2025年湘師大新版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘師大新版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、將一段導線繞成圖甲所示的閉合電路，并固定在水平面（紙面）內，回路的ab邊置于垂直紙面向里的勻強磁場Ⅰ中?；芈返膱A形區(qū)域內有垂直紙面的磁場Ⅱ，以向里為磁場Ⅱ的正方向，其磁感應強度B隨時間t變化的圖像如圖乙所示。用F表示ab邊受到的安培力，以水平向右為F的正方向，能正確反映F隨時間t變化的圖像是（）

A.B.C.D.2、如圖所示是用長為的均勻導體折成閉合的正六邊形框架將六邊形框架靜置于勻強磁場中，磁場的磁感應強度大小為方向垂直于六邊形框架所在平面?，F(xiàn)將六邊形框架兩端接到直流電源上，由端輸入大小為的電流；則下列說法正確的是（）

A.六邊形框架所受安培力大小為B.邊所受安培力大小為C.邊所受安培力與三邊所受安培力的合力大小之比為1:2D.邊所受安培力與其余五邊所受安培力的合力大小之比為1:13、如圖甲所示為一小型交流發(fā)電機的示意圖，A為交流電流表，線圈繞垂直于磁場的水平軸OO′沿逆時針方向勻速轉動，產生的交變電流隨時間變化的圖像如圖乙所示，電阻R的阻值為下列說法正確的是（）

A.電流表的示數(shù)為14.1AB.0.02s時線圈平面與中性面重合C.線圈轉動的角速度為50πrad/sD.電阻R上的熱功率為100W4、如圖所示為遠距離輸電的原理圖，升壓變壓器的變壓比為m，降壓變壓器的變壓比為n，輸電線的電阻為R，升壓變壓器和降壓變壓器均為一理想變壓器，發(fā)電機輸出的電壓恒為U，若由于用戶的負載變化，使電壓表V2的示數(shù)減小了ΔU；則下列判斷正確的是（）

A.電流表A2的示數(shù)增大了B.電流表A1的示數(shù)增大了C.電壓表V1的示數(shù)減小了ΔUD.輸電線損失的功率增加了5、如圖所示，一小段質量為m的通電直導線（電路的其余部分未畫出）放置在粗糙的斜面上恰好處于靜止狀態(tài)；電流方向垂直紙面向外。若將一條形磁鐵控制在導線的正上方并與斜面成平行狀態(tài)，磁鐵的中線與導線的連線（虛線）正好與斜面相垂直。下列說法中正確的是（）

A.放上磁鐵后，斜面對導線的支持力將減小B.放上磁鐵后，斜面對導線的支持力將不變C.若把磁鐵沿平行斜面方向向上移動一小段距離，直導線仍處于靜止狀態(tài)，斜面對導線的摩擦力將增大D.若把磁鐵沿平行斜面方向向上移動一小段距離，直導線仍處于靜止狀態(tài)，斜面對導線的摩擦力將減小6、一通電直導線與x軸平行放置，勻強磁場的方向與xOy坐標平面平行，導線受到的安培力為F，若將該導線做成圓環(huán)，放置在xOy坐標平面內，如圖所示，并保持通電的電流不變，兩端點ab連線也與x軸平行；則圓環(huán)受到的安培力大小為（）

A.FB.C.D.7、如圖所示的區(qū)域內，存在垂直于紙面向里的勻強磁場和豎直向下的勻強電場。一帶電粒子X（不計重力）以一定的初速度由左邊界的P點射入磁場、電場區(qū)域，恰好沿直線由區(qū)域右邊界的N點穿出若撤去該區(qū)域內的電場而保留磁場不變，粒子X仍以相同初速度由P點射入；當粒子X從區(qū)域右邊界穿出，則粒子X（）

A.動能可能減小B.動能一定不變C.穿出位置一定在N點上方D.穿出位置一定在N點下方8、在一水平通電直導線的正下方，有一半圓形光滑圓弧軌道，一導體圓環(huán)自軌道左側的A點無初速度釋放；下滑過程中環(huán)平面始終保持與弧軌道平面平行；則下列說法中正確的是（）

