2025年冀少新版高三物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀少新版高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、質(zhì)量分別為M和m的兩個小球，分別用長2l和l的輕繩拴在同一轉軸上，當轉軸穩(wěn)定轉動時，拴M和m的懸線與豎直方向夾角分別為α和β，如圖所示，則（）A.cosα=B.cosα=2cosβC.tanα=D.tanα=tanβ2、如圖所示，光滑固定導軌MN水平放置，兩根導體棒PQ平行放在導軌上，形成閉合回路．一條形磁鐵從上向下迅速接近回路時，可動的兩導體棒PQ將（）A.保持不動B.兩根導體相互遠離C.兩根導體相互靠近D.無法判斷3、如圖所示小球沿水平面通過O點進入半徑為R的半圓弧軌道后恰能通過最高點P，然后落回水平面．不計一切阻力．下列說法不正確的是（）A.小球落地點離O點的水平距離為2RB.小球落地點時的動能為C.小球運動到半圓弧最高點P時向心力恰好為零D.若將半圓弧軌道上部的圓弧截去，其他條件不變，則小球能達到的最大高度比P點高0.5R4、【題文】圖1-1-3所示；關于布朗運動的實驗，下列說法正確的是：（）

A.圖中記錄的是分子無規(guī)則運動的情況B.圖中記錄的是微粒作布朗運動的軌跡C.實驗中可以看到，微粒越大，布朗運動越明顯D.實驗中可以看到，溫度越高，布朗運動越激烈5、如圖X代表某一生物概念，其內(nèi)容包括①、②、③、④四部分，與此概念圖相關的描述不正確的是（）

A.若①、②、③、④代表C,H,O,N，則X為構成生物體的基本元素B.若①、②、③、④代表輸入、傳遞、轉化、散失，則X為生態(tài)系統(tǒng)的能量流動C.若①、②、③、④代表增長、波動、穩(wěn)定、下降，則X為種群的數(shù)量變化D.若①、②、③、④代表呼吸、消化、循環(huán)、免疫，則X為人體內(nèi)環(huán)境穩(wěn)態(tài)直接有關的四大系統(tǒng)6、水平面上的兩個物體A、B分別在水平拉力F1、F2的作用下做勻加速運動，兩力分別作用一段時間后撤去，兩物體A、B運動的v-t圖象分別如圖的圖線a、b所示，已知拉力FA、FB撤去后，物體做減速運動的v-t圖線彼此平行，A、B的質(zhì)量分別為mA和mB，由圖中信息可知（）A.若FA=FB，則mA＞mBB.若mA=mB，則整個過程中摩擦力對兩物體B做的功相等C.若mA=mB，則拉力FA對物體A做的功比拉力FB對物體B做的功多D.若mA=mB，則拉力FA的最大瞬時功率可能等于拉力FB的最大瞬時功率7、關于平拋物體的運動，下列說法中正確的是（）A.平拋物體運動的速度和加速度都隨時間的增加而增大B.平拋物體的運動是勻變速運動C.做平拋運動的物體僅受到重力的作用，所以速度保持不變D.做平拋運動的物體水平方向的速度逐漸增大8、在2010年廣州亞運會男子百米決賽中，中國選手勞義以10秒24的成績奪得冠軍，被譽為“亞洲百米新飛人”！如圖（1）是勞義沖刺瞬間．但是在本次比賽起跑時，勞義在8名選手中僅排倒數(shù)第二，在跑完50米時，勞義已排在第三，在距離終點還剩20米左右時，他依然保持著前半段的沖勁，最終領先沙特選手納希里半個身位沖過終點．以下說法正確的是（）A.本次比賽過程中，勞義的平均速度一定是最大的B.本次比賽過程中，所有選手的位移相同，但勞義的路程最短C.在沖過終點線瞬間，勞義的速度一定是最大的D.在判定勞義和納希里誰是冠軍時，不能把他們看成質(zhì)點評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)9、（2014秋?阿勒泰地區(qū)校級期末）如圖所示，一圓環(huán)與外切正方形線圈均由相同的有絕緣皮的導線制成，并各自形成閉合電路，勻強磁場布滿整個方形線圈，當磁場均勻變化時，線圈和圓環(huán)中的感應電動勢之比為____；感應電流之比為____；若磁場只布滿圓環(huán)，則感應電動勢之比為____．10、如圖，一物塊在斜面上，已知水平面粗糙，當無力F時，物塊勻速下滑，當力F作用于物塊上時，水平面對斜面摩擦力方向為____．11、（2012秋?溫州校級期末）電阻A，B的伏安曲線如圖所示，A，B電阻阻值之比為____．兩電阻并聯(lián)后總電阻的伏安曲線在____內(nèi)（填“區(qū)域I”、“區(qū)域II”或“區(qū)域III”內(nèi)）12、（2009秋?徐匯區(qū)校級期中）（1）人受到信息刺激總會做出反應，從接受信息刺激到做出反應的時間叫做人的“反應時間”．甲同學設計了一種測“反應時間”的方法．他將一把毫米刻度尺豎直放置，零刻度在上方，用手指抓住尺的最上部，讓乙同學用一只手虛握在刻度尺7.70cm處，當乙同學看到甲松手瞬時，立即用手握住尺，量得乙同學手指在刻度尺的2.70cm，由此可算出乙的反應“反應時間”為____s．

