2025年青島版六三制新高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年青島版六三制新高二物理上冊階段測試試卷428考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、兩個(gè)帶有同種電荷的小球A；B；放在光滑絕緣的水平面上，其中小球A固定，小球B只在庫侖力作用下由靜止開始沿水平面運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過程中小球B的加速度a和速度的變化v是（）

A.a一直在增大。

B.a一直在減小。

C.v一直在增大。

D.v一直在減小。

2、某用電器兩端所允許加的最大直流電壓是250V，它在交流電路中使用時(shí)，交流電壓可以是()(A)250V(B)177V(C)352V(D)220V3、下列說法中正確的有（）A.只要閉合電路內(nèi)有磁通量，閉合電路中就有感應(yīng)電流產(chǎn)生B.穿過螺線管的磁通量發(fā)生變化時(shí)，螺線管內(nèi)部就一定有感應(yīng)電流產(chǎn)生C.線框不閉合時(shí)，若穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，線圈中沒有感應(yīng)電流和感應(yīng)電動(dòng)勢D.線框不閉合時(shí)，若穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，線圈中沒有感應(yīng)電流，但有感應(yīng)電動(dòng)勢4、關(guān)于加速度，下列說法正確的是A.加速度表示物體運(yùn)動(dòng)的快慢B.加速度表示物體運(yùn)動(dòng)速度變化的大小C.加速度表示物體運(yùn)動(dòng)速度變化的快慢D.加速度的方向一定與物體運(yùn)動(dòng)方向相同5、一帶電量為鈭?3隆脕10鈭?9C

的電荷從電場中的a

點(diǎn)移至b

點(diǎn)，電勢能增加6隆脕10鈭?8J

則(

)

A.電場中的a

點(diǎn)電勢比b

點(diǎn)低B.電場中ab

兩點(diǎn)的電勢差U=20V

C.場強(qiáng)方向是由a

點(diǎn)指向b

點(diǎn)D.電荷由a

到b

電場力做功6隆脕10鈭?8J

6、磁場對電流的作用力叫安培力，下列關(guān)于電流方向、安培力方向以及磁場方向的圖片，關(guān)系正確的是（）A.B.C.D.7、入射光照射到某金屬表面上發(fā)生光電效應(yīng)，若入射光的強(qiáng)度減弱，而頻率保持不變，則(

)

A.從光照至金屬表面上到發(fā)射出光電子之間的時(shí)間間隔將明顯增加B.逸出的光電子的最大初動(dòng)能將減小C.單位時(shí)間內(nèi)從金屬表面逸出的光電子數(shù)目將減少D.有可能不發(fā)生光電效應(yīng)8、如圖所示，ab

是一彎管，其中心線是半徑為R

的一段圓弧，將它置于一給定的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于圓弧所在平面且指向紙外.

有一束粒子對準(zhǔn)a

端射入彎管，粒子有不同的質(zhì)量、不同的速度.

但都是一價(jià)正離子，則(

)

A.只有速度大小一定的粒子可以沿中心線通過彎管B.只有質(zhì)量大小一定的粒子可以沿中心線通過彎管C.只有動(dòng)能大小一定的粒子可以沿中心線通過彎管D.只有質(zhì)量與速度的乘積一定的粒子可以沿中心線通過彎管評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、關(guān)于磁通量，正確的說法有（）A.磁通量不僅有大小而且有方向，是矢量B.在勻強(qiáng)磁場中，a線圈面積比b線圈面積大，但穿過a線圈的磁通量不一定比穿過b線圈的大C.磁通量大，磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定大D.把某線圈放在磁場中的M、N兩點(diǎn)，若放在M處的磁通量比在N處的大，則M處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定比N處大10、“神舟”七號實(shí)現(xiàn)了航天員首次出艙。如圖所示飛船先沿橢圓軌道1

飛行，然后在遠(yuǎn)地點(diǎn)P

處變軌后沿圓軌道2

運(yùn)行，在軌道2

上周期約為90

分鐘。則下列判斷正確的是()A.飛船沿橢圓軌道1

經(jīng)過P

點(diǎn)時(shí)的速度與沿圓軌道經(jīng)過P

點(diǎn)時(shí)的速度相等B.飛船沿橢圓軌道1

經(jīng)過P

點(diǎn)時(shí)的速度小于沿圓軌道經(jīng)過P

點(diǎn)時(shí)的速度C.飛船在圓軌道2

的角速度大于同步衛(wèi)星運(yùn)行的角速度D.飛船從橢圓軌道1

的Q

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P

點(diǎn)過程中萬有引力做正功11、如圖所示是觀察水面波衍射的實(shí)驗(yàn)裝置；AC

和BD

是兩塊擋板，AB

是一個(gè)孔，O

是波源.

圖中已畫出波源所在區(qū)域波的傳播情況，每兩條相鄰波紋(

圖中曲線)

之間距離表示一個(gè)波長.

