2024年滬教新版選修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年滬教新版選修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、某種噴墨打印機(jī)打印頭的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)圖如圖所示；其中墨盒可以噴出極小的墨汁微粒，此微粒經(jīng)過(guò)帶電室后以一定的初速度垂直射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，再經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后打到紙上，顯示出字符，忽略墨汁的重力，為了使打在紙上的字跡縮小，下列措施理論上可行的是（）

A.只增大偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的電壓B.只減小墨汁微粒所帶的電荷量C.只減小墨汁微粒的質(zhì)量D.只減小墨汁微粒進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的速度2、如圖所示，平行金屬板充電后與電源斷開(kāi)，板間有一帶電液滴處于靜止?fàn)顟B(tài)．下列說(shuō)法正確的是（）

A.帶電液滴帶負(fù)電B.若將下極板下移，帶電液滴會(huì)向下運(yùn)動(dòng)C.若將下極板上移，帶電液滴會(huì)向下運(yùn)動(dòng)D.若將下極板稍微向左平移一小段，帶電液滴會(huì)向下運(yùn)動(dòng)3、下列說(shuō)法中正確的是（）A.液體中的懸浮顆粒越大，在某一瞬間撞擊它的液體分子數(shù)越多，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯B.溫度較高的物體，其分子平均動(dòng)能較大，則分子的平均速率也較大C.溫度相同的棉花和石頭相接觸，需要經(jīng)過(guò)一段時(shí)間才能達(dá)到熱平衡D.兩分子間距離從小于平衡位置距離r0逐漸增大到10r0的過(guò)程中，它們之間的分子勢(shì)能先減小后增大4、如圖所示是兩個(gè)不同電阻的I-U圖象，則圖象①②表示的電阻及兩電阻串聯(lián)或并聯(lián)后的I-U圖象所在區(qū)域分別是（）

A.①表示大電阻值的圖象，并聯(lián)后在區(qū)域IIIB.①表示小電阻值的圖象，并聯(lián)后在區(qū)域ⅡC.②表示大電阻值的圖象，并聯(lián)后在區(qū)域ⅡD.②表示大電阻值的圖象，串聯(lián)后在區(qū)域III5、如圖所示，在光滑水平面上停放著質(zhì)量為m、裝有光滑弧形槽的小車，一質(zhì)量為2m的小球以水平初速度v0沿槽口向小車滑去；到達(dá)某一高度后，小球又返回右端，則()

A.小球?qū)⒆鲎杂陕潴w運(yùn)動(dòng)B.小球?qū)⑾蜃笞銎綊佭\(yùn)動(dòng)C.小車此過(guò)程中先向左運(yùn)動(dòng)后向右運(yùn)動(dòng)D.小球在弧形槽內(nèi)上升的最大高度為6、原子彈、氫彈都被稱為核武器，都可以瞬間產(chǎn)生巨大的能量，在結(jié)構(gòu)上它們又有很大的區(qū)別，它們所涉及的基本核反應(yīng)方程為（1）（2）關(guān)于這兩個(gè)方程的下列說(shuō)法正確的是A.方程（1）中k＝10，方程（2）中d＝2B.方程（1）是氫彈涉及的核反應(yīng)方程C.方程（2）屬于α衰變D.方程（2）屬于輕核聚變7、一平行板電容器C，極板是水平放置的，它和三個(gè)可變電阻及電源連接成如圖所示電路．現(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶電油滴懸浮在兩極板之間靜止不動(dòng)；要使油滴下降，可采用的辦法是。

A.增大R1B.減小R1C.減小R2D.減小R3評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、如圖甲所示，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一矩形金屬線圈兩次分別以不同的轉(zhuǎn)速，繞與磁感線垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)圖象如圖乙中曲線a，b所示；則()

