2025年外研版2024高三物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版2024高三物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、為了防止靜電的危害，下列措施中不正確的是（）A.在地毯中夾雜不銹鋼纖維B.盡可能保持印刷廠里空氣干燥C.飛機的機輪上裝有搭地線或用導電橡膠做飛機輪胎D.油罐車上拖一條與地面接觸的鐵鏈2、若有一顆“宜居”行星，其質(zhì)量為地球的p倍，半徑為地球的q倍，則該行星衛(wèi)星的環(huán)繞速度是地球衛(wèi)星環(huán)繞速度的（）A.倍B.倍C.倍D.倍3、（單選）如圖所示，一圓形線圈通有電流I，將其放在直線電流I′附近，以下關(guān)于圓形線圈受到安培力的合力方向說法正確的是（）A.合力方向豎直向上B.合力方向水平向左C.合力方向水平向右D.合力方向豎直向下4、如圖所示，斜面上O、P、Q、R、S五個點，距離關(guān)系為===，從O點以υ0的初速度水平拋出一個小球，不計空氣阻力，小球落在斜面上的P點．若小球從O點以2υ0的初速度水平拋出，則小球?qū)⒙湓谛泵嫔系模ǎ〢.Q點B.S點C.Q、R兩點之間D.R、S兩點之間5、如圖所示，在豎直平面內(nèi)，滑道ABC

關(guān)于B

點對稱，且ABC

三點在同一水平線上.

若小滑塊第一次由A

滑到C

所用的時間為t1

第二次由C

滑到A

所用的時間為t2

小滑塊兩次的末速度大小相同，初速度大小分別為v1v2

且運動過程始終沿著滑道滑行，小滑塊與滑道的動摩擦因數(shù)恒定.

則(

)

A.v1<v2

B.v1>v2

C.t1=t2

D.t1<t2

6、如圖所示的各v-t圖象能正確反映自由落體運動過程的是（）A.B.C.D.7、（2016?福建模擬）理發(fā)店門口，?？梢钥吹竭@樣的標志：一個轉(zhuǎn)動的圓筒，外表有彩色螺旋斜條紋．我們感覺條紋在沿豎直方向運動，但實際上條紋柱在豎直方向并沒有升降，這是由于圓筒的轉(zhuǎn)動而使我們的眼睛產(chǎn)生的錯覺．如圖所示，假設筒上的條紋是圍繞圓筒的一條寬帶，相鄰兩圈條紋在沿圓筒軸線方向的距離（即螺距）L，如果我們觀察到條紋以速度v向上運動，則圓筒的轉(zhuǎn)動情況是（俯視）（）A.順時針，轉(zhuǎn)速n=B.順時針，轉(zhuǎn)速n=C.逆時針，轉(zhuǎn)速n=D.逆時針，轉(zhuǎn)速n=8、關(guān)于慣性，下列說法正確的是（）A.物體的速度越小，慣性也越小B.宇航員在航天器中因失重而處于漂浮狀態(tài)，所以沒有慣性C.公交車急剎車時站在車內(nèi)的乘客摔倒是因為沒有控制住慣性D.戰(zhàn)斗機戰(zhàn)斗前拋棄副油箱，是為了減小戰(zhàn)斗機的慣性評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)9、熱敏電阻能將____信號轉(zhuǎn)換為電阻變化信號，光敏電阻能將____信號轉(zhuǎn)換為電阻變化信號，霍爾元件能將____信號轉(zhuǎn)換為____信號．10、質(zhì)量為m的汽車以速度v通過半徑為R的凸形橋頂時，橋面所受的壓力之是____．汽車能安全通過橋頂?shù)淖畲笮旭偹俣炔荒艹^____（重力加速度為g）11、（2012春?興慶區(qū)校級月考）物理--選修3-5

（1）下列說法正確的是____：

A．湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子后猜想出原子內(nèi)的正電荷集中在很小的核內(nèi)

B．氫原子從低能級向高能級躍遷時產(chǎn)生原子光譜

C．在α；β、γ這三種射線中；γ射線的穿透能力最強，α射線的電離能力最強

D．鈾核（92238U）衰變?yōu)殂U核（82206Pb）的過程中；要經(jīng)過8次α衰變和6次β衰變

E．霓虹燈和煤氣燈火焰中燃燒的鈉蒸氣產(chǎn)生的光譜是連續(xù)光譜

F．半衰期是原子核有半數(shù)發(fā)生衰變所需的時間

（2）如圖所示，在水平光滑直導軌上，靜止著三個質(zhì)量均為m=1kg的相同小球A、B、C，現(xiàn)讓A球以v0=2m/s的速度向著B球運動，A、B兩球碰撞后粘在一起，兩球繼續(xù)向右運動并與C球碰撞，C球的最終速度vC=1m/s．問：

①A；B兩球與C球相碰前的共同速度多大？

②兩次碰撞過程中一共損失了多少動能？12、【題文】目前電能都是通過電網(wǎng)采用有線方式傳輸?shù)模藗円恢眽粝肽軣o線傳輸電能；夢想在日常生活中實現(xiàn)無線充電，甚至不用電池．現(xiàn)在，一個科學研究小組在實驗中取得了可喜的進展，也許，人類的這一夢想不久就能實現(xiàn)．

(1)實現(xiàn)無線傳輸能量；涉及能量的________；傳播和接收．

(2)科學家曾經(jīng)設想通過高聳的天線塔；以無線電波的形式將電能輸送到指定地點，但一直沒有在應用層面上獲得成功，其主要原因是這類無線電波。

()．。A．在傳輸中很多能量被吸收B．在傳播中易受山脈阻隔C．向各個方向傳輸能量D．傳輸能量易造成電磁污染(3)如果像無線廣播那樣通過天線塔輸送電能；接收器獲得的功率P與它到天線塔的距離R相關(guān)，實驗測量P和R的部分數(shù)據(jù)如下表：

。R/m

1

2

4

5

x

10

P/W

1600

400

100

y

25

16

①上表中的x＝________；y＝________.

