2025年北師大版高二物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年北師大版高二物理上冊(cè)月考試卷596考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、一段導(dǎo)線與電流表組成一閉合回路，導(dǎo)線上的ab部分在一磁場(chǎng)中。已知該磁場(chǎng)磁感應(yīng)線的方向豎直向上，則當(dāng)ab導(dǎo)線豎直向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，下列關(guān)于電流表指針的說法中正確的是（）A.一定發(fā)生偏轉(zhuǎn)B.一定不發(fā)生偏轉(zhuǎn)C.可能發(fā)生偏轉(zhuǎn)2、電場(chǎng)中有一點(diǎn)P，下列說法中正確的有（）A.若放在P點(diǎn)的電荷的電量減半，則P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)減半B.P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)越大，則同一電荷在P點(diǎn)受到的電場(chǎng)力越大C.若P點(diǎn)沒有檢驗(yàn)電荷，則P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零D.P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向?yàn)榉旁谠擖c(diǎn)的電荷的受力方向3、做布朗運(yùn)動(dòng)實(shí)驗(yàn)時(shí)，每隔相等時(shí)間間隔依次記錄某個(gè)運(yùn)動(dòng)微粒的位置，然后依次連線得到觀測(cè)記錄如圖，由圖可知（）A.微粒做布朗運(yùn)動(dòng)的軌跡應(yīng)為如圖的折線B.布朗運(yùn)動(dòng)是毫無規(guī)則的C.布朗運(yùn)動(dòng)是時(shí)斷時(shí)續(xù)的D.布朗運(yùn)動(dòng)的速度大小是恒定的4、如圖所示為兩個(gè)同心圓環(huán)，當(dāng)一有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)恰好完全垂直穿過A

環(huán)面時(shí)，A

環(huán)的磁通量為婁碌1B

環(huán)磁通量為婁碌2

則有關(guān)磁通量的大小，下列說法中正確的是(

)

A.婁碌1<婁碌2

B.婁碌1=婁碌2

C.婁碌1>婁碌2

D.無法確定5、如圖所示，四個(gè)相同的電流表分別改裝成兩個(gè)安培表和兩個(gè)伏特表，安培表A1

的量程大于A2

的量程，伏特表V1

的量程大于V2

的量程，把它們按圖接入電路中，則下列說法正確的是(

)

A.安培表A1

的偏轉(zhuǎn)角大于安培表A2

的偏轉(zhuǎn)角B.安培表A1

的讀數(shù)小于安培表A2

的讀數(shù)C.伏特表V1

的讀數(shù)小于伏特表V2

的讀數(shù)D.伏特表V2

的偏轉(zhuǎn)角等于伏特表V2

的偏轉(zhuǎn)角6、如圖所示，物體A置于物體B上，一輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與B相連，在彈性限度范圍內(nèi)，A和B一起在光滑水平面上作往復(fù)運(yùn)動(dòng)（不計(jì)空氣阻力），均保持相對(duì)靜止。則下列說法正確的是A.A和B均作簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)B.作用在A上的靜摩擦力大小與彈簧的形變量成正比C.B對(duì)A的靜摩擦力對(duì)A做功，而A對(duì)B的靜摩擦力對(duì)B不做功D.B對(duì)A的靜摩擦力始終對(duì)A做正功，而A對(duì)B的靜摩擦力始終對(duì)B做負(fù)功7、一電子以初速度v沿垂直場(chǎng)強(qiáng)方向射入兩平行金屬板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)中；現(xiàn)減小兩板間的電壓，則電子穿越兩平行板所需的時(shí)間（）

A.與電壓無關(guān)。

B.隨電壓的減小而增大。

C.隨電壓的減小而減小。

D.隨兩板間距離的增大而減小。

8、如圖為氫原子能級(jí)的示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于以n=4

的激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射出若干不同頻率的光.

關(guān)于這些光下列說法正確的是(

)

A.最容易表現(xiàn)出衍射現(xiàn)象的光是由n=4

能級(jí)躍遷到n=1

能級(jí)產(chǎn)生的B.頻率最小的光是由n=2

能級(jí)躍遷到n=1

能級(jí)產(chǎn)生的C.這些氫原子總共可輻射出3

種不同頻率的光D.用n=2

能級(jí)躍遷到n=1

能級(jí)輻射出的光照射逸出功為6.34eV

的金屬鉑能發(fā)生光電效應(yīng)9、下列說法正確的是(

)

A.湯姆生發(fā)現(xiàn)電子并提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型B.盧瑟福通過婁脕

粒子的散射實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)質(zhì)子C.貝克勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射現(xiàn)象D.玻爾發(fā)現(xiàn)電子并提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、某同學(xué)用如圖所示的實(shí)驗(yàn)器材探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象.

