2025年冀教新版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教新版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，實(shí)線表示勻強(qiáng)電場的電場線.一個(gè)帶負(fù)電荷的粒子以某一速度射入勻強(qiáng)電場，只在電場力作用下，運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖中的虛線所示，p、q為軌跡上的兩點(diǎn).若p點(diǎn)電勢為φp，q點(diǎn)電勢為φq，則（）A.場強(qiáng)方向一定向上，且電勢φp>φqB.場強(qiáng)方向一定向上，且電勢φp<φqC.場強(qiáng)方向一定向下，且電勢φp>φqD.場強(qiáng)方向一定向下，且電勢φp<φq2、下列關(guān)于點(diǎn)電荷的說法中正確的是（）A.只要帶電體的體積很小，都可以看成點(diǎn)電荷B.只要帶電體的電量很小，都可以看成點(diǎn)電荷C.均勻帶電圓環(huán)一定不能看成點(diǎn)電荷D.只要帶電體的大小遠(yuǎn)小于電荷間的距離，都可看成點(diǎn)荷3、兩只電流表A1、A2串聯(lián)后連成如圖甲所示電路，調(diào)節(jié)R使A1滿偏時(shí)，A2的示數(shù)為滿偏的將A1和A2并聯(lián)后連成圖乙的電路，重新調(diào)節(jié)R，當(dāng)A2滿偏時(shí)，A1的示數(shù)為滿偏的已知A1的內(nèi)阻為0.45Ω，那么A2的內(nèi)阻為（）A.0.1ΩB.0.3ΩC.0.45ΩD.1.5Ω4、如圖是某區(qū)域的電場線圖．A、B是電場中的兩個(gè)點(diǎn)，EA和EB分別表示A、B兩點(diǎn)電場強(qiáng)度的大小，F(xiàn)A、FB分別表示同一個(gè)點(diǎn)電荷在A；B兩點(diǎn)所受到的電場力的大小．下面說法中正確的是（）

A.EA＞EB

B.EA＜EB

C.FA＞FB

D.FA＜FB

5、下面關(guān)于沖量的說法中正確的是()A.物體受到很大的沖力時(shí)，其沖量一定很大B.當(dāng)力與位移垂直時(shí)，該力的沖量為零C.不管物體做什么運(yùn)動(dòng)，在相同時(shí)間內(nèi)重力的沖量相同D.只要力的大小恒定，其相同時(shí)間內(nèi)的沖量就恒定6、如圖所示，表面粗糙的斜面固定于地面上，并處于方向垂直紙面向外、強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中．質(zhì)量為m、帶電量為+Q的小滑塊從斜面頂端由靜止下滑．在滑塊下滑的過程中，下列判斷正確的是()A.滑塊受到的摩擦力不變B.滑塊到達(dá)地面時(shí)的動(dòng)能與B的大小無關(guān)C.滑塊受到的洛倫茲力方向垂直斜面向下D.B很大時(shí)，滑塊可能靜止于斜面上7、如圖所示，一束質(zhì)量、速度和電荷量不全相等的正離子，沿著垂直于磁感線、平行于極板的方向豎直向上射入正交的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場里，結(jié)果有些離子保持原來的運(yùn)動(dòng)方向，未發(fā)生偏轉(zhuǎn)。如果讓這些未偏轉(zhuǎn)的離子進(jìn)入另一個(gè)勻強(qiáng)磁場中，發(fā)現(xiàn)這些離子又分裂為幾束。對這些能夠進(jìn)入后一個(gè)磁場的離子，下列說法中正確的是（）A.它們的動(dòng)能一定不全相同B.它們的電荷量一定不全相同C.它們的質(zhì)量一定不全相同D.它們的荷質(zhì)比一定不全相同8、如圖所示帶電導(dǎo)體，已知其表面的電場強(qiáng)度EA=100N/CEB=1N/C

點(diǎn)電荷q

在電場力的作用下第一次由A

點(diǎn)由靜止釋放到運(yùn)動(dòng)到無限遠(yuǎn)處；第二次由B

點(diǎn)由靜止釋放到無限遠(yuǎn)處.

