2025年人教B版高二物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教B版高二物理上冊(cè)月考試卷866考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、下列關(guān)于電容器的說法中；正確的是（）

A.電容越大的電容器；帶電荷量也一定越多。

B.電容器不帶電時(shí)；其電容為零。

C.帶電荷量相等的兩個(gè)電容器；電容相等。

D.電容器的電容與電容器是否帶電無關(guān)。

2、物體受到三個(gè)共點(diǎn)力的作用；以下分別是這三個(gè)力的大小，不可能使該物體保持平衡狀態(tài)的是（）

A.3N；4N，6N

B.1N；2N，4N

C.2N；4N，6N

D.5N；5N，2N

3、某種金屬在黃光照射下才有光電子逸出，現(xiàn)在要使逸出的光電子初動(dòng)能增大，可以采用的方法有(

)

A.增加黃光的照射強(qiáng)度B.改用一束強(qiáng)度很強(qiáng)的紅光照射C.使光電管的正向電壓加倍D.改用一束強(qiáng)度較小的紫光4、規(guī)定垂直紙面向里的方向?yàn)榇艌?chǎng)的正方向；順時(shí)針方向?yàn)殡娏鞯恼较?

在處于磁場(chǎng)中的紙面內(nèi)放置一個(gè)金屬圓環(huán)，如圖甲所示.

現(xiàn)令磁感應(yīng)強(qiáng)度B

按圖乙隨時(shí)間t

變化，則能正確表示對(duì)應(yīng)時(shí)間內(nèi)金屬圓環(huán)中電流i

隨時(shí)間t

變化情況的i鈭?t

圖象是(

)

A.B.C.D.5、如圖所示，關(guān)于對(duì)帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的方向描述正確的是(

)

A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)6、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解7、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)8、小滑塊放在如圖所示的凹形斜面上，用力F沿斜面向下拉小滑塊，小滑塊沿斜面運(yùn)動(dòng)了一段距離．若已知在這過程中，拉力F所做的功的大?。ń^對(duì)值）為A，斜面對(duì)滑塊的作用力所做的功的大小為B，重力做功的大小為C，空氣阻力做功的大小為D．當(dāng)用這些量表達(dá)時(shí)，小滑塊的動(dòng)能的改變（指未態(tài)動(dòng)能減去初態(tài)動(dòng)能）等于____，滑塊機(jī)械能（指動(dòng)能與重力勢(shì)能之和）的改變等于____．

9、電阻R1、R2、R3的伏安特性曲線如圖所示，則它們的電阻之比R1∶R2∶R3=。10、電阻R1、R2的I-U圖象如圖所示，由圖可知R1=______Ω．將R1、R2并聯(lián)后接到某電源上，R1消耗的電功率是6W，則此時(shí)R2消耗的電功率是______W．11、發(fā)現(xiàn)中子的核反應(yīng)方程是：____________→____________．12、導(dǎo)線中的電流為8A，則40s內(nèi)通過導(dǎo)線某一橫截面的電子數(shù)目是____個(gè)（電子帶電量大小e=1.6×10-19C）．13、如圖所示，用粗細(xì)相同的銅絲做成邊長(zhǎng)分別為L(zhǎng)和2L的兩只閉合線框a和b，以相同的速度從磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域中勻速地拉到磁場(chǎng)外，不考慮線框的動(dòng)能，若外力對(duì)環(huán)做的功分別為Wa、Wb，則Wa：Wb為____．

14、在做“探究單擺周期與擺長(zhǎng)的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，（1）擺球的密度應(yīng)選得____些（填“大”或“小”），如果已知擺球直徑為2.00cm，讓刻度尺的零點(diǎn)對(duì)準(zhǔn)擺線的懸點(diǎn)，擺線豎直下垂，如下圖左所示，那么單擺擺長(zhǎng)是______m．如果測(cè)定了40次全振動(dòng)的時(shí)間如圖右中秒表所示，那么秒表讀數(shù)是______s，單擺的擺動(dòng)周期是______s．（2）某小組改變擺線長(zhǎng)度測(cè)量了多組數(shù)據(jù)。在進(jìn)行數(shù)據(jù)處理時(shí)，甲同學(xué)把擺線長(zhǎng)作為擺長(zhǎng)，直接利用公式求出各組重力加速度值再求出平均值；乙同學(xué)作出圖像后求出斜率，然后算出重力加速度。兩同學(xué)處理數(shù)據(jù)的方法對(duì)結(jié)果的影響是：甲_______，乙_______（填“偏大”、“偏小”或“無影響”）15、在研究平拋運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)中，某小組所用的實(shí)驗(yàn)裝置和采集到的頻閃照片如圖所示，其中A球做平拋運(yùn)動(dòng)，B球做自由落體運(yùn)動(dòng)．觀察照片中A球和B球在任一時(shí)刻的高度，以及相同時(shí)間間隔內(nèi)A球在水平方向的位移，可以發(fā)現(xiàn)，A球在豎直方向做______運(yùn)動(dòng)，在水平方向做______運(yùn)動(dòng)．16、在下列描述核反應(yīng)的方程中，屬于婁脕