他連接好電路并檢查無誤后；閉合電鍵的瞬間觀察到電流表G

指針向右偏轉(zhuǎn).

電鍵閉合后，他還進(jìn)行了下列操作：

(1)

將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭快速向接線柱C

移動(dòng)；電流計(jì)指針將______(

填“左偏”；“右偏”或“不偏”)

(2)

將線圈A

中的鐵芯快速抽出，電流計(jì)指針將______(

填“左偏”、“右偏”或“不偏”)

11、從20m高處，以_____的速度水平拋出的物體，落地時(shí)的速度大小為25m／s．12、質(zhì)量為m的小球，從離桌面H高處由靜止下落，桌面離地面高度為h，如圖所示，若以桌面為參考平面，那么小球落地時(shí)的重力勢(shì)能為______；，整個(gè)下落過程中重力勢(shì)能的改變量為______．13、在“用單擺測(cè)重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中：

（1）為了減少系統(tǒng)誤差；實(shí)驗(yàn)中應(yīng)注意：

①擺線的長(zhǎng)度L比______大得多；②擺角θ______．

（2）實(shí)驗(yàn)測(cè)得g值偏大，其原因可能是下述中的______

A．小球質(zhì)量太大B．將擺線長(zhǎng)當(dāng)作擺長(zhǎng)；未加小球的半徑。

C．將振動(dòng)次數(shù)n誤記為（n+1）D．振幅偏小．14、在“探究求合力的方法”實(shí)驗(yàn)說法中不正確的是________A.拉力大小可以直接由彈簧秤讀出。

B.記錄拉力方向時(shí)可以用鉛筆沿細(xì)線畫一條線來表示C.實(shí)驗(yàn)過程中應(yīng)該讓彈簧秤的軸線與紙面平行。

D.作力的圖示時(shí)，不同的拉力標(biāo)度應(yīng)相同15、電勢(shì)差(1)

定義：電荷在電場(chǎng)中由一點(diǎn)A

移到另一點(diǎn)B

時(shí)，________與移動(dòng)的電荷____的比值.

(2)

定義式：UAB=

___;

電勢(shì)差與電勢(shì)的關(guān)系：UAB=

____，UAB=鈭?UBA.

16、如圖甲所示，一正方形金屬線框位于有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)，線框的右邊緊貼著磁場(chǎng)邊界，t=0

時(shí)刻對(duì)線框施加一水平向右的外力F

讓線框從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在t0

時(shí)刻穿出磁場(chǎng)；圖乙為外力F

隨時(shí)間變化的圖象，若線框質(zhì)量為m

電阻為R

圖象中的Ft0

也為已知量，則在穿出磁場(chǎng)時(shí)的速度v=

______，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度B=

______．評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)17、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

20、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、證明題(共2題，共6分)22、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。評(píng)卷人得分五、畫圖題(共2題，共16分)24、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象25、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象評(píng)卷人得分六、簡(jiǎn)答題(共2題，共10分)26、如圖所示，楊氏雙縫實(shí)驗(yàn)中，下述情況能否看到干涉條紋？說明理由．(1)

在單色自然光源S

后加一偏振片P

．(2)

在(1)

情況下，再加P1P2P1

與P2

透振方向垂直．27、【化學(xué)rm{隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】聚碳酸酯rm{(PC)}是一種強(qiáng)韌的熱塑性樹脂，廣泛用于玻璃裝配業(yè)、汽車工業(yè)、電子和電器工業(yè)。rm{PC}的一種合成路徑如下：回答下列問題：rm{(1)}烴rm{A}的質(zhì)譜圖如下，則rm{A}的分子式為__________。rm{(2)D}的名稱為_________，rm{D隆煤E}的反應(yīng)類型為_______。rm{(3)}雙酚的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_______。rm{(4)B}和rm{E}可以形成一種酯類物質(zhì)rm{F}寫出rm{B+E隆煤F}反應(yīng)的化學(xué)方程式：_______。rm{(5)F}的同分異構(gòu)體中，能同時(shí)滿足如下條件的共有______種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}rm{壟脵}分子中有兩個(gè)甲基；rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)；rm{壟脹}在酸性溶液中的水解產(chǎn)物遇rm{FeC1_{3}}溶液顯紫色。寫出其中核磁共振氫譜顯示rm{5}組峰，且峰面積比為rm{6}rm{2}rm{2}rm{1}rm{1}的種分子的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式：_______。rm{(6)}寫出由rm{D}分子合成甘油rm{(}丙三醇rm{)}的合成路線圖。rm{(}已知：rm{R-CH=CH-CH3xrightarrow[500隆忙]{C{l}_{2}}R-CH=CHC{H}_{2}Cl)}rm{R-CH=CH-CH3

