2025年人教新起點高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教新起點高二物理上冊月考試卷160考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、“軌道電子俘獲”也是放射性同位素衰變的一種形式；它是指原子核（稱為母核）俘獲一個核外電子，其內(nèi)部一個質(zhì)子變?yōu)橹凶?，從而變成一個新核（稱為子核），并且放出一個中微子的過程，中微子的質(zhì)量極小，不帶電，很難被探測到，人們最早是通過子核的反沖而間接證明中微子的存在的．關于一個靜止的母核發(fā)生“軌道電子俘獲”，衰變?yōu)樽雍瞬⒎懦鲋形⒆?，下面的說法中正確的是（）

A.子核的動量與中微子的動量相同。

B.母核的電荷數(shù)小于子核的電荷數(shù)。

C.母核的質(zhì)量數(shù)等于子核的質(zhì)量數(shù)。

D.子核的動能大于中微子的動能。

2、如圖所示，高速運動的α粒子被位于O點的重原子核散射，實線表示α粒子運動的軌跡，M、N和Q為軌跡上的三點，N點離核最近，Q點比M點離核更遠，則()A.α粒子在M點的速率比在Q點的大B.三點中，α粒子在N點的電勢能最大C.在重核產(chǎn)生的電場中，M點的電勢比Q點的低D.α粒子從M點運動到Q點，電場力對它做的總功為負功3、下述說法正確的是（）A.元電荷就是質(zhì)子B.物體所帶的電量只能是某些值C.元電荷是帶正電的電子D.由庫侖定律F=k可知，當兩電荷間距離r→0時，F(xiàn)→∞4、如圖所示，a、b、c是一條電場線上的三個點，電場線的方向由a到c，a、b間距離等于b、c間距離。用Ua、Ub、Uc和Ea、Eb、Ec分別表示a、b；c三點的電勢和電場強度；可以判定（）

A.Ua>Ub>UcB.Ua－Ub＝Ub－UcC.Ea>Eb>EcD.Ea=Eb=Ec5、在力的合成中，合力與分力的大小關系是(

)

A.合力一定大于每一個分力B.合力一定至少大于其中一個分力C.合力一定至少小于其中一個分力D.合力可能比兩個分力都小，也可能比兩個分力都大6、如圖是條形磁鐵的部分磁感線分布示意圖，關于圖中a

、b

兩點磁場的描述，下列說法中正確的是

A.a

點的磁場方向為圖中Ba

指向B.b

點的磁場方向為圖中Bb

指向C.a

點的磁感應強度大于b

點的磁感應強度D.a

點的磁感應強度小于b

點的磁感應強度7、如圖所示，光滑水平面上兩小車中間夾一壓縮了的輕彈簧，兩手分別按住小車，使它們靜止，對兩車及彈簧組成的系統(tǒng)，下列說法中不正確的是(

)

A.兩手同時放開后，系統(tǒng)總動量始終為零B.先放開左手、再放開右手以后，系統(tǒng)動量不守恒C.先放開左手，再放開右手，總動量向左D.無論何時放手，只要兩手放開后在彈簧恢復原長的過程中系統(tǒng)總動量都保持不變，但系統(tǒng)的總動量不一定為零8、法拉第在物理學歷史上第一次提出了場的觀點，并用電場線形象的描述電場，以下關于電場和電場線的說法中正確的是（）A.電場線是電場中實際存在的，用來表示電場的強弱和方向B.帶電粒子在電場中的受力的方向就是場強的方向C.在同一個圖里，電場線越密，電場強度越大，電場線越稀疏，電場強度越小D.沿電場線方向，電場強度逐漸減小評卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)9、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解10、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)11、真空中兩個點電荷Q1、Q2，距離為R，當Q1增大到原來的3倍，Q2增大到原來的3倍，電荷間的庫侖力變?yōu)樵瓉淼腳_______倍，距離再R增大到原來的3倍時，電荷間的庫侖力變?yōu)樽畛醯腳_______倍。12、一個物體的質(zhì)量是2kg，沿豎直方向下落，以10m/s的速度碰到水泥地上，隨后又以8m/s的速度被反彈回，若取豎直向上為正方向，則小球與地面相碰前的動量是_______kg·m/s．若碰撞過程時間為0.1s則小球給地面的平均作用力為_______N(g=10m/s2)13、請讀出下圖中螺旋測微器的示數(shù)。

