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…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁,總=sectionpages22頁第=page11頁,總=sectionpages11頁2025年上外版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍:全部知識點;考試時間:120分鐘學校:______姓名:______班級:______考號:______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題,共16分)1、如圖所示,兩根垂直紙面平行放置的直導線M和N,通有大小相等方向相反的電流I,在紙面上有一點P,P與M、N構成等邊三角形,此時P點磁感應強度為B.若導線M中的電流反向(大小不變),則P點的磁感應強度。
A.大小為B,方向豎直向上B.大小為B,方向豎直向下C.大小為B,方向水平向右D.大小為B,方向水平向左2、如圖所示,平行金屬板A、B間加速電壓為C、D間的偏轉電壓為MN為熒光屏,A、B板的中點與熒光屏中心點處于同一水平位置。今有電子(不計重力)從板中點處由靜止開始經(jīng)加速和偏轉后打在與熒光屏中心點相距為的點,電子從板運動到熒光屏的時間為下列判斷中正確的是()
A.若只增大則增大,增大B.若只增大則減小,減小C.若只減小則增大,增大D.若只減小則減小,減小3、以下幾種發(fā)電方式,屬于利用機械能轉化為電能的是()A.核電站發(fā)電B.太陽能發(fā)電C.風力發(fā)電D.火力發(fā)電4、如圖所示,空間有一正三棱P-ABC,D點是BC邊上的中點,O點是底面ABC的中心,現(xiàn)在頂點P點固定一負的點電荷,則下列說法正確的是()
A.底面ABC為等勢面B.A,B,C三點的電場強度相同C.若B,C,D三點的電勢為φB、φC、φD,則有D.將一正的試探電荷從B點沿直線BC經(jīng)過D點移到C點,靜電力對該試探電荷先做負功后做正功5、如圖所示,真空中兩個等量同種正點電荷放置在M、N兩點,MN連線上的中點為D,以MD為棱邊構成一個空間正方體,A、B、C是該正方體上三個頂點。則下列說法正確的是()
A.A、C兩點的電場強度相同B.B、D兩點的電勢相等C.將電子從C點沿CB方向射出,電子可能做勻速圓周運動D.將電子從B點沿BC方向射出,電子可能做勻速圓周運動6、如圖所示,A、B、C為直角三角形的三個頂點,AB邊的長度為a,O、P、Q三點分別為所在邊的中點,勻強電場與直角三角形所在平面平行。將一帶電量為q()的點電荷從A點移到B點的過程中,電場力做功為W,從A點移到C點的過程中,克服電場力做功為2W。下列選項中正確的是()
A.Q、P兩點電勢相等B.勻強電場的場強大小為C.勻強電場的方向由Q點指向B點D.A、P兩點間電勢差為7、如圖所示,水平正對的金屬板A、B與干電池連接,B板接地,靜電計的電荷量導線以及電池的內(nèi)阻均不計。開關S閉合,一帶負電的油滴靜止于兩板間的P點。下列說法正確的是()
A.若僅將A板上移一些,則靜電計指針的張角減小B.若僅將B板下移一些,則油滴向下運動C.若斷開S,且僅將B板下移一些,則油滴的電勢能增大D.若斷開S,且僅在P間插入玻璃板,則油滴向上運動8、如圖所示的電路中,電源電動勢為E,內(nèi)電阻為r,平行板電容器C的兩金屬板水平放置,R1和R2為定值電阻,P為滑動變阻器R3的滑動觸頭,G為靈敏電流計,A為理想電流表。開關S閉合后,C的兩板間恰好有一質量為m、電荷量為q的油滴處于靜止狀態(tài);則以下說法正確的是()
