2024年滬科新版選擇性必修2物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科新版選擇性必修2物理下冊階段測試試卷246考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，在矩形區(qū)域abcd區(qū)域中，分布著垂直于紙面向外的勻強磁場，ab長為L，在ab的中點P處有一電子發(fā)射源，出射電子速率取一切可能值，所有電子出射的速度方向均與ab成30°角；下列說法正確的是()

A.只要初速度大小取合適的值，電子可以在磁場中做完整的圓周運動B.電子入射速度越大，在磁場中運動的時間一定越短C.從ad邊出射的電子一定比從bc出射的電子運動時間短D.當時，cd邊無電子射出2、如圖所示；矩形閉合線圈放置在水平薄板上，薄板左下方有一條形磁鐵，當磁鐵勻速自左向右通過線圈下方時，線圈始終保持靜止，那么線圈中產(chǎn)生感應電流的方向（從上向下看）和線圈受到薄板的摩擦力方向分別是（）

A.感應電流的方向先逆時針方向，后順時針方向B.感應電流的方向先順時針方向，后逆時針方向C.摩擦力方向先向左、后向右D.摩擦力方向先向右、后向左3、如圖所示，a、b為兩個閉合圓形線圈，用相同材料粗細均勻的導線制成，半徑Ra＝2Rb，圖示區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外的勻強磁場，且磁感應強度隨時間均勻增大，不考慮線圈之間的相互影響，則（）

A.兩線圈內(nèi)產(chǎn)生逆時針方向的感應電流B.a、b線圈中感應電動勢之比為2：1C.a、b線圈中感應電流之比為4：1D.a、b線圈消耗的電功率之比為8：14、以下說法正確的是（）A.磁場和磁感線都是客觀存在的B.磁感應強度（）是用比值法定義的物理量C.運動的電荷在磁場中一定受洛倫茲力的作用D.磁場中某點磁感應強度的方向跟放在該處通電導線所到的安培力的方向一致5、如圖所示；在水平地面下有一條沿東西方向鋪設的水平直導線，導線中通有自東向西且強度較大的恒定電流。現(xiàn)用一閉合的檢測線圈（線圈中串有靈敏電流計，圖中未畫出）檢測此通電直導線的位置。若不考慮地磁場的影響，讓檢測線圈（位于水平面內(nèi)）從距直導線很遠處由北向南沿水平地面通過導線的上方并移至距直導線很遠處，在此過程中，俯視檢測線圈，下列說法正確的是（）

A.感應電流的方向先順時針后逆時針B.感應電流的方向先逆時針后順時針，然后再逆時針C.檢測線圈所受安培力的方向先向南后向北D.檢測線圈所受安培力的方向先向北后向南6、下面有關物理公式及單位書寫正確的是（）A.磁通量的單位是韋伯；磁感應強度的單位是特斯拉B.電容器的單位是：亨利；電感的單位是：法拉C.感應電動勢：D.安培力公式：7、一矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動；產(chǎn)生的交流電壓隨時間變化的關系如圖所示。下列說法正確的是（）

A.該交流電壓的頻率為B.狀態(tài)時線圈處于中性面位置C.用交流電壓表測量時電壓表示數(shù)為D.該交流電壓可使最低發(fā)光電壓為的發(fā)光二極管在內(nèi)閃光600次評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示為電流天平原理示意圖，天平的右臂下面掛有一個矩形線圈，線圈匝數(shù)為N，水平邊長為L，線圈的下部處在勻強磁場中，磁場方向垂直紙面。現(xiàn)用其來測量勻強磁場的磁感應強度。當線圈中通有電流I（方向如圖）時，在天平左、右兩邊加上質(zhì)量分別為m1、m2的砝碼，天平平衡。當電流反向（大小不變）時，左邊再加上質(zhì)量為m的砝碼后，天平重新平衡，已知重力加速度為g。由此可知（）

A.磁感應強度的方向垂直紙面向里B.磁感應強度的方向垂直紙面向外C.磁感應強度大小為D.磁感應強度大小為9、調(diào)壓變壓器是一種自耦變壓器；它的構造如圖所示．線圈AB繞在一個圓環(huán)形的鐵芯上．AB間加上正弦交流電壓U，移動滑動觸頭P的位置，就可以調(diào)節(jié)輸出電壓．在輸出端連接了滑動變阻器R和理想交流電流表，變阻器的滑動觸頭為Q．則（）