兩次的末速度大小之比為(

)

A.1001

B.1100

C.101

D.11

9、圖甲為一列簡諧波在t=0.20s時(shí)刻的波形圖；P是平衡位置為x=1.0m處的質(zhì)點(diǎn)，Q是平衡位置為x=4.0m處的質(zhì)點(diǎn)，圖乙為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象，則（）

A.從t=0.10s到t=0.20s，該波沿x軸正方向傳播了4mB.質(zhì)點(diǎn)Q簡諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為x=10sint（cm）C.在t=0.25s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的速度方向?yàn)閥軸正方向D.從t=0.10s到t=0.25s，質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為30cm評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)10、兩條平行的通電直導(dǎo)線會(huì)通過磁場發(fā)生相互作用，當(dāng)通過兩條導(dǎo)線的電流方向相同時(shí)，兩條導(dǎo)線相互______．（填“吸引”或“排斥”）11、如圖所示，為某交變電動(dòng)勢隨時(shí)間變化的圖象，從圖象中可知交變電動(dòng)勢的峰值為______V．周期T是______s，交變電動(dòng)勢變化最快的時(shí)刻是______，穿過產(chǎn)生此電動(dòng)勢的線圈的磁通量變化最快的時(shí)刻是______，若此交流線圈共100匝，則穿過此線圈的最大磁通量是______Wb．12、已知某物質(zhì)的摩爾質(zhì)量和密度分別為M和ρ，阿伏加德羅常數(shù)為NA，則該物質(zhì)每一個(gè)分子的質(zhì)量為______，該物質(zhì)單位體積的分子數(shù)為______．13、某公園有一水池，水面下某處有一光源，在水面上形成一個(gè)半徑為3m的圓形亮斑，已知水的折射率．則光源的深度為____m，光從光源傳到水面的最短時(shí)間為____s．14、（6分）如圖所示，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧下端掛有匝數(shù)為n的矩形線框abcd，bc邊長為l，線框的下半部處在勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小設(shè)為B，方向與線框平面垂直，在圖中垂直于紙面向里，線框中通以電流I，方向如圖所示。開始時(shí)線框處于平衡狀態(tài)。令磁場反向，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小仍為B，線框達(dá)到新的平衡。在此過程中線框位移的大小是x，位移的方向________，用此實(shí)驗(yàn)裝置測出B＝____。15、如圖所示，四個(gè)相同的電流表分別改裝成兩個(gè)安培表和兩個(gè)伏特表．安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程；把它們按圖接入電路，則。

安培表A1的讀數(shù)______安培表A2的讀數(shù)；

安培表A1的偏轉(zhuǎn)角______安培表A2的偏轉(zhuǎn)角；

伏特表V1的讀數(shù)______伏特表V2的讀數(shù)；

伏特表V1的偏轉(zhuǎn)角______伏特表V2的偏轉(zhuǎn)角；（填“大于”，“小于”或“等于”）16、一個(gè)鋰37

受到一個(gè)質(zhì)子的轟擊，變成兩個(gè)婁脕

粒子。已知一個(gè)氦原子核的質(zhì)量是6.6466隆脕10鈭?27kg

一個(gè)鋰原子核的質(zhì)量是1.16506隆脕10鈭?26kg

一個(gè)氫原子核的質(zhì)量是1.6736隆脕10鈭?27kg

這一過程中的質(zhì)量虧損為___________kg

這一過程中所釋放的核能為____________J

17、沖擊擺是測量子彈速度的擺，如圖所示，擺錘的質(zhì)量很大，子彈從水平方向射入擺錘中，隨擺錘一起擺動(dòng).

已知沖擊擺的擺長為l

擺錘的質(zhì)量為M

實(shí)驗(yàn)中測量得擺錘擺動(dòng)時(shí)擺線的最大擺角是婁脠

．

(1)

欲測得子彈的速度還需要測量的物理量是________．(2)

計(jì)算子彈和擺錘的共同初速度v0=

________________(

用已知量的符號表示)

18、在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，質(zhì)量為m

的重錘拖著一條紙帶從靜止開始下落，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出一系列清晰的點(diǎn).

把重錘開始下落時(shí)打出的點(diǎn)標(biāo)為O

然后按先后順序依次選取三個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)ABC

如圖所示.

通過測量得到OA

間距離為h1OB

間距離為h2OC

間距離為h3.

已知相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T

當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間.

