【復習參考】2021年高考數(shù)學(理)提升演練：橢圓

2021屆高三數(shù)學（理）提升演練：橢圓一、選擇題1．已知F1，F(xiàn)2是橢圓eq\f(x2,16)＋eq\f(y2,9)＝1的兩焦點，過點F2的直線交橢圓于A，B兩點．在△AF1B中，若有兩邊之和是10，則第三邊的長度為()A．6 B．5C．4 D．32．若直線mx＋ny＝4和圓O：x2＋y2＝4沒有交點，則過點(m，n)的直線與橢圓eq\f(x2,9)＋eq\f(y2,4)＝1的交點個數(shù)為()A．至多一個 B．2個C．1個 D．0個3．已知橢圓C1：eq\f(x2,a2)＋eq\f(y2,b2)＝1(a>b>0)與雙曲線C2：x2－eq\f(y2,4)＝1有公共的焦點，C2的一條漸近線與以C1的長軸為直徑的圓相交于A，B兩點．若C1恰好將線段AB三等分，則()A．a2＝eq\f(13,2) B．a2＝13C．b2＝eq\f(1,2) D．b2＝24．已知橢圓eq\f(x2,4)＋y2＝1的左、右焦點分別為F1、F2，點M在該橢圓上，且·＝0，則點M到y(tǒng)軸的距離為()A.eq\f(2\r(3),3) B.eq\f(2\r(6),3)C.eq\f(\r(3),3) D.eq\r(3)5．方程為eq\f(x2,a2)＋eq\f(y2,b2)＝1(a>b>0)的橢圓的左頂點為A，左、右焦點分別為F1、F2，D是它短軸上的一個端點，若3＝＋2，則該橢圓的離心率為()A.eq\f(1,2) B.eq\f(1,3)C.eq\f(1,4) D.eq\f(1,5)6．已知橢圓E：eq\f(x2,m)＋eq\f(y2,4)＝1，對于任意實數(shù)k，下列直線被橢圓E截得的弦長與l：y＝kx＋1被橢圓E截得的弦長不行能相等的是()A．kx＋y＋k＝0 B．kx－y－1＝0C．kx＋y－k＝0 D．kx＋y－2＝0二、填空題7．如圖，在平面直角坐標系xOy中，已知橢圓eq\f(x2,a2)＋eq\f(y2,b2)＝1(a>b>0)的左頂點為A，左焦點為F，上頂點為B，若∠BAO＋∠BFO＝90°，則橢圓的離心率是________．8．設F1、F2分別是橢圓eq\f(x2,25)＋eq\f(y2,16)＝1的左、右焦點，P為橢圓上任一點，點M的坐標為(6,4)，則|PM|＋|PF1|的最大值為________．9．設F1，F(xiàn)2分別為橢圓eq\f(x2,3)＋y2＝1的左、右焦點，點A，B在橢圓上，若＝5，則點A的坐標是________．三、解答題10．設橢圓C∶eq\f(x2,a2)＋eq\f(y2,b2)＝1(a>b>0)過點(0,4)，離心率為eq\f(3,5).(1)求C的方程；(2)求過點(3,0)且斜率為eq\f(4,5)的直線被C所截線段的中點坐標．11．如圖，在平面直角坐標系xOy中，M、N分別是橢圓eq\f(x2,4)＋eq\f(y2,2)＝1的頂點，過坐標原點的直線交橢圓于P、A兩點，其中點P在第一象限，過P作x軸的垂線，垂足為C.連接AC，并延長交橢圓于點B.設直線PA的斜率為k.(1)當直線PA平分線段MN時，求k的值；(2)當k＝2時，求點P到直線AB的距離d；(3)對任意的k>0，求證：PA⊥PB.12．已知橢圓G∶eq\f(x2,4)＋y2＝1.過點(m,0)作圓x2＋y2＝1的切線l交橢圓G于A，B兩點．(1)求橢圓G的焦點坐標和離心率；(2)將|AB|表示為m的函數(shù)，并求|AB|的最大值．詳解答案一、選擇題1．解析：依據(jù)橢圓定義，知△AF1B的周長為4a答案：A2．解析：∵直線mx＋ny＝4和圓O：x2＋y2＝4沒有交點，∴eq\f(4,\r(m2＋n2))>2，∴m2＋n2<4，∴eq\f(m2,9)＋eq\f(n2,4)<eq\f(m2,9)＋eq\f(4－m2,4)＝1－eq\f(5,36)m2<1，∴點(m，n)在橢圓eq\f(x2,9)＋eq\f(y2,4)＝1的內部，∴過點(m，n)的直線與橢圓eq\f(x2,9)＋eq\f(y2,4)＝1的交點個數(shù)為2個．