2025年青島版六三制新高三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年青島版六三制新高三物理下冊階段測試試卷928考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、物體在做直線運動時，一定隨時間增大的是（）A.位移B.速度C.加速度D.路程2、【題文】關于電源的電動勢，下面說法錯誤的是A.電源的電動勢就是電源兩極間的電壓B.電動勢越大的電源，將其它形式的能轉化為電能的本領越大C.電動勢的數(shù)值等于內、外電路電壓之和D.電動勢只由電源性質決定，與外電路無關3、在物理學發(fā)展過程中，許多科學家做出了貢獻，下列說法正確的是（）A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流磁效應；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應B.麥克斯韋預言了電磁波的存在；楞次用實驗證實了電磁波的存在C.庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷的相互作用規(guī)律；赫茲通過油滴實驗測定了元電荷的數(shù)值D.楊氏雙縫干涉實驗證明光具有波動性；光的衍射證明光是橫波4、振動周期為T、振幅為A、位于x=0點的波源從平衡位置沿y軸正向開始做簡諧運動．該波源產生的一維簡諧橫波沿x軸正向傳播，波速為v，傳播過程中無能量損失．一段時間后，該振動傳播至某質點P，關于質點P振動的說法正確的是（）A.振幅小于為AB.周期一定為TC.速度的最大值一定為vD.開始振動的方向沿y軸向上或向下取決于它離波源的距離5、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地．一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，則（）A.帶電油滴將沿豎直方向向上運動B.P點的電勢將降低C.帶電油滴的電勢能將減少D.極板帶電量將增加評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、如圖所示；在不計滑輪摩擦和繩子質量的條件下，當小車勻速向右運動時，關于物體A的敘述正確的是（）

A.加速運動B.減速運動C.勻速運動D.繩的拉力大于物體A的重力7、一個小球從傾角為θ的斜面上A點以水平速度V0拋出；不計空氣阻力，說法正確的是（）

A.小球落到斜面所需時間為2V0tanθ/gB.落到斜面上時速度方向與水平方向成θ角C.落到斜面上的點與拋出點距離為D.小球落到斜面上時的速度大小為V0（1+4tan2θ）8、如圖是甲、乙兩物體從同一點出發(fā)的運動圖象，由圖象可以看出在0到4秒內（）A.甲、乙始終同向運動B.兩個物體相距最遠時刻是2s末C.乙作直線運動，甲作曲線運動D.甲的平均速度等于乙的平均速度9、A、B兩質點分別在各自的直線軌道上運動，圖甲是質點A的位移隨時間變化的圖象，圖乙是質點B的速度隨時間變化的圖象，下列說法中正確的是（）A.質點A在0～2s內的平均速度為零B.質點B在0～2s內的平均速度為零C.質點A在0～1s內的運動方向與在1～2s內的運動方向相反D.質點B在0～1s內的運動方向與在1～2s內的運動方向相反10、下面說法中正確的是（）A.光子射到金屬表面時，可能有電子發(fā)出B.光子射到金屬表面時，一定有電子發(fā)出C.電子轟擊金屬表面時，可能有光子發(fā)出D.電子轟擊金屬表面時，一定沒有光子發(fā)出11、如圖，A為豎直圓環(huán)的頂點，弦AB、AC為光滑斜面，斜面與豎直方向夾角分別為α和β，且α＜β，設小球從A點沿AB和AC滑下的初速度分別為v1和v2．要是小球滑到底端時間相同，則v1和v2大小關系正確的是（）A.=B.=C.v1=v2=0D.若v2=0，則v1一定大于012、如圖是伽利略設計的一種測溫裝置示意圖，玻璃管的上端與導熱良好的玻璃泡連通，下端插入水中，玻璃泡中封有一定量的空氣．外界大氣壓強保持不變時，發(fā)現(xiàn)玻璃管內水柱上升，則封閉空氣的變化可能是（）A.溫度降低，壓強增大B.溫度降低，壓強減小C.溫度升高，壓強增大D.溫度升高，壓強減小13、下列說法正確的是（）A.布朗運動就是分子的運動，它的運動是無規(guī)則的，是永遠不會停止的B.物體的溫度升高時，組成物體的某個分子運動的速度有可能減小C.液晶顯示器是利用了液晶對光具有各向異性的特點E.物體放出熱量，同時對外做功，內能可能不變．E.物體放出熱量，同時對外做功，內能可能不變．14、在光滑水平面上有一質量為lkg的物體，它的左端與一勁度系數(shù)為800N/m的輕彈簧相連，右端連接一細線．物體靜止時細線與豎直方向成37°角，此時物體與水平面剛好接觸但無作用力，彈簧處于水平狀態(tài)，如圖所示，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g取10m/s2，則下列判斷正確的是（）A.當剪斷細線的瞬間，物體的加速度為7.5m/s2B.當剪斷彈簧的瞬間，物體所受合外力為零C.當剪斷細線的瞬間，物體所受合外力為零D.當剪斷彈簧的瞬間，物體的加速度為7.5m/s2評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、動能的計算公式為____．一個質量為50kg的學生，當她的運動速度為2米/秒時，她的動能為____J．16、（2013秋?南長區(qū)校級月考）一個等腰直角三棱鏡的截面ABC如圖甲所示，一細束綠光從AB面的P點沿平行底面BC方向射入棱鏡后，經BC面反射，再從AC面的Q點射出，且有PQ∥BC（圖中未畫光在棱鏡內的光路）．若棱鏡對綠光的折射率是，則綠光在棱鏡中的傳播速度是____m/s；如果將一束藍光沿同樣的路徑從P點射入三棱鏡，也有光線從AC射出，請在圖乙中定性作出出射光線（虛線表示綠光的出射光線）．17、（2011?鼓樓區(qū)校級模擬）（1）下列說法中正確的是____