A.兩次t＝0時(shí)刻線圈平面均與中性面重合B.曲線a，b對(duì)應(yīng)的線圈轉(zhuǎn)速之比為2∶3C.曲線a表示的交變電動(dòng)勢(shì)頻率為25HzD.曲線b表示的交變電動(dòng)勢(shì)有效值為10V9、如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球套在一根絕緣的粗糙桿上，小球可以沿桿滑動(dòng)，桿與水平方向夾角為θ，二者間動(dòng)摩擦因數(shù)為μ．整個(gè)裝置處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．將小球無(wú)初速度釋放，桿足夠長(zhǎng)，關(guān)于小球的運(yùn)動(dòng)下列說(shuō)法正確的是（）

A.小球的最大加速度為gsinθB.當(dāng)qvB=mgcosθ時(shí)小球速度最大C.小球的最大速度為v=+D.小球的機(jī)械能先減小后不變10、某同學(xué)利用DIS實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)研究一定質(zhì)量氣體的狀態(tài)變化，實(shí)驗(yàn)后計(jì)算機(jī)屏幕顯示的p－t圖像如圖所示。已知在狀態(tài)B時(shí)氣體的體積為VB=3L；則下列說(shuō)法正確的是（）

A.從狀態(tài)A到狀態(tài)B氣體的體積不變B.從狀態(tài)A到狀態(tài)B氣體的體積增大C.狀態(tài)B到狀態(tài)C氣體體積增大D.狀態(tài)C氣體的體積是2L11、下列說(shuō)法正確的是（）A.布朗運(yùn)動(dòng)就是分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.若已知固體的摩爾質(zhì)量、密度、阿伏伽德羅常數(shù)，可以估算出單個(gè)固體分子的體積C.分子力做功的多少與分子移動(dòng)的路徑無(wú)關(guān)E.一定質(zhì)量的理想氣體，在等壓膨脹過(guò)程中，分子平均動(dòng)能一定增大E.一定質(zhì)量的理想氣體，在等壓膨脹過(guò)程中，分子平均動(dòng)能一定增大12、【加試題】波長(zhǎng)為λ1和λ2的兩束可見(jiàn)光入射到雙縫，在光屏上觀察到干涉條紋，其中波長(zhǎng)為λ1的光的條紋間距大于波長(zhǎng)為λ2的條紋間距．則（下列表述中，腳標(biāo)“1”和“2”分別代表波長(zhǎng)為λ1和λ2的光所對(duì)應(yīng)的物理量）A.這兩束光的光子的動(dòng)量p1＞p2B.這兩束光從玻璃射向真空時(shí)，其臨界角C1＞C2C.這兩束光都能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則遏止電壓U1＞U2D.這兩束光由氫原子從不同激發(fā)態(tài)躍遷到n＝2能級(jí)時(shí)產(chǎn)生，則相應(yīng)激發(fā)態(tài)的電離能△E1＞△E213、如圖所示，一束色光從長(zhǎng)方體玻璃磚上表面射入玻璃，穿過(guò)玻璃后從側(cè)面射出，變?yōu)閮墒鴨紊猓粍t以下說(shuō)法正確的是。

A.玻璃對(duì)光的折射率較大B.在玻璃中光的波長(zhǎng)比光短C.在玻璃中光傳播速度比光大D.減小入射角光線有可能消失評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、用圖甲所示的裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，當(dāng)用光子能量為5eV的光照射到光電管上時(shí)，測(cè)得電流計(jì)的示數(shù)隨電壓變化的圖像如圖乙所示.則光電子的最大初動(dòng)能為_(kāi)_________J，金屬的逸出功為_(kāi)_______J.15、如圖所示是一個(gè)公路路燈自動(dòng)控制電路，圖中為光敏電阻，有光照時(shí)其阻值迅速減小，為可變電阻。為使路燈能在光線不夠的情況下自動(dòng)點(diǎn)亮，虛線框中應(yīng)使用的是_____門電路（選填“與”、“或”或“非”）；若要路燈在有光照時(shí)也能點(diǎn)亮，應(yīng)使阻值_____（選填“變大”或“變小”）。

