2025年滬教版高一物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版高一物理下冊階段測試試卷32考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、游樂場中的一種滑梯如圖所示.小朋友從軌道頂端由靜止開始下滑,沿水平軌道滑動了一段距離后停下來,則()Ks*5uA.下滑過程中支持力對小朋友做功B.下滑過程中小朋友的重力勢能增加C.整個運動過程中小朋友的機械能守恒D.在水平面滑動過程中摩擦力對小朋友做負功2、學校作息時間表中有這樣的字樣：“第一節(jié)850

--93545隆盲

”.

那么(

)

A.850

是時間，45隆盲

是時刻B.935

是時間，45隆盲

是時間C.850

是時刻，935

是時間D.850

和935

都是時刻，45隆盲

是時間3、如圖所示的位移鈭?

時間(x鈭?t)

圖像和速度鈭?

時間(v鈭?t)

圖像中給出四條圖線，甲、乙、丙、丁代表四輛車由同一地點向同一方向運動的情況，則下列說法正確的是()

A.甲車做直線運動；乙車做曲線運動。

B.0隆蘆t1

時間內(nèi)；甲車通過的路程等于乙車通過的路程。

C.0隆蘆t2

時間內(nèi)；丙；丁兩車在t2

時刻相遇。

D.0隆蘆t2

時間內(nèi)，丙、丁兩車的平均速度相等4、如圖所示；甲；乙、丙三個物體，質(zhì)量相同，與地面動摩擦因數(shù)相同，受到三個大小相同的作用力F，均沿水平面向右運動．它們受到的滑動摩擦力大小關系（）

A.三者相同。

B.乙最大。

C.丙最大。

D.條件不夠；無法判定。

5、關于曲線運動。

①曲線運動是一種變速運動。

②做曲線運動的物體合外力一定不為零。

③做曲線運動的物體所受的合外力一定是變化的。

④曲線運動不可能是一種勻變速運動。

以上說法正確的是（）

A.①②

B.③④

C.①③

D.③

6、某人劃船橫渡一河流，船劃行靜水速度（船速）和水流動速度（水速）一定，此人過河最短時間為t1；若此船用最短的位移過河，則需時間為t2，若船速大于水速，則船速與水速之比為（）A.B.C.D.7、以一定的初速度豎直向上拋出一個小球，小球上升的最大高度為h

空氣阻力的大小恒為Ff

則從拋出至落回到原出發(fā)點的過程中，空氣阻力對小球做的功為(

)

A.0

B.鈭?Ffh

C.鈭?2Ffh

D.鈭?4Ffh

8、關于第一宇宙速度，下列說法中正確的是(

)

A.它是人造地球衛(wèi)星繞地球飛行的最小速度B.它是近地圓形軌道上人造地球衛(wèi)星的運行速度C.它是能使衛(wèi)星進入地球圓形軌道的最大發(fā)射速度D.它是對應的軌道是橢圓9、若已知某行星繞太陽公轉的半徑為r，公轉的周期為T，萬有引力常量為G，則由此可求出（）A.太陽的質(zhì)量B.某行星的質(zhì)量C.某行星的密度D.太陽的密度評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、以下對物體做自由落體運動的說法正確的是（）A.物體開始下落時，速度為零，加速度也為零B.物體下落過程中速度增加，加速度保持不變C.物體下落過程中，速度和加速度同時增大D.物體下落過程中，速度的變化率是個恒量11、一物體做勻變速直線運動，當t=0

時，物體的速度大小為12m/s

方向向東，當t=2s

時，物體的速度大小為8m/s

方向仍向東，若某一時刻物體的速度大小變?yōu)?m/s

則該時刻t

為(

)

A.3s

B.5s

C.7s

D.9s

12、如圖所示，將一小球從豎直磚墻的某位置由靜止釋放，用頻閃照相機在同一底片上多次曝光，得到了圖中1、2、3、4、5所示的小球運動過程中每次曝光時的位置．已知連續(xù)兩次曝光的時間間隔均為T，每塊磚的厚度均為d．根據(jù)圖中的信息，下列判斷正確的是（）A.位置1是小球釋放的初始位置B.位置1不是小球釋放的初始位置C.小球下落的加速度為D.小球在位置3的速度為13、關于勻速圓周運動，下列說法正確的是（）A.線速度不變B.加速度不變C.周期不變D.合外力等于向心力14、如圖在發(fā)射地球同步衛(wèi)星的過程中，衛(wèi)星首先進入橢圓軌道Ⅰ，然后在Q