A.在P向上移動的過程中,A表的示數(shù)變大,油滴仍然靜止,G中有由a至b的電流B.在P向上移動的過程中,A表的示數(shù)變小,油滴向上加速運動,G中有由b至a的電流C.在P向下移動的過程中,A表的示數(shù)變大,油滴向下加速運動,G中有由b至a的電流D.在P向下移動的過程中,A表的示數(shù)變小,油滴向上加速運動,G中有由b至a的電流評卷人得分二、多選題(共7題,共14分)9、靜電噴涂是利用靜電現(xiàn)象制造的;其原理如圖所示.以下說法正確的是()
A.涂料微粒帶正電B.涂料微粒所受電場力的方向與電場方向相反C.電場力對涂料微粒做正功D.涂料微粒的電勢能變大10、如圖所示,電源電動勢E和內(nèi)阻r一定,R1、R2是定值電阻,R3是光敏電阻(光敏電阻阻值隨光照強度的增加而變小)。閉合開關,當照射到R3的光照強度增加時;以下判斷正確的是()
A.電流表示數(shù)一定變小B.電壓表示數(shù)一定變小C.R1的功率一定變小D.R2的功率一定變大11、如圖,真空中a、b、c、d四點共線且等距。先在a點固定一點電荷+Q,測得b點場強大小為E。若再將另一等量異種點電荷-Q放在d點時,則()
A.電場線從電荷出發(fā),形象地描繪了電荷在整個空間產(chǎn)生的電場分布B.c點場強大小為C.兩電荷相互作用力大小為D.c點電勢比b點電勢低12、如圖所示為某電場中的一條電場線.一負電荷以大小為v0的速度從M點沿電場線運動到N點的過程中,經(jīng)歷時間為t1,電勢能變化量為Ep1.另一正電荷以大小為v0的速度從N點沿電場線運動到M點的過程中,經(jīng)歷時間為t2,電勢能變化量為EP2.已知v0的方向平行于電場線;兩電荷的質量相等;電荷量絕對值相等,不計電荷的重力.則。
A.Ep1可能小于EP2B.Ep1一定等EP2C.t1可能小于t2D.t1—定等于t213、下列說法正確的是()A.打雷時,人呆在木屋里要比呆在汽車里安全B.處于靜電平衡狀態(tài)的導體,其內(nèi)部的電場強度處處為零C.燃氣灶點火器的放電電極做成針形是為了利用尖端放電現(xiàn)象D.超高壓帶電作業(yè)的工人穿絕緣服比穿含金屬絲的工作服安全14、如圖所示是真空中兩個帶等量異種電荷的點電荷A、B周圍的電場分布情況(電場線方向未標出)。圖中O點為兩點電荷連線的中點,MN為兩點電荷連線的中垂線上的兩點,OM=ON。下列說法中正確的是()
A.O、M、N三點的場強的大小關系是EM=EN<EOB.O、M、N三點在同一個等勢面上C.同一試探電荷在O、M、N三點受到的電場力方向不相同D.將一自由電荷從M點靜止釋放,它將沿MON做直線運動15、如圖所示電路,R1是定值電阻,R2是滑動變阻器,L是小燈泡,C是電容器,電源內(nèi)阻為r.開關S閉合后;在滑動變阻器的滑片向上滑動過程中。
A.電壓表示數(shù)變大B.小燈泡變亮C.電容器所帶電荷量增大D.電源的總功率變大評卷人得分三、填空題(共5題,共10分)16、如圖所示,質量相同的兩個帶電粒子P、Q以相同的速度沿垂直于電場方向射入兩水平平行板間的勻強電場中,P從兩極板正中央射入,Q從下極板邊緣處射入,它們最后打在同一點(重力不計),則從開始射入到打到上板的過程中它們所帶的電荷量之比qP∶qQ=___________;它們的動能增加量之比ΔEkP∶ΔEkQ=___________。
17、如圖電路;當滑動變阻器的滑片放在正中時,三燈的亮度相同,則:
(1)三燈的電阻大小關系是:____;
(2)當滑動變阻器的滑片下移后,三個燈的亮度最暗的是____燈.18、在如圖所示的回路中,若回路面積從變到磁感應強度同時從變到方向垂直紙面向里,則回路中的磁通量的變化量為________
19、如圖所示,E、F分別表示蓄電池兩極,P、Q分別表示螺線管兩端。當閉合開關時,發(fā)現(xiàn)小磁針N極偏向螺線管Q端。則E為蓄電池____極(填“正”或“負”),螺線管P端為____極(填“S”或“N”).