A.圓環(huán)中沒有感應電流產生B.安培力始終阻礙圓環(huán)相對軌道的運動，以阻礙圓環(huán)中的磁通量變化C.圓環(huán)能滑到軌道右側與A點等高的C處D.圓環(huán)在整個運動過程中機械能不變9、已知某電阻元件在正常工作時，通過它的電流按如圖所示的規(guī)律變化，其中為正弦交流電一部分；將一個多用電表(已調至交變電流電流擋)與這個電阻元件串聯(lián)，則多用電表的讀數(shù)為。

A.4AB.C.D.A評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、計算機光驅的主要部分是激光頭，它可以發(fā)射脈沖激光信號，激光掃描光盤信息時，激光頭利用光敏電阻自動計數(shù)器將反射回來的脈沖信號傳輸給信號處理系統(tǒng)，再通過計算機顯示出相應信息。光敏電阻自動計數(shù)器的示意圖如右下圖所示，其中R1為光敏電阻，R2為定值電阻；此光電計數(shù)器的基本工作原理是（）

A.當有光照射R1時，處理系統(tǒng)獲得高電壓B.當有光照射R1時，處理系統(tǒng)獲得低電壓C.信號處理系統(tǒng)每獲得一次低電壓就計數(shù)一次D.信號處理系統(tǒng)每獲得一次高電壓就計數(shù)一次11、如圖所示，交流發(fā)電機兩輸出端的電壓為理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)分別為原線圈中接一阻值為的電阻，副線圈中接一阻值為的電阻，兩個交流電流表和交流電壓表均為理想電表。當開關S閉合電路正常工作時，交流電流表的讀數(shù)為交流電流表的讀數(shù)為交流電壓表V的讀數(shù)為下列關系正確的是（）。

A.B.C.D.12、隨著科技的不斷發(fā)展；無線充電已經進入人們的視線。小到手表手機，大到電腦；電動汽車，都已經實現(xiàn)了無線充電從理論研究到實際應用的轉化。如圖所示為某無線充電手機利用電磁感應方式充電的原理圖。關于無線充電，下列說法正確的是（）

A.從上往下看，發(fā)射線圈中電流逆時針增大時，接收線圈中電流沿逆時針方向B.從上往下看，發(fā)射線圈中電流順時針減小時，接收線圈中電流沿順時針方向C.從上往下看，發(fā)射線圈中電流順時針增大時，接收線圈所受安培力的方向豎直向上D.從上往下看，發(fā)射線圈中電流逆時針減小時，接收線圈所受安培力的方向豎直向上13、如圖所示電路中，變壓器為理想變壓器，為定值電阻，為滑動變阻器，在a、b端接入有效值恒定的正弦交流電壓；則下列判斷正確的是（）

A.僅滑片P1向上移，消耗功率變小B.僅滑片P1向上移，消耗功率變大C.僅滑片P2向上移，消耗功率變小D.僅滑片P2向上移，消耗功率變大14、如圖甲所示，質量為電阻為的單匝均勻圓形線框用輕質絕緣細線懸掛于點，線圈半徑為水平虛線過圓心細線承受最大拉力從某時刻起，在上方加垂直紙面向里的勻強磁場、磁感應強度大小按圖乙規(guī)律變化。在時刻、細線恰好被拉斷。之后線圈向下運動，穿出磁場時的速度為已知重力加速度為以下說法正確的是（）

A.細線斷裂前瞬間線框中的電功率為B.細線斷裂前瞬間線框所受安培力大小為C.時刻后，線圈穿出磁場的過程中產生的焦耳熱為D.時刻后，線圈穿出磁場的過程中通過導線橫截面的電荷量為評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、洛倫茲力是磁場對_________（填“運動”或“靜止”）電荷的作用；如圖所示是一帶正電的粒子在磁場中豎直向下運動，粒子所受洛倫茲力的方向為______。