從開始下落到打B

點(diǎn)時(shí)，重錘減少的重力勢能為_______________，打B

點(diǎn)時(shí)重錘的動(dòng)能為_______________．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)19、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯(cuò)）20、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯(cuò)）21、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯(cuò)）22、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

23、只有沿著電場線的方向電勢才會(huì)降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯(cuò)）24、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

評卷人得分四、推斷題(共4題，共8分)25、已知rm{CH_{3}隆陋CH簍TCH_{2}+HBr隆煤CH_{3}隆陋CHBr-CH_{3}}rm{1mol}某芳香烴rm{A}充分燃燒后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}該芳香烴rm{A}在不同條件下能發(fā)生如圖所示的一系列變化：

請回答下列問題：

rm{(1)A}中官能團(tuán)的名稱為：______________，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式：_______________________。

rm{(2)}上述反應(yīng)中，rm{壟脵}是________反應(yīng)rm{(}填反應(yīng)類型rm{)(1}分rm{)}

rm{(3)}寫出rm{C}rm{D}rm{E}rm{H}物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡式：rm{C}____________________，rm{D}_______________，rm{E}_____________，rm{F}_______________。

rm{(4)}寫出rm{D隆煤F}反應(yīng)的化學(xué)方程式：______________________________。26、下圖是元素周期表的一部分，表中的rm{壟脵隆蘆壟脼}代表對應(yīng)元素，用化學(xué)用語填空：rm{(1)}元素rm{壟脺}在元素周期表中的位置是________。rm{(2)壟脻}rm{壟脼}兩種元素最高價(jià)氧化物對應(yīng)的水化物酸性較強(qiáng)的是________。rm{(3)壟脵}元素可以形成多種氧化物，其中顏色為紅棕色的是________，寫出它與水反應(yīng)的化學(xué)方程式________。rm{(4)}寫出元素rm{壟脹}與元素rm{壟脷}形成的化合物的電子式________。27、人工合成有機(jī)化合物rm{H}的路線可簡單表示如圖：已知：rm{F}的核磁共振氫譜有四個(gè)峰，峰的面積比為rm{1}rm{1}rm{3}rm{3.}請回答下列問題：rm{(1)A}的名稱rm{(}系統(tǒng)命名rm{)}為______；rm{C}中官能團(tuán)的結(jié)構(gòu)簡式為______；rm{(2)G+F隆煤H}的反應(yīng)類型為______；rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式為______．rm{(3)C隆煤D}的離子方程式為______．rm{(4)E}在一定條件下生成的高分子化合物的結(jié)構(gòu)簡式為______．rm{(5)X}是rm{F}的同分異構(gòu)體，它同時(shí)符合下列rm{3}個(gè)條件：rm{壟脵}能發(fā)生水解反應(yīng)rm{壟脷}不含甲基rm{壟脹}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則rm{X}可能的結(jié)構(gòu)簡式為______、______rm{(}寫出任意兩種rm{)}．28、工業(yè)制鈦白粉產(chǎn)生的廢液中含有大量FeSO4、H2SO4和少量Fe2(SO4)3、TiOSO4，可利用酸解法生產(chǎn)補(bǔ)血?jiǎng)┤樗醽嗚F。其生產(chǎn)流程如下：

已知：TiOSO4可溶于水，在水中電離為TiO2+和SO2-4。請回答下列問題：

（1）寫出TiOSO4水解生成鈦酸H4TiO4的離子方程式____。步驟①中加入足量鐵屑的目的是____。

（2）步驟②的離子方程式是____，所得副產(chǎn)品主要是____（填化學(xué)式）。

（3）工業(yè)上由H4TiO4可制得鈦白粉TiO2。TiO2直接電解還原法生產(chǎn)鈦是一種較先進(jìn)的方法，電解質(zhì)為熔融的CaCl2，原理如圖所示，陰極的電極反應(yīng)式為____。

（4）工業(yè)上利用TiO2還可以用下列流程制取單質(zhì)鈦：

已知：①C(s)+O2(g)＝CO2(g)△H1＝－393.5kJ/mol②2CO(g)＋O2(g)＝2CO2(g)△H2＝－566kJ/mol③TiO2(s)＋2Cl2(g)＝TiCl4(s)＋O2(g)△H3＝+141kJ/mol則TiO2(s)＋2Cl2(g)＋2C(s)＝TiCl4(s)＋2CO(g)的△H＝____。

（5）乳酸可由乙烯經(jīng)下列步驟合成：上述合成路線的總產(chǎn)率為56%，乳酸與碳酸亞鐵反應(yīng)轉(zhuǎn)化為乳酸亞鐵晶體的產(chǎn)率為80%，則生產(chǎn)468kg乳酸亞鐵晶體（M＝234g/mol）需要標(biāo)準(zhǔn)狀況下的乙烯____m3。