A.保持P的位置不動，將Q向下移動時，電流表的讀數(shù)變大B.保持P的位置不動，將Q向下移動時，電流表的讀數(shù)變小C.保持Q的位置不動，將P沿逆時針方向移動時，電流表的讀數(shù)變大D.保持Q的位置不動，將P沿逆時針方向移動時，電流表的讀數(shù)變小10、如圖所示，勻強磁場的方向豎直向下，磁場中有光滑的水平桌面，在桌面上平放著內(nèi)壁光滑、底部有帶電小球的試管。在水平拉力F作用下；試管向右勻速運動，帶電小球能從試管口處飛出。關于帶電小球及其在離開試管前的運動，下列說法中正確的是（）

A.小球帶正電B.維持試管勻速運動的拉力F應保持不變C.洛倫茲力對小球做正功D.小球運動時加速度不變11、如圖所示，平行紙面向下的勻強電場與垂直紙面向外的勻強磁場相互正交，一帶電小球剛好能在其中做豎直面內(nèi)的勻速圓周運動．若已知小球做圓周運動的半徑為r；電場強度大小為E，磁感應強度大小為B，重力加速度大小為g，則下列判斷中正確的是（）

A.小球一定帶負電荷B.小球一定沿順時針方向轉動C.小球做圓周運動的線速度大小為D.小球在做圓周運動的過程中，電場力始終不做功12、如圖所示，在光滑的水平面上方，有兩個磁感應強度大小均為B、方向相反的水平勻強磁場，PQ為兩個磁場的理想邊界，且PQ與水平方向的夾角磁場范圍足夠大。一個邊長為a、質(zhì)量為m、電阻為R的單匝正方形金屬線框，以速度垂直磁場方向從如圖實線位置Ⅰ開始向右運動；當線框運動到分別有一半面積在兩個磁場中的位置Ⅱ時，線框的速度為零。則下列說法正確的是（）

A.線框在位置Ⅱ時，安培力具有最大值B.線框從位置Ⅰ運動到位置Ⅱ的過程中，做加速度增大的減速運動C.線框從位置Ⅰ運動到位置Ⅱ的過程中，克服安培力做功為D.線框從位置Ⅰ運動到位置Ⅱ的過程中，通過導線截面的電荷量為13、矩形線框abcd固定放在勻強磁場中，磁場方向與線圈平面垂直，磁感應強度B隨時間t變化的圖像如圖甲所示。設t＝0時刻，磁感應強度的方向垂直紙面向里，圖乙中i表示線圈中感應電流（規(guī)定電流沿順時針方向為正），F(xiàn)表示線框ab邊所受的安培力（規(guī)定ab邊所受的安培力方向向左為正）；則下列圖像中可能正確的是（）

A.B.C.D.14、如圖所示，在鐵芯上繞著兩個線圈A和C，線圈A兩端接一電源，線圈C兩端接一阻值為4Ω的電阻R。已知線圈A的匝數(shù)為22匝；線圈C的電阻為2Ω，匝數(shù)為7匝，橫截面積為0.3m2。下列說法正確的是（）

A.若A接的是一電動勢為22V的電池組，則電阻R兩端的電壓等于7VB.若A接電源（電源上端為正極）使鐵芯中的磁感應強度B隨時間變化如圖所示，則流經(jīng)電阻R的電流是由上往下C.若A接電源（電源上端為正極）使鐵芯中的磁感應強度B隨時間變化如圖所示，則流經(jīng)電阻R的電流大小為0.1AD.若A接電源（電源上端為正極）使鐵芯中的磁感應強度B隨時間變化如圖所示，則時刻穿過線圈C的磁通量大小為0.21Wb評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、導體棒切割磁感線產(chǎn)生感應電流，導體棒所受安培力的方向與導體棒運動方向_________，導體棒克服_________做功，把其他形式的能轉化為電能。16、互感和互感電動勢：兩個相互靠近但導線不相連的線圈，當一個線圈中的______變化時，它所產(chǎn)生的______會在另一個線圈中產(chǎn)生感應電動勢，這種現(xiàn)象叫作互感，這種感應電動勢叫作______。17、頻率（f）：