A．簡諧機械波在給定的介質中傳播時；振動的頻率越高，則波傳播一個波長的距離所用的時間越短．

B．麥克斯韋預言只要電場和磁場發(fā)生變化；就能產生電磁波。

C．紅外線和X射線都有很高的穿透本領；常用于醫(yī)學上透視人體。

D．根據(jù)狹義相對論；在地面附近有一高速飛過的火箭，地面上的人觀察到火箭變短了。

（2）一列橫波沿直線向右傳播，直線上有間距均為L的13個質點，如圖1所示．t=0時刻橫波到達質點1，質點1開始向下運動，振幅為A，經過時間△t，此時質點1第二次到達負方向最大位移處，已知該橫波的波長為8L，則其波速為____．請在圖中畫出t=△t時；此13個質點所形成的波形圖．

（3）如圖2所示，游泳池寬度L=15m，水面離岸邊的商度為0.5m，在左岸邊一標桿上裝有一A燈，A燈距地而高0.5m，在右岸邊站立著一個人，E點為人眼的位置，人眼距地面離1.5m，若此人發(fā)現(xiàn)A燈經水反射所成的像與左岸水面下某處的B燈經折射后所成的像重臺，已知水的折射率為1.3，則B燈在水面下多深處？（B燈在圖中未畫出）____．18、如圖所示，硬質透明塑料瓶內放少許水，用橡皮塞把瓶口塞住，向瓶內打氣直到瓶塞跳出，此時可觀察到瓶中出現(xiàn)白霧.

