2025年上外版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年上外版必修3物理上冊階段測試試卷887考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、水平面上A、B、C、D為邊長為L的正方形的四個頂點，四點固定著四個電荷量均為Q的正點電荷.O點到A、B、C、D的距離均為L.現(xiàn)將一質量為m的帶正電的小球（可視為點電荷）放置在O點，如圖所示，為使小球能靜止在O點，小球所帶的電荷量應為（已知靜電力常量為k，重力加速度為g）（）

A.B.C.D.2、如圖所示，一質量為m、電荷量為q（q>0）的粒子以速度v0從MN連線上的P點水平向右射入大小為E、方向豎直向下的勻強電場中，經過一段時間后粒子到達MN連線上的Q點（圖中未畫出），已知MN與水平方向成45°角；粒子的重力可以忽略，下列說法正確的是（）

A.粒子從P點運動到Q點的過程中，電場力的沖量為3mv0B.粒子經過Q點時的動能為2mC.P點與Q點之間的距離為D.粒子經過Q點時的速度方向與豎直方向的夾角為30°3、有一沿x軸分布的電場，以＋x方向為電場正方向。其電場強度E隨x變化的圖像如圖所示。下列說法正確的是（）

A.O點的電勢最高B.x2點的電勢最高C.正電荷從x1移動到x3電場力不做功D.x1和x3兩點的電勢相等4、下列儀器中，測量力的儀器是（）A.B.C.D.5、特斯拉汽車公司（TeslaMotors）是美國一家產銷電動車的公司，由斯坦福大學碩士輟學生伊隆·馬斯克與碩士畢業(yè)生JBStraubel于2003年成立，特斯拉汽車公司以電氣工程師和物理學家尼古拉·特斯拉命名，專門生產純電動車，物理學中特斯拉是哪個物理量的單位A.電場強度B.磁感應強度C.磁通量D.電動勢評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、圖中實線是一簇未標明方向的由點電荷產生的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，是軌跡上的兩點。若帶電粒子在運動中只受電場力作用；根據此圖可作出正確判斷的是（）

A.帶電粒子所帶電荷的符號B.帶電粒子在兩點的受力方向C.帶電粒子在兩點的速度何處較大D.帶電粒子在兩點的電勢能何處較大7、如圖所示，質量為M的半球形物體A放在粗糙水平地面上，一端固定在最高點處的水平細線另一端拉住一質量為m的光滑球B．A、B兩球的球心連線與豎直方向成30°角，B球均勻帶正電，電荷量為q，處在電場強度為E；與水平面成60°斜向下的勻強電場中，整體靜止，則下列說法正確的是()

A.A對地面的壓力等于B.地面對A的摩擦力方向向左，大小為C.細線對小球的拉力大小為D.B對A的壓力大小為8、在如圖所示電路中，電源電動勢E=12V，內阻r=4Ω，R1=R2=2Ω，燈泡電阻RL=3Ω，滑動變阻器總阻值R=8Ω，當滑片P位于滑動變阻器正中間，開關S處于閉合狀態(tài)時，電容器內有一帶電微粒恰好處于靜止狀態(tài)，燈泡L正常發(fā)光．當滑片P向N端移動后；下列說法正確的是。

A.微粒向上運動B.電流表示數變小C.燈泡L變暗D.電源輸出功率變大9、為了證明超導體電阻為零，昂尼斯實驗室的工程師GerritFlim設計了一個非常精巧的實驗，實驗裝置示意圖如圖所示。Q為超導材料繞制的線圈，已感應出0.6A的電流，其對稱位置放置了一個相同尺寸的線圈P，外接穩(wěn)定電流也為0.6A；此時兩個線圈中間放置的小磁針沿軸線嚴格指向東西方向。超導材料若電阻為零，則電流永不衰減，小磁針方向就不會發(fā)生偏轉。不考慮其它磁場的影響，以下說法正確的是()

