2025年人教版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、關(guān)于功和能，下列說(shuō)法正確的是（）A.功有正負(fù)，因此功是矢量B.力和位移是做功的兩個(gè)要素，只要有力、有位移，就一定有功C.能量的單位是焦耳D.功的單位是瓦特2、如圖所示，直線Ⅰ、Ⅱ分別是電源1與電源2的路端電壓隨輸出電流變化的特性圖線，曲線Ⅲ是一個(gè)小燈泡的伏安特性曲線，如果把該小燈泡先后分別與電源1和電源2單獨(dú)連接時(shí)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.電源1和電源2的內(nèi)阻之比是11：7B.電源1和電源2的電動(dòng)勢(shì)之比是3：5C.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是3：5D.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比是1：23、對(duì)于點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場(chǎng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式成立，即E=，式中q就是產(chǎn)生電場(chǎng)的點(diǎn)電荷B.在真空中，電場(chǎng)強(qiáng)度的表達(dá)式為E=，式中Q就是產(chǎn)生電場(chǎng)的電荷C.在真空中，電場(chǎng)強(qiáng)度的表達(dá)式E=，式中q是檢驗(yàn)電荷D.上述說(shuō)法都不對(duì)4、如圖為可調(diào)電容器結(jié)構(gòu)圖；下述有關(guān)說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

A.動(dòng)片完全旋出時(shí)電容最小，完全旋入時(shí)電容最大B.利用該電容器可制作測(cè)量角度的電容式傳感器C.為增大該電容器的電容，可在動(dòng)片與定片之間充入某種非導(dǎo)電物質(zhì)作為電介質(zhì)D.可調(diào)電容器的定片必須接電源的正極，動(dòng)片必須接電源的負(fù)極5、下列關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度的兩個(gè)表達(dá)式E=和E=k的敘述中，正確的是（）A.E=是電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，F(xiàn)是放入電場(chǎng)中的電荷所受的力，q是產(chǎn)生電場(chǎng)的電荷的電荷量B.E=是電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，F(xiàn)是放入電場(chǎng)中的電荷所受的力，q是放入電場(chǎng)中的電荷的電荷量C.E=k是點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)的計(jì)算公式，Q是放入電場(chǎng)的電荷量，它適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)D.點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中，各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向一定是背向點(diǎn)電荷Q6、如圖所示，Sl、S2為兩個(gè)振動(dòng)情況完全相同的波源，兩列波的波長(zhǎng)都為λ，它們?cè)诮橘|(zhì)中產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，Sl、S2在空間中共形成了5個(gè)振動(dòng)加強(qiáng)的區(qū)域，如圖中實(shí)線所示．P是振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)域中的一點(diǎn)，從圖中可看出（）A.P點(diǎn)到兩波源的距離差等于1.5λB.S1的傳播速度大于S2的傳播速度C.P點(diǎn)此時(shí)刻振動(dòng)最強(qiáng)，過(guò)半個(gè)周期后，振動(dòng)變?yōu)樽钊鮀.當(dāng)一列波的波峰傳到P點(diǎn)時(shí)，另一列波的波峰也一定傳到P點(diǎn)7、如圖為物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的v-t圖象；關(guān)于0～4s內(nèi)物體運(yùn)動(dòng)情況的描述錯(cuò)誤的是（）

A.物體先向負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，2s后向正方向運(yùn)動(dòng)B.2s前物體位于出發(fā)點(diǎn)負(fù)方向上，2s后位于出發(fā)點(diǎn)正方向上C.在2s時(shí)物體距出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)D.物體的加速度一直是正方向8、已知萬(wàn)有引力恒量G；則還已知下面哪一選項(xiàng)的數(shù)據(jù)，可以計(jì)算地球的質(zhì)量（）

A.已知地球繞太陽(yáng)運(yùn)行的周期及地球中心到太陽(yáng)中心的距離。

B.已知月球繞地球運(yùn)行的周期及月球中心到地球中心的距離。

C.已知人造地球衛(wèi)星在地面附近繞行的速度和運(yùn)行周期。

D.已知地球同步衛(wèi)星離地面的高度。

9、“軌道康復(fù)者”是“垃圾”衛(wèi)星的數(shù)據(jù)，被稱為“太空110”，它可在太空中給“垃圾”衛(wèi)星補(bǔ)充能源，延長(zhǎng)衛(wèi)星的使用壽命，假設(shè)“軌道康復(fù)者”軌道半徑為同步衛(wèi)星軌道半徑的其運(yùn)動(dòng)方向與地球自轉(zhuǎn)方向一致，軌道平面與地球赤道平面重合，下列說(shuō)法正確的是（）A.“軌道康復(fù)者”的加速度是同步衛(wèi)星加速度的5倍B.“軌道康復(fù)者”的線速度是同步衛(wèi)星速度的倍C.站在地球赤道上的人觀察到“軌道康復(fù)者”向西運(yùn)動(dòng)D.“軌道康復(fù)者”可在高軌道上加速，以對(duì)接并拯救軌道上的衛(wèi)星評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、頻率為5×1014Hz單色光通過(guò)雙縫S1和S2投射到屏上，并且S1和S2振動(dòng)方向相同．屏上的點(diǎn)P到S1與P到S2的路程差為9×10-7m，光在真空中的波長(zhǎng)為_(kāi)___m，點(diǎn)P處形成____條紋．11、太陽(yáng)內(nèi)部持續(xù)不斷地發(fā)生著4個(gè)質(zhì)子H聚變?yōu)?個(gè)氦核He的熱核反應(yīng)，核反應(yīng)方程是：4H→He+2X．已知質(zhì)子、氦核、X的質(zhì)量分別為m1、m2、m3，真空中的光速為C．方程中的X表示____，核反應(yīng)中釋放的核能△E=____．12、（2013秋?上高縣校級(jí)月考）（1）下列說(shuō)法正確的是____

A．盧瑟福通過(guò)α粒子散射實(shí)驗(yàn)建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型。

B．宏觀物體的物質(zhì)波波長(zhǎng)非常?。粯O易觀察到它的波動(dòng)性。

C．β衰變中產(chǎn)生的β射線實(shí)際上是原子的核外電子掙脫原子核的束縛而形成的。

D．愛(ài)因斯坦在對(duì)光電效應(yīng)的研究中；提出了光子說(shuō)。

E．對(duì)于任何一種金屬都存在一個(gè)“最大波長(zhǎng)”；入射光的波長(zhǎng)必須大于這個(gè)波長(zhǎng)，才能產(chǎn)生光電效應(yīng)。