②根據(jù)表中的數(shù)據(jù)可歸納出P和R之間的關(guān)系為________．

(4)由于在傳輸過程中能量利用率過低；無線傳播電能還處于實驗室階段．為早日告別電線，實現(xiàn)無線傳輸電能的工業(yè)化，還需要解決一系列問題，請?zhí)岢鲋辽賰蓚€問題．

__________________________________________________________________

__________________________________________________________________13、如圖1是驗證機械能守恒定律的實驗．小圓柱由一根不可伸長的輕繩拴住；輕繩另一端固定．將輕繩拉至水平后由靜止釋放．在最低點附近放置一組光電門，測出小圓柱運動到最低點的擋光時間△t，再用游標卡尺測出小圓柱的直徑d，如圖2，重力加速度為g．則。

（1）小圓柱的直徑d=______cm：

（2）測出懸點到圓柱重心的距離為l，若等式gl=______成立，說明小圓柱下擺過程機械能守恒．14、質(zhì)量為m，帶電量為-q的粒子（不計重力），在勻強電場中的A點以初速度v0沿垂直于場強E的方向射入到電場中，已知粒子到達B點時的速度大小為2v0，A、B間距為d，如圖所示．則A、B兩點間的電勢差為____；勻強電場的場強大小為____，方向為____．15、如圖所示，在甲圖中，小孩用80N的水平力推木箱，木箱不動，則木箱此時受到的靜摩擦力大小為____N；在丙圖中，小孩把木箱推動了，若此時木箱與地面間摩擦力大小為90N，木箱對地面的壓力大小為200N，則木箱與地面間動摩擦因數(shù)為μ=____．

16、某原子核X不穩(wěn)定，容易發(fā)生β衰變，則該核發(fā)生β衰變時的衰變方程：X→____（衰變后的元素用Y表示）；若其半衰期為8天，則經(jīng)過____天有75%的X核發(fā)生了衰變．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)17、坐標系都是建立在參考系上的．____．（判斷對錯）18、電荷在電場中一定受電場力的作用．____（判斷對錯）19、如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用，則該處的磁感應強度一定為零．____．（判斷對錯）20、晶體的各向異性是由于它的微粒按空間點陣排列．____．（判斷對錯）21、（2010?駐馬店模擬）氫原子的能級圖如圖所示，欲使一處于基態(tài)的氫原子釋放出一個電子而變成氫離子，該氫原子需要吸收的能量至少是13.60eV____（判斷對錯）評卷人得分四、實驗探究題(共1題，共4分)22、用游標卡尺測得某樣品的長度如圖甲所示，其讀數(shù)L=______mm，用螺旋測微器測得該樣品的外邊長a如圖乙所示，其讀數(shù)a=______mm．

評卷人得分五、推斷題(共3題，共24分)23、聚蘋果酸rm{(PMLA)}可應用于生物醫(yī)藥和生物材料等領域，其合成路線如下：已知：回答下列問題：rm{(1)A}中所含的含氧官能團名稱為________，rm{E}的名稱為_____________。rm{(2)}上述轉(zhuǎn)化關(guān)系中rm{B隆煤C}和rm{C隆煤D}這兩步的順序能否顛倒______rm{(}填“能”或“不能”rm{)}說明理由：_____________。rm{(3)}反應rm{壟脵}的化學反應方程式為_______________。rm{(4)B}的核磁共振氫譜有三組峰，其峰面積比為rm{1:1:2}rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為___________，能發(fā)生銀鏡反應的rm{B}的同分異構(gòu)體有_____種。rm{(5)}請寫出以rm{1}rm{3-}丁二烯為原料制備rm{E}的合成路線流程圖rm{(}無機試劑任用，合成路線流程圖示例見本題題干rm{)}24、【化學rm{隆陋}選修r(nóng)m{5}有機化學基礎】某抗結(jié)腸炎藥物有效成分的合成路線如下rm{(}部分反應略去試劑和條件rm{)}根據(jù)以上信息回答下列問題：rm{(1)}烴rm{A}的名稱是____；rm{C}的官能團名稱是____。rm{(2)壟脵}的反應條件是____；rm{壟脷}的反應類型是____。rm{(3)}下列對抗結(jié)腸炎藥物有效成分可能具有的性質(zhì)推測錯誤的是：____。A.水溶性比苯酚好，密度比苯酚的大rm{B.}能發(fā)生消去反應C.能發(fā)生聚合反應rm{D.}既有酸性又有堿性rm{(4)E}與足量rm{NaOH}溶液反應的化學方程式是____。rm{(5)E}的同分異構(gòu)體中與rm{E}具有相同的官能團且含有苯環(huán)的結(jié)構(gòu)有____種。rm{(6)}已知易被氧化，苯環(huán)上連有烷基時再引入一個取代基，常取代在烷基的鄰對位，而當苯環(huán)上連有羧基時則取代在間位。據(jù)此寫出以rm{A}為原料合成化合物的合成路線________。rm{(}仿照題中抗結(jié)腸炎藥物有效成分的合成路線的表達方式答題rm{)}25、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}均為中學化學常見的純凈物，rm{B}為自然界中含量最多的液體；它們之間有如下的反應關(guān)系：

rm{(1)}常溫下，若rm{A}為氣態(tài)單質(zhì)，rm{C}為非金屬氧化物，rm{A}rm{C}均能使品紅溶液褪色，相對分子質(zhì)量rm{E>D}則：該反應的反應方程式為______，檢驗rm{D}中陰離子的方法是______．

