2025年外研版高三物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版高三物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，在探究摩擦力的實驗中，測力計與水平桌面平行，拉力從零逐漸增大，拉力為8N時，木塊不動；拉力為12N時，木塊恰好被拉動；木塊勻速運動時拉力為10N．木塊與桌面間的滑動摩擦力和最大靜摩擦力分別是（）A.12N，8NB.12N，10NC.10N，12ND.10N，8N2、在“探究電阻大小與哪些因素有關(guān)”的實驗中，下列物理量與電阻大小無關(guān)的是（）A.導體兩端的電壓B.導體的長度C.導體的材料D.導體的橫截面積3、下列說法中正確的是（）A.牛頓運動定律在任何情況下都是成立的B.在任何參考系中，物體的運動速度都不能超過光速C.一條沿自身長度方向高速運動的桿，其長度總比桿靜止時的長度大D.同樣的兩件事，在不同的參考系中觀測，時間間隔都相同4、一個物體開始靜止在O點，先使它向東做勻加速直線運動，經(jīng)過5s，使它的加速度方向立即改為向西，加速度大小不變；再經(jīng)過5s，又使它的加速度方向立即改為向東，加速度大小不變，如此反復，共歷時40s，則這段時間內(nèi)（）A.物體時而向東運動，時而向西運動B.物體往復運動最后停在O點C.物體運動時快時慢，一直向東運動D.物體速度一直增大5、電磁波的波長范圍很廣，下列電磁波按波長由大到小排列的是（）A.無線電波、紅外線、可見光B.紫外線、可見光、X射線C.X射線，紫外線、γ射線D.紫外線、可見光、紅外線6、電磁打點計時器和電火花計時器的構(gòu)造如圖所示；以下說法正確的是（）

A.圖甲是電磁打點計時器，圖乙是電火花計時器B.圖甲使用的電源是交流220V，圖乙使用的電源是直流6V以下C.電磁打點計時器和電火花計時器在實驗中的作用是相同的D.利用打點計時器可以直接測量計數(shù)點的瞬時速度7、關(guān)于使用多用表歐姆檔測電阻的操作規(guī)則，正確的是（）A.測量時兩手要觸碰表筆的金屬桿B.被測電阻不需要跟其它元件和外電源斷開C.換用歐姆檔的另一量程時，必須重新歐姆檔調(diào)零，才能測量D.測量完畢后選擇開關(guān)置于歐姆檔即可8、下列哪組數(shù)據(jù)中能求出阿伏伽德羅常數(shù)（）A.物質(zhì)分子的質(zhì)量和體積B.物體的質(zhì)量和它的摩爾質(zhì)量C.物體的質(zhì)量、密度和它的分子體積D.物體的摩爾體積、密度及其分子質(zhì)量評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)9、一個質(zhì)子（H）和一個α粒子（Hg）；同時垂直射入同一勻強磁場．

（1）若兩者以相同的速度進入磁場，則運動半徑之比rH：rα為____；

（2）若二者以相同的動能進入磁場中，則運動半徑之比rH：rα為____；

（3）若二者由靜止開始經(jīng)過同一電場加速后進入磁場，則運動半徑之比rH：rα為____．10、（2012秋?南京校級月考）如圖所示，小球以v1=3m/s的速度水平向右運動，碰到墻壁經(jīng)△t=0.01s后以v2=2m/s的速度沿同一直線反彈，則小球在這0.01s內(nèi)的平均加速度的大小為____m/s2，方向為____．11、一束光自真空射向玻璃，已知光在真空中的波長為6×10-7m，玻璃的折射率為1.5，則光進入玻璃后的頻率是____Hz，波長是____m．12、如圖所示為一定質(zhì)量的某種理想氣體由狀態(tài)A經(jīng)過狀態(tài)C變?yōu)闋顟B(tài)B的圖象，下列說法正確的是____．

A．該氣體在狀態(tài)C時的溫度等于在狀態(tài)B時的溫度。

B．該氣體在狀態(tài)A時的內(nèi)能等于在狀態(tài)C時的內(nèi)能。

C．該氣體在狀態(tài)A時狀態(tài)B為吸熱過程。

D．該氣體由狀態(tài)A至狀態(tài)C對外界所做的功大于從狀態(tài)C至狀態(tài)B對外界所做的功．

13、（2012?許昌模擬）（1）在“用油膜法估測分子的大小”的實驗中，已知一滴溶液中油酸的體積為V油酸，配制的油酸溶液中，純油酸與溶液體積之比為1：500，1mL溶液含250滴．那么一滴溶液中純油酸體積為V油酸=____cm3；該實驗中油膜厚度d與油酸分子直徑D的關(guān)系是____．

（2）如圖所示；一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再由狀態(tài)B變化到狀態(tài)C．已知狀態(tài)A的溫度為300K．