點通過改變衛(wèi)星速度，讓衛(wèi)星進入地球同步軌道Ⅱ，則

A.該衛(wèi)星的發(fā)射速度小于7.9km/s

B.衛(wèi)星在軌道Ⅰ上P

點的速度大于Q

點的速度C.衛(wèi)星在軌道Ⅰ運動的周期大于在軌道Ⅱ上運動的周期D.衛(wèi)星在Q

點通過加速可實現(xiàn)由軌道Ⅰ進入軌道Ⅱ15、一質(zhì)點做勻變速直線運動，運動方程為x

=5

t

+2

t

2(

m

)

則下列說法正確的是()

A.質(zhì)點的初速度為5

m

/

s

，加速度為2

m

/

s

2

B.質(zhì)點的初速度為5

m

/

s

，加速度為4

m

/

s

2

C.質(zhì)點的速度為10

m

/

s

時，所用時間為1.25

s

D.質(zhì)點在2

s

內(nèi)位移的大小為18

m

16、關于第一宇宙速度，下列說法正確的是(

)

A.它是人造地球衛(wèi)星繞地球飛行的最小速度B.它是近地圓形軌道上人造地球衛(wèi)星的運行速度C.它是能使衛(wèi)星進入近地圓形軌道的最小發(fā)射速度D.它是衛(wèi)星在橢圓軌道上運行時的近地點的速度17、如圖所示，a、b、c表示一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化過程中的三個狀態(tài)，圖中ac線平行于橫坐標軸，bc線垂直于橫坐標軸，ab線的延長線通過原點O．以下說法中正確的是（）

A.由狀態(tài)a到b是等溫變化，氣體內(nèi)能不變B.由狀態(tài)b到c是等容變化，氣體內(nèi)能不變C.由狀態(tài)c到a是等壓變化，氣體內(nèi)能減小D.由狀態(tài)c到a是等壓變化，氣體內(nèi)能增加評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、如圖所示為一小球做平拋運動的閃光照片的一部分，圖中背景方格的邊長均為5cm，如果取g=10m/s2；那么：

（1）閃光的時間間隔是____S；

（2）小球經(jīng)過B點時的速度大小是____m/s．（結果可用根號表示）

19、【題文】小明撐一雨傘站在水平地面上，傘面邊緣點所圍圓形的半徑為R，現(xiàn)將雨傘繞豎直傘桿以角速度ω勻速旋轉，傘邊緣上的水滴落到地面，落點形成一半徑為r的圓形，當?shù)刂亓铀俣鹊拇笮間，則水滴剛離開傘邊緣的線速度大小為____,傘邊緣距地面的高度____。20、一對作用力與反作用力和一對平衡力的不同點：作用力和反作用力應作用在______物體上（填“一個”或“兩個”），所以相互作用力不能求合力．一對平衡力作用在______物體上，并且合力為______．21、在“探究功與速度變化的關系”實驗中；某同學設計了如圖甲所示的實驗方案：使小物塊在橡皮筋的作用下沿水平桌面被彈出，第二次；第三次操作時分別改用2根、3根、同樣的橡皮筋將小物塊彈出，測出小物塊被彈出時速度，然后找到牽引力對小物塊做的功與小物塊速度的關系．

（1）要測得小物塊被彈出后的水平速度，需要測量哪些物理量：______（填正確答案標號；g已知）

A．小物塊的質(zhì)量mB．橡皮筋的原長x

C．橡皮筋的伸長量△xD．桌面到地面的高度h

E．小物塊拋出點到落地點的水平距離L

（2）用測量的物理量表示獲得速度大小的表達式______．

（3）能夠?qū)崿F(xiàn)橡皮筋對小物塊做功整數(shù)倍變化的是______．

A．增加相同橡皮盤的條數(shù)；使小物塊每次從同位置釋放。

B．橡皮筋兩端固定；使橡皮筋的伸長量依次加倍。

C．橡皮筋兩端固定；使橡皮筋的長度依次加倍。

D．釋放小物塊的位置等間距的變化。

（4）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)做出W-v2的圖象如圖乙所示，圖線不通過原點的原因是______．22、(1)

如圖所示的演示實驗中；AB

兩球同時落地，說明______．

(2)

某同學設計了如圖的實驗：將兩個質(zhì)量相等的小鋼球，從斜面的同一高度由靜止同時釋放，滑道2

與光滑水平板相接，則他將觀察到的現(xiàn)象是______，這說明______．23、在圖示的實驗裝置中，已充電的平行板電容器與電源斷開，電量Q

將不變，極板A

與一靜電計相連接，極板B

接地.

