2025年華東師大版選修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版選修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、下列說法正確的是___________。A.布朗運(yùn)動(dòng)是固體顆粒分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.如果附著層內(nèi)分子間的距離小于液體內(nèi)部分子間的距離，液體與固體之間表現(xiàn)為浸潤C(jī).晶體都具有規(guī)則的幾何形狀、固定的熔點(diǎn)和各向異性D.給自行車輪胎打氣時(shí)，越打越費(fèi)勁，原因是輪胎內(nèi)氣體分子斥力增大的緣故2、如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢E和內(nèi)阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對金屬板，R1為光敏電阻，R2為定值電阻．當(dāng)R3的滑動(dòng)觸頭P在a端時(shí)，閉合開關(guān)S，此時(shí)電流表A和電壓表V的示數(shù)分別為I和U．以下說法正確的是

A.若僅將R3的滑動(dòng)觸頭P向b端移動(dòng)，則Ⅰ減小，U增大B.若僅增大B板間距離，則電容器所帶電荷量增大C.若僅用更強(qiáng)的光照射R1，則Ⅰ增大，U增大D.若僅用更強(qiáng)的光照射R1，則U變化量的絕對值與Ⅰ變化量的絕對值的比值不變3、如圖所示，帶負(fù)電的金屬環(huán)繞軸OO'以角速度ω勻速旋轉(zhuǎn)；在環(huán)左側(cè)軸線上的小磁針最后平衡時(shí)的位置是。

A.N極豎直向上B.N極豎直向下C.N極沿軸線向左D.N極沿軸線向右4、一位同學(xué)用底面半徑為r的圓桶形塑料瓶制作了一種電容式傳感器，用來測定瓶內(nèi)溶液深度的變化，如圖所示，瓶的外壁涂有一層導(dǎo)電涂層和瓶內(nèi)導(dǎo)電溶液構(gòu)成電容器的兩極，它們通過探針和導(dǎo)線與電源、電流計(jì)、開關(guān)相連，中間的層塑料為絕緣電介質(zhì)，其厚度為d，介電常數(shù)為ε．若發(fā)現(xiàn)在某一小段時(shí)間t內(nèi)有大小為I的電流從下向上流過電流計(jì)，設(shè)電源電壓恒定為U；則下列說法中正確的是（）

A.瓶內(nèi)液面降低了B.瓶內(nèi)液面升高了C.瓶內(nèi)液面升高了D.瓶內(nèi)液面降低了5、如圖甲，先將開關(guān)S擲向1，給平行板電容器C充電，穩(wěn)定后把S擲向2，電容器通過電阻R放電，電流傳感器將電流信息導(dǎo)入計(jì)算機(jī)，屏幕上顯示出電流I隨時(shí)間t變化的圖象如圖乙所示．將電容器C兩板間的距離增大少許，其他條件不變，重新進(jìn)行上述實(shí)驗(yàn)，得到的I-t圖象可能是

A.B.C.D.6、某同學(xué)用粗細(xì)均勻的同一種導(dǎo)線制成“9”字形線框，放在有理想邊界的勻強(qiáng)磁場旁，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，如圖甲所示已知磁場的寬度為2d，，導(dǎo)線框從緊靠磁場的左邊界以速度v向x軸的正方向勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)在圖乙中最能體現(xiàn)be兩點(diǎn)間的電壓隨坐標(biāo)x變化關(guān)系的圖象是

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、下列說法正確的是（）A.溫度高的物體內(nèi)能不一定大，但分子平均動(dòng)能一定大B.外界對物體做功，物體內(nèi)能一定增加C.溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越顯著E.當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子勢能隨分子間距離的減小而增大E.當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子勢能隨分子間距離的減小而增大8、下列說法中不符合實(shí)際的是_______A.單晶體并不是在各種物理性質(zhì)上都表現(xiàn)出各向異性B.液體的表面張力使液體表面具有擴(kuò)張的趨勢C.氣體的壓強(qiáng)是由于氣體分子間相互排斥而產(chǎn)生的E.熱量能自發(fā)地從內(nèi)能大的物體向內(nèi)能小的物體進(jìn)行傳遞E.熱量能自發(fā)地從內(nèi)能大的物體向內(nèi)能小的物體進(jìn)行傳遞9、空調(diào)即空氣調(diào)節(jié)器；是通過壓縮機(jī)等裝置使熱量在室內(nèi)和室外轉(zhuǎn)移。制冷時(shí)從室內(nèi)吸收熱量釋放到室外，制熱時(shí)從室外吸收熱量釋放到室內(nèi)。圖所示為某空調(diào)的銘牌，對空調(diào)；空調(diào)的銘牌以及熱學(xué)的相關(guān)知識(shí)，以下說法中正確的是（）