則對于波經(jīng)過孔之后的傳播情況，下列描述正確的是()

A.此時(shí)能明顯觀察到波的衍射現(xiàn)象B.擋板前后波紋間距離相等C.如果將孔AB

擴(kuò)大，有可能觀察不到明顯的衍射現(xiàn)象D.如果孔的大小不變，使波源頻率增大，能更明顯地觀察到衍射現(xiàn)象12、如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動(dòng)的金屬棒PQ、MN，當(dāng)PQ在外力作用下運(yùn)動(dòng)時(shí)，MN在磁場力作用下向右運(yùn)動(dòng)．則PQ所做的運(yùn)動(dòng)可能是（）A.向右勻加速運(yùn)動(dòng)B.向左勻加速運(yùn)動(dòng)C.向右勻減速運(yùn)動(dòng)D.向左勻減速運(yùn)動(dòng)13、如圖甲所示為電熱毯的工作電路圖，電阻為R=484Ω的電熱絲接在U=311sin100πt（V）的電源上，電熱毯被加熱到一定溫度后，通過裝置P使輸入電壓變?yōu)椴ㄐ稳鐖D乙所示的直流電，從而進(jìn)入保溫狀態(tài)，若電熱絲電阻保持不變，則（）A.交流電壓表的讀數(shù)為110VB.交流電壓表的讀數(shù)為156VC.電熱毯在保溫狀態(tài)下消耗的電功率為50WD.電熱毯在保溫狀態(tài)下消耗的電功率為40W14、如圖，正點(diǎn)電荷放在O

點(diǎn)，圖中畫出它產(chǎn)生的電場的六條對稱分布的電場線.

以水平電場線上的O隆盲

點(diǎn)為圓心畫一個(gè)圓，與電場線分別相交于abcde

下列說法正確的是(

)

A.be

兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同B.a

點(diǎn)電勢高于e

點(diǎn)電勢C.bc

兩點(diǎn)間電勢差等于ed

兩點(diǎn)間電勢差D.電子沿圓周由d

運(yùn)動(dòng)到c

電場力做功為零15、A、B

兩帶電小球，質(zhì)量分別為mAmB

用絕緣不可伸長的細(xì)線如圖懸掛，靜止時(shí)AB

兩球高度相同.

若B

對A

及A

對B

的庫侖力分別為FAFB

則下列判斷正確的(

)

A.FA<FB

B.細(xì)線AC

對A

的拉力TA=mAg

C.細(xì)線OC

的拉力TC=(mA+mB)g

D.同時(shí)燒斷ACBC

細(xì)線后，AB

在豎直方向的加速度相同16、如圖甲所示，理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為5：l，和R1、R2分別是電壓表、定值電阻，且R1=5R2．已知ab兩端電壓u按圖乙所示正弦規(guī)律變化。下列說法正確的是（）A.電壓u瞬時(shí)值的表達(dá)式u=220sin10πt（V）B.電壓表示數(shù)為44VC.Rl、R2兩端的電壓之比為1：1D.R1、R2消耗的功率之比為1：5評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、請?jiān)趫D（a）中標(biāo)出靜止小磁針的N極；在圖（b）中根據(jù)通電螺線管上的N極和S極；標(biāo)出導(dǎo)線中的電流方向．

18、如圖所示的理想變壓器原線圈匝數(shù)n1=220匝，副線圈匝數(shù)n2=10匝，燈泡電阻為R=10Ω，現(xiàn)給變壓器原線圈中通入e=220sin100πt（V）的交流電，則燈泡兩端的電壓U=______V，電流表的讀數(shù)I=______A．（結(jié)果可以用分?jǐn)?shù)表示）19、(1)

正弦交流電是由閉合線圈在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的。線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，則此感應(yīng)電動(dòng)勢的有效值為________V

周期是________s

在1s

內(nèi)線圈中電流方向變化了________次；假設(shè)線圈的匝數(shù)為10

匝，t=14T

磁通量為________．

(2)

如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動(dòng)的金屬棒PQMNMN

的左邊有一閉合電路，當(dāng)PQ

在外力的作用下運(yùn)動(dòng)時(shí)，MN

向右運(yùn)動(dòng)，則PQ

所做的運(yùn)動(dòng)可能是________運(yùn)動(dòng)或________運(yùn)動(dòng)．20、庫侖定律內(nèi)容：真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用力，與它們的電荷量的乘積成____，與它們的距離的二次方成____，作用力的方向在它們的連線上．21、理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為1：15，當(dāng)原線圈接在6V的蓄電池兩端后，副線圈的輸出電壓為______V．22、如圖所示，空間有一垂直紙面向外的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.5T的足夠大勻強(qiáng)磁場，一質(zhì)量為0.2kg且足夠長的絕緣木板靜止在光滑水平面上，在木板左端無初速度放置一質(zhì)量為0.1kg、電荷量q＝＋0.2C的滑塊，滑塊與絕緣木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，滑塊受到的最大靜摩擦力可認(rèn)為等于滑動(dòng)摩擦力?，F(xiàn)對木板施加方向水平向左，大小為0.6N的恒力，g取10m/s2，則滑塊的最大速度為________m/s；滑塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是____________s。23、勻強(qiáng)電場中有A、B、C三點(diǎn)，構(gòu)成邊長為10cm的等邊三角形，如圖所示，一粒子從A沿直線移到B的過程中電場力始終不做功，帶電量為q=2×10—6C的負(fù)電點(diǎn)電荷，由B移到C的過程中克服電場力做功為4×10—4J。由此可知，A、C兩點(diǎn)的電勢差UAC=V，電場強(qiáng)度大小為____V/m（保留兩位有效數(shù)字）。24、對羥基苯甲酸乙酯rm{(}rm{)}又稱為尼泊金乙酯，可用作食品防腐劑和化妝品防霉劑。現(xiàn)以有機(jī)物rm{X(}分子rm{C_{9}H_{10}O_{2})}為原料合成尼泊金乙酯的路線如圖rm{(}無機(jī)產(chǎn)物略rm{)}

