2025年魯教版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年魯教版高二物理上冊月考試卷130考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、某小型發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電動勢為（V），對此電動勢，下列表述正確的有A.最大值是VB.周期是0.02sC.有效值是VD.頻率是100Hz2、下圖是直角扇形導(dǎo)體繞O

在平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的感應(yīng)電流，設(shè)順時針為電流正方向，則線框所處的磁場區(qū)域正確的是A.B.C.D.3、真空中的某裝置如圖所示，其中平行金屬板AB

之間有加速電場，CD

之間有偏轉(zhuǎn)電場，M

為熒光屏。現(xiàn)有質(zhì)子、氘核和婁脕

粒子均由A

板從靜止開始被加速電場加速后垂直于電場方向進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場，最后打在熒光屏上。已知質(zhì)子、氘核和婁脕

粒子的質(zhì)量之比為1隆脙2隆脙4

電荷量之比為1隆脙1隆脙2

不計粒子重力，則下列說法中正確的是：()

A.三種粒子打到熒光屏上的位置相同B.三種粒子從B

板運(yùn)動到熒光屏經(jīng)歷的時間相同C.偏轉(zhuǎn)電場的電場力對三種粒子做功之比為1隆脙2隆脙2

D.偏轉(zhuǎn)電場的電場力對三種粒子做功之比為1隆脙2隆脙4

4、x軸上有兩個點(diǎn)電荷Q1和Q2，Q1和Q2之間各點(diǎn)對應(yīng)的電勢高低如圖中曲線所示。下列判斷中正確的是A.電勢最低的P點(diǎn)所在處的電場強(qiáng)度為零B.Q1和Q2一定是同種電荷，但不一定是正電荷C.Q1的電量一定大于Q2的電量D.Q1和Q2之間各點(diǎn)的電場方向都指向P點(diǎn)5、如圖甲所示；矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)軸在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動，輸出交變電流的電動勢圖象如圖乙所示，經(jīng)原.

副線圈匝數(shù)比為110

的理想變壓器給一燈泡供電，如圖丙所示，副線圈電路中燈泡的額定功率為22W

現(xiàn)閉合開關(guān)，燈泡正常發(fā)光.

則(

)

A.t=0.01s

時，穿過線框回路的磁通量為零B.金屬線框的轉(zhuǎn)速為50r/s

C.變壓器原線圈中電流表的示數(shù)為2A

D.燈泡的額定電壓為22V

6、一只理想變壓器的原線圈有55

匝，副線圈有1100

匝，若把原線圈接到10V

的電池組上，則副線圈的輸出電壓是(

)

A.200V

B.20V

C.0.5V

D.0V

7、如圖所示，一個均勻的帶電圓環(huán)，帶電荷量為＋Q，半徑為R，放在絕緣水平桌面上．圓心為O點(diǎn)，過O點(diǎn)作一豎直線，在此線上取一點(diǎn)A，使A到O點(diǎn)的距離為R，在A點(diǎn)放一檢驗(yàn)電荷＋q，則＋q在A點(diǎn)所受的電場力為。

A.方向向上B.方向向上C.方向向上D.不能確定評卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)8、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解9、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)10、容積為20L的鋼瓶內(nèi)，貯有壓強(qiáng)為1.5×107Pa的氧氣。打開鋼瓶的閥門，讓氧氣分裝到容積為5L的氧氣袋中(袋都是真空的)，充氣后的氧氣袋中氧氣壓強(qiáng)都是1.0×106Pa，設(shè)充氣過程不漏氣，環(huán)境溫度不變，則這瓶氧氣最多可分裝——袋11、如圖所示，一個驗(yàn)電器用金屬網(wǎng)罩罩住，當(dāng)網(wǎng)罩外加上水平向右、場強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場時，驗(yàn)電器的箔片____（填“張開”或“不張開”），我們把這種現(xiàn)象稱之為。此時，金屬網(wǎng)罩的感應(yīng)電荷在網(wǎng)罩內(nèi)部空間會激發(fā)一個電場，它的場強(qiáng)大小為，方向?yàn)椤?2、一個20匝、面積為2m2的圓形線圈放在勻強(qiáng)磁場中，磁場的方向與線圈平面垂直，若該磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度在0.05s內(nèi)由0.1T增加到0.5T，在此過程中，穿過線圈的磁通量變化量為______Wb，磁通量的變化率為______Wb/S，線圈中感應(yīng)電動勢的大小為______V．13、如圖1所示裝置驗(yàn)證碰撞中的動量守恒，A、B兩球直徑相同，質(zhì)量分別為m1、m2．