F．根據(jù)玻爾理論可知；氫原子輻射出一個(gè)光子后，氫原子的電勢(shì)能減小，核外電子的運(yùn)動(dòng)加速度增大。

（2）質(zhì)量為M=6kg的木板B靜止于光滑水平面上，物塊A質(zhì)量為3kg，停在B的左端．質(zhì)量為1kg的小球用長(zhǎng)為0.8m的輕繩懸掛在固定點(diǎn)O上，將輕繩拉直至水平位置后，由靜止釋放小球，小球在最低點(diǎn)與A發(fā)生碰撞，碰撞時(shí)間極短，且無(wú)機(jī)械能損失，物塊與小球可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力．已知A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1，A離開(kāi)B時(shí)的速度是B的2倍，g取10m/s2．求木板多長(zhǎng)？13、某研究性小組利用如圖（a）所示的裝置研究一定質(zhì)量氣體的壓強(qiáng)與溫度的關(guān)系．他們?cè)谠嚬苤蟹忾]了一定質(zhì)量的氣體；通過(guò)壓強(qiáng)傳感器和溫度傳感器測(cè)得試管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)和溫度．

（1）采取了正確的操作后，他們針對(duì)同一部分氣體在三個(gè)不同體積的情況下記錄了相關(guān)數(shù)據(jù)，計(jì)算機(jī)繪出的p-t圖象分別如圖（b）中的①、②、③所示，其中p1為已知量，則圖線①的函數(shù)表達(dá)式為_(kāi)___；

（2）圖線①、②、③在圖（c）中表示為_(kāi)___

14、一礦井深125m；在井口每隔一段時(shí)間釋放一個(gè)小球，當(dāng)?shù)?個(gè)小球剛從井口開(kāi)始下落時(shí)第1個(gè)球恰好到達(dá)井底．則：

（1）相鄰的兩個(gè)小球下落的時(shí)間間隔是____s；

（2）這時(shí)第3個(gè)小球跟第5個(gè)小球相距____m．（g取10m/s2）15、（2014?河北區(qū)三模）如圖所示，陽(yáng)光與水平面的夾角為θ．現(xiàn)修建一個(gè)截面為梯形的魚(yú)塘，欲使它在貯滿水的情況下陽(yáng)光可以照射到整個(gè)底部，己知水的折射率為n，則魚(yú)塘右側(cè)坡面的傾角的余弦cosa應(yīng)滿足的條件是cosa≥____．16、（2013春?鏡湖區(qū)校級(jí)期末）如圖所示，在方向垂直向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域中有一個(gè)由均勻?qū)Ь€制成的單匝矩形線框abcd，線框以恒定的速度v沿垂直磁場(chǎng)方向向右運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)中線框dc邊始終與磁場(chǎng)右邊界平行，線框邊長(zhǎng)ad=l，cd=2l．線框?qū)Ь€的總電阻為R．則線框離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程中，流過(guò)線框截面的電量為_(kāi)___；ab間的電壓為_(kāi)___；線框中的電流在ad邊產(chǎn)生的熱量為_(kāi)___．評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)17、物體的平均速率為零，則物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、電場(chǎng)線真實(shí)地存在于電場(chǎng)中．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、電荷所受的洛倫茲力方向不一定與磁場(chǎng)方向垂直____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、物體只要是運(yùn)動(dòng)的，其合外力就一定不為零．____（判斷對(duì)錯(cuò)）21、（2010?駐馬店模擬）氫原子的能級(jí)圖如圖所示，欲使一處于基態(tài)的氫原子釋放出一個(gè)電子而變成氫離子，該氫原子需要吸收的能量至少是13.60eV____（判斷對(duì)錯(cuò)）22、向心力的方向始終指向圓心，所以向心力的方向始終不變．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、推斷題(共4題，共36分)23、【化學(xué)rm{隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】醇酸樹(shù)脂合成技術(shù)成熟、原料易得、涂膜的綜合性能良好，是涂料用合成樹(shù)脂中用量最大、用途最廣的品種之一，新型環(huán)保醇酸樹(shù)脂的合成路線如圖所示：rm{(1)E}的化學(xué)名稱是：，rm{D}中官能團(tuán)的名稱是：。rm{(2)壟脵}的反應(yīng)類型是：____。rm{(3)}下列說(shuō)法正確的是：____rm{(}填字母編號(hào)rm{)}rm{a.}化合物rm{A}的核磁共振氫譜有rm{3}組峰rm{b.}油脂、蔗糖、麥芽糖酸性水解都能得到rm{2}種物質(zhì)rm{c.}檢驗(yàn)rm{B}中所含官能團(tuán)時(shí)，所加試劑為過(guò)量氫氧化鈉溶液、硝酸銀溶液rm{d.1molC}與足量的銀氨溶液反應(yīng)能生成rm{4mol}銀rm{e.1molE}與足量的金屬鈉反應(yīng)產(chǎn)生rm{33.6LH_{2}}rm{(4)}寫出rm{C隆煤D}的化學(xué)方程式：____。rm{(5)}在rm{Cu}作催化劑，rm{F(C_{8}H_{10}O_{2})}與rm{O_{2}}可生成rm{C}則rm{F}的同分異構(gòu)體中，符合下列條件的芳香族化合物的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式有：____。rm{a.}遇rm{FeCl_{3}}溶液發(fā)生顯色反應(yīng)rm{b.}發(fā)生消去反應(yīng)后生成的化合物核磁共振氫譜有rm{5}組峰rm{(6)}已知rm{RCH_{2}=CH_{2}}rm{RCHClCH=CH_{2}}參照上述合成路線，以rm{2-}丙醇為原料rm{(}無(wú)機(jī)試劑任選rm{)}設(shè)計(jì)制備rm{OHC-CH_{2}-CHO}的合成路線。24、rm{[}化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)rm{]}化合物rm{M}是二苯乙炔類液晶材料的一種，最簡(jiǎn)單的二苯乙炔類化合物是以互為同系物的單取代芳烴rm{A}rm{G}為原料合成rm{M}的一種路線rm{(}部分反應(yīng)條件略去rm{)}如下：