評卷人得分五、證明題(共2題，共16分)29、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。30、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。評卷人得分六、畫圖題(共2題，共16分)31、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象32、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】試題分析：由曲線運(yùn)動(dòng)條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)，電場強(qiáng)度方向應(yīng)該是電場線上一點(diǎn)的切線方向，所以電荷所受電場力向下．由于是負(fù)電荷的粒子，所以場強(qiáng)方向一定向上，沿著電場線的方向電勢降低的．作出p、q點(diǎn)的等勢點(diǎn)（要同在一根電場線），接著沿著電場線可判定p點(diǎn)的電勢小于q點(diǎn)，B正確?？键c(diǎn)：考查了帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)．【解析】【答案】B2、D【分析】【解答】解：ABD；點(diǎn)電荷的模型是重要的物理模型之一；它的條件是帶電體的大小遠(yuǎn)小于電荷間的距離，都可看成點(diǎn)電荷，與帶電體的大小、帶電體所帶的電量都無直接的關(guān)系．故AB錯(cuò)誤，D正確；

C；均勻帶電圓環(huán)是否能看成點(diǎn)電荷與圓環(huán)的大小以及要研究的問題的范圍的大小有關(guān)；故C錯(cuò)誤．

故選：D

【分析】點(diǎn)電荷的模型是重要的物理模型之一，它的條件是帶電體的大小遠(yuǎn)小于電荷間的距離，都可看成點(diǎn)電荷，與帶電體的大小無直接的關(guān)系．3、A【分析】解：設(shè)電流表A1、A2滿偏電流分別為I1、I2；

由題意知，當(dāng)電流表串聯(lián)時(shí)：I1=I2①

當(dāng)電流表并聯(lián)時(shí)：電源的電壓為：

U=I2R2=I1R1②

由于R1=0.45Ω③

將①③式代入②解得：R2=0.1Ω．

故選：A．

根據(jù)串聯(lián)電路電流相等的特點(diǎn)和并聯(lián)電路電壓相等的特點(diǎn)，利用歐姆定律分別列出兩電流表滿偏時(shí)指針的關(guān)系，再把A2的內(nèi)阻代入求解方程即可求出A1的內(nèi)阻．

本題要理解并掌握串聯(lián)電路和并聯(lián)電路特點(diǎn)，能根據(jù)兩電流表示數(shù)之間的關(guān)系建立方程組．【解析】【答案】A4、A|C【分析】

A、根據(jù)圖象很容的發(fā)現(xiàn)，在電場的A點(diǎn)的電場線較密，所以，在A點(diǎn)的電場的強(qiáng)度要比B點(diǎn)的電場的強(qiáng)度大，即EA＞EB；所以A正確，B錯(cuò)誤；

C、由于EA＞EB，并且是同一個(gè)電荷，電荷的電荷量大小相同，由F=qE可知，電荷在A點(diǎn)時(shí)受到的電場力要在B點(diǎn)時(shí)受到的電場力大，即FA＞FB；所以C正確，D錯(cuò)誤；

故選AC．

【解析】【答案】電場線是從正電荷或者無窮遠(yuǎn)發(fā)出；到負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)處為止，電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度?。?/p>

5、C【分析】試題分析：沖量是力與時(shí)間的乘積，是矢量：力大，沖量不一定大，A錯(cuò)誤；當(dāng)力與位移垂直時(shí)，該力的沖量不為零，B錯(cuò)誤；不管物體做什么運(yùn)動(dòng)，在相同時(shí)間內(nèi)重力的沖量相同，C正確；只要力的大小恒定，其相同時(shí)間內(nèi)沖量大小一樣，但方向不一定一樣，D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：本題考查沖量的概念與理解。【解析】【答案】C6、C【分析】試題分析：沿斜面下滑過程，根據(jù)洛倫茲力的判斷方法，磁感線穿過左手手心，四指指向正電荷運(yùn)動(dòng)方向，大拇指所指的就是洛倫茲力方向即垂直斜面向下選項(xiàng)C對。受力分析如下圖。垂直斜面方向斜面方向隨著速度增大，加速度逐漸減小，當(dāng)加速度減小到0時(shí)速度達(dá)到最大此后勻速運(yùn)動(dòng)，與斜面之間的摩擦力隨速度的增大而增大，選項(xiàng)A錯(cuò)。最后的速度即加速度等于0時(shí)速度與磁感應(yīng)強(qiáng)度有關(guān)選項(xiàng)B錯(cuò)。無論磁感應(yīng)強(qiáng)度B多大，剛開始洛倫茲力就很小，摩擦力小，沿斜面下滑后最后會(huì)變?yōu)閯蛩僦本€運(yùn)動(dòng)而不可能靜止在斜面上選項(xiàng)D錯(cuò)?？键c(diǎn)：洛倫茲力【解析】【答案】C7、D【分析】試題分析：經(jīng)過速度選擇器后的粒子速度相同，粒子所受電場力和洛倫茲力平衡，滿足qvB=qE，即不發(fā)生偏轉(zhuǎn)的粒子具有共同的速度大小進(jìn)入磁場區(qū)分開，軌道半徑不等，根據(jù)公式只能說明比荷不同，故D正確。考點(diǎn)：帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)，速度選擇器?！窘馕觥俊敬鸢浮緿8、D【分析】解：導(dǎo)體是等勢體，所以AB