衰變的是_________，屬于婁脗

衰變的是_______，屬于裂變的是_________，屬于聚變的是________.(

填正確答案的標(biāo)號(hào))

A

．714C隆煤714N+鈭?10e

B、1532P隆煤1632S+鈭?10e

C、92238U隆煤90234Th+24He

D、714N+24He隆煤817O+11H

E、92235U+01n隆煤54140Xe+3894Sr+201n

F、23H+12H隆煤24He+01n

評(píng)卷人得分四、判斷題(共3題，共27分)17、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

19、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、畫圖題(共2題，共20分)20、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象21、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象評(píng)卷人得分六、計(jì)算題(共4題，共12分)22、半徑為R的固定半圓形玻璃磚的橫截面如圖所示，O′點(diǎn)為圓心，OO′與直徑MN的垂直．足夠大的光屏PQ緊靠在玻璃磚的右側(cè)且與MN垂直．一束細(xì)單色光沿半徑方向與OO′成θ=30°角射向O′點(diǎn)，光屏PQ區(qū)域出現(xiàn)兩個(gè)小光斑，其間距為（+1）R．求：

（1）此玻璃磚的折射率；

（2）當(dāng)θ滿足什么條件時(shí)，光屏上只剩下一個(gè)光斑．23、（9分）光在某種玻璃中的傳播速度是×108m/s,要使光由空氣射入這種玻璃時(shí),折射光線與反射光線之間成900角，則入射角是多少？24、如圖所示，A

為帶正電Q

的金屬板，沿金屬板的垂直平分線，在距板r

處放一質(zhì)量為m

電荷量為q

的小球，小球受水平向右的電場(chǎng)力偏轉(zhuǎn)婁脠

角而靜止.

小球用絕緣絲線懸掛于O

點(diǎn)，試求小球所在處的電場(chǎng)強(qiáng)度.(

已知重力加速度為g)

25、一個(gè)質(zhì)量和電荷量均未知的粒子；以速度v0

與x

軸成婁脠

角射入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，最后落在x

軸上的P

點(diǎn)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B

的方向垂直于平面，如圖所示，已知的長(zhǎng)度為L(zhǎng)

求：

(1)

該粒子的荷質(zhì)比；

(2)

粒子從O

點(diǎn)到P

點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t

．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】

A．電容大；若兩端間的電勢(shì)差不大，其電荷量不一定大．故A錯(cuò)．

B．電容器的電容與是否帶電無關(guān)；電量為0，電容不變．故B錯(cuò)．

C．帶電量相等，電勢(shì)差不一定相等，根據(jù)公式C=電容不一定相等．故C錯(cuò)．

D．電容器的電容與電容器是否帶電無關(guān)．故D對(duì)．

故選D

【解析】【答案】電容器的電容由本身因素決定；與是否帶電；帶電量的多少及電容器兩端間的電勢(shì)差無關(guān)．

2、B【分析】

A、3N、4N的合力范圍為1N≤F合≤7N；6N的力在這個(gè)合力范圍內(nèi)，三力可以平衡．故A正確．

B、1N，2N的合力范圍為1N≤F合≤3N；4N的力不在這個(gè)合力范圍內(nèi)，三力不可能平衡．故B錯(cuò)誤．

C、2N，4N的合力范圍為2N≤F合≤6N；6N的力在這個(gè)合力范圍內(nèi)，三力可以平衡．故C正確．

D、5N，5N的合力范圍為0≤F合≤10N；2N的力在這個(gè)合力范圍內(nèi)，三力可以平衡．故D正確．

本題選錯(cuò)誤的；故選B．

【解析】【答案】物體受到三個(gè)共點(diǎn)力的作用；若能使物體保持平衡，任意一個(gè)力與其余兩個(gè)力的合力大小相等．求出任意兩個(gè)力的合力范圍，第三個(gè)力如在這個(gè)范圍內(nèi)，三力就可能平衡．

3、D【分析】解：根據(jù)光電效應(yīng)方程Ek=h婁脙鈭?W

同一金屬逸出功相同，則入射光的頻率越大，光電子的最大初動(dòng)能越大；

A；同一金屬在能發(fā)生光電效應(yīng)的條件下；光電流強(qiáng)度與入射光的強(qiáng)度成正比，與光電子初動(dòng)能無關(guān).

故A錯(cuò)誤．

B；光電子最大初動(dòng)能與入射光的強(qiáng)度無關(guān)；而紅光的頻率小于黃光，因此逸出的光電子初動(dòng)能減小.