A.超導線圈中電流方向為A→Q→BB.超導線圈中電流方向為B→Q→AC.若超導體存在一定電阻，電流衰減，小磁針將順時針偏轉D.若超導體存在一定電阻，電流衰減，小磁針將逆時針偏轉10、一束帶有等量電荷量的不同離子從同一點垂直電場線進入同一勻強偏轉電場，飛離電場后打在熒光屏上的同一點，則（）A.離子進入電場的初速度相同B.離子進入電場的初動能相同C.離子出電場的末動能相同D.離子在電場中的運動時間相同11、如圖甲所示，四個電荷量均為＋q的點電荷分別放置于邊長為的正方形abcd的四個頂點上，在x軸上的Oc之間電勢φ的變化曲線如圖乙所示。下列判斷正確的是（）

A.正方形內部可能存在兩個電場強度為零的點B.在x軸上從a到c電場強度先減小后增大C.將一帶正電的試探電荷由點移至點靜電力做正功D.將一帶正電的試探電荷由點靜止釋放，經過O點時其動能最大12、如圖所示，在光滑絕緣水平面上，由靜止同時釋放兩個可視為質點，帶同種電荷的小球A和B，已知A、B的質量之比為mA∶mB=1:2；不考慮小球運動的電磁輻射，下列說法正確的是（）

A.在運動過程中，A、B組成的系統(tǒng)電勢能減少B.在運動過程中，A、B組成的系統(tǒng)總動量增加C.在運動過程中的任一時刻，A、B的速度大小之比為2:1D.在運動過程中的任一時刻，A、B的加速度大小之比為1:213、兩電荷量分別為和的點電荷固定在軸上的兩點，兩電荷連線上各點電勢隨變化的關系如圖所示，其中A、兩點的電勢為零，段中點電勢最低；下列說法正確的是（）

A.為正電荷，為負電荷B.C.點的電場強度為零D.將一帶負電的檢驗電荷從點沿軸移到點，電場力先做負功后做正功14、點電荷和所產生的靜電場的等勢線如圖所示，圖中標在等勢線上的數值分別表示該等勢線的電勢，a、b、c表示等勢線上的點；下列說法正確的是（）

A.位于g點的點電荷不受電場力作用B.c點的電勢比k點的電勢低C.把正電荷從m點移到c點過程中電場力做的功等于D.把電荷量為q的正點電荷從a點移到i點再從i點移到f點過程中，電場力做的總功大于把該點電荷從a點直接移到f點過程中電場力所做的功評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、__________提出光是一種__________波，__________用實驗驗證了這一預言．紅外線最顯著的作用是__________，__________都會發(fā)出紅外線，紅外線波長比紅光__________，所以__________現(xiàn)象較顯著，易透過云霧，可用于高空攝影；紫外線的主要作用是__________，__________能發(fā)出紫外線，紫外線還有__________效應和__________作用，倫琴射線又叫__________射線．16、把負電荷q=5×10?5C從無窮遠處移到電場中A點,克服電場力做功4.0×10?6J,再把q從A點移到B點,電場力對電荷做1×10?4J的功,A點電勢為________V,B點電勢為__________V。17、(1)下圖中是螺旋測微器和游標卡尺的某次測量。其中螺旋測微器的讀數為_____mm。

(2)某表頭滿偏電流為1mA、內阻為982Ω。為了將表頭改裝成量程為50mA的電流表，需要一個阻值約為_____Ω的電阻與表頭并聯(lián)（計算結果取整數）18、半徑為r、電流為的通電圓環(huán)圓心處的磁感應強度為B，在圓環(huán)下方距圓心a處水平放置一根電流為的無限長直導線時，圓環(huán)圓心處的磁感應強度變?yōu)榱悖O圓環(huán)平面和長直導線在同一豎直平面內，如圖所示，根據對稱性，直導線電流在導線下方距導線a處產生的磁感應強度的大小為________，方向_________．

