2025年滬科版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高二物理上冊月考試卷807考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、鉗形電流測量儀的結(jié)構(gòu)圖如圖所示，其鐵芯在捏緊扳手時會張開，可以在不切斷被測載流導線的情況下，通過內(nèi)置線圈中的電流值I和匝數(shù)n獲知載流導線中的電流大小I0，則關于該鉗形電流測量儀的說法正確的是（）A.該測量儀可測量直流電的電流B.載流導線中電流大小I0=C.若鉗形部分鐵芯沒有完全閉合，測量出的電流將小于實際電流D.若將載流導線在鐵芯上多繞幾匝，鉗形電流測量儀的示數(shù)將變小2、如圖所示，帶正電的不計重力的粒子，沿水平向右的方向垂直進入磁場，關于其運動情況，下列說法中正確的是(

)

A.如圖中軌跡1

所示B.如圖中軌跡2

所示C.如圖中軌跡3

所示D.垂直紙面向里運動3、“探究加速度與力；質(zhì)量的關系”的實驗裝置如圖所示。在實驗中；以下做法正確的是（）

A.平衡摩擦力時，小車后面不需要固定紙帶B.小車的質(zhì)量應遠大于砝碼和砝碼盤的質(zhì)量C.實驗時，先放開小車，再接通打點計時器電源D.每次改變小車的質(zhì)量時，均需重新平衡摩擦力4、某學生做“探究加速度與力、質(zhì)量的關系”實驗，在平衡摩擦力時，把長木板的一端墊得過高，使得傾角偏大.

他所得到的a鈭?F

關系可用下列哪個圖象表示(

圖中a

是小車的加速度，F(xiàn)

是細線作用于小車的拉力)

()A.B.C.D.5、在公路的某些路段旁立了許多交通標志；如圖甲是路線指示標志，乙為限速標志，告示牌上各數(shù)字的意思是：

A.甲是指位移，乙是平均速度B.甲是指路程，乙是瞬時速度C.甲是指位移，乙是瞬時速度D.甲是指路程，乙是平均速度6、關于分子間的作用力，下列說法正確的是（）A.分子之間的斥力和引力大小都隨分子間距離的增大而增大B.分子間距離減小時，分子力一直做正功C.分子間距離增大時，分子勢能一直減小D.分子間距離增大時，可能存在分子勢能相等的兩個位置評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)7、電飯鍋工作時有兩種狀態(tài)：一種是加熱狀態(tài)，另一種是保溫狀態(tài)．如圖所示是電飯鍋電路原理示意圖，S是感溫材料制成的開關，溫度升高到某一值時會自動斷開．則兩個電阻中，加熱電阻是____，要使加熱電阻在保溫狀態(tài)時的功率是加熱狀態(tài)時功率的一半，R1：R2=____．

8、如圖所示，已知E=6V，r=4Ω，R1=2Ω，R2的變化范圍是0～10Ω．電源的最大輸出功率____W，R1上消耗的最大功率____W．

9、有一群氫原子處于量子數(shù)n=5

的激發(fā)態(tài)，當它們躍遷時，有可能放出_______種能量的光子；有一個氫原子處于量子數(shù)n=4

的激發(fā)態(tài)，當它躍遷時，有最多放出_____種能量的光子。10、(1)

如圖所示，在同一水平面內(nèi)的兩導軌相互平行，相距為2m

并處在豎直向上的勻強磁場中，一根質(zhì)量為3.6kg

的金屬棒放在導軌上，當金屬棒中的電流為5A

時，金屬棒作勻速運動；當金屬棒中的電流增加到8A

時，金屬棒獲得2m/s2

的加速度，求磁場的磁感應強度為_________T

．

(2)

如圖所示，將截面為正方形的真空腔abcd

放置在一勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里.

若有一束具有不同速率的電子由小孔a

沿ab

方向射入磁場，打在腔壁上被吸收，則由小孔c

和d

射出的電子的速率之比____．

(3)

磁場具有能量，磁場中單位體積所具有的能量叫作能量密度，其值為B2/2婁脤

式中B

是磁感應強度，婁脤

是磁導率，在空氣中婁脤

為一已知常數(shù).

為了近似測得條形磁鐵磁極端面附近的磁感應強度B

一學生用一根端面面積為A

的條形磁鐵吸住一相同面積的鐵片P

再用力將鐵片與磁鐵拉開一段微小距離鈻?l

并測出拉力F

如圖所示.