（2）在研究平拋運動的實驗中，用方格紙記錄軌跡，小方格邊長L=1.25厘米，小球平拋運動過程中的幾個位置如圖a、b、c所示，則小球平拋初速度的大小為____．13、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在t=0時刻的完整波形如圖所示．當t=0.7s時，A點第4次位于波峰位置，B點首次位于波谷位置，則再經(jīng)過____s，A、B又再次回到平衡位置，A、B間相距____m．

14、利用平拋運動的知識可以測出玩具手槍發(fā)射槍彈時的初速度．

（1）實驗是的主要操作步驟是____；

（2）需要測出的物理量是____．

（3）若用所測量及有關常數(shù)表示，則槍彈的初速度為：____．15、物體做曲線運動的條件：當物體所受的____方向與速度方向____時，物體做曲線運動．16、如圖所示，間距為1m的平行導軌，水平固定放置在磁感應強度為1T的勻強磁場中，磁場方向垂直導軌所在平面，導軌一端跨接一個阻值為R=0.4Ω的定值電阻（導軌電阻不計），質(zhì)量為0.2kg、電阻為0.6Ω的金屬棒NN’可沿導軌滑動，導軌與棒間的動摩擦因數(shù)為0.5，用電動機D牽引NN’，從靜止開始運動，當NN’向右移動s=3.8m時獲得穩(wěn)定速度，此過程中定值電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為0.72J，電動機牽引棒時電壓表和電流表示數(shù)分別為7V和1A，電動機內(nèi)阻為1Ω，則導體棒獲得的穩(wěn)定速度為____m/s，導體棒從靜止到獲得穩(wěn)定速度所需時間為____s．

17、作用在一個物體上的三個共點力，大小分別是2N、6N和5N，它們合力的最大值____N，最小值是____N．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)18、作用力和反作用力大小相等，方向相反，其合力為零．____（判斷對錯）19、描述物體的運動時，只能選擇靜止的物體作為參考系．____．（判斷對錯）20、兩滴水銀相接觸，立即合并到一起以及熔化的蠟從蠟燭上流下來，冷卻后呈球形，均是由液體表面張力造成的．____．（判斷對錯）21、根據(jù)公式v=ωr可知，若角速度增大一倍，則線速度也增大一倍．____．22、x-t圖象描述了物體的位移隨時間的變化規(guī)律．____．（判斷對錯）23、一定質(zhì)量的理想氣體，當壓強不變而溫度由100℃上升到200℃時，其體積增加為原來的2倍．____．（判斷對錯）24、晶體的各向異性是由于它的微粒按空間點陣排列．____．（判斷對錯）25、光的衍射現(xiàn)象、偏振現(xiàn)象、色散現(xiàn)象都能體現(xiàn)光具有波動性____（判斷對錯）26、物體的速度越大，則加速度越大，所受的合外力也越大．____．評卷人得分四、簡答題(共3題，共9分)27、質(zhì)量為m=0.8kg的砝碼懸掛在輕繩PA和PB的結點上并處于靜止狀態(tài)．PA與豎直方向的夾角37°，PB沿水平方向．質(zhì)量為M=3kg的木塊與PB相連，且木塊M與桌面的動摩擦因數(shù)μ=0.5，如圖所示（取g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：