xrightarrow[500隆忙]{C{l}_{2}}R-CH=CHC{H}_{2}Cl)}參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】試題分析：AB雖為閉合回路的一部分，但由于它的運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)磁感線的方向平行，沒有切割磁感線，因而不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表的指針不會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)。故應(yīng)選B?？键c(diǎn)：考查了感應(yīng)電流產(chǎn)生條件【解析】【答案】B2、B【分析】試題分析：電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小取決于場(chǎng)源電荷的電量和該點(diǎn)到場(chǎng)源電荷的距離，與所放試探電荷的電量無關(guān)，與是否放試探電荷也無關(guān)，A.C錯(cuò)誤；有電場(chǎng)力知電場(chǎng)強(qiáng)度越大，所受電場(chǎng)力越大，B正確；電場(chǎng)強(qiáng)度的方向規(guī)定為正電荷在該處的受力方向，D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：本題考查了對(duì)電場(chǎng)強(qiáng)度定義的理解和電場(chǎng)強(qiáng)度方向的規(guī)定【解析】【答案】B3、B【分析】解：布朗運(yùn)動(dòng)反映了水分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)；對(duì)微粒來講，其運(yùn)動(dòng)是毫無規(guī)則的；其加速度大小無法確定；

它下一時(shí)刻向哪運(yùn)動(dòng)都是不可知的；我們只能按等時(shí)間間隔依次記錄的某個(gè)運(yùn)動(dòng)微粒位置的連線，其運(yùn)動(dòng)是持續(xù)不斷的；故ACD錯(cuò)誤B正確．

故選：B

布朗運(yùn)動(dòng)反映了水分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)；由于無規(guī)則，我們不能預(yù)知某一時(shí)刻微粒怎樣運(yùn)動(dòng)．

本題考查了布朗運(yùn)動(dòng)的知識(shí)，要知道分子的運(yùn)動(dòng)我們無法直接看到，只能通過微粒的運(yùn)動(dòng)來間接研究分子的運(yùn)動(dòng)．【解析】【答案】B4、B【分析】解：只有A

內(nèi)有磁場(chǎng)；由A

與B

構(gòu)成的環(huán)內(nèi)沒有磁場(chǎng)，所以環(huán)A

和B

的磁通量是相等的，即婁碌1=婁碌2

故ACD錯(cuò)誤，B正確。

故選：B

當(dāng)磁場(chǎng)與面垂直時(shí)；磁感應(yīng)強(qiáng)度與面的面積的乘積是該面的磁通量.

求出面的面積，然后求出磁通量；

本題考查磁通量的求法，磁通量的大小可以用磁感線的條數(shù)進(jìn)行判斷.

由圖可知，兩線圈中磁感線的條數(shù)相同，故磁通量相同．【解析】B

5、D【分析】解：A

安培表A1A2

并聯(lián)；電壓相同，表頭的電流，指針偏轉(zhuǎn)角度相同，由于安培表A1

的量程大于A2

的量程，則安培表A1

的讀數(shù)大于安培表A2

的讀數(shù)。故AB錯(cuò)誤；

C；伏特表V1

與V2

串聯(lián)；流過表頭的電流相同，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，由于伏特表V1

的量程大于V2

的量程，則伏特表V1

的讀數(shù)大于伏特表V2

的讀數(shù)。故C錯(cuò)誤，D正確；

故選：D

兩個(gè)安培表和兩個(gè)伏特表均是由四個(gè)相同的電流表改裝成的；表頭的滿偏電流和內(nèi)阻相同。安培表A1A2

并聯(lián)，電壓相同，表頭的電流，指針偏轉(zhuǎn)角度相同，量程越大，其讀數(shù)越大。伏特表V1

與V2

串聯(lián)，流過表頭的電流相同，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，則量程越大，其讀數(shù)越大。