16、簡單的直流電動機由_________和_________兩部分組成，其中一個是永久磁鐵，那么另一個就是_________。安裝在電動機轉軸上用來改變電流方向的裝置叫_________，壓在換向器上有一對電刷，它必須通過_________與電源相連接。17、如圖所示，已知導體棒中通有電流I，導體棒長度為l，磁場磁感應強度為B；當導體棒按下面幾種方式放置時，寫出導體棒所受安培力的大小，并寫出安培力的方向。

（1）F=_______；

（2）F=_______；

（3）F=_______；

（4）F=_______；18、渦流有熱效應，但沒有磁效應。______19、質譜儀。

（1）質譜儀構造：主要構件有加速______、偏轉______和照相底片。

（2）運動過程（如圖）

（3）帶電粒子經過電壓為U的加速電場加速，______＝mv2

（4）垂直進入磁感應強度為B的勻強磁場中，做勻速圓周運動，r＝可得r＝______

（5）分析：從粒子打在底片D上的位置可以測出圓周的半徑r，進而可以算出粒子的______20、①如圖所示，一個質量為M的木板放在光滑的水平地面上，一只質量為m的青蛙靜止于木板的右端。青蛙突然一躍而起，脫離木板瞬間的對地速度大小為v，與水平方向成角，青蛙在這個過程中對木板做功為________

②如圖所示，在光滑的水平面上有2021個完全相同的小球排成一條直線，均處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)給第一個小球初動能使它正對其他小球運動。若小球間的所有碰撞都是完全非彈性的（粘在一起），則整個碰撞程中因為碰撞損失的機械能總量為__________

③如圖所示，質量為m的物塊A靜止在水平面上，A的左側光滑，右側粗糙。一個質量為M的物塊B以速度向右運動，與A發(fā)生彈性正碰，碰后A向前滑行而停止。若僅把A的質量變?yōu)槠渌鼦l件不變，再次讓B與A發(fā)生彈性碰撞，碰后A向前滑行而停止，已知則第二次碰撞后，B物體的瞬時速度大小為________

④如圖所示，在垂直紙面向里的有界勻強磁場區(qū)域的左側，一個質量為m的正方形線框由位置I以初速度v沿垂直于磁場邊界水平向右運動，線框經過位置Ⅱ，當運動到位置Ⅲ時速度恰為零，此時線框剛好有一半離開磁場區(qū)域。線框的邊長小于磁場區(qū)域的寬度。不計摩擦力，則線框從位置Ⅰ到位置Ⅱ的過程中，線框產生的焦耳熱為________

21、如圖所示，交流發(fā)電機的矩形線圈中，匝數(shù)匝，線圈電阻外電阻線圈在磁感應強度的勻強磁場中繞垂直于磁場的轉軸勻速轉動，角速度則產生感應電動勢的最大值為__________V，交流電壓表的示數(shù)為__________V：從圖示位置起，轉過90°過程中，通過線圈截面的電荷量為__________C；從圖示位置起，轉過60°時通過電阻R的電流為__________A。

22、如圖所示，交流發(fā)電機線圈的面積為0.05m2，共100匝，在磁感應強度為T的勻強磁場中，以10πrad/s的角速度勻速轉動，電阻R1和R2的阻值均為50Ω，線圈的內阻忽略不計，若從圖示位置開始計時，則線圈中的電動勢的表達式為_______V，電流表的示數(shù)為_______A。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共16分)23、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

24、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

25、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

26、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共2題，共6分)27、某實驗小組利用熱敏電阻制作溫控報警器，當溫度到達或超過時；發(fā)出警報。操作如下：

（1）測量熱敏電阻在時的阻值；該熱敏電阻的阻值隨著溫度的升高而降低。有以下實驗器材可供選擇。

A．電源E（電動勢為15V；內阻不計）

B．電流表A（量程為0.6A，內阻約）

C．電壓表V（量程為15V，內阻約）

D．滑動變阻器（最大電阻為額定電流1.5A）

E.滑動變阻器（最大電阻為額定電流為1.0A）

F.熱敏電阻（時阻值在之間）

①為了更準確測定阻值，滑動變阻器應選擇___________（填儀器符號），電路圖應選擇___________（選填“甲”或“乙”）；

②對熱敏電阻加熱至保持溫度不變，調節(jié)滑動變阻器，得到電壓表和電流表的多組數(shù)據(jù)，并已在丙圖描好點，通過畫出圖像可得___________（結果保留三位有效數(shù)字）