（1）實(shí)驗(yàn)中所必須用的測量工具是______、______．

（2）某次實(shí)驗(yàn)得出小球的落點(diǎn)情況如圖2所示，若碰撞中動量守恒，則兩小球質(zhì)量之比m1：m2=______．

14、(1)

如圖所示，虛線區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.

一邊長為L

的正方形導(dǎo)體框垂直磁場放置，框的右邊與磁場邊界重合.

現(xiàn)將導(dǎo)體框以速度v

沿紙面垂直邊界拉出磁場，則此過程中穿過導(dǎo)體框的磁通量改變了____，導(dǎo)體框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢是____．

(2)

如圖甲中常見的電學(xué)元件，它的名稱是____，在物理學(xué)中用大寫字母____表示該元件，它是存儲____的裝置.

圖乙中電容是____F

15、（4分）如圖所示為《探究碰撞中的動量守恒》實(shí)驗(yàn)裝置示意圖。關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是____（不定項(xiàng)選擇）A．A球質(zhì)量應(yīng)大于B球質(zhì)量B．每次A球開始下滑的位置G必須固定C．槽的末端是否水平對該實(shí)驗(yàn)無影響D．必須測量G點(diǎn)相對于水平槽面的高度E．必須測量水平槽面離地面的高度或小球在空中飛行時間16、某同學(xué)在做利用單擺測重力加速度的實(shí)驗(yàn)中；先測得擺線長為97.50cm，擺球直徑為2.0cm，然后用秒表記錄了單擺振50次所用的時間，如圖1所示，則：

（1）秒表所示讀數(shù)為______s．

（2）如果測得g值偏小，可能的原因是______

A．測擺線長時擺線拉得過緊。

B．?dāng)[線上端懸點(diǎn)未固定；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了。

C．開始計時時；秒表過遲按下。

D．實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動次數(shù)記為50次。

（3）在用單擺測定重力加速度g實(shí)驗(yàn)中，另外一位同學(xué)作出的L-T2圖線如圖2所示，此圖線不過原點(diǎn)的原因可能是______．17、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A

變化到狀態(tài)B

已知在此過程中，氣體內(nèi)能增加100J

則該過程中氣體______(

選填“吸收”或“放出”)

熱量______J.評卷人得分四、判斷題(共4題，共16分)18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）21、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分五、解答題(共3題，共12分)22、一質(zhì)量為m；帶電量為q的帶電粒子以某一初速射入如圖所示的勻強(qiáng)磁場中（磁感應(yīng)強(qiáng)度為B；磁場寬度為L），要使此帶電粒子穿過這個磁場，則帶電粒子的初速度應(yīng)為多大？

23、如圖所示，兩根光滑的平行金屬導(dǎo)軌處于同一水平面內(nèi)，相距L=0.3m，導(dǎo)軌的左端M、N用R=0.2Ω的電阻相連，導(dǎo)軌電阻不計，導(dǎo)軌上跨接一電阻r=0.1Ω的金屬桿ab；質(zhì)量m=0.1kg，整個裝置放在豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1T，現(xiàn)對桿施一水平向右的拉力F=1.5N，使它由靜止開始運(yùn)動，求：

（1）當(dāng)桿的速度為3m/s時；桿的加速度多大？

（2）桿能達(dá)到的最大的速度多大？此時拉力的瞬時功率多大？

（3）若桿達(dá)到最大速度后撤去拉力；則此后R上共產(chǎn)生多少熱能？

24、在壓強(qiáng)p-溫度T的坐標(biāo)系中；一定質(zhì)量的某種理想氣體先后發(fā)生以下兩種狀態(tài)變化過程：第一種變化是從狀態(tài)A到狀態(tài)B，外界對該氣體做功為6J；第二種變化是從狀態(tài)A到狀態(tài)C，該氣體從外界吸收熱量為9J．圖線AC反向延長線通過坐標(biāo)原點(diǎn)O，B；C兩狀態(tài)的溫度相同，理想氣體的分子勢能為零．求：