A.空調(diào)的工作說明了熱量可以從低溫物體傳到高溫物體B.熱量只能從高溫物體傳到低溫物體，不能從低溫物體傳到高溫物體C.空調(diào)工作是消耗較少的電能來“搬運(yùn)”了更多的熱量，并不違背能量守恒定律E.圖示銘牌的標(biāo)注有誤，因?yàn)轭~定制冷（熱）功率小于額定制冷（熱）量，不符合能量守恒定律E.圖示銘牌的標(biāo)注有誤，因?yàn)轭~定制冷（熱）功率小于額定制冷（熱）量，不符合能量守恒定律10、下列關(guān)于熱機(jī)的說法中，正確的是（）A.熱機(jī)是把內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的裝置B.熱機(jī)是把機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的裝置C.只要對內(nèi)燃機(jī)不斷進(jìn)行革新，它可以把氣體的內(nèi)能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能D.即使沒有漏氣，也沒有摩擦，內(nèi)燃機(jī)也不能把內(nèi)能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能11、某導(dǎo)體中的電流隨其兩端電壓的變化如圖所示；則下列說法中正確的是()

A.該元件是非線性元件，所以不能用歐姆定律計(jì)算導(dǎo)體在某狀態(tài)下的電阻B.加5V電壓時(shí)，導(dǎo)體的電阻約是5ΩC.由圖可知，隨著電壓的減小，導(dǎo)體的電阻不斷減小D.由圖可知，隨著電壓的增大，導(dǎo)體的電阻不斷減小12、如圖所示，發(fā)電機(jī)的矩形線圈面積為S，匝數(shù)為N，繞軸在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。從圖示位置開始計(jì)時(shí)；下列判斷正確的是（??）

A.此時(shí)穿過線圈的磁通量為NBS，產(chǎn)生的電動(dòng)勢為零B.線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)值表達(dá)式為C.P向下移動(dòng)時(shí)，電流表示數(shù)變小D.P向下移動(dòng)時(shí)，發(fā)電機(jī)的電功率增大13、關(guān)于簡諧運(yùn)動(dòng)的位移、速度、加速度的關(guān)系,下列說法正確的是()A.加速度增大時(shí)，速度必減小B.速度、加速度方向始終相反C.通過平衡位置時(shí)，v、a均改變方向D.遠(yuǎn)離平衡位置時(shí)，v、a方向相反14、在如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢為E，內(nèi)阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可認(rèn)為基本不變），R1、R2為定值電阻，R3為光敏電阻，其阻值大小隨所受照射光強(qiáng)度的增大而減小，V為理想電壓表．若將照射R3的光的強(qiáng)度減弱；則（）

A.電壓表的示數(shù)變小B.小燈泡消耗的功率變小C.通過R2的電流變小D.電源兩端的電壓變大評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、每年入夏時(shí)節(jié)，西南暖濕氣流與來自北方的冷空氣在江南、華南等地交匯，形成持續(xù)的降雨．冷空氣較暖濕空氣密度大,當(dāng)冷暖氣流交匯時(shí)，冷氣團(tuán)下沉，暖濕氣團(tuán)在被抬升過程中膨脹．則暖濕氣團(tuán)溫度會(huì)_______（選填“升高”、“不變”或“降低”），同時(shí)氣團(tuán)內(nèi)空氣的相對濕度會(huì)_________（選填“變大”、“不變”或“變小”）．16、輸入只要有“1”，輸出即為“1”的電路是___________門；輸入只要有“0”，輸出即為“0”的電路是___________門；輸入是“1”，輸出為“___________”的電路是非門。17、已知熱力學(xué)溫標(biāo)與攝氏溫標(biāo)之間的關(guān)系為：T＝t＋273.15K。回答下列問題：