因為F

所做的功等于間隙中磁場的能量，所以由此可得磁感應強度B

與FA

之間的關系為B=

____．

(4)

如圖所示，在真空中半徑為r=3隆脕10鈭?2m

的圓形區(qū)域內(nèi)有一勻強磁場，磁場的磁感應強度B=0.2T

方向垂直紙面向外.

一帶正電粒子以v0=1.2隆脕106m/s

的初速度從磁場邊界上的a

點射入磁場，已知該粒子的比荷q/m=1.0隆脕108C/kg

不計粒子的重力，則粒子在磁場中運動的最長時間為___________s

．

11、(1)對于一定量的理想氣體；下列說法正確的是_____________．(選對一個給2分，選對兩個給3分，選對3個給5分．每選錯一個扣3分，最低得分為0分)

A若氣體的壓強和體積都不變；其內(nèi)能也一定不變。

B若氣體的內(nèi)能不變；其狀態(tài)也一定不變。

C若氣體的溫度隨時間不段升高；其壓強也一定不斷增大。

D氣體溫度每升高1K所吸收的熱量與氣體經(jīng)歷的過程有關。

E當氣體溫度升高時；氣體的內(nèi)能一定增大。

(2)如圖，一上端開口，下端封閉的細長玻璃管，下部有長l1=66cm的水銀柱，中間封有長l2=6.6cm的空氣柱，上部有長l3=44cm的水銀柱，此時水銀面恰好與管口平齊．已知大氣壓強為Po=76cmHg．如果使玻璃管繞低端在豎直平面內(nèi)緩慢地轉(zhuǎn)動一周，求在開口向下和轉(zhuǎn)回到原來位置時管中空氣柱的長度．封入的氣體可視為理想氣體，在轉(zhuǎn)動過程中沒有發(fā)生漏氣．12、在“測定金屬絲電阻率”的實驗中：

(1)用千分尺測量金屬絲的直徑；千分尺示數(shù)如圖所示，則金屬絲的直徑為____________cm．

(2)已知電阻絲約為10Ω；現(xiàn)備有下列器材供測量該電阻絲的電阻時選用，應選用的器材有____________(只填代號)

A．量程是0.6A；內(nèi)阻是0.5Ω的電流表；

B．量程是3A；內(nèi)阻是0.1Ω的電流表；

C．量程是3V；內(nèi)阻是6KΩ的電壓表；

D．量程是15V；內(nèi)阻是30KΩ的電壓表；

E．阻值是0～1KΩ；額定電流為0.5A的滑動變阻器；

F．阻值是0～20Ω；額定電流為2A的滑動變阻器；

G．蓄電池(6V)；

H．開關一個；導線若干．

(3)用伏安法測上述電阻絲電阻的電路圖應選用圖中的那個電路圖____________．13、物體的內(nèi)能：物體中所有分子的熱運動____與____的總和.

物體的內(nèi)能跟物體的____、____及物體的____都有關系．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)14、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）15、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）16、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

17、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）20、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）21、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）22、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、推斷題(共2題，共20分)23、下表為元素周期表的一部分，針對表中rm{壟脵隆蘆壟脼}元素，回答下列問題。rm{壟脵}rm{壟脷}rm{壟脹}rm{壟脺}rm{壟脻}rm{壟脼}rm{(1)壟脵}元素在周期表中的位置是第二周期_____________族。rm{(2)壟脷}和rm{壟脻}兩種元素中原子半徑較大的是__________rm{(}填元素符號rm{)}rm{壟脻}和rm{壟脼}兩種元素的最高價氧化物對應水化物中酸性較強的是________rm{(}填化學式rm{)}rm{(3)}寫出rm{壟脹壟脺}兩種元素的最高價氧化物對應水化物反應的離子方程式_______________。24、已知：①一定條件下，R－Cl+2Na+Cl－R’?R－R’+2NaCl②醛和醇可以發(fā)生氧化反應，被氧化的難易次序是：RCHO最易，R—CH2OH次之，最難?，F(xiàn)有某氯代烴A，其相對分子質(zhì)量為78.5；B與氯氣反應生成的一氯代物有兩種。有關的轉(zhuǎn)化關系如下圖所示（部分產(chǎn)物及條件均已略去）：請回答下列問題：（1）分子式：A____；反應類型：E?F____；（2）結(jié)構(gòu)簡式：B____，K為____；（3）反應方程式：A→E________________________________________________；H→I________________________________________________；（4）J分子中含氧官能團的名稱____（5）D的同分異構(gòu)體屬于羧酸的有四種，其中有2個-CH3基團的有兩種。請寫出這兩種中的任一種結(jié)構(gòu)簡式：____。評卷人得分五、證明題(共2題，共8分)25、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。26、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分六、計算題(共2題，共8分)27、如圖所示，PQ

