2025年青島版六三制新高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年青島版六三制新高二物理上冊階段測試試卷428考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、兩個帶有同種電荷的小球A；B；放在光滑絕緣的水平面上，其中小球A固定，小球B只在庫侖力作用下由靜止開始沿水平面運動，在運動過程中小球B的加速度a和速度的變化v是（）

A.a一直在增大。

B.a一直在減小。

C.v一直在增大。

D.v一直在減小。

2、某用電器兩端所允許加的最大直流電壓是250V，它在交流電路中使用時，交流電壓可以是()(A)250V(B)177V(C)352V(D)220V3、下列說法中正確的有（）A.只要閉合電路內(nèi)有磁通量，閉合電路中就有感應電流產(chǎn)生B.穿過螺線管的磁通量發(fā)生變化時，螺線管內(nèi)部就一定有感應電流產(chǎn)生C.線框不閉合時，若穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，線圈中沒有感應電流和感應電動勢D.線框不閉合時，若穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，線圈中沒有感應電流，但有感應電動勢4、關于加速度，下列說法正確的是A.加速度表示物體運動的快慢B.加速度表示物體運動速度變化的大小C.加速度表示物體運動速度變化的快慢D.加速度的方向一定與物體運動方向相同5、一帶電量為鈭?3隆脕10鈭?9C

的電荷從電場中的a

點移至b

點，電勢能增加6隆脕10鈭?8J

則(

)

A.電場中的a

點電勢比b

點低B.電場中ab

兩點的電勢差U=20V

C.場強方向是由a

點指向b

點D.電荷由a

到b

電場力做功6隆脕10鈭?8J

6、磁場對電流的作用力叫安培力，下列關于電流方向、安培力方向以及磁場方向的圖片，關系正確的是（）A.B.C.D.7、入射光照射到某金屬表面上發(fā)生光電效應，若入射光的強度減弱，而頻率保持不變，則(

)

A.從光照至金屬表面上到發(fā)射出光電子之間的時間間隔將明顯增加B.逸出的光電子的最大初動能將減小C.單位時間內(nèi)從金屬表面逸出的光電子數(shù)目將減少D.有可能不發(fā)生光電效應8、如圖所示，ab

是一彎管，其中心線是半徑為R

的一段圓弧，將它置于一給定的勻強磁場中，磁場方向垂直于圓弧所在平面且指向紙外.

有一束粒子對準a

端射入彎管，粒子有不同的質(zhì)量、不同的速度.

但都是一價正離子，則(

)

A.只有速度大小一定的粒子可以沿中心線通過彎管B.只有質(zhì)量大小一定的粒子可以沿中心線通過彎管C.只有動能大小一定的粒子可以沿中心線通過彎管D.只有質(zhì)量與速度的乘積一定的粒子可以沿中心線通過彎管評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、關于磁通量，正確的說法有（）A.磁通量不僅有大小而且有方向，是矢量B.在勻強磁場中，a線圈面積比b線圈面積大，但穿過a線圈的磁通量不一定比穿過b線圈的大C.磁通量大，磁感應強度不一定大D.把某線圈放在磁場中的M、N兩點，若放在M處的磁通量比在N處的大，則M處的磁感應強度一定比N處大10、“神舟”七號實現(xiàn)了航天員首次出艙。如圖所示飛船先沿橢圓軌道1

飛行，然后在遠地點P

處變軌后沿圓軌道2

運行，在軌道2

上周期約為90

分鐘。則下列判斷正確的是()A.飛船沿橢圓軌道1

經(jīng)過P

點時的速度與沿圓軌道經(jīng)過P

點時的速度相等B.飛船沿橢圓軌道1

經(jīng)過P

點時的速度小于沿圓軌道經(jīng)過P

點時的速度C.飛船在圓軌道2

的角速度大于同步衛(wèi)星運行的角速度D.飛船從橢圓軌道1

的Q

點運動到P

點過程中萬有引力做正功11、如圖所示是觀察水面波衍射的實驗裝置；AC

和BD

是兩塊擋板，AB

是一個孔，O

是波源.

圖中已畫出波源所在區(qū)域波的傳播情況，每兩條相鄰波紋(

圖中曲線)

之間距離表示一個波長.