19、『判一判』

（1）公式適用于所有電場。________

（2）由可知，勻強電場中兩點間的電勢差與這兩點的距離成正比。________

（3）由公式可知，電場強度與電勢差U成正比。________

（4）勻強電場的電場強度值等于沿電場線方向每單位長度上的電勢差值。________

（5）在勻強電場中，任意兩點間的電勢差等于電場強度與這兩點間距離的乘積。________20、電磁波的產生:周期性變化的____周圍會產生周期性變化的電場,周期性變化的____周圍也會產生周期性變化的磁場。變化的電場和變化的磁場相互聯(lián)系在一起,就會在空間形成一個統(tǒng)一的、不可分割的____,這種在空間交替變化的電磁場傳播出去就形成了_______。21、真空中有兩個相距0.18m的正點電荷是電荷量為正電荷，兩個點電荷間的靜電斥力則帶___________（填“正電”或“負電”），電荷量為___________C．（靜電力常量）22、如圖所示，小量程電流表G的內阻為20滿偏電流為10mA，若把它改裝成5V、20V的兩個量程的電壓表，那么R1=________R2=________

評卷人得分四、作圖題(共1題，共8分)23、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

評卷人得分五、解答題(共2題，共10分)24、如圖所示，在同一條豎直線上，有電荷量均為Q的A、B兩個正點電荷；GH是它們連線的垂直平分線。另有一個帶電小球C，質量為m、電荷量為+q（可視為點電荷），被長為L的絕緣輕細線懸掛于O點，現(xiàn)在把小球C拉起到M點，使細線水平且與A、B處于同一豎直面內，由靜止開始釋放，小球C向下運動到GH線上的N點時剛好速度為零，此時細線與豎直方向的夾角θ=30°。已知重力加速度為g；試求：

(1)在A、B所形成的電場中，M、N兩點間的電勢差；

(2)若N點與A、B兩個點電荷所在位置正好形成一個邊長為R的正三角形，則小球運動到N點瞬間，細線對小球的拉力FT的大?。ㄒ阎o電力常量為k）。

25、如圖所示，在水平向左的勻強電場中有一光滑水平絕緣桌面，桌面的右端固定一定滑輪。兩個質量均為m、可視為質點的滑塊a、b，通過不可伸長的細線繞過定滑輪連接，其中滑塊a帶正電，電荷量為q，滑塊b不帶電，滑塊a與滑輪間的細線保持水平。開始時，滑塊a鎖定在桌面上的P點，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)。解除對滑塊a的鎖定后，滑塊a向右運動一段時間后（滑塊b未觸地）剪斷細線，又經過相同的時間滑塊a恰好回到P點。已知重力加速度大小為g，滑塊a向右運動過程中未與滑輪碰撞。求：

（1）滑塊a在剪斷細線時與回到P點時的速度大小之比；

（2）電場強度的大小。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

對小球進行受力分析，小球受重力和A、B、C、D處正點電荷施加的庫侖力.由于正方形的邊長為L，O點到正方向四個頂點的距離均為L，設小球所帶電荷量為q，根據庫倉定律可得正方形四個頂點處的點電荷對O處小球的庫侖力大小均為根據靜電力的疊加和對稱性可得正方形四個頂點處的點電荷對O處小球的庫侖力的合力為：