和MN

為水平、平行放置的金屬導軌，相距1m

導體棒ab

跨放在導軌上，棒的質(zhì)量為m=0.2kg

棒的中點用細繩經(jīng)滑輪與物體相連，物體的質(zhì)量M=0.3kg

棒與導軌間的動摩擦因數(shù)為婁脤=0.5

勻強磁場的磁感應強度B=2T

方向豎直向下，為了使物體勻速上升，應在棒中通入多大的電流？方向如何？(g

取10m/s2)

28、如圖甲所示，兩根質(zhì)量均為0.1kg完全相同的導體棒a、b，用絕緣輕桿相連置于由金屬導軌PQ、MN架設的斜面上．已知斜面傾角θ為53°，a、b導體棒的間距是PQ、MN導軌間間距的一半，導軌間分界線OO′以下有方向垂直斜面向上的勻強磁場．當a、b導體棒沿導軌下滑時，其下滑速度v與時間的關系圖象如圖乙所示．若a、b導體棒接入電路的電阻均為1Ω，其它電阻不計，取g=10m/s2；sin53°≈0.8，cos53°≈0.6，試求：

（1）PQ；MN導軌的間距d；

（2）a、b導體棒與導軌間的動摩擦因數(shù)；

（3）勻強磁場的磁感應強度．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】解：A；鉗形電流測量儀實質(zhì)上是一個升壓變壓器；只能測量交流電的電流．故A錯誤．

B、根據(jù)=得載流導線中電流大小I0=nI；故B錯誤．

C；若鉗形部分鐵芯沒有完全閉合；載流導線中電流產(chǎn)生的磁場減弱，磁通量變化率減小，在內(nèi)置線圈產(chǎn)生的感應電動勢減小，感應電流減小，則測量出的電流將小于實際電流，故C正確．

D、根據(jù)n1I1=n2I2，知若將載流導線在鐵芯上多繞幾匝，即n1變大，I1、n2不變，則鉗形電流測量儀的示數(shù)I2將變大．故D錯誤．

故選：C

圖中電流互感器為升壓變壓器，只能測量交流電的電流．根據(jù)n1I1=n2I2；求出載流導線中電流大?。Y(jié)合法拉第電磁感應定律分析．

本題考查的是電流互感器，關鍵是要理解其工作原理，明確其目的用小電流測大電流，副線圈就匝數(shù)多．【解析】【答案】C2、A【分析】解：粒子帶正電；根據(jù)左手定則有：伸開左手讓磁感線穿過掌心，四指是正電荷運動方向，則大拇指所指向是洛倫茲力的方向；因此粒子受力向上，故將向上偏轉(zhuǎn)；所以是運動軌跡應為1.

選項A正確，BCD錯誤．

故選：A

．

由于粒子只受洛倫茲力；由洛倫茲力提供向心力讓粒子做勻速圓周運動.

因此通過左手定則可確定洛倫茲力的方向．

左手定則是判定磁場方向、電荷運動方向與洛倫茲力的方向的三者關系.

要注意明確在判斷正電荷和負電荷受力時的區(qū)別．【解析】A

3、B【分析】解：A；平衡摩擦力時；小車上面不掛砂桶，讓小車拖著后面的紙帶在木板上勻速運動，故A錯誤；

B；小車的質(zhì)量應遠大于砝碼和砝碼盤的質(zhì)量；這樣才能使得砝碼和砝碼盤的重量近似等于小車的拉力，故B正確；

C；實驗時；先接通打點計時器電源，再放開小車，故C錯誤；

D；每次改變小車的質(zhì)量時；不需重新平衡摩擦力，故D錯誤；

故選：B。

明確實驗原理；知道探究加速度與拉力的關系實驗時，要平衡摩擦力，平衡摩擦力時，要求小車在無動力的情況下平衡摩擦力，不需要掛任何東西。小車的加速度應根據(jù)打點計時器打出的紙帶求出；平衡摩擦力時，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即：mgsinθ=μmgcosθ，可以約掉m，只需要平衡一次摩擦力。操作過程是先接通打點計時器的電源，再放開小車。

