2025年新科版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新科版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、據(jù)有關資料介紹，受控核聚變裝置中有極高的溫度，因而帶電粒子將沒有通常意義上的“容器”可裝，而是由磁場約束帶電粒子運動，使之束縛在某個區(qū)域內。如圖所示，環(huán)狀磁場的內半徑為外半徑為被束縛的帶電粒子的比荷為k，若中空區(qū)域內帶電粒子均具有沿半徑方向的速度，速度大小為v。中空區(qū)域中的帶電粒子都不會穿出磁場的外邊緣而被約束在半徑為的區(qū)域內；則環(huán)狀區(qū)域內勻強磁場的磁感應強度最小值為（）

A.B.C.D.2、如圖所示；兩個質量和速度均相同的子彈分別水平射入靜止在光滑水平地面上質量相同；材料不同的兩矩形滑塊A、B中，射入A中的深度是射入B中深度的兩倍．上述兩種射入過程相比較。

A.射入滑塊A的子彈速度變化大B.整個射入過程中兩滑塊受的沖量一樣大，木塊對子彈的平均阻力一樣大C.射入滑塊A中時阻力對子彈做功是射入滑塊B中時的兩倍D.兩個過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量相同3、關于溫度，下列說法中正確的是（）A.0K即B.溫度是分子熱運動劇烈程度的反映C.分子運動越劇烈，分子的溫度越高D.物體的溫度越高，它的分子的熱運動的動能越大4、關于熱學中的一些基本概念，下列說法正確的是（）A.物體是由大量分子組成的，分子是不可再分的最小單元B.宏觀物體的溫度是物體內大量分子的平均動能的標志C.分子做永不停息的無規(guī)則熱運動，布朗運動就是分子的熱運動D.分子間的斥力和引力總是同時存在的，且隨著分子之間的距離增大而增大5、氣壓式升降椅通過氣缸上下運動來支配椅子升降，其簡易結構如圖乙所示，圓柱形氣缸與椅面固定連接，柱狀氣動桿與底座固定連接?？勺杂梢苿拥臍飧着c氣動桿之間封閉一定質量的理想氣體，設氣缸氣密性、導熱性能良好，忽略摩擦力。設氣體的初始狀態(tài)為A，某人坐上椅面保持不動，椅子緩慢下降一段距離后達到穩(wěn)定狀態(tài)B，此過程溫度不變。然后開空調，一段時間后，室內溫度降低到設定溫度，穩(wěn)定后氣體狀態(tài)為C；接著人離開座椅，椅子重新處于另一個穩(wěn)定狀態(tài)D。則氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)D的過程中，關于p、V、T的關系圖或敘述中正確的是（）

A.B.C.從狀態(tài)A到狀態(tài)D，氣體向外放出的熱量大于外界對氣體做的功D.與狀態(tài)A相比，處于狀態(tài)D時，單位時間內碰撞單位面積容器壁的分子數(shù)減少6、下列說法正確的是（）A.第二類永動機不可制造，但不違背能量守恒定律B.兩鄰近分子間的作用力變大時，分子間的分子勢能一定變大C.單晶體和多晶體都具有固定的熔點和確定的幾何形狀D.既然能量是守恒的，所以不用節(jié)約能源7、關于能量的轉化，下列說法中正確的是（）A.摩擦生熱的過程在任何情況下都是不可逆的B.空調既能制熱又能制冷說明熱傳遞不存在方向性C.永動機不存在的原因是能量在某些特殊情況下是不守恒的D.由于能量的轉化過程符合守恒定律，所以不會發(fā)生能源危機8、關于科學家做出的貢獻，下列說法正確的是A.奧斯特提出分子電流假說B.法拉第采用了電場線的方法來描述電場C.安培發(fā)現(xiàn)了點電荷的相互作用規(guī)律D.洛倫茲力發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示，一理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比22:1，交流電源的電動勢電阻R＝10Ω，滑動變阻器的總阻值為15Ω．將滑動變阻器的滑片P從最左端向右滑動過程中（電壓表和電流表均為理想電表）；則（）