20、某同學想應用楞次定律判斷線圈纏繞方向;設計的實驗裝置原理圖如圖甲所示。選用的器材有:一個磁性很強的條形磁鐵,兩個發(fā)光二極管(電壓在1.5V至5V都可發(fā)光且保證安全),一只多用電表,導線若干。操作步驟如下:
①用多用電表的歐姆擋測出二極管的正;負極;
②把二極管;線圈按如圖甲所示電路用導線連接成實驗電路;
③把條形磁鐵插入線圈時,二極管B發(fā)光;拔出時,二極管A發(fā)光;
④根據(jù)楞次定律判斷出線圈的纏繞方向。
請回答下列問題:
(1)線圈纏繞方向如圖乙中的_______(填“A”或“B”)。
(2)條形磁鐵運動越快,二極管發(fā)光的亮度就越大,這說明感應電動勢隨_____的增大而增大(填“磁通量”;“磁通量的變化量”或“磁通量的變化率”)。
(3)為進一步研究,該小組又做了以下實驗:磁體從靠近線圈的上方靜止下落。在磁體穿過整個線圈的過程中,傳感器顯示的電流i隨時間t的圖像應該是圖中的____。
A.B.C.D.評卷人得分四、作圖題(共2題,共6分)21、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。22、把蜂鳴器;光敏電阻、干簧管繼電器開關、電源連成電路如圖所示;制成光電報警裝置,當報警器有光照射時,峰鳴器發(fā)聲,當沒有光照或者光照很弱時,蜂鳴器不發(fā)聲,①光敏電阻:光敏電阻受光照后,阻值會變小,②干簧管繼電器開關:由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成,當線圈中有一定的電流時,線圈產(chǎn)生的磁場使密封在干簧管內(nèi)的兩個鐵質簧片磁化,兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài),當線圈中沒有電流或者電流很微弱時,磁場消失,簧片在彈力的作用下恢復到分離狀態(tài),電路已經(jīng)連接一部分,請將電路完整連接好。
評卷人得分五、實驗題(共3題,共21分)23、某同學想設計一個測量金屬棒電阻率的實驗方案;實驗室提供的器材有:
A.電流表A1(內(nèi)阻Rg=100Ω,滿偏電流Ig=3mA)
B.電流表A2(內(nèi)阻約為0.4Ω;量程為0.6A)
C.定值電阻R0=900Ω
D.滑動變阻器R(5Ω;2A)
E.干電池組(6V;0.05Ω)
F.一個開關和導線若干。
G.螺旋測微器;游標卡尺。
(1)如圖,用螺旋測微器測金屬棒直徑為______mm;如圖用游標卡尺測金屬棒長為______cm;
(2)用多用電表粗測金屬棒的阻值:當用“×10Ω”擋時發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過大,他應該換用______擋(填“×1Ω”或“×100Ω”),換擋并進行一系列正操作后,指針靜止時如圖所示,則金屬棒阻值約為______Ω。
(3)某同學采用如圖所示電路進行測量,若實驗測得電流表A1示數(shù)為I1,電流表A2示數(shù)為I2,則金屬棒電阻的符號表達式為Rx=______(用I1,I2,R0,Rg表示)24、一實驗小組想測量一節(jié)蓄電池的電動勢和內(nèi)阻,實驗室提供的器材有:待測蓄電池,電流表G(量程為3mA,內(nèi)阻為Rg=100Ω),電阻箱R(最大阻值99.9Ω),定值電阻R1(阻值為900Ω),保護電阻R0(阻值為3.0Ω);開關S;導線若干。
(1)他們設計了如圖甲、乙所示的兩種電路,為保證在調(diào)節(jié)電阻箱R阻值的過程中,電流表G的示數(shù)變化范圍比較大,應選擇_______(填“甲”或“乙”)電路進行實驗。
(2)電路圖中將定值電阻R1和電流表G串聯(lián),相當于把電流表G改裝成了一個量程為_______V的電壓表。
(3)閉合開關S,多次調(diào)節(jié)電阻箱R,記錄電流表G的示數(shù)I和電阻箱對應的阻值R。
(4)以為縱坐標,為橫坐標,作圖線如圖丙所示(用直線擬合)。
(5)根據(jù)丙圖可求得電源電動勢E=_______V,內(nèi)阻r=_______Ω(結果均保留2位有效數(shù)字)。25、某同學通過實驗測量一電源的電動勢和內(nèi)電阻;實驗器材如下:
待測電源(電動勢約為9V;內(nèi)阻約為幾歐姆)
電流表(量程0-0.6A內(nèi)阻RA=1Ω)
電壓表(量程0-3V內(nèi)阻RV=1kΩ)
滑動變阻器(阻值范圍0-10Ω)
(1)實驗中由于電表的量程不足,于是該同學設計了如圖甲所示電路進行實驗,為了將電流表量程改成1.2A,電壓表量程改成12V,則R1=____Ω,R2=______Ω。
(2)改好電表后,該同學多次改變滑動變阻器的阻值,讀出多組電流表示數(shù)I、電壓表示數(shù)U;并記錄下數(shù)據(jù),某次測量中電壓表的指針位置如圖乙所示,則讀出電壓為____V。(此處填寫從表盤讀出的實際數(shù)值)
(3)利用記錄好的數(shù)據(jù)畫出的電壓U與電流I的圖象如圖所示,根據(jù)圖象可得到待測電源電動勢E=_____V,電源內(nèi)阻r=_____Ω。參考答案一、選擇題(共8題,共16分)1、B【分析】【分析】
本題考查了磁場的疊加;根據(jù)導線周圍磁場分布可知,與導線等距離地方磁感應強度大小相等,根據(jù)安培定則判斷出兩導線在P點形成磁場方向,磁感應強度B是矢量,根據(jù)矢量分解合成的平行四邊形定則求解.