16、一定質(zhì)量的氣體經(jīng)歷a、b、c、d四段變化過(guò)程，壓強(qiáng)與熱力學(xué)溫度的關(guān)系如圖所示，氣體體積在增大的過(guò)程是_________。忽略氣體分子勢(shì)能，氣體的內(nèi)能在增大的過(guò)程是_________。17、有一正弦交流電，它的電壓隨時(shí)間變化的情況如圖所示，則電壓的峰值為_(kāi)_______V；有效值為_(kāi)_______V；交流電的；頻率為_(kāi)_______Hz.

18、閱讀短文；并回答問(wèn)題。

家庭熱泵﹣﹣空調(diào)。

夏天來(lái)了；安裝空調(diào)的家庭逐漸多了起來(lái)，如圖甲是家用分體式空調(diào)的原理圖，其制冷原理是室外機(jī)中的壓縮機(jī)將氣態(tài)的制冷劑壓縮后成為高溫高壓的液態(tài)制冷劑，散熱后液態(tài)的制冷劑經(jīng)膨脹閥進(jìn)入蒸發(fā)器（室內(nèi)機(jī)）迅速變成氣體，吸收大量的熱量，從而使房間的溫度迅速下降（冬天的制熱工作過(guò)程與上述相反），空調(diào)在制冷運(yùn)行的過(guò)程中會(huì)產(chǎn)生大量的冷凝水，因此空調(diào)配有排水系統(tǒng)。

制冷量是家庭購(gòu)買空調(diào)時(shí)需要考慮的一項(xiàng)重要指標(biāo)．它是指空調(diào)進(jìn)行制冷運(yùn)行時(shí)；單位時(shí)間內(nèi)從密閉空間內(nèi)去除的熱量總和，制冷量大的空調(diào)適用于面積比較大的房間，且制冷速度較快，以15平方米的居室面積為例，使用額定制冷量在2500W左右的空調(diào)比較合適，家用空調(diào)的制冷量單位常用“匹”，1匹=2324W；

能效比是衡量空調(diào)節(jié)電效果的一項(xiàng)重要指標(biāo)；家用空調(diào)器的能效比（EER）就是其制冷量與制冷消耗電功率之比，如圖乙所示是兩臺(tái)不同品牌空調(diào)上的能效標(biāo)識(shí)（能效標(biāo)識(shí)是附在產(chǎn)品上的一種信息標(biāo)簽，用于表示耗能產(chǎn)品的能源效率等級(jí)等性能指標(biāo)，為用戶和消費(fèi)者的購(gòu)買決策提供必要的信息，以引導(dǎo)用戶和消費(fèi)者選擇高效節(jié)能產(chǎn)品），如表是國(guó)家標(biāo)準(zhǔn)中關(guān)于分體式空調(diào)部分能效等級(jí)指標(biāo)。

額定制冷量CC/W能效等級(jí)與對(duì)應(yīng)的EER543211CC≤45002．602．803．003．203．404500＜CC≤71002．502．702．903．103．30

(1)空調(diào)制冷運(yùn)行時(shí)，室內(nèi)的空氣濕度________（大于/小于）室外，圖乙中，兩空調(diào)工作時(shí)更節(jié)能的是________（A/B）；

(2)關(guān)于空調(diào)機(jī)，下列說(shuō)法正確的是()。

A；家庭安裝空調(diào)要鋪設(shè)專線；目的是為了防止觸電。

B；空調(diào)機(jī)制冷時(shí)；室外機(jī)放出的熱量要大于壓縮機(jī)消耗的電能。

C；空調(diào)壓縮機(jī)是利用降溫的方法使氟利昂發(fā)生物態(tài)變化的。

D；空調(diào)制冷時(shí)室外機(jī)中有風(fēng)扇在轉(zhuǎn)動(dòng)；它的作用是將冷氣吹向室內(nèi)。

(3)某家庭空調(diào)機(jī)制冷量為1.5匹，能效比為3，在額定狀態(tài)下連續(xù)工作10min，消耗的電能為_(kāi)_______kW?h，不計(jì)熱損失，理論上可以使40m2的密閉房間內(nèi)的空氣溫度下降________℃。[取房間層高3m，空氣的密度ρ=1.29kg/m3，比熱容c=1.0×103J/（kg?℃）]。評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)19、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線方向．