A.副線圈兩端電壓為10VB.當滑動變阻器功率最大時，電壓表的示數(shù)為4VC.當變壓器輸入功率最大時，電流表的示數(shù)為1AD.當電源頻率變成原來的2倍時，變壓器輸入功率也變?yōu)樵瓉淼?倍10、如圖甲所示，在勻強磁場中，一矩形金屬線圈兩次分別以不同的轉速，繞與磁感線垂直的軸勻速轉動，產(chǎn)生的交變電動勢圖象如圖乙中曲線a，b所示；則()

A.兩次t＝0時刻線圈平面均與中性面重合B.曲線a，b對應的線圈轉速之比為2∶3C.曲線a表示的交變電動勢頻率為25HzD.曲線b表示的交變電動勢有效值為10V11、“等效”是簡化電路的一種常用方法．下面四個方框中的電路都可視為一個新的等效電源：甲中是一個電動勢為E、內電阻為r的電源和一阻值為R0的定值電阻串聯(lián)；乙中是一個電動勢為E、內電阻為r的電源和一阻值為R0的定值電阻并聯(lián)；丙中是一個電壓為E的恒壓源與阻值為R0的定值電阻串聯(lián)；丁中是一個電流為I的恒流源與阻值為R0的定值電阻并聯(lián)，且E=IR0；

下列關于這四個等效電源的電動勢和內阻的說法正確的是（）A.B.C.D.12、下列說法正確的是（）A.氣體向真空的自由膨脹是不可逆的B.空調既能制熱又能制冷，說明熱傳遞不存在方向性C.一定質量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中，氣體對外做功，內能可能減小E.一定質量100的水變成100的水蒸氣，分子平均動能不變，分子勢能增加E.一定質量100的水變成100的水蒸氣，分子平均動能不變，分子勢能增加13、如圖所示電路中，電源電動勢為E、內阻為r；電壓表和電流表均為理想表?，F(xiàn)閉合開關，將滑動變阻器的滑片向右移動時，下列判斷正確的是（）

A.電容器兩極板間電場強度變大，電容器的帶電量增加B.電流表示數(shù)減小，電壓表示數(shù)變大C.電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值變大D.電源的輸出功率可能增大14、在兩平行金屬板間，有如圖所示的互相正交的勻強電場和勻強磁場．α粒子（氦原子核）以速度v0從兩板的正中央垂直于電場方向和磁場方向從左向右射入；恰好能沿直線勻速通過．下列說法正確的是（）

A.若電子以速度沿相同方向射入，電子將向下偏轉B.若質子以速度沿相同方向射入，質子將沿直線勻速通過C.若質子以大于的速度沿相同方向射入，質子將向下偏轉D.若質子以大于的速度沿相同方向射入，質子將向上偏轉15、目前世界上正在研究的一種新型發(fā)電機叫磁流體發(fā)電機；如圖所示表示它的發(fā)電原理：將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和帶負電的微粒，而從整體上來說呈電中性）噴入磁場，由于等離子體在磁場力的作用下運動方向發(fā)生偏轉，磁場中的兩塊金屬板A和B上就會聚集電荷，從而在兩板間產(chǎn)生電壓．在圖示磁極配置的情況下，下列表述正確的是（）

A.金屬板A的電勢較高B.通過電阻R的電流方向是b→R→aC.等離子體在B間運動時，磁場力對等離子體做功D.等離子體在B間運動時，磁場力對等離子體不做功16、如圖所示；輸入端輸入的電流信號有直流；交流低頻和交流高頻三種成分，想通過該電路只把交流的低頻成分輸送到下一級，下列說法中正確的有：

A.L在此的功能為通直流，阻交流，叫高頻扼流圈B.C1在此的功能為通交流，隔直流，叫隔直電容C.C2在此的功能為通高頻、阻低頻，叫做高頻旁路電容D.該電路無法達到設計目的17、A、B、C為三塊水平放置的金屬板，與電路連接如圖所示，三塊板正中央各有一小孔，A板接地，電源內阻為r，三個定值電阻電路中電表均為理想電表，滑片P開始置于R2中點，現(xiàn)有一質量為m、電量為+q的液滴從A板小孔正上方距離為h的D點靜止釋放；恰好能到達C板，不計空氣阻力和極板外電場，下列說法中正確的是。