（2）調試報警器。

①按照圖丁連接器材；報警器報警最低電流為0.02A，功率極小，電源為可調電源，內阻不計，調試時輸出電壓為3V。

②在常溫下，閉合開關開關接通b，將電阻箱的阻值調為調節(jié)滑動變阻器，直至報警器警報。再將開關接通a，報警器調試完成。有三種滑動變阻器可供選擇，其最大阻值分別為應選擇___________（選填“”、“”或“”）。28、傳感器的基本工作原理是將非電學量轉換為電學量，更方便地進行測量和控制。商家對大宗貨物的計量主要是利用電子地磅進行稱重，電子地磅的原理如下：不放物體時滑動變阻器的滑片位于A端，放上重物后電路電流變大，電流表示數(shù)改變，所以可以通過與電流表的示數(shù)對應的重量值讀出被稱物體的重量。學校的物理實驗小組在了解到電子地磅的原理后，想要利用這個簡單的傳感器裝置原理圖去測量由兩節(jié)干電池串聯(lián)的電池組內阻，設想如下：將干電池組接入和電子地磅原理相同的電路圖中，兩個彈簧的總彈力和彈簧的形變量成正比，且測得比例系數(shù)為k。已知一節(jié)干電池的電動勢為E，滑動變阻器的最大阻值等于定值電阻的阻值，均為在托盤上放置不同重量的砝碼，讀出對應電流表的示數(shù)。根據(jù)該小組的設想，分析如下問題：

（1）測得多組砝碼的重力與電流表讀數(shù)的數(shù)據(jù)后，若采用圖像法進行數(shù)據(jù)處理，則應該畫出G與______的圖像；

（2）根據(jù)測得數(shù)據(jù)進行描點作圖后測得圖像的斜率為a，截距為b，則滑動變阻器上均勻纏繞的電阻絲沿纏繞方向的總長度L為______、待測電池組內阻r為______（用題目中所給物理量符號表示）；

（3）考慮電流表內阻引起的系統(tǒng)誤差，電池組內阻的測量值和真實值相比______（填寫“偏大”、“偏小”、“相等”）。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

在內，磁感應強度均勻變化，由法拉第電磁感應定律可得

則閉合電路中產生的感應電動勢恒定不變，則感應電流恒定不變。ab邊在磁場中所受的安培力

由于勻強磁場Ⅰ中磁感應強度B恒定，則安培力為平行t軸的直線，方向向左（為負）。同理分析可得在安培力與時間的關系為內F-t關于時間軸對稱一條的直線。

故選B。

【點睛】

本題要求學生能正確理解B-t圖的含義，故道B如何變化，才能準確的利用楞次定律進行判定。根據(jù)法拉第電磁感應定律分析感應電動勢的變化，由歐姆定律判斷感應電流的變化，進而可確定安培力大小的變化。2、A【分析】【詳解】

A．六邊形框架接入電路后，受安培力的等效長度為故其所受安培力大小為A正確；

B．兩端接到直流電源上，電路中邊與其余邊形成并聯(lián)關系，設邊的電阻為則另外五邊的總電阻為故兩支路電流分別為

故邊所受安培力大小為

選項B錯誤；

D．其余五邊所受安培力大小為

選項D錯誤；

C．三邊所受安培力的合力大小為

則

選項C錯誤。

故選A。3、D【分析】【分析】

【詳解】

A．電流表示數(shù)為。

A錯誤；

B．0.02s時線圈中的感應電流達到最大；感應電動勢最大，則穿過線圈的磁通量變化最快，磁通量為0，故線圈平面與中性面垂直，B錯誤；

C．角速度

C錯誤；

D．電阻R上的熱功率為。

D正確。

故選D。4、B【分析】【詳解】

AB．降壓變壓器原、副線圈兩端的電壓之比等于n，所以有

即降壓變壓器原線圈兩端電壓減小了升壓變壓器副線圈兩端電壓不變，所以輸電線上電壓增大為根據(jù)歐姆定律知，電流表A1示數(shù)增大了輸電線上電流增大了根據(jù)電流與匝數(shù)成反比知，電流表A2示數(shù)增大了