在瓶塞跳出的瞬間，瓶內氣體內能______，水蒸氣飽和汽壓______.(

兩空都選填“增大”、“減小”或“不變”)

19、圖中游標卡尺的讀數(shù)分別為____mm

20、（2011秋?金華期末）如圖所示，M為電動機，R2為電熱絲．已知：電池組的電動勢是E=22V，內阻是r=lΩ；電動機內部線圈電阻是R1=1Ω，正常工作時電動機的電壓是12V；電熱絲的阻值R2=4Ω．閉合電鍵，電動機正常工作，電熱絲R2上的熱功率P2=____W，電動機的輸出功率P=____W．21、（2010秋?臨海市校級月考）明明同學講了一個龜兔賽跑的故事；按照明明講的故事情節(jié)，聰聰畫出了兔子和烏龜?shù)奈灰茍D象如圖所示，請你依照圖象中的坐標，回答下列問題．

（1）故事中的兔子和烏龜是否在同一地點同時出發(fā)？答：____（填“是”或“不是”）

（2）兔子和烏龜在比賽途中相遇過____次．

（3）在0～t6這段時間內，烏龜?shù)钠骄俣萠___兔子的平均速度．（填“大于”、“小于”或“等于”）評卷人得分四、實驗題(共1題，共3分)22、（2014秋?蕪湖期末）下面是在測某電源電動勢和內阻的實驗中紀錄的六組數(shù)據(jù)．請在直角坐標系中畫出U-I圖象，待測電池的電動勢為____，內阻為____．

。I/A0.100.150.250.370.400.50U/V1.381.341.251.151.201.05評卷人得分五、推斷題(共2題，共4分)23、【化學rm{隆陋}選修rm{5}有機化學基礎】以芳香烴rm{A}為原料合成有機物rm{F}和rm{I}的合成路線如下：rm{(1)A}的分子式為_______________，rm{C}中的官能團名稱為_______________。rm{(2)D}分子中最多有_______________個原子共平面。rm{(3)E}生成rm{F}的反應類型為_______________，rm{G}的結構簡式為______________________________。rm{(4)}由rm{H}生成rm{I}的化學方程式為____________________________________________________________。rm{(5)}符合下列條件的rm{B}的同分異構體有_______________種rm{(}不考慮立體異構rm{)}其中核磁共振氫譜為rm{4}組峰，且面積比為rm{6}rm{2}rm{1}rm{1}的是rm{(}寫出其中一種的結構簡式rm{)}______________________________rm{壟脵}屬于芳香化合物；rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應。rm{(6)}己知rm{RCOOHxrightarrow[]{SOC{l}_{2}}RCOCl}參照上述合成路線，以苯和丙酸為原料rm{RCOOHxrightarrow[]{SOC{l}_{2}}

RCOCl}無機試劑任選rm{(}設計制備的合成路線。rm{)}24、rm{[}化學rm{隆陋}選修rm{5}有機化學基礎rm{]}

rm{G}是抗炎癥藥物的中間體，其合成過程如下：已知：Ⅰ．Ⅱrm{.}rm{(}具有較強的還原性rm{)}rm{(1)B}的結構簡式為________________。rm{(2)}反應rm{壟脺}的條件為____；反應rm{壟脵}的反應類型為____；反應rm{壟脷}的作用是___________。rm{(3)}下列關于rm{G}中的描述正確的是____。A.具有兩性，既能與酸反應也能與堿反應B.能發(fā)生加成、消去、取代和氧化反應C.能聚合成高分子化合物D.rm{1molG}與足量rm{NaHCO_{3}}溶液反應放出rm{2molCO_{2}}rm{(4)D}與足量的rm{NaOH}溶液反應的化學方程式為___________________。rm{(5)}符合下列條件的rm{C}的同分異構體有______種。rm{a.}屬于芳香族化合物，且含有兩個甲基rm{b.}能發(fā)生銀鏡反應rm{c.}與rm{FeCl_{3}}溶液發(fā)生顯色反應其中核磁共振氫譜有rm{4}組峰，且峰面積之比為rm{6:2:1:1}的是__________。rm{(6)}已知：苯環(huán)上有烷烴基時，新引入的取代基連在苯環(huán)的鄰對位；苯環(huán)上有羧基時，新引入的取代基連在苯環(huán)的間位。依據(jù)題意，寫出以甲苯為原料合成鄰氨基苯甲酸的流程圖rm{(}無機試劑任選rm{)}示例如下：參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【分析】明確各描述物體運動的物理量的性質，結合物體的運動性質進行分析，從而明確是否會發(fā)生變化．【解析】【解答】解：速度做直線運動可以做勻速直線運動或勻加速直線也可以是一般的變速運動；故速度；加速度均可能不變；物體若做往返運動；則位移也可能不變；只有路程一定會增大；

