2025年人教版選修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版選修3物理上冊月考試卷388考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示的電路；當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑片向下移動(dòng)時(shí)，各電表的示數(shù)變化情況正確的是()

A.V的示數(shù)變大B.A1的示數(shù)變大C.A2的示數(shù)變大D.A3的示數(shù)變小2、在勻強(qiáng)磁場中放置一個(gè)矩形截面的載流導(dǎo)體，當(dāng)磁場方向與電流方向垂直時(shí)，導(dǎo)體在與磁場、電流方向都垂直的方向上出現(xiàn)電勢差，這個(gè)現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)。如圖所示是霍爾元件的工作原理示意圖，上、下表面a、b是工作面，磁感應(yīng)強(qiáng)度B垂直于工作面豎直向下，前、后表面c、d接入圖示方向的電流I，左、右表面e、f之間就會(huì)形成電勢差U，該電勢差可以反映磁感應(yīng)強(qiáng)度B的強(qiáng)弱；則下列說法正確的是（）

A.若元件是正離子導(dǎo)電，則e面電勢高于f面電勢B.若元件是自由電子導(dǎo)電，則e面電勢高于f面電勢C.在測量沿豎直方向的地球北極上方的地磁場強(qiáng)弱時(shí)，元件的工作面應(yīng)保持豎直D.在測量沿水平方向的地球赤道上方的地磁場強(qiáng)弱時(shí)，元件的工作面應(yīng)保持水平3、如圖所示；直角三角形導(dǎo)線框OPQ放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于OQ向右的勻強(qiáng)磁場中，且OP邊的長度為l，∠POQ=θ．當(dāng)導(dǎo)線框繞OQ邊以角速度ω逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)（從O向Q觀察）時(shí)，下列說法正確的是。

A.導(dǎo)線框OPQ內(nèi)無感應(yīng)電流B.導(dǎo)線框OPQ內(nèi)產(chǎn)生大小恒定，方向周期性變化的交變電流C.P點(diǎn)的電勢始終大于O點(diǎn)的電勢D.如果截去導(dǎo)線PQ，則P、O兩點(diǎn)的電勢差的最大值為4、圖中實(shí)線是一簇未標(biāo)明方向的由點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，a、b是軌跡上的兩點(diǎn)．若帶電粒子在運(yùn)動(dòng)中只受電場力作用；根據(jù)此圖不能作出判斷的是。

A.帶電粒子所帶電荷的符號B.帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的受力方向C.帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的速度何處較大D.帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的加速度方向5、如圖中的曲線表示某振動(dòng)系統(tǒng)受迫振動(dòng)的振幅A隨驅(qū)動(dòng)力頻率變化的關(guān)系。可以看出，驅(qū)動(dòng)力頻率等于系統(tǒng)的固有頻率時(shí)；受迫振動(dòng)的振幅最大，這種現(xiàn)象叫做共振。據(jù)史書記載：晉朝初期，京城有戶人家掛著的銅盤每天早晚輕輕自鳴兩次，人們十分驚恐。當(dāng)時(shí)的學(xué)者張華判斷，這是銅盤與皇宮早晚的鐘聲共鳴所致，后來把銅盤磨薄一些，它就不再自鳴了。你認(rèn)為把銅盤磨薄的目的是（??）

A.減小銅盤固有振動(dòng)的周期B.減小銅盤固有振動(dòng)的振幅C.減弱皇宮敲鐘引起的空氣振動(dòng)的強(qiáng)度D.減小皇宮敲鐘引起的空氣振動(dòng)的頻率6、一列周期為沿軸方向傳播的簡諧機(jī)械橫波，某時(shí)刻波形如圖所示。已知此時(shí)處質(zhì)點(diǎn)沿軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，則下列描述正確的是()