故A錯誤；B正確；

C．根據(jù)題意知，發(fā)電廠的輸出電壓恒為U，升壓變壓器的變壓比不變，所以電壓表V1的示數(shù)不變；故C錯誤；

D．設輸電線的原電流為輸電線上電流增大了輸電線損失的功率增加量為

故D錯誤；

故選B。5、C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)條形磁鐵周圍的磁場分布規(guī)律可知條形磁鐵在導線處產生的磁場方向為沿斜面向下；放上磁鐵后，根據(jù)安培定則可知導線將受到垂直于斜面向下的安培力，根據(jù)平衡條件易知斜面對導線的支持力將增大，故AB錯誤；

CD．若把磁鐵沿平行斜面方向向上移動一小段距離；直導線仍處于靜止狀態(tài)，條形磁鐵在導線處產生的磁場方向順時針轉動了一個小角度，此時導線受到的安培力方向也將順時針轉動一個小角度，從而使安培力具有了沿斜面向下的分量，根據(jù)平衡條件易知斜面對導線的摩擦力將增大，故C正確，D錯誤。

故選C。6、C【分析】【分析】

【詳解】

通電導線為L，此時受到的安培力為F，制作成圓環(huán)時，圓環(huán)的半徑為R；則。

解得。

故ab的長度。

故此時圓環(huán)受到的安培力。

故選C。7、B【分析】【詳解】

CD．以一定的初速度由左邊界的P點射入磁場、電場區(qū)域，恰好沿直線由區(qū)域右邊界的N點穿出，這是速度選擇器模型，只需滿足與電荷量與質量無關，所以帶電粒子電性不知，若撤去該區(qū)域內的電場而保留磁場不變，洛侖茲力方向可能向上也可能向下，所以穿出點可能在N的上方也可能在N點的下方，所以CD錯誤；

AB．因為只有磁場時；只受洛侖茲力作用，洛侖茲力不做功所以粒子的速度保持不變，則A錯誤；B正確；

故選B。8、B【分析】【詳解】

A．水平通電導線周圍有磁場；且離導線越遠磁場強度越小，在圓環(huán)下落過程中，通過圓環(huán)的磁通量變小故有感應電流產生，故A錯誤；

B．根據(jù)楞次定律可知；安培力始終阻礙圓環(huán)相對軌道的運動，以阻礙圓環(huán)中的磁通量變化，故B正確；

C．因為圓環(huán)在運動的過程中，有感應電流，對整個過程由能量守恒定律得，重力勢能轉化為電能，故不能上升到右側與A點等高處；故C錯誤；

D．整個過程重力勢能轉化為電能；機械能不守恒，故D錯誤；

故選B。9、B【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)交變電流有效值的定義可得。

解得。

故選B.

【點睛】

有效值的定義為：把直流電和交流電分別通過兩個相同的電阻器件，如果在相同時間內它們產生的熱量相等，那么就把此直流電的電壓、電流作為此交流電的有效值．對于正弦交變電流最大值是有效值的倍．二、多選題(共5題，共10分)10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

當有光照射R1時，光敏電阻變小，回路電流變大，R2兩端的電壓升高；處理系統(tǒng)獲得高電壓；系統(tǒng)獲得信息則計數(shù)一次。

故選AD。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由變壓器的電壓與匝數(shù)關系可得

由題意可知

故

A錯誤；

B．由變壓器的電流與匝數(shù)關系可得

B正確；

C．由歐姆定律可得

C正確；

D．由能量守恒可得

由于

對比可知

D錯誤。

故選BC。12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．從上往下看；發(fā)射線圈中電流逆時針增大時，根據(jù)楞次定律知接收線圈中電流方向沿順時針方向，發(fā)射線圈中電流順時針減小時，接收線圈中電流方向沿順時針方向。故A錯誤；B正確；