故選：D．2、A【分析】【解析】

試題分析：電源兩極間的電壓是路端電壓比電源的電動勢要??；A對；由電動勢的物理意義知電動勢越大的電源，將其它形式的能轉化為電能的本領越大，B錯；由閉合電路的歐姆定律知電動勢的數(shù)值等于內；外電路電壓之和，C錯；電源電動勢只由電源性質決定，與外電路無關，D錯。

考點：本題考查電動勢；閉合電路的歐姆定律。

點評：本題學生明確電源電動勢由電壓本身決定，跟是否接入電路無關；熟練掌握閉合電路的歐姆定律常見的表達式?！窘馕觥俊敬鸢浮緼3、A【分析】解：A；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流磁效應；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，故A正確；

B；麥克斯韋預言了電磁波；赫茲用實驗證實了電磁波的存在；楞次是發(fā)現(xiàn)了電磁感應中的感應電流的方向，故B錯誤；

C；庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷的相互作用規(guī)律；密立根測定了元電荷的數(shù)值，故C錯誤；

D；楊氏雙縫干涉實驗證明光具有波動性；光的衍射證明光是波動性，不能證明是橫波，故D錯誤；

故選：A

本題考查電磁學中的相關物理學史；應掌握在電磁學發(fā)展中作出突出貢獻的科學家的名字及主要發(fā)現(xiàn)．

近幾年高考中增加了對物理學史的考查，在學習中要注意掌握科學家們的主要貢獻，要求能熟記．【解析】【答案】A4、B【分析】【分析】介質中各質點的起振方向與波源的起振方向相同，沿波的傳播方向質點的振動越來越遲，后振動的質點重復先振動的質點的運動．各點振動周期相同，若無能量損耗，則振幅相同．【解析】【解答】解：ABC；波在傳播過程中無能量損失；各振動質點的振動周期、振幅，則知質點p振動的振幅一定為A，周期一定為T，但p質點的振動速度與波傳播的速度無關，速度的最大值不一定是v．故AC錯誤，B正確；

D；據(jù)波的傳播特點可知；各質點的起振方向與波源的起振方向相同，并不取決于離波源的距離，故D錯誤．

故選：B．5、B【分析】【分析】將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，電容器兩板間電壓不變，根據(jù)E=分析板間場強的變化，判斷電場力變化，確定油滴運動情況．由U=Ed分析P點與下極板間電勢差如何變化，即能分析P點電勢的變化和油滴電勢能的變化．【解析】【解答】解：A、將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)E=得知板間場強減?。挥偷嗡艿碾妶隽p小，則油滴將向下運動．故A錯誤．

B；場強E減??；而P點與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與下極板間電勢差將減小，而P點的電勢高于下極板的電勢，則知P點的電勢將降低．故B正確．

C；由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知；油滴帶負電，P點的電勢降低，則油滴的電勢能將增加．故C錯誤．

D；根據(jù)Q=UC；由于電勢差不變，電容器的電容減小，故帶電量減小，故D錯誤；

故選：B．二、多選題(共9題，共18分)6、AD【分析】【分析】將小車的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，沿繩子方向的速度等于A的速度，根據(jù)平行四邊形定則判斷出A的速度變化，從而得出A的加速度方向，根據(jù)牛頓第二定律判斷拉力和重力的大小關系．【解析】【解答】解小車沿繩子方向的速度等于A的速度，設繩子與水平方向的夾角為θ，根據(jù)平行四邊形定則，物體A的速度vA=vcosθ，小車勻速向右運動時，θ減小，則A的速度增大，所以A加速上升，加速度方向向上，根據(jù)牛頓第二定律有：T-GA=mAa．知拉力大于重力．故A；D正確；B、C錯誤．

