氫氧化鋅分解得到rm{ZnO}

故答案為：抽濾；洗滌、灼燒；

rm{(3)Fe}rm{3}rm{3}rm{O}膠體粒子能透過濾紙；所以不能用過濾的方法實現(xiàn)固液分離；

故答案為：不能；膠體粒子太??；抽濾時容易透過濾紙；

rm{4}持續(xù)通入rm{4}rm{(4)}，防止rm{N}rm{2}被氧化；故答案為：在rm{2}rm{Fe}氣氛下，防止rm{2+}rm{2+}被氧化；

rm{(5)m(K_{2}Cr_{2}O_{7})=0.01000mol?L^{-1}隆脕0.250L隆脕294.0g?mol^{-1}=0.7350g}

根據(jù)溶液濃度的精度，應選擇電子天平用于稱量固體質(zhì)量，燒杯用于溶解固體，玻璃棒用于攪拌和引流操作，容量瓶用于配置溶液，膠頭滴管用于加水定容rm{N}故用不到的儀器為量筒和移液管；

故答案為：rm{2}rm{2}

rm{Fe}如果滴定前裝有rm{2+}標準溶液的滴定管尖嘴部分有氣泡，這樣就造成讀數(shù)偏??；滴定結(jié)束后氣泡消失，這樣讀數(shù)就正常，所以讀出來的rm{2+}標準溶液體積偏大；測定結(jié)果將偏大；

故答案為：偏大。rm{(5)m(K_{2}Cr_{2}O_{7})=0.01000mol?L^{-1}隆脕0.250

L隆脕294.0g?mol^{-1}=0.7350g}【解析】rm{(1)A}rm{B}rm{(2)}過濾、洗滌、灼燒rm{(3)}不能膠體粒子太小，過濾時溶液透過濾紙rm{(4)N_{2}}氣氛下，防止rm{Fe^{2+}}被氧化rm{(5)0.7350}rm{壟脹壟脽}rm{(6)}偏大16、C增大【分析】解：A圖的壓強減小，B圖的壓強增大，C圖的反向延長線過原點，表示不變．

故選擇C圖；

一定質(zhì)量的氣體的內(nèi)能的變化；由溫度變化所決定．由于溫度增加，所以該過程中氣體的內(nèi)能增加。

故答案為：C；增大。

根據(jù)氣體狀態(tài)方程=C和已知的變化量去判斷其它的物理量．根據(jù)符號法則；確定Q；W的正負號，代入熱力學第一定律公式△U=Q+W分析內(nèi)能變化．

加強對基本概念的記憶，基本方法的學習利用，是學好3-3的基本方法．此處高考要求不高，不用做太難的題目【解析】C增大三、判斷題(共9題，共18分)17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．21、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．22、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．23、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．24、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．25、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、證明題(共2題，共8分)26、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動27、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動五、計算題(共1題，共8分)28、略

【分析】

（1）物體受重力；拉力、支持力和摩擦力；根據(jù)牛頓第二定律求出物體的加速度大?。?/p>

（2）根據(jù)位移時間公式求得位移；

（3）根據(jù)牛頓第二定律求得撤去外力后的加速度；根據(jù)速度位移公式求得位移。

加速度是聯(lián)系力學和運動學的橋梁，通過加速度，可以根據(jù)力求運動，也可以根據(jù)運動求力【解析】解：（1）物體受力如圖所示，在x軸方向?qū)ξ矬w運用牛頓第二定律得：Fcosα-Ff=ma

在y軸方向由平衡條件得：Fsinα+FN-mg=0

又因為：Ff=μFN

聯(lián)立以上三式代入數(shù)據(jù)解得：=7.2m/s2

（2）2s末物體的位移為

（3）5s末的速度v=at=36m/s，根據(jù)牛頓第二定律可知根據(jù)速度位移公式可知

答：（1）物體的加速度為7.2m/s2

（2）2s末物體的位移為14.4m

（3）5S后撤去F物體還能運動324m六、綜合題(共2題，共4分)29、（1）B（2）A（3）D（4）A（5）乙甲（6）解：①由得：I＝0.5A；即：閉合回路中電流的大小為0.5A；②由FB＝BIL得：FB＝0.5×05×0.4N＝0.1N，方向水平向右；即：金屬棒PQ所受安培力的大小為0.1N，方向水平向右；⑤金屬棒PQ受力平衡，所受靜摩力f＝FB＝0.1N；即：金屬棒PQ所受靜摩擦力的大小為0.1N?！痉治觥俊痉治觥?1)

庫侖定律使用的條件是真空中、點電荷.