【詳解】
MN在P點產(chǎn)生的磁感應強度大小相等,根據(jù)安培定則,電流M在P點的磁場向右上方,電流N在P點的磁場的方向向右下方,此時兩磁感應強度的夾角為1200;由平行邊形定則可知,P處的磁感應強度等于M;N分別在P處產(chǎn)生的磁感應強度,如圖。
當導線M中的電流反向(大小不變)時,M在P處產(chǎn)生的磁感應強度方向垂直PM向下,N在P處處產(chǎn)生的磁感應強度方向垂直PN向下,此時兩磁感應強度的夾角為600,所以合磁場應為:方向豎直向下.
故應選:B.
【點睛】
磁感應強度為矢量,合成時要用平行四邊形定則,因此要正確根據(jù)安培定則判斷導線周圍磁場方向是解題的前提.2、B【分析】【詳解】
粒子在加速電場中只有電場力做功,根據(jù)動能定理有
電子在偏轉電場中做類平拋運動,離開電場的時間
加速度
豎直方向的位移
由幾何關系知
故y與Y成正比,若只增大U1,則Y減?。浑娮訌腁板運動到熒光屏的時間由電子出離電場的速度決定,而
故若只增大U1,則v0減小,則t減小。
故選B。3、C【分析】【詳解】
A.核電站發(fā)電是利用核能最終轉化為電能發(fā)電;故A錯誤;
B.太陽能發(fā)電利用太陽能轉化為電能發(fā)電;故B錯誤;
C.風力發(fā)電是利用空氣的動能轉化為電能發(fā)電;即利用機械能轉化為電能發(fā)電,故C正確;
D.火力發(fā)電是先將燃料的化學能轉化為熱能;接著轉化為機械能,然后轉化為電能,故D錯誤。
故選C。4、C【分析】【詳解】
A.點電荷的等勢面是以點電荷為圓心的同心圓(球)面。O到P點距離比ABC三點到P點距離短,故電勢比ABC三點電勢低,又O點為底面ABC上的一點,故底面ABC不為等勢面;A錯誤;
B.點電荷電場強度大小
A、B、C三點到P點距離相同,故三點電場強度大小相等,但方向不同,故A、B、C三點的電場強度不相同;B錯誤;
C.BC兩點到P點距離相等,兩點電勢相等,則
C正確;
D.BC兩點到P點距離相等,兩點電勢相等,D點到P點距離小于BP或CP兩點距離,故D的電勢低于B、C兩點電勢,故正試探電荷從B點沿直線BC經(jīng)過D點移到C點;電勢能先減小后增加,故靜電力對該試探電荷先做正功后做負功,D錯誤;
故選C。5、C【分析】【詳解】
A.由對稱可知,A、C兩點的電場強度大小相等;方向不同,選項A錯誤;
B.因D點距離兩正電荷比B點更近,可知D點的電勢高于B點電勢;選項B錯誤;
C.電子在以D為圓心,以正方體邊長為半徑的圓上所受的電場力大小相等且都指向D點,則將電子從C點沿CB方向射出;因該方向與電場力方向垂直,則若電場力等于電子所需的向心力,則電子能做勻速圓周運動,選項C正確;
D.因BC方向與電子在B點受的電場力方向不垂直,則將電子從B點沿BC方向射出;電子不可能做勻速圓周運動,選項D錯誤。
故選C。6、C【分析】【分析】
【詳解】
A.根據(jù)勻強電場的特點,平行的線段其電勢差與線段的長度成正比,則Q、P兩點電勢為
所以Q、P兩點電勢不相等;則A錯誤;
D.A、P兩點間電勢差為
所以D錯誤;
C.設B點的電勢為0,則有
在BA的延長線上取一點D,DA=AB,則有
連接DQ則DQ為等勢線,由幾何關系可知,DA垂直于QB,則勻強電場的方向由Q點指向B點;所以C正確;
B.勻強電場的場強大小為
所以B錯誤;
故選C。7、B【分析】【詳解】