20、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

21、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、解答題(共1題，共5分)22、如圖所示，足夠長(zhǎng)的斜面與水平面的夾角為θ=53°，空間中自下而上依次分布著垂直斜面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、n，相鄰兩個(gè)磁場(chǎng)的間距均為d=0.5m．一邊長(zhǎng)L=0.1m、質(zhì)量m=0.5kg、電阻R=0.2Ω的正方形導(dǎo)線框放在斜面的頂端，導(dǎo)線框的下邊距離磁場(chǎng)I的上邊界為d0=0.4m，導(dǎo)線框與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5．將導(dǎo)線框由靜止釋放，導(dǎo)線框在每個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域中均做勻速直線運(yùn)動(dòng)．已知重力加速度g=10m/s2；sin53°=0.8，cos53°=0.6，求：

（1）導(dǎo)線框進(jìn)入磁場(chǎng)I時(shí)的速度；

（2）磁場(chǎng)I的磁感應(yīng)強(qiáng)度B1；

（3）磁場(chǎng)區(qū)域n的磁感應(yīng)強(qiáng)度Bn與B1的函數(shù)關(guān)系．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】

要縮小字跡；就要減小微粒通過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的偏轉(zhuǎn)角y，根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合推導(dǎo)出偏轉(zhuǎn)量y的表達(dá)式，再進(jìn)行分析．

【詳解】

設(shè)噴入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的墨汁微粒的速度為偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)寬度為偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)右邊緣與紙間距為

墨滴在x方向上勻速運(yùn)動(dòng)：

根據(jù)牛頓第二定律可得：

在方向上做勻加速運(yùn)動(dòng)：

由幾何關(guān)系得：

則墨汁在紙上豎直方向的偏移量：

根據(jù)表達(dá)式可知，為了使打在紙上的字跡縮小，即減小可減小墨汁微粒所帶的電荷量增大墨汁微粒的質(zhì)量減小偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的電壓增大墨汁微粒的噴出速度故ACD錯(cuò)誤，B正確．

故選B．

【點(diǎn)睛】

此題考查帶電粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)在實(shí)際生活中的應(yīng)用，關(guān)鍵要熟練運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法，推導(dǎo)出偏轉(zhuǎn)量y的表達(dá)式，再進(jìn)行分析．2、A【分析】【詳解】

電液滴靜止，故受力平衡，受電場(chǎng)力向上，帶負(fù)電，A正確；斷開(kāi)電源，若板間距增大，不變，據(jù)電容的決定式C=及電容的定義式C=Q/U，與E=U/d，分析可知，E=則場(chǎng)強(qiáng)不變，液滴所受的電場(chǎng)力不變，則液滴將靜止不動(dòng)．故BC錯(cuò)誤．若將下極板稍微向左平移一小段，S減小，C減小，Q一定，則U變大，E變大，帶電液滴會(huì)向上運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選A．

點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵要抓住不變量進(jìn)行分析：電容器與電源保持相連，板間電壓保持不變；充電后與電源斷開(kāi)后，電量不變．電量、正對(duì)面積不變時(shí)，改變板間距離，板間場(chǎng)強(qiáng)不變．3、D【分析】【分析】

【詳解】

A．液體中的懸浮顆粒越大；在某一瞬間撞擊它的液體分子數(shù)越多，來(lái)自各個(gè)方向上的力越趨向平衡，布朗運(yùn)動(dòng)越不明顯，故A錯(cuò)誤。