（1）輕繩PA拉力的大?。?/p>

（2）木塊M與水平桌面之間的摩擦力．28、rm{2017}年治療膀胱癌的有機小分子藥物rm{Aminolevulinicacid}被批準使用；其合成路線如下：

已知：請回答：rm{(1)A}的名稱為________，rm{G}中含氧官能團的名稱為____________________________。rm{(2)壟脻}的反應類型為____________________，rm{H}的分子式為_____________________________。rm{(3)壟脵}的化學方程式為__________________________________________。rm{(4)壟脺}的化學方程式為______________________________________________。rm{(5)D}的同分異構體中，同時滿足下列條件的共有____種rm{(}不含立體異構rm{)}rm{a.}能與rm{Na}反應產(chǎn)生氣體rm{b.}既能發(fā)生銀鏡反應，又能發(fā)生水解反應其中核磁共振氧諧有rm{4}組峰的物質(zhì)的結構簡式為________________rm{(}任寫一種rm{)}rm{(6)}參照上述合成路線，設計由rm{2-}甲基丙酸和甲醇為起始原料制備rm{2-}甲基丙烯酸甲酯的合成路線rm{(}無機試劑任選rm{)}______________________________________________________。29、（2015秋?棗莊期末）如圖所示，光滑金屬球的重力G=50N．它的左側緊靠豎直墻壁，右側置于傾角θ=30°的斜面體上．已知斜面體放在水平地面上，保持靜止狀態(tài)．sin30°=，cos30°=．求：

（1）金屬球?qū)π泵骟w的壓力大??；

（2）水平地面對斜面體摩擦力的大小和方向．（結果可用根式表示）參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】當轉軸穩(wěn)定轉動時，兩球均在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，角速度相等，都由重力和輕繩的拉力的合力提供向心力，由牛頓第二定律列式求解．【解析】【解答】解：設轉軸穩(wěn)定轉動時角速度為ω．

根據(jù)牛頓第二定律得：

對于M：Mgtanα=Mω2?2lsinα；①

對于m：mgtanβ=mω2?lsinβ；②

聯(lián)立①②解得：cosα=

故選：A．2、C【分析】【分析】當一條形磁鐵從高處下落接近回路時，穿過回路的磁通量增加，根據(jù)楞次定律：感應電流的磁場總是阻礙磁通量的變化，分析導體的運動情況．【解析】【解答】解：當一條形磁鐵從高處下落接近回路時；穿過回路的磁通量增加，根據(jù)楞次定律：感應電流的磁場總是阻礙磁通量的變化，可知，P；Q將互相靠攏，回路的面積減小一點，使穿過回路的磁場減小一點，起到阻礙原磁通量增加的作用．故C正確，ABD錯誤．

故選：C．3、C【分析】【分析】小球恰能通過半圓弧軌道的最高點P時，由重力提供向心力，求出小球通過P點時的速度．小球通過P點后做平拋運動，由高度2R求出時間，再由x=v0t求出水平距離．根據(jù)機械能守恒定律求出小球落地點時的動能．根據(jù)機械能守恒定律，求出將半圓弧軌道上部的圓弧截去，其他條件不變時小球能達到的最大高度．【解析】【解答】解：A；小球恰能通過半圓弧軌道的最高點P時；通過P點時速度為v，則。