探究加速與力的關系實驗時，要平衡摩擦力、應根據(jù)紙帶求出小車的加速度，掌握實驗的實驗注意事項是正確解題的關鍵?！窘馕觥緽4、C【分析】【分析】在探究加速度與力；質(zhì)量的關系時；應平衡摩擦力，平衡摩擦力時如果木板墊得過高，平衡摩擦力過度，小車受到的合力大于拉力，a鈭?F

圖象在a

軸上有截距；如果沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，小車受到的合力小于拉力，a鈭?F

圖象在F

軸上有截距。

探究加速度與力、質(zhì)量關系時，要注意要平衡摩擦力，以及小車質(zhì)量應遠大于砂桶質(zhì)量。【解答】A.圖象過原點；恰好平衡摩擦力，木板高度合適，故A錯誤；

B.在拉力較大時；圖象發(fā)生彎曲，這是由于小車質(zhì)量沒有遠大于砂桶質(zhì)量造成的，故B錯誤；

C.a鈭?F

圖象在a

軸上有截距；是由過平衡摩擦力造成的，平衡摩擦力時木板墊的過高，故C正確；

D.圖象在F

軸上有截距；沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，故D錯誤；

故選C?！窘馕觥緾

5、B【分析】【分析】指示牌指示的是車要經(jīng)過的路線的長度；而限速牌限制的是每一時刻的速度。本題考查位移及路程；平均速度及瞬時速度；要注意準確掌握其意義，并結(jié)合生活實際進行分析?！窘獯稹?甲指的是到達南京的路線長度；故為路程；而乙限的是車輛在每一時刻的速度，故為瞬時速度；故只有B正確；ACD錯誤。

故選B。

【解析】B

6、D【分析】解：A；分子間存在相互作用的引力和斥力；引力和斥力都隨分子間距離的減小而增加，故A錯誤；

B、兩分子之間的距離大于r0，分子力為引力，故當相互靠近時分子力做正功；當分子間距小于r0；分子力為斥力，相互靠近時，分子力做負功；故B錯誤；

C、兩分子之間的距離大于r0；分子力為引力，故當分子之間的距離增加時，分子力做負功，分子勢能增加，故C錯誤；

D、當兩分子之間的距離等于r0；分子勢能最??；從該位置起增加或減小分子距離，都是分子力做負功，分子勢能增加，故分子之間的距離增大時，可能存在分子勢能相等的兩個點，故D正確；

故選：D。

分子間存在相互作用的引力和斥力，引力和斥力都隨分子間距離的減小而增加，但斥力增加的更快，故當距離于r0時合力表現(xiàn)為引力，小于r0時合力表現(xiàn)為斥力；分力力做功等于分子勢能的減小量。

明確分子力的性質(zhì)和分子力做功與分子勢能間的關系，注意明確分子力做功對應著分子勢能的變化，要正確分析分子之間距離與分子力、分子勢能的關系?！窘馕觥緿二、填空題(共7題，共14分)7、略

【分析】

如圖所示，由P=得：當接通S時，電阻變小，功率變大，處于加熱狀態(tài)；當斷開S時，電阻變大，功率變小，處于保溫狀態(tài)．所以R2是供加熱用的電阻絲．

要使R2在保溫狀態(tài)時的功率為加熱狀態(tài)的一半，由P=I2R可得：電阻R2在保溫與加熱狀態(tài)下的電流之比1：所以（R1+R2）：R2=1．則R1：R2=（-1）：1．

故答案為：R2，（-1）：1．

【解析】【答案】電飯鍋工作時通過感溫材料制造的開關S；來控制保溫狀態(tài)還是加熱狀態(tài)．根據(jù)開關S的通斷，由功率關系，分析電阻關系．

8、略

【分析】

根據(jù)數(shù)學知識分析得知，當外電阻等于電源的內(nèi)阻，即R1+R2=r時，電源的輸出功率最大．電源的最大輸出功率為Pm===W=2.25W．

當R2=0時，電流中電流最大，R1消耗的功率最大，R1上消耗的最大功率為P1m===2W

故答案為：2.25；2

【解析】【答案】根據(jù)數(shù)學知識分析得知，當外電阻等于電源的內(nèi)阻時，電源的輸出功率最大．對于電阻R1是定值電阻，當電路中電流最大時，其消耗的功率最大，此時，變阻器R2的電阻最?。鶕?jù)全電路歐姆定律和功率公式求解．