①求氣體在狀態(tài)B的溫度；

②由狀態(tài)B變化到狀態(tài)C的過程中，氣體是吸熱還是放熱？簡要說明理由．14、（2012?如皋市校級模擬）如圖所示，用手握住長繩的一端上下抖動，長繩形成了向前傳播的一列波．如果在長繩中間某一位置做一個標記，在抖動過程中，這個標記將____（選填“上下”或“左右”）運動．運動過程中，標記振動的周期____手抖動的周期（選填“大于”、“小于”或“等于”）．15、三個方向不同且在同一平面上的共點力作用在一個物體上，物體做勻速直線運動，已知F1=5N，F(xiàn)2=7N，F(xiàn)3=4N，那么這三個力的合力大小為____N，若撤去F3，則物體所受合力大小為____N．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)16、如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用，則該處的磁感應(yīng)強度一定為零．____．（判斷對錯）17、平拋運動屬于勻變速運動，勻速圓周運動也屬于勻變速運動．____．18、用電器的額定功率與所加的電壓無關(guān)．____．（判斷對錯）19、作用在物體上的合外力減小時，速度也隨之減?。甠___（判斷對錯）20、影響蒸發(fā)快慢的因素有絕對濕度、表面積、溫度．____．（判斷對錯）21、（2010?駐馬店模擬）如圖為一列沿x軸正方向傳播的簡諧波在t=0時刻的波形圖，已知波速為10m/s，則圖中P質(zhì)點的振動方程為y=10sin5πt（cm）____（判斷對錯）22、物體速度變化的方向與它受到的合外力的方向相同．____（判斷對錯）評卷人得分四、簡答題(共4題，共8分)23、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}均是短周期元素，其原子序數(shù)依次增大，rm{A}和rm{B}同周期，rm{A}和rm{D}同族，rm{A}原子最外層電子數(shù)是內(nèi)層電子數(shù)的二倍，rm{B}元素族序數(shù)是周期數(shù)的三倍，rm{B}的陰離子與rm{C}的陽離子電子層結(jié)構(gòu)相同，rm{C}的單質(zhì)與rm{B}的單質(zhì)在不同條件下反應(yīng)，可生成rm{C_{2}B}或rm{C_{2}B_{2}}rm{E}是所在周期中原子半徑最小的元素，請回答．rm{(1)D}在元素周期表中的位置是________________．rm{(2)C_{2}B}的電子式是________；rm{AB_{2}}的結(jié)構(gòu)式是____________．rm{(3)B}rm{C}rm{E}離子半徑的由大到小的順序為___________________rm{(}用離子符號回答rm{)}rm{A}rm{D}rm{E}最高價氧化物對應(yīng)水化物的酸性由強到弱的順序為_________________rm{.(}用化學式回答rm{)}rm{(4)A}rm{B}氣態(tài)氫化物沸點高的是___________rm{(}用化學式回答rm{)}原因是_______________________________________________________________________．rm{(5)}水中錳含量超標，容易使?jié)嵕吆鸵挛锶旧?，使水產(chǎn)生異味，rm{EB_{2}}可以用來除去水中超標的rm{Mn^{2+}}生成黑色沉淀，當消耗rm{13.50gEB_{2}}時，共轉(zhuǎn)移了rm{1mol}電子，則反應(yīng)的離子方程式為_____________________________________________________．24、世上萬物，神奇可測。其性質(zhì)與變化是物質(zhì)的組成與結(jié)構(gòu)發(fā)生了變化的結(jié)果。rm{(1)}根據(jù)雜化軌道理論判斷，下列分子的空間構(gòu)型是rm{V}形的是____rm{(}填標號rm{)}A.rm{BeCl_{2}}rm{B.H_{2}OC.HCHOD.CS_{2}}rm{(2)}原子序數(shù)小于rm{36}的元素rm{Q}和rm{T}在周期表中既位于同一周期又位于同rm{-}一族，且rm{T}的原子序數(shù)比rm{Q}多rm{2}rm{T}的基態(tài)原子的外圍電子rm{(}價電子rm{)}排布式為_____，rm{Q^{2+}}的未成對電子數(shù)是_____．rm{(3)}銅及其合金是人類最早使用的金屬材料，rm{Cu^{2+}}能與rm{NH_{3}}形成配位數(shù)為rm{4}的配合物rm{[Cu(NH_{3})_{4}]SO_{4}}rm{壟脵}銅元素在周期表中的位置是______，rm{[Cu(NH_{3})_{4}]SO_{4}}中，rm{N}rm{O}rm{S}三種元素的第一電離能由大到小的順序為_______。rm{壟脷[Cu(NH_{3})_{4}]SO_{4}}中，存在的化學鍵的類型有_____rm{(}填標號rm{)}A.離子鍵rm{B.}金屬鍵rm{C.}配位鍵rm{D.}非極性鍵rm{E.}極性鍵rm{壟脹NH_{3}}中rm{N}原子的雜化軌道類型是_____，寫出一種與rm{SO_{4}^{2-}}互為等電子體的分子的化學式：_____________。rm{壟脺[Cu(NH_{3})_{4}]^{2+}}具有對稱的空間構(gòu)型，rm{[Cu(NH_{3})_{4}]^{2+}}中的兩個rm{NH_{3}}被兩個rm{Cl^{-}}取代，能得到兩種不同結(jié)構(gòu)的產(chǎn)物，則rm{[Cu(NH_{3})_{4}]^{2+}}的空間構(gòu)型為_____________。