（1）讀數(shù)____mm

（2）讀數(shù)____mm．14、雷電是云層與大地之間或云層與云層之間的放電現(xiàn)象，放電的兩者所帶的是______（填“同”或“異”）種電荷，云層所帶的電荷是因______（填“感應起電”或“摩擦起電”或“接觸起電”）而獲得的．15、在做隆露

研究勻變速直線運動隆路

的實驗時；所用電源頻率為50Hz

取下一段紙帶研究，如圖所示.

設0

點為計數(shù)點的起點，相鄰兩計數(shù)點間還有四個點未畫出，則相鄰計數(shù)點的時間間隔是______s

各段測量數(shù)據(jù)如圖所示，物體的加速度a=

______m/s2

物體在圖中標記為“2

”的計數(shù)點的瞬時速度為v=

______m/s

．

16、兩列周期相同的波相遇；如圖所示是某一時刻兩列波疊加的區(qū)域，實線表示波峰，虛線表示波谷.

兩列波的波長；振動方向相同，振源振幅相等.PQR

是疊加區(qū)內(nèi)的三個點，在這三個點中，振動加強的點是______，振動減弱的點是______．

評卷人得分四、判斷題(共1題，共4分)17、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分五、實驗題(共4題，共16分)18、用某精密儀器測量一物體的長度，得到結(jié)果為1.63812cm。現(xiàn)改成最小刻度為mm的刻度尺去測量，結(jié)果應該為cm；如果改成20分度的游標卡尺去測量，結(jié)果應該為_________cm；如果改成螺旋測微器去測量，結(jié)果應該為cm.19、在“用雙縫干涉測光的波長”實驗中，將測量頭的分劃板中心刻線與某條亮紋中心對齊，將該亮紋定為第1條亮紋，此時手輪上的示數(shù)如圖9所示。然后同方向轉(zhuǎn)動測量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對齊，（1）記下此時圖10中手輪上的示數(shù)__________mm，求得相鄰亮紋的間距Δx為__________mm。2）已知雙縫間距d為2.0×10-4m，測得雙縫到屏的距離l為0.700m，由計算式λ=________，求得所測紅光波長為__________nm。20、利用圖中所示的裝置可以研究自由落體運動．實驗中需要調(diào)整好儀器，接通打點計時器的電源，松開紙帶，使重物下落，打點計時器會在紙帶上打出一系列的小點．(1)為了測得重物下落的加速度，還需要的實驗器材有________．(填入正確選項前的字母)A．天平B．秒表C．米尺(2)若實驗中所得到的重物下落的加速度值小于當?shù)氐闹亓铀俣戎?，而實驗操作與數(shù)據(jù)處理均無錯誤，寫出一個你認為可能引起此誤差的原因：______________________________．21、I.在“描繪小電珠的伏安特性曲線”的實驗中備有下列器材：A．小電珠(3.8V,1.5W)B．直流電源(電動勢4.5V，內(nèi)阻約0.4Ω)C．電流表(量程0～500mA，內(nèi)阻約0.5Ω)D．電壓表(量程0～5V，內(nèi)阻約5000Ω)E．滑動變阻器R1(0～5Ω，額定電流2A)F．滑動變阻器R2(0～5KΩ，額定電流1A)G．開關一個，導線若干如果既要滿足測量要求，又要使測量誤差較小，應選擇如圖所示的四個電路中的________，應選用的滑動變阻器是________．II.在驗證動量守恒定律實驗中，同學們不僅完成了課本原來的實驗，還用相同的器材進行多方面的探索及嘗試。下面是甲、乙兩組同學的實驗，請回答相關的問題：甲組同學采用如圖1所示的裝置，由斜槽和水平槽構(gòu)成。將復寫紙與白紙鋪在水平放的木板上，重垂線所指的位置為O。實驗時先使a球從斜槽上某一固定位置由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡．重復上述操作多次，得到多個落點痕跡平均位置P；再把b球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓a球仍從固定位置由靜止開始滾下，與b球發(fā)生對心正碰，碰后a球不被反彈。碰撞后a、b球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡．重復這種操作多次得到多個落點痕跡平均位置M、N.(1)若a球質(zhì)量為m1，半徑為r1；b球質(zhì)量為m2，半徑為r2.則A．m1>m2r1>r2B．m1>m2r12C．m1>m2r1＝r2D．m12r1＝r2(2)以下提供的器材中，本實驗必需的有A．刻度尺B．打點計時器C．天平D．秒表(3)設a球的質(zhì)量為m1，b球的質(zhì)量為m2，則本實驗驗證動量守恒定律的表達式為(用m1、m2、OM、OP、ON表示)____乙組同學誤將重錘丟失，為了繼續(xù)完成實驗則將板斜放，上端剛好在槽口拋出點，標記為O.板足夠長小球都能落在板上，如圖2，采用甲組同學相同的操作步驟完成實驗。(4)對該組同學實驗的判斷正確的是A．乙組同學無法完成驗證動量守恒定律B．秒表也不是乙組同學的必需器材C．乙組同學必須測量斜面傾角θD．圖2中N為b球碰后落點(5)設a球的質(zhì)量為m1，b球的質(zhì)量為m2，則本實驗驗證動量守恒定律的表達式為。(6)如果a，b球的碰撞是彈性碰撞，那么還應滿足的表達式為。(要求第(5)(6)結(jié)論用m1、m2、OM、OP、ON表示)評卷人得分六、證明題(共2題，共20分)22、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】