故B錯(cuò)誤．

C；光電子最大初動(dòng)能與光電管的正向電壓也無關(guān).

故C錯(cuò)誤．

D；光電子最大初動(dòng)能與入射光的強(qiáng)度無關(guān)；而紫光的頻率大于黃光，因此逸出的光電子初動(dòng)能增大.

故D正確．

故選：D

．

根據(jù)光電效應(yīng)方程Ek=h婁脙鈭?W

分析光電子的最大初動(dòng)能.

光電流的強(qiáng)度與入射光的強(qiáng)度有關(guān)，從而即可求解．

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程Ekm=h婁脙婁脙鈭?W0

和光電流強(qiáng)度的決定因素．【解析】D

4、B【分析】解：由法拉第電磁感應(yīng)定律得：E=鈻?婁碌鈻?t=鈻?B鈻?t鈰?S

則：E1=B0鈭?04=B04

E1=B0鈭?04=0鈭?B06鈭?4=鈭?B02

可知4鈭?8s

內(nèi)電動(dòng)勢(shì)的大小是0鈭?4s

內(nèi)電動(dòng)勢(shì)大小的2

倍；方向與0鈭?4s

內(nèi)的電動(dòng)勢(shì)相反；

又由I=ER

可知；4鈭?8s

內(nèi)的電流是0鈭?4s

內(nèi)感應(yīng)電流的2

倍；

再由楞次定律0鈭?4s

內(nèi)向里的磁場(chǎng)增大；感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，為負(fù)方向；同理，4鈭?8s

內(nèi)感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向?yàn)檎较?

可知答案B正確．

故選：B

明確線圈中磁通量的變化；從而確定感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流的變化，應(yīng)用楞次定律可以判斷出感應(yīng)電流方向.

從而即可求解．

本題考查了判斷感應(yīng)電流方向與安培力方向，應(yīng)用楞次定律與左手定則即可正確解題；要熟練掌握楞次定律與左手定則；要掌握應(yīng)用楞次定律解題的步驟．【解析】B

5、B【分析】解：根據(jù)左手定則可知A

圖中洛倫茲力向下；故A錯(cuò)誤，B

圖中洛倫茲力方向向上，故B正確；C

圖中洛倫茲力向上，故C錯(cuò)誤；D

圖中向下，故D錯(cuò)誤．

故選B．

本題考查了左手定則的應(yīng)用；注意四指指向是和正電荷運(yùn)動(dòng)方向一致和負(fù)電荷運(yùn)動(dòng)方向相反，這點(diǎn)在練習(xí)中容易出錯(cuò)，尤其是判斷負(fù)電荷受力時(shí)．

在利用左手定則判斷洛倫茲力方向時(shí)一定弄清磁場(chǎng)方向的表示方法，在練習(xí)中很多學(xué)生容易錯(cuò)用右手進(jìn)行判斷，這點(diǎn)要特別注意．【解析】B

二、雙選題(共2題，共4分)6、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B7、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B三、填空題(共9題，共18分)8、略

【分析】

根據(jù)題意可知：拉力F所做的功為A；斜面對(duì)滑塊的作用力做負(fù)功為-B，重力做正功為C，空氣阻力做負(fù)功為-D；

△EK=W合=A-B+C-D

機(jī)械能的變化量等于除重力以外的力做功之和；則。

△E=A-B-D

故答案為：A-B+C-D；A-B-D

【解析】【答案】根據(jù)動(dòng)能定理得：動(dòng)能的改變量等于合外力所做的功；機(jī)械能的變化量等于除重力以外的力做功之和．

9、略

【分析】試題分析：由圖可知：各電阻阻值為其斜率的倒數(shù)，R=電壓都相同時(shí)的電壓為U，則R1=R2=R2=U，所以R1∶R2∶R3=∶∶1=1∶2∶4?？键c(diǎn)：歐姆定律【解析】【答案】1∶2∶410、略

【分析】解：I-U圖象的斜率等于電阻的倒數(shù)；則有：

R1=Ω=8Ω；

R2==12Ω；

R1、R2并聯(lián)后接到電源上時(shí)；電壓相等，則有：

得：

故答案為：8；4

I-U圖象的斜率等于電阻的倒數(shù)；把R1、R2并聯(lián)后接到電源上時(shí)，由R1消耗的電功率為6W，根據(jù)功率公式P=運(yùn)用比例法求出輸出功率．