rm{1.}已知：rm{壟脵}苯環(huán)上的鹵原子rm{(}如rm{)}在稀rm{NaOH}溶液中難以發(fā)生水解反應(yīng)，rm{壟脷}烯醇不穩(wěn)定，很容易自動(dòng)發(fā)生轉(zhuǎn)化反應(yīng)：rm{RCH簍TCHOH簍D隆煤RCH_{2}CHO}回答下列問題：rm{(1)}對羥基苯甲酸乙酯分子中能和rm{NaOH}反應(yīng)的官能團(tuán)有________rm{(}填名稱rm{)}rm{(2)}在rm{壟脵隆蘆壟脺}的反應(yīng)中，屬于取代反應(yīng)的有__________________個(gè)。rm{(3)X}的結(jié)構(gòu)簡式為________；rm{D}的核磁共振氫譜有________組峰。rm{(4)}寫出下列反應(yīng)的化學(xué)方程式：反應(yīng)rm{壟脷}______________________________；反應(yīng)rm{壟脺}_____________________________________。rm{(5)}對羥基苯甲酸甲酯rm{(}分子式為rm{C_{8}H_{8}O_{3})}也具有消毒防腐性質(zhì)，它的同分異構(gòu)體很多，其中符合下列條件的同分異構(gòu)體有________種。Ⅰrm{.}遇rm{FeCl_{3}}溶液呈紫色；Ⅱrm{.}苯環(huán)上的一氯代物有rm{3}種；Ⅲ能發(fā)生銀鏡反應(yīng)和水解反應(yīng)。評卷人得分四、判斷題(共3題，共18分)25、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯(cuò)）26、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

27、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯(cuò)）

評卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共36分)28、（1）某同學(xué)測量一個(gè)圓柱體的電阻率，需要測量圓柱體的尺寸和電阻。①分別使用游標(biāo)卡尺和螺旋測微器測量圓柱體的長度和直徑，某次測量的示數(shù)如圖15A.和圖15B.所示，長度為_____cm，直徑為____mm。②按圖15C.連接電路后，實(shí)驗(yàn)操作如下：A.將滑動(dòng)變阻器R1的阻值置于最_____處（填“大”或“小”）；將S2撥向接點(diǎn)1，閉合S1，調(diào)節(jié)R1，使電流表示數(shù)為I0；B.將電阻箱R2的阻值調(diào)至最______（填“大”或“小”）；將S2撥向接點(diǎn)2；保持R1不變，調(diào)節(jié)R2，使電流表示數(shù)仍為I0，此時(shí)R2阻值為1280Ω；③由此可知，圓柱體的電阻為_____Ω。29、實(shí)驗(yàn)桌上擺放著甲“220V25W”、乙“220V300W”、丙“220V500W”三只燈泡,小芳同學(xué)從中任選一只,正確使用多用電表測量它的阻值,如圖所示,其測量值為________Ω，她選用的是____燈泡(填“甲、乙或丙”),測量時(shí)流過燈泡的電流是從____流向____(填“a或b”)。30、利用插針法可以測量半圓柱形玻璃磚的折射率．實(shí)驗(yàn)方法如下：在白紙上作一直線MN，并作出它的一條垂線AB，將半圓柱形玻璃磚(底面的圓心為O)放在白紙上，它的直徑與直線MN重合，在垂線AB上插兩個(gè)大頭針P1和P2，如圖所示,然后在半圓柱形玻璃磚的右側(cè)插上適量的大頭針，可以確定光線P1P2通過玻璃磚后的光路，從而求出玻璃的折射率．(1)某學(xué)生用上述方法測量玻璃的折射率，在他畫出的垂線AB上豎直插上了P1、P2兩枚大頭針，但在半圓柱形玻璃磚右側(cè)的區(qū)域內(nèi)，無論從何處觀察，都無法透過玻璃磚同時(shí)看到P1、P2的像，原因是，他應(yīng)采取的措施是．(2)為了確定光線P1P2通過玻璃磚后的光路，在玻璃磚的右側(cè)，最少應(yīng)插入枚大頭針．(3)請?jiān)诎雸A柱形玻璃磚的右側(cè)估計(jì)所插大頭針的可能位置(用“x”表示)，并作出光路圖31、右圖為研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象實(shí)驗(yàn)的示意圖。電流從靈敏電流計(jì)G的“＋”接線柱流入時(shí)，表針向右偏轉(zhuǎn)；從“－”接線柱流入時(shí)，表針向左偏轉(zhuǎn)。在甲圖中表針向____偏轉(zhuǎn)；在乙圖中表針向偏轉(zhuǎn)。評卷人得分六、計(jì)算題(共2題，共12分)32、如圖，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離L=0.40m

金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角婁脠=37鈭?