rm{(2)}若rm{A}為短周期的金屬單質(zhì)，rm{D}為氣態(tài)單質(zhì)，rm{C}溶液呈強酸性或強堿性時，該反應都能進行rm{.}寫出反應的離子方程式______；______．

rm{(3)}若rm{A}rm{C}均為化合物，rm{E}為白色沉淀，rm{C}為引起溫室效應的主要氣體，寫出rm{E}可能的化學式rm{(}寫兩種rm{)}______、______寫出生成rm{E}的一個離子方程式______．評卷人得分六、簡答題(共2題，共18分)26、rm{[}化學rm{隆陋}選修r(nóng)m{3}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)rm{]}rm{Mg}rm{Al}rm{V}rm{As}都是重要的材料元素，其單質(zhì)及化合物在諸多領域中都有廣泛的應用。請回答下列問題。rm{(1)}高純度砷可用于生產(chǎn)rm{GaAs}rm{(}一種新型半導體材料rm{)}鎵rm{(Ga}rm{)}與砷相比，第一電離能較大的元素是________rm{(}填元素符號rm{)}rm{GaAs}中砷的化合價為__________。rm{(2)Na_{3}AsO_{4}}中含有的化學鍵類型包括____；rm{AsO_{4}^{3-}}的空間構(gòu)型為____，rm{As_{4}O_{6}}的分子結(jié)構(gòu)如圖rm{1}所示，則在該化合物中rm{As}的雜化方式是____。rm{(3)}基態(tài)釩原子的核外電子排布式為__________________。rm{(4)}鎂及鋁的氟化物晶格能分別是rm{2957kJ隆隴mol隆樓^{1}}rm{5492kJ隆隴mol隆樓^{1}}二者相差很大的原因是____rm{(5)}已知單質(zhì)釩的晶胞如圖rm{2}所示，則rm{V}原子的配位數(shù)是_______，假設晶胞的邊長為rm8uiqs88rm{cm}、密度為rm{婁脩g/cm^{3}}則釩的相對原子質(zhì)量為_____。rm{(}設阿伏加德羅常數(shù)的值為rm{N}rm{{,!}_{A}}rm{)}

rm{(6)V}rm{(6)V}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}溶液中，可得到釩酸鈉rm{{,!}_{5}}溶解在rm{NaOH}溶液中，可得到釩酸鈉rm{(Na}rm{NaOH}rm{(Na}rm{{,!}_{3}}也可以得到偏釩酸鈉。已知偏釩酸鈉的陰離子呈如圖rm{VO}所示的無限鏈狀結(jié)構(gòu)，則偏釩酸鈉的化學式為_______rm{VO}rm{{,!}_{4}}27、亞硝酰氯rm{(NOCl)}是有機合成中的重要試劑，可由rm{NO}與rm{Cl_{2}}在常溫常壓rm{(}或稍低溫度rm{)}下合成，其熔點rm{-64.5隆忙}沸點rm{-5.5隆忙}遇水易水解。實驗室模擬制備裝置如圖所示rm{(}部分夾持裝置省略rm{)}rm{D}中三頸燒瓶置于rm{-10隆忙}冰鹽水中。

經(jīng)查閱資料，相關(guān)物質(zhì)性質(zhì)如下：rm{壟脵NO_{2}}熔點rm{-64.5隆忙}沸點rm{-5.5隆忙}可發(fā)生反應rm{Cl_{2}+2NO_{2}=2NClO_{2}}rm{壟脷NO}與rm{NaOH}溶液不反應，但rm{NO_{2}+NO+2NaOH=2NaNO_{2}+H_{2}O}rm{(1)}儀器甲的名稱是________。rm{(2)}圖示裝置中恒壓漏斗與分液漏斗相比，其優(yōu)點為________。rm{(3)NOCl}分子中各原子均滿足rm{8}電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)，則rm{NOCl}的電子式為________。rm{(4)}實驗開始時，先打開rm{K_{1}}rm{K_{2}}關(guān)閉rm{K_{2}}打開分液漏斗活塞滴入適量稀硝酸，至rm{C}中紅棕色完全消失后，關(guān)閉rm{K_{1}}rm{K_{2}}此時裝置rm{C}的作用為________，滴入適量濃鹽酸，點燃酒精燈，當________rm{(}填裝置符號rm{)}中充滿黃綠色氣體時，打開rm{K_{1}}rm{K_{3}}制備rm{NOCl}rm{(5)}裝置乙中裝有無水rm{CaCl_{2}}其作用為________；丙為尾氣處理裝置，則最佳選擇為________。rm{(6)}若實驗開始時，先關(guān)閉rm{K_{2}}打開rm{K_{1}}rm{K_{3}}使rm{NO}與rm{Cl_{2}}直接反應制備rm{NOCl}會引起什么后果________。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】本題考查是關(guān)于靜電的防止與應用，從各種實例的原理出發(fā)就可以判斷出答案．【解析】【解答】解：A．在地毯中夾雜不銹鋼纖維；可以將人走路的過程中產(chǎn)生的靜電及時導走，屬于靜電防止，故A正確；

B．印刷廠里工作的過程中；可能會產(chǎn)生靜電，所以要盡可能保持印刷廠里空氣濕潤，避免產(chǎn)生靜電，屬于靜電的防止，不能保持干燥；故B錯誤；

C；飛機的機輪上裝有搭地線或用導電橡膠做飛機輪胎；可以及時導走飛行過程中產(chǎn)生的靜電，這是防止靜電危害．故C正確。

D；油罐車在運輸過程中；不斷的相互摩擦，從而產(chǎn)生大量的靜電，通過后面裝一條拖地的鐵鏈，及時導走，這是防止靜電危害，故D正確；

本題選擇錯誤的，故選：B2、A【分析】【分析】衛(wèi)星繞行星做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力=m，解得衛(wèi)星的速度的表達式，再相比即可．【解析】【解答】解：根據(jù)萬有引力提供向心力為：=m；