回答下列問(wèn)題：rm{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)_______。rm{(2)D}中含有的官能團(tuán)是________，分子中最多有________個(gè)碳原子共平面。rm{(3)壟脵}的反應(yīng)類型是________，rm{壟脺}的反應(yīng)類型是________。rm{(4)壟脻}的化學(xué)方程式為_(kāi)_______。rm{(5)B}的同分異構(gòu)體中能同時(shí)滿足如下條件：rm{壟脵}苯環(huán)上有兩個(gè)取代基，rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，共有________種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中核磁共振氫譜為rm{5}組峰，且峰面積比為rm{6}rm{2}rm{2}rm{1}rm{1}的是________rm{(}寫結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式rm{)}rm{(6)}參照上述合成路線，設(shè)計(jì)一條由苯乙烯和甲苯為起始原料制備的合成路線：________。25、rm{[}化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)rm{]}下圖所示為一個(gè)有機(jī)合成反應(yīng)的流程圖：請(qǐng)根據(jù)圖示回答下列問(wèn)題：rm{(1)C}物質(zhì)官能團(tuán)結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式：_______________，名稱是______rm{(2)}寫出中間產(chǎn)物rm{A}rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式。rm{A}________________，rm{B}________________。rm{(3)}在圖中rm{壟脵}至rm{壟脽}的反應(yīng)中屬于取代反應(yīng)的是________。rm{(}填序號(hào)rm{)}rm{(4)}寫出第rm{壟脼}步反應(yīng)化學(xué)方程式：___________________________rm{(5)}寫出rm{C}的同分異構(gòu)體rm{X}rm{壟隆.}苯環(huán)上有兩個(gè)側(cè)鏈；rm{壟壟.1molX}與足量rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)產(chǎn)生rm{1molCO_{2}}氣體。寫出符合上述兩條件的rm{X}的所有結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式____________________________。26、某冶金廠的礦渣含有較多的rm{Al_{2}O_{3}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}rm{SiO_{2}}現(xiàn)欲進(jìn)行綜合利用以提取氧化鋁；氧化鎂、氧化鐵作為工業(yè)原料，其設(shè)計(jì)的工藝流程如下：

已知：氧化鎂與水反應(yīng)生成氫氧化鎂；硅酸的酸性比氫氧化鋁強(qiáng)。飽和氯化銨溶液的rm{pH}約為rm{5}氫氧化鎂開(kāi)始沉淀至沉淀完全的rm{pH}范圍：rm{9.0隆蘆12.0}氫氧化鐵開(kāi)始沉淀至沉淀完全的rm{pH}范圍：rm{2.7隆蘆4.0}rm{(1)}寫出過(guò)程rm{II}中氧化鋁發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式：_____________。rm{(2)}過(guò)程Ⅲ的名稱是________產(chǎn)品乙的俗名是___________。rm{(3)}過(guò)程rm{V}中所用適量的rm{B}是一種氣體，rm{B}是______rm{(}填化學(xué)式rm{)}過(guò)程rm{V}中所發(fā)生的反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)___________________。rm{(4)}殘?jiān)子蔑柡吐然@溶液能部分溶解的原因是_____________rm{(}結(jié)合平衡表達(dá)式，用化學(xué)平衡理論解釋rm{)}rm{(5)}取適量溶液丙，加入過(guò)量鹽酸并過(guò)濾除去沉淀，再用惰性電極電解濾液，一段時(shí)間后，在陰極區(qū)有沉淀生成，最后沉淀消失。電解時(shí)生成沉淀的化學(xué)方程式為_(kāi)__________________。評(píng)卷人得分五、解答題(共2題，共8分)27、如圖所示，“13”形狀的各處連通且粗細(xì)相同的細(xì)玻璃管豎直放置在水平地面上，只有G端開(kāi)口，與大氣相通，水銀面剛好與C平齊．AB=CD=L，BD=DE=，F(xiàn)G=．管內(nèi)用水銀封閉有兩部分理想氣體，氣體1長(zhǎng)度為L(zhǎng)氣體2長(zhǎng)度為．現(xiàn)在僅對(duì)氣體1緩慢加熱，直到使BD管中的水銀恰好降到D點(diǎn)，若已知大氣壓強(qiáng)P0=76cmHg，環(huán)境溫度始終為t0=27℃；L=76cm，求此時(shí)（計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

①氣體2的壓強(qiáng)為多少厘米汞柱？

②氣體1的溫度需加熱到多少攝氏度？28、如圖所示，（a）圖是（b）圖中A點(diǎn)的振動(dòng)圖象，而（b）圖是A點(diǎn)振動(dòng)了0.5s時(shí)的波動(dòng)圖象．

求（1）這列波的波長(zhǎng)和頻率分別是多少？

（2）這列波的波速是多少？

評(píng)卷人得分六、識(shí)圖作答題(共1題，共2分)29、鐵皮石斛為藥用草本植物，喜生活在陰濕環(huán)境。圖1為葉肉細(xì)胞內(nèi)光合作用的某反應(yīng)過(guò)程；圖2為某科研小組測(cè)定其在光照和黑暗交替條件下的CO2吸收速率：

（1）圖1所示的結(jié)構(gòu)為_(kāi)__________，其上分布的色素易溶于___________，據(jù)此可提取綠葉中的色素。（2）圖1所示的反應(yīng)過(guò)程將水分解，最終產(chǎn)生O2和物質(zhì)A，同時(shí)將光能轉(zhuǎn)化為_(kāi)________，其中物質(zhì)A是___________。（3）據(jù)圖2分析，鐵皮石斛不同于一般植物的特點(diǎn)是在暗處_______（填“能”或“不能”）吸收CO2。在暗處____（填“能”或“不能”）將CO2轉(zhuǎn)化為糖類等有機(jī)物，原因是______________________。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】功是能量轉(zhuǎn)化的量度，做功的過(guò)程就是能量轉(zhuǎn)化的過(guò)程；力和位移是做功的兩個(gè)要素，只要在力的方向上有位移，就一定有功功是標(biāo)量，它的單位是焦耳．【解析】【解答】解：A；功雖然有正負(fù)；但是它注意大小沒(méi)有方向，不使用平行四邊形定則合成．所以功是標(biāo)量．故A錯(cuò)誤。

B；力和位移是做功的兩個(gè)要素；只要在力的方向上有位移，就一定有功，故B錯(cuò)誤。

D；功和能量的單位是焦耳．故C正確；D錯(cuò)誤．

故選：C2、A【分析】【分析】根據(jù)電源的外特性曲線U-I圖線，可求出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；根據(jù)燈泡伏安特性曲線與電源外特性曲線交點(diǎn)確定燈泡與電源連接時(shí)工作電壓與電流，即可求出功率與燈泡電阻．【解析】【解答】解：A、根據(jù)電源U-I圖線，r1=Ω，r2=Ω，則r1：r2=11：7；故A正確．