安培表和伏特表都是由小量程電流表(

表頭)

改裝而成的，其核心是表頭，表頭指針的偏轉(zhuǎn)角度取決于流過表頭的電流【解析】D

6、A|B【分析】【解析】試題分析：A和B-起在光滑水平面上做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，都做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)．故A正確．設(shè)彈簧的形變量為x，彈簧的勁度系數(shù)為k，A、B的質(zhì)量分別為M和m，根據(jù)牛頓第二定律得到整體的加速度為對(duì)A：可見，作用在A上的靜摩擦力大小f與彈簧的形變量x成正比．故B正確．在簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)過程中，B對(duì)A的靜摩擦力與位移方向相同或相反，B對(duì)A的靜摩擦力對(duì)A做功，同理，A對(duì)B的靜摩擦力對(duì)B也做功．故C錯(cuò)誤．當(dāng)AB離開平衡位置時(shí)，B對(duì)A的靜摩擦力做負(fù)功，A對(duì)B的靜摩擦力做正功，當(dāng)AB靠近平衡位置時(shí)，B對(duì)A的靜摩擦力做正功，A對(duì)B的靜摩擦力做負(fù)功．故D錯(cuò)誤．故選AB考點(diǎn)：簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的回復(fù)力和能量．【解析】【答案】AB7、A【分析】

由于電子在垂直于電場(chǎng)力方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由L=t可知；t與電壓U及板間距離d均無關(guān)，所以A正確BCD錯(cuò)誤．

故選A．

【解析】【答案】本題的關(guān)鍵是抓住電子做類平拋運(yùn)動(dòng)；在垂直于電場(chǎng)方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間只取決于極板長(zhǎng)度與電子的初速度，與其它因素?zé)o關(guān)．

8、D【分析】解：核外電子從高能級(jí)n

向低能級(jí)m

躍遷時(shí)，輻射的光子能量鈻?E=En鈭?Em=h婁脙

故能級(jí)差越大；光子的能量也越大，即光子的頻率越大；

根據(jù)婁脙=c婁脣

可知頻率越大；波長(zhǎng)越小；

又波長(zhǎng)越大；越易發(fā)生明顯的干涉和衍射現(xiàn)象．

由圖可知當(dāng)核外電子從n=4

能級(jí)躍遷到n=3

能級(jí)時(shí)；能級(jí)差最小，所以放出光子的能量最小，頻率最小，波長(zhǎng)最大，故最易發(fā)生衍射現(xiàn)象，故AB錯(cuò)誤．

當(dāng)電子從n=4

向低能級(jí)躍遷時(shí)，躍遷的種類有4隆煤34隆煤24隆煤13隆煤23隆煤12隆煤1.

即可以輻射光的種類為C42=4隆脕32=6

種；故C錯(cuò)誤．

電子從n=2

能級(jí)躍遷到n=1

能級(jí)輻射出的光子的能量E=E2鈭?E1=鈭?3.4ev鈭?(鈭?13.6)ev=10.2ev>6.34ev

而使金屬發(fā)生光電效應(yīng)的條件是光子的能量大于等于電子的逸出功；

故可以發(fā)生光電效應(yīng).

故D正確．

故選D．

本題考查了波爾原子理論：從高軌道向低軌道躍遷時(shí)減少的能量以光子的形式輻射出去；所有的激發(fā)態(tài)都是不穩(wěn)定的；都會(huì)繼續(xù)向基態(tài)躍遷，故輻射光子的種類為Cn2.C=婁脣婁脙

故波長(zhǎng)越大，頻率越短.

波長(zhǎng)越大，越容易發(fā)生明顯的衍射.

只有入射光子的能量大于金屬的逸出功才會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)．

所有的難題實(shí)際都是又一個(gè)一個(gè)的簡(jiǎn)單的題目復(fù)合而成的，所以在學(xué)習(xí)中不能好高騖遠(yuǎn)，貪大貪難，解決了基礎(chǔ)題，拔高題也就迎刃而解了．【解析】D

9、C【分析】解：A

湯姆生發(fā)現(xiàn)電子；盧瑟福提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型，故A錯(cuò)誤；

B；盧瑟福做了婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)并提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型.