rm{(4)CuO}晶胞結(jié)構(gòu)如圖所示。

該晶體的密度為rm{婁脩g/cm^{3}}則該晶體內(nèi)銅離子與氧離子間的最近距離為_____rm{(}用含rm{婁脩}的代數(shù)式表示，其中阿伏加德羅常數(shù)用rm{N_{A}}表示rm{)cm}rm{(5)}在rm{Cu_{2}O}晶胞結(jié)構(gòu)中，rm{Cu}處于正四面體空隙，rm{O}處于_____________。25、2015年2月20日；“火星一號”移民計劃公布了第一批候選人名單，其中有4名華人入圍，經(jīng)過層層選拔的24人將從2024年開始陸續(xù)登陸火星．假若某志愿者登上火星后將一小球從高為h的地方由靜止釋放，不計空氣阻力，測得經(jīng)時間t小球落地．已知火星的半徑為R，引力常數(shù)為G，不考慮火星自轉(zhuǎn)的影響．求：

（1）火星的質(zhì)量；

（2）環(huán)繞火星表面運行的衛(wèi)星的周期．26、某物理興趣小組利用課余時間自制火箭模型，在一次實驗中，火箭模型點火后經(jīng)過2s后到達離地面最遠的24m處，若認為火箭模型的上升過程為垂直地面向上做勻減速直線運動，空氣阻力大小不變，取g=l0m/s2；求：

（1）火箭模型所受的空氣阻力與重力的比值；

（2）火箭模型從發(fā)射到落回地面過程的總時間．（結(jié)果可保留根式或三位有效數(shù)字）評卷人得分五、綜合題(共2題，共14分)27、【題文】如圖所示，空間相距為的平行金屬板加上電壓后，它們之間的電場可視為勻強電場，其變化如圖，當t=0時，A板電勢比B板電勢高，這時在靠近B板處有一初速度為零的電子（質(zhì)量為電量為）在電場力作用下開始運動，若要使這電子到達A板時具有最大的動能，則所加交變電壓的頻率最大不能超過多少？28、(1)

下列說法中正確的是(

)

。A.相同條件下，溫度越高，顆粒越小，布朗運動越明顯B.荷葉上的露珠成球形是表面張力的結(jié)果C.不斷改進技術(shù)，熱機吸收的熱量可以全部轉(zhuǎn)化為有用功D.晶體具有各向異性，具備各向同性的都是非晶體E.水的飽和汽壓隨溫度的升高而變大(2)

一根兩端開口；粗細均勻的長直玻璃管橫截面積為S=2隆脕10鈭?3m2

豎直插入水面足夠?qū)拸V的水中。管中有一個質(zhì)量m=0.6kg

的活塞，封閉一段長度L0=66cm

的氣體，如圖。開始時，活塞處于靜止狀態(tài)，不計活塞與管壁間的摩擦。已知外界大氣壓強po=1.0隆脕105Pa

水的密度婁脩=1.0隆脕103kg/m3

重力加速度g=10m/s2

求：

(1)

開始時封閉氣體的壓強；

(2)

現(xiàn)保持管內(nèi)封閉氣體溫度不變；用豎直向上的力F

緩慢地拉動活塞。當活塞上升到某一位置時停止移動，此時F=8N

則這時管內(nèi)外水面高度差為多少；

(3)

在第(2)

小問情況下管內(nèi)的氣柱長度。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】物體剛要被拉動時需要的力為最大靜摩擦力；當物體滑動以后，物體與接觸面間的摩擦力為滑動摩擦力，再據(jù)物體的平衡態(tài)求滑動摩擦力大小即可．【解析】【解答】解：拉力為12N時；木塊恰好被拉動，說明最大靜摩擦力為12N；

木塊勻速運動時拉力為10N；說明滑動摩擦力為10N；故ABD錯誤，C正確．

故選：C．2、A【分析】【分析】“探究電阻大小與哪些因素有關(guān)”的實驗結(jié)論為：R與導體長度l，導體電阻率成正比，與導體的橫截面積成反比．【解析】【解答】解：本實驗的結(jié)論是電阻的決定式，即：；其中ρ為電阻率，與導體材料有關(guān)；l為導體的長度；s為導體的橫截面積．