CD．從上往下看；發(fā)射線圈中電流順時針增大時，根據(jù)楞次定律；左手定則和安培定則知接收線圈所受安培力的方向豎直向上，同理發(fā)射線圈中電流逆時針減小時，接收線圈所受安培力的方向豎直向下。故C正確；D錯誤。

故選BC。13、B:C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)題意，有

則有

滑片P1向上移，n1減小，正弦交流電壓有效值恒定，則會導致原線圈的電流增大，則R1上消耗的功率會變大；A錯誤，B正確；

CD．僅當P2向上移，增大，則I2減小，則I1也會減小，因此R1消耗的功率變?。籆正確，D錯誤。

故選BC。14、B:C:D【分析】【詳解】

A．由法拉第的電磁感應定律可知，細線斷裂前感應電動勢為

S為線圈處在磁場中的有效面積，線框中的電功率為

故A錯誤；

B．設細線斷裂前瞬間線框受到的安培力為F，由楞次定律可判斷F的方向向下，所以有

故B正確；

C．線框穿出磁場過程重心下降r，重力勢能減少，減少的重力勢能一部分轉化為焦耳熱Q，一部分轉為動能，由能量守恒

故C正確；

D．穿過磁場過程中，平均電動勢為

平均感應電流為

通過導線橫截面的電荷量為

故D正確。

故選BCD。三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】【詳解】

[1]洛倫茲力是磁場對運動電荷的作用。

[2]根據(jù)左手定則可以判斷粒子所受洛倫茲力的方向為水平向右?！窘馕觥窟\動水平向右16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]簡單的直流電動機由轉子和定子兩部分組成；其中一個是永久磁鐵，那么另一個就是線圈。

[4]安裝在電動機轉軸上用來改變電流方向的裝置叫換向器。

[5]壓在換向器上有一對電刷，它必須通過引出線與電源相連接?！窘馕觥竣?轉子②.定子③.線圈④.換向器⑤.引出線17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.IlB，垂直于導體棒斜向左下②.IlB，垂直紙面向外③.IlB，垂直于導體棒斜向右下④.018、略

【分析】【分析】

【詳解】

渦流既有熱效應，也有磁效應。故此說法錯誤?！窘馕觥垮e誤19、略

【解析】電場磁場qU比荷20、略

【分析】【分析】

【詳解】

①[1]設青蛙躍出后木板的速度為水平方向由動量守恒可得

由動能定理可得，青蛙在這個過程中對木板做功為

聯(lián)立可解得

②[2]由題意可知

設全部粘在一起時的速度為v，由動量守恒可得

由能量守恒可得碰撞損失的機械能總量為

聯(lián)立解得

③[3]設碰后B、A的速度分別為v1，v2，由動量守恒及機械能守恒可得

聯(lián)立可得

碰后A做勻減速運動，由動能定理可得

同理可知，若把A的質量變?yōu)?m，則碰后B、A的速度分別為

又滿足

由題意可知

聯(lián)立解得

④[4]對進磁場的過程由動量定理可得

即

同理可得，出磁場的過程有

由電磁感應的推論可知，通過線框截面的電荷量滿足

由題意可知，出磁場時面積變化量為進磁場時的一半，即

聯(lián)立可得則線框從位置Ⅰ到位置Ⅱ的過程中，線框產生的焦耳熱為【解析】021、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]感應電動勢最大值為

帶入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得

[2]交流電壓表的示數(shù)為

[3]轉過90根據(jù)

[4]轉過60此時電流【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]線圈中產生的感應電動勢的最大值表示為。

圖示位置磁通量為零；感應電動勢最大，則感應電動勢的瞬時值為。

[2