A.這列波的振幅為B.這列波的波速為C.這列波的傳播方向?yàn)檠剌S正方向D.此時(shí)處質(zhì)點(diǎn)的加速度為評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、下列說法正確的是（）A.只有處于平衡態(tài)的系統(tǒng)才有狀態(tài)參量B.狀態(tài)參量是描述系統(tǒng)狀態(tài)的物理量，故當(dāng)系統(tǒng)狀態(tài)變化時(shí)，其各個(gè)狀態(tài)參量都會(huì)改變C.兩物體發(fā)生熱傳遞時(shí)，兩系統(tǒng)處于非平衡態(tài)D.的冰水混合物放入的環(huán)境中，冰水混合物處于平衡態(tài)8、關(guān)于熱力學(xué)溫度和攝氏溫度，以下說法正確的是（）A.熱力學(xué)溫度的單位K是國際單位制中的基本單位B.溫度升高就是升高了1KC.就是1KD.的溫度可用熱力學(xué)溫度粗略地表示為273K9、以下說法正確的是（）A.一定質(zhì)量的理想氣體，溫度升高時(shí)，分子的平均動(dòng)能增大，氣體的壓強(qiáng)一定增大B.在完全失重的宇宙飛船中，水的表面存在表面張力C.在絕熱條件下壓縮氣體，氣體的內(nèi)能一定增加D.土壤里有很多毛細(xì)管，如果要把地下的水分沿著它們引到地表，可以將土壤鋤松10、如圖所示，電流表A1(0～3A)和A2(0～0.6A)是由兩個(gè)相同的靈敏電流計(jì)改裝而成；現(xiàn)將這兩個(gè)電流表并聯(lián)后接入電路中。閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，下列說法正確的是()

A.A1的讀數(shù)小于A2的讀數(shù)B.A1的讀數(shù)大于A2的讀數(shù)C.A1、A2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為5∶1D.A1、A2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1∶111、如圖所示,一開口向下導(dǎo)熱均勻的直玻璃管,通過細(xì)繩懸掛在天花板上,玻璃管下端浸沒在固定水銀槽中,管內(nèi)外水銀面高度差為h；下列情況中能使細(xì)繩拉力增大的是。

A.大氣壓強(qiáng)增加B.環(huán)境溫度降低C.向水銀槽內(nèi)注入水銀D.略微增加細(xì)繩長度,使玻璃管位置相對水銀槽下移12、如圖所示，半徑為的光滑圓弧槽固定于水平面上，為弧形槽的最低點(diǎn)，為弧形槽的圓心位置。點(diǎn)、圓弧槽上的點(diǎn)和點(diǎn)分別放上一個(gè)完全相同的小球，已知現(xiàn)將三小球同時(shí)由靜止釋放，下列說法正確的是（）

A.處小球比處小球晚到達(dá)點(diǎn)B.處小球比處小球同時(shí)到達(dá)點(diǎn)C.處小球比處小球早到達(dá)點(diǎn)D.處小球比處小球晚到達(dá)點(diǎn)13、如圖所示，MM′是空氣與某種介質(zhì)的界面；一條光線從空氣射入介質(zhì)的光路如圖所示，那么根據(jù)該光路圖做出下列判斷中正確的是。

A.該介質(zhì)的折射率為B.光在介質(zhì)中的傳播速度c(c真空中光速)C.光線從介質(zhì)射向空氣時(shí)有可能發(fā)生全反射D.光線由介質(zhì)射向空氣時(shí)全反射的臨界角大于45°評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、恒星的________顯示了它的溫度，溫度較低的恒星，在天空中呈現(xiàn)________。恒星的亮度取決于它的體積、________以及離地球的距離。恒星的壽命取決于恒星的________。15、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)經(jīng)過等壓變化到達(dá)狀態(tài)再從狀態(tài)經(jīng)過等容變化到達(dá)狀態(tài)狀態(tài)與狀態(tài)溫度相等。則：氣體在狀態(tài)的溫度______在狀態(tài)的溫度（選填“小于”“等于”或“大于”），氣體在狀態(tài)的內(nèi)能______在狀態(tài)的內(nèi)能（選填“小于”“等于”或“大于”）；從狀態(tài)到狀態(tài)的過程中，氣體______（選填“吸熱”或“放熱”）。

16、如圖所示，平行導(dǎo)軌間的距離為d，一端跨接一個(gè)電阻R，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直于平行金屬導(dǎo)軌所在平面向里。一根足夠長的金屬棒與導(dǎo)軌成θ角放置，金屬棒與導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，當(dāng)金屬棒沿垂直于棒的方向滑行時(shí)，則ab的電勢差為____，φa_____φb。（填寫“＜”“＞”“﹦”）