兩點(diǎn)的電勢是相等的，電荷第一次由A

到無限遠(yuǎn)，第二次由B

到無限遠(yuǎn)，兩次電場力做的功相等，根據(jù)動(dòng)能定理可得：12mv2=W

所以：vAvB=11

故D正確；ABC錯(cuò)誤；

故選：D

根據(jù)帶電導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；電場力做功W=qU

兩種情況下電勢差相等，電場力做功相等．

解決本題的關(guān)鍵處于靜電平衡狀態(tài)下的導(dǎo)體是個(gè)等勢體，知道在等勢體的表面移動(dòng)電荷電場力不做功．【解析】D

9、A【分析】解：A、由圖乙可知，該波的周期為0.20s，則簡諧波在t=0.20s時(shí)刻的波形圖與t=0時(shí)刻的波形圖是相同的。Q點(diǎn)在t=0.20s時(shí)，Q處于平衡位置向上振動(dòng)，根據(jù)上下坡法知，波沿x軸正方向傳播；由圖甲可知該波的波長：λ=8m，則波速：v=

在t=0.10s到t=0.20s；該波沿x軸正方向傳播了：s=vt=40×（0.20-0.10）=4m，故A正確。

B、由圖乙可知，振幅為10cm=0.10m，又：則質(zhì)點(diǎn)Q簡諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為y=10sin10πt（cm），故B錯(cuò)誤。

C、波沿x軸正方向傳播，結(jié)合波動(dòng)圖象知，t=0.20s時(shí)，P向上振動(dòng)，當(dāng)t=0.25s時(shí)，即在t=0.20s開始經(jīng)過質(zhì)點(diǎn)P在平衡位置以上向下振動(dòng)，即速度方向沿y軸負(fù)方向，故C錯(cuò)誤。

D、由于P點(diǎn)不是在波峰或波谷，或平衡位置，經(jīng)過0.15s，即經(jīng)過個(gè)周期；質(zhì)點(diǎn)經(jīng)歷的路程不等于3A，即30cm，故D錯(cuò)誤。

故選：A。

t=0.10s時(shí)Q點(diǎn)在平衡位置上；由乙圖確定Q的運(yùn)動(dòng)方向，從而確定了該波向左傳播，結(jié)合經(jīng)歷的時(shí)間確定質(zhì)點(diǎn)P的位置，從而得出質(zhì)點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)方向。根據(jù)周期得出角速度，從而得出振動(dòng)的表達(dá)式。根據(jù)波長求出波速，結(jié)合經(jīng)歷的時(shí)間求出波傳播的距離。

本題的關(guān)鍵是會(huì)根據(jù)振動(dòng)情況來判斷波的傳播方向，抓住振動(dòng)圖象和波動(dòng)圖象之間的內(nèi)在聯(lián)系。要知道質(zhì)點(diǎn)做簡諧運(yùn)動(dòng)時(shí)，在一個(gè)周期通過的路程是4A，半個(gè)周期內(nèi)通過的路程是2A，但時(shí)間內(nèi)通過的路程不能類推，要根據(jù)起點(diǎn)位置分析?！窘馕觥緼二、填空題(共9題，共18分)10、略

【分析】解：根據(jù)通電直導(dǎo)線產(chǎn)生磁場的特點(diǎn)；兩條導(dǎo)線周圍都產(chǎn)生圓形磁場，而且磁場的走向相同．在兩條導(dǎo)線之間磁場方向相反．

這就好像在兩條導(dǎo)線中間放置了兩塊磁鐵；它們的N極和S極相對，S極和N極相對．由于異名磁極相吸，這兩條導(dǎo)線會(huì)產(chǎn)生吸引力．

故答案為：吸引．

通電導(dǎo)線a的周圍有磁場，通電導(dǎo)體b放在了通電導(dǎo)線a的磁場內(nèi)；受到磁場的作用，根據(jù)左手定則就可以判斷出相互作用力．

本題考查了電流的磁場、磁場對電流的作用，只是要求靈活運(yùn)用所學(xué)知識，注意同向電流相吸，而同名磁極相斥．【解析】吸引11、略

【分析】解：

由圖可知，交變電動(dòng)勢的峰值為310V，周期為2×10-2s．

當(dāng)圖象與時(shí)間軸相交的時(shí)刻，斜率最大，即電動(dòng)勢變化最快，故交變電動(dòng)勢變化最快的時(shí)刻是：t=（n=1；2、3）．