（1）從狀態(tài)A到狀態(tài)C過程，該氣體對外界做功W1和其內(nèi)能的增量△U1；

（2）從狀態(tài)A到狀態(tài)B過程，該氣體內(nèi)能的增量△U2及其從外界吸收的熱量Q2．

評卷人得分六、推斷題(共2題，共18分)25、化合物rm{G[}rm{G[}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：請回答下列問題：rm{]}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：的名稱是_____________。rm{]}的反應(yīng)條件為_____________，rm{(1)A}和rm{(2)B隆煤C}的反應(yīng)類型分別是_____________、_____________。rm{A隆煤B}在濃硫酸加熱的條件下會生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡式為_____________。rm{D隆煤E}是一種高聚酯，rm{(3)D}的化學(xué)方程式為___________。rm{(4)H}下列關(guān)于化合物rm{D隆煤H}的說法錯誤的是_________。A.rm{(5)}的分子式為rm{G}B.rm{G}與rm{C_{12}H_{14}O_{5}}溶液加熱最多消耗rm{1molG}C.一定條件下rm{NaOH}發(fā)生消去反應(yīng)生成的有機(jī)物存在順反異構(gòu)體D.在一定條件下rm{2molNaOH}能與rm{G}發(fā)生取代反應(yīng)rm{G}是rm{HBr}的同分異構(gòu)體，與rm{(6)M}具有相同的官能團(tuán)。則rm{D}可能的結(jié)構(gòu)有________種。rm{D}26、【化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】氯吡格雷是一種用于抑制血小板聚集的藥物，可通過如圖方法合成：已知：rm{壟脵}rm{壟脷}中氯原子較難水解；rm{壟脹RCHO}根據(jù)以上信息回答下列問題：rm{(1)A}的名稱是_________，rm{F}中無氧官能團(tuán)的名稱是_______。rm{(2)D}的結(jié)構(gòu)簡式為_______；rm{C}分子中最多有____個原子共平面。rm{(3)}寫出下列反應(yīng)的化學(xué)方程式：反應(yīng)rm{壟脷:}_________________。rm{(4)}已知：則由乙醇、甲醇為有機(jī)原料制備化合物需要經(jīng)歷的反應(yīng)類型有________rm{(}填寫編號rm{)}rm{壟脵}加成反應(yīng)rm{壟脷}消去反應(yīng)rm{壟脹}取代反應(yīng)rm{壟脺}氧化反應(yīng)rm{壟脻}還原反應(yīng)，寫出制備化合物的最后一步反應(yīng)_______________________________________________。rm{(5)E}的同分異構(gòu)體中，滿足下列條件的有___種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中一種的核磁共振氫譜顯示rm{5}組峰，且峰面積之比為rm{1隆脙1隆脙2隆脙2隆脙2}請寫出其結(jié)構(gòu)簡式____。rm{壟脵}結(jié)構(gòu)中含有苯環(huán)且存在與rm{F}相同的官能團(tuán)；rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應(yīng)。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】試題分析：由表達(dá)式知電動勢最大值為選項(xiàng)A錯誤；周期選項(xiàng)B正確；有效值選項(xiàng)C錯誤；頻率為選項(xiàng)D錯誤；故選B.考點(diǎn)：本題考查了交流的峰值、有效值以及它們的關(guān)系.【解析】【答案】B2、A【分析】【分析】根據(jù)閉合面內(nèi)磁通量的變化由楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，由于磁通量均勻變化根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律知產(chǎn)生的電動勢大小不變，感應(yīng)電流大小不變，采用排除法即可得答案。本題主要借助圖象考查感應(yīng)電流方向及大小的判斷，能夠從圖中讀取信息和運(yùn)用楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律是解題的關(guān)鍵。【解答】A.線框開始轉(zhuǎn)動到轉(zhuǎn)過婁脨2

過程，磁通量減小向外在減小，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向先逆時針，i鈭?t

圖像在時間軸的下方；當(dāng)從婁脨2

繼續(xù)轉(zhuǎn)動到婁脨

的過程中，磁通量向里增大，據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向在逆時針，i鈭?t

圖像在時間軸的下方；繼續(xù)轉(zhuǎn)動到32婁脨

的過程中，磁通量向里減小，據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向在順時針，i鈭?t

圖像在時間軸的上方；繼續(xù)轉(zhuǎn)動到2婁脨

的過程中，磁通量向外增加，據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向在順時針，i鈭?t

圖像在時間軸的上方；感應(yīng)電動勢大小不變化，則感應(yīng)電流大小也不會發(fā)生變化；故A正確。B..