17、（1）人類對物質(zhì)屬性的認(rèn)識是從宏觀到微觀不斷深入的過程。以下說法正確的是_____________。

a．液體的分子勢能與體積有關(guān)。

b．晶體的物理性質(zhì)都是各向異性的。

c．溫度升高；每個(gè)分子的動(dòng)能都增大。

d．露珠呈球狀是由于液體表面張力的作用。

（2）氣體溫度計(jì)結(jié)構(gòu)如圖所示。玻璃測溫泡A內(nèi)充有理想氣體，通過細(xì)玻璃管B和水銀壓強(qiáng)計(jì)相連。開始時(shí)A處于冰水混合物中，左管C中水銀面在O點(diǎn)處，右管D中水銀面高出O點(diǎn)h1=14cm，后將A放入待測恒溫槽中，上下移動(dòng)D，使C中水銀面仍在O點(diǎn)處，測得D中水銀面高出O點(diǎn)h2=44cm。（已知外界大氣壓為1個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓；1標(biāo)準(zhǔn)大氣壓相當(dāng)于76cmHg）

①求恒溫槽的溫度______。

②此過程A內(nèi)氣體內(nèi)能________（填“增大”或“減小”）；氣體不對外做功，氣體將。

__________（填“吸熱”或“放熱”）。18、質(zhì)量和電荷量大小都相等的帶電粒子M和N，以不同的速率經(jīng)小孔S垂直進(jìn)入有界勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向里，M和N運(yùn)行的半圓軌跡如圖中的虛線所示，則M帶_________（選填“正電”或“負(fù)電”）；M的運(yùn)行時(shí)間_________（選填“>”、“=”或“<”）N的運(yùn)行時(shí)間。

19、據(jù)統(tǒng)計(jì)，人在運(yùn)動(dòng)過程中，腳底在接觸地面瞬間受到的沖擊力是人體所受重力的數(shù)倍．為探究這個(gè)問題，實(shí)驗(yàn)小組同學(xué)利用落錘沖擊的方式進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)，即通過一定質(zhì)量的重物從某一高度自由下落沖擊地面來模擬人體落地時(shí)的情況．重物與地面的形變很小，可忽略不計(jì)，不考慮空氣阻力的影響取重力加速度g＝10m/s2下表為一次實(shí)驗(yàn)過程中的相關(guān)數(shù)據(jù)．

。重物（包括傳感器）的質(zhì)量m/kg

8.5

重物下落高度H/cm

45

重物反彈高度h/cm

20

最大沖擊力Fm/N

850

重物與地面接觸時(shí)間t/s

0.1

（1）請你選擇所需數(shù)據(jù)；通過計(jì)算回答下列問題。

a．重物受到地面的最大沖擊力時(shí)的加速度大小a＝_____

b．在重物與地面接觸過程中；重物受到地面施加的平均作用力是_____倍重物所受的重力．

（2）如果人從某一確定高度由靜止豎直跳下，為減小腳底在與地面接觸過程中受到的沖擊力，可采取一些具體措施，請你提供一種可行的方法并說明理由．_____．20、已知質(zhì)子的質(zhì)量為m1，中子的質(zhì)量為m2，碳核（）的質(zhì)量為m3，則碳核（）的比結(jié)合能為_____，碳-14是碳的一種具有放射性的同位素，研究發(fā)現(xiàn)外來的宇宙射線與大氣作用產(chǎn)生宇宙射線中子，宇宙射線中子和大氣中氮核（）起核反應(yīng)產(chǎn)生碳-14，請寫出核反應(yīng)方程__________．21、如圖是某金屬在光的照射下產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能與入射光頻率的關(guān)系圖象，由圖象可知該金屬的逸出功等于________或者表示為________，入射光的頻率為時(shí)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為________。

22、閱讀短文；回答問題：

變頻空調(diào)機(jī)。

空調(diào)機(jī)中有被稱為“冷媒”的物質(zhì)；利用它的物態(tài)變化可以實(shí)現(xiàn)室內(nèi)；室外熱量的轉(zhuǎn)移，如圖所示是空調(diào)機(jī)制冷系統(tǒng)的原理圖，其中壓縮機(jī)的作用是對氣態(tài)“冷媒”加壓，并使“冷媒”在管內(nèi)循環(huán)，壓縮機(jī)的轉(zhuǎn)速越大，“冷媒”的流量越大，空調(diào)機(jī)的制冷能力就越強(qiáng)．

壓縮機(jī)的轉(zhuǎn)速由供電頻率決定；“變頻空調(diào)”是與傳統(tǒng)供電頻率不變的“定頻空調(diào)”相比較而產(chǎn)生的概念，與“定頻空調(diào)”相比，變頻空調(diào)機(jī)的變頻器可以在一定范圍內(nèi)調(diào)節(jié)供電頻率，從而改變壓縮機(jī)的轉(zhuǎn)速．供電頻率越高，轉(zhuǎn)速越大，達(dá)到控制“冷媒”流量的目的．

