2024年魯科版必修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年魯科版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，真空中有兩個等量的正電荷和分別固定于兩點，為連線的中垂線，為兩點連線的中點，將一正電荷由點沿著中垂線移至無窮遠(yuǎn)處的過程中，下列結(jié)論正確的有（）

A.電勢能逐漸減小B.電勢能逐漸增大.C.受到的電場力逐漸減小D.受到的電場力逐漸增大2、如圖所示，光滑絕緣水平面上，有兩個質(zhì)量相等的帶電物體P、Q，中間用不可伸長的輕質(zhì)絕緣細(xì)繩相連，物體P所帶電量為-q1，物體Q所帶電量為+q2，且q1<q2，在水平面上方加上場強(qiáng)大小為E；方向水平向右的勻強(qiáng)電場；則當(dāng)兩物體運(yùn)動達(dá)到穩(wěn)定時（不考慮P、Q之間的庫侖力），中間細(xì)繩拉力大小為（）

A.Eq2-Eq1B.C.D.Eq2+Eq13、下列各圖能正確反映兩個等量同種正電荷連線中垂線上各點電勢分布的圖是（）A.B.C.D.4、在圖中所示的四種典型電場的情況中，電場中兩點的電場強(qiáng)度和電勢都相等的是（）

A.圖（甲）中平行板電容器帶電荷，極板間除邊緣附近處的任意兩點B.圖（乙）中兩個等量異號點電荷的連線上，與連線中點等距的任意兩點C.圖（丙）中離點電荷等距的任意兩點D.圖（丁）中兩個等量同號點電荷的連線的中垂線上,與連線中點等距的任意兩點5、當(dāng)一個帶電導(dǎo)體達(dá)到靜電平衡時（）A.導(dǎo)體表面上電荷密度較大處電勢較高B.導(dǎo)體表面曲率較大處電勢較高C.導(dǎo)體內(nèi)部的電勢比導(dǎo)體表面的電勢高D.導(dǎo)體內(nèi)任一點與其表面上任一點的電勢差等于零6、如圖所示；將一個小電動機(jī)接在電路中。正常工作和將電動機(jī)短時間卡住時，測得電動機(jī)兩端的電壓和流過電動機(jī)的電流如下表所示。下列說法正確的是（）

電壓U/V電流I/A扇葉被卡?。ǘ虝r間）5.40.27正常工作時6.00.05

A.電動機(jī)線圈電阻為120ΩB.正常工作時，電動機(jī)消耗的電功率P1=0.3WC.正常工作時，電動機(jī)發(fā)熱的功率P2=1.8WD.正常工作時，電動機(jī)對外做功的功率P3=1.5W7、如圖所示的U-I圖像中，直線A為電源的路端電壓與電流的關(guān)系，直線B、C分別是電阻R1、R2的電壓與電流的關(guān)系。若將這兩個電阻分別直接與該電源連接成閉合電路；則（）

A.兩個電阻的電功率相等B.R1接在電源上時，電源的輸出功率較大C.R2接在電源上時，電源內(nèi)阻的熱功率較大D.兩種情況下，電源中非靜電力做功的功率相等評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖所示，真空中的勻強(qiáng)電場與水平方向成15°角，直線垂直勻強(qiáng)電場E，現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為的小球在A點以初速度大小方向水平向右拋出，經(jīng)時間t小球下落到C點（圖中未畫出）時速度大小仍為則小球由A點運(yùn)動到C點的過程中，下列說法正確的是（）

A.電場力對小球做功為零B.小球的電勢能增加C.小球的機(jī)械能減小量為D.C一定位于直線的右側(cè)9、如圖所示，用內(nèi)阻為100滿偏電流為300mA的表頭改裝成量程為0~0.6A和0~3A的雙量程電流表；下列說法中正確的有（）