在導(dǎo)軌所在平面內(nèi)，分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.50T

方向垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強(qiáng)磁場.

金屬導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢E=4.5V

內(nèi)阻r=0.50婁賂

的直流電源，另一端接有電阻R=5.0婁賂.

現(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量為m=0.040kg

的導(dǎo)體棒ab

放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒靜止.

導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直、且接觸良好，與金屬導(dǎo)軌接觸的兩點(diǎn)間的導(dǎo)體棒的電阻RR0=5.0婁賂=5.0婁賂金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)，gg取10m/s10m/s2..已知sin37鈭?=0.60sin37^{circ}=0.60cos37鈭?=0.80cos37^{circ}=0.80求：

(1)

通過導(dǎo)體棒的電流；(2)

導(dǎo)體棒受到的安培力大??；

(3)

導(dǎo)體棒受到的摩擦力．33、一列簡諧橫波圖象如圖所示，t1

時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示，t2

時(shí)刻的波形如圖中虛線所示，已知鈻?t=t2鈭?t1=0.5s

問。

(1)

這列波的可能波速的表達(dá)式？

(2)

若波向左傳播，且3T<鈻?t<4T

波速多大？

(3)

若波速v=68m/s

則波向哪個(gè)方向傳播？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B|C【分析】

A；對小球B進(jìn)行受力分析；

小球B的合力就是小球A對它的庫侖斥力；

由于小球A；B之間的距離越來越遠(yuǎn)；根據(jù)庫侖定律知道，小球A對小球B的庫侖斥力越來越小；

根據(jù)牛頓第二定律得小球B的加速度越來越?。蔄錯(cuò)誤；B正確．

C；由于小球B只在庫侖力作用下由靜止開始沿水平面運(yùn)動(dòng)；所以小球B的加速度方向和速度方向相同，所以小球B的速度一直增大．故C正確，D錯(cuò)誤．

故選BC．

【解析】【答案】對小球B進(jìn)行受力分析；根據(jù)牛頓第二定律求出加速度的變化；

根據(jù)速度方向和加速度方向的關(guān)系確定速度大小變化．

2、B【分析】交變電壓的峰值最大為250V，有效值為177V，B對；【解析】【答案】B3、D【分析】解：

A；雖然閉合電路內(nèi)有磁通量；但如果磁通量沒有變化，閉合電路中沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生．故A錯(cuò)誤．

B；穿過螺線管的磁通量發(fā)生變化時(shí)；螺線管內(nèi)不一定有感應(yīng)電流產(chǎn)生，螺線管還要閉合才產(chǎn)生感應(yīng)電流．故B錯(cuò)誤．

C；D線框不閉合時(shí)；若穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，線圈中沒有感應(yīng)電流，但有感應(yīng)電動(dòng)勢產(chǎn)生．故C錯(cuò)誤，D正確．

故選D

感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合線圈的磁通量發(fā)生變化；產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢的條件是穿過線圈的磁通量發(fā)生變化．

產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件有兩個(gè)：一是電路要閉合；二是穿過電路的磁通量要發(fā)生變化，兩者缺一不可．【解析】【答案】D4、C【分析】【分析】加速度是用來描述物體速度變化快慢的物理量，是矢量。本題考查了加速的矢量性及物理意義，復(fù)習(xí)時(shí)把握準(zhǔn)確基本概念?！窘獯稹緼.加速度表示物體運(yùn)動(dòng)速度變化的快慢，故A錯(cuò)誤；B.加速度是描述速度變化快慢的物理量.

故B錯(cuò)誤；C.加速度是描述速度變化快慢的物理量.

故C正確；D.加速度a

的方向與速度變化量鈻?v

的方向相同；加速度a

的方向與速度v

的方向可能相同，可能相反，故D錯(cuò)誤；

故選C。【解析】C

5、B【分析】解：A

將負(fù)電荷從電場中的a

點(diǎn)移至b

點(diǎn)，電勢能增加，說明電場力做負(fù)功，電場力的方向與運(yùn)動(dòng)的方向相反；又因?yàn)樨?fù)電荷受到的電場力的方向與電場的方向相反，所以該電荷運(yùn)動(dòng)的方向與電勢降落的方向相同，即a

點(diǎn)的電勢高于b

點(diǎn).

故A錯(cuò)誤；

B、ab

之間的電勢差：UAB=WABq=鈭?6隆脕10鈭?8鈭?3隆脕10鈭?9V=20V.

故B正確；

C、由A

的分析可得，該電荷運(yùn)動(dòng)的方向與電勢降落的方向相同，即a

點(diǎn)的電勢高于b

點(diǎn)；但電勢降落的方向并不都是場強(qiáng)的方向，場強(qiáng)的方向是電勢降落最快的方向.

故C錯(cuò)誤；

D、將負(fù)電荷從電場中的a

點(diǎn)移至b

點(diǎn)；電勢能增加，說明電場力做負(fù)功.

故D錯(cuò)誤．

故選：B

根據(jù)公式U=Wq

求出ab

間的電勢差，即可得到M

點(diǎn)電勢.

由此公式求出ab

間的電勢差.