故B錯(cuò)誤；

C；貝克勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射現(xiàn)象.

故C正確；

D；湯姆生發(fā)現(xiàn)電子；盧瑟福提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型，故D錯(cuò)誤；

故選：C

根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答；記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可．

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一．【解析】C

二、填空題(共7題，共14分)10、略

【分析】解：(1)

在電鍵剛閉合時(shí)；回路中的電流增大，原線圈中電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)增大，所以副線圈中的磁通量增大，此時(shí)電流表指針右偏；

電鍵閉合后滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭迅速向接線柱C

移動(dòng)時(shí)；接入電路的有效電阻減小，所以回路中的電流增大，原線圈中的電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)增大，穿過副線圈的磁通量增大，所以指針偏轉(zhuǎn)的方向向右偏；

(2)

保持滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭不動(dòng)；迅速向上提線圈A

穿過副線圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可得，此時(shí)的感應(yīng)電流的方向與開始時(shí)感應(yīng)電流的方向相同，指針偏向左偏；

故答案為：右偏；左偏．

根據(jù)題意確定指針偏轉(zhuǎn)方向與磁通量變化間的關(guān)系；然后根據(jù)磁通量的變化情況確定指針的偏轉(zhuǎn)方向．

本題考查研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象及驗(yàn)證楞次定律的實(shí)驗(yàn)，對(duì)于該實(shí)驗(yàn)注意兩個(gè)回路的不同.

知道磁場(chǎng)方向或磁通量變化情況相反時(shí)，感應(yīng)電流反向是判斷電流表指針偏轉(zhuǎn)方向的關(guān)鍵【解析】右偏；左偏11、略

【分析】試題分析：根據(jù)動(dòng)能定理：解得：v0=15m/s?？键c(diǎn)：動(dòng)能定理【解析】【答案】1512、略

【分析】解：以桌面為零勢(shì)能參考平面，那么小球落地時(shí)的重力勢(shì)能為Ep1=-mgh；

整個(gè)過程中小球重力勢(shì)能的變化為：△Ep=mg?△h=mg（H+h）；

故答案為：-mgh；mg（H+h）．

物體由于被舉高而具有的能叫做重力勢(shì)能．對(duì)于重力勢(shì)能，其大小由地球和地面上物體的相對(duì)位置決定．物體質(zhì)量越大、位置越高、做功本領(lǐng)越大，物體具有的重力勢(shì)能就越大，其表達(dá)式為：Ep=mgh．

本題關(guān)鍵是明確重力勢(shì)能的定義公式中高度是相對(duì)與零勢(shì)能面而言的，可以取負(fù)值，基礎(chǔ)題．【解析】-mgh；mg（H+h）13、略

【分析】解：（1）為了減小系統(tǒng)誤差；使小球的單擺運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，擺線的長(zhǎng)度L比小球半徑大得多，且擺角應(yīng)小于5度．

（2）根據(jù)T=得，g=．

A；小球的質(zhì)量太大不影響g值的測(cè)量．故A錯(cuò)誤．

B；將擺線的長(zhǎng)度當(dāng)作擺長(zhǎng)；未加小球的半徑，知道擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏小，則重力加速度的測(cè)量值偏?。蔅錯(cuò)誤．

C；將振動(dòng)次數(shù)n誤記為（n+1）；則測(cè)量的周期偏小，重力加速度的測(cè)量值偏大．故C正確．

D；振幅偏小不影響g的測(cè)量．故D錯(cuò)誤．

故選：C．

（1）單擺模型是一種理想化的模型；只有在擺動(dòng)角度小于5°的范圍內(nèi)，其運(yùn)動(dòng)才近似為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，同時(shí)要注意不能做圓錐擺運(yùn)動(dòng)，否則誤差較大．?dāng)[線的長(zhǎng)度比小球的半徑要大得多．