得：v=；

有一顆“宜居”行星；其質(zhì)量為地球的p倍，半徑為地球的q倍；

所以該行星衛(wèi)星的環(huán)繞速度是地球衛(wèi)星環(huán)繞速度的倍；故A正確；BCD錯誤．

故選：A．3、B【分析】【分析】根據(jù)右手螺旋定則得出直導線周圍的磁場方向，結(jié)合離直導線越近，磁場越強，根據(jù)左手定則判斷圓心線圈受到的安培力．【解析】【解答】解：根據(jù)右手螺旋定則知；通電直導線右邊的磁場方向垂直紙面向里，離導線越近，磁場越強，圓環(huán)左側(cè)所受安培力向左，圓環(huán)右側(cè)所受安培力向右，向左的安培力大于向右的安培力，所以圓環(huán)所受安培力向左，大小不為零．故B正確，A；C、D錯誤．

故選：B．4、B【分析】【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)小球豎直位移與水平位移的關(guān)系求出時間與初速度的關(guān)系，從而進行判斷．【解析】【解答】解：因為，解得t=．

初速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則運動的時間變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)x=v0t知；水平位移變?yōu)樵瓉淼?倍．

因為s=；知小球落點與拋出點的距離變?yōu)樵瓉淼?倍．故B正確，A；C、D錯誤．

故選：B．5、B【分析】解：在AB

段，由牛頓第二定律得：F鈭?mg=mv2R

滑塊受到的支持力：F=mg+mv2R

則速度v

越大，滑塊受支持力F

越大，摩擦力f=婁脤F

越大；

在BC

段，由牛頓第二定律得：mg鈭?F=mv2R

滑塊受到的支持力：F=mg鈭?mv2R

則速度v

越大，滑塊受支持力F

越小，摩擦力f=婁脤F

越?。?/p>

設滑塊從A

運動到C

與從C

運動到A

的末速度大小均為v

由能量守恒定律知，v1v2

均大于v

則滑塊從A

運動到C

與從C

運動到A

的兩個過程相比較，知從A

到C

的過程中，在AB

段速度較大，滑塊所受的摩擦力較大，在BC

段速度較小，摩擦力較小，所以從A

到C

運動的過程，用時較長，摩擦力做功較多，而末動能相等，所以t1>t2v1>v2

故B正確，ACD錯誤．

故選：B

．

滑塊做圓周運動；根據(jù)牛頓第二定律判斷滑塊受到的支持力大小關(guān)系，然后判斷摩擦力大小關(guān)系，再比較滑塊的運動時間，根據(jù)動能定理比較初速度的大?。?/p>

本題考查了比較滑塊運動時間關(guān)系，分析清楚滑塊的運動過程、應用牛頓第二定律與摩擦力公式即可正確解題．【解析】B

6、D【分析】【分析】自由落體運動是初速度為零，加速度為g的勻加速直線運動，寫出v與t的表達式，再分析圖象的形狀．【解析】【解答】解：自由落體運動是初速度為零；加速度為g的勻加速直線運動，其速度與時間的關(guān)系為v=gt，則其v-t圖象應為過原點的直線，故ABC錯誤，D正確．

故選：D7、B【分析】【分析】觀察某一個空間位置處的彩色條紋，由于圓筒在轉(zhuǎn)動，經(jīng)過很小的時間間隔后，同一位置處不是彩色條紋，由于人眼的視覺暫留現(xiàn)原因，人眼錯認為原來的點向下移動了一小段，故會從整體上產(chǎn)生條紋移動的錯覺．從題境獲取T和螺距移動的距離即可求解．【解析】【解答】解：如果我們觀察到條紋以速度v向上運動；則說明圓筒的轉(zhuǎn)動從正面看是從右向左的，從上往下看應該是順時針轉(zhuǎn)動．

t時間內(nèi)上升高度為h=vt；由題意可知：vt=ntL；

解得：．

故選：B．8、D【分析】【分析】慣性是物體的固有屬性，其大小只取決于物體的質(zhì)量；與運動狀態(tài)無關(guān)．【解析】【解答】解：A；慣性與速度大小無關(guān)；故A錯誤；

B；宇航員在空中失重是因為重力充當向心力；并沒有失去慣性；故B錯誤；

C；公交車急剎車時會摔倒是因為人有慣性；而保持前沖的趨勢；故C錯誤；

D；慣性取決于物體的質(zhì)量；質(zhì)量越小，慣性越??；故D正確；

故選：D．二、填空題(共8題，共16分)9、溫度光照射強弱磁電【分析】【分析】傳感器是把非電學量轉(zhuǎn)化為電學量的元件，了解各種傳感器的特點、工作原理，在儀器設備中的應用．【解析】【解答】解：熱敏電阻能把溫度這個熱學量轉(zhuǎn)換為電阻這個電學量；

光敏電阻能將光照射強弱信號轉(zhuǎn)換為電阻變化信號；

霍爾元件能夠把磁感應強度這個磁學量轉(zhuǎn)換為電壓這個電學量．

故答案為：溫度，光照射強弱，磁，電．10、【分析】【分析】在橋頂，靠重力和支持力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出支持力的大小，從而得出橋面受到的壓力大?。嚢踩ㄟ^橋頂?shù)呐R界狀態(tài)是壓力為零，根據(jù)牛頓第二定律求出最大速度．【解析】【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律得，，解得支持力N=，則橋面受到的壓力為．