B、E1=E2=10V；故B錯(cuò)誤；

C；D、燈泡伏安特性曲線與電源外特性曲線的交點(diǎn)即為燈泡與電源連接時(shí)的工作狀態(tài)。

則有：U1=3v，I1=5A，P1=15W，R1=Ω

U2=5V，I2=6A，P2=30W，R2=Ω

P1：P2=1：2，R1：R2=18：25；故CD錯(cuò)誤；

故選：A．3、B【分析】【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=適用于所有的電場(chǎng)；E為場(chǎng)源電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)，q為試探電荷；

點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式E=，其中E就是式中Q產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)．【解析】【解答】解：A、電場(chǎng)強(qiáng)度的表達(dá)式E=適用于任何電場(chǎng)；式中q就是本題中所指的試探電荷，而不是產(chǎn)生電場(chǎng)的點(diǎn)電荷，故A錯(cuò)誤；

B、在真空中，電場(chǎng)強(qiáng)度的表達(dá)式為E=；式中Q就是產(chǎn)生電場(chǎng)的電荷，故B正確；

CD、在真空中E=；式中Q是產(chǎn)生電場(chǎng)的點(diǎn)電荷，故C；D錯(cuò)誤；

故選：B4、D【分析】【分析】可調(diào)電容器為平行板電容器，根據(jù)平行板電容器的決定式可分析電容的原理及應(yīng)用．【解析】【解答】解：A、由圖可知，動(dòng)片完全旋出時(shí)，正對(duì)面積最小，則由C=可知；此時(shí)電容最小；完全旋入時(shí)正對(duì)面積最大，電容最大；故A正確；

B；因旋出與角度有關(guān)；而根據(jù)旋出面積可求出電容，故可以用其制作測(cè)量角度的電容式傳感器；故B正確；

C；由決定式可知；加入介質(zhì)時(shí)可以增大電容；故C正確；

D；平行板電容器不區(qū)分正負(fù)極；故不需要將定片接正極；故D錯(cuò)誤；

本題選錯(cuò)誤的，故選：D．5、B【分析】【分析】E=是電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，F(xiàn)是放入電場(chǎng)中的電荷所受的力，q是其電荷量；E=k是點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)的計(jì)算公式，Q是產(chǎn)生電場(chǎng)的電荷的電荷量．電場(chǎng)線從正電荷或無(wú)窮遠(yuǎn)處出發(fā)到負(fù)電荷或無(wú)窮遠(yuǎn)處終止．【解析】【解答】解：

A、B、E=是電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式；F是放入電場(chǎng)中的電荷所受的力，q是放入電場(chǎng)中的電荷的電荷量，故A錯(cuò)誤，B正確．

C、E=k是點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)的計(jì)算公式；Q是產(chǎn)生電場(chǎng)的電荷的電荷量，該公式只適用點(diǎn)電荷的電場(chǎng)，故C錯(cuò)誤．

D；正點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中；各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向背向點(diǎn)電荷Q，而負(fù)點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中，各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向指向點(diǎn)電荷Q，故D錯(cuò)誤．

故選：B6、D【分析】【分析】?jī)闪胁ㄏ嘤鰰r(shí)振動(dòng)情況相同時(shí)振動(dòng)加強(qiáng)，振動(dòng)情況相反時(shí)振動(dòng)減弱；當(dāng)波峰與波峰相遇或波谷與波谷相遇時(shí)振動(dòng)加強(qiáng)，當(dāng)波峰與波谷相遇時(shí)振動(dòng)減弱，則振動(dòng)情況相同時(shí)振動(dòng)加強(qiáng)；振動(dòng)情況相反時(shí)振動(dòng)減弱．【解析】【解答】解：A、由題意可知，S1、S2在空間共形成5個(gè)振動(dòng)加強(qiáng)的區(qū)域；則P點(diǎn)到兩波源的距離差等于λ．故A錯(cuò)誤；

B、S1、S2為振動(dòng)情況完全相同的波源，則S1的傳播速度等于S2的傳播速度．故B錯(cuò)誤；

C；若P點(diǎn)此時(shí)刻振動(dòng)最強(qiáng)；過(guò)半個(gè)周期后，振動(dòng)仍為最強(qiáng)．故C錯(cuò)誤；

D；因P點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)；當(dāng)一列波的波峰傳到P點(diǎn)時(shí)，另一列波的波峰也一定傳到P點(diǎn)，故D正確；

故選：D．7、B【分析】【分析】在速度時(shí)間圖象中，某一點(diǎn)代表此時(shí)刻的瞬時(shí)速度，時(shí)間軸上方速度是正數(shù)，時(shí)間軸下方速度是負(fù)數(shù)；切線代表該位置的加速度，向右上方傾斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負(fù)；圖象與坐標(biāo)軸圍成面積代表位移，時(shí)間軸上方位移為正，時(shí)間軸下方位移為負(fù)．【解析】【解答】解：A；物體前兩秒速度為負(fù)值；所以物體先向負(fù)方向運(yùn)動(dòng)；2s后速度為正值，所以向正方向運(yùn)動(dòng)．故A正確，不能選．

B；速度時(shí)間圖象中；前兩秒所圍成的面積在時(shí)間軸下方，位移為負(fù)，前四秒內(nèi)總面積為零，所以四秒末回到出發(fā)點(diǎn)；物體從未到達(dá)過(guò)出發(fā)點(diǎn)的正方向．故B錯(cuò)誤，選上．

C；速度時(shí)間圖象中；前兩秒所圍成的面積在時(shí)間軸下方，位移為負(fù)，2s后反向往回走，位移一直減小，所以在2s時(shí)物體距出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，故C正確，不選．

D；因?yàn)樗俣葧r(shí)間圖象斜率表示加速度；此題斜率為正，加速度一直為正．故D正確，不選．

故選：B8、B|C【分析】

根據(jù)旋轉(zhuǎn)天體繞中心天體運(yùn)行的模型；根據(jù)萬(wàn)有引力等于向心力，由旋轉(zhuǎn)天體公轉(zhuǎn)半徑和周期可求出中心天體的質(zhì)量．

A；已知地球繞太陽(yáng)運(yùn)行的周期和地球的軌道半徑只能求出太陽(yáng)的質(zhì)量；而不能求出地球的質(zhì)量，故A錯(cuò)誤．

B；已知月球繞地球運(yùn)行的周期及月球中心到地球中心的距離；根據(jù)萬(wàn)有引力等于向心力得。

=mr知道周期和半徑，可以求出地球的質(zhì)量．故B正確．

C、已知人造地球衛(wèi)星在地面附近繞行的速度和運(yùn)行周期．由v=可求出軌道半徑；

根據(jù)=可求出地球的質(zhì)量．故C正確．

D；同步衛(wèi)星的周期已知；知道同步衛(wèi)星的高度，不知道地球半徑，所以無(wú)法知道同步衛(wèi)星的軌道半徑，不能求出地球的質(zhì)量，故D錯(cuò)誤．