故：R與ρ；l，s有關(guān)．

本題選擇無關(guān)的，故選擇：A3、B【分析】【分析】牛頓運動定律只適用于宏觀、低速運動的物體；相對論的基本假設(shè)是在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率相同；根據(jù)相對論兩個效應(yīng)：尺縮效應(yīng)和鐘慢效應(yīng)分析CD兩項．【解析】【解答】解：

A；牛頓運動定律只適用于宏觀、低速運動的物體；對于微觀、高速運動的物體不適用．故A錯誤．

B；光速是自然界速度的極限；在任何參考系中，物體的運動速度都不能超過光速．故B正確．

C；根據(jù)相對論尺縮效應(yīng)；可知沿自身長度方向高速運動的桿，其長度總比靜止時的桿長短，故C錯誤．

D；根據(jù)相對論可知時間間隔是相對的；與參考系的速度有關(guān)，同樣的兩件事，在不同的參考系中觀測，時間間隔不同．故D錯誤．

故選：B．4、C【分析】【分析】質(zhì)點先向東做勻加速直線運動，加速度反向后，向東做勻減速直線運動，運動情況跟前5s內(nèi)的運動情況對稱，10s末速度為零，然后又重復之前的運動．【解析】【解答】解：A；物體先向東做勻加速直線運動；然后向東做勻減速直線運動，10s后速度為零，然后重復之前的運動．知物體一直向東運動，速度時大時小．故C正確，A、B、D錯誤．

故選C．5、A【分析】【分析】電磁波譜按照波長從大到小的順序依次是無線電波；紅外線、可見光、紫外線、X射線和γ射線．所以A正確。

【點評】對于電磁波的分段需要記憶。6、C【分析】【分析】正確解答本題需要掌握：了解打點計時器的構(gòu)造、工作原理、工作特點等，比如工作電壓、打點周期等，掌握基本儀器的使用，能夠正確的使用打點計時器．【解析】【解答】解：A；電火花打點計時器不用復寫紙；圖甲是電火花打點計時器，圖乙是電磁計時器，故A錯誤；

B；電磁打點計時器工作電壓是4V～6V交流電源；電火花打點計時器的電壓是220V交流電源，但電火花打點計時器不需要學生電源，故B錯誤；

C；它們電源頻率為50Hz時；它們都是每隔0.02s打一個點，在實驗中的作用是相同的，故C正確；

D；根據(jù)工作原理；依據(jù)平均速度等于中時刻的瞬時速度，可知，可計算出計數(shù)點的瞬時速度，故D錯誤；

故選：C．7、C【分析】【分析】歐姆表的使用方法與注意事項：

①電表使用前要使指針指在0刻線位置；通過調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕實現(xiàn)；

③歐姆表測量前要進行歐姆調(diào)零；

④歐姆表中值電阻附近刻度線最均勻；讀數(shù)誤差最小，故測量電阻時，要通過選擇恰當?shù)谋堵适怪羔樦冈谥兄惦娮韪浇幻看螕Q擋要重新調(diào)零；

⑤歐姆表讀數(shù)=刻度盤讀數(shù)×倍率；

⑥歐姆表使用完畢，要將旋鈕選擇“OFF”擋或者交流電壓最大擋，若長期不用，需要將電池取出．【解析】【解答】解：A；人體是導體；用歐姆表測電阻時兩手不能接觸表筆的金屬桿，故A錯誤；

B；用歐姆表測電阻時要把待測電阻與其它元件與電源斷開；故B錯誤；

C；換用歐姆檔的另一量程時；必須重新歐姆檔調(diào)零，才能測量，故C正確；

D；測量完畢后選擇開關(guān)應(yīng)置于OFF擋或交流電壓最高檔；故D錯誤；

故選：C．8、D【分析】【分析】阿伏伽德羅常數(shù)是聯(lián)系宏觀物理量與微觀物理量的橋梁，要求解阿伏加德羅常數(shù)，就要知道一個宏觀量與一個微觀量，同時注意氣體分子間距不能忽略．【解析】【解答】解：A；要求解阿伏加德羅常數(shù)；就要知道一個宏觀量與一個微觀量；物質(zhì)分子的質(zhì)量和體積都是微觀量；故A錯誤；