臨界狀態(tài)是壓力為零，根據(jù)mg=得，最大速度v．

故答案為：，．11、CDF【分析】【分析】（1）盧瑟福猜想出原子內(nèi)的正電荷集中在很小的核內(nèi)．氫原子從高能級向低能級躍遷時產(chǎn)生原子光譜．在α、β、γ這三種射線中，γ射線的穿透能力最強，α射線的電離能力最強．鈾核（92238U）衰變?yōu)殂U核（82206Pb）的過程中；根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，確定α衰變和β衰變的次數(shù)．霓虹燈和煤氣燈火焰中燃燒的鈉蒸氣產(chǎn)生的光譜是明線光譜．半衰期是原子核有半數(shù)發(fā)生衰變所需的時間．

（2）兩球在碰撞過程中，所受合外力為零，動量守恒．根據(jù)碰撞前后動能的差求出兩次碰撞過程中一共損失的動能．【解析】【解答】解：

（1）A；湯姆孫發(fā)現(xiàn)了電子；后來盧瑟福猜想出原子內(nèi)的正電荷集中在很小的核內(nèi)．故A錯誤．

B；氫原子從高能級向低能級躍遷時產(chǎn)生原子光譜．故B錯誤．

C；在α、β、γ這三種射線中；γ射線速度最快，穿透能力最強，α射線速度最慢，電離能力最強．故C正確．

D、鈾核（92238U）衰變?yōu)殂U核（82206Pb）的過程中，α衰變的次數(shù)n=；β衰變的次數(shù)為n=88×2+82-92=6．故D正確．

E；霓虹燈和煤氣燈火焰中燃燒的鈉蒸氣產(chǎn)生的光譜是明線光譜．故E錯誤．

F；半衰期是原子核有半數(shù)發(fā)生衰變所需的時間．故F正確．

故選CDF

（2）①A、B相碰，滿足動量守恒，則有mv0=2mv1

得兩球跟C球相碰前的速度v1=1m/s

②兩球與C碰撞同樣滿足動量守恒2mv1=mvC+2mv2

得兩球相碰后的速度v2=0.5m/s

兩次碰撞損失的動能|△Ek|=mv02-?2mv22-mvc2=1.25J

故答案為：（1）CDF，（2）1m/s，1.25J．12、略

【分析】【解析】(1)像電磁波一樣，無線傳輸能量也需要發(fā)射、傳播和接收的過程．(2)電磁波可以向各個方向傳播，而電能的輸送需要定向傳播．(3)由表中的前三組數(shù)據(jù)和最后一組數(shù)據(jù)可以看出PR2＝1600.將R＝5代入上式得P＝64，所以y＝64；將P＝25代入得R＝8，所以x＝8.(4)因為在無線傳輸過程中，電磁波向各個方向傳播，無法有效地控制方向性，為了更多地接收到電磁波，就需要接收儀器和發(fā)射點之間有較短的距離及接收器，需有很大的體積．同時，向空間輻射較多的電磁波，對人體有害．【解析】【答案】(1)發(fā)射(2)C(3)①864②PR2＝1600(4)儀器體積過大；對人體有傷害；傳輸距離太短等13、略

【分析】解：解答：（1）游標卡尺讀數(shù)為d=10mm+2×0.1mm=10.2mm=1.02cm

（2）小圓柱運動到最低點時，

根據(jù)機械能守恒定律應有mgl=解得

故答案為（1）1.02（2）

游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)；不需估讀．

游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀，其次要明確實驗原理，根據(jù)物理規(guī)律列出相應方程，然后求解討論即可．【解析】1.02；14、-向左【分析】【分析】微粒重力不計；只受電場力作用，根據(jù)動能定理求解A；B兩點間電壓．

將微粒的運動分解為水平方向和豎直方向，豎直方向做勻速直線運動，水平方向做勻加速直線運動，分別列出兩個方向的分位移，求出運動時間，再AB兩點沿電場方向的距離，求解電場強度的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓焊鶕?jù)動能定理得：

-qUAB=

得：UAB=-

微粒在B水平方向的分速度大小為：vx=

設A；B間水平距離為x；豎直距離為y．

水平方向微粒做勻加速直線運動；則有：

x==

豎直方向微粒做勻速直線運動；則有：

y=vt

又d2=x2+y2

聯(lián)立上述三式得：t=

x===

則電場強度為：E==；方向向左；

故答案為：-，；向左．15、800.45【分析】【分析】根據(jù)力的平衡去求靜摩擦力f1，至少推動木箱的水平推力等于最大靜摩擦力f2，根據(jù)f=μFN去求動摩擦因數(shù)．【解析】【解答】解：甲圖中，推力與靜摩擦力平衡，所以f1=80N．乙圖中；丙圖中的摩擦力為滑動摩擦力；

所以μ==0.45．

故答案為：80、0.4516、+-10e16【分析】【分析】根據(jù)衰變過程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒列出衰變方程．根據(jù)半衰期的定義求出有75%的核發(fā)生了衰變的時間．【解析】【解答】解：根據(jù)衰變過程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒列出衰變方程：

→+-10e；

半衰變期為8天，根據(jù)公式，m0為衰變前得質(zhì)量；m為經(jīng)過時間t后的剩余質(zhì)量，T為半衰期．

有75%的碘131核發(fā)生了衰變，說明m=0.25m0；

解得：t=16天．

故答案為：+-10e，16三、判斷題(共5題，共10分)17、√【分析】【分析】建立坐標系的意義是為了定量描述質(zhì)點的位置變化，要根據(jù)問題的實際需要，建立合適的坐標系，沿直線運動建立直線坐標系，在平面上運動，建立平面直角坐標系．【解析】【解答】解：建立坐標系是為了定量描述物體的位置和位置的變化；坐標系都是建立在參考系上的，沒有參考系則坐標系無法建立，所以該說法是正確的．