（1）冰的熔點(diǎn)為即為______K。

（2）如果物體的溫度升高那么，物體的溫度將升高_(dá)_____K。18、裝在容器中的氣體，體積為4升，壓強(qiáng)為2.0×105Pa，溫度是300k，先讓氣體等容變化，壓強(qiáng)增大為原來的2倍，然后讓氣體等溫變化，壓強(qiáng)又降低到原來數(shù)值，則氣體在末狀態(tài)時(shí)的體積為______，溫度為___________19、兩塊非常長的光滑擋板圍成一個(gè)夾角為10°的三角形區(qū)域，一小球沿著角平分線方向的初速度入射，設(shè)球與擋板間的碰撞是彈性的，則球與擋板一共會(huì)發(fā)生___________次碰撞。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)20、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

21、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

22、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共14分)23、在測量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢E和內(nèi)阻r的實(shí)驗(yàn)中；小明設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路．

(1)根據(jù)圖甲實(shí)驗(yàn)電路；請?jiān)趫D乙中用筆畫線代替導(dǎo)線，完成實(shí)物電路的連接____．

(2)實(shí)驗(yàn)開始前，應(yīng)先將滑動(dòng)變阻器的滑片P移至______(選填“a”或“b”)端．

(3)合上開關(guān)S1，S2接圖甲中的1位置，改變滑動(dòng)變阻器的阻值，記錄下幾組電壓表示數(shù)和對應(yīng)的電流表示數(shù)；S2改接圖甲中的2位置，改變滑動(dòng)變阻器的阻值，再記錄下幾組電壓表示數(shù)和對應(yīng)的電流表示數(shù)．在同一坐標(biāo)系內(nèi)分別描點(diǎn)作出電壓表示數(shù)U和對應(yīng)的電流表示數(shù)I的圖象，如圖丙所示，兩直線與縱軸的截距分別為UA、UB，與橫軸的截距分別為IA、IB.

①S2接1位置時(shí)，作出的U－I圖線是圖丙中的________(選填“A”或“B”)線；

②S2接1位置時(shí)，測出的電池電動(dòng)勢E和內(nèi)阻r存在系統(tǒng)誤差，原因是________表(選填“電壓”或“電流”)的示數(shù)比干路電流________(選填“大”或“小”)．24、用半徑相同的兩小球a、b的碰撞驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置示意如圖，斜槽與水平槽圓滑連接．實(shí)驗(yàn)時(shí)先不放b球，使a球從斜槽上某一固定點(diǎn)M由靜止?jié)L下，落到位于水平地面的記錄紙上留下痕跡．再把b球靜置于水平槽前端邊緣處，讓a球仍從M處由靜止?jié)L下，a球和b球碰撞后分別落在記錄紙上留下各自的痕跡,記錄紙上的O點(diǎn)是垂直所指的位置.