與電容器相連的靜電計用來測量電容器的______.

若極板B

稍向上移，則電容器的電容將______，(

填“增大”、“減小”或“不變”)

靜電計的指針偏角將______；(

填“增大”、“減小”或“不變”)

24、一個物體在三個共點力的作用下正向東做勻速直線運動．已知F1=6N，F(xiàn)2=7N，F(xiàn)3=8N，那么這三個力的合力大小是____N．若撤去一個向西方向的力F1，那么其他兩個力的合力大小是____，方向是____．25、【題文】已知月球繞地球運動周期T和軌道半徑r，地球半徑為R,萬有引力常量為G.則地球的質(zhì)量為____，地球的平均密度為____。26、重力加速度的大小與緯度有關，一般來說，緯度越高，g值越____________(填大或小)，重力加速度的方向總是豎直向____________(填“下”或“上”)．評卷人得分四、實驗探究題(共1題，共2分)27、對一根用新材料制成的金屬桿M

進行抗拉測量.

這根金屬桿長5cm

橫截面積為1.0cm2

設計要求使它受到拉力后的伸長量不超過原長的1100.

由于這一拉力很大；桿又很長，直接測試有困難，現(xiàn)選用這種材料制成樣品進行測試，得到不同情況下得伸長量如下表所示：

(1)

在設計和分析實驗數(shù)據(jù)中；用到了我們學過的______的科學研究方法．

(2)

測試結果表明：樣品受拉力作用后；其伸長量與樣品的長度成______比，與樣品的橫截面積成______比.

(3)

待測金屬桿M

能夠允許承受的最大拉力為______N.

。長度橫截面積拉力1000N2000N3000N4000N1m0.10cm20.08cm0.16cm0.24cm0.32cm2m0.10cm20.16cm0.32cm0.48cm0.64cm1m0.20cm20.04cm0.08cm0.12cm0.16cm2m0.20cm20.08cm0.16cm0.24cm0.32cm評卷人得分五、證明題(共2題，共20分)28、燈距地面的高度為h；身高為l的人以速度υ勻速直線行走，如圖所示．

（1）有甲；乙兩位同學對人的頭頂?shù)挠白拥倪\動情況分別談了自己的看法；甲同學認為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蚣铀僦本€運動，而乙同學則依據(jù)平時看到的自己的影子的運動情況，認為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蛩僦本€運動，你認為甲、乙兩位同學對人的頭頂?shù)挠白拥倪\動情況的看法，誰的看法是正確的？

（2）請說明你的判斷依據(jù)：

（3）求人影的長度隨時間的變化率．29、燈距地面的高度為h；身高為l的人以速度υ勻速直線行走，如圖所示．

（1）有甲；乙兩位同學對人的頭頂?shù)挠白拥倪\動情況分別談了自己的看法；甲同學認為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蚣铀僦本€運動，而乙同學則依據(jù)平時看到的自己的影子的運動情況，認為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蛩僦本€運動，你認為甲、乙兩位同學對人的頭頂?shù)挠白拥倪\動情況的看法，誰的看法是正確的？

（2）請說明你的判斷依據(jù)：

（3）求人影的長度隨時間的變化率．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】下滑過程中支持力始終與速度方向垂直，所以支持力對小朋友不做功，A錯；下滑過程中小朋友的高度減小，重力勢能減小，B錯；在水平面滑動過程中摩擦力的方向與位移方向相反，所以做負功，小朋友機械能減小，C錯；D對；【解析】【答案】D2、D【分析】解：850

和935

指的是一個時間點；是時刻，45隆盲

是時刻，是指時間的長度，不是時刻，所以正確的是D

．

故選：D

．

時間是指時間的長度；在時間軸上對應一段距離，對應物體的位移或路程，時刻是指時間點，在時間軸上對應的是一個點，對應物體的位置．

時刻具有瞬時性的特點，是變化中的某一瞬間；時間間隔具有連續(xù)性的特點，與某一過程相對應．【解析】D

3、B【分析】【分析】

在位移鈭?