根據(jù)電場力做功多少；分析電勢能的變化，電場力做功．

場強(qiáng)的方向是電勢降落最快的方向。

本題關(guān)鍵掌握電勢差公式UAB=WABq

知道電勢與電勢差的關(guān)系、電場力做功與電勢能變化的關(guān)系，屬于基礎(chǔ)題．【解析】B

6、D【分析】解：A；電流向里；磁場水平向右，則由左手定則可知，安培力向下，故A錯(cuò)誤；

B；電流向里；磁場向右，則由左左手定則可知，安培力向下，故B錯(cuò)誤；

C；電流方向和磁場方向相同；則電流不受安培力，故C錯(cuò)誤；

D；電流向里；磁場向上，則由左手定則可知，導(dǎo)線受力方向向右，故D正確。

故選：D。

根據(jù)左手定則判斷電流方向；磁場方向和安培力方向的關(guān)系；伸開左手，四指與大拇指在同一平面內(nèi)，磁感線穿過掌心，四指方向與電流方向相同，大拇指所指方向?yàn)榘才嗔Φ姆较颍?/p>

=解決本題的關(guān)鍵會(huì)根據(jù)左手定則判斷磁場方向、電流方向和安培力方向三者的關(guān)系，并注意左手定則與右手定則的區(qū)別，并能正確應(yīng)用．【解析】D7、C【分析】解：A

光的強(qiáng)弱影響的是單位時(shí)間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目；不影響發(fā)射出光電子的時(shí)間間隔.

故A錯(cuò)誤．

B；根據(jù)光電效應(yīng)方程知；EKM=h婁脙鈭?W0

知，入射光的頻率不變，則最大初動(dòng)能不變.

故B錯(cuò)誤．

C；單位時(shí)間內(nèi)從金屬表面逸出的光電子數(shù)目將減少；光電流減弱，C正確．

D；入射光的頻率不變；則仍然能發(fā)生光電效應(yīng).

故D錯(cuò)誤．

故選C．

發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率；光的強(qiáng)弱只影響單位時(shí)間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目．

解決本題的關(guān)鍵知道發(fā)生光電效應(yīng)的條件，以及知道光的強(qiáng)弱會(huì)影響單位時(shí)間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目．【解析】C

8、D【分析】解：洛倫茲力提供向心力；根據(jù)牛頓第二定律，有。

evB=mv2R

解得。

R=mvBe

故要保證粒子半徑相同；故只有質(zhì)量與速度的積積一定的粒子才能沿中心線通過彎管；

故只有D正確；

故選：D

．

粒子沿著中心線運(yùn)動(dòng)時(shí)；只受磁場力，磁場力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式分析即可．

本題關(guān)鍵根據(jù)根據(jù)牛頓第二定律列式求解出半徑的表達(dá)式進(jìn)行分析，較為基礎(chǔ)．【解析】D

二、多選題(共8題，共16分)9、BC【分析】解：A；磁通量是標(biāo)量；故A錯(cuò)誤；

B、當(dāng)回路與磁場平行時(shí)，磁通量Φ為零，則a線圈面積比b線圈面積大；穿過閉合回路的磁通量不一定越大．故B正確．

C；根據(jù)磁通量Φ=BSsinα；磁通量的大小與磁感應(yīng)強(qiáng)度、線圈的面積以及磁場方向與線圈平面的夾角有關(guān)，所以磁通量大，磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定大．故C正確，D錯(cuò)誤；

故選：BC

磁通量是標(biāo)量；

對于勻強(qiáng)磁場中穿過回路的磁通量：當(dāng)回路與磁場平行時(shí)；磁通量Φ為零；當(dāng)線圈與磁場平行時(shí)，磁通量Φ最大，Φ=BS．當(dāng)回路與磁場方向的夾角為α?xí)r，磁通量Φ=BSsinα．根據(jù)這三種情況分析．

對于勻強(qiáng)磁場中磁通量可以根據(jù)兩種特殊情況運(yùn)用投影的方法求解．對于非勻強(qiáng)磁場，可以根據(jù)穿過回路磁感線的多少，定性分析磁通量的大?。窘馕觥俊敬鸢浮緽C10、BC【分析】【分析】飛船在橢圓軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)在近地點(diǎn)做離心運(yùn)動(dòng)，在遠(yuǎn)地點(diǎn)做近心運(yùn)動(dòng)，根據(jù)相應(yīng)運(yùn)動(dòng)條件判斷速度大小問題，飛船在軌道上運(yùn)動(dòng)的加速由萬有引力產(chǎn)生，決定加速度的大小是萬有引力的大小。正確理解飛船變軌前后的運(yùn)動(dòng)，知道近心運(yùn)動(dòng)的條件為速度小于正常速度，勻速圓周運(yùn)動(dòng)的條件是合力充當(dāng)向心力?！窘獯稹拷猓篈.飛船沿橢圓軌道1

時(shí)有GMmr2p>mv21prp

飛船沿圓軌道2

時(shí)有GMmr2p>mv22prp

根據(jù)運(yùn)動(dòng)條件知v1p<v2p

故A錯(cuò)誤；B.軌道1

上P

到Q

過程為向心運(yùn)動(dòng)，故飛船沿橢圓軌道11經(jīng)過PP點(diǎn)時(shí)的速度小于沿圓軌道經(jīng)過PP點(diǎn)時(shí)的速度，故B正確；C.飛船在軌道2