故選BC．

【解析】【答案】根據(jù)旋轉(zhuǎn)天體繞中心天體運(yùn)行的模型，由旋轉(zhuǎn)天體公轉(zhuǎn)半徑和周期求出中心天體的質(zhì)量分析：地球繞太陽(yáng)運(yùn)行的周期T和地球中心離太陽(yáng)中心的距離r可求出太陽(yáng)的質(zhì)量．月球繞地球運(yùn)動(dòng)的周期T和軌道半徑r可求出地球的質(zhì)量．

9、B【分析】解：A、根據(jù)=mg=ma；“軌道康復(fù)者”繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的軌道半徑為地球同步衛(wèi)星軌道半徑的五分之一，知“軌道康復(fù)者”的加速度是地球同步衛(wèi)星加速度的25倍，故A錯(cuò)誤。

B、根據(jù)=m可得：v=“軌道康復(fù)者”繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的軌道半徑為地球同步衛(wèi)星軌道半徑的五分之一，知“軌道康復(fù)者”的速度是地球同步衛(wèi)星速度的倍；故B正確。

C；軌道半徑越大；角速度越小，同步衛(wèi)星和地球自轉(zhuǎn)的角速度相同，所以空間站的角速度大于地球自轉(zhuǎn)的角速度，所以站在地球赤道上的人觀察到空間站向東運(yùn)動(dòng)。故C錯(cuò)誤。

D；“軌道康復(fù)者”要在原軌道上加速將會(huì)做離心運(yùn)動(dòng)；到更高的軌道上，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)“軌道康復(fù)者”在某一位置受到的重力提供它做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力；可知運(yùn)行加速度和所在高度出的重力加速度的關(guān)系。根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力分析。同步衛(wèi)星和地球自轉(zhuǎn)的角速度相同，比較出“軌道康復(fù)者”和同步衛(wèi)星的角速度大小，就可以判斷出“軌道康復(fù)者”相對(duì)于地球的運(yùn)行方向。

解決本題的關(guān)鍵掌握萬(wàn)有引力等于重力和萬(wàn)有引力提供向心力。以及“軌道康復(fù)者”處于完全失重狀態(tài)，靠地球的萬(wàn)有引力提供向心力，做圓周運(yùn)動(dòng)?！窘馕觥緽二、填空題(共7題，共14分)10、6×10-7暗【分析】【分析】先根據(jù)公式c=λf求出光的波長(zhǎng)，然后判斷路程差是半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍還是偶數(shù)倍，若是偶數(shù)倍即波長(zhǎng)的整數(shù)倍則出現(xiàn)亮條紋．【解析】【解答】解：根據(jù)光波的速度公式。

c=λf

有λ==m=6×10-7m

光的路程差跟光波長(zhǎng)之比為。

n===4.5；

即路程差為光波長(zhǎng)的奇數(shù)倍．因此；兩束光在該點(diǎn)振動(dòng)減弱，出現(xiàn)光的暗條紋．

故答案為：6×10-7，暗．11、【分析】【分析】（1）根據(jù)核反應(yīng)方程的質(zhì)量數(shù)與質(zhì)子數(shù)守恒；即可求解；

（2）根據(jù)質(zhì)能方程求出釋放能量，即可求解；【解析】【解答】解：（1）X的質(zhì)量數(shù)：2m=4-4=0，電荷數(shù)：2z=4-2=2，所以z=1．所以X是正電子為．

核反應(yīng)方程式為：4H→He+2

（2）質(zhì)量虧損：△m=（4m1-m2-2m3）

釋放能量為：

故答案為：12、ADF【分析】【分析】（1）盧瑟福通過(guò)α粒子散射實(shí)驗(yàn)建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型；宏觀物體的物質(zhì)波波長(zhǎng)非常?。徊蝗菀子^察到它的波動(dòng)性；β衰變中產(chǎn)生的β射線實(shí)際上是原子核中的一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子而形成的；愛(ài)因斯坦在對(duì)光電效應(yīng)的研究中，提出了光子說(shuō)；對(duì)于任何一種金屬都存在一個(gè)“最大波長(zhǎng)”，入射光的波長(zhǎng)必須小于于這個(gè)波長(zhǎng)，才能產(chǎn)生光電效應(yīng)；根據(jù)玻爾理論可知，氫原子輻射出一個(gè)光子后，氫原子的電勢(shì)能減小，核外電子的運(yùn)動(dòng)加速度增大。

（2）A向下擺動(dòng)過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律求得與B碰前的速度，小球與A碰撞的過(guò)程中，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，在A與木板B相互作用的過(guò)程中，AB組成的系統(tǒng)的動(dòng)量也守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒和能量守恒求解．【解析】【解答】解：（1）A；盧瑟福根據(jù)α粒子散射實(shí)驗(yàn)建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型．故A正確；

B；宏觀物體的物質(zhì)波波長(zhǎng)非常??；不易觀察到它的波動(dòng)性，故B錯(cuò)誤；

C；β衰變中產(chǎn)生的β射線不是原子的核外電子掙脫原子核的束縛而形成；實(shí)際上是原子核中的中子轉(zhuǎn)化成質(zhì)子而發(fā)射出來(lái)的．故C錯(cuò)誤；

D；愛(ài)因斯坦在對(duì)光電效應(yīng)的研究中；提出了光子說(shuō)．故D正確；

E；每種金屬都有發(fā)生光電效應(yīng)的最小頻率即“極限頻率”；波長(zhǎng)與頻率成反比，最小頻率則對(duì)應(yīng)著最大波長(zhǎng)，所以發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)入射光波長(zhǎng)要小于這個(gè)波長(zhǎng)，故E錯(cuò)誤；

F；根據(jù)玻爾理論可知；氫原子輻射出一個(gè)光子后，氫原子的電勢(shì)能減小，核外電子的運(yùn)動(dòng)加速度增大，由于減小的電勢(shì)能大于增加的動(dòng)能，所以電子的總能量減?。蔉正確．