靜電感應現(xiàn)象是金屬導體在外電場的作用下自由電子定向移動，電荷在導體內(nèi)發(fā)生重新分布，當感應電荷的電場與外電場大小相等時方向相反時達到靜電平衡，導體為等勢體；電勢的高低與電場強度的大小無關。本題考查了庫侖定律、靜電感應現(xiàn)象電場線與電勢的關系以及電場線與等勢面的關系；其中處于靜電感應平衡狀態(tài)導體的特點，導體內(nèi)部合場強處處為零，是一個等勢體是題目中易錯的地方。(2)

磁感線中各點切線方向表示該點的磁感應強度的方向；磁感線的疏密表示磁場的強弱；由此分析即可。本題考查了磁感線的性質(zhì)，要注意明確根據(jù)磁感線判斷磁場強弱以及方向的基本方法。(3)

在由A

運動B

的過程中，有兩個力做功，一是重力做負功，一是電場力做正功.

從運動軌跡上判斷，粒子帶正電.

從A

到B

的過程中，電場力做正功為1.5J

所以電勢能是減少的，A

點的電勢能要大于B

點電勢能；從A

到B

的過程中，克服重力做功2.0J

電場力做功1.5J

由動能定理可求出動能的變化情況；從A

到B

的過程中，做功的力有重力和電場力，應用能量的轉(zhuǎn)化與守恒可比較AB

兩點的機械能。本題考查了電勢差與電場強度的關系、電勢能。對于本題，要明確以下幾點：壟脵

電場力對電荷做正功時，電荷的電勢能減少，電荷克服電場力做功，電荷的電勢能增加，電勢能變化的數(shù)值等于電場力做功的數(shù)值，這常是判斷電荷電勢能如何變化的依據(jù)；壟脷

電勢能是電荷與所在的電場所共有的，且具有相對性，通常取無窮遠處或大地為電勢能的零點；壟脹

電荷在電場中移動時，電場力做的功與移動的路徑無關，只取決于起止位置的電勢差和電荷的電量，這一點與重力做功和高度差的關系相似。(4)

根據(jù)粒子偏轉(zhuǎn)方向確定粒子所受洛倫茲力方向；然后應用左手定則判斷出粒子的電性；

粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律求出粒子的軌道半徑，然后分析答題。本題考查了粒子在磁場中的運動，分析清楚粒子運動過程是解題的關鍵，應用左手定則與牛頓第二定律可以解題。(5)

電流表應串聯(lián)在被測電路中，電壓表應并聯(lián)在被測電路兩端，分析圖示電路圖，然后答題。本題考查了用多用電表測電壓與測電流的方法，知道電壓表與電流表的用法，分析清楚電路結(jié)構(gòu)可以解題?！窘獯稹?1)A.

庫侖定律使用的條件是點電荷，當r隆煤0

時，庫侖定律不再使用，故A錯誤；B.當感應電荷的電場與外電場大小相等時方向相反時達到靜電平衡，所以處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部場強處處為0

故B正確；C.電勢的高低與電場強度的大小無關，電場中某點的電場強度越大，該點的電勢不一定高，故C錯誤；D.電場線與等勢面垂直，故D錯誤。故選B。(2)

磁感線的疏密表示磁場強弱；由圖可知，P

點的磁感應強度大于Q

點的磁感應強度；故A正確，BCD錯誤。故選A。(3)A.

由運動軌跡上來看，垂直電場方向射入的帶電粒子向電場的方向偏轉(zhuǎn)，說明帶電粒子受到的電場力與電場