9、103【分析】【分析】根據(jù)Cn2

求出氫原子發(fā)出光子的種數(shù)。一個光子每次只能發(fā)生一次躍遷。本題考查能級躍遷，注意第二個空問的是一個氫原子?！窘獯稹恳蝗簹湓犹幱诹孔訑?shù)n=5

的激發(fā)態(tài)，當它們躍遷時，有可能放出C52=10

種能量的光子；一個光子每次只能發(fā)生一次躍遷，處于量子數(shù)n=4

的激發(fā)態(tài)，所以最多有4隆煤33隆煤22隆煤1

三種能量的光子。故答案為：103

【解析】103

10、（1）1.2T

（2）2:1

（3）

（4）5.2×10-8【分析】【分析】(1)

題中當金屬棒中的電流為5A

時，安培力等于摩擦力，當金屬棒中的電流增加到8A

時，安培力與摩擦力的合力提供金屬桿運動的加速度，列出兩個受力的方程，即可求得磁感應強度的大??；對于安培力公式F=BIL

要明確其適用條件以及公式中各個物理量的含義；(2)

電子在磁場中做圓周運動，由幾何知識可分別求得從c

點和d

點飛出的電子的半徑，則由向心力公式可求得各自的速率及比值；本題屬于帶電粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)中典型題目，此類題的關鍵在于確定圓心及由幾何關系求出半徑；(3)

因為F

所做的功等于鈻?l

間隙中磁場的能量，所以先分別求出F

所做的功和鈻?L

間隙中磁場的能量，然后根據(jù)等量關系得出一等式，即可解得；本題考查解磁能量密度，對于學生來說雖是一個新的物理量，但結(jié)合所學的密度不難解答；主要是正確理解磁能量密度的物理意義；(4)

首先做出軌跡圖，利用幾何關系判斷出當弦長為多少時運動時間最長，從而可以計算出粒子在磁場中運行的最長時間；解決帶電粒子在勻強磁場中勻速圓周運動問題時；應首先確定圓心的位置，找出半徑，做好草圖，利用數(shù)學幾何并結(jié)合運動規(guī)律進行求解；

a.

圓心的確定：因洛倫茲力始終指向圓心；根據(jù)洛倫茲力的方向與速度的方向垂直，畫出粒子運動軌跡中的任意兩點(

一般是射入和射出磁場的兩點)

的洛倫茲力的方向，其延長線的交點即為圓心；

b.

半徑的確定和計算，半徑的計算一般是利用幾何知識，常用解三角形的方法?！窘獯稹?1)

當金屬棒中的電流為2A

時，安培力等于摩擦力，即：f=BI1L壟脵

當金屬棒中的電流增加到8A

時；金屬棒受力：BI2L鈭?f=ma壟脷

聯(lián)立壟脵壟脷

得：B=1.2T

(2):

設磁場邊長為a

電子運動軌跡如圖所示，根據(jù)圖示，由幾何知識可以知道：rc=ard=a/2

電子在磁場中做勻速圓周運動；

由牛頓第二定律得：evB=mv2r

粒子速度為：v=eBrm

則：vcvd=rcrd=aa2=21

(3)

在用力將鐵片與磁鐵拉開一段微小距離鈻?I

的過程中，拉力F

可認為不變，因此F

所做的功為：W=F?鈻?l

以婁脴

表示間隙中磁場的能量密度，由題給條件婁脴=B22婁脤

根據(jù)磁能量密度的定義可得：

鈻?L

間隙中磁場的能量E=婁脴V=B22婁脤A?l

由題意可知：F

所做的功等于鈻?L

間隙中磁場的能量，即W=EF??L=B22婁脤A?l

解得：B=2婁脤FA

(4)

由洛倫茲力提供向心力得：qv0B=mv02R

代入數(shù)據(jù)計算得出：R=0.06m>r

故以ab

為弦長的圓弧對應運動時間最長；

由圖可以知道：sin婁脠=rR=0.30.6=0.5婁脠=30鈭?