變頻空調(diào)機(jī)開始工作時(shí)；以最大功率進(jìn)行制冷，當(dāng)室內(nèi)溫度快速降至設(shè)定溫度后，壓縮機(jī)隨機(jī)處于低速持續(xù)運(yùn)轉(zhuǎn)狀態(tài)，維持室溫基本不變．

某型號變頻空調(diào)機(jī)的部分參數(shù)如下表；其中：制冷量是指單位時(shí)間內(nèi)空調(diào)機(jī)從密閉區(qū)域內(nèi)去除熱量的總和；能效比是空調(diào)機(jī)在額定狀態(tài)工作時(shí)，制冷量與輸入功率之比．

。

最小。

額定。

最大。

輸入功率/W

130

700

1400

制冷量/W

650

2660

3600

能效比。

﹣﹣

3．8

﹣﹣

請回答下列問題：

(1)空調(diào)機(jī)的制冷原理是：在室內(nèi)；“冷媒”由于________吸收熱量，而在室外則由于________放出熱量，從而把室內(nèi)的熱量轉(zhuǎn)移到室外，達(dá)到降低室內(nèi)溫度的目的．（以上均填物態(tài)變化名稱）

(2)關(guān)于變頻空調(diào)機(jī)；下列說法正確的是：（_____）．（填字母序號）

A；變頻空調(diào)的壓縮機(jī)與定頻空調(diào)一樣；也是斷斷續(xù)續(xù)工作的。

B；空調(diào)機(jī)制冷時(shí)；圖中鋼管A內(nèi)流動(dòng)的是氣態(tài)“冷媒”

C；空調(diào)壓縮機(jī)是利用降溫的方法使“冷媒”發(fā)生物態(tài)變化的。

D、變頻器供電頻率越高，空調(diào)機(jī)的制冷能力越強(qiáng)評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共27分)26、用如圖甲所示裝置結(jié)合頻閃照相機(jī)拍攝的照片來驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律；實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①用天平測出A、B兩個(gè)小球的質(zhì)量和

②安裝好實(shí)驗(yàn)裝置；使斜槽的末端所在的平面保持水平；

③先不在斜槽的末端放小球B，讓小球A從斜槽上位置P由靜止開始釋放；小球A離開斜槽后，頻閃照相機(jī)連續(xù)拍攝小球A的兩位置（如圖乙所示）；

④將小球B放在斜槽的末端，讓小球A仍從位置P處由靜止開始釋放；使它們碰撞，頻閃照相機(jī)連續(xù)拍攝下兩個(gè)小球的位置（如圖丙所示）；

⑤測出所需要的物理量。請回答：

(1)為減少實(shí)驗(yàn)誤差，步驟①中A、B兩個(gè)小球的質(zhì)量和應(yīng)滿足______；

(2)步驟⑤中，需要在照片中直接測量的物理量有______；（請選填“”）

(3)兩球在碰撞過程中若動(dòng)量守恒，滿足的方程是：______；若兩球碰撞為彈性碰撞，還需滿足方程：______。27、有一小燈泡上標(biāo)有“6V；0.1A”字樣，現(xiàn)要描繪該燈泡的伏安特性曲線，有下列器材供選用。

A電壓表（0～3V；內(nèi)阻2.0kΩ）

B電壓表（0～10V；內(nèi)阻3.0kΩ）

C電流表（0～0.3A；內(nèi)阻2.0Ω）

D電流表（0～6A；內(nèi)阻1.5Ω）

E滑動(dòng)變阻器（2A；30Ω）

F滑動(dòng)變阻器（0.5A；1000Ω）

G學(xué)生電源（直流9V）；及開關(guān)，導(dǎo)線等。

（1）實(shí)驗(yàn)中所用的電壓表應(yīng)選____，電流表應(yīng)選____，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選____；

（2）如圖方框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖，要求電壓從0開始測量．28、在“把小量程電流表改裝成歐姆表”的實(shí)驗(yàn)中；給出的器材有：

A．電流表（量程為600A；內(nèi)阻約為190Ω）

B．電阻箱（0?999.9Ω）

C．滑動(dòng)變阻器（0?4kΩ）

D．電位器（0?20kΩ；電位器相當(dāng)于滑動(dòng)變阻器）

E．電源（電動(dòng)勢為1.5V；有內(nèi)阻）

F．電源（電動(dòng)勢為7.5V；有內(nèi)阻）

G．開關(guān)兩個(gè)；導(dǎo)線若干。

(1)首先要用“半偏法”測定電流表的內(nèi)阻，如果采用如圖1所示的電路測定電流表的內(nèi)電阻并且要想得到較高的精確度，那么以上給出的器材中，電阻R1應(yīng)選用_____，電阻R2應(yīng)選用____，電源應(yīng)選用_____．（填寫所選儀器前的字母即可）