B；要求解阿伏加德羅常數(shù)；就要知道一個宏觀量與一個微觀量；物體的質(zhì)量和它的摩爾質(zhì)量都是宏觀量；故B錯誤；

C；物體的質(zhì)量與密度的比值等于摩爾體積；氣體分子間距不能忽略；故摩爾體積與分子體積的比值大于阿伏加德羅常數(shù)；故C錯誤；

D；物體的摩爾體積與密度的乘積等于摩爾質(zhì)量；摩爾質(zhì)量與分子質(zhì)量的比值等于阿伏加德羅常數(shù)；故D正確；

故選：D．二、填空題(共7題，共14分)9、1：21：11：【分析】【分析】粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律求出粒子軌道半徑，然后答題．【解析】【解答】解：粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動；洛倫茲力提供向心力；

由牛頓第二定律得：qvB=m，解得：r=；

（1）在B與v相同的情況下，r與成正比，若兩者以相同的速度進入磁場，則運動半徑之比rH：rα=：=1：2；

（2）r==，若二者以相同的動能進入磁場中，則運動半徑之比：==；

（3）由動能定理得：qU=mv2-0，解得：v=，r==，==；

故答案為：（1）1：2；（2）1：1；（3）1：．10、500水平向左【分析】【分析】根據(jù)小球的初末速度，結(jié)合加速度的定義式求出加速度的大小和方向．【解析】【解答】解：規(guī)定向右為正方向，則小球的平均加速度a=，即加速度大小為500m/s2；方向水平向左．

故答案為：500，水平向左11、5.00×10144.00×10-7【分析】【分析】根據(jù)波速、波長和頻率的關(guān)系c=λf，已知波速和波長，就可以算出這種單色光的頻率，該單色光進入玻璃中時頻率不變，根據(jù)v=和v=λf求解在此玻璃中的波長．【解析】【解答】解：由c=λf得：

f===5.00×1014Hz①

進圖玻璃后頻率不變，仍為5.00×1014Hz；

λ′=②

又：v=③

聯(lián)立得：λ′=4.00×10-7m．

故答案為：5.00×1014，4.00×10-712、C【分析】【分析】一定質(zhì)量的某種理想氣體內(nèi)能的變化與溫度有關(guān)．

根據(jù)氣體方程=c比較溫度的變化，根據(jù)熱力學第一定律求解．【解析】【解答】解：A、根據(jù)圖象的得出氣體在狀態(tài)A時壓強和體積的乘積PAVA=1.4atm?L；

在狀態(tài)B時壓強和體積的乘積PBVB=1.4atm?L，在狀態(tài)C時壓強和體積的乘積PCVC=1.2atm?L；

根據(jù)氣體方程=C得該氣體在狀態(tài)C時的溫度低于在狀態(tài)B時的溫度；在狀態(tài)A時的溫度高于在狀態(tài)C時的溫度．故該氣體在狀態(tài)A時的內(nèi)能大于在狀態(tài)C時的內(nèi)能．故A；B錯誤。

C；該氣體由狀態(tài)A至狀態(tài)B體積增大；對外做功，內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學第一定律得A至狀態(tài)B為吸熱過程，故C正確。

D；在P-V圖象中；氣體對外界做的功在數(shù)值上等于圖象與橫軸包圍的面積，從圖中可以發(fā)現(xiàn)狀態(tài)A至狀態(tài)C圖象與橫軸包圍的面積小于從狀態(tài)C至狀態(tài)B圖象與橫軸包圍的面積，所以該氣體由狀態(tài)A至狀態(tài)C對外界所做的功小于從狀態(tài)C至狀態(tài)B對外界所做的功，故D錯誤。

故選C13、8×10-6d=D【分析】【分析】（1）在“用油膜法估測分子的大小”的實驗中；根據(jù)體積比求出油酸的體積，讓油酸擴散成單分子油膜，算出面積，油酸的體積除以面積就是分子直徑．

（2）氣體的狀態(tài)變化可由理想氣體方程求出，討論吸放熱用熱力學第一定律．【解析】【解答】解：（1）一滴溶液中純油酸體積為V油酸==8×10-6

讓油酸擴散成單分子油膜；算出面積，油酸的體積除以面積就是油膜厚度，即分子直徑．故填：d=D

（2）①由理想氣體的狀態(tài)方程：=

得氣體在狀態(tài)B的溫度：TB==1200K．

②由狀態(tài)B到狀態(tài)C，氣體做等容變化，由查理定律得：=，則TC=TB=600K

故氣體由狀態(tài)B到狀態(tài)C為等容變化；不做功，但溫度降低，內(nèi)能減?。?/p>

根據(jù)熱力學第一定律△U=W+Q；△U＜0，W=0，故Q＜0，可知氣體要放熱．

答：（1）8×10-6；d=D

（2）①氣體在狀態(tài)B的溫度：1200K

②由狀態(tài)B變化到狀態(tài)C的過程中，氣體放熱．14、上下等于【分析】【分析】簡諧波傳播過程中，質(zhì)點的振動方向與波的傳播方向垂直．質(zhì)點的振動周期等于波源的振動周期．【解析】【解答】解：繩上可形成簡諧橫波；質(zhì)點的振動方向與波的傳播方向垂直，所以繩波向右傳播，長繩中間某一位置做一個標記，在抖動過程中，這個標記將上下振動．

