2025年人教新起點高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教新起點高二物理上冊月考試卷121考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖（a）所示，在x軸上的兩點分別放有-Ｑ和+4Ｑ兩個點電荷，位置坐標(biāo)分別為0和1。圖（b）是反映沿x軸電勢分布情況的圖線，正確是()2、如圖所示的電路中，線圈電阻可以忽略不計．L1和L2是兩個完全相同的小燈泡，隨著開關(guān)S的閉合和斷開的過程中（燈絲不會斷），L1和L2的亮度變化情況是（）A.S閉合，L1逐漸變亮，L2立即變亮且亮度不變，最后兩燈一樣亮；S斷開，L1和L2都立即熄滅B.S閉合，L1不亮，L2很亮；S斷開，L1亮一下才熄滅，L2立即熄滅C.S閉合，L1、L2同時亮，而后L1滅，L2亮度不變；S斷開，L2立即熄滅，L1亮一下才熄滅D.S閉合，L1、L2同時亮，后L1逐漸熄滅，L2逐漸變得更亮；S斷開，L2立即熄滅，L1亮一下才熄滅3、把一個薄板狀物體懸掛起來，靜止時如圖所示.

則對于此薄板狀物體所受重力的理解，下列說法正確的是()A.重力就是地球?qū)ξ矬w的引力B.重力大小和物體運(yùn)動狀態(tài)有關(guān)C.重力的方向總是指向地心的D.薄板的重心一定在直線AB

上4、電場力做功與重力做功相似，均與路徑無關(guān)。A.正確B.錯誤5、如圖所示，R3

是光敏電阻，當(dāng)開關(guān)S

閉合后在沒有光照射時，ab

兩點等電勢，當(dāng)用光照射電阻R3

時，則(

)

A.R3

的電阻變小，a

點電勢高于b

點電勢B.R3

的電阻變小，a

點電勢低于b

點電勢C.R3

的電阻變大，a

點電勢高于b

點電勢D.R3

的電阻變大，a

點電勢低于b

點電勢6、如圖所示，一矩形線框以豎直向上的初速度進(jìn)入只有一條水平邊界的勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向里，進(jìn)入磁場后上升一段高度又落下離開磁場，運(yùn)動中線框只受重力和磁場力，線框在向上、向下經(jīng)過圖中12

位置時的速率按時間順序依次為v1v2v3

和v4

則可以確定(

)

A.v1<v2

B.v2<v3

C.v3<v4

D.v4<v1

評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)7、在“暢想家鄉(xiāng)美好未來”的主題班會上，同學(xué)們奇想妙設(shè)，紛紛出計獻(xiàn)策。王林同學(xué)設(shè)計了城市未來磁懸浮軌道列車交通方案，圖紙如圖所示，請你分析該方案中應(yīng)用到的物理知識有：（只要求寫出兩條）（1）________________________________;（2）________________________________。8、如圖所示，電荷量為q1和q2的兩個點電荷分別位于P點和Q點．已知在P、Q連線上某點R處的電場強(qiáng)度為零，且PR＝2RQ．已知q2的帶電量為q，則q1=______；現(xiàn)在PQ直線上放入q3，要使三個電荷只在電場力作用下均處于平衡狀態(tài)，則q3=______．

9、在《測定金屬的電阻率》實驗中，某同學(xué)用螺旋測微器測量金屬絲導(dǎo)線的直徑時，測量示數(shù)如圖所示．則該金屬絲的直徑為____mm．

10、請在圖（a）中標(biāo)出靜止小磁針的N極；在圖（b）中根據(jù)通電螺線管上的N極和S極；標(biāo)出導(dǎo)線中的電流方向．

11、寫出你所知道的傳感器：______．12、如圖1

所示的裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，當(dāng)用光子能量為5eV

的光照射到光電管上時，測得電流計上的示數(shù)隨電壓變化的圖象如圖2

所示.