上周期大約為90

分鐘，而同步衛(wèi)星的周期為24h

故知圓軌道上周期小于同步衛(wèi)星周期，角速度大于同步衛(wèi)星的角速度，故C正確；D.根據(jù)開普勒第二定律知Q

點(diǎn)速度大于P

點(diǎn)速度，故飛船從橢圓軌道1

的Q

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P

點(diǎn)過程中萬有引力做負(fù)功，故D錯(cuò)誤。故選BC?！窘馕觥緽C

11、ABC【分析】根據(jù)能有明顯衍射現(xiàn)象的條件：障礙物或孔的尺寸比波長小或差不多。從圖中可看出孔AB

的尺寸小于一個(gè)波長；所以此時(shí)能明顯地觀察到波的衍射現(xiàn)象，A正確。

因?yàn)榇┻^擋板小孔后的波速不變；頻率相同，所以波長也相同，B正確。

若將孔AB

擴(kuò)大；將可能不滿足明顯衍射現(xiàn)象的條件，就有可能觀察不到明顯的衍射現(xiàn)象，C正確。

若將波源頻率增大，由于波速不變，所以波長變小，將可能不滿足明顯衍射現(xiàn)象的條件，也有可能觀察不到明顯的衍射現(xiàn)象，D錯(cuò)誤?！窘馕觥緼BC

12、BC【分析】解：

MN在磁場力作用下向右運(yùn)動(dòng)；說明MN受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M指向N，由楞次定律可知，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的磁場應(yīng)該是向上減小，或向下增加；再由右手螺旋定則與楞次定律可知，PQ可能是向左加速運(yùn)動(dòng)或向右減速運(yùn)動(dòng)．故BC正確，AD錯(cuò)誤．

故選：BC．

MN在磁場力作用下向右運(yùn)動(dòng)；說明MN受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M指向N，由楞次定律可知，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的磁場應(yīng)該是向上減小，或向下增加；根據(jù)右手螺旋定則，與楞次定律可知PQ的運(yùn)動(dòng)情況．

本題關(guān)鍵是分析好引起感應(yīng)電流的磁通量的變化，進(jìn)而才能分析產(chǎn)生電流的磁通量是由什么樣的運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的．【解析】【答案】BC13、BC【分析】解：AB、由圖象可知該交變電流的周期T=2×10-2s

可分兩段0-和-T；

根據(jù)有效值的定義可得×+0=×T

解得：U==156V；故A錯(cuò)誤，B正確；

CD、電熱毯在保溫狀態(tài)下消耗的電功率為P===50W；故C正確；D錯(cuò)誤；

故選：BC．

電壓表讀數(shù)為有效值；根據(jù)正弦式交變電流峰值和有效值之間的關(guān)系以及電流的熱效應(yīng)便可求得有效值．

本題考查有關(guān)交變電流有效值的計(jì)算問題，知道電壓表和電流表測量的都是有效值，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】【答案】BC14、CD【分析】解：A

由圖看出，be

兩點(diǎn)電場強(qiáng)度的大小相等，但方向不同，而電場強(qiáng)度是矢量，所以be

兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度不同；故A錯(cuò)誤。

B；根據(jù)順著電場線電勢逐漸降低可知；離點(diǎn)電荷O

越遠(yuǎn)，電勢越低，故a

點(diǎn)電勢低于e

點(diǎn)電勢。故B錯(cuò)誤。

C、根據(jù)對稱性可知，dc

的電勢相等，同理be

的電勢相等。所以bc

兩點(diǎn)間電勢差與ed

兩點(diǎn)間電勢差相等；故C正確。

D；d

點(diǎn)的電勢與c

點(diǎn)的電勢相等；電子沿圓周由d

到c

電場力做不做功，故D正確。

故選：CD

電場強(qiáng)度是矢量，只有大小和方向都相同時(shí)兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度才相同；電勢根據(jù)順著電場線方向電勢降低進(jìn)行判斷；根據(jù)對稱性分析bc

兩點(diǎn)間電勢差與be

間電勢差的關(guān)系.

根據(jù)電勢高低；判斷電場力對電子做功的正負(fù)．

常見電場的電場線分布要求我們能熟練掌握，并要注意沿電場線的方向電勢是降低的，同時(shí)注意點(diǎn)電荷形成電場的對稱性.

加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)，掌握住電場線的特點(diǎn)，即可解決本題．【解析】CD

15、CD【分析】解：A

對小球A

受力分析；受重力、靜電力、拉力，如圖：

根據(jù)平衡條件；則有，兩球間的庫侖力是作用力與反作用力，一定相等，與兩個(gè)球是否帶電量相等無關(guān)，故A錯(cuò)誤；

B、由上則有：mAg=TAcos30鈭?