感應(yīng)電動(dòng)勢為峰值的時(shí)刻穿過產(chǎn)生此電動(dòng)勢的線圈的磁通量變化最快，故穿過產(chǎn)生此電動(dòng)勢的線圈的磁通量變化最快的時(shí)刻是：t=（n=1；2、3）．

穿過此線圈的最大磁通量為BS，由Em=NBSω可得：

．

故答案為：

310；2×10-2；（n=1、2、3）；（n=1、2、3）；1×10-2．

由圖可以直接得到交流電電動(dòng)勢的峰值和周期．

由圖可以看出當(dāng)圖象與時(shí)間軸相交的時(shí)刻；斜率最大，即電動(dòng)勢變化最快．

磁通量變化越快感應(yīng)電動(dòng)勢越大；故可知感應(yīng)電動(dòng)勢為峰值的時(shí)刻穿過產(chǎn)生此電動(dòng)勢的線圈的磁通量變化最快．

由Em=NBSω可得穿過此線圈的最大磁通量．

首先在讀取周期上要注意看坐標(biāo)軸的數(shù)量級；其次在表示交變電動(dòng)勢變化最快的時(shí)刻和磁通量變化最快的時(shí)刻的時(shí)候，要注意表示全面，不能只表示圖中給出的這一個(gè)周期內(nèi)的對應(yīng)時(shí)刻．【解析】310；2×10-2；（n=1、2、3）；（n=1、2、3）；1×10-212、略

【分析】解：每個(gè)分子的質(zhì)量m=．

單位體積的質(zhì)量等于單位體積乘以密度；質(zhì)量除以摩爾質(zhì)量等于摩爾數(shù)；

所以單位體積所含的分子數(shù)n=NA；

故答案為：NA．

每摩爾物體含有NA個(gè)分子數(shù)；所以分子的質(zhì)量等于摩爾質(zhì)量除以阿伏伽德羅常數(shù)．要求出單位體積內(nèi)的分子數(shù)，先求出單位體積的摩爾量，再用摩爾量乘以阿伏伽德羅常數(shù)．

本題關(guān)鍵明確阿佛加德羅常數(shù)是聯(lián)系宏觀量與微觀量的橋梁；同時(shí)要明確物質(zhì)量等于物體質(zhì)量與摩爾質(zhì)量的比值．【解析】NA13、略

【分析】

光源在A處，射到B處恰好發(fā)生全反射，c為臨界角，由sinc=即。

如圖所示：

由題意可知：OB長為3m，根據(jù)勾股定理可得：OA長度為

光沿OA方向傳到水面時(shí)間最短，即為

故答案為：

【解析】【答案】水面下某處有一光源，當(dāng)光線從水中向空氣射時(shí)，當(dāng)入射角大于或等于臨界角時(shí)，發(fā)生全反射．在水面上形成一個(gè)圓形亮斑，是由光的折射現(xiàn)象導(dǎo)致．因此可由sinc=可得出臨界角，從而確定由幾何關(guān)系確定光源的深度．再由光速與最短距離可求出最短時(shí)間．

14、略

【分析】試題分析:【解析】

當(dāng)存在垂直于紙面向里的磁場時(shí)，由左手定則判斷線框所受安培力向上。根據(jù)受力平衡：F1+nBIL=mg當(dāng)改為向外的磁場后，線框所受安培力向下,彈簧的彈力變大，線框?qū)⑾蛳乱苿?dòng)。根據(jù)受力平衡：F2=mg+nBIL由胡克定律：x==得：B=考點(diǎn)：安培力；力的合成與分解的運(yùn)用；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用【解析】【答案】向下；15、略

【分析】解：安培表A1、A2并聯(lián)，電壓相同，表頭的電流相同，指針偏轉(zhuǎn)角度相同，由于安培表A1的量程大于A2的量程，則安培表A1的讀數(shù)大于安培表A2的讀數(shù)．

伏特表V1與V2串聯(lián)，流過表頭的電流相同，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，由于伏特表V1的量程大于V2的量程，則伏特表V1的讀數(shù)大于伏特表V2的讀數(shù)．