故選：ADF．

（2）由機(jī)械能守恒有：；

m/s

球與A碰撞過(guò)程中；系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒。

mv0=mAvA+mv

得：m/s

A與B系統(tǒng)動(dòng)量守恒：

mA=mAvA′+mBvB′

vA′=2vB′

所以：vB′=0.5m/s；

vA′=1m/s

由能量守恒：

代入數(shù)據(jù)解得：L=1.25m

答：木板長(zhǎng)1.25m．13、略

【分析】

（1）斜率為：k==

縱軸截距為：P1；

故圖線①的函數(shù)表達(dá)式為：P=kt+P1=t+p1；

（2）同一部分氣體在三個(gè)不同體積的情況下的P-t圖象中；0攝氏度時(shí)圖線①壓強(qiáng)最大，說(shuō)明體積最?。?/p>

A；B、三條圖線都是等容變化；且圖線①對(duì)應(yīng)體積最小，故A錯(cuò)誤，B正確；

C；D、三條圖線都是等容變化；且圖線①對(duì)應(yīng)體積最小，故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤；

故選B；

故答案為：（1）（2）B．

【解析】【答案】（2）運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)求解；

（3）同一部分氣體在三個(gè)不同體積的情況下的P-t圖象中；0攝氏度時(shí)圖線①壓強(qiáng)最大，說(shuō)明體積最小．

14、140【分析】【分析】根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式求出小球下落的總時(shí)間，從而得出相鄰兩個(gè)球之間的時(shí)間間隔．根據(jù)第3個(gè)球和第5個(gè)球下落的高度求出兩球的間距．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)h=得，小球下落的總時(shí)間t=；

則相鄰兩個(gè)小球的時(shí)間間隔．

（2）第3個(gè)小球下落的時(shí)間為3s；第5個(gè)小球下落的時(shí)間為1s；

此時(shí)第3個(gè)小球和第5個(gè)小球之間的距離m=40m．

故答案為：1，4015、【分析】【分析】抓住陽(yáng)光可以照射到整個(gè)底部，則折射光線與底部的夾角大于等于α，根據(jù)幾何關(guān)系，結(jié)合折射定律求出魚(yú)塘右側(cè)坡面的傾角口應(yīng)滿足的條件．【解析】【解答】解：欲使魚(yú)塘注滿水的情況下，陽(yáng)光可以照射到整個(gè)底部，則折射光線與底部的夾角大于等于α，故折射角r≤-α，又入射角i=-θ

根據(jù)折射定律有：n=

所以n≥=，所以cosα≥．

故答案為：．16、【分析】【分析】根據(jù)感應(yīng)電量q=；分析磁通量變化量關(guān)系，來(lái)求解感應(yīng)電量．分析線框的受力情況，線框所受安培力的合力．

ab間的電壓，為路段電壓，即為bc；cd、ad間的總電壓．

根據(jù)焦耳定律求解電流在ad邊產(chǎn)生的熱量．【解析】【解答】解：線框離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程中，ab邊在切割磁感線，ab邊相當(dāng)于電源；

則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=2Blv；

所以電路中的電流：I==；

相框的總電阻為R；根據(jù)電阻定律可知：

ab邊的電阻等于cd邊的電阻為

bc邊的電阻等于ad邊的電阻為

1、根據(jù)電流的定義式，可得流過(guò)線框截面的電量q=It==t===．

2、ab間的電壓，為路段電壓，即為bc、cd、ad間的總電壓，=．

3、線框中的電流在ad邊產(chǎn)生的熱量：Q=I2?=．

故答案為：，，．三、判斷題(共6題，共12分)17、√【分析】【分析】平均速度是位移與時(shí)間的比值；平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值；物體的平均速率為零，則物體的路程為0，物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√18、×【分析】【分析】為了研究的方便引入了電場(chǎng)線，實(shí)際不存在，電場(chǎng)線從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不相交不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱．【解析】【解答】解：為了研究的方便引入了電場(chǎng)線；實(shí)際不存在．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】電荷的定向移動(dòng)叫做電流；根據(jù)左手定則判斷磁場(chǎng)力方向；

左手定則：伸開(kāi)左手，使拇指與其余四個(gè)手指垂直，并且都與手掌在同一平面內(nèi)；讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使四指指向電流的方向，這時(shí)拇指所指的方向就是通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中所受安培力的方向．【解析】【解答】解：根據(jù)左手定則；洛倫茲力方向垂直于電荷運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)方向構(gòu)成的平面，即洛倫茲力方向一定與磁場(chǎng)方向垂直；

故答案為：×．20、×【分析】【分析】力是改變速度的原因，不是維持速度的原因，根據(jù)牛頓第一定律分析即可．【解析】【解答】解：當(dāng)物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)；物體不受力或者受平衡力，故力不是維持速度的原因；

故答案為：×．21、√【分析】【分析】當(dāng)電子躍遷到無(wú)窮遠(yuǎn)時(shí)，電子脫離氫原子核的約束，成為自由電子，氫原子變成氫離子，剛好到無(wú)窮遠(yuǎn)處的能量為0，因此這時(shí)吸收的能量最?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓寒?dāng)電子恰好電離時(shí)吸收的能量最??；此時(shí)有：△E=0-（-13.60）=13.6eV，故以上說(shuō)法是正確的．

故答案為：√22、×【分析】【分析】勻速圓周運(yùn)動(dòng)合力等于向心力，方向始終指向圓心，只改變速度的方向，不改變速度的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓何矬w做圓周運(yùn)動(dòng)；向心力方向始終指向圓心，方向時(shí)刻變化，此說(shuō)法錯(cuò)誤．