則對于波經(jīng)過孔之后的傳播情況，下列描述正確的是()

A.此時能明顯觀察到波的衍射現(xiàn)象B.擋板前后波紋間距離相等C.如果將孔AB

擴大，有可能觀察不到明顯的衍射現(xiàn)象D.如果孔的大小不變，使波源頻率增大，能更明顯地觀察到衍射現(xiàn)象12、如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動的金屬棒PQ、MN，當PQ在外力作用下運動時，MN在磁場力作用下向右運動．則PQ所做的運動可能是（）A.向右勻加速運動B.向左勻加速運動C.向右勻減速運動D.向左勻減速運動13、如圖甲所示為電熱毯的工作電路圖，電阻為R=484Ω的電熱絲接在U=311sin100πt（V）的電源上，電熱毯被加熱到一定溫度后，通過裝置P使輸入電壓變?yōu)椴ㄐ稳鐖D乙所示的直流電，從而進入保溫狀態(tài)，若電熱絲電阻保持不變，則（）A.交流電壓表的讀數(shù)為110VB.交流電壓表的讀數(shù)為156VC.電熱毯在保溫狀態(tài)下消耗的電功率為50WD.電熱毯在保溫狀態(tài)下消耗的電功率為40W14、如圖，正點電荷放在O

點，圖中畫出它產(chǎn)生的電場的六條對稱分布的電場線.

以水平電場線上的O隆盲

點為圓心畫一個圓，與電場線分別相交于abcde

下列說法正確的是(

)

A.be

兩點的電場強度相同B.a

點電勢高于e

點電勢C.bc

兩點間電勢差等于ed

兩點間電勢差D.電子沿圓周由d

運動到c

電場力做功為零15、A、B

兩帶電小球，質(zhì)量分別為mAmB

用絕緣不可伸長的細線如圖懸掛，靜止時AB

兩球高度相同.

若B

對A

及A

對B

的庫侖力分別為FAFB

則下列判斷正確的(

)

A.FA<FB

B.細線AC

對A

的拉力TA=mAg

C.細線OC

的拉力TC=(mA+mB)g

D.同時燒斷ACBC

細線后，AB

在豎直方向的加速度相同16、如圖甲所示，理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為5：l，和R1、R2分別是電壓表、定值電阻，且R1=5R2．已知ab兩端電壓u按圖乙所示正弦規(guī)律變化。下列說法正確的是（）A.電壓u瞬時值的表達式u=220sin10πt（V）B.電壓表示數(shù)為44VC.Rl、R2兩端的電壓之比為1：1D.R1、R2消耗的功率之比為1：5評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、請在圖（a）中標出靜止小磁針的N極；在圖（b）中根據(jù)通電螺線管上的N極和S極；標出導線中的電流方向．

18、如圖所示的理想變壓器原線圈匝數(shù)n1=220匝，副線圈匝數(shù)n2=10匝，燈泡電阻為R=10Ω，現(xiàn)給變壓器原線圈中通入e=220sin100πt（V）的交流電，則燈泡兩端的電壓U=______V，電流表的讀數(shù)I=______A．（結(jié)果可以用分數(shù)表示）19、(1)

正弦交流電是由閉合線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的。線圈中感應電動勢隨時間變化的規(guī)律如圖所示，則此感應電動勢的有效值為________V

周期是________s

在1s

內(nèi)線圈中電流方向變化了________次；假設線圈的匝數(shù)為10

匝，t=14T

磁通量為________．

(2)

如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動的金屬棒PQMNMN

的左邊有一閉合電路，當PQ

在外力的作用下運動時，MN

向右運動，則PQ

所做的運動可能是________運動或________運動．20、庫侖定律內(nèi)容：真空中兩個靜止點電荷之間的相互作用力，與它們的電荷量的乘積成____，與它們的距離的二次方成____，作用力的方向在它們的連線上．21、理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為1：15，當原線圈接在6V的蓄電池兩端后，副線圈的輸出電壓為______V．22、如圖所示，空間有一垂直紙面向外的磁感應強度為0.5T的足夠大勻強磁場，一質(zhì)量為0.2kg且足夠長的絕緣木板靜止在光滑水平面上，在木板左端無初速度放置一質(zhì)量為0.1kg、電荷量q＝＋0.2C的滑塊，滑塊與絕緣木板之間的動摩擦因數(shù)為0.5，滑塊受到的最大靜摩擦力可認為等于滑動摩擦力。現(xiàn)對木板施加方向水平向左，大小為0.6N的恒力，g取10m/s2，則滑塊的最大速度為________m/s；滑塊做勻加速直線運動的時間是____________s。23、勻強電場中有A、B、C三點，構(gòu)成邊長為10cm的等邊三角形，如圖所示，一粒子從A沿直線移到B的過程中電場力始終不做功，帶電量為q=2×10—6C的負電點電荷，由B移到C的過程中克服電場力做功為4×10—4J。由此可知，A、C兩點的電勢差UAC=V，電場強度大小為____V/m（保留兩位有效數(shù)字）。24、對羥基苯甲酸乙酯rm{(}rm{)}又稱為尼泊金乙酯，可用作食品防腐劑和化妝品防霉劑。現(xiàn)以有機物rm{X(}分子rm{C_{9}H_{10}O_{2})}為原料合成尼泊金乙酯的路線如圖rm{(}無機產(chǎn)物略rm{)}