時間圖象中；傾斜的直線表示物體做勻速直線運動，斜率表示速度，圖象的交點表示位移相等，平均速度等于位移除以時間；在速度鈭?

時間圖象中，斜率表示加速度，圖象與時間軸圍成的面積表示位移。

要求同學們能根據(jù)圖象讀出有用信息；注意位移鈭?

時間圖象和速度鈭?

時間圖象的區(qū)別，難度不大，屬于基礎題。

【解答】

A.位移時間圖中；斜率代表速度，由圖可知甲的速度不變，所以做勻速直線運動，乙的斜率逐漸減小，所以做速度逐漸減小的直線運動，并非曲線運動，故A錯誤；

B.在t1

時刻兩車的位移相等；又都是單向直線運動，所以兩車路程相等，故B正確；

C.由圖象與時間軸圍成的面積表示位移可知：丙；丁兩車在t2

時刻面積差最大；所以相距最遠，故C錯誤；

D.0隆蘆t2

時間內(nèi)；丙的位移小于丁的位移，時間相等，平均速度等于位移除以時間，所以丙的平均速度小于丁車的平均速度，故D錯誤。

故選B?！窘馕觥緽

4、B【分析】

三個大小相同的作用力F；方向不同．可以對作用力F在水平和豎直方向進行分解，從豎直方向可以得出甲；乙、丙三個物體對地面的壓力的大小關系是乙的大于丙的大于甲的．

物體受到的是滑動摩擦力，根據(jù)f=μFN可知；滑動摩擦力的大小關系為乙＞丙＞甲．

故選B．

【解析】【答案】三個大小相同的作用力F；方向不同．可以對作用力F進行分解，從豎直方向可以得出甲；乙、丙三個物體對地面的壓力的大小關系．再根據(jù)滑動摩擦力公式進行判斷．

5、A【分析】

①既然是曲線運動；它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運動一定是變速運動，所以①正確．

②曲線運動既然是變速運動；那么做曲線運動的物體合外力就一定不為零，所以②正確．

③物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上；合外力大小和方向不一定變化，如平拋運動，所以③錯誤．

④同③的分析；平拋運動也是曲線運動，但平拋運動是勻變速運動，所以④錯誤．

由以上分析可知①②正確．

故選A．

【解析】【答案】物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上；合外力大小和方向不一定變化，由此可以分析得出結論．

6、A【分析】【解答】解：解：設河寬為d，設船在靜水中的速率為v1，水流速為v2（1）最短時間過河時；靜水速與河岸垂直，有：

t1=①（2）最小位移過河：

v合=

則：t2==②

聯(lián)立①②解得：=．故A正確；BCD錯誤．

故選：A．

【分析】小船過河的處理：（1）當船速垂直河岸時，用時最少；（2）當船速大于水速時，合速度垂直河岸，位移最?。謩e列式求解．7、C【分析】物體在上升過程和下落過程；空氣阻力都阻礙物體運動，都做負功，所以全過程中空氣阻力對物體做功為：

WFf=WFf脡脧+WFf脧脗=鈭?Ffh+(鈭?Ffh)=鈭?2Ffh

正確選項是C

很多同學容易錯選A。原因是：他們認為整個過程的位移為零，由W=Flcos婁脕

可得Wf=0

造成這一錯誤的原因是沒有掌握公式W=Flcos婁脕

中的F

必須為恒力。【解析】C

8、B【分析】解：物體在地面附近繞地球做勻速圓周運動的速度叫做第一宇宙速度；在地面附近發(fā)射飛行器，如果速度大于7.9km/s

而小于11.2km/s

它繞地球飛行的軌跡就不是圓，而是橢圓.