(1)本實(shí)驗(yàn)必須測量的物理量有以下哪些_____________．

A．斜槽軌道末端到水平地面的高度H

B．小球a、b的質(zhì)量ma、mb

C．小球a、b的半徑r

D．小球a、b離開斜槽軌道末端后平拋飛行的時(shí)間t

E．記錄紙上O點(diǎn)到A、B、C各點(diǎn)的距離OA、OB、OC

F．a(chǎn)球的固定釋放點(diǎn)到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h

(2)按照本實(shí)驗(yàn)方法,驗(yàn)證動(dòng)量守恒的驗(yàn)證式是______________

(3)若測得各落點(diǎn)痕跡到O點(diǎn)的距離：OA＝2.68cm，OB＝8.62cm，OC＝11.50cm，并知a、b兩球的質(zhì)量比為2︰1，則未放b球時(shí)a球落地點(diǎn)是記錄紙上的_______點(diǎn)，系統(tǒng)碰撞前總動(dòng)量P與碰撞后總動(dòng)量的百分誤差＝________%（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）．評卷人得分六、解答題(共3題，共18分)25、如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系中，有方向平行于坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)電場，坐標(biāo)系內(nèi)有A、B兩點(diǎn)，其中A點(diǎn)坐標(biāo)為B點(diǎn)坐標(biāo)為坐標(biāo)原點(diǎn)O處的電勢為0，點(diǎn)A處的電勢為點(diǎn)B處的電勢為現(xiàn)有一帶電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)O處沿電勢為0的等勢線方向以速度射入電場，粒子運(yùn)動(dòng)中恰好通過B點(diǎn)，不計(jì)粒子所受重力，求帶電粒子的比荷大小。

26、如圖所示，一束平行光以45°的入射角照射到半圓柱形玻璃磚的上表面上，已知玻璃磚對該平行光的折射率為．

（?。﹫A柱面上光線能夠射出的區(qū)域所對的圓心角θ是多少?

（ⅱ）若用該光進(jìn)行雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，測得雙縫間距為d=0.3mm，雙縫到光屏的距離為L=1.2m，第1條亮條紋到第10條亮條紋間的距離為a=22.77mm,求該光的波長．27、如圖甲所示，是間距且足夠長的平行導(dǎo)軌，導(dǎo)軌的電阻均不計(jì)。導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角為間連接有一個(gè)的電阻。有一勻強(qiáng)磁場垂直于導(dǎo)軌平面且方向向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小將一根質(zhì)量阻值為r的金屬棒緊靠放置在導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好?，F(xiàn)由靜止釋放金屬棒，當(dāng)金屬棒滑行至處時(shí)達(dá)到穩(wěn)定速度，已知在此過程中通過金屬棒橫截面的電荷量且金屬棒的加速度a與速度v的關(guān)系如圖乙所示，設(shè)金屬棒沿導(dǎo)軌向下運(yùn)動(dòng)過程中始終與平行求：

(1)金屬棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)

(2)離的距離x；

(3)金屬棒滑行至處的過程中，電阻R上產(chǎn)生的熱量。（g?。?/p>

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運(yùn)動(dòng)是固體顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)；不是固體顆粒的分子的運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；

B．附著層內(nèi)分子間的距離小于液體內(nèi)部分子間的距離；表現(xiàn)為斥力，即為浸潤現(xiàn)象，B正確；

C．單晶體才具有規(guī)則的幾何形狀；所有晶體都有固定的熔點(diǎn)，單晶體才具有各向異性，C錯(cuò)誤；

D．給自行車輪胎打氣時(shí)；越打越費(fèi)勁，原因是氣體壓強(qiáng)越來越大，不是氣體分子間斥力作用，D錯(cuò)誤。

故選B。2、D【分析】【詳解】

A項(xiàng)，若僅將R3的滑動(dòng)觸頭P向b端移動(dòng)，R3所在支路有電容器；被斷路，所以I；U保持不變，故A錯(cuò)；

B項(xiàng)，根據(jù)若僅增大A；B板間距離，電容C減小，根據(jù)Q=CU可知：電容器所帶電荷量減少．故B錯(cuò)。

C項(xiàng)，若僅用更強(qiáng)的光照射R1；電阻隨光照強(qiáng)度的增大而減小，則Ⅰ增大，U應(yīng)減小，故C錯(cuò)；

D項(xiàng)；U變化量的絕對值與Ⅰ變化量的絕對值的比值表示電源的內(nèi)電阻，是不變的．故D項(xiàng)正確．

故選D3、C【分析】【詳解】

帶負(fù)電金屬環(huán)；如圖所示的旋轉(zhuǎn)。則金屬環(huán)的電流方向與旋轉(zhuǎn)方向相反。再由右手螺旋定則可知金屬環(huán)磁極的方向：右端S極，左端N極。因此小磁針N極沿軸線向左。故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選：C。4、A【分析】【詳解】