A；原子核（稱為母核）俘獲電子的過程中動量守恒；初狀態(tài)系統(tǒng)的總動量為0，則子核的動量和中微子的動量大小相等，方向相反．故A錯誤．

B；原子核（稱為母核）俘獲一個核外電子；使其內(nèi)部的一個質(zhì)子變?yōu)橹凶樱⒎懦鲆粋€中微子，從而變成一個新核（稱為子核）的過程．電荷數(shù)少1，質(zhì)量數(shù)不變．故B錯誤，C正確．

D、子核的動量大小和中微子的動量大小相等，由于中微子的質(zhì)量很小，根據(jù)知；中微子的動能大于子核的動能．故D錯誤．

故選C．

【解析】【答案】核反應前后質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒；原子核（稱為母核）俘獲電子的過程中動量守恒．

2、B【分析】試題分析：由運動旅軌跡判斷α粒子在靠近N點的過程中電場力做負功，遠離過程中，電場力做正功：⑴粒子在M點的速率比在Q點的速率小，A錯誤；⑵粒子在N點的電勢能最大，B正確；由題意知重核是帶負電的電荷，離重核越遠，電勢越高，C錯誤；⑶α粒子從M點運動到Q點，電場力對它做的總功為正功。由題意知α粒子帶正電則重核是帶負電的電荷，離重核越遠，電勢越高，C錯誤；考點：本題考查帶電粒子在電場中運動、電勢、動能定理?！窘馕觥俊敬鸢浮緽3、B【分析】【解答】解：A；元電荷是電量的最小值；不是質(zhì)子，故A錯誤；