A.用a、b兩個接線柱時量程為0~3AB.用a、b兩個接線柱時量程為0~0.6AC.D.10、如圖所示，在豎直平面內(nèi)有－豎直向上的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為E，M點與N點的連線垂直電場線，兩個完全相同的帶等量正電荷的粒子，以相同大小的初速度v分別從M和N點沿不同方向開始運(yùn)動，之后都能到達(dá)電場中的P點；粒子的重力不計，則兩帶電粒子（）

A.到達(dá)P點所用的時間可能相等B.到達(dá)P點時的速度大小一定相等C.整個運(yùn)動過程機(jī)械能的增加量一定相等D.在P點時的動能可能小于在各自初始點的動能11、我國已經(jīng)于2012年10月1日起禁止銷售100W及以上的白熾燈，以后將逐步淘汰白熾燈．假設(shè)某同學(xué)研究白熾燈得到某白熾燈的U-I圖線如圖所示．圖象上A點與原點的連線與橫軸成α角，A點的切線與橫軸成β角；則（）

A.白熾燈的電阻隨電壓的增大而增大B.在A點，白熾燈的電阻可表示為tanβC.在A點，白熾燈的電功率小于D.在A點，白熾燈的電阻可表示為12、如圖，一橢圓的兩焦點M、N處固定兩個等量異種電荷+Q、-Q，O為橢圓中心，ab是橢圓短軸上的兩個端點，c是OM上的一點，d是Oa上的一點，ef是橢圓上關(guān)于O點對稱的兩個點；設(shè)無窮遠(yuǎn)處電勢和電勢能為零，下列說法中正確的是（）

A.a、b兩點電勢相等，但電場強(qiáng)度不同B.e、f兩點電場強(qiáng)度相同，電勢也相同C.一電子在c點受到的靜電力大于在d點受到的靜電力，且在c點的電勢能小于在d點的電勢能D.一質(zhì)子從d點移到無窮遠(yuǎn)處，靜電力做功為零13、如圖所示，在粗糙程度相同的斜面上固定一點電荷Q，在M點無初速度地釋放帶有恒定電荷的小物塊，小物塊在Q的電場中沿斜面運(yùn)動到N點靜止，則從M到N的過程中（）

A.M點的電勢一定高于N點的電勢B.小物塊的電勢能減小C.小物塊電勢能變化量的大小一定等于克服摩擦力做的功D.小物塊和點電荷Q一定是同種電荷14、如圖所示，A、B、C三個小球(可視為質(zhì)點)的質(zhì)量分別為m、2m、3m，B小球帶負(fù)電，電荷量為q，A、C兩小球不帶電(不考慮小球間的電荷感應(yīng))，不可伸長的絕緣細(xì)線將三個小球連接起來懸掛在O點，三個小球均處于豎直向上的勻強(qiáng)電場中，電場強(qiáng)度大小為A.A；則以下說法正確的是()

B.靜止時，B兩小球間細(xì)線的拉力為5mg＋qEC.靜止時，B兩小球間細(xì)線的拉力為5mg－qEE.剪斷O點與A小球間細(xì)線瞬間，B兩小球間細(xì)線的拉力為E.剪斷O點與A小球間細(xì)線瞬間，B兩小球間細(xì)線的拉力為15、帶正電的粒子M只在電場力作用下由P點運(yùn)動到Q點，在此過程中克服電場力做了2.6×10-6J的功。以下說法正確的是（）A.粒子M在P點的電勢能一定小于它在Q點的電勢能B.粒子M在P點的加速度一定小于它在Q點的加速度C.P點的電勢一定高于Q點的電勢D.粒子M在P點的速率一定大于它在Q點的速率16、如圖，O為大圓的圓心，直徑ac和直徑bd垂直．a(chǎn)c上的O1、O2為中間兩實線小圓的圓心，大圓半徑為小圓半徑的2倍。在O1、O2處分別放置電荷量為+Q和－2Q點電荷。下列判斷正確的是（）