故答案為：√18、√【分析】【分析】電場的基本性質(zhì)就是對其中的電荷有力的作用，電荷在電場中一定受到電場力作用．【解析】【解答】解：電場的基本性質(zhì)就是對其中的電荷有力的作用；故電荷在電場中一定受電場力的作用．

故答案為：√19、×【分析】【分析】B⊥L，根據(jù)安培力的公式F=BIL，求磁感應強度B，注意公式是采用比值法定義的，磁場中某點磁感應強度的大小與F，Il等因素無關(guān)，是由磁場本身決定的．【解析】【解答】解：根據(jù)磁感應強度的定義式，有：；由此可知的磁感應強度與導線的放置；長短、電流大小等因素無關(guān)，即該處的磁感應強度有磁場本身決定．

所以如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用；該處的磁感應強度不一定為零．故以上說法是錯誤的．

故答案為：×20、√【分析】【分析】同時晶體內(nèi)部排列有規(guī)則，而非晶體則沒有，但形狀不一定有規(guī)則．晶體分為單晶體和多晶體，單晶體具有各向異性，多晶體具有各向同性．【解析】【解答】解：晶體分為單晶體和多晶體．根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)的特點可知；單晶體由于內(nèi)部原子按空間點陣排列，排列規(guī)律相同，所以具有各向異性．故該說法是正確的．

故答案為：√21、√【分析】【分析】當電子躍遷到無窮遠時，電子脫離氫原子核的約束，成為自由電子，氫原子變成氫離子，剛好到無窮遠處的能量為0，因此這時吸收的能量最?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓寒旊娮忧『秒婋x時吸收的能量最小；此時有：△E=0-（-13.60）=13.6eV，故以上說法是正確的．

故答案為：√四、實驗探究題(共1題，共4分)22、略

【分析】解：游標卡尺的主尺讀數(shù)為：20mm；游標讀數(shù)為0.05×3mm=0.15mm，所以最終讀數(shù)為：20mm+0.15mm=20.15mm；

螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為1.5mm；可動刻度讀數(shù)為0.01×23.0mm=0.230mm，所以最終讀數(shù)為：1.5mm+0.230mm=1.730mm；

故答案為：20.15；1.730

游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)；不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

解決本題的關(guān)鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．【解析】20.15；1.730五、推斷題(共3題，共24分)23、rm{(1)}羥基rm{2-}羥基丁二酸

rm{(2)}不能若先氧化則rm{B}中碳碳雙鍵也被氧化

rm{(3)}

rm{(4)}rm{10}

rm{(5)}【分析】【分析】本題考查有機物的推斷和合成，難度較大?！窘獯稹恳胰埠图兹┌l(fā)生反應生成rm{A}結(jié)合所給信息和rm{A}的分子式可知rm{A}是rm{C{H}_{2;}OHC隆脭CC{H}_{2;}OH}rm{C{H}_{2;}OHC隆脭CC{H}_{2;}OH

}和氫氣加成生成rm{A}是rm{B}rm{CH_{2}OHCH=CHCH_{2}OH}和rm{B}發(fā)生加成反應生成rm{HCl}rm{C}被高錳酸鉀氧化生成rm{C}是rm{D}發(fā)生鹵素原子的水解生成rm{D}是rm{E}羥基丁二酸，rm{2-}根據(jù)分析可知rm{(1)}中的官能團是羥基，rm{A}的名稱是rm{E}羥基丁二酸，故答案為：羥基；rm{2-}羥基丁二酸；rm{2-}上述轉(zhuǎn)化關(guān)系中rm{(2)}和rm{B隆煤C}這兩步的順序不能顛倒，若先氧化則rm{C隆煤D}中碳碳雙鍵也被氧化，故答案為：不能；若先氧化則rm{B}中碳碳雙鍵也被氧化；rm{B}反應rm{(3)}的化學反應方程式為：故答案為：rm{壟脵}根據(jù)分析可知rm{(4)}的結(jié)構(gòu)簡式為：能發(fā)生銀鏡反應的rm{B}的同分異構(gòu)體中一定含有醛基，結(jié)合rm{B}的分子式可知，若有兩個醛基，則剩下rm{B}故不成立；滿足條件的rm{C_{2}H_{6}}的同分異構(gòu)體有三種情況：rm{B}一個醛基，一個羥基，還是rm{壟脵}相當于丙烷的二元取代物，共有rm{隆陋C_{3}H_{6}}種；rm{5}一個醛基，一個醚鍵，有rm{壟脷}種結(jié)構(gòu)；rm{3}甲酸丙酯，有rm{壟脹}種結(jié)構(gòu)，共rm{2}種，故答案為：rm{10}rm{10}以rm{(5)}rm{1}丁二烯為原料制備rm{3-}的合成路線為：故答案為：rm{E}【解析】rm{(1)}羥基rm{2-}羥基丁二酸rm{(2)}不能若先氧化則rm{B}中碳碳雙鍵也被氧化rm{(3)}rm{(4)}rm{10}rm{(5)}24、（1）甲苯羥基（2）①FeCl3②取代反應或硝化反應（3）B（4）+2H2O（5）21（6）【分析】【分析】