故它是人造地球衛(wèi)星在近地圓軌道上的運行速度，也是衛(wèi)星進入近地圓形軌道的最小發(fā)射速度．

A、根據(jù)衛(wèi)星圓軌道上的速度公式v=GMR

可知；當R

最小為地球半徑時，衛(wèi)星的速度v

最大，第一宇宙速度是繞地球做圓周運動的最大速度，故A錯誤．

B；第一宇宙速度是靠近地球表面圓軌道上的運行速度；故B正確；

C；人造衛(wèi)星發(fā)射速度等于第一宇宙速度時衛(wèi)星可以在近地軌道上做圓周運動；當飛射速度大于7.9km/s

而小于11.2km/s

它繞地球飛行的軌跡就不是圓，而是橢圓.

所以第一宇宙速度是發(fā)射衛(wèi)星所需要的最小地面發(fā)射速度.

故C錯誤．

D；由上分析可知；對應的軌道是圓，不是橢圓，故D錯誤；

故選：B

．

根據(jù)衛(wèi)星在圓軌道上運行時的速度公式v=GMR

以及“地面附近發(fā)射飛行器；如果速度大于7.9km/s

而小于11.2km/s

它繞地球飛行的軌跡就不是圓，而是橢圓”的規(guī)律進行判斷即可．

第一宇宙速度是圍繞地球做勻圓圓周運動的最大速度，同時也是近地軌道圓周運動的速度；它是發(fā)射人造地球衛(wèi)星的最小速度．【解析】B

9、A【分析】解：設太陽的質(zhì)量為M；行星的質(zhì)量為m。

行星繞太陽做圓周運動的向心力由太陽的萬有引力提供，則有：

解得：M=已知r和T；可求出太陽的質(zhì)量M，但不能求出行星的質(zhì)量m和行星的密度。

由于太陽的半徑未知；也不能求出太陽的密度，故A正確，BCD錯誤。

故選：A。

行星繞太陽公轉時；由太陽的萬有引力提供向心力，據(jù)萬有引力定律和向心力公式列式，即可進行分析．

已知環(huán)繞天體的公轉半徑和周期，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式只能求出中心體的質(zhì)量．要求出行星的質(zhì)量，我們可以在行星周圍找一顆衛(wèi)星研究，即把行星當成中心體．【解析】A二、多選題(共8題，共16分)10、BD【分析】解：A；物體初速度為0；加速度為g，速度均勻增大，加速度不變．故A錯誤，B正確，C錯誤．

D、根據(jù)a=g=知速度的變化率是個恒量．故D正確．

故選BD．

自由落體運動是初速度為0；加速度為g的勻加速直線運動，在運動的過程中，加速度保持不變，速度均勻增大．

解決本題的關鍵知道自由落體運動是初速度為0，加速度為g的勻加速直線運動，在運動的過程中，加速度保持不變，速度均勻增大．【解析】【答案】BD11、BC【分析】解：根據(jù)加速度的定義式a=v鈭?v0t=8鈭?122=鈭?2m/s2

方向向西，說明物體做勻減速運動．

根據(jù)速度公式v=v0+at

有：t=v鈭?v0a

當v=2m/s

時，有：t=2鈭?12鈭?2s=5s

當v=鈭?2m/s

時，有：t=鈭?2鈭?12鈭?2=7s

．

故選：BC

．

先根據(jù)加速度公式求出加速度；再根據(jù)速度公式求解時間，但是要注意物體速度大小為2m/s

可能向西，也可能向東，因此時間有兩個解．

此題要注意速度是矢量，有大小又有方向，此題只告訴速度大小為2m/s

有可能速度向東，也可能速度向西，因此有兩解．【解析】BC

12、BCD【分析】解：A；B、小球做自由落體運動；從靜止開始運動的連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之比為1：3：5：7：，而題圖中位移之比為2：3：4：5，故位置1不是小球釋放的初始位置，故A錯誤，B正確；

C、由△s=aT2知小球下落的加速度：a=故C正確；

D、小球在位置3的速度：v3==故D正確．

故選：BCD

根據(jù)連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出小球下落的加速度；根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出小球在位置3的速度，結合速度時間公式求出小球在位置1的速度，從而確定位置1是否是釋放的初始位置．

解決本題的關鍵是掌握勻變速直線運動的運動學公式和推論，并能靈活運用，有時運用推論求解會使問題更加簡捷．【解析】【答案】BCD13、CD【分析】解：A；勻速圓周運動的線速度大小不變；方向時刻改變．故A錯誤．