rm{1.}已知：rm{壟脵}苯環(huán)上的鹵原子rm{(}如rm{)}在稀rm{NaOH}溶液中難以發(fā)生水解反應，rm{壟脷}烯醇不穩(wěn)定，很容易自動發(fā)生轉(zhuǎn)化反應：rm{RCH簍TCHOH簍D隆煤RCH_{2}CHO}回答下列問題：rm{(1)}對羥基苯甲酸乙酯分子中能和rm{NaOH}反應的官能團有________rm{(}填名稱rm{)}rm{(2)}在rm{壟脵隆蘆壟脺}的反應中，屬于取代反應的有__________________個。rm{(3)X}的結(jié)構(gòu)簡式為________；rm{D}的核磁共振氫譜有________組峰。rm{(4)}寫出下列反應的化學方程式：反應rm{壟脷}______________________________；反應rm{壟脺}_____________________________________。rm{(5)}對羥基苯甲酸甲酯rm{(}分子式為rm{C_{8}H_{8}O_{3})}也具有消毒防腐性質(zhì)，它的同分異構(gòu)體很多，其中符合下列條件的同分異構(gòu)體有________種。Ⅰrm{.}遇rm{FeCl_{3}}溶液呈紫色；Ⅱrm{.}苯環(huán)上的一氯代物有rm{3}種；Ⅲ能發(fā)生銀鏡反應和水解反應。評卷人得分四、判斷題(共3題，共18分)25、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）26、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

27、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分五、實驗題(共4題，共36分)28、（1）某同學測量一個圓柱體的電阻率，需要測量圓柱體的尺寸和電阻。①分別使用游標卡尺和螺旋測微器測量圓柱體的長度和直徑，某次測量的示數(shù)如圖15A.和圖15B.所示，長度為_____cm，直徑為____mm。②按圖15C.連接電路后，實驗操作如下：A.將滑動變阻器R1的阻值置于最_____處（填“大”或“小”）；將S2撥向接點1，閉合S1，調(diào)節(jié)R1，使電流表示數(shù)為I0；B.將電阻箱R2的阻值調(diào)至最______（填“大”或“小”）；將S2撥向接點2；保持R1不變，調(diào)節(jié)R2，使電流表示數(shù)仍為I0，此時R2阻值為1280Ω；③由此可知，圓柱體的電阻為_____Ω。29、實驗桌上擺放著甲“220V25W”、乙“220V300W”、丙“220V500W”三只燈泡,小芳同學從中任選一只,正確使用多用電表測量它的阻值,如圖所示,其測量值為________Ω，她選用的是____燈泡(填“甲、乙或丙”),測量時流過燈泡的電流是從____流向____(填“a或b”)。30、利用插針法可以測量半圓柱形玻璃磚的折射率．實驗方法如下：在白紙上作一直線MN，并作出它的一條垂線AB，將半圓柱形玻璃磚(底面的圓心為O)放在白紙上，它的直徑與直線MN重合，在垂線AB上插兩個大頭針P1和P2，如圖所示,然后在半圓柱形玻璃磚的右側(cè)插上適量的大頭針，可以確定光線P1P2通過玻璃磚后的光路，從而求出玻璃的折射率．(1)某學生用上述方法測量玻璃的折射率，在他畫出的垂線AB上豎直插上了P1、P2兩枚大頭針，但在半圓柱形玻璃磚右側(cè)的區(qū)域內(nèi)，無論從何處觀察，都無法透過玻璃磚同時看到P1、P2的像，原因是，他應采取的措施是．(2)為了確定光線P1P2通過玻璃磚后的光路，在玻璃磚的右側(cè)，最少應插入枚大頭針．(3)請在半圓柱形玻璃磚的右側(cè)估計所插大頭針的可能位置(用“x”表示)，并作出光路圖31、右圖為研究電磁感應現(xiàn)象實驗的示意圖。電流從靈敏電流計G的“＋”接線柱流入時，表針向右偏轉(zhuǎn)；從“－”接線柱流入時，表針向左偏轉(zhuǎn)。在甲圖中表針向____偏轉(zhuǎn)；在乙圖中表針向偏轉(zhuǎn)。評卷人得分六、計算題(共2題，共12分)32、如圖，兩平行金屬導軌間的距離L=0.40m

金屬導軌所在的平面與水平面夾角婁脠=37鈭?