(2)該實(shí)驗(yàn)操作的步驟有______

A．閉合S1

B．閉合S2

C．觀察R1的阻值是否最大，如果不是，將R1的阻值調(diào)至最大。

D．調(diào)節(jié)R1的阻值；使電流表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度。

E．調(diào)節(jié)R2的阻值；使電流表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半。

F．記下R2的阻值．

(3)如果在步驟F中所得的R2的阻值為200Ω，則圖1中被測電流表的內(nèi)阻Rg的測量值為_______Ω，若僅考慮系統(tǒng)誤差，則測量值比實(shí)際值略______（選填“大”；“小”）．

(4)如果要將圖中的電流表改裝成歐姆表，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖2所示，選用電動(dòng)勢為1.5V的電源，則R3應(yīng)選用______（填寫所選儀器前的字母即可）

(5)電流表改裝成歐姆表后，如圖3所示，電流表的指針分別指向0、300、600刻度線對應(yīng)的電阻值大小分別是______；______；______．

評卷人得分六、解答題(共4題，共8分)29、一長為L的細(xì)線，上端固定，下端拴一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球，處于如圖所示的水平向右的勻強(qiáng)電場中，開始時(shí)，將線與小球拉成水平，然后釋放小球由靜止開始向下擺動(dòng)，當(dāng)細(xì)線轉(zhuǎn)過60°角時(shí)，小球到達(dá)B點(diǎn)速度恰好為零．試求：

（1）AB兩點(diǎn)的電勢差UAB；

（2）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大??；

（3）小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)；細(xì)線對小球的拉力大?。?/p>

30、如圖所示，一豎直放置的氣缸上端開口，氣缸壁內(nèi)有卡口a和b，a、b間距為a距缸底的高度為活塞只能在a、b間移動(dòng)，其下方密封有一定質(zhì)量的理想氣體。已知活塞面積為質(zhì)量、厚度忽略不計(jì)，活塞和汽缸壁均絕熱，不計(jì)它們之間的摩擦。開始時(shí)活塞靜止在卡口a處，上、下方氣體壓強(qiáng)均為溫度均為室溫現(xiàn)用電熱絲緩慢加熱氣缸中的氣體，直至活塞剛好到達(dá)b處。求：

（1）此時(shí)氣缸內(nèi)氣體的溫度；

（2）加熱后，把一重物放在活塞上，活塞剛好回到a處，則重物的質(zhì)量（重力加速度大小為）。

31、如圖所示，壓力罐左端與水泵相連，右端通過較細(xì)的管道與氣缸相連。壓力罐與氣缸的底面積均為S，壓力罐的高度為h，氣缸足夠高。裝置的氣密性和導(dǎo)熱性良好，活塞可與氣缸壁無摩擦地滑動(dòng)。活塞的重力大小為初始時(shí)壓力罐中封閉氣體的壓強(qiáng)為活塞在氣缸底部。外界大氣壓為外界溫度保持不變，不計(jì)管道中氣體的體積。

（1）啟動(dòng)水泵，緩慢向壓力罐中注入高為的水，求此時(shí)活塞上升的高度

（2）若緩慢將壓力罐內(nèi)注滿水，整個(gè)過程中封閉氣體吸收的熱量為Q，求從開始注水到活塞恰好要運(yùn)動(dòng)的過程中，外界對封閉氣體做的功W。

32、如圖所示，半圓玻璃磚的半徑R=12cm，直徑AB與光屏MN垂直并接觸于A點(diǎn)．一束激光a從半圓弧表面上射向半圓玻璃磚的圓心O，光線與豎直直徑AB之間的夾角為60°，最終在光屏MN上出現(xiàn)兩個(gè)光斑，且A點(diǎn)左側(cè)光斑與A之間距離為4cm．求：