故選：AD．7、ACD【分析】【分析】小球落在斜面上，根據(jù)豎直位移和水平位移的關系，結合運動學公式求出小球平拋運動的時間，根據(jù)水平位移求出落點和拋出點的距離．抓住平拋運動某時刻速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角的正切值得出落在斜面上的速度方向．根據(jù)豎直分速度的大小，結合平行四邊形定則求出落在斜面上的速度大小．【解析】【解答】解：A、根據(jù)得，平拋運動的時間t=；故A正確．

B；因為平拋運動某時刻速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍；位移與水平方向的夾角為θ，則速度與水平方向的夾角不等于θ，故B錯誤．

C、平拋運動的水平位移x=，則落點與拋出點的距離s=．故C正確．

D、落在斜面上時豎直分速度vy=gt=2v0tanθ，根據(jù)平行四邊形定則知，落在斜面上的速度大小．故D正確．

故選：ACD．8、BD【分析】【分析】位移-時間圖象表示物體的位置隨時間的變化，圖象上的任意一點表示該時刻的位置，圖象的斜率表示該時刻的速度，斜率的正負表示速度的方向．【解析】【解答】解：A；由于位移-時間圖象的斜率表示該時刻的速度；可以從圖中看出乙物體的速度（斜率）為正值，即速度為正方向，甲物體前兩秒內速度為正方向，2秒末到4秒末速度為負方向，故A錯誤．

B；從位移-時間圖象來看；兩個物體兩秒末縱坐標讀數(shù)之差最大，即兩物體相距最遠，故B正確．

C；圖象上的任意一點表示該時刻的位置坐標；在時間軸上方，位置坐標為正數(shù)，在時間軸下方，位置坐標為負數(shù)，即圖象中的坐標不是正數(shù)就是負數(shù)，所有點在同一條直線上，所以位移-時間圖象僅描述直線運動，故C錯誤．

D；從圖中可以看到四秒末兩物體的位置坐標相同；由于甲、乙兩物體從同一點出發(fā)，故四秒末位移相同，又因時間相同，所以平均速度相同，故D正確．

故選：BD9、AC【分析】【分析】由圖讀出速度的變化情況，分析物體的運動情況．速度圖象的斜率等于加速度．位移時間圖象的斜率表示速度．【解析】【解答】解：A；由題圖可知；0-1s，質點A沿正方向做勻速直線運動，1-2s，沿負方向做勻速直線運動，2s末回到出發(fā)點，2s內的位移為零，所以選項AC正確；

B；0-1s；質點B沿正方向做勻加速直線運動，1-2s，沿正方向做勻減速運動，2s內的位移為2m，平均速度為1m/s，故BD錯誤．

故選AC10、AC【分析】【分析】光子射到金屬表面看有無電子發(fā)出，可以根據(jù)能否發(fā)生光電效應得知．電子轟擊金屬表面能否有光子發(fā)出，看能否擾動原子的內層電子．【解析】【解答】解：光子射到金屬表面時，若γ＞γ0，則有電子發(fā)出，若γ＜γ0；沒有電子發(fā)出．故A正確，B錯誤．

電子轟擊金屬表面時；當電子的能量足夠大的話，能夠擾動原子的內層電子，就會有x或γ射線產生．故C正確，D錯誤．

故選AC．11、BC【分析】【分析】根據(jù)幾何關系得出位移的表達式，根據(jù)牛頓第二定律得出加速度的表達式，抓住時間相等，根據(jù)位移時間公式分析判斷．【解析】【解答】解：小球沿AB滑動的位移s=2Rcosα；沿AC滑動的位移為s′=2Rcosβ；