B；元電荷是帶電物體電量的最小值；物體所帶的電量只能是元電荷的整數(shù)倍，故B正確；

C；元電荷與帶正電的電子無關；故C錯誤；

D、當兩電荷間距離r→0時；電荷不能視為點電荷，故庫侖定律不適用，故D錯誤；

故選：B．

【分析】人們將電子所帶電量稱為元電荷，元電荷是帶電物體電量的最小值，物體所帶的電量只能是元電荷的整數(shù)倍．4、A【分析】【分析】只有一條電場線，不能確定具體的電場，無法比較電場強弱及兩點間的電勢差，公式U=Ed也不能適用，故BCD錯誤；沿電場線電勢降低，可以比較電勢高低，根據(jù)電場線方向可知Ua>Ub>Uc；故A正確．

【點評】本題容易錯選CD選項，即把電場誤認為是勻強電場，或者錯誤應用公式U=Ed求解，對于公式U=Ed一定注意其適用條件，尤其是公式中d的含義．5、D【分析】解：合力的取值范圍：鈭?F1鈭?F2鈭?鈮?F潞脧鈮?F1+F2

從范圍不好分析的話；可以舉例分析一下：

例如：一個3N

的力和一個6N

的力的合力取值范圍是：[3N,9N]

所以：合力有可能比任意一個分力??；有可能大于其中的一個小于其中的一個分力，有可能比兩個分力都大．

故選：D

合力的取值范圍是：鈭?F1鈭?F2鈭?鈮?F潞脧鈮?F1+F2

可利用取值范圍進行分析．

合力的取值范圍是：鈭?F1鈭?F2鈭?鈮?F潞脧鈮?F1+F2

如果不好分析，可取一個特值看看．【解析】D

6、C【分析】【分析】磁場方向沿磁感線的切線方向，磁感線的疏密表示磁場的強弱，結(jié)合磁感線的特點分析判斷。解決本題的關鍵知道磁感線的特點；知道磁感線上某點的切線方向表示磁場方向，磁感線的疏密表示強弱。

【解答】AB.

磁感線上某點的切線方向表示磁場的方向，圖中ab

兩點的磁場方向均是錯誤的，故AB錯誤；CD.

磁感線疏密表示磁場的強弱，a

點磁感線比較密，則a

點磁感應強度大于b

點的磁感應強度；故C正確，D錯誤。

故選C?！窘馕觥緾

7、B【分析】解：A

當兩手同時放開時；系統(tǒng)的合外力為零，所以系統(tǒng)的動量守恒，又因為開始時總動量為零，故系統(tǒng)總動量始終為零，故A正確；

B；C

先放開左手；左邊的小車就向左運動，當再放開右手后，系統(tǒng)所受合外力為零，故系統(tǒng)的動量守恒，且開始時總動量方向向左，放開右手后總動量方向也向左，故B錯誤，C正確；

D；兩手放開后在彈簧恢復原長的過程中系統(tǒng)總動量都保持不變；與何時放手無關，但系統(tǒng)的總動量不一定為零.

故D正確．

本題選擇不正確的；故選：B

．

若先放開右邊的車；后放開左邊的車，放開左車時，右車已經(jīng)有向右的速度，系統(tǒng)的初動量不為零，兩車的總動量向右；在兩手同時放開后，水平方向無外力作用，只有彈簧的彈力(

內(nèi)力)

故動量守恒，動量是矢量，有大小和方向．

本題主要考查了動量守恒的條件，知道系統(tǒng)所受合外力為零時，系統(tǒng)動量守恒，難度不大，屬于基礎題．【解析】B

8、C【分析】解：AC；電場是客觀的存在；電場線是人為虛擬的，不是客觀的存在，而電場線的疏密代表電場的強弱，故電場線越密的地方場強越強，故A錯誤，C正確；

B；電場中某點的電場強度的方向與放在該點的試探正點電荷所受電場力方向相同；而負電荷受到電場力方向與該處電場方向相反，故B錯誤；

D；在任何電場中；沿電場線方向，電勢必定越來低，而電場線的疏密代表電場的強弱，因此電場強度與電勢沒有關系，故D錯誤；

故選：C。

電場線的方向是正電荷所受電場力的方向；而正負電荷所受的電場力的方向相反；電場線是假想的；電場線的疏密代表電場的強弱，故電場線越密的地方場強越強；電場強度與電勢沒有關系。