周期的倒數(shù)叫作頻率，數(shù)值等于交變電流在單位時間內(nèi)完成周期性變化的__________18、如圖，在勻強磁場中，單位長度質(zhì)量為m0的“U型”金屬導線可繞水平軸OO′轉動，ab邊長為L1，bc邊長為L2．若導線中通以沿abcd方向的電流I，導線保持靜止并與豎直方向夾角為θ，則磁場的磁感應強度至少為______，此時方向為_______．

19、判斷下列說法的正誤．

（1）運動電荷進入磁場后（無其他場）可能做勻速圓周運動，不可能做類平拋運動．____

（2）帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，軌道半徑跟粒子的速率成正比．____

（3）帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的周期與軌道半徑成正比．____

（4）運動電荷在勻強磁場中做圓周運動的周期隨速度的增大而減?。甠___20、如圖所示，在坐標系中，原點的直線與軸正向的夾角在右側有一勻強電場，為該電場的左邊界，電場無右邊界；在第二、三象限內(nèi)有一有界勻強磁場，磁場上邊界與電場邊界重疊（即為邊）、右邊界為軸、左邊界為圖中平行于軸的虛線，磁場的磁感應強度大小為方向垂直紙面向里。一帶正電荷質(zhì)量為的粒子以某一速度自磁場左邊界上的點射入磁場區(qū)域，并從點射出，粒子射出磁場時的速度方向與軸的夾角大小為粒子在磁場中的運動軌跡為紙面內(nèi)的一段圓弧，且圓弧的半徑為軸下方的磁場水平寬度的2倍。粒子進入電場后，在電場力的作用下又由點返回磁場區(qū)域，經(jīng)過一段時間后再次離開磁場。已知粒子從點射入到第二次離開磁場所用的時間恰好等于粒子在磁場中做圓周運動的周期。忽略重力的影響。則。

（1）點到軸的垂直距離為________。

（2）勻強電場的大小為________。粒子從第二次離開磁場到再次進入電場時所用的時間為_______。

21、伸開右手，使拇指與其余四個手指_________，并且都與手掌在同一個平面內(nèi)；讓磁感線從掌心進入，并使_________指向?qū)Ь€運動的方向，這時_________所指的方向就是感應電流的方向。評卷人得分四、作圖題(共4題，共28分)22、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

23、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

24、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

25、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共1題，共2分)26、各種功放內(nèi)部存在環(huán)狀變壓器；簡稱環(huán)牛，如圖所示。某同學利用環(huán)牛探究變壓器原；副線圈兩端的電壓與匝數(shù)之間的關系。（環(huán)牛效率極高可看成理想變壓器）

（1）測量環(huán)牛的初級（原）、次級（副）線圈匝數(shù)n1、n2的方法是：先在閉合鐵芯上緊密纏繞50匝漆包細銅線，并將理想交流電壓表1接在細銅線兩端；然后開始實驗，在初級線圈n1（左側）上輸入有效值為24.0V的低壓交流電壓，再將理想電壓表2連接在次級線圈n2（右側）上。若理想交流電壓表1的示數(shù)為1.0V，理想交流電壓表2的示數(shù)為6.0V，則初級線圈的匝數(shù)n1=_____匝，次級線圈的匝數(shù)n2=____匝。

（2）若在初級線圈（左側）上接入電壓瞬時值的交變電壓，則理想交流電壓表1的示數(shù)為_________V（計算結果保留三位有效數(shù)字）。評卷人得分六、解答題(共2題，共18分)27、如圖所示的xoy坐標系中，第一象限內(nèi)存在與x軸成角斜向下的勻強電場，電場強度第四象限內(nèi)存在垂直于紙面向里的有界勻強磁場，其沿x軸方向的寬度沿y軸負方向?qū)挾葻o限大，磁感應強度現(xiàn)有一比荷為的正離子（不計重力），以大小不同的速度從O點射入磁場，速度方向均與x軸正方向夾角