在AB上滑動的加速度a=gcosα；則AC上滑動的加速度a′=gcosβ；

對于AB段，；

對于AC段，；

因為運動的時間相等，，可知；故A錯誤，B正確．

若v1=v2=0，根據(jù)s=得，t=；與傾角無關，時間相等，故C正確，D錯誤．

故選：BC．12、ABC【分析】【分析】此溫度計不是根據(jù)液體的熱脹冷縮原理制成的，它是靠氣體作為膨脹物質，液體的受熱膨脹忽略不計；外界大氣的壓強變化時，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程也可以判定【解析】【解答】解：設玻璃泡中氣體壓強為p；外界大氣壓強為p′，則p′=p+ρgh，且玻璃泡中氣體與外界大氣溫度相同．液柱上升，氣體體積V減?。?/p>

A、由理想氣體的狀態(tài)方程可知；V減小，如果p增大，T可能不變，可能減小，也可能增大，故AC正確；

B、由理想氣體的狀態(tài)方程可知；V減小，如果壓強減小，T降低，故B正確D錯誤；

故選：ABC13、BCD【分析】【分析】布朗運動是懸浮在液體中的固體顆粒的無規(guī)則的運動；溫度是分子的平均動能的標志；液晶顯示器是利用了液晶對光具有各向異性的特點；表面張力有使液體的表面積最小的趨勢；根據(jù)公式△E=W+Q判定內能是否變化．【解析】【解答】解：A；布朗運動是懸浮在液體中的固體顆粒的無規(guī)則的運動；它不是分子的運動；故A錯誤；

B；溫度是分子的平均動能的標志；是大量的分子無關運動的統(tǒng)計規(guī)律，物體的溫度升高時，組成物體的分子平均動能增大．而某個分子運動的速度有可能減小．故B正確；

C；液晶顯示器是利用了液晶對光具有各向異性的特點．故C正確；

D；表面張力有使液體的表面積最小的趨勢；例如葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用．故D正確；

E；根據(jù)公式△E=W+Q；物體放出熱量，同時對外做功，內能減?。蔈錯誤．

故選：BCD14、AB【分析】【分析】以物體為研究對象，進行受力分析，抓住剪斷彈簧的瞬間，細線的拉力會突變，而剪斷細線的瞬間，彈簧的彈力不突變，根據(jù)牛頓第二定律進行求解．【解析】【解答】解：A；C、在剪斷前以物體為研究對象；進行受力分析可知，彈簧的彈力為T=mgtan37°=10×0.75N=7.5N，當剪斷時繩上的拉力變?yōu)榱悖瑥椈傻膹椓Σ蛔?，此時合力不為零，由牛頓第二定律可知，T=ma解得。

a=7.5m/s2；故A正確，C錯誤；

B；D、當剪斷彈簧的瞬間；彈簧上的拉力消失，細繩上的拉力同時也消失，物體只受到重力和地面的支持力的作用，所受合外力為零．故B正確，D錯誤．

故選：AB三、填空題(共7題，共14分)15、100【分析】【分析】動能的表達式為：；根據(jù)表達式代入數(shù)據(jù)即可求得學生的動能．【解析】【解答】解：動能是表示物體由于運動而具有的能量；其表達式為：

；

該同學的動能為：EK=×50×22=100J；

故答案為：；100．16、1.73×108【分析】【分析】由在介質中的光的傳播速度公式v=可求得綠光在棱鏡中的傳播速度，由光的折射規(guī)律及全反射畫出傳播圖．作圖時要注意藍光的折射率大于綠光的折射率，根據(jù)折射定律判斷在AC面上折射角的大小，根據(jù)幾何關系確定在BC面上的入射角，從而確定出射點以及出射角的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓壕G光在棱鏡中的傳播速度是v==m/s=1.73×108m/s；

藍光的折射率大于綠光的折射率；在AC面上偏折大，在AB面上發(fā)生反射，根據(jù)幾何關系得，在BC面上的入射角和在AC面上的折射角相等，根據(jù)折射定律，通過光的可逆性，可知出射光線仍然與AB平行，出射點在Q點上面，如圖．