故答案為：大于等于大于等于．

由題：兩個(gè)安培表和兩個(gè)伏特表均是由四個(gè)相同的電流表改裝成的，表頭的滿偏電流和內(nèi)阻相同．安培表A1、A2并聯(lián)，電壓相同，表頭的電流，指針偏轉(zhuǎn)角度相同，量程越大，其讀數(shù)越大．伏特表V1與V2串聯(lián)；流過表頭的電流相同，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，則量程越大，其讀數(shù)越大．

安培表和伏特表都是小量程的電流表（表頭）改裝而成，其核心是表頭，表頭指針偏轉(zhuǎn)的角度取決于流過表頭的電流．【解析】大于；等于；大于；等于16、3.1×10-29kg2.79×10-12J【分析】略【解析】3.1隆脕103.1隆脕10鈭?29kgkg2.79隆脕102.79隆脕10鈭?12JJ17、（1）子彈的質(zhì)量m

（2）

【分析】【分析】(1)

分析子彈運(yùn)動(dòng)過程中的特點(diǎn)，由機(jī)械能守恒定律和動(dòng)量守恒定律解答；(2)

運(yùn)動(dòng)過程不計(jì)空氣，阻力擺錘和子彈一起擺動(dòng)上升的過程機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒定律求得。本題難度較小，對于此類問題選擇合適的研究對象至關(guān)重?！窘獯稹?1)(1)阻力擺錘和子彈一起擺動(dòng)上升的過程機(jī)械能守恒，子彈射入木質(zhì)擺錘的過程中，動(dòng)量守恒，由機(jī)械能守恒定律和動(dòng)量守恒定律解答，所以欲測得子彈的速度還需要測量的物理量是子彈的質(zhì)量mm(2)(2)由題意，運(yùn)動(dòng)過程不計(jì)空氣，阻力擺錘和子彈一起擺動(dòng)上升的過程機(jī)械能守恒，則有：12(M+m)v鹿虜2=(m+M)gL(1?cos婁脠)

解得：v0=2gl(1鈭?cos婁脠)

故答案為：(1)

子彈的質(zhì)量m(2)2gl(1鈭?cos婁脠)

【解析】(1)

子彈的質(zhì)量m

(2)2gl(1鈭?cos婁脠)

18、mgh2，【分析】【分析】本實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的是重力勢能的減小量和動(dòng)能的增加量是否相等，根據(jù)下落的高度求出重力勢能的減小量，根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求出瞬時(shí)速度的大小，從而求出動(dòng)能的增加量。只有明確了實(shí)驗(yàn)原理以及實(shí)驗(yàn)的數(shù)據(jù)測量，才能明確各項(xiàng)實(shí)驗(yàn)操作的具體含義，要熟練應(yīng)用物理基本規(guī)律，因此這點(diǎn)在平時(shí)訓(xùn)練中要重點(diǎn)加強(qiáng)?！窘獯稹繌拈_始下落到打B

點(diǎn)時(shí)，重錘重力勢能的減少量：鈻?EP=mgh2

打B

點(diǎn)的速度為：vB=xAC2T=h3?h12T

重錘動(dòng)能的增加量：?EK=12mvB2=m(h3?h1)28T2

故答案為：mgh2m(h3?h1)28T2

【解析】mgh2m(h3?h1)28T2

三、判斷題(共6題，共12分)19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動(dòng)電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．20、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．22、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．23、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．24、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．四、推斷題(共4題，共8分)25、（1）碳碳雙鍵

（2）加成

（3）

（4）+NaOH+NaBr【分析】【分析】本題考查有機(jī)推斷，涉及烯烴、鹵代烴、醇等性質(zhì)以及學(xué)生根據(jù)信息給予獲取知識的能力，是對有機(jī)化合物知識的綜合考查，能較好的考查考生的自學(xué)能力和分析推理能力，推斷出rm{A}的分子式，根據(jù)反應(yīng)條件及反應(yīng)類型，利用順推法進(jìn)行推斷，是高考熱點(diǎn)題型，難度中等。【解答】rm{1mol}某烴rm{A}充分燃燒后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}故烴rm{A}的分子式為rm{C_{8}H_{8}}不飽和度為rm{dfrac{2隆脕8+2-8}{2}=5}可能含有苯環(huán)，由rm{A}發(fā)生加聚反應(yīng)生成rm{C}故A中含有不飽和鍵，故A為rm{C}為rm{A}與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{B}則rm{B}為rm{B}在氫氧化鈉的乙醇溶液、加熱條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{E}則rm{E}為rm{E}與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成由信息烯烴與rm{HBr}的加成反應(yīng)可知，不對稱烯烴與rm{HBr}發(fā)生加成反應(yīng)，rm{H}原子連接在含有rm{H}原子多的rm{C}原子上，故與rm{HBr}放出加成反應(yīng)生成rm{D}則rm{D}為rm{D}在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{F}則rm{F}為rm{F}與乙酸發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{H}故H為據(jù)此解答。rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}中的官能團(tuán)是碳碳雙鍵，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式：故答案為：碳碳雙鍵；

rm{(2)}上述反應(yīng)中，反應(yīng)rm{壟脵}是與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成