B；勻速圓周運動的向心加速度大小不變；方向始終指向圓心，方向時刻改變．故B錯誤．

C；勻速圓周的周期不變．故C正確．

D；勻速圓周運動中；合力提供向心力，則合力等于向心力．故D正確．

故選：CD．

勻速圓周運動中；合力提供向心力，線速度；向心加速度的方向時刻改變．

解決本題的關鍵知道勻速圓周運動的特點，知道線速度、加速度是矢量，大小不變，方向時刻改變，周期是標量．【解析】【答案】CD14、BD【分析】【分析】了解同步衛(wèi)星的特點和第一宇宙速度含義。

當萬有引力剛好提供衛(wèi)星所需向心力時衛(wèi)星正好可以做勻速圓周運動。

1.

若是供大于需則衛(wèi)星做逐漸靠近圓心的運動。

2.

若是供小于需則衛(wèi)星做逐漸遠離圓心的運動3.

知道開普勒第二定律和第三定律；知道第一宇宙速度的特點。衛(wèi)星變軌也就是近心運動或離心運動，根據(jù)提供的萬有引力和所需的向心力關系確定?！窘獯稹緼.7.9km/s

是衛(wèi)星發(fā)射的最小發(fā)射速度，該衛(wèi)星的發(fā)射速度大于7.9km/s7.9km/s，故A錯誤。B.根據(jù)開普勒第二定律可知，衛(wèi)星在軌道Ⅰ上PP點的速度大于QQ點的速度，故B正確；

C.根據(jù)開普勒第三定律得出，衛(wèi)星在軌道Ⅰ運動的周期小于在軌道Ⅱ上運動的周期，故C錯誤；

D.從橢圓軌道Ⅰ到同步軌道Ⅱ；衛(wèi)星在Q

點是做逐漸遠離圓心的運動，要實現(xiàn)這個運動必須衛(wèi)星所需向心力大于萬有引力，所以應給衛(wèi)星加速，增加所需的向心力。所以在軌道Ⅱ上Q

點的速度大于軌道上ⅠQ

點的速度。故D正確。

故選：BD

【解析】BD

15、BCD【分析】【分析】列出勻變速直線運動的位移表達式；對照運動方程，可以對應的找到各個量，代入時間可求位移。

本題考查了勻變速直線運動位移與時間的關系；由原始公式對應題目給定的運動方程，可找到運動的初始量，進而解決題目?！窘獯稹緼.勻變速直線運動的位移表達式x=v0t+12at2