線框開始轉(zhuǎn)動到轉(zhuǎn)到婁脨2

磁通量向外增大，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向先順時針，i鈭?t

圖像在時間軸的上方；故B錯誤。C..

線框開始轉(zhuǎn)動到婁脨2

磁通量向里減小，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向先順時針，i鈭?t

圖像在時間軸的上方；故C錯誤。D..

線框開始轉(zhuǎn)動到婁脨2

磁通量向里增大，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向先逆時針，i鈭?t

圖像在時間軸的下方；當(dāng)轉(zhuǎn)到婁脨2

時候磁通量最大，繼續(xù)轉(zhuǎn)動到婁脨

的過程中，磁通量向里減小，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向在順時針，i鈭?t

圖像在時間軸的上方；故D錯誤。故選A。【解析】A

3、A【分析】【分析】三種粒子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運(yùn)動，飛出電場后做勻速直線運(yùn)動，兩個過程中水平方向是速度相同的勻速直線運(yùn)動，根據(jù)動能定理求出加速獲得的速度表達(dá)式，可分析從B

板運(yùn)動到熒光屏經(jīng)歷的時間關(guān)系.

根據(jù)推論分析粒子偏轉(zhuǎn)距離與加速電壓和偏轉(zhuǎn)電壓的關(guān)系，分析粒子打到熒光屏上的位置關(guān)系；根據(jù)W=qEy

分析電場力做功之比。本題考查了帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動。本題是帶電粒子在電場中運(yùn)動問題，先加速后偏轉(zhuǎn)，y=U2L24dU1

是重要推論，掌握要牢固，要抓住該式與哪些因素有關(guān)，與哪些因素?zé)o關(guān)?！窘獯稹吭O(shè)加速電壓為U11，偏轉(zhuǎn)電壓為U22，偏轉(zhuǎn)極板的長度為L

板間距離為d

A.根據(jù)推論：y=U2L24dU1

可知，y

與粒子的種類、質(zhì)量、電量無關(guān)，故三種粒子偏轉(zhuǎn)距離相同，打到熒光屏上的位置相同，故A正確；B.在加速電場中，由動能定理得：qU1=12mv02

則加速獲得的速度為v0=2qU1m

三種粒子從B

板運(yùn)動到熒光屏的過程，水平方向做速度為v00的勻速直線運(yùn)動，由于三種粒子的比荷不同，則v00不同，所以三種粒子從B

板運(yùn)動到熒光屏經(jīng)歷的時間不同，故B錯誤；CD.

偏轉(zhuǎn)電壓的電場力做功為W=qEy

則W

與q

成正比，三種粒子的電荷量之比為112

則有電場力對三種粒子做功之比為112

故C

D錯誤。故選A。【解析】A

4、A|C|D【分析】試題分析：圖線某點(diǎn)處的切線斜率表示該點(diǎn)的電場強(qiáng)度，由圖像可知，P點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，即兩點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的場強(qiáng)大小相等、方向相反；所以A正確；由圖像作出兩點(diǎn)電荷之間的電場線如下：故可知，兩電荷一定是正電荷，所以B錯誤、D正確；由可知所以C正確；考點(diǎn)：電勢、電場強(qiáng)度【解析】【答案】ACD5、B【分析】解：A

由圖乙可知；當(dāng)0.01s

時，感應(yīng)電動勢為零，則此時穿過線框回路的磁通量最大，故A錯誤；

B、由圖可知，交流電的周期為0.02s

則轉(zhuǎn)速為：n=1T=50r/s

故B正確；

C、原線圈輸入電壓為有效值為22V

則副線圈的電壓為22隆脕10=220V

由P=UI

可知，副線圈電流I2=22220=0.1A

則由電流與匝數(shù)成反比，求得I1=1A

故C錯誤；

D；燈泡正常發(fā)光；故額定電壓為220V

故D錯誤；

故選：B

由圖2

可知特殊時刻的電動勢；根據(jù)電動勢的特點(diǎn)，可判處于那個面上，由圖象還可知電動勢的峰值和周期，根據(jù)有效值和峰值的關(guān)系便可求電動勢的有效值。

本題關(guān)鍵是明確線圈在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的是正弦式交變電流，會根據(jù)變壓比公式、變流比公式列式求解即可【解析】B

6、D【分析】解：根據(jù)題意可知；電池組屬于直流電源，變壓器不能工作，所以負(fù)線圈的輸出電壓為0V.