mg=m，v=

小球離開P點后平拋運動時間t=

則小球落地點離O點的水平距離x=vt=2R．故A正確．

B、由機械能守恒定律得：小球落地點時的動能Ek=mg?2R+=．故B正確．

C；小球運動到半圓弧最高點P時向心力等于重力．故C錯誤．

D、若將半圓弧軌道上部的圓弧截去；其他條件不變，設小球能達到的最大高度為比P點高h．

由機械能守恒定律，得=mgh，h==0.5R故D正確．

本題選錯誤的，故選C．4、D【分析】【解析】布朗運動是永不停息、無規(guī)則的所以在圖中只是紀錄了固體顆粒在不同時刻的位置，折線這是這些位置的連線，并不是固體顆粒的運動軌跡，更不是分子運動的情況，所以答案A、B均錯誤；由于布朗運動是由于液體分子的頻繁碰撞產(chǎn)生的，固體顆粒的體積越小，布朗運動越明顯，溫度越高，布朗運動越明顯，答案D正確。【解析】【答案】D5、D【分析】【分析】本題主要考查了學生的識圖能力，對學科知識的綜合應用能力，包括細胞的基本元素組成，生態(tài)系統(tǒng)能量流動的含義，種群數(shù)量的變化，內(nèi)環(huán)境穩(wěn)態(tài)等相關知識的識記和應用能力。【解答】A.組成細胞的基本元素是C；H、O、N；A正確；

B.生態(tài)系統(tǒng)的能量流動是指生態(tài)系統(tǒng)中能量的輸入；傳遞、轉化和散失的過程；B正確；

C.在適宜條件下；種群數(shù)量會逐漸增長，最后趨于穩(wěn)定；由于受到各種因素的影響，大多數(shù)種群的數(shù)量總是在波動中；在不利的條件下，種群數(shù)量會下降，因此種群的數(shù)量變化包括增長；穩(wěn)定、波動和下降，C正確；

D.內(nèi)環(huán)境穩(wěn)態(tài)是指正常機體通過調(diào)節(jié)作用；使各個器官，系統(tǒng)協(xié)調(diào)活動，共同維持內(nèi)環(huán)境的相對穩(wěn)定狀態(tài)，與人體內(nèi)環(huán)境穩(wěn)態(tài)有直接關系的四大系統(tǒng)為呼吸系統(tǒng)；消化系統(tǒng)、循環(huán)系統(tǒng)和排泄系統(tǒng)，D錯誤。

故選D。【解析】D6、B【分析】【分析】對于勻減速直線運動過程，由斜率等于加速度，知道加速度相同，由牛頓第二定律分析動摩擦因數(shù)的關系，再對勻加速運動過程，運用牛頓第二定律分析比較質(zhì)量關系．根據(jù)面積表示位移，分析總位移關系，由功的計算公式分析摩擦力做功關系．根據(jù)動能定理，分析拉力做功關系．最大功率對應最大速度，由P=Fv分析．【解析】【解答】解：A；撤除拉力后兩物體的速度圖象平行；故加速度大小相等．

對于勻減速直線運動過程；根據(jù)牛頓第二定律得μmg=ma，即a=μg，可知兩個物體與水平面間的動摩擦因數(shù)相等．

對勻加速運動過程，運用牛頓第二定律得：a==-μg

由圖知aA＞aB，若FA=FB，則mA＜mB．故A錯誤．

B、根據(jù)表示位移，可知，總位移分別是：xA=m=5m，xB=m=5m．即有xA=xB．

若mA=mB；則摩擦力大小相等，由W=-fx得：整個過程中摩擦力對兩物體A；B做的功相等，故B正確．

C、對整個過程，由動能定理得：WF+Wf=0，即WF=-Wf，所以拉力FA對物體A做的功等于拉力FB對物體B做的功；故C錯誤．

D、由圖知：勻加速過程中，aA==m/s2，aB=m/s2，由F-μmg=ma，得：F=μmg+ma，則FA=μmg+m，F(xiàn)B=μmg+m

最大速度分別為vA=2.5m/s，為vB=2m/s．拉力的最大功率分別為：PA=FAvA=（μmg+m）×2.5，PB=FBvB=（μmg+m）×2，則知拉力FA的最大瞬時功率一定大于拉力FB的最大瞬時功率．故D錯誤．

故選：B7、B【分析】【分析】平拋運動是只在重力的作用下，水平拋出的物體做的運動，所以平拋運動可以分解為在水平方向上的勻速直線運動，和豎直方向上的自由落體運動【解析】【解答】解：A；平拋運動是只在重力的作用下的運動；豎直方向上是自由落體運動，加速度為重力加速度，不變，所以A錯誤．