在導軌所在平面內(nèi)，分布著磁感應強度B=0.50T

方向垂直于導軌所在平面的勻強磁場.

金屬導軌的一端接有電動勢E=4.5V

內(nèi)阻r=0.50婁賂

的直流電源，另一端接有電阻R=5.0婁賂.

現(xiàn)把一個質(zhì)量為m=0.040kg

的導體棒ab

放在金屬導軌上，導體棒靜止.

導體棒與金屬導軌垂直、且接觸良好，與金屬導軌接觸的兩點間的導體棒的電阻RR0=5.0婁賂=5.0婁賂金屬導軌電阻不計，gg取10m/s10m/s2..已知sin37鈭?=0.60sin37^{circ}=0.60cos37鈭?=0.80cos37^{circ}=0.80求：

(1)

通過導體棒的電流；(2)

導體棒受到的安培力大小；

(3)

導體棒受到的摩擦力．33、一列簡諧橫波圖象如圖所示，t1

時刻的波形如圖中實線所示，t2

時刻的波形如圖中虛線所示，已知鈻?t=t2鈭?t1=0.5s

問。

(1)

這列波的可能波速的表達式？

(2)

若波向左傳播，且3T<鈻?t<4T

波速多大？

(3)

若波速v=68m/s

則波向哪個方向傳播？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B|C【分析】

A；對小球B進行受力分析；

小球B的合力就是小球A對它的庫侖斥力；

由于小球A；B之間的距離越來越遠；根據(jù)庫侖定律知道，小球A對小球B的庫侖斥力越來越?。?/p>

根據(jù)牛頓第二定律得小球B的加速度越來越?。蔄錯誤；B正確．

C；由于小球B只在庫侖力作用下由靜止開始沿水平面運動；所以小球B的加速度方向和速度方向相同，所以小球B的速度一直增大．故C正確，D錯誤．

故選BC．

【解析】【答案】對小球B進行受力分析；根據(jù)牛頓第二定律求出加速度的變化；

根據(jù)速度方向和加速度方向的關系確定速度大小變化．

2、B【分析】交變電壓的峰值最大為250V，有效值為177V，B對；【解析】【答案】B3、D【分析】解：

A；雖然閉合電路內(nèi)有磁通量；但如果磁通量沒有變化，閉合電路中沒有感應電流產(chǎn)生．故A錯誤．

B；穿過螺線管的磁通量發(fā)生變化時；螺線管內(nèi)不一定有感應電流產(chǎn)生，螺線管還要閉合才產(chǎn)生感應電流．故B錯誤．

C；D線框不閉合時；若穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，線圈中沒有感應電流，但有感應電動勢產(chǎn)生．故C錯誤，D正確．

故選D

感應電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合線圈的磁通量發(fā)生變化；產(chǎn)生感應電動勢的條件是穿過線圈的磁通量發(fā)生變化．

產(chǎn)生感應電流的條件有兩個：一是電路要閉合；二是穿過電路的磁通量要發(fā)生變化，兩者缺一不可．【解析】【答案】D4、C【分析】【分析】加速度是用來描述物體速度變化快慢的物理量，是矢量。本題考查了加速的矢量性及物理意義，復習時把握準確基本概念。【解答】A.加速度表示物體運動速度變化的快慢，故A錯誤；B.加速度是描述速度變化快慢的物理量.

故B錯誤；C.加速度是描述速度變化快慢的物理量.

故C正確；D.加速度a

的方向與速度變化量鈻?v

的方向相同；加速度a

的方向與速度v

的方向可能相同，可能相反，故D錯誤；

故選C?！窘馕觥緾

5、B【分析】解：A

將負電荷從電場中的a

點移至b

點，電勢能增加，說明電場力做負功，電場力的方向與運動的方向相反；又因為負電荷受到的電場力的方向與電場的方向相反，所以該電荷運動的方向與電勢降落的方向相同，即a

點的電勢高于b

點.

故A錯誤；

B、ab

之間的電勢差：UAB=WABq=鈭?6隆脕10鈭?8鈭?3隆脕10鈭?9V=20V.

故B正確；

C、由A

的分析可得，該電荷運動的方向與電勢降落的方向相同，即a

點的電勢高于b

點；但電勢降落的方向并不都是場強的方向，場強的方向是電勢降落最快的方向.

故C錯誤；

D、將負電荷從電場中的a

點移至b

點；電勢能增加，說明電場力做負功.

故D錯誤．

故選：B

根據(jù)公式U=Wq

求出ab

間的電勢差，即可得到M

點電勢.

由此公式求出ab

間的電勢差.