由圖可知，液體與瓶的外壁涂的導(dǎo)電涂層構(gòu)成了電容器，由題目圖可知，兩板間距離不變；液面高度變化時(shí)只有正對面積發(fā)生變化；則由可知，當(dāng)液面升高時(shí)，正對面積S增大，則電容增大，當(dāng)液面降低時(shí)，正對面積S減小，則電容減?。捎陔娏鲝南孪蛏狭鬟^電流計(jì)，可知該時(shí)間內(nèi)電容器上的電荷量減小，由于電勢差不變，那么電容的電量減??；瓶內(nèi)液面降低．t時(shí)間內(nèi)減少的電量：q=It,依據(jù)C=可得：q=U?△C,液面的高度為h時(shí)的正對面積：S=2πr?h，聯(lián)立解得：△h=故A正確，BCD錯(cuò)誤；5、C【分析】【詳解】

將電容器間距變大，相當(dāng)于增大了板間距，根據(jù)平行板電容器決定式：可知電容變小，則充電電量：變小，但充電完成后，電容器兩端電壓仍與電源電壓U相等，所以再次放電，初始時(shí)刻的電流不變，但電量變小，圖面積代表電量，所以面積比圖乙小，ABD錯(cuò)誤C正確6、A【分析】【分析】

分三段過程研究：進(jìn)入、完全在磁場中，穿出磁場三個(gè)過程根據(jù)求出bc、ce和ad產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢分析be兩點(diǎn)間的電壓與電動(dòng)勢的關(guān)系；即可選擇圖象．

【詳解】

x在過程：線框進(jìn)入磁場，bc、ce產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢都是根據(jù)右手定則判斷可知，b點(diǎn)的電勢高于c點(diǎn)的電勢．bc間的電勢差為：則be兩點(diǎn)間的電壓在過程：線框完全進(jìn)入磁場，磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，ad、bc、ce產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢都是根據(jù)右手定則判斷可知，b點(diǎn)的電勢高于e點(diǎn)的電勢．be兩點(diǎn)間的電壓．在過程：線框穿出磁場，ad邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢是根據(jù)右手定則判斷可知，a點(diǎn)的電勢高于d點(diǎn)的電勢，則得b點(diǎn)的電勢高于e點(diǎn)的電勢．be兩點(diǎn)間的電壓故A正確．故選A．

【點(diǎn)睛】

解決本題關(guān)鍵要分析清楚感應(yīng)電動(dòng)勢與電壓之間的關(guān)系，正確區(qū)分電源與外電路，列式進(jìn)行分析．二、多選題(共8題，共16分)7、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；溫度高的物體分子平均動(dòng)能一定大，但是內(nèi)能還與物質(zhì)的多少；體積、狀態(tài)等有關(guān)，故內(nèi)能不一定大，故A正確；

B．外界對物體做功；若散熱，物體內(nèi)能不一定增加，故B錯(cuò)誤；

C．溫度越高；分子運(yùn)動(dòng)越劇烈，小顆粒受到分子撞擊越劇烈，布朗運(yùn)動(dòng)越顯著，故C正確；

D．當(dāng)分子間的距離增大時(shí)；引力和斥力均減小，故D錯(cuò)誤；

E．當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為斥力時(shí)；分子間作用力隨分子間距離的減小而增大，所以分子勢能隨分子間距離的減小而增大，故E正確。

故選ACE。8、B:C:E【分析】【詳解】

A．由于單晶體在不同方向上物質(zhì)微粒的排列情況不同；即為各向異性，則為單晶體具有各向異性，但并不是所有物理性質(zhì)都是各向異性的，選項(xiàng)A正確，不符合題意；

B．液體的表面張力使液體表面具有收縮的趨勢；選項(xiàng)B錯(cuò)誤，符合題意；

C．氣體的壓強(qiáng)是由于大量的氣體分子頻繁的對器壁碰撞產(chǎn)生的；并不是由于氣體分子間相互排斥而產(chǎn)生的，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，符合題意；