則光電子的最大初動能為______J

金屬的逸出功為______J.評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)13、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）14、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）15、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）16、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

17、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）評卷人得分四、解答題(共2題，共10分)20、如圖所示，兩根光滑平行金屬導(dǎo)軌M、N水平放置，電阻不計，相距0.2m，金屬導(dǎo)軌上與導(dǎo)軌垂直的方向放一個質(zhì)量為m=0.05kg的金屬棒ab，ab的電阻為0.5Ω．兩金屬導(dǎo)軌一端通過電阻R和電源相連．電阻R=2Ω，電源電動勢E=6V，電源內(nèi)阻r=0.5Ω，如果在裝置所在的區(qū)域加一個勻強(qiáng)磁場，使ab對導(dǎo)軌的壓力恰好為零，并使ab處于靜止．求：

（1）通過ab的電流I；

（2）ab所受的安培力F的大小和方向；

（3）所加磁場磁感強(qiáng)度B的大小和方向．

21、如圖，MP是水平地面，P點是豎直光滑圓形軌道的最低點，半徑為R，N、P之間的距離為2R．一個質(zhì)量為m的小物塊（可以看成質(zhì)點）與豎直墻之間有一個處于壓縮狀態(tài)的輕彈簧，物塊與NP之間的動摩擦因數(shù)隨距N點距離變化的圖像如圖所示．現(xiàn)把物塊從N點由靜止釋放（重力加速度為g，圖像中已知）；求：

（1）若物塊達(dá)到P點時對軌道的壓力為2mg；開始時彈簧的彈性勢能為多大；

（2）若物塊能滑上圓形軌且在到達(dá)圓軌道最高點前不脫離圓形軌道，開始時彈簧的彈性勢能大小應(yīng)滿足的條件．評卷人得分五、證明題(共2題，共14分)22、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動為簡諧運(yùn)動。23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動為簡諧運(yùn)動。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】試題分析：順著電場線方向電勢降低，只要找出電場線的方向即可判斷電勢的變化情況．由于兩個點電荷是異種電荷，設(shè)在x軸上某點x1處的合場強(qiáng)為零，即解得和(舍去)，所以在的區(qū)間內(nèi)電場方向向左，在的區(qū)間內(nèi)電場方向向右，在的區(qū)間內(nèi)電場方向向左，在的區(qū)間內(nèi)電場方向向右，取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，由此可判斷沿著x軸從左向右，電勢先增加再減小，在處最大，故排除ACD選項，選項B正確．考點：分析電勢的變化可以根據(jù)順著電場線方向電勢降低判斷，也可以根據(jù)電場力對正電荷做功的情況判斷．【解析】【答案】B2、D【分析】解：當(dāng)S閉合瞬時，兩燈同時獲得電壓，同時發(fā)光，隨著線圈L電流的增加，逐漸將L1燈短路，L1逐漸變暗直到熄滅，同時，L2電流逐漸增大；變得更亮；

S斷開瞬時，L2中電流消失，故立即熄滅，而L1中由于電感中產(chǎn)生一個與電流同向的自感電動勢，故右端為正，電流由燈泡L1的右側(cè)流入，故L1亮一下逐漸熄滅．故D正確；

故選：D．

電感在線圈中電流發(fā)生變化時會產(chǎn)生一種阻礙作用；當(dāng)電流增大時會產(chǎn)生反向電動勢使電流緩慢增大，在接通瞬間看作是電阻極大；當(dāng)電流減小時，會產(chǎn)生同向電動勢，使電流緩慢減小，相當(dāng)于電源．