根據(jù)電場力做功多少；分析電勢能的變化，電場力做功．

場強的方向是電勢降落最快的方向。

本題關鍵掌握電勢差公式UAB=WABq

知道電勢與電勢差的關系、電場力做功與電勢能變化的關系，屬于基礎題．【解析】B

6、D【分析】解：A；電流向里；磁場水平向右，則由左手定則可知，安培力向下，故A錯誤；

B；電流向里；磁場向右，則由左左手定則可知，安培力向下，故B錯誤；

C；電流方向和磁場方向相同；則電流不受安培力，故C錯誤；

D；電流向里；磁場向上，則由左手定則可知，導線受力方向向右，故D正確。

故選：D。

根據(jù)左手定則判斷電流方向；磁場方向和安培力方向的關系；伸開左手，四指與大拇指在同一平面內(nèi)，磁感線穿過掌心，四指方向與電流方向相同，大拇指所指方向為安培力的方向．

=解決本題的關鍵會根據(jù)左手定則判斷磁場方向、電流方向和安培力方向三者的關系，并注意左手定則與右手定則的區(qū)別，并能正確應用．【解析】D7、C【分析】解：A

光的強弱影響的是單位時間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目；不影響發(fā)射出光電子的時間間隔.

故A錯誤．

B；根據(jù)光電效應方程知；EKM=h婁脙鈭?W0

知，入射光的頻率不變，則最大初動能不變.

故B錯誤．

C；單位時間內(nèi)從金屬表面逸出的光電子數(shù)目將減少；光電流減弱，C正確．

D；入射光的頻率不變；則仍然能發(fā)生光電效應.

故D錯誤．

故選C．

發(fā)生光電效應的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率；光的強弱只影響單位時間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目．

解決本題的關鍵知道發(fā)生光電效應的條件，以及知道光的強弱會影響單位時間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目．【解析】C

8、D【分析】解：洛倫茲力提供向心力；根據(jù)牛頓第二定律，有。

evB=mv2R

解得。

R=mvBe

故要保證粒子半徑相同；故只有質(zhì)量與速度的積積一定的粒子才能沿中心線通過彎管；

故只有D正確；

故選：D

．

粒子沿著中心線運動時；只受磁場力，磁場力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式分析即可．

本題關鍵根據(jù)根據(jù)牛頓第二定律列式求解出半徑的表達式進行分析，較為基礎．【解析】D

二、多選題(共8題，共16分)9、BC【分析】解：A；磁通量是標量；故A錯誤；

B、當回路與磁場平行時，磁通量Φ為零，則a線圈面積比b線圈面積大；穿過閉合回路的磁通量不一定越大．故B正確．

C；根據(jù)磁通量Φ=BSsinα；磁通量的大小與磁感應強度、線圈的面積以及磁場方向與線圈平面的夾角有關，所以磁通量大，磁感應強度不一定大．故C正確，D錯誤；

故選：BC

磁通量是標量；

對于勻強磁場中穿過回路的磁通量：當回路與磁場平行時；磁通量Φ為零；當線圈與磁場平行時，磁通量Φ最大，Φ=BS．當回路與磁場方向的夾角為α時，磁通量Φ=BSsinα．根據(jù)這三種情況分析．

對于勻強磁場中磁通量可以根據(jù)兩種特殊情況運用投影的方法求解．對于非勻強磁場，可以根據(jù)穿過回路磁感線的多少，定性分析磁通量的大?。窘馕觥俊敬鸢浮緽C10、BC【分析】【分析】飛船在橢圓軌道上運動時在近地點做離心運動，在遠地點做近心運動，根據(jù)相應運動條件判斷速度大小問題，飛船在軌道上運動的加速由萬有引力產(chǎn)生，決定加速度的大小是萬有引力的大小。正確理解飛船變軌前后的運動，知道近心運動的條件為速度小于正常速度，勻速圓周運動的條件是合力充當向心力。【解答】解：A.飛船沿橢圓軌道1