rm{C}發(fā)生信息rm{(a)}中的反應生成rm{D}rm{D}發(fā)生氧化反應生成rm{E}結(jié)合rm{C}的分子式與rm{E}的結(jié)構(gòu)簡式，可知rm{C}的結(jié)構(gòu)簡式為鄰甲苯酚，則rm{D}為乙酸鄰甲苯苯酚酯，rm{D}用酸性高錳酸鉀溶液氧化得到rm{E.}烴rm{A}與氯氣在rm{FeC_{3}}作催化劑條件下反應得到rm{B}rm{B}發(fā)生水解反應、酸化得到rm{C}則rm{A}為甲苯，rm{B}為rm{2-}氯甲苯rm{.E}與氫氧化鈉反應、酸化得到rm{F}由信息rm{(b)}并結(jié)合抗結(jié)腸炎藥物有效成分的結(jié)構(gòu)可知，rm{F}在濃硫酸、濃硝酸加熱條件下發(fā)生反應生成rm{G}rm{G}發(fā)生還原反應得到抗結(jié)腸炎藥物有效成分?！窘獯稹縭m{(1)}由上述分析可知，烴rm{A}為甲苯；rm{(2)壟脵}的反應條件是rm{FeCl_{3}}作催化劑，rm{壟脷}的反應類型是取代反應；rm{(3)A.}羧基、氨基與水分子之間可以形成氫鍵，其水溶性比苯酚好，密度比苯酚的大，故A正確；rm{B.}不能發(fā)生消去反應，故B錯誤；rm{C.}含有羧基、氨基，可以發(fā)生聚合反應，故C正確；rm{D.}含有羧基、氨基，既有酸性又有堿性，故D正確，故答案為：rm{B}rm{(4)E}與足量rm{NaOH}溶液反應的化學方程式是rm{(5)E}的同分異構(gòu)體符合下列條件：rm{a.}與rm{E}具有相同的官能團，即含有酯基和羧基，若官能團不在同一側(cè)鏈，rm{b.}水解產(chǎn)物之一能與氯化鐵發(fā)生顯色反應，即分子中有酚酯，則符合條件的rm{E}的同分異構(gòu)體為苯環(huán)上連有rm{-CH_{3}}rm{-COOH}rm{-OOCH}根據(jù)定二動一的原則，共有rm{10}種結(jié)構(gòu)，也可以苯環(huán)上連有rm{-CH_{2}COOH}rm{-OOCH}或rm{CH_{3}COO-}rm{-COOH}每種都有鄰間對三種，除去rm{E}自身的結(jié)構(gòu)外還有rm{15}種，加上官能團在同一側(cè)鏈的rm{6}種，共有rm{21}種；rm{(6)}【解析】rm{(1)}甲苯羥基rm{(2)壟脵FeCl_{3}}rm{壟脷}取代反應或硝化反應rm{(3)B}rm{(4)}rm{+2H_{2}O}rm{(5)21}rm{(6)}25、Cl2+SO2+2H2O=H2SO4+2HCl；先加硝酸酸化無沉淀，再滴加AgNO3溶液有白色沉淀生成，則含Cl-；2Al+6H+=2Al3++3H2↑；2Al+2OH-+H2O=2AlO-+H2↑；H2SiO3；Al（OH）3；SiO32-+CO2+H2O=CO32-+H2SiO3↓或AlO2-+CO2+2H2O=Al（OH）3↓+HCO3-

或2AlO2-+CO2+3H2O=2Al（OH）3↓+CO32-【分析】解：rm{(1)}依據(jù)題干關(guān)系判斷，rm{A}為rm{Cl_{2}}rm{C}為rm{SO_{2}}二者在水溶液中反應生成硫酸和鹽酸，判斷rm{E}為rm{H_{2}SO_{4}}rm{D}為rm{HCl}該反應的反應方程式為：rm{Cl_{2}+SO_{2}+2H_{2}O=H_{2}SO_{4}+2HCl}檢驗rm{D(HCl)}中陰離子rm{Cl^{-}}的方法：先加硝酸酸化無沉淀，再滴加rm{AgNO_{3}}溶液有白色沉淀生成，則含rm{Cl^{-}}

故答案為：rm{Cl_{2}+SO_{2}+2H_{2}O=H_{2}SO_{4}+2HCl}先加硝酸酸化無沉淀，再滴加rm{AgNO_{3}}溶液有白色沉淀生成，則含rm{Cl^{-}}

rm{(2)A}是兩性元素判斷rm{A}為rm{Al}rm{D}為rm{H_{2}}rm{C}為強酸強堿溶液；反應的離子方程式為：rm{2Al+6H^{+}=2Al^{3+}+3H_{2}隆眉}rm{2Al+2OH^{-}+H_{2}O=2AlO^{-}+H_{2}隆眉}

故答案為：rm{2Al+6H^{+}=2Al^{3+}+3H_{2}隆眉}rm{2Al+2OH^{-}+H_{2}O=2AlO^{-}+H_{2}隆眉}

rm{(3)}為引起溫室效應的主要氣體判斷為rm{CO_{2}}酸性強的制備酸性弱的，rm{E}為白色沉淀，判斷為rm{Al(OH)_{3}}rm{H_{2}SiO_{3}}則rm{C}為偏鋁酸鹽、硅酸鹽；rm{E}可能的化學式：rm{H_{2}SiO_{3}}rm{Al}rm{(}rm{OH}rm{)_{3}}rm{SiO_{3}^{2-}+CO_{2}+H_{2}O=CO_{3}^{2-}+H_{2}SiO_{3}隆媒}或rm{AlO_{2}^{-}+CO_{2}+2H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+HCO_{3}^{-}}或rm{2AlO_{2}^{-}+CO_{2}+3H_{2}O=2Al(OH)_{3}隆媒+CO_{3}^{2-}}