故答案為：×四、推斷題(共4題，共36分)23、（1）丙三醇羧基（2）取代反應(yīng)（3）ade（4）（5）（6）OHC-CH2-CHO【分析】【分析】本題考查了有機(jī)物的合成，難度不大，明確物質(zhì)具有的官能團(tuán)確定其具有的性質(zhì)，注意官能團(tuán)的變化，答題時(shí)要注意基礎(chǔ)知識(shí)的靈活運(yùn)用?！窘獯稹縭m{(1)}油脂水解生成高級(jí)脂肪酸和甘油，故E為丙三醇；rm{C}中rm{-CHO}被新制的氫氧化銅氧化生成rm{-COOH}rm{D}中官能團(tuán)含有羧基；rm{(2)A}與氯氣在光照條件下發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{(3)}是上下對(duì)稱結(jié)構(gòu)，核磁共振有三種峰，故rm{a}正確；油脂水解生成高級(jí)脂肪酸和甘油，蔗糖水解生成葡萄糖和果糖，麥芽糖水解只生成葡萄糖，故rm錯(cuò)誤；檢驗(yàn)rm{B}中的rm{Cl}原子，應(yīng)加入氫氧化鈉的水溶液加熱，再加入硝酸調(diào)至酸性，滴加硝酸銀若產(chǎn)生白色沉淀，則證明rm{B}中含有氯原子，若未調(diào)至酸性就滴加硝酸銀，會(huì)產(chǎn)生灰黑色的rm{Ag_{2}O}沉淀，干擾實(shí)驗(yàn)的檢驗(yàn)，故rm{c}錯(cuò)誤；含有rm{2mol}醛基，能與過(guò)量銀氨溶液反應(yīng)生成rm{4molAg}故rmbvdtndh正確。生成的氫氣未標(biāo)明是否是標(biāo)準(zhǔn)狀況下，故氣體的摩爾體積不一定是rm{22.4L/mol}氫氣的體積無(wú)法確定，故rm{e}錯(cuò)誤。故選rm{abd}rm{(4)}被新制的氫氧化銅氧化，方程式為rm{(5}rm{)F}遇rm{FeCl}遇rm{)F}rm{FeCl}rm{3}中含有酚羥基，且核磁共振氫譜有rm{3}組峰的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為或溶液發(fā)生顯色反應(yīng)，rm{F}中含有酚羥基，且核磁共振氫譜有rm{5}組峰的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為合成路線為rm{F}rm{5}rm{(6)}rm{OHC-CH}【解析】rm{(1)}丙三醇羧基rm{(2)}取代反應(yīng)rm{(3)ade}rm{(4)}rm{(5)}rm{(6)}rm{OHC-CH}rm{OHC-CH}rm{2}rm{2}24、（1）（2）碳碳雙鍵10（3）取代反應(yīng)加成反應(yīng)（4）（5）15（6）【分析】，【分析】本題主要考查有機(jī)物的合成路線，從產(chǎn)物和反應(yīng)條件推測(cè)反應(yīng)類型和反應(yīng)物；同分異構(gòu)體的書寫注意條件，包括碳鏈異構(gòu)和位置異構(gòu)。難度較大，認(rèn)真分析反應(yīng)條件和產(chǎn)物?！窘獯稹坑蓃m{B}的結(jié)構(gòu)可知，反應(yīng)rm{壟脵}為取代反應(yīng)，rm{A}為為取代反應(yīng)，rm{壟脵}為rm{A}發(fā)生還原反應(yīng)生成rm{B}rm{C}能與溴的四氯化碳反應(yīng)生成rm{D}rm{E}在氫氧化鉀、乙醇作用下生成得到rm{E}可知rm{F}為鹵代烴，rm{E}含有不飽和鍵，故反應(yīng)rm{D}為消去反應(yīng)，則rm{壟脹}為rm{D}為rm{E}為由rm{F}的分子式可知，反應(yīng)rm{M}屬于取代反應(yīng)，rm{壟脽}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{M}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為故答案為：rm{(1)A}為含有的官能團(tuán)是碳碳雙鍵，苯環(huán)為平面結(jié)構(gòu)、碳碳雙鍵為平面結(jié)構(gòu)，旋轉(zhuǎn)碳碳單鍵可以使rm{(2)D}個(gè)平面共面，通過(guò)選擇碳碳雙鍵可以使甲基中rm{2}原子處于上述平面內(nèi)，即所有的碳原子都可能共面，分子中最多有rm{C}個(gè)碳原子共平面，故答案為：碳碳雙鍵；rm{10}rm{10}的反應(yīng)類型是取代反應(yīng)，rm{(3)壟脵}的反應(yīng)類型是加成反應(yīng)，故答案為：取代反應(yīng)；加成反應(yīng)；rm{壟脺}的化學(xué)方程式為：故答案為：rm{(4)壟脻}rm{(5)B(}的同分異構(gòu)體中能同時(shí)滿足如下條件：rm{)}苯環(huán)上有兩個(gè)取代基，rm{壟脵}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，含有rm{壟脷}rm{-CHO}個(gè)側(cè)鏈為rm{2}rm{-CHO}或者為rm{-CH_{2}CH_{2}CH_{3}}rm{-CHO}或者為rm{-CH(CH_{3})_{2}}rm{-CH_{2}CHO}或者為rm{-CH_{2}CH_{3}}rm{-CH_{2}CH_{2}CHO}或者為rm{-CH_{3}}rm{-C(CH_{3})CHO}各有鄰、間、對(duì)rm{-CH_{3}}種，共有rm{3}種，其中核磁共振氫譜為rm{15}組峰，且峰面積比為rm{5}rm{6}rm{2}rm{2}rm{1}的是：故答案為：rm{1}rm{15}中苯乙烯與溴發(fā)生加成反應(yīng)得到再在rm{(6)}乙醇條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成甲苯通過(guò)rm{KOH/}rm{I_{2}/HIO_{3}}得到與發(fā)生取代反應(yīng)得到合成合成路線流程圖為：故答案為：rm{CH_{3}COOH/H_{2}SO_{4}}【解析】rm{(1)}rm{(2)}碳碳雙鍵rm{10}rm{(3)}取代反應(yīng)加成反應(yīng)rm{(4)}rm{(5)15}rm{(6)}25、rm{(1)}rm{-COOH}對(duì)二甲苯對(duì)二甲苯rm{-COOH}rm{(2)}rm{(4)C{H}_{2}BrC{H}_{2}Br+2NaOHxrightarrow[]{錄脫脠脠}C{H}_{2}OHC{H}_{2}OH+2NaBr}rm{(3)壟脵壟脷壟脼壟脽}rm{(4)C{H}_{2}BrC{H}_{2}Br+2NaOH

xrightarrow[]{錄脫脠脠}C{H}_{2}OHC{H}_{2}OH+2NaBr}【分析】【分析】本題考查有機(jī)合成，題目難度中等，熟練掌握常見(jiàn)有機(jī)物官能團(tuán)及其性質(zhì)為解答關(guān)鍵，rm{(4)}為易錯(cuò)點(diǎn)，需要明確同分異構(gòu)體的書寫原則，試題側(cè)重考查學(xué)生的分析、理解能力及靈活應(yīng)用所學(xué)知識(shí)的能力?！窘獯稹恳蚁┡c溴單質(zhì)反應(yīng)生成rm{CH_{2}BrCH_{2}Br}rm{CH_{2}BrCH_{2}Br}水解生成rm{D}則rm{D}為rm{CH_{2}OHCH_{2}OH}在光照的條件下與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{A}rm{A}水解生成則rm{A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為經(jīng)催化氧化生成了rm{B}rm{B}在催化劑的作用下生成rm{C}rm{C}與rm{CH_{2}OHCH_{2}OH}反應(yīng)生成則rm{C}為rm{B}為