時有GMmr2p>mv21prp

飛船沿圓軌道2

時有GMmr2p>mv22prp

根據(jù)運動條件知v1p<v2p

故A錯誤；B.軌道1

上P

到Q

過程為向心運動，故飛船沿橢圓軌道11經(jīng)過PP點時的速度小于沿圓軌道經(jīng)過PP點時的速度，故B正確；C.飛船在軌道2

上周期大約為90

分鐘，而同步衛(wèi)星的周期為24h

故知圓軌道上周期小于同步衛(wèi)星周期，角速度大于同步衛(wèi)星的角速度，故C正確；D.根據(jù)開普勒第二定律知Q

點速度大于P

點速度，故飛船從橢圓軌道1

的Q

點運動到P

點過程中萬有引力做負功，故D錯誤。故選BC。【解析】BC

11、ABC【分析】根據(jù)能有明顯衍射現(xiàn)象的條件：障礙物或孔的尺寸比波長小或差不多。從圖中可看出孔AB

的尺寸小于一個波長；所以此時能明顯地觀察到波的衍射現(xiàn)象，A正確。

因為穿過擋板小孔后的波速不變；頻率相同，所以波長也相同，B正確。

若將孔AB

擴大；將可能不滿足明顯衍射現(xiàn)象的條件，就有可能觀察不到明顯的衍射現(xiàn)象，C正確。

若將波源頻率增大，由于波速不變，所以波長變小，將可能不滿足明顯衍射現(xiàn)象的條件，也有可能觀察不到明顯的衍射現(xiàn)象，D錯誤。【解析】ABC

12、BC【分析】解：

MN在磁場力作用下向右運動；說明MN受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M指向N，由楞次定律可知，線圈中產(chǎn)生感應電流的磁場應該是向上減小，或向下增加；再由右手螺旋定則與楞次定律可知，PQ可能是向左加速運動或向右減速運動．故BC正確，AD錯誤．

故選：BC．

MN在磁場力作用下向右運動；說明MN受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M指向N，由楞次定律可知，線圈中產(chǎn)生感應電流的磁場應該是向上減小，或向下增加；根據(jù)右手螺旋定則，與楞次定律可知PQ的運動情況．

本題關鍵是分析好引起感應電流的磁通量的變化，進而才能分析產(chǎn)生電流的磁通量是由什么樣的運動產(chǎn)生的．【解析】【答案】BC13、BC【分析】解：AB、由圖象可知該交變電流的周期T=2×10-2s

可分兩段0-和-T；

根據(jù)有效值的定義可得×+0=×T

解得：U==156V；故A錯誤，B正確；

CD、電熱毯在保溫狀態(tài)下消耗的電功率為P===50W；故C正確；D錯誤；

故選：BC．

電壓表讀數(shù)為有效值；根據(jù)正弦式交變電流峰值和有效值之間的關系以及電流的熱效應便可求得有效值．

本題考查有關交變電流有效值的計算問題，知道電壓表和電流表測量的都是有效值，難度不大，屬于基礎題．【解析】【答案】BC14、CD【分析】解：A

由圖看出，be

兩點電場強度的大小相等，但方向不同，而電場強度是矢量，所以be

兩點的電場強度不同；故A錯誤。

B；根據(jù)順著電場線電勢逐漸降低可知；離點電荷O

越遠，電勢越低，故a

點電勢低于e

點電勢。故B錯誤。

C、根據(jù)對稱性可知，dc

的電勢相等，同理be

的電勢相等。所以bc

兩點間電勢差與ed

兩點間電勢差相等；故C正確。

D；d

點的電勢與c

點的電勢相等；電子沿圓周由d

到c

電場力做不做功，故D正確。

故選：CD

電場強度是矢量，只有大小和方向都相同時兩點的電場強度才相同；電勢根據(jù)順著電場線方向電勢降低進行判斷；根據(jù)對稱性分析bc

兩點間電勢差與be

間電勢差的關系.

根據(jù)電勢高低；判斷電場力對電子做功的正負．

常見電場的電場線分布要求我們能熟練掌握，并要注意沿電場線的方向電勢是降低的，同時注意點電荷形成電場的對稱性.

加強基礎知識的學習，掌握住電場線的特點，即可解決本題．【解析】CD

15、CD【分析】解：A

對小球A

受力分析；受重力、靜電力、拉力，如圖：

根據(jù)平衡條件；則有，兩球間的庫侖力是作用力與反作用力，一定相等，與兩個球是否帶電量相等無關，故A錯誤；

B、由上則有：mAg=TAcos30鈭?