A.滑片P由R2中點往左移動，則B板電勢降低B.滑片P由R2中點往左移動,則電流表A1的示數(shù)減小，A2的示數(shù)增大C.滑片P由R2中點往左移動，仍將該液滴從D點由靜止釋放，則帶電液滴不能到達C板D.滑片P由R2中點往左移動，則不變，的值變小(U為電壓表V示數(shù)，I2為電流表A2，為電流表A2示數(shù)的改變量)評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)18、如圖所示的電路中，E、r、R1已知，可變電阻R2的最大值

（1）當R2=______時，R1的電功率P1有最大值，最大值為______；

（2）當R2=______時，R2的電功率P2有最大值，最大值為______；

（3）當R2=______時，電源功率PE有最大值，最大值為______；

（4）當R2=______時，電源內部消耗的功率有最小值，最小值為______

（5）當R2=______時，電源輸出功率P出有最大值，最大值為______19、如圖所示是兩列相干波的干涉圖樣，實線表示波峰，虛線表示波谷，兩列波的振幅都為0.1m，波速和波長分別為1m/s和0.2m，C點為AB連線的中點．則圖示時刻C點的振動方向_____（選填“向上”或“向下”），從圖示時刻再經(jīng)過0.25s時，A點經(jīng)過的路程為______m．

20、利用掃描隧道顯微鏡（STM）可以得到物質表面原子排列的圖像；從而可以研究物質的結構。如圖所示的照片是一些晶體材料表面的STM圖像，通過觀察；比較，可以看到這些材料表面的原子排列有著共同的特點，這些共同的特點是：

(1)______________；

(2)_____________。

21、如圖，一定質量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)過狀態(tài)B變化到狀態(tài)C，已知狀態(tài)A的壓強為則狀態(tài)B的壓強___________；B到C過程中氣體___________（選填“吸熱”“放熱”或“與外界無熱交換”）．

22、如圖所示寬度為d；厚度為h的金屬板放在垂直于它的磁感應強度為B的勻強磁場中；當有電流I通過金屬板時，在金屬板上側面A和下側面A’間產(chǎn)生電勢差．

（1）金屬板上側面A電勢____________下側面電勢（填高于或低于）；

（2）若金屬板內單位體積內自由電子數(shù)為n，則產(chǎn)生的電勢差U=___________________．評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共2分)26、某同學利用兩支蠟燭等實驗器材探究平面鏡成像的特點．

（1）實驗時，在桌面上鋪一張大紙，紙上豎立一塊__________作為平面鏡．為便于觀察，該實驗最好在__________（填“較亮”或“較暗”）環(huán)境進行．

（2）在紙上記下平面鏡的位置，把一支點燃的蠟燭放在鏡前，可以看到它在鏡后的像．再拿一支__________（選填“點燃”或“未點燃”）的__________（選填“相同”或“不相同”）的蠟燭，豎立著在鏡后移動，直到看上去它跟前面那支蠟燭的像___________．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】由題意可知，粒子的比荷k已經(jīng)確定，粒子在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力，則有

粒子運動的半徑r已經(jīng)確定；要使所有的粒子都不能穿出磁場，則：

與內圓相切的方向進入磁場的粒子在磁場運動的軌跡剛好與外圓相切，可知2r最大為如圖所示：

從而推知，

即

則故C正確，ABD錯誤；

故選C。2、D【分析】【詳解】

A、根據(jù)動量守恒定律可得可知兩種情況下木塊和子彈的共同速度相同，兩顆子彈速度變化相同，故A錯誤；

B、兩滑塊的動量變化相同，受到的沖量相同，由射入A中的深度是射入B中深度的兩倍，射入滑塊A中時平均阻力對子彈是射入滑塊B中時的倍；故B錯誤；

C、射入滑塊A中時阻力對子彈做功與射入滑塊B中時阻力對子彈做功相等；故C錯誤；

D、由兩個過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量相同，故D正確；

故選D．3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．0K是絕對零度，是一切低溫的極限，為A錯誤；

B．溫度是分子熱運動劇烈程度的反映；是分子平均動能的標志，B正確；

C．氣體分子的熱運動的劇烈程度是由氣體溫度來決定的。他們存在因果關系；不能說氣體分子的熱運動越劇烈，氣體溫度就越高，先發(fā)生溫度的改變，再發(fā)生熱運動程度的改變，C錯誤；