因此：TA=233mAg

故B錯(cuò)誤；

C；由整體法可知；細(xì)線的拉力等于兩球的重力，即為TC=(mA+mB)g

故C正確；

D；同時(shí)燒斷ACBC

細(xì)線后；AB

在豎直方向重力不變，所以加速度相同，故D正確；

故選：CD

．

設(shè)兩個(gè)球間的靜電力為F

分別對兩個(gè)球受力分析，求解重力表達(dá)式后比較質(zhì)量大?。桓鶕?jù)整體法來確定細(xì)線的拉力，并由牛頓第二定律則可判定細(xì)線燒斷后各自的運(yùn)動(dòng)情況．

本題關(guān)鍵分別對兩個(gè)小球受力分析，然后根據(jù)平衡條件列方程；再結(jié)合庫侖定律列方程分析求解．【解析】CD

16、CD【分析】解：A、從圖乙得到電壓的最大值為220V，周期為0.02s，故電壓u的表達(dá)式u=Umsint=220sin100πt（V）；故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)變壓器的變壓比公式，有：=

對左側(cè)回路，有：U=U1+I1R1

對右側(cè)回路，有：U2=I2R2

聯(lián)立得到U=U1+U2=6U2，故U2=V，即電壓表示數(shù)為V；故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)變壓器的變流比公式，有：==

所以R1、R2兩端的電壓之比為（I1R1）：（I2R2）=1：1；故C正確；

D、R1、R2消耗的功率之比為P1：P2=（I12R1）：（I22R2）=1：5；故D正確；

故選：CD。

從圖乙得到電壓的最大值和周期，由此寫出電壓u瞬時(shí)值的表達(dá)式；根據(jù)變壓器的變流比和電功率計(jì)算公式求解R1、R2消耗的功率之比；根據(jù)歐姆定律求解R1、R2兩端的電壓之比；根據(jù)變壓器的變壓比公式結(jié)合歐姆定律求解電壓表示數(shù)。

本題主要是考查了變壓器的知識；解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有一個(gè)副線圈的情況下的電流之比等于匝數(shù)的反比；知道理想變壓器的輸出功率決定輸入功率且相等?！窘馕觥緾D三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】

由磁極間的相互作用可知螺線管的磁極；再由右手螺旋定則可知通電螺線管的電流方向．

本題考查右手螺旋定則及磁極間的相互作用，要求學(xué)生能熟練應(yīng)用右手螺旋定則判斷磁極或電流方向．【解析】解：由右手螺旋定則可知螺線管中電流由右側(cè)流入；左側(cè)流出，則螺旋管左端為N極，右端為S極；因同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引；

故答案如下圖18、略

【分析】解：原線圈電壓的有效值為：

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比；有：

代入數(shù)據(jù)解得：

輸入功率等于輸出功率，根據(jù)有：

代入數(shù)據(jù)：

解得：

故答案為：10，

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比；電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等，分析即可得出結(jié)論．

掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關(guān)系，最大值和有效值之間的關(guān)系即可解決本題．【解析】10；19、（1）；0.25S；8次；0

（2）向右減速；向左加速【分析】(1)

【分析】根據(jù)最大值與有效值的以及周期和頻率關(guān)系可正確求解。要熟練掌握交流電最大值與有效值以及周期頻率之間關(guān)系?！窘獯稹坑蓤D可知，有效值為：U=Em2=102V；周期：T=0.25s

頻率為：f=1T=4Hz；t=14T

感應(yīng)電動(dòng)勢最大；1s1s內(nèi)線圈中電流方向變化了88次；0.25S

；8

次；0

(2)

【分析】MN

處于通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場中，當(dāng)有感應(yīng)電流時(shí)，則MN

在磁場力作用下向右運(yùn)動(dòng)，說明MN

受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M

指向N

由楞次定律可知，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的磁場應(yīng)該是向上減小，或向下增加；再由楞次定律可知PQ

的運(yùn)動(dòng)情況。本題關(guān)鍵是分析好引起感應(yīng)電流的磁通量的變化，進(jìn)而才能分析產(chǎn)生電流的磁通量是由什么樣的運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的?！窘獯稹扛鶕?jù)右手螺旋定則可知，MN

處于ab

產(chǎn)生的垂直向里的磁場中；MN

在磁場力作用下向右運(yùn)動(dòng)，說明MN

受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M

指向N

由楞次定律可知；線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的磁場應(yīng)該是向上減小，或向下增加；再由右手定則可知PQ

可能是向左加速運(yùn)動(dòng)或向右減速運(yùn)動(dòng)。

故答案為：向右減速；向左加速磁通量為零；故答案為：102V10sqrt{2}V【解析】(1)102V

；0.25S

；8

次；0

(2)

向右減速；向左加速20、正比反比【分析】【分析】在真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷間的作用力遵守庫侖定律，根據(jù)庫侖定律的內(nèi)容，即可求解。本題主要考查對庫侖定律的理解和應(yīng)用，注意點(diǎn)電荷的含義及距離的概念。【解答】庫侖定律的內(nèi)容：真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用力；與它們電荷量的乘積成正比，與它們距離的二次方成反比，作用力的方向在它們的連線上。