（2）根據(jù)單擺的周期公式得出重力加速度的表達(dá)式；結(jié)合測(cè)量值的偏差分析重力加速度的測(cè)量值．

解決本題的關(guān)鍵知道單擺實(shí)驗(yàn)的注意事項(xiàng)，要注意盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差，擺動(dòng)角度要小，不能讓擺球做圓錐擺．以及掌握單擺的周期公式，并能靈活運(yùn)用．【解析】小球半徑；小于5度；C14、B【分析】本題考查了驗(yàn)證力的平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)。根據(jù)驗(yàn)證力的平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)原理及注意事項(xiàng)可得出正確答案。實(shí)驗(yàn)中拉力的大小可以通過彈簧秤直接測(cè)出，選項(xiàng)A正確，不合題意；記錄方向時(shí)，通過在細(xì)線下方描點(diǎn)的方法進(jìn)行，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，符合題意；實(shí)驗(yàn)中為了減小因摩擦造成的誤差，要求在拉彈簧秤時(shí)，要注意使彈簧秤與木板平面平行，選項(xiàng)C正確，不合題意；由于在同一個(gè)圖中做平行四邊形，因此不同拉力的標(biāo)度應(yīng)該相同，選項(xiàng)D正確。故選B。理解實(shí)驗(yàn)應(yīng)理解實(shí)驗(yàn)的原理及方法，由實(shí)驗(yàn)原理和方法記憶實(shí)驗(yàn)中的注意事項(xiàng)，最好通過實(shí)際操作實(shí)驗(yàn)，加深對(duì)實(shí)驗(yàn)的理解?！窘馕觥緽

15、(1)

電場(chǎng)力做的功，電荷量；(2)WABq

，婁脮A鈭?婁脮B【分析】【分析】電場(chǎng)力做功等于電勢(shì)能的減小量，電勢(shì)等于電勢(shì)能與電荷量的比值，電勢(shì)差等于電勢(shì)之差。本題考查了對(duì)物理概念定義式的理解和應(yīng)用，注意電勢(shì)差與電壓的聯(lián)系與區(qū)別。【解答】根據(jù)電勢(shì)差的定義式：UAB=WABq

可得：由一點(diǎn)A

移動(dòng)到另一點(diǎn)B

時(shí)，電場(chǎng)力所做的功W

與電荷q

的比值，叫做這兩點(diǎn)的電勢(shì)差，也叫電壓。電勢(shì)差與電勢(shì)的關(guān)系為UAB=婁脮A鈭?婁脮B

故答案為：(1)

電場(chǎng)力做的功，電荷量；(2)WABq

，婁脮A鈭?婁脮B

【解析】(1)

電場(chǎng)力做的功，電荷量；(2)WABq

，婁脮A鈭?婁脮B

16、【分析】解：(1)t=0

時(shí)刻，線框的速度為零，線框沒有感應(yīng)電流，不受安培力，加速度為a=F0m壟脵

線框的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)=12at02=F0t022m

線框剛出磁場(chǎng)時(shí)的速度為v=at0=F0t0m壟脷

此時(shí)線框所受的安培力為FA=BILI=BLvR

則得FA=B2L2vR壟脹

根據(jù)牛頓第二定律得F鈭?FA=ma壟脺

壟脵壟脷壟脹壟脺

聯(lián)立得：B=2RmL2t0

當(dāng)t=0

時(shí)線框的速度為零；沒有安培力，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度a.

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出線框剛出磁場(chǎng)時(shí)的速度，得到安培力表達(dá)式，由牛頓第二定律即可求出B

本題的關(guān)鍵求出安培力，列出牛頓第二定律關(guān)于F鈭?t

的表達(dá)式，考查讀圖的能力.

這里，安培力是聯(lián)系力學(xué)與電磁感應(yīng)的橋梁．【解析】F0t0m2RmL2t0

三、判斷題(共5題，共10分)17、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?0、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．四、證明題(共2題，共6分)22、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)23、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)五、畫圖題(共2題，共16分)24、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】25、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】六、簡(jiǎn)答題(共2題，共10分)26、（1）到達(dá)S1、S2的光是從同一線偏振光分解出來的；它們滿足相干條件，能看到干涉條紋。且由于線偏振片很薄，對(duì)光程差的影響可忽略，干涉條紋的位置與間距和沒有P時(shí)基本一致，只是強(qiáng)度由于偏振片吸收而減弱。

（2）由于從P1、P2射出的光方向相互垂直；不滿足干涉條件，故光屏被均勻照亮，無干涉現(xiàn)象。

【分析】當(dāng)光屏上的點(diǎn)到雙縫的路程差是半波長(zhǎng)的偶數(shù)倍；出現(xiàn)明條紋；路程差是半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，出現(xiàn)暗條紋。

(1)

到達(dá)S1S2

的光是從同一線偏振光分解出來的；它們滿足相干條件，