D．分子間同時(shí)存在引力和斥力；且這兩種力同時(shí)增大，同時(shí)減小，選項(xiàng)D正確，不符合題意；

E．熱量能自發(fā)地從溫度高的物體向溫度低的物體進(jìn)行傳遞；選項(xiàng)E錯(cuò)誤，符合題意；

故選BCE.9、A:C:D【分析】【詳解】

AB．熱量只能自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體；如果不是自發(fā)地情況下可以從低溫物體傳到高溫物體?？照{(diào)的工作說明了熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，A正確，B錯(cuò)誤；

C．空調(diào)可以制冷；也可以制熱。在空調(diào)制冷過程中，通過壓縮機(jī)的工作，將周圍環(huán)境的熱能轉(zhuǎn)移”到室外，而工作過程中壓縮機(jī)線圈通過電流會(huì)產(chǎn)生熱量，室外機(jī)的“電風(fēng)扇”用來排氣。空調(diào)在制冷過程中，電能有一部分轉(zhuǎn)化為機(jī)械能（“壓縮機(jī)”和“電風(fēng)扇”會(huì)轉(zhuǎn)動(dòng)），另有一部分電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能（壓縮機(jī)和“電風(fēng)扇”工作時(shí)其線圈通過電流會(huì)發(fā)熱）?？梢娕欧诺绞彝獾臒崃堪瑥氖覂?nèi)吸收的熱量和電流做功產(chǎn)生的熱量，故空調(diào)工作“搬運(yùn)”了更多的熱量，此過程不違背能量守恒，C正確；

D．可能通過改進(jìn)技術(shù)；實(shí)現(xiàn)空調(diào)在制熱時(shí)具有更小的制熱功率和更大的制熱量，但是制熱功率不能減小到零，制熱功率減小到零空調(diào)就不能制熱了。不存在不消耗電能就能制熱的空調(diào)，不符合能量守恒定律，D正確；

E．空調(diào)制熱時(shí)獲得的熱量；一部分是通過電流做功，消耗電能獲的，另一部分是從外界吸收的熱量，并不違反能量守恒定律，E錯(cuò)誤。

故選ACD。10、A:D【分析】【詳解】

AB．把燃料燃燒時(shí)釋放的內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的裝置被稱為熱機(jī)；故A正確，B錯(cuò)誤；

CD．熱機(jī)是把內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的裝置；過程中一定有部分熱量排放給低溫物體（冷凝器或大氣），即有能量耗損。所以不可能把氣體的內(nèi)能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選AC。11、B:C【分析】【詳解】

該元件雖然是非線性元件，但仍能用歐姆定律計(jì)算導(dǎo)體在某狀態(tài)的電阻，故A錯(cuò)誤，當(dāng)U=5V時(shí)，由圖知電流為I=1.0A，則導(dǎo)體的電阻．故B正確；由圖知；隨著電壓的減小，圖象上的點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率增大，此斜率等于電阻的倒數(shù)，則知導(dǎo)體的電阻不斷減小，故C正確，D錯(cuò)誤；故選BC。

【點(diǎn)睛】

本題關(guān)鍵抓住圖象上的點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率等于電阻的倒數(shù)，分析電阻的變化，求解電阻的值．12、B:D【分析】【詳解】

A．此時(shí)線圈平面與磁場垂直，磁通量最大，磁通量是BS；變化率為零，即感應(yīng)電動(dòng)勢為零，故A錯(cuò)誤；

B．過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢最大值為

故表達(dá)式為

故B正確；

CD．P向下移動(dòng)時(shí)，副線圈匝數(shù)增大，根據(jù)

可得副線圈的輸入電壓增大，即電流表示數(shù)增大，根據(jù)