故答案為：正比；反比。

【解析】正比反比21、0【分析】解：變壓器的工作原理是互感現(xiàn)象；不能改變恒定電流的電壓，所以在副線圈中沒有電壓，示數(shù)為零．

故答案為：0．

當(dāng)變壓器鐵芯中的磁通量發(fā)生變化時(shí)；在副線圈中才能產(chǎn)生電動(dòng)勢，而變壓器不能改變直流電壓．

本題考查了變壓器的變壓原理，本題容易錯(cuò)誤的根據(jù)變壓比公式列式求，記住不能簡單的套用公式．【解析】022、略

【分析】試題分析：以滑塊為研究對象，當(dāng)滑塊與木板間沒有摩擦力時(shí)，滑塊在水平方向不再加速，達(dá)到最大速度，此時(shí)重力與洛倫茲力平衡，故有解得在滑塊未發(fā)生滑動(dòng)之前，整體為研究對象可知設(shè)勻加速階段滑塊能達(dá)到的速度為v，故有解得故勻加速時(shí)間為考點(diǎn)：洛倫茲力公式、共點(diǎn)力、牛頓運(yùn)動(dòng)定律【解析】【答案】（4分）10323、略

【分析】試題分析：粒子從A沿直線移動(dòng)到B的過程電場力始終不做功，說明AB為等勢面φA＝φB，由B移動(dòng)到C的過程中電場力做功-4×10—4J解得：UBC＝UAC＝＝3.5×102V；C到AB的距離為考點(diǎn)：本題考查等勢面、電場力做功、電場強(qiáng)度?！窘馕觥俊敬鸢浮?.5×102，4.0×10324、(1)羥基(或酚羥基)、酯基

(2)3

(3)4

(4)

(5)10【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷，為高頻考點(diǎn)，側(cè)重考查學(xué)生分析推斷及知識綜合運(yùn)用能力，綜合性較強(qiáng)，涉及物質(zhì)推斷、同分異構(gòu)體種類書寫、方程式的書寫等知識點(diǎn)，明確物質(zhì)之間的轉(zhuǎn)化、官能團(tuán)及其性質(zhì)關(guān)系及反應(yīng)條件是解本題關(guān)鍵，難點(diǎn)是同分異構(gòu)體種類判斷，題目難度中等?！窘獯稹坑杉胺磻?yīng)條件可知，發(fā)生鹵代烴的消去反應(yīng)，生成rm{F}為乙醛，氧化為rm{K}為乙酸，乙酸和氫氧化鈉溶液中和生成rm{E}為乙酸鈉，由產(chǎn)品為對羥基苯甲酸乙酯逆推，可知rm{壟脹}為酯化反應(yīng)，rm{D}為對羥基苯甲酸，rm{A}rm{B}rm{C}間連續(xù)被氧化，則rm{C}為對羥基鈉苯甲酸鈉，rm{B}為為酯化反應(yīng)，rm{壟脹}為對羥基苯甲酸，rm{D}rm{A}rm{B}間連續(xù)被氧化，則rm{C}為對羥基鈉苯甲酸鈉，rm{C}為對羥基鈉苯甲醛，rm{B}為對羥基鈉苯甲醇，根據(jù)rm{A}rm{X}的分子式可知，反應(yīng)rm{M}是取代反應(yīng)，反應(yīng)rm{壟脵}是溴原子和酯基的水解反應(yīng)，則rm{壟脷}為rm{M}為rm{X}rm{(1)}反應(yīng)，對羥基苯甲酸乙酯分子中含有羥基和酯基，都能和rm{NaOH}反應(yīng)，羥基rm{NaOH}或酚羥基故答案為：酯基；rm{(}rm{)}的反應(yīng)中，只有rm{(2)}是消去反應(yīng)，其他都是取代反應(yīng)，在rm{壟脵隆蘆壟脺}的反應(yīng)中，只有rm{壟脺}是消去反應(yīng)，其他都是取代反應(yīng)，rm{壟脵隆蘆壟脺}根據(jù)上述分析，rm{壟脺}的結(jié)構(gòu)簡式為故答案為：rm{3}為對羥基苯甲酸，根據(jù)對稱原則，等效氫是rm{3}種，rm{(3)}根據(jù)上述分析，rm{X}的結(jié)構(gòu)簡式為組峰，故答案為：rm{(3)}rm{X}反應(yīng)rm{D}酯基和溴原子的水解反應(yīng)，方程式為反應(yīng)rm{4}是溴原子的消去，方程式為故答案為：核磁共振氫譜有rm{4}組峰，遇到rm{4}溶液出現(xiàn)顯色現(xiàn)象，說明含有酚羥基；能發(fā)生水解反應(yīng)，能發(fā)生銀境反應(yīng)，結(jié)合結(jié)構(gòu)簡式可知，應(yīng)含有甲酸形成的酯基，rm{4}種，則苯環(huán)上有rm{(4)}個(gè)取代基，取代基分別為rm{壟脷}rm{壟脺}rm{(5)}根據(jù)定二移一原則，若rm{FeCl_{3}}苯環(huán)上的一氯代物有rm{3}種，則苯環(huán)上有rm{3}個(gè)取代基，位于鄰位，則甲基在苯環(huán)上的位置有rm{3}種，若rm{3}rm{-OH}位于間位，則甲基在苯環(huán)上的位置有rm{-OOCH}種，若rm{-CH_{3}}rm{-OH}位于對位，則甲基在苯環(huán)上的位置有rm{-OOCH}種，共rm{4}種；

故答案為：rm{-OH}rm{-OOCH}【解析】rm{(1)}羥基rm{(}或酚羥基rm{)}酯基rm{(2)3}rm{(3)}rm{4}rm{(4)}

rm{(5)10}四、判斷題(共3題，共18分)25、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動(dòng)電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．26、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．27、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電