（1）某離子只經(jīng)過磁場的偏轉后通過A點，求離子的入射速度v0；

（2）某離子只經(jīng)過磁場和電場各偏轉一次后通過A點，求的入射速度

28、如圖，足夠長的光滑平行導軌水平放置，電阻不計，MN部分的寬度為2l，PQ部分的寬度為l，金屬棒a和b的質(zhì)量分別為2m和m，其電阻大小分別為2R和R，a和b分別在MN和PQ上，垂直導軌相距足夠遠，整個裝置處于豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度為B，開始a棒向右速度為v0，b棒靜止，兩棒運動時始終保持平行且a總在MN上運動，b總在PQ上運動，求a、b最終的速度。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】

粒子做圓周運動的半徑：可見電子的速率越大，則左圓周運動的半徑越大，而周期與速率大小無關，則圓心角越大運動時間越長．

【詳解】

A項：如圖；

粒子速率越小軌道半徑越小；轉過的最大圓周如圖中黑線所示，無法做完整的圓周運動，故A錯誤；

B項：電子入射速度越大；運動半徑越大，但是比圖中黑線半徑更小的所有運動情況轉過的圓心角相同，則運動時間相同，故并不一定是入射速度越大在磁場中運動的時間越短，故B錯誤；

C項：如圖中的藍線和紅線，從ad邊出射的電子一定比從bc出射的粒子轉過的圓心角大；則運動時間長，故C錯誤；

D項：當粒子軌跡恰好與bc邊相切時；若不能從cd邊射出，則cd邊無電子射出；

由幾何關系知相切時的軌跡半徑R=L，則粒子距離ad最遠距離為：若bc＞時；則粒子不能從cd邊射出，故D正確．

故選D．

【點睛】

本題的關鍵是畫出從各邊射出的代表軌跡，找出恰好不從每個邊射出的臨界情況，熟練應用粒子做圓周運動的周期公式和半徑公式．2、B【分析】【詳解】

AB．根據(jù)楞次定律可知，靠近時，向上的磁通量增加，所以感應電流的方向（從上向下看）順時針；當遠離時，向上的磁通量減小，所以感應電流的方向（從上向下看）逆時針，故A錯誤，B正確。

CD．一條形磁鐵勻速自左向右通過線圈下方靠近時，導致穿過線圈的磁通量要增加，根據(jù)楞次定律的另一種表述，感應電流的效果總是要反抗（或阻礙）產(chǎn)生感應電流的原因，即阻礙磁通量的變化。則要阻礙磁通量的變化，所以線圈有向右運動的趨勢，由于線圈靜止，知線圈受到向左的摩擦力。當磁鐵遠離線圈時，穿過線圈的磁通量要減小，根據(jù)楞次定律的另一種表述，要阻礙磁通量減小，線圈有向右的運動趨勢，由于線圈靜止，知線圈受到向左的摩擦力。故CD錯誤；

故選B。3、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)楞次定律可知；原磁場向外增大，則感應電流的磁場與原磁場方向相反，因此感應電流為順時針；故A錯誤；

B．根據(jù)法拉第電磁感應定律可知，因此電動勢之比為4：1；故B錯誤；

C．線圈中電阻故電阻之比為2：1；由歐姆定律可知，I=E/R；則電流之比為2：1；故C錯誤；

D．電功率P=E2/R，電動勢之比為4：1；電阻之比為2：1；則電功率之比為8：1；故D正確．4、B【分析】【詳解】

A．磁場是客觀存在的一種物質(zhì)；磁感線是人引入的虛擬線，故A錯誤；

B．磁感應強度（）是用比值法定義的物理量，B的大小與F和IL無磁；故B正確；

C．運動的電荷在磁場中當運動方向與磁場方向平行時；不受洛倫茲力的作用，故C錯誤；

D．根據(jù)左手定則可知；垂直于磁場方向放置的通電導線受力方向與磁感應強度方向垂直，故D錯誤。

故選B。5、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)通電直導線周圍的磁感線的分布特點；檢測線圈由遠處移近直導線的過程中，穿過線圈的磁場有向下的分量，且磁通量先增大后減小，由楞次定律和安培定則可知，線圈中的電流方向先逆時針后順時針；當檢測線圈逐漸遠離直導線的過程中，穿過線圈的磁場有向上的分量，磁通量先增大后減小，由楞次定律和安培定則可知，線圈中的電流方向先順時針后逆時針。選項A錯誤，B正確；