對照已知中的運動方程可知，a=4m/s2

故A錯誤；B.勻變速直線運動的位移表達式x=v0t+12at2

對照已知中的運動方程可知，v0=5m/s

故B正確；C.當質(zhì)點的速度為10m/s

時，由v=v0+at

得，t=vt?v0a=10?54s=1.25s

故C正確；D；質(zhì)點在2s

內(nèi)的位移：x=5t+2t2=5隆脕2m+2隆脕22m=18m

故D正確。

故選BCD?！窘馕觥緽CD

16、BC【分析】解：A

人造衛(wèi)星在圓軌道上運行時，運行速度為：v=GMr

軌道半徑越大，速度越小，故第一宇宙速度是衛(wèi)星在圓軌道上運行的最大速度，故A錯誤；

B；由A

選項分析可知；當軌道半徑是地球的半徑時，則第一宇宙速度即為近地圓軌道上人造地球衛(wèi)星的運行速度，B正確；

C；物體在地面附近繞地球做勻速圓周運動的速度叫做第一宇宙速度；在地面附近發(fā)射飛行器，如果速度等于7.9km/s

飛行器恰好做勻速圓周運動，如果速度小于7.9km/s

就出現(xiàn)萬有引力大于飛行器做圓周運動所需的向心力，做近心運動而落地，所以發(fā)射速度不能小于7.9km/s

故C正確．

D；如果速度大于7.9km/s

而小于11.2km/s

它繞地球飛行的軌跡就不是圓，而是橢圓，所以7.9km/s

不是衛(wèi)星在橢圓軌道上運行時在遠地點的速度，故D錯誤．

故選：BC

．

第一宇宙速度又稱為環(huán)繞速度；是指在地球上發(fā)射的物體繞地球飛行作圓周運動所需的最小初發(fā)射速度．

注意第一宇宙速度有三種說法：

壟脵

它是人造地球衛(wèi)星在近地圓軌道上的運行速度。

壟脷

它是人造地球衛(wèi)星在圓軌道上運行的最大速度。

壟脹

它是衛(wèi)星進入近地圓形軌道的最小發(fā)射速度【解析】BC

17、A:D【分析】【詳解】

由理想氣體狀態(tài)方程變形得：結合圖象知，其斜率不變，則氣體的溫度不變，由狀態(tài)a到b是等溫變化，氣體的內(nèi)能不變．A正確．由狀態(tài)b到c是等容變化，壓強減小，由理想氣體狀態(tài)方程知氣體的溫度降低，氣體的內(nèi)能減小，B錯誤．由狀態(tài)c到a是等壓變化，體積增大，由理想氣體狀態(tài)方程知氣體的溫度升高，氣體的內(nèi)能增加，C錯誤，D正確．三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】

（1）在豎直方向上有：△h=gT2；其中△h=2×5=10cm，代入求得：T=0.1s；

（2）水平方向勻速運動，有：s=vt，其中s=3l=15cm，t=T=0.1s，代入解得：v=1.5m/s．

根據(jù)勻變速直線運動中；時間中點的瞬時速度等于該過程的平均速度，在B點有：

vy==2m/s

所以B點速度為：

vB=

故答案為：0.10；2.5

【解析】【答案】正確應用平拋運動規(guī)律：水平方向勻速直線運動；豎直方向自由落體運動；解答本題的突破口是利用在豎直方向上連續(xù)相等時間內(nèi)的位移差等于常數(shù)解出閃光周期，然后進一步根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律；推論求解．

19、略

【分析】【解析】本題考查的是圓周運動問題與平拋運動結合的問題。由于水滴離開傘邊緣的速度方向與半徑方向垂直，則可得h為【解析】【答案】ωR20、略

【分析】解：作用力與反作用力大小相等；方向相反，但是兩個力作用在不同的物體上，不能求合力．

而一對平衡力是同一個物體受到的兩個大小相等；方向相反的力，二力的合力為零；

故答案為：一個；兩個；零．

根據(jù)牛頓第三定律；作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上．它們同時產(chǎn)生，同時消失，同時變化，是一對相同性質(zhì)的力．

二力平衡時；物體同時受兩個力的作用，二力的合力為零．

解決本題的關鍵知道作用力和反作用力的關系，知道它們作用在兩個不同的物體上，且同時產(chǎn)生、同時變化、同時消失，而平衡力是兩個力作用在同一個物體上．【解析】一個；兩個；零21、略

【分析】解：（1）（2）物塊離開桌面后做平拋運動；

豎直方向：h=gt2；水平方向：L=vt；

解得：v=L要測物被彈出時的速度；

需要測量：桌面到地面的高度h；小物塊拋出點到落地點的水平距離L，故選DE；

（3）實驗時；選擇相同的橡皮筋，使橡皮筋的形變量相同，通過改變橡皮筋的條數(shù)改變橡皮筋對小車所做的功，故A正確，BCD錯誤；

故選：A

（4）物塊在桌面上運動時；彈力對物塊做整個，摩擦力對物塊做負功，由于物塊要克服摩擦力做功，則圖象不過原點．

故答案為：（1）DE；（2）v=L（3）A；（4）物體在桌面上運動時要克服摩擦力做功。

（1；2）物塊離開桌面后做平拋運動；應用平拋運動規(guī)律可以求出物塊的水平速度．

（3）根據(jù)實驗裝置與實驗原理分析答題．

（4）對物體受力分析；根據(jù)物體的受力情況分析答題。

明確實驗原理，根據(jù)相應規(guī)律得出表達式，然后討論．還要知道系統(tǒng)誤差和偶然誤差的區(qū)別，系統(tǒng)誤差是由于儀器的某些不完善、測量技術上受到限制或?qū)嶒灧椒ú粔蛲晟茮]有保證正確的實驗條件等原因產(chǎn)生，如停表測時間時，停表不準確，慢了，測的時間間隔總是偏?。既徽`差的特點是它的隨機性．如果我們對一些物理量只進行一次測量，其值可能比真值大也可能比真值小，這完全是偶然的，產(chǎn)生偶然誤差的原因無法控制，所以偶然誤差總是存在，通過多次測量取平均值可以減小偶然誤差，但無法消除．既然是誤差就不可消除，只能是改進方法，多次做試驗，以減小誤差【解析】DE；v=LA；物體在桌面上運動時要克服摩擦力做功22、略