A.金屬板A;B與干電池連接;兩板間電勢差不變,A板上移,靜電計指針的張角不變,故A錯誤;
B.根據(jù)
若僅將B板下移一些;板間電場強度減小,豎直向上的電場力減小,而重力不變,則油滴受合外力向下,將向下運動,故B正確;
C.若斷開S,極板電荷量不變,根據(jù)
可得
僅將B板下移一些,板間電場強度不變,P點與零電勢B板間電勢差
增大,則P點電勢增大,根據(jù)公式
帶負電的油滴在P點的電勢能減??;故C錯誤;
D.若斷開S,且僅在A、P間插入玻璃板;則介電常數(shù)增大,則電場強度減小,則豎直向上的電場力減小,而重力不變,則油滴受合外力向下,將向下運動,故D錯誤。
故選B。8、B【分析】【詳解】
AB.粒子原來處于平衡狀態(tài),重力和靜電力平衡;電容器與電阻R3、電阻R2相并聯(lián)后與R1串聯(lián),滑片向上移動,電阻R3變大;電路總電阻變大,電流變小,A表的示數(shù)變小,電容器兩端電壓為。
U=E﹣I(r+R1)故電容器兩端電壓變大,帶電量變大,電場力變大,粒子向上加速;電容器充電,故電流從b到a;故A錯誤,B正確;
CD.在將滑動變阻器滑片P向下移動的過程,電阻R3變??;電路總電阻變小,電流變大,A表的示數(shù)變大,電容器兩端電壓為。
U=E﹣I(r+R1)故電容器兩端電壓變小,帶電量變小,電場力變小,粒子向下加速;電容器放電,故電流從a到b;故CD錯誤;
故選B。二、多選題(共7題,共14分)9、B:C【分析】【分析】
【詳解】
由于在噴槍噴嘴與被噴涂工作之間形成了強電場,工作時涂料微粒會向帶正電的被噴涂工件高速運動,則涂料微粒帶負電,微粒所受電場力的方向與電場方向相反.故A錯誤,B正確;因粒子帶負電,在庫侖引力的作用下做正功,則電勢能減小,故C正確,D錯誤.故選BC.10、B:C:D【分析】【詳解】
AB.照射到R3的光照強度增加時電阻減?。豢傠娮铚p小,由閉合電路歐姆定律可知,電流增大;路端電壓減小;故電壓表示數(shù)變小,電流表示數(shù)增大,故A錯誤,B正確;
CD.由于路端電壓減小,故R1中功率變小,因總電流變大,R1中電流減小,故流過R2的電流增大,其功率變大,故CD正確。11、B:D【分析】【分析】
考查點電荷的場強;場強的疊加,庫侖定律。
【詳解】
A.空間中某點的電場是唯一的;由所有場源電荷共同決定的,這里有兩個場源電荷,所以電場線始于正電荷,止于負電荷,形象地描述了等量異種電荷整個空間產(chǎn)生的電場分布,A錯誤;
B.設相鄰兩點間的距離為d,則+Q在b點的場強為:
方向向右,-Q在b點的場強為:
方向也向右,所以b點的場強為:
c點與b點對稱,所以c點場強與b點相同,大小為B正確;
C.由庫侖定律:
又有所以:
C錯誤;
D.電場方向由a點指向d點,沿著電場方向,電勢逐漸降低,所以c點電勢比b點電勢低;D正確。
故選BD。12、B:C【分析】【詳解】
電勢能的變化等于電場力的功,則可知,Ep1一定等EP2,故A錯誤,B正確;若沿電場線方向場強變大,即若EMN,則當負電荷從M向N運動時,做加速度增加的減速運動;當正電荷從N向M運動時,做加速度減小的減速運動,則在此兩過程中,初末兩態(tài)的速度均相同,但是負電荷從M向N運動時平均速度大于正電荷從N向M運動時平均速度,可知此時負電荷從M向N運動的時間t1小于正電荷從N向M運動的時間t2;故C正確,D錯誤.