CD．根據(jù)楞次定律“來拒去留”可知；檢測線圈所受安培力的方向一直向北，選項CD錯誤。

故選B。6、A【分析】【詳解】

A．磁通量的單位是韋伯；磁感應強度的單位是特斯拉，故A正確。

B．電容器的單位是：法拉；電感的單位是：亨利，故B錯誤；

C．感應電動勢：或故C錯誤；

D．安培力公式：故D錯誤。

故選A。7、D【分析】【分析】

【詳解】

A．該交流電壓的周期為故頻率為故A錯誤；

B．狀態(tài)時電壓最大；線圈應與磁場方向平行，而中性面是線圈與磁場方向垂直的位置，故B錯誤；

C．交流電壓表測量的是電壓的有效值，而是電壓的峰值；故C錯誤；

D．由于發(fā)光二極管的單向?qū)щ娦?，故每個周期內(nèi)發(fā)光一次，故

內(nèi)發(fā)光的次數(shù)次

故D正確。

故選D。二、多選題(共7題，共14分)8、B:D【分析】【分析】

【詳解】

若磁感應強度B的方向垂直紙面向里，開始線圈所受安培力的方向向向下，電流方向相反，則安培力方向反向，變?yōu)樨Q直向上，相當于右邊少了兩倍的安培力大小，所以右邊應加砝碼；若磁感應強度B的方向垂直紙面向外，開始線圈所受安培力的方向向向上，電流方向相反，則安培力方向反向，變?yōu)樨Q直向下，相當于右邊多了兩倍的安培力大小，需要在左邊加砝碼，有

所以

故BD正確，AC錯誤。9、B:C【分析】【詳解】

保持P的位置不動，U2不變，將Q向下移動時，R變大，故電流表的讀數(shù)變??；保持Q的位置不動，R不變，將P沿逆時針方向移動時，n2變大，U2變大；故電流表的讀數(shù)變大．

思路分析：保持P的位置不動，U2不變，將Q向下移動時，R變大，根據(jù)歐姆定律可得電流表的讀數(shù)變化，保持Q的位置不動，R不變，將P沿逆時針方向移動時，n2變大，根據(jù)公式可得電壓的變化；

試題點評：本題綜合考查了帶有變壓器的電路的動態(tài)分析，10、A:D【分析】【詳解】

A．小球能從管口處飛出，說明小球受到指向管口的洛倫茲力分力，根據(jù)左手定則判斷，小球帶正電，故A正確；

B．設小球沿試管的分速度大小為v2，則小球受到向左的洛倫茲力的分力F2=qv2B

v2增大，則F2增大，而拉力F=F2

則F逐漸增大；故B錯誤；

C．洛倫茲力總是與速度垂直，不做功，故C錯誤；

D．設試管運動速度為，小球向右的分運動是勻速直線運動。沿管方向小球受到洛倫茲力的分力

、、均不變，不變，根據(jù)牛頓第二定律，在沿管方向

可知小球加速不變。故D正確。

故選AD。11、A:C【分析】【詳解】

A；帶電小球在重力場、勻強電場和勻強磁場中做勻速圓周運動；可知，帶電小球受到的重力和電場力是一對平衡力，重力豎直向下，所以電場力豎直向上，與電場方向相反，故小球一定帶負電荷，故A正確；

B；磁場方向向外；洛倫茲力的方向始終指向圓心，由左手定則可判斷小球的旋轉方向為逆時針（四指所指的方向與帶負電的粒子的運動方向相反），故B錯誤；

C、由電場力和重力大小相等，得：mg=qE，帶電小球在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動的半徑為：聯(lián)立得：故C正確；

D；小球在做圓周運動的過程中；電場力要做功，洛倫茲力始終不做功，故D錯誤；

故選AC．

【點睛】帶電小球在復合場中做勻速圓周運動，可判斷出電場力和重力為平衡力，從而判斷電場力的方向，結合電場的方向便可知粒子的電性．根據(jù)洛倫茲力的方向，利用左手定則可判斷小球的旋轉方向；結合重力與電場力平衡以及帶電小球在洛倫茲力的作用下的運動半徑公式，可求出線速度；洛倫茲力不做功，而電場力要做功．12、C:D【分析】【詳解】