故D正確，ABC錯誤；

故選：D

．

根據(jù)變壓器的匝數(shù)之比等于電壓之比；只適用于交流電，而直流電，變壓器不能工作，即可求出．

根據(jù)變壓器的匝數(shù)之比等于電壓之比，只適用于交流電，而直流電，變壓器不能工作，即可求出．【解析】D

7、B【分析】【詳解】

檢驗(yàn)電荷受的庫侖力沿著電荷的連線指向+q，由對稱性可知在垂直于豎直線的方向上的分力相互抵消，只有沿豎直線方向的分力．所以+q在A點(diǎn)所受的電場力方向向上．由庫侖力公式知：故B正確．二、雙選題(共2題，共4分)8、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB。【解析】AB9、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB。【解析】AB三、填空題(共8題，共16分)10、略

【分析】【解析】試題分析：應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程環(huán)境溫度不變計算得除去瓶中剩余的20L氣體無法充到氧氣袋中，剩余氣體可充滿袋數(shù)考點(diǎn)：理想氣體狀態(tài)方程【解析】【答案】56袋11、略

【分析】因?yàn)樘幱陔妶鲋械膶?dǎo)體內(nèi)部會激發(fā)一個與外部電場大小相等，方向相反的電場，即合電場為零，所以箔片不會張開，此現(xiàn)象我們叫做靜電屏蔽現(xiàn)象，【解析】【答案】不張開，靜電屏蔽，E，水平向左12、略

【分析】解：圓線圈在勻強(qiáng)磁場中；現(xiàn)讓磁感強(qiáng)度在0.05s內(nèi)由0.1T均勻地增加到0.5T．

所以穿過線圈的磁通量變化量是：△?=?2-?1=（B2-B1）S=0.8Wb

而磁通量變化率為：==16Wb/s

則線圈中感應(yīng)電動勢大小為：E=N=20×16=320V

故答案為：0.8；16，320．

穿過線圈的磁通量發(fā)生變化；導(dǎo)致線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，從而出現(xiàn)感應(yīng)電流．由法拉第電磁感應(yīng)定律可得感應(yīng)電動勢的大小．

感應(yīng)電動勢的大小與磁通量的變化率有關(guān)，而與磁通量變化及磁通量沒有關(guān)系．由此求出則是平均感應(yīng)電動勢，而瞬時感應(yīng)電動勢則由E=BLV，式中L是有效長度，V是切割磁感線的速度．【解析】0.8；16；32013、略

【分析】解：（1）兩球離開軌道后做平拋運(yùn)動；它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動時間t相等，如果碰撞過程動量守恒，則有：

m1v1=m1v1′+m2v2′；

兩邊同時乘以t得：m1v1t=m1v1′t+m2v2′t；

即為：m1OP=m1OM+m2O′N，m1OP=m1OM+m2（ON-2r）；由此可知，實(shí)驗(yàn)需要測出小球質(zhì)量；小球的水平位移；

測質(zhì)量需要天平；測水平位移需要刻度尺，故需要的測量工具為：天平；刻度尺．

（2）由圖2所示可知，OP=25.5cm，OM=15.5cm，O′N=ON-2r=41.1cm-1.1cm=40.0cm．

如果兩球碰撞過程動量守恒，則：m1OP=m1OM+m2（ON-2r）；

代入數(shù)據(jù)求得：m1：m2=4：1；

故答案為：（1）天平；刻度尺；（2）4：1．

根據(jù)動量守恒定律求出實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式；然后根據(jù)表達(dá)式分析答題．

本題主要考查了“驗(yàn)證動量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)的原理及要求以及數(shù)據(jù)處理等基礎(chǔ)知識，掌握實(shí)驗(yàn)原理、應(yīng)用動量守恒定律求出實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式即可正確解題．【解析】天平；刻度尺；4：114、（1）BL2，BLv