故答案為：加成；

rm{(3)}由上述分析可知，rm{C}為rm{D}為rm{E}為rm{F}為

故答案為：

rm{(4)D隆煤F}是在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應(yīng)生成反應(yīng)方程式為：rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}

故答案為：rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaBr}

rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}【解析】rm{(1)}碳碳雙鍵rm{{,!}_{;;;}}rm{(2)}加成rm{(3)}rm{(4)}rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}rm{+NaBr}26、（1）第三周期、第ⅢA族（2）HClO4（3）NO23NO2+H2O=2HNO3+NO（4）【分析】【分析】本題考查元素周期表的結(jié)構(gòu)及應(yīng)用、電子式、氮的氧化物，根據(jù)元素的位置推斷元素及元素化合物知識為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與應(yīng)用能力的考查?！窘獯稹坑稍氐奈恢每芍?，rm{壟脵壟脷壟脹壟脺壟脻壟脼}分別為rm{N}rm{F}rm{Na}rm{Al}rm{Si}rm{Cl}rm{(1)}元素rm{壟脺}為rm{Al}位于第三周期、第Ⅲrm{A}族；故答案為：第三周期、第Ⅲrm{A}族；rm{(2)壟脻}rm{壟脼}分別為rm{Si}rm{Cl}元素的非金屬性越強(qiáng)，最高價(jià)氧化物對應(yīng)的水化物酸性越強(qiáng)，非金屬性：rm{Cl>Si}則兩種元素最高價(jià)氧化物對應(yīng)的水化物酸性較強(qiáng)的是rm{HClO_{4}}故答案為：rm{HClO_{4}}rm{(3)壟脵}為rm{N}元素，rm{N}元素形成的多種氧化物中顏色為紅棕色的是rm{NO_{2}}與水反應(yīng)生成rm{HNO_{3}}和rm{NO}反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}故答案為：rm{NO_{2}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{(4)壟脹}為rm{Na}元素，rm{壟脷}為rm{F}元素，二者形成的化合物為rm{NaF}其電子式為故答案為：【解析】rm{(1)}第三周期、第Ⅲrm{A}族rm{(2)HClO_{4}}rm{(3)NO_{2}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{(4)}27、rm{(1)2-}甲基rm{-1-}丁烯rm{-OH}rm{-CHO}

rm{(2)}酯化反應(yīng)rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

rm{(3)}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}

rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}

rm{(4)}rm{(5)HCOOCH_{2}CH_{2}CH=CH_{2}}【分析】【分析】

本題考查有機(jī)物推斷；有機(jī)反應(yīng)方程式、同分異構(gòu)體書寫等；注意根據(jù)反應(yīng)條件進(jìn)行推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，難度中等。

【解答】

rm{A}與溴水發(fā)生加成反應(yīng)生成則rm{A}為．發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{B}為rm{B}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{C}為rm{C}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{D}rm{D}酸化得到rm{E}為rm{E}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{F}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}溴乙烷發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{G}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{F}與rm{G}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{H}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}．

rm{(1)A}為rm{A}的名稱rm{(}系統(tǒng)命名rm{)}為rm{2-}甲基rm{-1-}丁烯；rm{C}為含有官能團(tuán)的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{-OH}rm{-CHO}

故答案為：rm{2-}甲基rm{-1-}丁烯；rm{-OH}rm{-CHO}

rm{(2)G+F隆煤H}的反應(yīng)類型為酯化反應(yīng)，rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

故答案為：酯化反應(yīng)；rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

rm{(3)C隆煤D}的離子方程式為：rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}

故答案為：rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}

rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}為rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}在一定條件下發(fā)生縮聚反應(yīng)生成的高分子化合物為

故答案為：

rm{(4)E}為rm{E}符合下列條件的rm{(5)F}的rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}種同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式：rm{F}能發(fā)生水解反應(yīng)，屬于酯類rm{3}不含甲基，rm{壟脵}能發(fā)生銀鏡