B；平拋運動的加速度為重力加速度；大小是不變的，所以平拋運動是勻變速運動，故B正確．

C；平拋運動是勻變速運動；速度逐漸增大，所以C錯誤．

D；平拋運動在水平方向上是勻速直線運動；速度不變，所以D錯誤．

故選：B8、A【分析】【分析】平均速度等于位移與時間的比值，在百米比賽直線運動中，所有的位移都相同，形狀和大小不影響所研究的問題可以看做質(zhì)點【解析】【解答】解：A；勞義在比賽中用時最短；故平均速度最大，故A正確；

B；在百米比賽中；所有運動員做的都是直線運動，故位移大小等于路程，故B錯誤；

C；在終點時；沒法判斷速度大小，故C錯誤；

D；勞義終領先沙特選手納希里半個身位沖過終點；故不能看做質(zhì)點，故D錯誤；

故選：A二、填空題(共9題，共18分)9、4：πa1：11：1【分析】【分析】由題，勻強磁場均勻變化時，磁感應強度的變化率保持不變，線圈中產(chǎn)生恒定電流．根據(jù)法拉第電磁感應定律研究兩個線圈中產(chǎn)生的感應電動勢之比．根據(jù)電阻定律研究兩個線圈電阻之比，再歐姆定律研究電流之比．【解析】【解答】解：設正方形的邊長為2a．則根據(jù)根據(jù)法拉第電磁感應定律得；正方形回路中的感應電動勢與內(nèi)切圓中感應電動勢之比為。

E1：E2=（2a）2：πa2=4：πa

根據(jù)電阻定律得到；正方形回路中的電阻與內(nèi)切圓的電阻之比為。

R1：R2=ρ：ρ=4：πa

由歐姆定律得正方形回路中的感應電流強度I1與內(nèi)切圓中感應電流強度I2之比為。

I1：I2=：=1：1

若磁場只布滿圓環(huán)；那么穿過正方形的磁通量變化率與穿過圓環(huán)的磁通量變化率相同，則感應電動勢之比為1：1；

故答案為：4：πa，1：1，1：1．10、不存在摩擦力【分析】【分析】物體勻速下滑，由平衡條件求出動摩擦因數(shù)，然后分析答題．【解析】【解答】解：設斜面傾角為θ；物體沿斜面勻速下滑，處于平衡狀態(tài)；

由平衡條件得：μmgcosθ=mgsinθ；則：μ=tanθ；

物體對斜面體的作用力豎直向下；當F作用于物塊上時；

物體對斜面體增加的壓力與摩擦力的合力豎直向下；

物塊對斜面體的作用力豎直向下；斜面體與地面間沒有相對于運動；

也沒有相對運動趨勢；水平面與斜面體間沒有摩擦力．

故答案為：不存在摩擦力11、3：1區(qū)域Ⅲ【分析】【分析】導體的電阻R=，等于伏安特性曲線斜率倒數(shù)的大?。鶕?jù)數(shù)學知識求出斜率倒數(shù)之比求解電阻之比．【解析】【解答】解：電阻R1===，電阻R2===

則兩個電阻阻值之比R1：R2=3：1

兩電阻并聯(lián)后總電阻比這兩個電阻都?。恍甭试酱?，電阻越小，故并聯(lián)后的總電阻的伏安曲線應在區(qū)域Ⅲ．

故答案為：3：1；區(qū)域Ⅲ．12、0.10.7m/s【分析】【分析】（1）反應時間內(nèi)，尺做自由落體運動，根據(jù)h=列式求解；

（2）平拋運動的水平方向做勻速直線運動，從圖中可以看出：a、b、c、d4個點間的水平位移均相等為2L，因此這4個點是等時間間隔點，v0=，而豎直方向是自由落體運動，兩段相鄰的位移之差是一個定值△y=gT2=L，聯(lián)立方程即可解出．【解析】【解答】解：（1）反應時間內(nèi)；尺做自由落體運動，下降的位移為：h=7.70cm-2.70cm=5cm=0.05m；