rm{(1)}由以上分析可知，rm{C}為所含官能團(tuán)的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{-COOH}名稱為對(duì)二甲苯，故答案為：rm{-COOH}對(duì)二甲苯；rm{(2)}由以上分析可知，rm{A}為rm{B}為故答案為：

rm{(3)}根據(jù)以上分析可知，rm{壟脵壟脷壟脼壟脽}均為取代反應(yīng)，故答案為：rm{壟脵壟脷壟脼壟脽}

rm{(4)}反應(yīng)rm{壟脼}的化學(xué)反應(yīng)方程式為rm{C{H}_{2}BrC{H}_{2}Br+2NaOHxrightarrow[]{錄脫脠脠}C{H}_{2}OHC{H}_{2}OH+2NaBr}故答案為：rm{C{H}_{2}BrC{H}_{2}Br+2NaOHxrightarrow[]{錄脫脠脠}C{H}_{2}OHC{H}_{2}OH+2NaBr}

rm{C{H}_{2}BrC{H}_{2}Br+2NaOH

xrightarrow[]{錄脫脠脠}C{H}_{2}OHC{H}_{2}OH+2NaBr}苯環(huán)上有兩個(gè)側(cè)鏈，且rm{C{H}_{2}BrC{H}_{2}Br+2NaOH

xrightarrow[]{錄脫脠脠}C{H}_{2}OHC{H}_{2}OH+2NaBr}與足量rm{(5)}溶液反應(yīng)產(chǎn)生rm{1molX}氣體說(shuō)明苯環(huán)上有兩個(gè)側(cè)鏈一個(gè)是羧基一個(gè)是酯基，故符合上述兩條件的rm{NaHCO_{3}}的所有結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：故答案為：

rm{1molCO_{2}}【解析】rm{(1)}rm{-COOH}對(duì)二甲苯對(duì)二甲苯rm{-COOH}rm{(2)}rm{(4)C{H}_{2}BrC{H}_{2}Br+2NaOHxrightarrow[]{錄脫脠脠}C{H}_{2}OHC{H}_{2}OH+2NaBr}rm{(3)壟脵壟脷壟脼壟脽}rm{(4)C{H}_{2}BrC{H}_{2}Br+2NaOH

xrightarrow[]{錄脫脠脠}C{H}_{2}OHC{H}_{2}OH+2NaBr}26、（1））1）溶解，過(guò)濾（2）溶解，過(guò)濾鐵紅鐵紅2）↓＋（3）CO2CO2+3H2O+2AlO2-=2Al(OH)3↓＋CO32-3）CO2CO2+3H2O+2AlO2-=2Al(OH)3，氯化銨中CO32-能與（4）Mg(OH)2(s)Mg2+(aq)+2OH-(aq)，氯化銨中NH4+能與OH-反應(yīng)，c(OH-)降低，平衡右移反應(yīng)，4降低，平衡右移Mg(OH)2(s)Mg2+(aq)+2OH-(aq)NH4+）OH-【分析】【分析】本題旨在考查學(xué)生對(duì)化學(xué)方程式、離子方程式的書寫、鐵、鋁的重要化合物的應(yīng)用?！窘獯稹縭m{(}rm{(}rm{1}過(guò)程rm{1}中氧化鋁和碳酸鈉高溫反應(yīng)生成偏鋁酸鈉和二氧化碳，反應(yīng)方程式為：rm{A{l}_{2}{O}_{3}+N{a}_{2}C{O}_{3}overset{賂脽脦脗}(cāng){=}2NaAl{O}_{2}+C{O}_{2}隆眉}rm{)}過(guò)程rm{II}中氧化鋁和碳酸鈉高溫反應(yīng)生成偏鋁酸鈉和二氧化碳，反應(yīng)方程式為：rm{A{l}_{2}{O}_{3}+N{a}_{2}C{O}_{3}overset{賂脽脦脗}(cāng){=}2NaAl{O}_{2}+C{O}_{2}隆眉}rm{)}rm{II}過(guò)程Ⅲ是把固體變?yōu)橐后w，和不溶物，為溶解、過(guò)濾，紅棕色固體為氧化鐵，俗名為鐵紅，故答案為：溶解，過(guò)濾；鐵紅；rm{A{l}_{2}{O}_{3}+N{a}_{2}C{O}_{3}

overset{賂脽脦脗}(cāng){=}2NaAl{O}_{2}+C{O}_{2}隆眉}過(guò)程；故答案為：中是偏鋁酸鈉生成氫氧化鋁沉淀，所用適量的rm{A{l}_{2}{O}_{3}+N{a}_{2}C{O}_{3}

overset{賂脽脦脗}(cāng){=}2NaAl{O}_{2}+C{O}_{2}隆眉}是一種氣體，故B為二氧化碳，反應(yīng)的離子方程式為：；rm{(2)}過(guò)程Ⅲ是把固體變?yōu)橐后w，和不溶物，為溶解、過(guò)濾，紅棕色固體為氧化鐵，俗名為鐵紅，故答案為：溶解，過(guò)濾；鐵紅；rm{(2)}rm{(3)}過(guò)程rm{V}中是偏鋁酸鈉生成氫氧化鋁沉淀，所用適量的rm{B}是一種氣體，故B為二氧化碳，反應(yīng)的離子方程式為：rm{(3)}rm{V}rm{B}rm{CO_{2}+3H_{2}O+2AlO_{2}^{-}=2Al(OH)_{3}}rm{CO_{2}+3H_{2}O+2AlO_{2}^{-}=2Al(OH)_{3}}rm{隆媒+}rm{隆媒+}殘?jiān)子蔑柡吐然@溶液能部分溶解的原因是：氫氧化鎂存在溶解平衡，銨根離子能與氫氧根離子結(jié)合生成弱電解質(zhì)氨水，使溶解平衡右移，沉淀溶解，故答案為：rm{CO_{3}^{2-}}rm{CO_{3}^{2-}}；故答案為：不能與rm{CO_{2}}反應(yīng)，rm{CO_{2}}降低，平衡右移；rm{CO_{2}+3H_{2}O+2AlO_{2}^{-}=2Al(OH)_{3}}根據(jù)題意分析可知：電解時(shí)生成沉淀的化學(xué)方程式為氯化鋁和雙氧水在高溫下反