質(zhì)點的振動周期等于波源的振動周期．所以運動過程中；標記A振動的周期等于手抖動的周期．

故答案為：上下等于15、04【分析】【分析】物體做勻速直線運動，則三個力平衡，則任意一個力與剩余力的合力等值反向．【解析】【解答】解：物體做勻速直線運動；根據(jù)平衡條件，所受合力為零，故這三個力的合力大小為0N；

根據(jù)平行四邊形定則知，合力為零，則F2、F3的合力與Fl等值方向；

若去掉F3，F(xiàn)2、F1的合力大小與F3等值反向．大小為4N；

故答案為：0；4．三、判斷題(共7題，共14分)16、×【分析】【分析】B⊥L，根據(jù)安培力的公式F=BIL，求磁感應(yīng)強度B，注意公式是采用比值法定義的，磁場中某點磁感應(yīng)強度的大小與F，Il等因素無關(guān)，是由磁場本身決定的．【解析】【解答】解：根據(jù)磁感應(yīng)強度的定義式，有：；由此可知的磁感應(yīng)強度與導線的放置；長短、電流大小等因素無關(guān)，即該處的磁感應(yīng)強度有磁場本身決定．

所以如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用；該處的磁感應(yīng)強度不一定為零．故以上說法是錯誤的．

故答案為：×17、×【分析】【分析】勻變速運動是指加速度恒定的運動；平拋運動的加速度為g，恒定；勻速圓周運動的加速度總是指向圓心，時刻改變．【解析】【解答】解：勻變速運動是指加速度恒定的運動；

平拋運動的加速度為g；恒定，是勻變速曲線運動；

勻速圓周運動的加速度總是指向圓心；時刻改變，是變加速運動；

故答案為：×．18、√【分析】【分析】根據(jù)額定電壓和額定功率的概念進行分析，即用電器正常工作時的電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率．【解析】【解答】解：因用電器正常工作時；電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率，所以額定功率與實際電壓無關(guān)，實際功率與工作時的電壓有關(guān)；

故答案為：√19、×【分析】【分析】加速度是反映速度變化快慢的物理量，當加速度方向與速度方向相同，做加速運動，當加速度方向與速度方向相反，做減速運動．【解析】【解答】解：加速度是反映速度變化快慢的物理量．根據(jù)牛頓第二定律可知；加速度的方向與物體受到的合外力的方向相同；

結(jié)合速度與加速度的關(guān)系可知；當加速度方向與速度方向相同，加速度減小，速度增大．當物體的加速度方向與速度方向相反，速度減?。?/p>

所以作用在物體上的合外力減小時；速度可能隨之減小，也可能隨之增大．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×20、×【分析】【分析】影響蒸發(fā)快慢的因素和液體的溫度、表面積以及空氣的流動性有關(guān)．【解析】【解答】解：根據(jù)蒸發(fā)與液化的特點；影響蒸發(fā)快慢的因素和液體的溫度；表面積以及空氣的流動性有關(guān)，與絕對濕度無關(guān)．故該說法是錯誤的．

故答案為：×21、×【分析】【分析】首先據(jù)波動圖象讀出波長和求出周期，根據(jù)質(zhì)點的振動和波的傳播特點分析質(zhì)點的振動情況，然后再寫出振動方程，與題干中的方程比較即可．【解析】【解答】解：該波是振幅是10cm，波速為10m/s，波長為4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

該波向x軸的正方向傳播；由上下坡法可知，圖中P質(zhì)點在t=0時刻振動的方向向下，所以振動方程為y=-10sin5πt（cm），錯誤．

故答案為：×22、√【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律和運動學規(guī)律分析答題．【解析】【解答】解：物體速度變化的方向就是加速度的方向；由牛頓第二定律可知，加速度方向與物體受到的合外力的方向相，故說法正確；