因此：TA=233mAg

故B錯誤；

C；由整體法可知；細線的拉力等于兩球的重力，即為TC=(mA+mB)g

故C正確；

D；同時燒斷ACBC

細線后；AB

在豎直方向重力不變，所以加速度相同，故D正確；

故選：CD

．

設兩個球間的靜電力為F

分別對兩個球受力分析，求解重力表達式后比較質(zhì)量大?。桓鶕?jù)整體法來確定細線的拉力，并由牛頓第二定律則可判定細線燒斷后各自的運動情況．

本題關鍵分別對兩個小球受力分析，然后根據(jù)平衡條件列方程；再結(jié)合庫侖定律列方程分析求解．【解析】CD

16、CD【分析】解：A、從圖乙得到電壓的最大值為220V，周期為0.02s，故電壓u的表達式u=Umsint=220sin100πt（V）；故A錯誤；

B、根據(jù)變壓器的變壓比公式，有：=

對左側(cè)回路，有：U=U1+I1R1

對右側(cè)回路，有：U2=I2R2

聯(lián)立得到U=U1+U2=6U2，故U2=V，即電壓表示數(shù)為V；故B錯誤；

C、根據(jù)變壓器的變流比公式，有：==

所以R1、R2兩端的電壓之比為（I1R1）：（I2R2）=1：1；故C正確；

D、R1、R2消耗的功率之比為P1：P2=（I12R1）：（I22R2）=1：5；故D正確；

故選：CD。

從圖乙得到電壓的最大值和周期，由此寫出電壓u瞬時值的表達式；根據(jù)變壓器的變流比和電功率計算公式求解R1、R2消耗的功率之比；根據(jù)歐姆定律求解R1、R2兩端的電壓之比；根據(jù)變壓器的變壓比公式結(jié)合歐姆定律求解電壓表示數(shù)。

本題主要是考查了變壓器的知識；解答本題的關鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有一個副線圈的情況下的電流之比等于匝數(shù)的反比；知道理想變壓器的輸出功率決定輸入功率且相等。【解析】CD三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】

由磁極間的相互作用可知螺線管的磁極；再由右手螺旋定則可知通電螺線管的電流方向．

本題考查右手螺旋定則及磁極間的相互作用，要求學生能熟練應用右手螺旋定則判斷磁極或電流方向．【解析】解：由右手螺旋定則可知螺線管中電流由右側(cè)流入；左側(cè)流出，則螺旋管左端為N極，右端為S極；因同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引；

故答案如下圖18、略

【分析】解：原線圈電壓的有效值為：

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比；有：

代入數(shù)據(jù)解得：

輸入功率等于輸出功率，根據(jù)有：

代入數(shù)據(jù)：

解得：

故答案為：10，

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比；電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等，分析即可得出結(jié)論．

掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關系，最大值和有效值之間的關系即可解決本題．【解析】10；19、（1）；0.25S；8次；0

（2）向右減速；向左加速【分析】(1)

【分析】根據(jù)最大值與有效值的以及周期和頻率關系可正確求解。要熟練掌握交流電最大值與有效值以及周期頻率之間關系。【解答】由圖可知，有效值為：U=Em2=102V；周期：T=0.25s

頻率為：f=1T=4Hz；t=14T

感應電動勢最大；1s1s內(nèi)線圈中電流方向變化了88次；0.25S

；8

次；0

(2)

【分析】MN

處于通電導線產(chǎn)生的磁場中，當有感應電流時，則MN

在磁場力作用下向右運動，說明MN

受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M

指向N

由楞次定律可知，線圈中產(chǎn)生感應電流的磁場應該是向上減小，或向下增加；再由楞次定律可知PQ

的運動情況。本題關鍵是分析好引起感應電流的磁通量的變化，進而才能分析產(chǎn)生電流的磁通量是由什么樣的運動產(chǎn)生的?！窘獯稹扛鶕?jù)右手螺旋定則可知，MN

處于ab

產(chǎn)生的垂直向里的磁場中；MN

在磁場力作用下向右運動，說明MN

受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M

指向N

由楞次定律可知；線圈中產(chǎn)生感應電流的磁場應該是向上減小，或向下增加；再由右手定則可知PQ

可能是向左加速運動或向右減速運動。

故答案為：向右減速；向左加速磁通量為零；故答案為：102V10sqrt{2}V【解析】(1)102V

；0.25S

；8

次；0

(2)

向右減速；向左加速20、正比反比【分析】【分析】在真空中有兩個點電荷間的作用力遵守庫侖定律，根據(jù)庫侖定律的內(nèi)容，即可求解。本題主要考查對庫侖定律的理解和應用，注意點電荷的含義及距離的概念?！窘獯稹繋靵龆傻膬?nèi)容：真空中兩個靜止點電荷之間的相互作用力；與它們電荷量的乘積成正比，與它們距離的二次方成反比，作用力的方向在它們的連線上。

故答案為：正比；反比。

【解析】正比反比21、0【分析】解：變壓器的工作原理是互感現(xiàn)象；不能改變恒定電流的電壓，所以在副線圈中沒有電壓，示數(shù)為零．

故答案為：0．

當變壓器鐵芯中的磁通量發(fā)生變化時；在副線圈中才能產(chǎn)生電動勢，而變壓器不能改變直流電壓．

本題考查了變壓器的變壓原理，本題容易錯誤的根據(jù)變壓比公式列式求，記住不能簡單的套用公式．【解析】022、略

【分析】試題分析：以滑塊為研究對象，當滑塊與木板間沒有摩擦力時，滑塊在水平方向不再加速，達到最大速度，此時重力與洛倫茲力平衡，故有解得在滑塊未發(fā)生滑動之前，整體為研究對象可知設勻加速階段滑塊能達到的速度為v，故有解得故勻加速時間為考點：洛倫茲力公式、共點力、牛頓運動定律【解析】【答案】（4分）10323、略