（2）可變電容器C4.7×10-5【分析】(1)

【分析】由磁通量的定義式求出磁通量的變化量；

由E=BLv

求出感應(yīng)電動勢。本題考查了求磁通量的變化量、求感應(yīng)電動勢，知道磁通量的定義式、知道導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的公式即可正確解題?！窘獯稹吭诎丫€框拉出磁場過程中；

磁通量的變化量：鈻?婁碌=婁碌2鈭?婁碌1=B鈻?S=BL2

導(dǎo)體框勻速運(yùn)動；產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢：E=BLv

故答案為：BL2BLv

(2)

【分析】甲圖是可變電容器，圖乙是電容器的相關(guān)的數(shù)據(jù)；本題考查了電容器，對于課本的基礎(chǔ)知識要掌握，包括圖片、課后習(xí)題?！窘獯稹考讏D是可變電容器，改變動片的位置可以改變電容的大??；該電學(xué)元件是可變電容器，符號是：C

圖乙是電容器的相關(guān)的數(shù)據(jù)，其中47婁脤F

是該電容器的電容，47婁脤F=4.7隆脕10鈭?5F

故答案為：可變電容器C4.7隆脕10鈭?5

【解析】(1)BL2BLv

(2)

可變電容器C4.7隆脕10鈭?5

15、略

【分析】【解析】【答案】（4分）AB16、略

【分析】解：（1）停表表示讀數(shù)：內(nèi)圈讀數(shù)：90s；外圈讀數(shù)9.7s，總讀數(shù)為：t=90s+9.7s=99.7s；

（2）根據(jù)單擺的周期公式T=2π得：g=．

A；測擺線長時擺線拉得過緊；使得擺長的測量值偏大，則測得的重力加速度偏大．故A錯誤．

B；擺動后出現(xiàn)松動；知擺長的測量值偏小，則測得的重力加速度偏?。蔅正確．

C；實(shí)驗(yàn)中開始計時；秒表過遲按下，則測得周期偏小，所以測得的重力加速度偏大．故C錯誤．

D；實(shí)驗(yàn)中將49次全振動數(shù)成50次全振動；測得周期偏小，則測得的重力加速度偏大．故D錯誤．

故選：B；

（3）根據(jù)單擺的周期公式T=2π得：L=．

而另外一位同學(xué)作出的L-T2圖線如圖2所示；此圖線不過原點(diǎn)的原因可能是計算擺長時，加入球的直徑，而不是半徑．

故答案為：（1）99.7；（2）B；

（3）可能是計算擺長時；加入球的直徑，而不是半徑．

（1）秒表讀數(shù)：先讀內(nèi)圈；讀數(shù)時只讀整數(shù)，小數(shù)由外圈讀出，讀外圈時，指針是準(zhǔn)確的，不用估讀．

（2）根據(jù)單擺的周期公式T=2π得出重力加速度的表達(dá)式；從而判斷出重力加速度減小的原因；

（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)與實(shí)驗(yàn)原理分析實(shí)驗(yàn)誤差．由單擺周期公式變形，得到T2與L的關(guān)系式；分析圖象的意義，即可求解．

本題關(guān)鍵明確實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)原理選擇器材；由單擺的周期公式變形，得到T2與L的關(guān)系式得到圖象斜率的物理意義，再分析實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生的誤差．【解析】99.7；B；可能是計算擺長時，加入球的直徑，而不是半徑17、略

【分析】解：氣體的體積變大，對外做功，W=F鈻?X=PS鈻?X=P鈻?V=1.0隆脕105隆脕(4.0鈭?2.0)隆脕10鈭?3=200J

對外做功，W

為負(fù)值，根據(jù)熱力學(xué)第一定律：鈻?E=Q鈭?W

所以：Q=鈻?E+W=300J.

正號表示吸收熱量．

故答案為：吸收；300

物體的內(nèi)能與物體的溫度和體積有關(guān).

溫度是分子平均動能的標(biāo)志；溫度低的物體分子運(yùn)動的平均動能小．

理想氣體經(jīng)歷等壓變化；由玻意爾定律求出狀態(tài)B

體積，根據(jù)熱力學(xué)第一定律求解．

本題要要掌握熱力學(xué)第一定律鈻?U=W+Q

的應(yīng)用.