A.b、d兩點電場強(qiáng)度相等B.a點電勢一定高于d點電勢C.移動電子從O到b點，電場力做功為零D.移動電子從a沿中間實線半圓經(jīng)O到c，電勢能一直增加評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、容量是電池的一個重要參數(shù)．某款手機(jī)電池上標(biāo)有“2000mA·h”,這種電池放電時能輸出的總電荷量為____________C,若手機(jī)待機(jī)時的電流50mA，則此款手機(jī)待機(jī)時間為________h．18、如圖，電源電動勢E＝12V，內(nèi)阻r＝1Ω，電阻R1=4Ω，R2=22Ω，滑動變阻器R的阻值0~30Ω。閉合電鍵S，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P由a端向b端滑動時，理想電流表和理想電壓表示數(shù)變化量的大小分別用ΔI、ΔU表示。則______Ω；R1消耗的最小電功率為P＝_______W。

19、電動勢定義：______所做的功與所移動的電荷量之比叫作電動勢．20、判斷下列說法的正誤。

（1）電勢差與電勢一樣，是相對量，都與零電勢點的選取有關(guān)。____

（2）電勢差是一個標(biāo)量，但是有正值和負(fù)值之分。____

（3）若電場中兩點間的電勢差UAB=1V，則將單位正電荷從A點移到B點，靜電力做功為1J。____

（4）將電荷量為q的電荷從A點移到B點與將電荷量為-q的電荷從B點移到A點，靜電力所做的功相同。____

（5）電荷在等勢面上移動時不受靜電力作用，所以靜電力不做功。____21、某同學(xué)用不同工具分別測量了某物體的幾處外徑；如圖所示，請讀出下列讀數(shù)：

①_____；②_____；③_____；評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)22、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標(biāo)出圖中各電荷的電性。

23、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強(qiáng)電場的電場線。24、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標(biāo)軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】

由題可知，q1、q2是兩個等量的正電荷，DC為A、B連線的中垂線，作出CD線上的電場線，根據(jù)電場線方向判斷正電荷q3由C點沿CD移至無窮遠(yuǎn)的過程中；電勢的變化，由電場力做功正負(fù)判斷其電勢能的變化，運(yùn)用極限法判斷場強(qiáng)的變化，確定電場力的變化．

【詳解】

AB；兩個等量正電荷產(chǎn)生的電場如圖所示：

由此可見，正電荷由點沿著中垂線移至無窮遠(yuǎn)處的過程中；電場力做正功，電勢能減小，故A正確，B錯誤；

CD、由上圖可以得知，點電場強(qiáng)度為零，由點沿中垂線至無窮遠(yuǎn)的過程中，電場強(qiáng)度先增大后減小，所以受到的電場力先增大后減少；故C；D錯誤；

故選A．2、C【分析】【詳解】

取整體為研究對象，由牛頓第二定律可得

取P為研究對象，設(shè)中間細(xì)繩拉力大小為F，由牛頓第二定律可得

兩式聯(lián)立可得

故選C。3、B【分析】【詳解】

等量同種電荷中垂線上的各點的場強(qiáng)方向沿中垂線遠(yuǎn)離兩電荷連線的中點，由電勢沿場強(qiáng)方向減小的特點可知，電勢向兩方向降低，B正確；4、D【分析】電容器間的電場為勻強(qiáng)電場，故兩點電場強(qiáng)度相等；沿電場線方向上電勢逐漸降低，可知a點的電勢高于b點的電勢，故A錯誤．根據(jù)對稱性可知，兩點的電場強(qiáng)度相等，沿電場線方向上電勢逐漸降低，a點的電勢高于b點，故B錯誤．以點電荷為球心的球面是等勢面，可知a、b兩點電勢相等，但兩點電場強(qiáng)度的方向不相同，故電場強(qiáng)度不相等，故C錯誤．根據(jù)兩個等量同種電荷等勢面的分布情況可知，在兩電荷連線的中垂線上與連線中點等距的任意兩點電勢相等，根據(jù)電場的對稱性兩點電場場強(qiáng)相同，故D正確．故選D．5、D【分析】【詳解】