答案：B3．解析：如圖所示設直線AB與橢圓C1的一個交點為C(靠近A的交點)，則|OC|＝eq\f(a,3)，因tan∠COx＝2，∴sin∠COx＝eq\f(2,\r(5))，cos∠COx＝eq\f(1,\r(5))，則C的坐標為(eq\f(a,3\r(5))，eq\f(2a,3\r(5)))，代入橢圓方程得eq\f(a2,45a2)＋eq\f(4a2,45b2)＝1，∵5＝a2－b2，∴b2＝eq\f(1,2).答案：C4．解析：由題意，得F1(－eq\r(3)，0)，F(xiàn)2(eq\r(3)，0)．設M(x，y)，則·＝(－eq\r(3)－x，－y)·(eq\r(3)－x，－y)＝0，整理得x2＋y2＝3①.又由于點M在橢圓上，故eq\f(x2,4)＋y2＝1，即y2＝1－eq\f(x2,4)②.將②代入①，得eq\f(3,4)x2＝2，解得x＝±eq\f(2\r(6),3).故點M到y(tǒng)軸的距離為eq\f(2\r(6),3).答案：B5．解析：設點D(0，b),則＝(－c，－b)，＝(－a，－b)，＝(c，－b)，由3＝＋2得－3c＝－a＋2c，即a＝5c，故e＝eq\f(1,5).答案：D6．解析：A選項中，當k＝－1時，兩直線關于y軸對稱，兩直線被橢圓E截得的弦長相等；B選項中，當k＝1時，兩直線平行，兩直線被橢圓E截得的弦長相等；C選項中，當k＝1時，兩直線關于y軸對稱，兩直線被橢圓E截得的弦長相等．答案：D二、填空題7．解析：∵∠BAO＋∠BFO＝90°，∴∠BAO＝∠FBO.∴eq\f(OB,OA)＝eq\f(OF,OB).即OB2＝OA·OF，∴b2＝ac.∴a2－c2－ac＝0.∴e2＋e－1＝0.∴e＝eq\f(－1±\r(1＋4),2)＝eq\f(－1±\r(5),2).又∵0<e<1，∴e＝eq\f(\r(5)－1,2).答案：eq\f(\r(5)－1,2)8．解析：由橢圓定義知|PM|＋|PF1|＝|PM|＋2×5－|PF2|，而|PM|－|PF2|≤|MF2|＝5，所以|PM|＋|PF1|≤2×5＋5＝15.答案：159．解析：依據(jù)題意設A點坐標為(m，n)，B點坐標為(c，d)．F1、F2分別為橢圓的左、右焦點，其坐標分別為(－eq\r(2)，0)、(eq\r(2)，0)，可得＝(m＋eq\r(2)，n)＝(c－eq\r(2)，d)．∵＝5，∴c＝eq\f(m＋6\r(2),5)，d＝eq\f(n,5).∵點A、B都在橢圓上，∴eq\f(m2,3)＋n2＝1，eq\f(\f(m＋6\r(2),5)2,3)＋(eq\f(n,5))2＝1.解得m＝0，n＝±1，故點A坐標為(0，±1)．答案：(0，±1)三、解答題10．解：(1)將(0,4)代入C的方程得eq\f(16,b2)＝1，∴b＝4，由e＝eq\f(c,a)＝eq\f(3,5)得eq\f(a2－b2,a2)＝eq\f(9,25)，即1－eq\f(16,a2)＝eq\f(9,25)，∴a＝5，∴C的方程為eq\f(x2,25)＋eq\f(y2,16)＝1.(2)過點(3,0)且斜率為eq\f(4,5)的直線方程為y＝eq\f(4,5)(x－3)，設直線與C的交點為A(x1，y1)，B(x2，y2)，將直線方程y＝eq\f(4,5)(x－3)代入C的方程，得eq\f(x2,25)＋eq\f(x－32,25)＝1，即x2－3x－8＝0，解得x1＝eq\f(3－\r(41),2)，x2＝eq\f(3＋\r(41),2)，∴AB的中點坐標eq\o(x,\s\up6(－))＝eq\f(x1＋x2,2)＝eq\f(3,2)，eq\o(y,\s\up6(－))＝eq\f(y1＋y2,2)＝eq\f(2,5)(x1＋x2－6)＝－eq\f(6,5)，即中點坐標為(eq\f(3,2)，－eq\f(6,5))．