D．溫度是分子平均動能的表示；對于同一種物體，溫度越高，分子平均動能越大，D錯誤。

故選B。4、B【分析】【分析】

【詳解】

A．物體是由大量分子組成的；分子可再分為原子，故A錯誤；

B．根據(jù)溫度的微觀意義可知；物體的溫度是物體內大量分子的平均動能的標志，故B正確；

C．布朗運動反映的是液體分子的永不停息的無規(guī)則運動；并不是組成固體小顆粒的分子的無規(guī)則運動，故C錯誤；

D．分子間的斥力和引力總是同時存在的；且隨著分子之間的距離增大而減小，故D錯誤。

故選B。5、C【分析】【詳解】

AB．A到B的過程中，氣體等溫壓縮，壓強增大，體積減??；從B到C的過程中，氣體等壓降溫，溫度降低，體積減?。粡腃到D的過程中，等溫膨脹，壓強減小，體積增加，而且此時D狀態(tài)的壓強又恢復到最初A狀態(tài)的壓強，其圖像和圖像如圖所示。

A；B錯誤；

C．根據(jù)熱力學第一定律

由于氣體溫度降低；內能減小，因此氣體向外放出的熱量大于外界對氣體做的功，C正確；

D．由于狀態(tài)A與狀態(tài)D壓強相等，而狀態(tài)D溫度更低；單個分子撞擊容器壁力減小，因此單位時間內碰撞單位面積容器壁的分子數(shù)更多，D錯誤。

故選C。6、A【分析】【詳解】

A．第二類永動機不可能制成；是因為違背了熱力學第二定律，但不違背能量守恒定律。故A正確；

B．若分子間距大于平衡間距；向平衡位置移動時，分子力增大，分子勢能減??；故B錯誤；

C．所有的晶體均具有固定的熔點；多晶體是許多單晶體雜亂無章的組合而成的，所以多晶體沒有確定的幾何形狀。故C錯誤；

D．自然界的能量是守恒；但根據(jù)熱力學第二定律可知，宏觀熱現(xiàn)象具有方向性，由于能量耗散的存在，能源的品質在下降，但能夠被人類使用的能源不斷減少，所以節(jié)約能源非常有必要。故D錯誤。

故選A。7、A【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)熱力學第二定律可知；摩擦生熱的過程在任何情況下都是不可逆的，A正確；

B．空調既能制熱又能制冷；但是消耗電能，說明在不自發(fā)地條件下熱傳遞方向可以逆向，不違背熱力學第二定律，B錯誤；

C．永動機不存在的原因是違背了能量守恒定律；C錯誤；

D．由于能量轉移或轉化是有方向性的；雖然能量守恒，但是還會產(chǎn)生能源危機，D錯誤。

故選A。8、B【分析】安培提出分子電流假說，選項A錯誤；法拉第采用了電場線的方法來描述電場，選項B正確；庫倫發(fā)現(xiàn)了點電荷的相互作用規(guī)律，選項C錯誤；安培發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律，選項D錯誤；故選B.二、多選題(共9題，共18分)9、A:C【分析】【詳解】

A.變壓器原線圈的輸入電壓U1＝220V，由U1:U2＝n1:n2，得U2＝10V;故A正確.

B.在副線圈回路中可將副線圈和定值電阻R等效為電動勢為10V，內阻為10Ω的直流電源與滑動變阻器串聯(lián)，當R變＝R＝10Ω時；滑動變阻器的功率最大,此時電壓表的讀數(shù)為5V;故B錯誤.

C.變壓器輸入功率等于輸出功率，當R變＝0時，P入最大，則故C正確.