B．溫度較高的物體；其分子平均動(dòng)能較大，但是分子的平均速率不一定較大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．溫度相同的棉花和石頭相接觸；因?yàn)闇囟认嗤?，則不會(huì)發(fā)生熱傳遞，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．兩分子間距離從小于平衡位置距離r0逐漸增大到10r0的過(guò)程中；分子力先為斥力后為引力，分子力先做正功后做負(fù)功，則它們之間的分子勢(shì)能先減小后增大，選項(xiàng)D正確。

故選D。4、D【分析】【詳解】

由圖線看出圖線①的斜率大于圖線②的斜率；根據(jù)歐姆定律分析得知，圖線①的電阻較小，圖線②的電阻較大。兩個(gè)電阻并聯(lián)后，總電阻比任何一個(gè)電阻都小，圖線的斜率比圖線①還大，所以并聯(lián)后圖線在區(qū)域Ⅰ。兩電阻串聯(lián)后總比任何一個(gè)電阻都大，圖線的斜率比圖線②還小，所以串聯(lián)后圖線在區(qū)域Ⅲ。

ABC.由上分析可知；并聯(lián)后在區(qū)域Ⅰ，故ABC錯(cuò)誤；

D.由上分析可知，串聯(lián)后在區(qū)域III，故D正確。5、B【分析】【詳解】

AB．設(shè)小球離開(kāi)小車時(shí)，小球的速度為v1，小車的速度為v2，整個(gè)過(guò)程中動(dòng)量守恒，以向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得2mv0=2mv1+mv2①

由動(dòng)能守恒定律得?2mv02=?2mv12+mv22②

由①②解得v1=v0v2=v0

所以小球與小車分離后將向左做平拋運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，B正確；

C．此過(guò)程中小球?qū)π≤囈恢庇行毕蜃笙路降淖饔昧?；則小車一直向左加速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．當(dāng)小球與小車的水平速度相等時(shí)，小球弧形槽上升到最大高度，設(shè)該高度為h，系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，以向左為正方向，在水平方向，由動(dòng)量守恒定律得2mv0=3m?v

由機(jī)械能守恒定律得?2mv02=?3mv2+2mgh

解得h=

故D錯(cuò)誤。

故選B。6、D【分析】【詳解】

A、由質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒知方程(1)中方程(2)中故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B；氫彈爆炸能量來(lái)自于核聚變；是氘核和氚核進(jìn)行的核聚變反應(yīng)，方程(1)屬于重核裂變，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

CD、方程(2)是氘核和氚核進(jìn)行的核聚變反應(yīng)，屬于輕核聚變，故選項(xiàng)D正確，C錯(cuò)誤．7、C【分析】【詳解】

A、增大或減小對(duì)電容器的電壓沒(méi)有影響，油滴不動(dòng)，故AB錯(cuò)誤；

C、減小分擔(dān)的電壓變小，則電容器兩端的電壓變小，油滴下降，故C正確；

D、減小分擔(dān)的電壓變小，則分擔(dān)的電壓變大；則電容器兩端的電壓增大，油滴上升，故D錯(cuò)誤．

點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵分析電容器的電壓是否變化，以及知道電容器兩端的電壓等于兩端的電壓．二、多選題(共6題，共12分)8、A:C【分析】【詳解】

t＝0時(shí)刻，兩次產(chǎn)生的交流電的電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值均為零，因此線圈平面均與中性面重合，A項(xiàng)正確；圖中a、b對(duì)應(yīng)的周期之比為2∶3，因此線圈轉(zhuǎn)速之比na∶nb＝∶＝3∶2，B項(xiàng)錯(cuò)誤；a線表示的交流電動(dòng)勢(shì)的頻率為fa＝＝25Hz，C項(xiàng)正確；a線對(duì)應(yīng)線圈相應(yīng)的電動(dòng)勢(shì)的最大值Eam＝NBS·由圖象知Eam＝15V，b線對(duì)應(yīng)線圈相應(yīng)的電動(dòng)勢(shì)的最大值Ebm＝NBS·因此＝＝Ebm＝10V，有效值Eb＝V＝5V，D項(xiàng)錯(cuò)誤．9、A:C【分析】【詳解】