ABC．當(dāng)一個帶電導(dǎo)體達(dá)到靜電平衡時；導(dǎo)體是個等勢體，導(dǎo)體表面是個等勢面。ABC錯誤；

D．導(dǎo)體內(nèi)任一點與其表面上任一點的電勢差等于零。D正確。

故選D。6、B【分析】【詳解】

．當(dāng)扇葉被卡住，電動機(jī)不轉(zhuǎn)、為純電阻電路，根據(jù)歐姆定律可知

故A錯誤；

B．正常工作時，電動機(jī)消耗的電功率

故B正確；

C．正常工作時，電動機(jī)發(fā)熱的功率

故C錯誤；

D．正常工作時，電動機(jī)對外做功的功率

故D錯誤；

故選B。7、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．由兩圖線的交點讀出，R1接在電源上時U1=0.5U0I1=0.5I0

電源的輸出輸出功率P1=U1I1=0.25U0I0

R2接在電源上時電壓U2=0.75U0

通過R2的電流I2=0.25I0

則電源的輸出功率

所以R1接在電源上時；電源的輸出功率較大，故B正確，A錯誤；

C．由圖可知，電源接R1時電路中的電流大；所以電源內(nèi)阻的熱功率較大，故C錯誤；

D．電源非靜電力做功的功率為

所以電流大的；非靜電力的功率大，故D錯誤。

故選B。二、多選題(共9題，共18分)8、B:D【分析】【詳解】

小球受到向下的重力和沿電場線斜向下的電場力；這兩個力的合力即“等效重力”如圖:

AB．由圖可知小球由A點運(yùn)動到C點的過程中；電場力做負(fù)功，電勢能增加，故A錯，B正確。

C．因為小球在A點和D點動能相同，所以小球機(jī)械能的減少量為豎直方向的重力勢能的減少量由于電場力向左下方，重力豎直向下，將合力沿著水平和豎直方向正交分解，豎直方向的合力大于重力，故在豎直方向的分運(yùn)動的加速度a大于g，豎直方向：

即：

故C錯誤。

D．小球水平拋出后，到C點時速度大小仍為則一定運(yùn)動到“等效水平線”上，所以C點一定在直線的右側(cè)；故D正確。

故選BD.9、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．用a、b兩個接線柱時；并聯(lián)的分流電阻較小，則量程較大，即量程為0~3A，選項A正確，B錯誤；

CD．由電路可知

解得

選項C正確；D錯誤。

故選AC。10、B:C【分析】【詳解】

A．因為兩帶電粒子完全相同，故產(chǎn)生的豎直向上方向的加速度相同，而M點粒子與N點粒子豎直初速度不同；故根據(jù)勻變速方程可知，運(yùn)動時間不同，A錯誤；

BC．因為只有電場力做功，根據(jù)題意可知，M點與N點在同一等勢面上，故有

且電場力做功為

則電場力做功相同，則到達(dá)P點的動能相同；速度大小相同，而電場力做功等于機(jī)械能增加量，故機(jī)械能的增加量一定相等，BC正確；

D．因為從M、N點到P點；電勢減小，則電場力做正功，動能增大，D錯誤。

故選BC。11、A:D【分析】【詳解】

ABD．根據(jù)歐姆定律可知白熾燈的電阻可知白熾燈的電阻隨電壓的增大而增大，在A點，白熾燈的電阻可表示為故AD正確，B錯誤；

C．在A點，白熾燈的電功率故C錯誤；

故選AD。12、C:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)等量異種電荷電場線和等勢面的分布規(guī)律可知，a、b兩點電場強(qiáng)度相同，電勢均為零，e、f兩點關(guān)于O點對稱，則電場強(qiáng)度相同，根據(jù)沿電場線方向電勢降低，則e點的電勢大于f點的電勢；即電勢不同，故AB錯誤；

C．根據(jù)等量異種電荷電場分布規(guī)律可知，c點電場強(qiáng)度大于O點的電場強(qiáng)度，O點的電場強(qiáng)度又大于d點的電場強(qiáng)度，則電子在c點受到的靜電力大于在d點受到的靜電力，根據(jù)沿電場線方向電勢降低，知c點的電勢大于d點的電勢，根據(jù)電勢能又因為電子帶負(fù)電，則電子在c點的電勢能小于在d點的電勢能；故C正確；