對于線圈要抓住雙重特性：當(dāng)電流不變時，它是電阻不計的導(dǎo)線；當(dāng)電流變化時，產(chǎn)生自感電動勢，相當(dāng)于電源．【解析】【答案】D3、D【分析】【分析】重力是由于地球的吸引而使物體受到的力，重力的方向豎直向下，物體的重力與所在處的緯度、高度有關(guān)，與物體的運(yùn)動狀態(tài)無關(guān)。本題考查了重力的產(chǎn)生以及大小、方向問題，注意懸掛法找重心方法的應(yīng)用，屬于基礎(chǔ)題目?！窘獯稹緼.重力是由于地球的吸引而使物體受到的力，不是地球?qū)ξ矬w的引力，故A錯誤；B.重力的大小與物體的運(yùn)動狀態(tài)無關(guān)，故B錯誤；C.重力的方向豎直向下，故C錯誤；D.因為繩對板的拉力與板受的重力為一對平衡力，必在一條直線上，所以重心一定在細(xì)線的延長線上，即薄板的重心一定在直線AB

上，故D正確。故選D?！窘馕觥緿

4、A【分析】【分析】重力做功與物體下落的高度差有關(guān)，與路徑無關(guān)；電場力做功，只與電荷以及兩點間的電勢差有關(guān)，與運(yùn)動路徑?jīng)]有關(guān)系。根據(jù)電場力做功特點分析即可，簡單題目。【解答】重力做功與物體下落的高度差有關(guān)，與路徑無關(guān)；電場力做功，只與電荷以及兩點間的電勢差有關(guān)，與運(yùn)動路徑無關(guān)，故本題正確。故選A?！窘馕觥緼

5、A【分析】解：取電源的負(fù)極電勢為零，a

點的電勢等于R4

兩端的電壓，b

點的電勢等于R2

兩端的電壓．

光敏電阻的電阻隨溫度的升高而降低；故R3

的電阻減小，電路中總電阻減小，故由閉合電路的歐姆定律可知，電路中的總電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，路端電壓減小．

沒有光照時，ab

兩點電勢相等，有光照以后，兩支路兩端的電壓相等，因R1R2

支路中電阻沒有變化，故R2

的分壓比不變；而由于R3

的電阻減小，故R4

分壓增大，故a

端的電勢要高于b

端；故BCD錯誤，A正確．

故選：A

光敏電阻為半導(dǎo)體，其阻值隨溫度的升高而降低；取電源的負(fù)極電勢為零，a

點的電勢等于R4

兩端的電壓，b

點的電勢等于R2

兩端的電壓；由閉合電路的歐姆定律可知電路中電流的變化；由歐姆定律可得出各電阻兩端的電壓變化，故可判斷ab

兩點電勢的高低．

本題首先要了解光敏電阻的特性，再按局部到整體，再到局部的順序進(jìn)行動態(tài)分析，難度適中．【解析】A

6、D【分析】解：A

線框進(jìn)入磁場的過程，受到重力和安培力兩個力作用，根據(jù)楞次定律：安培力阻礙導(dǎo)體與磁場的相對運(yùn)動可知，安培力方向向下，線框做減速運(yùn)動，可以確定v1>v2.

故A錯誤．

B；線框完全進(jìn)入磁場中；磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，不受安培力，只受重力作用，機(jī)械能守恒，可以確定v2=v3.

故B錯誤．

C、線框穿出磁場的過程，線框所受的安培力向上，與重力的大小無法確定，可能大于重力，線框做減速運(yùn)動，有v3>v4.

安培力可能小于重力，做加速運(yùn)動，有v3<v4.

安培力可能等于重力；做勻速運(yùn)動，有v3=v4.

故C錯誤．

D、整個過程中，線框中產(chǎn)生電能，機(jī)械能減小，可以確定v4<v1.