A、當(dāng)FN=0時(shí)，加速度最大，a=gsinθ；故A正確；

BC、FN反向后，當(dāng)a=0時(shí)，速度最大，即mgsinθ=μ（qvB-mgcosθ），解得v=+故B錯(cuò)誤，C正確；

D、小球在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，摩擦力做負(fù)功，故小球的機(jī)械能一直減小，故D錯(cuò)誤．10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．因BA的延長(zhǎng)線過(guò)絕對(duì)零點(diǎn)，則狀態(tài)A到狀態(tài)B是等容變化；故氣體的體積不變，A正確，B錯(cuò)誤；

C．狀態(tài)B到狀態(tài)C的過(guò)程中；氣體溫度不變，壓強(qiáng)增大，體積減小，C錯(cuò)誤；

D．從題圖中可知，pB=1.0atm，VB=3L，pC=1.5atm；根據(jù)玻意耳定律，有。

pBVB=pCVC解得。

VC=2LD正確。

故選AD。11、B:C:E【分析】【詳解】

A．布朗運(yùn)動(dòng)為懸浮微粒的運(yùn)動(dòng)；故A錯(cuò)誤；

B．已知某固體物質(zhì)的摩爾質(zhì)量、密度和阿伏伽德羅常數(shù)，可以利用算出分子體積大??；故B正確；

C．分子力做功的多少與分子移動(dòng)的路徑無(wú)關(guān)；只與初末位置有關(guān)，故C正確；

D．渾濁的泥水在靜置一段時(shí)間后；泥沙在重力的作用下下沉，上面的水變清，出現(xiàn)了泥；水自動(dòng)分離現(xiàn)象，不違背熱力學(xué)第二定律，故D錯(cuò)誤；

E．根據(jù)蓋-呂薩克定律；一定質(zhì)量的理想氣體，在等壓膨脹過(guò)程中，體積增大，溫度升高，所以分子平均動(dòng)能增大，故E正確。

故選BCE。12、B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)雙峰干涉的條紋間距的表達(dá)式可知λ1>λ2，由可知p12；選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．光1的折射率n1小于光2的折射率n2，則根據(jù)sinC=1/n可知這兩束光從玻璃射向真空時(shí)，其臨界角C1＞C2；選項(xiàng)B正確；

C．光1的頻率f1小于光2的頻率f2，則這兩束光都能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則根據(jù)可知，遏止電壓U12；選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．這兩束光由氫原子從不同激發(fā)態(tài)躍遷到n＝2能級(jí)時(shí)產(chǎn)生，可知1光所處的激發(fā)態(tài)的能級(jí)較低，相應(yīng)激發(fā)態(tài)的電離能較大，即△E1＞△E2，選項(xiàng)D正確.13、B:D【分析】【詳解】

A.如圖所示，b光的偏折程度大于a光的偏折程度，知b光的折射率大于a光的折射率；故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)知，b光的頻率大，則b光的波長(zhǎng)小于a光的波長(zhǎng)．故B正確；

C.b光的折射率大于a光的折射率，由v=c/n知在玻璃中b光傳播速度小于a光；故C錯(cuò)誤；

D.減小入射角i，則折射角減小，到達(dá)左邊豎直面時(shí)的入射角就增大，如增大達(dá)到臨界角則發(fā)生全反射，a、b光線消失，故D正確．三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】【詳解】