【分析】解：(1)A

做自由落體運動；AB

兩球同時落地，只能說明平拋運動在豎直方向上是自由落體運動．

(2)

兩鋼球從斜面的同一高度由靜止同時釋放；球1

離開斜面后做勻速直線運動，球2

做平拋運動，水平方向速度相同，觀察到的現(xiàn)象是球1

落到光滑水平板上并擊中球2

說明平拋運動在水平方向上是勻速直線運動．

故答案是：(1)

平拋運動在豎直方向上是自由落體運動；(2)

球1

落到光滑水平板上并擊中球2

平拋運動在水平方向上是勻速運動．

(1)

實驗中；A

自由下落，AB

兩球同時落地，只能說明平拋運動在豎直方向上是自由落體運動．

(2)

兩鋼球從斜面的同一高度由靜止同時釋放；球1

離開斜面后做勻速直線運動，球2

做平拋運動，如觀察到球1

與球2

水平方向相同時間內(nèi)通過相同位移相等，即球1

落到光滑水平板上并擊中球2

說明球2

的平拋運動在水平方向上是勻速直線運動．

本題研究平拋運動在水平方向和豎直方向兩個方向分運動的情況，采用比較法，考查對實驗原理和方法的理解能力．【解析】平拋運動在豎直方向上是自由落體運動；球1

落到光滑水平板上并擊中球2

平拋運動在水平方向上是勻速運動23、電量；減?。辉龃蟆痉治觥拷猓号c電容器相連的靜電計用來測量電容器的電量；

電容器充電后斷開了電源；故電容器兩極板上的電量Q

不變；

若極板B

稍向上移動一點，極板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式C=?s4婁脨kd

可知，電容C

變小.

電容器的電量Q

不變，由電容的定義式C=QU

得到；板間電壓U

變大.

故靜電計指針偏角增大；

故答案為：電量；減小，增大．

若極板B

稍向上移動一點，極板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式：C=?s4婁脨kd

分析電容的變化.

電容器的電量不變，由電容的定義式分析板間電壓的變化，再判斷靜電計指針偏角的變化.

電容器充電后斷開了電源，故電容器兩極板上的電量Q

不變；

本題是電容器動態(tài)變化分析的問題，根據(jù)電容的決定式C=?s4婁脨kd

和電容的定義式C=QU

綜合分析，是常用思路．【解析】電量；減?。辉龃?4、略

【分析】

已知F1=6N，F(xiàn)2=7N；兩力的最小值為1N，最大值為14N，而第三個力在最小與最大之間，則三個力的合力為零；

若撤去一個向西方向的力F1；那么其他兩個力的合力大小與其大小相等，方向相反，即為方向向東，大小為6N；

故答案為：0；6，向東．

【解析】【答案】根據(jù)任意兩個力的最小值與最大值；是否包含第三個力，若是則三力的合力為零，若不是，則三個力的合力不為零；由題意可知其他兩力的合力大小及方向；利用平行四邊形定則可求得轉動之后的合力．

25、略

【分析】【解析】

試題分析：地球?qū)υ虑虻娜f有引力充當向心力，所以根據(jù)萬有引力定律以及牛頓第二定律可得解得：地球的體積根據(jù)可得

考點：考查了萬有引力定律的應用。

點評：基礎題，關鍵對公式的靈活應用，計算時需要細心【解析】【答案】26、略

【分析】解：重力加速度又叫自由落體運動的加速度為g；g值隨著緯度的升高而增大，同一地點，g值相等．重力加速度的方向總是豎直向下．

故答案為：大，下【解析】大;下四、實驗探究題(共1題，共2分)27、略

【分析】解：(1)

由題可知伸長量x

與樣品的長度；橫截面積、所受拉力都有關系；涉及的變量較多，因此采用“控制變量法”來確定它們之間的正、反比關系．

(2)

由表格知：

壟脵

當受到的拉力F

橫