為A、B、C、D處點電荷對小球施加的庫侖力的方向與豎直方向的夾角，由幾何關系可知小球在O點靜止，根據平衡條件有聯(lián)立解得：

故C正確，ABD錯誤。2、C【分析】【詳解】

A．粒子在電場中做類平拋運動，從P點到再次落到MN連線上，水平位移等于豎直位移，即v0t=·t2

解得

電場力的沖量I=qEt=2mv0

故A錯誤；

B．豎直速度vy=t=2v0

合速度v=v0

粒子經過Q點時的動能Ek=mv2=

故B錯誤；

C．水平位移x=v0t=

豎直位移y=x

故合位移大小s=x=

故C正確；

D．設Q點處速度方向與豎直方向的夾角為θ，則tanθ=

即θ≠30°

故D錯誤。

故選C。3、A【分析】【分析】

【詳解】

ABD．作出電場線；如圖所示。

根據順著電場線電勢降低，則O點電勢最高，x3點的電勢最低；故A正確，BD錯誤；

C．由圖可知，由于x1的電勢大于x3點的電勢，當正電荷從x1移動到x3電場力做正功；故C錯誤。

故選A。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．托盤天平是測量質量的儀器；故A錯誤；

B．打點計是器是記錄時間和位移的儀器；故B錯誤；

C．彈簧測力計是測量力的儀器；故C正確；

D．電流表是測量電流的儀器；故D錯誤。

故選C。5、B【分析】【分析】

【詳解】

A．電場強度的單位是伏/米和牛頓/庫侖；不是特斯拉，故A錯誤；

B．磁感應強度的單位是特斯拉；故B正確；

C．磁通量的單位是韋伯；故C錯誤。

D．電動勢的單位是伏特；不是特斯拉，故D錯誤；

故選B。二、多選題(共9題，共18分)6、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．粒子的運動軌跡向左彎曲，說明粒子在a、b兩點受到的電場力沿電場線向左；由于電場線方向不明，無法確定粒子的電性，故A錯誤，B正確；

CD．若粒子從a運動到b，由軌跡彎曲方向與粒子速度方向的關系分析可知電場力與軌跡之間的夾角是鈍角，電場力對粒子做負功，粒子的動能減小，電勢能增大，則粒子在a點的速度較大，在b點電勢能較大；故C；D正確；

故選BCD。7、B:C【分析】【詳解】

AB．對球和半球形絕緣體整體分析，受重力、支持力、電場力和摩擦力，根據平衡條件，有：N=(M+m)g+qEsin60°=(M+m)g+qE；f=qEcos60°=qE，向左

根據牛頓第三定律,A對地面的壓力大小為(M+m)g+qE

A對地面的摩擦力方向水平向右,大小為qE；故A錯誤；B正確；

CD．對球受力分析；受重力；支持力、拉力和電場力，如圖所示：

根據平衡條件，有：T=Nsin30°+qEsin30°Ncos30°=mg+qEcos30°

聯(lián)立解得：T=N=mg+qE

根據牛頓第三定律，壓力為mg+qE；故C正確，D錯誤。

故選BC。8、A:C【分析】【詳解】

ABC.當滑動變阻器的滑片P向N端移動后，滑動變阻器接入電路中的電阻值減小，干路電流增大，路端電壓減小，但兩端電壓變大，則燈泡L兩端電壓減小，燈泡變暗，燈泡支路電流減小，而干路電流增大，所以電流表示數變大，R1兩端電壓變大；電容器兩端電壓變大，微粒所受電場力增大，微粒向上運動，選項AC正確B錯誤．

D.當滑動變阻器滑片位于正中間時，由于外電路等效電阻R=4Ω，等于電源內阻，當滑動變阻器的滑片P向N端移動后，外電路等效電阻減小，小于電源內阻，根據電源輸出電功率最大的條件可知，電源雖然輸出電流增大，但電源輸出電功率減小，選項D錯誤．9、A:C【分析】【分析】

因小磁針指向水平方向；可知上下螺線管的磁場是對稱的，因上方螺線管的右端為N極，則下方螺線管的右端也為N極；根據右手螺旋法則判斷電流方向.若超導體存在一定電阻，電流衰減，則上下磁場不再對稱.

【詳解】

根據右手螺旋法則，可知P線圈的D端為N極；則Q線圈的B端也應該為N極，由右手螺旋法則可知，超導線圈中電流方向為A→Q→B，選項A正確，B錯誤；若超導體存在一定電阻，電流衰減，則下方螺線管的磁場減弱，則小磁針S向上偏轉，即將順時針偏轉，選項C正確，D錯誤；故選AC.10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