抓住溫度的微觀含義：溫度是分子平均動能的標(biāo)志，溫度越高，分子的平均動能越大．【解析】吸收；300

四、判斷題(共4題，共16分)18、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大小．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。濉⒔獯痤}(共3題，共12分)22、略

【分析】

由于不知道粒子的電性；所以要分為兩種情況來分析解答：

（1）若帶電粒子帶正電。

帶電粒子在磁場中沿逆時針方向運(yùn)動；當(dāng)運(yùn)動軌跡剛好與磁場右邊界相切時，軌道半徑R-Rcosθ=L

則有又因

則速度為

即帶電粒子要穿過磁場，速度要大于

（2）若帶電粒子帶負(fù)電。

帶電粒子在磁場中沿順時針方向運(yùn)動；當(dāng)運(yùn)動軌跡剛好與磁場右邊界相切時，軌道半徑R+Rcosθ=L

又因

則速度

帶電粒子要穿過磁場，速度要大于

答：帶正電的粒子要穿過磁場，速度要大于帶負(fù)電的粒子要穿過磁場，速度要大于．

【解析】【答案】因本題沒有指明帶電粒子所帶的電性；所以首先要分為兩種情況進(jìn)行討論．帶正電時粒子將沿逆時針方向運(yùn)動，帶負(fù)電時粒子將沿順時針方向運(yùn)動．兩種情況都要與磁場的右邊界相切時為臨界狀態(tài)，根據(jù)題意畫出草圖，確定圓心的位置，利用解三角形的知識進(jìn)行求解．

23、略

【分析】

（1）當(dāng)桿的速度為3m/s時，桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=BLv=1×0.3×3V=0.9V，ab桿中產(chǎn)生的電流方向沿a指向b

此時桿中電流I=

此時桿受到的安培力：F安=BIL=1×3×0.3N=0.9N

根據(jù)左手定則；安培力的方向水平向左．

對桿受力分析，在水平方向桿受兩個力，拉力F=1.5N方向向右，安培力F安=0.9N；方向水平向左。

則桿在水平方向受到的合力F合=F-F安=1.5-0.9N=0.6N；方向水平向右．

根據(jù)牛頓第二定律，桿產(chǎn)生的加速度a=

（2）由（1）分析知，桿達(dá)到最大速度vmax時；安培力和拉力平衡，又因?yàn)椋?/p>

=

所以：F=

即：==5m/s．

據(jù)P=Fv=1.5×5W=7.5W．

（3）桿達(dá)到平衡時；最大速度為5m/s，此時撤去外力F，根據(jù)能量守恒，桿的動能將轉(zhuǎn)變成電路內(nèi)能釋放。

故電路中產(chǎn)生的熱能等于桿的動能：

即=

因?yàn)殡娮璁a(chǎn)生熱量Q=I2Rt可知，電路中R和r串聯(lián)，所以電阻R和r上產(chǎn)生的熱量之比等于電阻之比。

所以由題意可知，電阻R上產(chǎn)生的熱量QR和電路產(chǎn)生總熱量之比為：

即電阻產(chǎn)生熱量==0.83J

答：（1）當(dāng)桿的速度為3m/s時，桿的加速度為6m/s2

（2）桿能達(dá)到的最大的速度為5m/s；此時拉力的瞬時功率為7.5W

（3）若桿達(dá)到最大速度后撤去拉力；則此后R上共產(chǎn)生0.83J熱能．

【解析】【答案】桿運(yùn)動時；在水平方向受2個力，拉力和安培力，已知拉力和桿運(yùn)動的速度，可以求得感應(yīng)電動勢E，并根據(jù)歐姆定律求得電流，根據(jù)F=BIL求得安培力的大小，這樣可以求出此時桿加速度；由題意知桿做加速度減小的加速運(yùn)動，桿速度最大時，拉力與安培力平衡，已知拉力的大小即安培力的大小，根據(jù)安培定則可以求得電流I，再根據(jù)歐姆定律求得感應(yīng)電動勢的大小，由E=BLv可以求得桿速度最大時的加速度，然后由P=Fv得拉力的瞬時功率；根據(jù)能量守恒，撤去拉力后機(jī)械能轉(zhuǎn)化為熱能，根據(jù)歐姆定律求得電阻R上產(chǎn)生的熱量．