第一空.由題中I－U圖像可知：遏止電壓Uc=2V，即Ekm=eUc=3.2×10-19J。

第二空.由光電效應(yīng)方程Ekm=hv－W0解得W0=hv－Ekm=3eV=4.8×10-19J.【解析】3.2×10－194.8×10－1915、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]白天時(shí)；光敏電阻較小，兩端電勢(shì)差較小，輸入為高電勢(shì)，輸出為低電勢(shì)，夜晚，光敏電阻較大，兩端電勢(shì)差較大，輸入為低電勢(shì)，輸出為高電勢(shì)，知該門電路為非門電路；

[2]若要路燈在有光照時(shí)也能點(diǎn)亮，應(yīng)使電阻R2減小，使得R2的分得電壓小，使非門電路的輸入端電壓變小，輸出端電壓變大，路燈被點(diǎn)亮?！窘馕觥糠亲冃?6、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由圖可知；a過(guò)程，溫度不變，壓強(qiáng)增大，由玻意耳定律可得，氣體的體積減小，由于a過(guò)程溫度不變，因此內(nèi)能不變；

b過(guò)程溫度升高，壓強(qiáng)增大，由于圖像的斜率不變，因此氣體的體積不變，由于b過(guò)程溫度升高；因此氣體的內(nèi)能增大；

c過(guò)程壓強(qiáng)減?。粶囟炔蛔?，由玻意耳定律可得，氣體的體積增大，由于c過(guò)程溫度不變，因此氣體的內(nèi)能不變；

d過(guò)程溫度降低；壓強(qiáng)減小，由于圖線的斜率不變，因此氣體的體積不變，由于d過(guò)程氣體的溫度降低，因此氣體的內(nèi)能減??；

綜上所述，氣體體積在增大的過(guò)程是c過(guò)程，氣體的內(nèi)能在增大的過(guò)程是b過(guò)程；【解析】c過(guò)程b過(guò)程17、略

【分析】【詳解】

由圖像可知電壓的峰值為10V；有效值為交流電的周期為T=0.4s，頻率為【解析】10V；7.07V2.5Hz18、略

【分析】【詳解】

（1）[1]空調(diào)制冷運(yùn)行時(shí)；室內(nèi)的水蒸氣遇到溫度低的蒸發(fā)器會(huì)發(fā)生液化現(xiàn)象，凝結(jié)成小水滴排出室外，室內(nèi)的空氣濕度小于室外；

[2]根據(jù)能效等級(jí)做出分析；圖乙中，兩空調(diào)工作時(shí)更節(jié)能的是A；

（2）[3]A．由公式

知U一定，使用大功率用電器空調(diào)時(shí)，電路中電流I過(guò)大；可能會(huì)引起火災(zāi)或跳閘等事故，鋪設(shè)了專線，可以防止這種危害，故A錯(cuò)誤；

B．空調(diào)機(jī)制冷時(shí)，消耗的電能W，室外機(jī)放出的熱量包括從房間里取出一部分熱量Q和消耗的電能W，釋放到大氣熱量中的熱量為Q+W；所以室外機(jī)放出的熱量要大于壓縮機(jī)消耗的電能，故B正確；

C．氟利昂在空調(diào)內(nèi)部的蒸發(fā)器里面汽化；汽化要吸熱，使空調(diào)蒸發(fā)器的溫度降低，室內(nèi)的水蒸氣遇到溫度低的蒸發(fā)器會(huì)發(fā)生液化現(xiàn)象，空調(diào)壓縮機(jī)是利用氟利昂發(fā)生物態(tài)變化方法降溫的，故C錯(cuò)誤；

D．空調(diào)制冷時(shí)室外機(jī)中有風(fēng)扇在轉(zhuǎn)動(dòng)；它的作用是將熱氣吹向室外，故D錯(cuò)誤。

故選A；

（3）[4]已知制冷量

因?yàn)樾鼙?/p>

所以制冷量

在t=10min=600s內(nèi)消耗的電能

[5]制冷量

空氣質(zhì)量

根據(jù)

可得【解析】小于AB0.1913.5四、作圖題(共3題，共9分)19、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】20、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y