根據(jù)h=，有：t=；

（2）從圖中看出，a、b、c、d4個點間的水平位移均相等，是x=2L，因此這4個點是等時間間隔點．豎直方向兩段相鄰位移之差是個定值，即△y=gT2=L，再根據(jù)v0=，解出v0=2，代入數(shù)據(jù)得v0=0.70m/s．

故答案為：（1）0.1s；（2）0.7m/s．13、略

【分析】

由圖可知各點起源方向沿y軸正方向向上；波的波長為20m；0.7s內(nèi)A全振動的次數(shù)為3.5，則可求得T=0.2s；

則波速v==m/s=100m/s；

B此時的振動時間為=0.05s；則波從20m處傳到B所用的時間為0.7-0.05=0.65s；

則AB間的距離s=5m+vt=5+0.65×100m=70m；

此時AB均在最大位置處，故回到平衡位置需要的時間均為=0.05s；

故答案為：0.05；70．

【解析】【答案】由圖可知振源的起振方向；由A點的振動情況可求得波的周期，由圖象可知波長，則可求得波速；根據(jù)B振動的情況可求得AB的距離；由周期性可求得AB再次回到平衡位置的時間．

14、將玩具槍槍口水平，讓子彈做平拋運動，測量子彈平拋運動的高度h和水平位移x平拋運動的高度h和水平位移x【分析】【分析】可讓子彈做平拋運動，根據(jù)高度求出平拋運動的時間，結合水平位移和時間求出平拋運動的初速度．【解析】【解答】解：（1；2）實驗步驟：將玩具槍槍口水平；讓子彈做平拋運動，測量子彈平拋運動的高度h和水平位移x．

（3）根據(jù)h=得，t=，則．

故答案為：（1）將玩具槍槍口水平；讓子彈做平拋運動，測量子彈平拋運動的高度h和水平位移x．

（2）平拋運動的高度h和水平位移x．

（3）．15、合外力不在同一條直線上【分析】【分析】物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，速度的方向與該點曲線的切線方向相同．【解析】【解答】解：曲線運動的條件：物體所受合外力的方向跟它的速度方向不在同一條直線上或它的加速度的方向與速度方向不在同一條直線上；速度的方向與該點曲線的切線方向相同．

故答案為：合外力，不在同一條直線上；16、21【分析】【分析】由能量守恒定律求出導體棒的速度，由牛頓第二定律求出加速度，由勻變速運動的速度公式求出金屬棒獲得穩(wěn)定速度需要的時間．【解析】【解答】解：金屬棒由靜止開始做勻加速直線運動；當金屬棒勻速運動時獲得穩(wěn)定速度；

設經(jīng)過時間t金屬棒獲得穩(wěn)定速度；穩(wěn)定速度為v；

電動勢輸出的機械能：W=UIt-I2R電動機t；

在金屬棒運動過程中；由能量守恒定律得：

W=Q+μmgs+mv2；

金屬棒勻速運動時；金屬棒受到的安培力：

FB=BIL=；

設電動機的牽引力為F；金屬棒勻速運動；

處于平衡狀態(tài)，由平衡條件得：+μmg=F；

對電動機：UI-I2R電動機=Fv；

代入數(shù)據(jù)解得：v=2m/s；t=1s．

故答案為：2，1．17、130【分析】【分析】當這三個力作用在同一物體上，并且作用在同一直線上，方向相同，三個力的合力最大．如果三個力不在同一直線上，夾角可以變化，當兩個較小力的合力大小等于第三個力，方向相反時，合力為零，此時三個力的合力的最小．【解析】【解答】解：當三個力作用在同一直線；同方向時；三個力的合力最大，即：F=6N+2N+5N=13N．

當三個力作用在一個物體上；不在一條直線，并且夾角可以改變，2N能在6N與5N最大與最小之間，所以能使物體處于靜止狀態(tài)，故此時三個力的合力為零，即它們合力的最小值為0．