D．由題意可知，無窮遠(yuǎn)處電勢為零，則兩電荷在d點產(chǎn)生的電勢大小相等，符號相反，代數(shù)和為零，即d點電勢為零，一質(zhì)子在d點和無窮遠(yuǎn)處具有的電勢能都為零，即電勢能相等，所以將質(zhì)子從d點移到無窮遠(yuǎn)處；靜電力做功為零，故D正確。

故選CD。13、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．因無法判斷點電荷Q的電性；那么就無法判斷電場的方向，也就無法判斷電勢的高低，故A錯誤；

BD．若兩電荷是異種電荷；向下運(yùn)動的過程中電場力逐漸減小，加速度增大，物塊不可能停止，所以兩物塊為同種電荷，電場力做正功，電勢能降低，故B正確，D正確；

C．根據(jù)動能定理

電場力做功的大小與電勢能變化量的大小相等；顯然小物塊電勢能變化量的大小不等于克服摩擦力做的功，故C錯誤。

故選BD。14、A:C【分析】【詳解】

靜止時；對BC球整體進(jìn)行受力分析，則有：

T=2mg+3mg+Eq=5mg+Eq；故A正確，B錯誤；

B球帶負(fù)電；相當(dāng)于在上述狀態(tài)下給B球瞬間施加一個豎直向下的電場力qE；

qE對A、B球整體產(chǎn)生一個豎直向下的分加速度

此時A、B球的加速度為（顯然＞g），C球以加速度g保持自由下落，以A球為研究對象可得A、B球間細(xì)線的拉力為qE．故C正確；D錯誤．

故選AC．

【點睛】

本題由整體法與隔離法相結(jié)合解題．15、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AD．帶正電的粒子M只在電場力作用下從P點運(yùn)動到Q點；克服電場力做功，其電勢能增加，動能減小，故AD正確；

B．場強(qiáng)的大小與電場力做功正負(fù)無關(guān)，無法比較粒子M在P點的加速度與它在Q點的加速度；故B錯誤；

C．因為粒子M帶正電荷，所以P點的電勢低于Q點的電勢；故C錯誤。

故選AD。16、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．正電荷在b點單獨(dú)產(chǎn)生的場強(qiáng)與在d點單獨(dú)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，同理，負(fù)電荷在b點單獨(dú)產(chǎn)生的場強(qiáng)與在d點單獨(dú)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，由電場強(qiáng)度的疊加原理可知，b、d兩點的電場強(qiáng)度方向如圖，由圖可知，b、d兩點的電場強(qiáng)度方向不相同；故A錯誤；

B．由圖可知，a點離正電荷更近，離負(fù)電荷更遠(yuǎn)，由電勢疊加可知，a點電勢一定高于d點電勢；故B正確；

C．由電場強(qiáng)度的疊加原理可知，ob段的電場強(qiáng)度方向斜向右下方，移動電子從O到b點；電場力做正功，故C錯誤；

D．半圓Oc上各點到負(fù)電荷的距離不變，若只有負(fù)電荷存在，則各點的電勢不變，從O到c離正電荷的距離增大，若只正電荷存在，則各點電勢變小，由電勢的疊加可知，從O到c電勢降低，由負(fù)電荷在電勢低處電勢能大，則移動電子從a沿中間實線半圓經(jīng)O到c；電勢能一直增加，故D正確。

故選AD。

三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】【詳解】

該電池的總電量為手機(jī)待機(jī)時間為【解析】72004018、略

【分析】【詳解】

[1]．根據(jù)閉合電路歐姆定律得U=E-I（R1+r）

則由數(shù)學(xué)知識得知：=R1+r=4+1=5Ω．

[2]．當(dāng)變阻器與電阻R2并聯(lián)的電阻最大時，外電路電阻最大，總電流最小，R1消耗的電功率最小，此時有：RaP=RPb+R2

又RaP+RPb=30Ω，R2=22