故答案為：1.73×108m/s；藍光的出射光線如圖中實線所示．17、AD△t4.35m【分析】【分析】（1）簡諧機械波在給定的介質中傳播時；振動的頻率越高，周期越短，波傳播一個波長的距離所用的時間越短．麥克斯韋預言周期性變化的電場和磁場才能產生電磁波．X射線有很高的穿透本領，常用于醫(yī)學上透視人體。

根據(jù)狹義相對論；在地面附近有一高速飛過的火箭，地面上的人觀察到火箭變短了．

（2）由題，t=0時刻橫波到達質點1，質點1開始向下運動，經過時間△t，質點1第二次到達負方向最大位移處，經過1周期時間，求出周期，再求出波速．t=△t時，波傳播了1波長的距離．

（3）作出光路圖，根據(jù)幾何知識和折射定律求解B燈在水面下的深度．【解析】【解答】解：（1）A；波傳播一個波長的距離所用的時間等于一個周期；簡諧機械波在給定的介質中傳播時，振動的頻率越高，周期越短，則波傳播一個波長的距離所用的時間越短．故A正確．

B；麥克斯韋預言周期性變化的電場和磁場才能產生電磁波．故B錯誤．

C、X射線有很高的穿透本領，常用于醫(yī)學上透視人體，紅外線不能用于醫(yī)學上透視人體．故C錯誤．

D；根據(jù)狹義相對論尺縮效應可知；在地面附近有一高速飛過的火箭，地面上的人觀察到火箭變短了．故D正確．

故選AD

（2）由題，1T=△t，則周期T=．波形如圖．

（3）設A、B、E三點到水面的距離分別為L1、L2、L3，CD間距離為L4，則由題可知，L1=1m，L3=1.5m+0.5m=2.0m．

由于A′是人觀察到的B燈經折射后所成的像，根據(jù)三角形相似得

代入解得，L4=5m

由數(shù)學知識得到。

sini=sin∠CBD=

sinr=sin∠CA′D=

又

聯(lián)立以三式得，L2=4.35m

故答案為：

（1）AD；（2）；（3）4.35m18、略

【分析】解：瓶塞跳出的過程中瓶內的氣體對外做功；由于該過程的時間比較短；可知氣體來不及吸收熱量，根據(jù)熱力學第一定律可知，氣體的內能減??；

氣體的內能減??；則溫度降低，由于水的蒸氣飽和汽壓的大小僅僅與溫度有關，所以水蒸氣飽和汽壓減小．

故答案為：減?。粶p小。

做功和熱傳遞都可以改變物體的內能；水的蒸氣飽和汽壓的大小僅僅與溫度有關．

該題考查熱力學第一定律以及水蒸氣的飽和汽壓，明確水蒸氣飽和汽壓僅僅與溫度有關是解答的關鍵．【解析】減??；減小19、10.52【分析】【分析】解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．【解析】【解答】解：游標卡尺主尺部分讀數(shù)為：10mm；該游標卡尺是50分度的，游標尺上每一刻度為0.02mm，現(xiàn)在是第26刻度與主尺刻度對齊，則游標尺讀數(shù)為：0.02×26mm=0.52mm，所以總的讀數(shù)為10.52mm

故答案為：10.5220、1620【分析】【分析】對于電動機等非純電阻，發(fā)熱的功率用P=I2R來計算；非純電阻電路中P總=P出+P熱，且總功率用P=IU來計算，發(fā)熱的功率用P=I2R來計算．【解析】【解答】解：根據(jù)串聯(lián)電路的特點可得電熱絲兩端電壓為：U2=E-U1=22-12V=10V

由歐姆定律得電路中的電流為：I===2A

電熱絲R2上的熱功率P2=I2R2=22×4W=16W

吹風機正常工作時，電熱絲上的熱功率為：P熱=I2r=22×1W=4W

電動機的總功率為：P總=UMI=12×2W=24W

電動機的輸出功率為：P出=P總-P熱=20W

故答案為：16，20．21、不是2大于【分析】【分析】（1）根據(jù)兩個動物開始運動時坐標分析出發(fā)地點的關系．

（2）由圖看出，烏龜和兔子是同一地點出發(fā)的，再次相遇時，位移應相等，由圖讀出相遇的次數(shù)．【解析】【解答】解：（1）從圖象看出；烏龜和兔子開始運動時s=0，是在同一地點出發(fā)．