故答案為：√．四、簡答題(共4題，共8分)23、（1）第三周期第ⅣA族（2）O=C=O（3）Cl-＞O2-＞Na+HClO4＞H2CO3＞H2SiO3（4）H2O水分子之間有氫鍵，且水為極性分子（5）5Mn2++2ClO2+6H2O=5MnO2↓+2Cl-+12H+【分析】【分析】本題主要考查了元素周期表、電子式、元素周期律、氧化還原反應(yīng)等知識點，中等難度，元素推斷是解題的關(guān)鍵，第rm{(5)}為易錯點，答題時注意運用守恒的思想解決問題?！窘獯稹緼、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}均是短周期元素，rm{A}和rm{B}同周期，rm{A}原子最外層電子數(shù)是內(nèi)層電子數(shù)的二倍，則rm{A}為碳元素，rm{A}和rm{C}同族，則rm{C}為硅元素，rm{B}元素族序數(shù)是周期數(shù)的三倍，則rm{B}為氧元素，rm{B}的陰離子與rm{D}的陽離子電子層結(jié)構(gòu)相同，rm{D}的單質(zhì)與rm{B}的單質(zhì)在不同條件下反應(yīng)，可生成rm{D_{2}B}或rm{D_{2}B_{2}}則rm{D}為鈉元素，rm{E}是所在周期中原子半徑最小的元素，則rm{E}為第ⅤⅡrm{A}族元素，根據(jù)第rm{(5)}小問題目可知，存在rm{EB_{2}}所以rm{E}為氯元素；

rm{(1)C}為硅元素，在元素周期表中第三周期第Ⅳrm{A}族，故答案為：第三周期第Ⅳrm{A}族；

rm{(2)D_{2}B}為氧化鈉，它的電子式是rm{AB_{2}}為二氧化碳，它的結(jié)構(gòu)式是rm{O=C=O}故答案為：rm{O=C=O}

rm{(3)}電子層數(shù)越多，離子半徑越大，電子層數(shù)相同時，核電荷數(shù)越小，離子半徑越大，所以rm{B}rm{D}rm{E}離子半徑的由大到小的順序為rm{Cl^{-}>O^{2-}>Na^{+}}元素的非金屬性越強，對應(yīng)的最高價氧化物對應(yīng)水化物的酸性越強，在rm{C}rm{Si}rm{Cl}中，非金屬性由強到弱的順序為rm{Cl>C>Si}所以酸性由強到弱到的順序為rm{HClO_{4}>H_{2}CO_{3}>H_{2}SiO_{3}}故答案為：rm{Cl^{-}>O^{2-}>Na^{+}}rm{HClO_{4}>H_{2}CO_{3}>H_{2}SiO_{3}}

rm{(4)}由于水分子之間有氫鍵，且水為極性分子，所以水的沸點比二氧化碳高，故答案為：rm{H_{2}O}水分子之間有氫鍵；且水為極性分子；

rm{(5)}水中錳含量超標，容易使?jié)嵕吆鸵挛锶旧?、使水產(chǎn)生異味rm{.ClO_{2}}可以用來除去水中超標的rm{Mn^{2+}}生成一種黑色沉淀，該黑色沉淀為rm{MnO_{2}}同時測得消耗rm{13.50g}rm{ClO_{2}}時，共轉(zhuǎn)移了rm{1mol}電子，令rm{Cl}元素在還原產(chǎn)物中的化合價為rm{a}則rm{dfrac{13.5g}{67.5g/mol}隆脕(4-a)=1}解得rm{dfrac{13.5g}{67.5g/mol}隆脕(4-a)=1

}故生成rm{a=-1}根據(jù)電荷守恒可知，還生成rm{Cl^{-}}則反應(yīng)的離子方程式是rm{H^{+}}故答案為：rm{5Mn^{2+}+2ClO_{2}+6H_{2}O=5MnO_{2}隆媒+2Cl^{-}+12H^{+}}rm{5Mn^{2+}+2ClO_{2}+6H_{2}O=5MnO_{2}隆媒+2Cl^{-}+12H^{+}}【解析】rm{(1)}第三周期第Ⅳrm{A}族rm{(2)}rm{O=C=O}rm{(3)Cl^{-}>O^{2-}>Na^{+;;}HClO_{4}>H_{2}CO_{3}>H_{2}SiO_{3}}rm{(4)H_{2}O}水分子之間有氫鍵，且水為極性分子rm{(5)5Mn^{2+}+2ClO_{2}+6H_{2}O=5MnO_{2}隆媒+2Cl^{-}+12H^{+}}24、(1)B

(2)3d84s24

(3)①第四周期ⅠB族N>O>S

②ACE

③sp3CCl4(或其他合理答案)