D.變壓器不能改變交流電的頻率，則電源頻率的改變對變壓器的輸入功率無影響;故D錯誤.10、A:C【分析】【詳解】

t＝0時刻，兩次產(chǎn)生的交流電的電動勢瞬時值均為零，因此線圈平面均與中性面重合，A項正確；圖中a、b對應的周期之比為2∶3，因此線圈轉速之比na∶nb＝∶＝3∶2，B項錯誤；a線表示的交流電動勢的頻率為fa＝＝25Hz，C項正確；a線對應線圈相應的電動勢的最大值Eam＝NBS·由圖象知Eam＝15V，b線對應線圈相應的電動勢的最大值Ebm＝NBS·因此＝＝Ebm＝10V，有效值Eb＝V＝5V，D項錯誤．11、A:C【分析】【詳解】

甲圖中的等效電動勢為：等效內阻為：乙圖的等效電動勢為：等效內阻：丙圖的等效電動勢為：等效內阻為：丁圖的等效電動勢：等效內阻：則：故AC正確．12、A:D:E【分析】【詳解】

A．熱力學第二定律也可以表述為：氣體向真空的自由膨脹是不可逆的；故A正確；

B．熱量能自發(fā)從高溫物體傳向低溫物體；空調制冷不是自發(fā)的，要消耗電能，故B錯誤；

C．根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可知一定量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中；氣體的溫度升高；又因為一定質量理想氣體的內能大小只與溫度有關，與體積無關，所以內能一定增加，故C錯誤；

D．布朗運動是指懸浮在液體中的固體顆粒的無規(guī)則運動；是液體分子對它的撞擊作用不平衡的結果，故D正確；

E．溫度是分子的平均動能的標志，一定量100的水變成100的水蒸氣；吸收熱量，溫度不變，其分子的平均動能不變，吸收的熱量增加了分子之間的勢能，故E正確。

故選ADE。13、A:D【分析】【分析】

將變阻器的滑片向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電阻減小，路端電壓隨之減小，分析總電流和R2電壓的變化；即可知道電容器板間電壓的變化，判斷出板間場強的變化以及電容器帶電量的變化．根據(jù)歐姆定律分析電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值的變化．根據(jù)內外電阻的關系分析電源輸出功率的變化．

【詳解】

當變阻器的滑片向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流變大，R2電壓增大，則電容器板間電壓增大，板間的電場強度變大，電容器所帶電量增大，故A正確?？傠娏髯兇螅娏鞅硎緮?shù)變大，則R2電壓和內電壓均增大，由閉合電路歐姆定律知，R1電壓減小，所以電壓表示數(shù)變小，故B錯誤。電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值U/I=R1；變小，故C錯誤。由于電源的內外電阻的大小關系未知，所以不能確定電源輸出功率如何變化，則電源的輸出功率可能增大，故D正確。故選AD。

【點睛】

本題是電路的動態(tài)分析問題，按“局部→整體→局部”的思路進行分析．分析電源的輸出功率變化時，要根據(jù)推論：內外電阻相等時，電源的輸出功率最大來分析．14、B:D【分析】【分析】

粒子受到向上的洛倫茲力和向下的電場力，二力平衡時粒子沿直線運動，當二力不平衡時，粒子做曲線運動，由公式qv0B=qE；電量與電性不會影響粒子的運動性質；再分析電子的受力情況，從而明確電子是否會發(fā)生偏轉．

【詳解】

由于α粒子從左向右射入正交的電場和磁場空間，恰能做勻速直線運動，則兩力平衡，即Eq=qvB，所以選擇的速度v=與電性和電量無關，但有確定的進；出口．若電子以相同的速度射入，相對α粒子電場力和洛侖茲力均反向，則電子仍將做勻速直線運動，所以選項A錯誤；同理，質子以相同的速度射入時，相對α粒子電場力和洛侖茲力雖減小，但兩力仍平衡，沿直線通過，所以選項B正確；若質子進入的速度變大，電場力不變，但向上的洛侖茲力變大，所以質子將向上偏轉，選項C錯誤，選項D正確．故選BD．

【點睛】

本題考查了利用質譜儀進行粒子選擇原理，只要對粒子進行正確的受力分析即可解決此類問題，注意掌握粒子做直線運動，一定是勻速直線運動，且粒子的電量與電性均不會影響運動性質．15、A:D【分析】試題分析：大量帶正電和帶負電的微粒射入磁場時，由左手定則可以判斷正電荷受到的洛倫茲力向上，所以正電荷會聚集的A板上，負電荷受到的洛倫茲力向下，負電荷聚集到B板上，故B板相當于電源的負極，A板相當于電源的正極，所以通過電阻R的電流由a→R→b，金屬板A的電勢UA高于金屬板B的電勢UB；所以A正確B錯誤；等離子體在A；B間運動時，磁場力總是與離子體的運動方向垂直，所以磁場力不做功，故C錯誤D正確．故選AD．