故答案為：13，0．三、判斷題(共9題，共18分)18、×【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時產(chǎn)生，同時變化，同時消失．【解析】【解答】解：由牛頓第三定律可知；作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，但不在同一物體上．所以兩個力不能合成，也不能相互抵消．以上說法是錯誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】參考系，是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系的選取是任意的；任何物體均可以作為參考系；參考系不一定必須是靜止不動的；如研究炸彈的運動時，可以將運動的飛機作為參考系．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×20、√【分析】【分析】作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力．它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．就象你要把彈簧拉開些，彈簧反而表現(xiàn)具有收縮的趨勢．【解析】【解答】解：兩滴水銀相接觸；立即合并到一起以及熔化的蠟燭從燃燒的蠟燭上流下來，冷卻后呈球形，是因為表面張力使液體表面有收縮的趨勢．故該說法是正確的．

故答案為：√21、×【分析】【分析】當半徑不變時，角速度增大一倍，線速度也增大一倍．【解析】【解答】解：根據(jù)公式v=ωr可知，當半徑r不變時；角速度增大一倍，則線速度也增大一倍，故此說法錯誤．

故答案為：×22、√【分析】【分析】位移-時間圖象中的曲線反映了物體的位移隨時間變化的規(guī)律．由此分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)x-t圖象的意義可知；x-t圖象描述了物體的位移隨時間的變化規(guī)律，所以該說法是正確的．

故答案為：√23、×【分析】【分析】一定質(zhì)量的氣體，保持體積不變，溫度升高時，發(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律分析壓強的變化【解析】【解答】解：根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程，一定質(zhì)量的氣體，保持壓強不變，溫度升高時氣體的體積跟它的熱力學溫度成正比，即：；

初狀態(tài)：T0=100℃=373K，末狀態(tài)：T1=200℃=473K；所以溫度從100℃升高到200℃時，它的體積改變?yōu)樵瓉淼谋叮?/p>

故答案為：×24、√【分析】【分析】同時晶體內(nèi)部排列有規(guī)則，而非晶體則沒有，但形狀不一定有規(guī)則．晶體分為單晶體和多晶體，單晶體具有各向異性，多晶體具有各向同性．【解析】【解答】解：晶體分為單晶體和多晶體．根據(jù)晶體的結構的特點可知；單晶體由于內(nèi)部原子按空間點陣排列，排列規(guī)律相同，所以具有各向異性．故該說法是正確的．

故答案為：√25、×【分析】【分析】光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播、反射、折射和色散；光的波動性能夠很好的解釋光的干涉和衍射和偏振．【解析】【解答】解：光的波動性能夠很好的解釋光的干涉和衍射；偏振是橫波特有的現(xiàn)象，故光的干涉；衍射和偏振證明了光具有波動性；

光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播；反射、折射；色散是光的折射造成的，故光的直線傳播、反射、折射和色散證明了光的粒子性．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×26、×【分析】【分析】根據(jù)加速度的定義式a=可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，與物體速度無關，即物體的速度變化越快物體的加速度越大．再由牛頓第二定律可知，F(xiàn)=ma，即加速度與合外力的關系．【解析】【解答】解：根據(jù)加速度的定義式a=可知；物體的速度越大，則加速度不一定越大；

再由牛頓第二定律可知；F=ma，可知，當加速度越大時，則合外力越大，故是錯誤的；

故答案為：×．四、簡答題(共3題，共9分)27、略

【分析】【分析】（1）以結點為研究對象；受到三個拉力作用，作出力圖，其中物體對P點拉力等于物體的重力．根據(jù)平衡條件列方程求解輕繩PA受到的拉力．

（2）對M進行研究，PB繩的拉力等于物體M受到的摩擦力，據(jù)此求解即可．【解析】【解答】解：（1）以結點為研究對象；受到三個拉力作用，作出力圖；

運用合成法；根據(jù)幾何知識：

TA=

（2）PB繩的拉力TB=mgtan37°=3×0.75=6N

根據(jù)平衡條件：f=TB=6N

答：（1）輕繩PA拉力的大小為10N；

（2）木塊M與水平桌面之間的摩擦力為6N．28、（1）1,4—戊二醇羰基、酯基