本題關(guān)鍵要抓住圖象的斜率的物理意義求出電阻，結(jié)合并聯(lián)電壓的特點(diǎn)求出R2消耗的電功率．【解析】8；411、略

【分析】解：發(fā)現(xiàn)中子的核反應(yīng)方程為：

+He→+

故答案為：+He，+．【解析】+He;+12、略

【分析】

導(dǎo)體中通過的電荷量為。

Q=It=8×40=320C．

通過的電子數(shù)為n===2.0×1021

故答案為：2.0×1021．

【解析】【答案】已知電流的多少和通電時(shí)間；根據(jù)公式Q=It求出電荷，再由Q=ne求出電子數(shù)目．

13、略

【分析】

閉合線框a產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)Ea=BLv，外力對(duì)環(huán)做的功Wa=Ra=ρ

閉合線框b產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)Eb=B2Lv，外力對(duì)環(huán)做的功Wb=Ra=ρ

代入解得Wa：Wb=1：4

故答案為：1：4

【解析】【答案】將閉合線框a和b勻速拉出磁場(chǎng)；根據(jù)功能關(guān)系可知，外力對(duì)環(huán)做的功等于線框產(chǎn)生的焦耳熱．根據(jù)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式；焦耳定律、電阻定律研究功的關(guān)系．

14、略

【分析】【解析】試題分析：（1）單擺在擺動(dòng)時(shí)，要盡量減少空氣阻力帶來的影響，所以要選擇重一些，但體積小一些的物體，即密度要大。此外擺長(zhǎng)指的是懸點(diǎn)到球心的距離，即根據(jù)題目已知信息，擺長(zhǎng)為0.8740m。秒表讀數(shù)為75.2s，40個(gè)全振動(dòng)時(shí)間，即一個(gè)全振動(dòng)的時(shí)間為75.2/40=1.88s。（2）根據(jù)即如果通過該組數(shù)據(jù)計(jì)算，顯然擺長(zhǎng)偏小，所以計(jì)算結(jié)果偏?。坏侨绻詧D像來求，即盡管L偏小，但是所有數(shù)據(jù)L都偏小，且誤差一樣，所以可以求其斜率間接求加速度，因此不影響加速度?？键c(diǎn)：?jiǎn)螖[【解析】【答案】（1）大，0.8740，75.2、，1.88（2）偏小，無影響15、略

【分析】解：由于兩球同時(shí)落地；因此說明A；B在豎直方向運(yùn)動(dòng)規(guī)律是相同的，故根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果可知，平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向的分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)，而在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)；

故答案為：自由落體；勻速直線。

通過該裝置可以判斷兩球同時(shí)落地；可以驗(yàn)證做平拋運(yùn)動(dòng)的物體在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)．同理可知水平方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律．

本題比較簡(jiǎn)單，重點(diǎn)考察了平拋運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，通過A球豎直方向上運(yùn)動(dòng)規(guī)律與B球相同，從而得出平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)．【解析】自由落體；勻速直線16、CABEF【分析】【分析】婁脗

衰變生成的是電子；婁脕

衰變生成的是婁脕

粒子；裂變是重核裂變成輕核，聚變是輕核生成重核，據(jù)此分析即可。

本題難度不大，要知道衰變的生成物還有幾個(gè)典型的核反應(yīng)方程，難度不大，屬于基礎(chǔ)題。【解答】A

和B

的反應(yīng)生成物里都有電子；屬于婁脗

衰變，C

的反應(yīng)生成物里有婁脕

粒子，是婁脕

衰變，裂變是重核裂變成輕核，屬于裂變的是E

聚變是輕核生成重核，屬于聚變的是F

故填：CABEF

【解析】CABEF

四、判斷題(共3題，共27分)17、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．18、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．五、畫圖題(共2題，共20分)20、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】21、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】六、計(jì)算題(共4題，共12分)22、略

【分析】

（1）光屏PQ區(qū)域出現(xiàn)兩個(gè)小光斑；一個(gè)是由于光的反射形成的，一個(gè)是光的折射形成的，作出光路圖，由幾何知識(shí)求出入射角和折射角，再根據(jù)折射定律求出折射率．

（2）為使光屏上只剩下一個(gè)光斑，必須使光線發(fā)生全反射．由臨界角公式sinC=求臨界角C；即得到入射角的最小值．

對(duì)于涉及全反射的問題，要緊扣全反射產(chǎn)生的條件：一是光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)；二是入射角大于等于臨界角．要作出光路圖，結(jié)合幾何知識(shí)研究這類問題．【解析】解：（1）細(xì)光束在MN界面；一部分反射，設(shè)反射光與光屏PQ的交點(diǎn)為A，另一部分折射，設(shè)折射光與光屏PQ的交點(diǎn)為B，折射角為i，光路圖如圖所示，由幾何關(guān)系得：

tanθ=

得：lAN=R

因?yàn)閘AN+lBN=（+1）R

則有：lBN=R

所以有：tani==1；i=45°

故此玻璃磚的折射率為：n=

解得：n=

（2）若光屏PQ上恰好只剩一個(gè)光斑，則說明該光束恰好發(fā)生全反射．由sinC=得臨界角為：

C=4