故D正確．

故選：D

線框在磁場中運(yùn)動過程中；受到重力和安培力作用，分析線框的運(yùn)動情況，即可判斷速度的大?。?/p>

本題關(guān)鍵要根據(jù)線框的受力情況，來分析其運(yùn)動情況，要考慮安培力與重力可能的關(guān)系進(jìn)行判斷．【解析】D

二、填空題(共6題，共12分)7、略

【分析】試題分析：利用了磁場中同名磁極相斥原理和電磁感應(yīng)的原理，把站臺做成斜坡的，列車在進(jìn)站時將動能轉(zhuǎn)化為重力勢能儲存能量，在出站時又可以將重力勢能轉(zhuǎn)化為動能，這又利用了能量的轉(zhuǎn)化與守恒定律?？键c：本題主要考查磁懸浮軌道列車的原理，【解析】【答案】磁場中同名磁極相斥原理、電磁感應(yīng)的原理、能量的轉(zhuǎn)化與守恒定律(任意兩條)8、略

【分析】【詳解】

已知在P、Q連線上某點R處的電場強(qiáng)度為零，則q1與q2必定是同種電荷，根據(jù)點電荷的電場強(qiáng)度公式得，又，解得：；

現(xiàn)在PQ直線上放入q3，要使三個電荷只在電場力作用下均處于平衡狀態(tài)，對q1分析，根據(jù)平衡條件可知q1與q3必定是異種電荷，則有，解得；

【點睛】

根據(jù)點電荷的電場強(qiáng)度公式，由點電荷電場強(qiáng)度的疊加原理求解，要使三個電荷只在電場力作用下均處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件可求解．【解析】4q9、略

【分析】

由于可動刻度的“0”在固定刻度下方；因此固定刻度的讀數(shù)為：0.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×2.0mm=0.020mm，所以最終讀數(shù)為：0.5mm+0.020mm=0.520mm．

故本題答案為：0.520

【解析】【答案】螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀；注意判斷0.5毫米刻度線是否出現(xiàn)的方法：若可動刻度的“0”在固定刻度上方，則沒有露出，若在下方則以及露出．

10、略

【分析】

由磁極間的相互作用可知螺線管的磁極；再由右手螺旋定則可知通電螺線管的電流方向．

本題考查右手螺旋定則及磁極間的相互作用，要求學(xué)生能熟練應(yīng)用右手螺旋定則判斷磁極或電流方向．【解析】解：由右手螺旋定則可知螺線管中電流由右側(cè)流入；左側(cè)流出，則螺旋管左端為N極，右端為S極；因同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引；

故答案如下圖11、略

【分析】解：常用傳感器有：溫度傳感器；光傳感器；聲音傳感器、壓力傳感器等；

故答案為：溫度傳感器；光傳感器；聲音傳感器、壓力傳感器。

傳感器的作用是將溫度；力、光、聲音等非電學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量．利用紅外線的熱效應(yīng)可以制成多種開關(guān)．

傳感器在生產(chǎn)生活中具有廣泛的應(yīng)用，要注意在生活中注意觀察和總結(jié)．【解析】溫度傳感器；光傳感器、聲音傳感器、壓力傳感器12、略

【分析】解：由圖2

可知；當(dāng)該裝置所加的電壓為反向電壓，當(dāng)電壓是鈭?2V

時，電流表示數(shù)為0

知道光電子點的最大初動能為：2eV=3.2隆脕10鈭?19J

根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=h婁脙鈭?W0W0=3eV=4.8隆脕10鈭?19

J.

故答案為：3.2隆脕10鈭?194.8隆脕10鈭?19

該裝置所加的電壓為反向電壓；發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表的示數(shù)大于或等于鈭?2V

時，電流表示數(shù)為0

知道光電子點的最大初動能為2eV

根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=h婁脙鈭?W0

求出逸出功．

光電子的最大初動能與入射光的頻率成線性關(guān)系；而光的強(qiáng)度不會改變光電子的最大初動能，從而判斷是否電流表是否有示數(shù)．

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)的條件，以及光電效應(yīng)方程EKm=h婁脙鈭?W0.

注意光的入射頻率決定光電子最大初動能，而光的強(qiáng)度不影響光電子的最大初動能．【解析】3.2隆脕10鈭?194.8隆脕10鈭?19

三、判斷題(共7題，共14分)13、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．14、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．15、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．16、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點的場強(qiáng)大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強(qiáng)大小及方向．17、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．18、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．四、解答題(共2題，共10分)20、略

【分析】