可得副線圈消耗的電功率增大；而副線圈消耗的電功率決定發(fā)電機(jī)的功率，所以發(fā)電機(jī)的功率增大，故D正確C錯(cuò)誤。

故選BD。13、A:D【分析】【詳解】

加速度滿足所以加速度增大時(shí)，位移也增大，所以速度必減小，故A正確；向平衡位置運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度、加速度方向相同，故B錯(cuò)誤；通過平衡位置時(shí)，速度方向不改變，故C錯(cuò)誤；遠(yuǎn)離平衡位置時(shí)，加速度方向指向平衡位置，速度方向背離平衡位置，即v、a方向相反，故D正確．所以D正確，BC錯(cuò)誤．14、A:B:D【分析】A、光敏電阻光照減弱，故光敏電阻的阻值增大，電路中的總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可得，電路中電流減小，故R1兩端的電壓減小，故A正確；B、由并聯(lián)電路的電流規(guī)律可知，流過燈泡的電流一定減小，故由P=I2R可知，小燈泡消耗的功率變小，故B正確；C、因電路中電流減小，故內(nèi)壓減小，路端電壓增大，同時(shí)R1兩端的電壓減小，故并聯(lián)電路部分電壓增大；則流過R2的電流增大；故C錯(cuò)誤；D；電源兩端的電壓為路端電壓，由電3內(nèi)電壓減小，電源兩端的電壓變大，故D正確；故選ABD．

【點(diǎn)睛】閉合電路的動(dòng)態(tài)分析問題一般按外電路、內(nèi)電路再外電路的分析思路進(jìn)行；分析內(nèi)電路主要根據(jù)總電流及內(nèi)阻分析內(nèi)壓，而外電路較為復(fù)雜，要注意靈活應(yīng)用電路的性質(zhì)．三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】試題分析：空氣的相對濕度等于水蒸氣的實(shí)際壓強(qiáng)與同溫下水的飽和汽壓的比值；飽和汽壓隨溫度的降低而變??；一定溫度下，飽和汽的壓強(qiáng)是一定的．

暖濕氣團(tuán)在被抬升過程中膨脹，膨脹的過程中對外做功，氣團(tuán)的內(nèi)能減小，所以暖濕氣團(tuán)溫度會(huì)降低；飽和汽壓隨溫度的降低而變小，氣團(tuán)內(nèi)空氣的絕對濕度不變而飽和蒸汽壓減小，所以相對濕度會(huì)變大．【解析】降低變大16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]根據(jù)門電路特點(diǎn)可知，輸入只要有“1”，輸出即為“1”的電路是或門；輸入只要有“0”，輸出即為“0”的電路是與門，輸入是“1”，輸出為0的電路是非門?！窘馕觥炕蚺c017、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）根據(jù)。

冰的熔點(diǎn)為即為273.15K

（2）根據(jù)。

所以當(dāng)t由增加到時(shí)，T就由。

增加到。

顯然物體的溫度升高了溫度升高了1K【解析】273.15118、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]氣體的狀態(tài)參量。

由等容變化；有。

得。

發(fā)生等溫變化；壓強(qiáng)又降低到原來的數(shù)值，由。

知。

【解析】8L600K19、略

【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示。

小球第一次碰撞后與角的另一邊的夾角為15°；如下圖所示；

第二次碰后與角的另一邊夾角為25°；可得每一次碰撞后下一次碰與角的一邊的夾角為增加10°，碰撞第8次和第9次，如下圖所示。

可得第9次后與角的邊的夾角為85°；第10次碰后如下圖所示。

可得碰后與角的邊的夾角為75°；每碰撞一次，角度減少10°，當(dāng)碰撞16次后，如下圖所示。

小碰撞第17次后，路徑沿水平向右，不會(huì)再發(fā)生碰撞，所以則球與擋板一共會(huì)發(fā)生17次碰撞。【解析】17四、作圖題(共3題，共21分)20、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】21、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共14分)23、略

【分析】【詳解】

（1）根據(jù)圖示電路圖連接實(shí)物電路圖；實(shí)物電路圖如圖所示：

（2）為保護(hù)電路；實(shí)驗(yàn)開始前，滑動(dòng)變阻器應(yīng)滑到最大位置處，故應(yīng)先將滑動(dòng)變阻器的滑片P調(diào)到a端．

（3）①當(dāng)S2接1位置時(shí)，可把電壓表與電源看做一個(gè)等效電源，根據(jù)閉合電路歐姆定律：E=U斷可知；電動(dòng)勢和內(nèi)阻的測量值均小于真實(shí)值，所以作出的U﹣I圖線應(yīng)是B線；

②因伏安法測電源電動(dòng)勢和內(nèi)阻得實(shí)驗(yàn)要求的電流是路