記住電場線的特點即可順利解出此題，故要在理解的基礎上牢記基本概念，注意電場強度方向與電荷的正負受到電場力的方向關系?！窘馕觥緾二、雙選題(共2題，共4分)9、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB。【解析】AB10、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B三、填空題(共6題，共12分)11、略

【分析】試題分析：根據(jù)庫侖定律可得變化前兩者之間的庫侖力為：當電荷都變?yōu)樵瓉淼?倍后，庫侖力為即變?yōu)樵瓉淼?倍當距離在增大為原來的3倍時，庫侖力為即不變考點：庫侖定律．【解析】【答案】9；112、略

【分析】【解析】【答案】－16－34013、略

【分析】

圖1；螺旋測微器的固定刻度為3mm，可動刻度為20.5×0.01mm=0.205mm，所以最終讀數(shù)為3mm+0.205mm=3.205mm．

圖2；螺旋測微器的固定刻度為15mm，可動刻度為29.5×0.01mm=0.295mm，所以最終讀數(shù)為。

10mm+0.295mm=10.295mm．

故答案為：3.20510.295（都正負0.001mm）

【解析】【答案】螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

14、略

【分析】解：云層因為摩擦而帶異種電荷；當云層所帶電荷越積越多時，就會在云層之間發(fā)生放電現(xiàn)象．

故答案為：異；摩擦起電。

根據(jù)摩擦起電的實質(zhì)是電荷的轉(zhuǎn)移；得到電子的物體帶負電，失去電子的物體帶正電，所以相互摩擦的兩個物體帶等量的異種電荷．

通常情況下原子核所帶正電荷數(shù)和核外電子所帶負電荷數(shù)相等，故整個原子呈中性．當兩個物體相互摩擦時，由于一個物體中原子核對電子束縛作用弱，另一個物體中原子核對電子束縛作用強，那么，束縛作用弱的將失去電子，而使整個物體顯正電性；束縛作用強的將得到電子，而使整個物體顯負電性，所以摩擦起電是電子發(fā)生轉(zhuǎn)移的宏觀表現(xiàn)．【解析】異；摩擦起電15、略

【分析】解：相鄰兩計數(shù)點間還有四個點未畫出；則相鄰計數(shù)點的時間間隔是T=0.1s

因為連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差為：鈻?x=9.00鈭?4.00鈭?4.00=1.00cm

根據(jù)鈻?x=aT2

得：

a=鈻?xT2=1.00隆脕10鈭?20.12m/s2=1m/s2

．

2

點的速度等于13

段的平均速度；則有：

v2=x132T=15.00鈭?4.002脳0.1隆脕10鈭?2m/s=5.5m/s

．

故答案為：0.115.5

．

根據(jù)連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出物體的加速度；根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出2

點的速度，從而即可求解．

解決本題的關鍵掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度，關鍵是勻變速直線運動推論的運用，注意單位的換算．【解析】0.115.5

16、PRQ【分析】【分析】波峰與波峰相遇，波谷與波谷相遇，即振動方向相同的點，為振動加強點；波峰與波谷相遇，即振動方向不同，為振動減弱點，解決本題的關鍵知道波峰與波峰或波谷與波谷相遇時為加強點；波峰和波谷相遇時為減弱點。解決本題的關鍵知道波峰與波峰或波谷與波谷相遇時為加強點；波峰和波谷相遇時為減弱點。【解答】由圖可知P

點為波峰與波峰相遇，R

點是波谷與波谷相遇，是振動加強點；Q

為波峰和波谷相遇，為振動減弱點。故答案為RPQ

。

【解析】PRQ

四、判斷題(共1題，共4分)17、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以