粒子的運動時間：t=2婁脠360鈭?T=2隆脕30鈭?360鈭?隆脕2婁脨mqB=婁脨m3qB

代入數(shù)據(jù)得：t=5.2隆脕10鈭?8s

故答案為：(1)1.2T(2)2:1(3)2婁脤FA(4)5.2隆脕10鈭?8-8

【解析】(1)1.2T

(2)2:1

(3)2婁脤FA

(4)5.2隆脕10鈭?8-811、略

【分析】解：(1)A、理想氣體的內(nèi)能只由溫度決定，由理想氣體狀態(tài)方程可知；若氣體的壓強和體積都不變，溫度T也不變，所以內(nèi)能也一定不變，故A；E正確．

B；若氣體的內(nèi)能不變；則溫度T不變，但氣體的壓強和體積可以改變，故B錯誤．

C；若氣體的溫度升高；體積增大，其壓強可以不變，故C錯誤．

D；由熱力學第一定律△U=Q+W知；故D正確．

故選ADE．

(2)設玻璃管開口向上時，空氣柱壓強為P1=P0+ρgl3①式中；ρ和g分別表示水銀的密度和重力加速度．

玻璃管開口響下時；原來上部的水銀有一部分會流出，封閉端會有部分真空．

設此時開口端剩下的水銀柱長度為x，則P2=ρgl1，P2+ρgx=P0②式中，P2管內(nèi)空氣柱的壓強．

由玻意耳定律得P1(sl2)=P2(sh)③式中；h是此時空氣柱的長度，S為玻璃管的橫截面積．

由①②③式和題給條件得h=12cm④

從開始轉(zhuǎn)動一周后，設空氣柱的壓強為P3，則P3=P0+ρgx⑤

由玻意耳定律得P1(sl2)=P3(sh')⑥式中；h'是此時空氣柱的長度．

由①②③⑤⑥h'≈9.2cm

故答案為：(1)ADE

(2)管中空氣柱的長度是9.2cm．【解析】ADE12、略

【分析】解：(1)螺旋測微器的讀數(shù)為d=2mm+49.5×0.01mm=2.495mm=0.2495cm

(2)由于溫度對電阻的影響，通過待測電阻的電流不能太大，所以電流表應選A，待測電阻兩端的最小電壓為==V=2V，所以電壓表應選C，又電路的最大電阻為==V=30Ω；可見變阻器應選F，所以所選用的器材有ACFGH．

(3)由于滿足所以電流表應用外接法，所以應選圖甲．

故答案為：(1)0.2495

(2)ACFGH

(3)甲【解析】0.2495;ACFGH;甲13、動能分子勢能溫度體積分子的摩爾數(shù)(

或分子數(shù))【分析】【分析】內(nèi)能是指物體內(nèi)部所有分子做無規(guī)則運動所具有的動能和分子勢能的總和，因為物質(zhì)都是由分子組成的，質(zhì)量越大分子越多，物質(zhì)的量越多，分子就越多，溫度越高，物體內(nèi)部分子無規(guī)則運動就越激烈，分子動能的和就越大，分子勢能與體積有關。本題考查物體內(nèi)能的知識?！窘獯稹课矬w內(nèi)所有分子的動能和勢能之和，其中：1

分子平均動能與溫度有關.

溫度越高，熱運動越劇烈，分子平均動能越大；2

分子平均勢能與物體的體積有關。分子間距離改變時，分子平均勢能也隨之改變(

類似于彈簧)

故填：動能；分子勢能；溫度；體積；分子的摩爾數(shù)(

或分子數(shù))

【解析】動能分子勢能溫度體積分子的摩爾數(shù)(

或分子數(shù))

三、判斷題(共9題，共18分)14、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．15、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?8、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關．20、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、推斷題(共2題，共20分)23、rm{(1)}Ⅳrm{A}