A．線框在位置Ⅱ時；線框的速度為零，所以感應電動勢為零，感應電流為零，則安培力為零，故A錯誤；

B．線框在位置Ⅰ時；磁通量不會發(fā)生變化，感應電流為零，安培力為零，物體速度減小到0，安培力由零到零，必然存在一個先增大，后減小的過程，所以加速度先增大后減小，故B錯誤；

C．線框從位置Ⅰ運動到位置Ⅱ的過程中，只有安培力做功，安培力做功等于物體動能的變化，由動能定理有

解得

故C正確；

D．線框在位置Ⅰ時磁通量

線框在位置Ⅱ時磁通量為零，此過程中通過導線截面的電荷量

聯(lián)立解得

故D正確。

故選CD。13、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．在0-2s內(nèi)，磁感應強度均勻變化，線框的磁通量均勻變化，產(chǎn)生恒定電流；磁場方向先向里后向外，磁通量先減小后增大，由楞次定律可知，感應電流方向為順時針方向，電流為負值；根據(jù)法拉第電磁感應定律得

感應電流

此段時間內(nèi)一定；則可知感應電流也一定，同理得知，在2s-4s內(nèi)，感應電流方向為逆時針方向，電流為正值，所以感應電流也一定，故A正確B錯誤；

CD．在0-2s內(nèi)，線框邊所受的安培力的大小為

一定，F(xiàn)與B成正比，而由楞次定律判斷可知，安培力方向先向左后向右，即先為正值后為負值.同理得知，在2s-4s內(nèi)，F(xiàn)與B成正比；安培力方向先向左后右，即先為正值后為負值，與0-2s內(nèi)情況相同，故C正確，D錯誤。

故選AC。14、B:C【分析】【詳解】

A．若A接的是一電動勢為22V的電池組，兩線圈的磁通量都保持不變，所以在C線圈不會發(fā)生電磁感應現(xiàn)象，沒有感應電流，那么電阻R兩端的電壓應該為0；故A錯誤；

B．若A接電源（電源上端為正極）使鐵芯中的磁感應強度B隨時間變化如圖所示，由圖象可知，B隨著時間在均勻的減小，所以C線圈中的磁通量要減少，由楞次定律可判斷，流過R的電流為由上往下；故B正確；

C．根據(jù)法拉第電磁感應定律

可得線圈C產(chǎn)生的感應電動勢為

流過R的電流為

故C正確；

D．由圖象可知時磁感應強度B為0.1T，則此時穿過線圈C的磁通量為

故D錯誤。

故選BC。三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】相反安培力16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.電流②.變化的磁場③.互感電動勢17、略

【解析】次數(shù)18、略

【分析】【詳解】

[1][2]這是一個力矩平衡的問題，因為ab、cd電流方向相反，如果有安培力，則它們對OO′產(chǎn)生的力矩也會正好抵消，所以可以不考慮．當安培力的方向垂直于ab邊向上時；安培力最小，磁感應強度最小，此時U型金屬導線受力側視圖如下．

由力矩平衡有L2m0g·L1sinθ+2L1m0g·sinθ=BIL2·L1,

解得B=．

【點睛】

要知道力矩平衡，會分析安培力最小時，是力臂最長的情況．【解析】沿ba方向向上19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.正確

②.正確③.錯誤④.錯誤20、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]粒子第一次進入磁場時弧半徑為磁場左右邊界間距的二倍，由洛倫茲力提供向心力得

A點到x軸的距離為

(2)[2]粒子在磁場中運動時間為

粒子進入電場后，在電場力的作用下又由O點返回磁場區(qū)域說明電場力的方向一定與v相反，再次進入磁場時速度方向與v相反，將向y軸負方向偏轉做圓周運動，運動時間為

則在電場中運動的時間為

那么在電場中的運動有

求得

[3]粒子出磁場后到進入電場是勻速直線運動，達到電場的距離為

所用時間為【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】垂直拇指四指四、作圖題(共4題，共28分)22、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據(jù)安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，