11．解：由題設知，a＝2，b＝eq\r(2)，故M(－2,0)，N(0，－eq\r(2))，所以線段MN中點的坐標為(－1，－eq\f(\r(2),2))．由于直線PA平分線段MN，故直線PA過線段MN的中點，又直線PA過坐標原點，所以k＝eq\f(－\f(\r(2),2),－1)＝eq\f(\r(2),2).(2)直線PA的方程為y＝2x，代入橢圓方程得eq\f(x2,4)＋eq\f(4x2,2)＝1，解得x＝±eq\f(2,3)，因此P(eq\f(2,3)，eq\f(4,3))，A(－eq\f(2,3)，－eq\f(4,3))．于是C(eq\f(2,3)，0)，直線AC的斜率為eq\f(0＋\f(4,3),\f(2,3)＋\f(2,3))＝1，故直線AB的方程為x－y－eq\f(2,3)＝0.因此，d＝eq\f(|\f(2,3)－\f(4,3)－\f(2,3)|,\r(12＋12))＝eq\f(2\r(2),3).(3)證明：法一：將直線PA的方程y＝kx代入eq\f(x2,4)＋eq\f(y2,2)＝1，解得x＝±eq\f(2,\r(1＋2k2))記μ＝eq\f(2,\r(1＋2k2))，則P(μ，μk)，A(－μ，－μk)．于是C(μ，0)．故直線AB的斜率為eq\f(0＋μk,μ＋μ)＝eq\f(k,2)，其方程為y＝eq\f(k,2)(x－μ),代入橢圓方程并由μ＝eq\f(2,\r(1＋2k2))得(2＋k2)x2－2μk2x－μ2(3k2＋2)＝0，解得x＝eq\f(μ3k2＋2,2＋k2)或x＝－μ.因此B(eq\f(μ3k2＋2,2＋k2)，eq\f(μk3,2＋k2))．于是直線PB的斜率k1＝eq\f(\f(uk3,2＋k2)－μk,\f(μ3k2＋2,2＋k2)－μ)＝eq\f(k3－k2＋k2,3k2＋2－2＋k2)＝－eq\f(1,k).因此k1k＝－1，所以PA⊥PB.法二：設P(x1，y1)，B(x2，y2)，則x1>0，x2>0，x1≠x2，A(－x1，－y1)，C(x1,0)．設直線PB，AB的斜率分別為k1，k2.由于C在直線AB上，所以k2＝eq\f(0－－y1,x1－－x1)＝eq\f(y1,2x1)＝eq\f(k,2).從而k1k＋1＝2k1k2＋1＝2·eq\f(y2－y1,x2－x1)·eq\f(y2－－y1,x2－－x1)＋1＝eq\f(2y\o\al(2,2)－2y\o\al(2,1),x\o\al(2,2)－x\o\al(2,1))＋1＝eq\f(x\o\al(2,2)＋2y\o\al(2,2)－x\o\al(2,1)＋2y\o\al(2,1),x\o\al(2,2)－x\o\al(2,1))＝eq\f(4－4,x\o\al(2,2)－x\o\al(2,1))＝0.因此k1k＝－1，所以PA⊥PB.12．解：(1)由已知得a＝2，b＝1，所以c＝eq\r(a2－b2)＝eq\r(3).所以橢圓G的焦點坐標為(－eq\r(3)，0)，(eq\r(3)，0)，離心率為e＝eq\f(c,a)＝eq\f(\r(3),2).(2)由題意知，|m|≥1.當m＝1時，切線l的方程為x＝1，點A，B的坐標分別為(1，eq\f(\r(3),2))，(1，－eq\f(\r(3),2))，此時|AB|＝eq\r(3).當m＝－1時，同理可得|AB|＝eq\r(3).當|m|＞1時，設切線l的方程為y＝k(x－m)．由eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(y＝kx－m，,\f(x2,4)＋y2＝1.))得(1＋4k2)x2－8k2mx＋4k2m2－4＝0.設A，B兩點的坐標分別為(x1，y1)，(x2，y2)，則x1＋x2＝eq\f(8k2m,1＋4k2)，x1x2＝eq\f(4k2m2－4,1＋4k2).又由l與圓x2＋y2＝1相切，得eq\f(|km|,\r(k2＋1))＝1，即m2k2＝k2＋1.所以|AB