rm{(2)S}

rm{(3)HClO_{4}}

rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}【分析】【分析】本題考查了元素周期律和元素周期表的應用。掌握元素周期律：同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，最高價氧化物對應水化物的堿性逐漸減弱；同主族元素從上至下原子半徑逐漸增大是解答本題的關鍵。該題是高考常見題型，試題難易適中，側(cè)重對學生基礎知識的鞏固和訓練，有利于提高學生的邏輯推理能力和應試能力?！窘獯稹扛鶕?jù)元素周期表的結(jié)構(gòu)可知rm{壟脵}為rm{C}rm{壟脷}為rm{O}rm{壟脹}為rm{Na}rm{壟脺}為rm{Al}rm{壟脻}為rm{S}rm{壟脼}為rm{Cl}據(jù)此分析：rm{(1)壟脵}元素是rm{C}在元素周期表中位于元素是rm{(1)壟脵}在元素周期表中位于第二周期、第Ⅳrm{C}族，故答案為：Ⅳrm{A}rm{A}rm{(2)}為rm{(2)}rm{壟脷}為rm{O}rm{壟脻}和rm{S}位于同一主族，從上至下原子半徑逐漸增大，所以原子半徑較大的為rm{O}和rm{S}位于同一主族，從上至下原子半徑逐漸增大，所以原子半徑較大的為rm{S}故答案為：rm{S}故答案為：rm{O}rm{S}rm{S}rm{S}的最高價氧化物對應的水化物分別為硫酸和高氯酸，同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，非金屬性逐漸正確，最高價氧化物對應水化物的酸性逐漸正確，rm{(3)S}的非金屬性比rm{(3)S}弱，所以酸性性較強的為和故答案為：rm{Cl}的最高價氧化物對應的水化物分別為硫酸和高氯酸，。rm{Cl}氫氧化鈉和氫氧化鋁反應的離子方程式為rm{S}的非金屬性比rm{S}rm{Cl}弱，所以酸性性較強的為rm{HClO_{4}}rm{Cl}rm{HClO_{4}}rm{HClO_{4}}rm{(4)}氫氧化鈉和氫氧化鋁反應的離子方程式為【解析】rm{(1)}Ⅳrm{A}rm{(2)S}rm{(3)HClO_{4}}rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}24、略

【分析】【分析】本題考查有機物的推斷與合成，難度較大，是對有機物知識的綜合考查，綜合性較強，能較好的考查學生的閱讀、分析與思維能力，（5）為本題的易錯點。氯代烴A，其相對分子質(zhì)量為78.5，則A的分子式為C3H7Cl，A與鈉發(fā)生題中信息中的反應生成B，B與氯氣反應生成的一氯代物有兩種，則A為CH3CHClCH3，B為A在氫氧化鈉醇溶液中發(fā)生消去反應生成E為CH2=CHCH3，E發(fā)生加聚反應得F為E與溴發(fā)生加成反應得G為CH2BrCHBrCH3，G水解得H為CH2OHCHOHCH3，H選擇氧化得I為CH3CHOHCHO，I選擇氧化得J為CH3CHOHCOOH，J在濃硫酸加熱條件下得六元環(huán)酯K為A堿性水解得C為CH3CHOHCH3，C與乙酸發(fā)生酯化反應得D為CH3COOCH（CH3）2，據(jù)此答題?！窘獯稹柯却鸁NA，其相對分子質(zhì)量為78.5，則A的分子式為C3H7Cl，A與鈉發(fā)生題中信息中的反應生成B，B與氯氣反應生成的一氯代物有兩種，則A為CH3CHClCH3，B為，A在氫氧化鈉醇溶液中發(fā)生消去反應生成E為CH2=CHCH3，E發(fā)生加聚反應得F為，E與溴發(fā)生加成反應得G為CH2BrCHBrCH3，G水解得H為CH2OHCHOHCH3，H選擇氧化得I為CH3CHOHCHO，I選擇氧化得J為CH3CHOHCOOH，J在濃硫酸加熱條件下得六元環(huán)酯K為，A堿性水解得C為CH3CHOHCH3，C與乙酸發(fā)生酯化反應得D為CH3COOCH（CH3）2，（1）根據(jù)上面的分析可知，A的分子式為C3H7Cl，E→F的反應類型加聚反應；（2）根據(jù)上面的分析可知，B為，K為；（3）A→E的反應方程式為+NaOHCH3CH=CH2+NaCl+H2O，H→I的反應方程式為2CH2OHCHOHCH3+O22CH3CHOHCHO+2H2O；（4）J為CH3CHOHCOOH，其分子中含氧官能團為羥基、羧基；（5）D為CH3COOCH（CH3）2，D的同分異構(gòu)體屬于羧酸的有四種，其中有2個﹣CH3基團的有兩種，則其結(jié)構(gòu)簡式分別為?！窘馕觥浚?）C3H7Cl加聚反應（2）（3）+NaOHCH3CH=CH2+NaCl+H2O2CH2OHCHOHCH3+O22CH3CHOHCHO+2H2O（4）羥基、羧基（5）五、證明題(共2題，共8分)25、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動26、略

【分析】見答案