④平面正方形

（4）

（5）各頂角和體心【分析】【分析】本題考查分子空間構(gòu)型的判斷，原子價電子排布式的書寫，化學鍵類型、雜化軌道類型的判斷，電離能大小的比較，晶胞的計算等，難度中等。【解答】rm{(1)A.BeCl_{2}}空間構(gòu)型是直線型，故A不選；B.rm{H_{2}O}空間構(gòu)型是rm{V}形，故B選；C.rm{HCHO}空間構(gòu)型是平面型，故C不選；D.rm{CS_{2}}空間構(gòu)型是直線型，故D不選；故答案為：rm{B}rm{(2)}原子序數(shù)小于rm{36}的元素rm{Q}和rm{T}在周期表中既處于同一周期又位于同一族，則rm{Q}rm{T}處于第Ⅷ族，且原子序數(shù)rm{T}比rm{Q}多rm{2}則rm{Q}為rm{Fe}元素，rm{T}為rm{Ni}元素，rm{Ni}元素是rm{28}號元素，rm{Ni}原子價電子排布式為rm{3d^{8}4s^{2}}的元素rm{36}和rm{Q}在周期表中既處于同一周期又位于同一族，則rm{T}rm{Q}處于第Ⅷ族，且原子序數(shù)rm{T}比rm{T}多rm{Q}則rm{2}為rm{Q}元素，rm{Fe}為rm{T}元素，rm{Ni}元素是rm{Ni}號元素，rm{28}原子價電子排布式為rm{Ni}rm{3d^{8}4s^{2}}的未成對電子數(shù)是rm{Q^{2+}}故答案為：rm{4}rm{3d^{8}4s^{2}}rm{4}銅及其合金是人類最早使用的金屬材料，rm{(3)}能與rm{Cu^{2+}}形成配位數(shù)為rm{NH_{3}}的配合物rm{4}rm{[Cu(NH_{3})_{4}]SO_{4}}銅元素在周期表中的位置是第四周期Ⅰrm{壟脵}族，rm{B}中，rm{[Cu(NH_{3})_{4}]SO_{4}}族的大于第Ⅵ同一周期元素的第一電離能隨著原子序數(shù)的增大而增大，同一主族元素隨原子序數(shù)遞增，第一電離能逐漸減小，但第Ⅴrm{A}族的大于第Ⅵrm{A}族的，所以其第一電離能大小順序是族的，所以其第一電離能大小順序是rm{A}；故答案為：第四周期Ⅰrm{A}族；rm{N>O>S}；rm{B}中，存在的化學鍵的類型有：離子鍵、配位鍵、極性鍵；故答案為：rm{N>O>S}rm{壟脷[Cu(NH_{3})_{4}]SO_{4}}中rm{ACE}原子的雜化軌道類型是rm{壟脹NH_{3}}與rm{N}互為等電子體的分子的化學式為：rm{sp^{3}}或其他合理答案rm{SO_{4}^{2-}}故答案為：rm{CCl_{4}(}rm{)}或其他合理答案rm{sp^{3}}rm{CCl_{4}(}具有對稱的空間構(gòu)型，rm{)}中的兩個rm{壟脺[Cu(NH_{3})_{4}]^{2+}}被兩個rm{[Cu(NH_{3})_{4}]^{2+}}取代，能得到兩種不同結(jié)構(gòu)的產(chǎn)物，則rm{NH_{3}}的空間構(gòu)型為：平面正方形；故答案為：平面正方形；rm{Cl^{-}}該晶體的密度為rm{[Cu(NH_{3})_{4}]^{2+}}則該晶體內(nèi)銅離子與氧離子間的最近距離為rm{(4)}故答案為：rm{婁脩g/cm^{3}}在rm{cm}晶胞結(jié)構(gòu)中，rm{(5)}處于正四面體空隙，rm{Cu_{2}O}處于各頂角和體心；故答案為：各頂角和體心。

rm{Cu}【解析】rm{(1)B}rm{(1)B}rm{(2)3d}rm{(2)3d}rm{{,!}^{8}}rm{4s}rm{4s}第四周期Ⅰrm{{,!}^{2}}族rm{4}

rm{4}

rm{(3)壟脵}第四周期Ⅰrm{B}族rm{N>O>S}rm{(3)壟脵}rm{B}rm{N>O>S}rm{壟脷ACE}或其他合理答案rm{壟脷ACE}

rm{壟脹sp}平面正方形rm{壟脹sp}rm{{,!}^{3}}

rm{CCl}rm{CCl}各頂角和體心rm{4}25、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)自由落體運動的規(guī)律h=可解得火星表面重力加速度；根據(jù)火星表面的物體，萬有引力等于重力求解火星質(zhì)量；

（2）設(shè)環(huán)繞火星表面運行的衛(wèi)星的周期為T，根據(jù)萬有引力提供向心力求解周期．【解析】【解答】解：（1）小球在火星上做自由落體運動，則有：h=；

根據(jù)火星表面的物體，萬有引力等于重力得：；

解得火星的質(zhì)量為：M=

（2）設(shè)環(huán)繞火星表面運行的衛(wèi)星的周期為T；根據(jù)萬有引力提供向心力得：

；

解得：T=

答：（1）火星的質(zhì)量為；

（2）環(huán)繞火星表面運行的衛(wèi)星的周期為．26、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)運動學基本公式求出火箭做勻減速運動的加速度；再根據(jù)牛頓第二運動定律求解；

（2）落回地面的過程中由牛頓第二定律