考點：霍爾效應。

【名師點睛】根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力的方向，即可判斷電荷的偏轉方向，考查對磁流體發(fā)電機的理解能力．此題還可以等效成流體切割磁感線，由E=Bvd求得發(fā)電機的電動勢．16、B:C【分析】【分析】

【詳解】

L在此的功能為通直流、阻交流，通低頻，阻高頻，將低頻的交流成分送到下一級，叫低頻扼流圈，自感系數(shù)很大，故A錯誤；C1在此的功能為通交流，隔直流，使直流不能到達下一級電路，叫隔直電容，故B正確．C2與輸出電路并聯(lián)，起到通高頻，阻低頻，使高頻成分能通過，低頻成分到達下一級，C2又叫高頻旁路電容，故C正確．由上分析可知，故D錯誤．17、A:D【分析】A、滑片P由R2中點往左移動時使并聯(lián)部分電阻減小從而使整個電路電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得干路電流增大，即A2的示數(shù)增大，則兩端電壓增大；即B板電勢降低，故選項A正確；

B、滑片P由R2中點往左移動時使并聯(lián)部分電阻減小從而使整個電路電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得干路電流增大，即A2的示數(shù)增大，路端電壓減小，由于電壓增大，則并聯(lián)部分電壓降低，根據(jù)并聯(lián)電路特點可以知道電流表A1的示數(shù)增大；故選項B錯誤；

C、滑片P由R2中點往左移動時，電路總電流增大，則兩端電壓增大；即電容器AB電壓增大，液滴加速運動，路端電壓減小，則電容器BC電壓減小，液滴減速運動，液滴將穿過C板，故選項C錯誤；

D、根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：則為定值，不變，根據(jù)歐姆定律可知為本身并聯(lián)之后與串聯(lián)的總電阻，即減??；故選項D正確。

點睛：本題考查閉合電路歐姆定律的動態(tài)分析問題，注意電容器兩端電壓的問題。三、填空題(共5題，共10分)18、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]當

時，R1的電功率有最大值，為

（2）[3][4]當

時，有

（3）[5][6]當

時，有

（4）[7][8]當

時，有

（5）[9][10]當

時，有

【點睛】

本題考查電路中的定值電阻電功率、可變電阻電功率、電源內阻電功率、電源輸出功率的計算，注意各種電功率的處理方法。【解析】00R2max19、略

【分析】【詳解】

B點處于波谷，A點處于波峰，波由B向A傳播，此時C處于平衡位置，經(jīng)過四分之一周期，波谷傳播到該點，知C點的振動方向向下，周期質點在一個周期內振動的路程等于4倍的振幅，經(jīng)過0.25s時，走過的路程等于5倍的振幅，A=20cm，則s=1m．【解析】向下120、略

【分析】【詳解】

(1)[1]在確定的方向上原子有規(guī)律地排列；在不同方向上原子的排列規(guī)律一般不同。

(2)[2]原子排列具有一定的對稱性。【解析】①.在確定的方向上原子有規(guī)律地排列，在不同方向上原子的排列規(guī)律一般不同；②.原子排列具有一定的對稱性21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由題圖可知，從狀態(tài)A經(jīng)過狀態(tài)B為等溫變化，則有

已知

解得

[2]由題圖可知，B到C過程中，溫度降低，內能減少，即

體積變小，則外界對氣體做功，即

由熱力學第一定律

可知

即氣體放熱?！窘馕觥糠艧?2、略

【分析】（1）根據(jù)左手定則；電子向上偏，所以上側面得到電子帶負電，下側面失去電子帶正電，則金屬板上側面A電勢低于下側面的電勢．

（2）電子最終達到平衡，有．則U=vBd．電流的微觀表達式I=nevS=nevhd．則v=代入得，．

【名師點睛】金屬中移動的是自由電子，根據(jù)左手定則，判斷出電子的偏轉方向，從而得出電勢的高低．最終電子受電場力和洛倫茲力平衡，根據(jù)平衡和電流的微觀表達式求出電勢差的大?。窘馕觥康陀谒摹⒆鲌D題(共3題，共6分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；