ABD．離子在偏轉電場中做類平拋運動，由牛頓第二定律得離子的加速度a=

穿越電場的時間t=

通過電場時的偏轉量y=at2

聯(lián)立得y=

這些離子的電荷量q相等，L、E和y相等，說明mv2相等，離子進入電場的初動能為Ek=mv2

則知初動能相同；而離子的質量不一定相等，所以初速度相同不一定相同，離子在電場中的運動時間不一定相等。故AD錯誤；B正確；

C．初動能相同，離子電荷量相等，由W=qEy

知電場力做功相等；根據動能定理知離子出電場的末動能相同，故C正確。

故選BC。11、B:D【分析】【詳解】

A．由圖甲可知，只有O點電場強度為0；A錯誤；

B．O點電場強度為0，則從a到c電場強度先減小后增大；B正確；

C．若從點沿直線移至點電勢先升高后降低，則正電荷電勢能先增大后先減小，靜電力先做負功后做正功，C錯誤；

D．帶正電的試探電荷由點靜止釋放，向x軸負方向運動，經過O點時電場力為零，電場力做正功最大，由動能定理可知，正電荷在O點時動能最大；D正確。

故選BD。12、A:C【分析】【詳解】

A．在運動過程中，A、B之間的庫侖力分別對A、B做正功；系統(tǒng)電勢能減少，故A正確；

BC．在運動過程中，A、B組成的系統(tǒng)所受合外力為零，總動量守恒，即

所以在運動過程中的任一時刻，A、B的速度大小之比為

故B錯誤；C正確；

D．根據牛頓第二定律可知，當合外力一定時，加速度與質量成反比，所以在運動過程中的任一時刻，A、B的加速度大小之比為

故D錯誤。

故選AC。13、C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．由圖知無窮遠處的電勢為0，A點的電勢為零，由于沿著電場線電勢降低，所以O點的電荷帶負電，M點電荷帶正電，由于A點距離O比較遠而距離M比較近；

所以電荷量大于的電荷量；故AB錯誤；

C．圖像的斜率等于電場強度，則知，C點的電場強度為0；故C正確；

D．從點沿軸移到點，電勢先減小后增大，則將一帶負電的檢驗電荷從點沿軸移到點；電勢能先增大，后減小，有功能關系知電場力先做負功后做正功，故D正確。

故選CD。14、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．位于g點的位置電勢為零；場強不為零，所以點電荷受電場力作用，A錯誤；

B．c點的電勢為k點的電勢為c點的電勢比k點的電勢低；B正確；

C．把1庫侖正電荷從m點移到c點過程中電場力做的功

C正確；

D．根據電場力做功

得把電荷量為q的正點電荷從a點移到i點，再從i點移到f點過程中，電場力做的總功等于把該點電荷從a點直接移到f點過程中電場力所做的功。電場力做功與路徑無關；D錯誤。

故選BC。三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]麥克斯韋提出光是一種電磁波；后來赫茲用實驗驗證了這一預言；

[4]紅外線最顯著的作用是熱效應；

[5][6]一切物體都會發(fā)出紅外線；紅外線波長比紅光長；

[7]由衍射條件可知；當障礙物的尺寸與波長相差不多或小得多時，能發(fā)生明顯衍射，所以衍射現(xiàn)象較顯著，易透過云霧，可用于高空攝影；

[8]紫外線的主要作用是化學效應；

[9][10][11]高溫物體發(fā)出紫外線；紫外線還有熒光和殺菌作用；

[12]倫琴射線又叫x射線?！窘馕觥葵溈怂鬼f電磁赫茲熱效應一切物體長衍射化學效應高溫物體熒光殺菌X16、略

【分析】【詳解】

[1]無窮遠間與A的電勢差為

無窮遠電勢為零，由得A點電勢：

[2]A、B間電勢差為:

因則B點電勢【解析】-0.081.9217、略

【分析】【詳解】

(1)[1]左側裝置為螺旋測微器，其中固定刻度讀數為0.5mm，可動刻度讀數為0.01×40.0mm=0.400mm，所以最終讀數為

故答案為0.900。

(2)[2]由電路并聯(lián)規(guī)律可得

代入數值可得【解析】0.9002018、略

【分析】【詳解】

[1]根據右手定則可知，通電線圈產生的磁場反向垂直紙面向外，導線在線圈內產生的磁場方向垂直紙面向內，根據題意可知，圓環(huán)圓心處的磁感應強度變?yōu)榱?，因此直導線電流在導線上方距導線a處產生的磁感應強度的大小為B，根據對稱，在下方a處磁感應強度也為B；

[2]根據右手定則可知，方向垂直紙面向外?！窘馕觥緽垂直紙面向外19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]公式只適用于勻強電場；故描述錯誤。

（2）[2]公式中，為沿電場線的距離；不一定等于勻強電場中兩點間的距離，故描述錯誤。

（3）[3]電場強度是電場自身的性質，其強度與電場自身有關，與電勢差U無關；故描述錯誤。

（4）[4]勻強電場的電場強度值等于沿電場線方