24、略

【分析】

（1）從狀態(tài)A到狀態(tài)C過程，氣體發(fā)生等容變化，該氣體對外界做功W1=0

根據(jù)熱力學(xué)第一定律有△U1=W1﹢Q1

內(nèi)能的增量△U1=Q1=9J

（2）從狀態(tài)A到狀態(tài)B過程；體積減小，溫度升高。

該氣體內(nèi)能的增量△U2=△U1=9J

根據(jù)熱力學(xué)第一定律有△U2=W2﹢Q2

從外界吸收的熱量Q2=△U2-W2=3J

答：（1）從狀態(tài)A到狀態(tài)C過程，該氣體對外界做功W1=0，其內(nèi)能的增量△U1=9J；

（2）從狀態(tài)A到狀態(tài)B過程，該氣體內(nèi)能的增量△U2為9J，從外界吸收的熱量Q2為3J．

【解析】【答案】（1）從狀態(tài)A到狀態(tài)C過程，氣體發(fā)生等容變化，不做功．根據(jù)熱力學(xué)第一定律求解內(nèi)能的增量△U1；

（2）由于B、C兩狀態(tài)的溫度相同，內(nèi)能相等，則氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B過程與A到C的過程內(nèi)能的增量相等．再由根據(jù)熱力學(xué)第一定律求解從外界吸收的熱量Q2．

六、推斷題(共2題，共18分)25、rm{(1)2-}甲基丙烯或異丁烯

rm{(2)NaOH}溶液加熱加成反應(yīng)取代反應(yīng)

rm{(3)}

rm{(4)nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}rm{+(n-1)H_{2}O}

rm{(5)BC}

rm{(6)4}

【分析】【分析】本題考查學(xué)生有機(jī)推斷和有機(jī)合成，是現(xiàn)在考試的熱點(diǎn)，難度較大，可以根據(jù)所學(xué)知識進(jìn)行回答。【解答】由rm{A}到rm{B}發(fā)生加成反應(yīng)，rm{B}到rm{C}反生鹵代烴的水解，再氧化生成rm{D}rm{E}與rm{F}反生取代反應(yīng)生成rm{G}由此來推斷各反應(yīng)類型和產(chǎn)物；rm{(1)A}是烯烴，名稱是rm{2-}甲基丙烯；rm{(2)B隆煤C}的反應(yīng)條件為rm{NaOH}水溶液并加熱，根據(jù)題目所給的信息，可知rm{A隆煤B}和rm{D隆煤E}的反應(yīng)類型分別是加成反應(yīng)、取代反應(yīng)；rm{(3)D}在濃硫酸加熱的條件下發(fā)生酯化反應(yīng)會生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡式為在濃硫酸加熱的條件下發(fā)生酯化反應(yīng)會生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡式為rm{(3)D}；

是一種高聚酯，rm{(4)H}的化學(xué)方程式為rm{D隆煤H}rm{nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}

rm{+(n-1)H_{2}O}根據(jù)rm{(5)A.}和rm{E}發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{F}rm{G}被取代，可知rm{-OH}的分子式為rm{G}故A正確；B.rm{C_{12}H_{14}O_{5}}含有rm{1molG}酚酯基和rm{1mol}醇酯基，可知與rm{1mol}溶液加熱最多消耗rm{NaOH}注意酚羥基的性質(zhì)，故B錯誤；C.一定條件下rm{3molNaOH}發(fā)生消去反應(yīng)生成的有機(jī)物碳碳雙鍵兩側(cè)的碳原子有rm{G}不存在順反異構(gòu)體，故C錯誤；D.在一定條件下rm{-CH_{2}}能與rm{G}發(fā)生取代反應(yīng)，體現(xiàn)羥基的性質(zhì)，故D正確；故選BC；rm{HBr}是rm{(6)M}的同分異構(gòu)體，與rm{D}具有相同的官能團(tuán)即羧基和羥基，羥基和羧基看作取代基，相當(dāng)于丙烷的二元取代產(chǎn)物，則rm{D}可能的結(jié)構(gòu)有rm{M}種。