故選BC.13、B:C【分析】【詳解】
A.一輛金屬車身的汽車可以起到靜電屏蔽的作用;也是最好的“避雷所”,一旦汽車被雷擊中,它的金屬構架會將閃電的電流導入地下,打雷時,呆在汽車里更安全,故A錯誤;
B.處于靜電平衡狀態(tài)的導體;其內(nèi)部的電場強度處處為零,故B正確;
C.因為電荷集中于形狀比較尖端的地方;即尖端放電,故燃氣灶的電子點火器的放電電極做成針形比較好,故C正確;
D.電力工人高壓帶電作業(yè);全身穿戴金屬絲網(wǎng)制成的工作服,可以對人體起到靜電屏蔽作用,使人安全作業(yè),故D錯誤。
故選BC。14、A:B【分析】【分析】
【詳解】
A.在兩點電荷連線的中垂線上,O點處電場線最密,電場強度最大,結合對稱性有
A正確;
B.等量異種電荷連線的中垂面是一個等勢面,則知O、M、N三點在同一個等勢面上;B正確;
C.在等量異種電荷連線的中垂線上各點的電場強度方向相同,都平行于兩電荷的連線,且均由正電荷指向負電荷向則同一試探電荷在O、M、N三點受到的電場力方向相同;C錯誤;
D.把電荷從M點靜止釋放,電荷受到的電場力沿水平方向,電荷將偏離MON直線,不會沿MON做直線運動;D錯誤。
故選AB。15、A:C【分析】【詳解】
AB.閉合開關S后,當滑動變阻器觸頭P向上移動時,R2增大;外電路總電阻增大,干路中電流減小,則小燈泡亮度變暗。電源的內(nèi)電壓減小,路端電壓增大,則電壓表的示數(shù)變大。故A符合題意,B不符合題意。
C.電路穩(wěn)定時電容器的電壓等于R2的電壓,根據(jù)串聯(lián)電路電壓分配規(guī)律可知,R2增大;電容器的電壓增大,則電容器所帶電荷量增大。故C符合題意。
D.電源的總功率為P=EI,干路電流I減小,則電源的總功率變小。故D不符合題意。三、填空題(共5題,共10分)16、略
【分析】【詳解】
[1]由題可知,物體在平行電場方向受到電場力的作用,做初速度為0的勻加速直線運動,根據(jù)位移公式則有
解得
因此有
根據(jù)牛頓第二定律,有
故有
[2]由動能定理,有
而所以動能增加之比為【解析】1:21:417、略
【分析】【分析】
【詳解】
(1)[1].由圖知,變阻器R與C燈串聯(lián)后與B燈并聯(lián),最后與A燈并聯(lián).三個小燈泡亮度相同,說明功率相同.對于燈A、B:通過BC的電流小于A的電流,當燈泡的功率相同時,由公式P=I2R分析可知,BC的電阻大于A的電阻.燈B的電壓大于C的電壓,當兩個燈泡的功率相同時,根據(jù)公式P=U2/R知,B的電阻大于C的電阻.則RA<RC<RB;
(2)[2].當滑片P向下滑動時,變阻器在路電阻增大,外電阻增大,根據(jù)閉合電路歐姆定律得知,干路電流I減小,路端電壓U增大,則B變亮.通過C電流IC=I﹣IB,I減小,IB增大,則IC減小的最大,所以C燈最暗.【解析】RA<RC<RB;C18、略
【分析】【分析】
【詳解】
[1]因為都變化,所以用后來的磁通量減去原來的磁通量【解析】13.619、略
【分析】【分析】
【詳解】
[1]由右手螺旋定則可知,電流由F流出,故E為蓄電池負極;
[2]小磁針N極轉向Q端,這說明磁感線指向Q端,故Q端為S極,P端為N極。【解析】①.負②.N20、略
【分析】【詳解】
(1)[1]把條形磁鐵插入線圈時,穿過線圈的磁通量向上,且大小增大,則線圈產(chǎn)生的感應電流的磁場方向向下,由發(fā)光二極管B發(fā)光,可知流經(jīng)二極管B的電流方向向下;則線圈纏繞方向如圖乙中A所示。
(2)[2]條形磁鐵從初始到完全插入;磁通量的變化量相同,磁鐵運動速度越快,磁通量變化越快,發(fā)光二極管的亮度就越大,說明感應電動勢隨磁通量的變化率的增大而增大。
(3)[3]磁體從靠近線圈的上方靜止下落,當磁體
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