【分析】試題分析：粒子從A沿直線移動到B的過程電場力始終不做功，說明AB為等勢面φA＝φB，由B移動到C的過程中電場力做功-4×10—4J解得：UBC＝UAC＝＝3.5×102V；C到AB的距離為考點：本題考查等勢面、電場力做功、電場強度。【解析】【答案】3.5×102，4.0×10324、(1)羥基(或酚羥基)、酯基

(2)3

(3)4

(4)

(5)10【分析】【分析】本題考查有機物推斷，為高頻考點，側(cè)重考查學生分析推斷及知識綜合運用能力，綜合性較強，涉及物質(zhì)推斷、同分異構(gòu)體種類書寫、方程式的書寫等知識點，明確物質(zhì)之間的轉(zhuǎn)化、官能團及其性質(zhì)關系及反應條件是解本題關鍵，難點是同分異構(gòu)體種類判斷，題目難度中等?！窘獯稹坑杉胺磻獥l件可知，發(fā)生鹵代烴的消去反應，生成rm{F}為乙醛，氧化為rm{K}為乙酸，乙酸和氫氧化鈉溶液中和生成rm{E}為乙酸鈉，由產(chǎn)品為對羥基苯甲酸乙酯逆推，可知rm{壟脹}為酯化反應，rm{D}為對羥基苯甲酸，rm{A}rm{B}rm{C}間連續(xù)被氧化，則rm{C}為對羥基鈉苯甲酸鈉，rm{B}為為酯化反應，rm{壟脹}為對羥基苯甲酸，rm{D}rm{A}rm{B}間連續(xù)被氧化，則rm{C}為對羥基鈉苯甲酸鈉，rm{C}為對羥基鈉苯甲醛，rm{B}為對羥基鈉苯甲醇，根據(jù)rm{A}rm{X}的分子式可知，反應rm{M}是取代反應，反應rm{壟脵}是溴原子和酯基的水解反應，則rm{壟脷}為rm{M}為rm{X}rm{(1)}反應，對羥基苯甲酸乙酯分子中含有羥基和酯基，都能和rm{NaOH}反應，羥基rm{NaOH}或酚羥基故答案為：酯基；rm{(}rm{)}的反應中，只有rm{(2)}是消去反應，其他都是取代反應，在rm{壟脵隆蘆壟脺}的反應中，只有rm{壟脺}是消去反應，其他都是取代反應，rm{壟脵隆蘆壟脺}根據(jù)上述分析，rm{壟脺}的結(jié)構(gòu)簡式為故答案為：rm{3}為對羥基苯甲酸，根據(jù)對稱原則，等效氫是rm{3}種，rm{(3)}根據(jù)上述分析，rm{X}的結(jié)構(gòu)簡式為組峰，故答案為：rm{(3)}rm{X}反應rm{D}酯基和溴原子的水解反應，方程式為反應rm{4}是溴原子的消去，方程式為故答案為：核磁共振氫譜有rm{4}組峰，遇到rm{4}溶液出現(xiàn)顯色現(xiàn)象，說明含有酚羥基；能發(fā)生水解反應，能發(fā)生銀境反應，結(jié)合結(jié)構(gòu)簡式可知，應含有甲酸形成的酯基，rm{4}種，則苯環(huán)上有rm{(4)}個取代基，取代基分別為rm{壟脷}rm{壟脺}rm{(5)}根據(jù)定二移一原則，若rm{FeCl_{3}}苯環(huán)上的一氯代物有rm{3}種，則苯環(huán)上有rm{3}個取代基，位于鄰位，則甲基在苯環(huán)上的位置有rm{3}種，若rm{3}rm{-OH}位于間位，則甲基在苯環(huán)上的位置有rm{-OOCH}種，若rm{-CH_{3}}rm{-OH}位于對位，則甲基在苯環(huán)上的位置有rm{-OOCH}種，共rm{4}種；

故答案為：rm{-OH}rm{-OOCH}【解析】rm{(1)}羥基rm{(}或酚羥基rm{)}酯基rm{(2)3}rm{(3)}rm{4}rm{(4)}

rm{(5)10}四、判斷題(共3題，共18分)25、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．26、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．27、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電