故答案為：rm{H_{2}SiO_{3}}rm{Al(OH)_{3}}rm{SiO_{3}^{2-}+CO_{2}+H_{2}O=CO_{3}^{2-}+H_{2}SiO_{3}隆媒}或rm{AlO_{2}^{-}+CO_{2}+2H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+HCO_{3}^{-}}或rm{2AlO_{2}^{-}+CO_{2}+3H_{2}O=2Al(OH)_{3}隆媒+CO_{3}^{2-}}

rm{B}為自然界中含量最多的液體，判斷為rm{H_{2}O}

rm{(1)}常溫下，若rm{A}為氣態(tài)單質(zhì)，rm{C}為非金屬氧化物，rm{A}rm{C}均能使品紅溶液褪色，相對分子質(zhì)量rm{E>D}推斷rm{A}為rm{Cl_{2}}rm{C}為rm{SO_{2}}二者在水溶液中反應生成硫酸和鹽酸，判斷rm{E}為rm{H_{2}SO_{4}}rm{D}為rm{HCl}

rm{(2)}若rm{A}為短周期的金屬單質(zhì)，rm{D}為氣態(tài)單質(zhì)，rm{C}溶液呈強酸性或強堿性時，該反應都能進行，說明rm{A}是兩性元素判斷rm{A}為rm{Al}rm{D}為rm{H_{2}}rm{C}為強酸強堿溶液；

rm{(3)}若rm{A}rm{C}均為化合物，rm{C}為引起溫室效應的主要氣體判斷為rm{CO_{2}}酸性強的制備酸性弱的，rm{E}為白色沉淀，判斷為rm{Al(OH)_{3}}rm{H_{2}SiO_{3}}則rm{C}為偏鋁酸鹽；硅酸鹽．

本題考查了物質(zhì)轉(zhuǎn)化關(guān)系的應用，物質(zhì)性質(zhì)和反應條件的應用判斷，主要考查氯氣、二氧化硫、鋁及其化合物、硅酸鹽等物質(zhì)性質(zhì)的推斷和運用．【解析】rm{Cl_{2}+SO_{2}+2H_{2}O=H_{2}SO_{4}+2HCl}先加硝酸酸化無沉淀，再滴加rm{AgNO_{3}}溶液有白色沉淀生成，則含rm{Cl^{-}}rm{2Al+6H^{+}=2Al^{3+}+3H_{2}隆眉}rm{2Al+2OH^{-}+H_{2}O=2AlO^{-}+H_{2}隆眉}rm{H_{2}SiO_{3}}rm{Al(OH)_{3}}rm{SiO_{3}^{2-}+CO_{2}+H_{2}O=CO_{3}^{2-}+H_{2}SiO_{3}隆媒}或rm{AlO_{2}^{-}+CO_{2}+2H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+HCO_{3}^{-}}

或rm{2AlO_{2}^{-}+CO_{2}+3H_{2}O=2Al(OH)_{3}隆媒+CO_{3}^{2-}}六、簡答題(共2題，共18分)26、（1）As-3（2）離子鍵、共價鍵正四面體sp3（3）1s22s22p63s23p63d34s2或[Ar]3d34s2（4）Al3+比Mg2+電荷高、半徑小，AlF3的晶格能比MgF2大得多（5）8（6）NaVO3【分析】【分析】本題是對物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)的考查，涉及核外電子排布、電離能、雜化方式與空間構(gòu)型判斷、化學鍵、晶胞計算等，是對物質(zhì)結(jié)構(gòu)主干知識的考查，需要學生具備扎實的基礎與靈活運用能力，難度中等，掌握均攤法進行有關(guān)晶胞計算?！窘獯稹縭m{(1)}同一周期元素，元素第一電離能隨著原子序數(shù)增大而呈增大趨勢，但第rm{IIA}族、第rm{VA}族元素第一電離能大于其相鄰元素，所以第一電離能rm{As>Ga}rm{GaAs}中砷的電負性大于鎵，所以砷顯rm{-3}價；

故答案為：rm{As}rm{-3}

rm{(2)Na_{3}AsO_{4}}屬于離子化合物，含有離子鍵，酸根離子中含有共價鍵；rm{AsO_{4}^{3-}}中rm{As}原子孤電子對數(shù)為rm{dfrac{5+3-2隆脕4}{2}=0}價層電子對數(shù)為rm{4+0=4}空間構(gòu)型為正四面體；rm{As_{4}O_{6}}的分子中rm{As}原子形成rm{3}個rm{As-O}鍵，含有rm{1}對孤對電子，雜化軌道數(shù)目為rm{4}雜化類型為rm{sp^{3}}雜化；

故答案為：離子鍵、共價鍵；正四面體；rm{sp^{3}}

rm{(3)}釩是rm{23}號元素，原子核外電子數(shù)為rm{23}基態(tài)原子核外電子排布式為：rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{3}4s^{2}}或rm{[Ar]3d^{3}4s^{2}}

故答案為：rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{3}4s^{2}}或rm{[Ar]3d^{3}4s^{2}}rm{(4)}鎂及鋁的氟化物晶格能分別是rm{2957kJ隆隴mol隆樓}鎂及鋁的氟化物晶格能分別是rm{(4)}rm{2957kJ隆隴mol隆樓}rm{{,!}^{1}}、rm{5492kJ隆隴mol隆樓}rm{5492kJ隆隴mol隆樓}rm{{,!}^{1}}比，二者相差很大的原因是電荷高、半徑小，rm{Al^{3+}}rm{Mg^{2+}}的晶格能比rm{AlF}rm{3}大得多；故答案為：rm{3}比rm{MgF}電荷高、半徑小，rm{2}rm{2}的晶格能比rm{Al^{3+}}rm{Mg^{2+}}大得多；rm{AlF}根據(jù)晶胞圖可知，每個礬原子周圍距離最近的有rm{3}個礬原子，所以礬的配位數(shù)為rm{3}每個晶胞中含有的礬原子數(shù)為rm{MgF}晶胞的體積為rm{2}根據(jù)rm{婁脩=dfrac{dfrac{2M}{N_{A}}}{V}}可知，釩的相對原子質(zhì)量rm{M=dfrac{1}{2}婁脩V{N}_{A}=dfrac{婁脩4yeqag8^{3}{N}_{A}}{2}}

故答案為：rm{2}rm{dfrac{1}{2}婁脩d^{3}N_{A}}

rm{