（2）由題，烏龜和兔子是同一地點出發(fā)的，當位移再次相同，兩者相遇，由圖在t2和t4兩時刻；兩者位移相等，說明在比賽途中相遇2次．

（3）在0～t6這段時間內；由圖可以看出烏龜?shù)奈灰拼笥谕米拥奈灰?，故烏龜?shù)钠骄俣却笥谕米拥钠骄俣龋?/p>

故答案為：不是；2；大于．四、實驗題(共1題，共3分)22、1.46V0.84Ω【分析】【分析】應用描點法作圖，電源的U-I圖象與縱軸交點坐標值為電源電動勢，圖象斜率的絕對值等于電源內阻．【解析】【解答】解：根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系內描出對應的點；

然后根據(jù)描出的點作出電源的U-I圖象如圖所示；

圖線縱軸截距為1.46V；知電池的電動勢為1.46V；

內電阻r=≈0.84Ω；

故答案為：圖象如圖所示；1.46V；0.84Ω．五、推斷題(共2題，共4分)23、?（1）C7H8羥基（2）17（3）消去反應（4）（5）14（6）【分析】【分析】本題考查有機物的推斷，側重有機物結構與性質的考查，要求對學生熟練掌握基礎知識，旨在考查學生靈活運用基礎知識解決實際問題的能力，有利于培養(yǎng)學生的邏輯推理能力和遷移能力?！窘獯稹扛鶕?jù)rm{B}的結構簡式可推知rm{A}為甲苯，rm{B}與四氫鋁鋰反應，把酮基還原為相應的醇rm{C}rm{C}在濃硫酸作用下發(fā)生消去反應生成對甲基苯乙烯rm{D}rm{D}中的雙鍵與溴的四氯化碳溶液發(fā)生加成反應生成二溴代烴rm{E}rm{E}在rm{KOH/}乙醇、加熱條件下發(fā)生消去反應生成對甲基苯乙炔rm{F}由rm{I}的結構簡式可推知rm{H}為rm{G}為rm{(1)A}為甲苯，分子式為rm{C_{7}H_{8}}rm{C}為醇，官能團為羥基，故答案為：rm{C_{7}H_{8}}羥基；rm{(2)D}為對甲基苯乙烯，分子中最多有rm{17}個原子共平面，故答案為：rm{17}rm{(3)E}生成rm{F}的反應類型是消去反應，rm{G}為苯甲醛，結構簡式為故答案為：消去反應；rm{(4)H}生成rm{I}為酯化反應，化學方程式為故答案為：rm{(5)壟脵}屬于芳香化合物，說明結構中存在苯環(huán)，rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應，說明結構存在醛基，綜合上述，苯環(huán)上有一個取代基，分別為：rm{-CH_{2}CH_{2}CHO}rm{-CH(CH_{3})CHO}兩種；苯環(huán)上有兩個取代基時，有兩種情況：其一：rm{-CH_{2}CH_{3}}和rm{-CHO}有鄰、間、對三種，其二：rm{-CH_{2}CHO}和rm{-CH_{3}}有鄰、間、對三種，苯環(huán)上有三個取代基：兩個rm{-CH_{3}}一個rm{-CHO}有rm{6}種結構，符合條件的同分異構體一共有rm{14}種，其中核磁共振氫譜為rm{4}組峰，且面積比為rm{6}rm{2}rm{1}rm{1}的有兩種分別為故答案為：rm{14}rm{(6)}以苯和丙酸為原料制備的合成路線為故答案為：【解析】?rm{(1)C_{7}H_{8}}羥基rm{(2)17}rm{(3)}消去反應rm{(4)}rm{(5)14}rm{(6)}24、（1）（2）取代反應保護酚羥基，防止被氧化；（3）AC