①玻璃磚的折射率；

②改變激光a的入射方向，使光屏MN上只剩一個(gè)光斑，求此光斑離A點(diǎn)的最遠(yuǎn)距離．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】在滑動(dòng)變阻器R3的滑片向下移動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻減小，與R2并聯(lián)的電阻減小，外電路總電阻R總減小，總電流I增大，所以電流表A1的示數(shù)變大，路端電壓U=E-Ir，則U減小，電壓測量的是路端電壓，則電壓表讀數(shù)變小，故A錯(cuò)誤，B正確；總電流I增大R3分擔(dān)的電壓變大，并聯(lián)部分的電壓減小，則流過R2的電流I2減小，所以電流表A2的示數(shù)變小，故C錯(cuò)誤；電流表的A3的示數(shù)I3=I-I2，則電流表A3示數(shù)增大，故D錯(cuò)誤。所以B正確，ACD錯(cuò)誤。2、A【分析】【分析】

根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力的方向；確定電荷的偏轉(zhuǎn)方向，從而確定側(cè)面電勢的高低；磁場應(yīng)與工作面垂直。測量地磁場強(qiáng)弱時(shí)，讓地磁場垂直通過元件的工作面，通過地磁場的方向確定工作面的位置．

【詳解】

A.若元件的載流子是正離子；由左手定則可知，正離子受到的洛倫茲力方向向e側(cè)面偏，則e側(cè)面的電勢高于f側(cè)面的電勢。故A正確；

B.若元件的載流子是自由電子；由左手定則可知，電子受到的洛倫茲力方向向e側(cè)面偏，則f側(cè)面的電勢高于e側(cè)面的電勢。故B錯(cuò)誤；

CD；磁場應(yīng)與工作面垂直。在測量沿豎直方向的地球北極上方的地磁場強(qiáng)弱時(shí)；元件的工作面應(yīng)保持水平；在測量沿水平方向的地球赤道上方的地磁場強(qiáng)弱時(shí)，元件的工作面應(yīng)保持豎直。故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤。

故選：A.3、D【分析】【詳解】

AB、導(dǎo)線框OPQ內(nèi)，只有邊長OP做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可求得感應(yīng)電動(dòng)勢的大小為故導(dǎo)線框OPQ內(nèi)產(chǎn)生正弦式交變電流；故AB錯(cuò)誤；

C、由于導(dǎo)線框OPQ內(nèi)產(chǎn)生正弦式交變電流，P點(diǎn)的電勢與O點(diǎn)的電勢大小成周期性變化；選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D、如果截去導(dǎo)線PQ，則沒有感應(yīng)電流，但P、O兩點(diǎn)間的電勢差故最大值為故D正確；

故選D；

【點(diǎn)睛】線圈在繞垂直于磁場方向的轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦式交變電流,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)求得產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動(dòng)勢，根據(jù)導(dǎo)體板切割磁感線求得形成的最大感應(yīng)電動(dòng)勢．4、A【分析】ABC、由圖,粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡向左彎曲,說明粒子在a、b兩點(diǎn)受到的電場力沿電場線向左,因?yàn)殡妶鼍€方向不明,無法確定粒子的電性和產(chǎn)生該電場的點(diǎn)電荷的電性.故A錯(cuò)誤,B正確.

C、根據(jù)電場線的疏密程度,判斷ab兩點(diǎn)場強(qiáng)的大小,從而判斷ab兩點(diǎn)電場力大小,再根據(jù)牛頓第二定律得a點(diǎn)加速度的大,所以C選項(xiàng)是正確的.

D、由a到b,電場力做負(fù)功,動(dòng)能減小,故b處的速度小,D正確。

本題選不正確的；故選A

綜上所述本題答案是：A5、A【分析】把銅盤磨薄一些，從而減小了銅盤的固有振動(dòng)的周期，依據(jù)共振的特點(diǎn)，銅盤與皇宮早晚的鐘聲不再發(fā)生共振，即不再出現(xiàn)共鳴，故A正確，BCD錯(cuò)誤．故選A．6、D【分析】【詳解】

A．由題圖知；這列波的振幅為2cm，A錯(cuò)誤；

B．由題圖知，這列波的波長為8m，這列波的波速

B錯(cuò)誤；

C．因處質(zhì)點(diǎn)向軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，由上下坡法確定，這列波的傳播方向沿軸負(fù)方向；C錯(cuò)誤；

D．此時(shí)處質(zhì)點(diǎn)在平衡位置；位移是零，回復(fù)力是零，加速度是零，D正確。

故選D。二、多選題(共7題，共14分)7、C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．狀態(tài)參量是描述系統(tǒng)狀態(tài)的物理量；與系統(tǒng)是否處于平衡態(tài)無關(guān)，且系統(tǒng)狀態(tài)變化時(shí)，不一定各個(gè)狀態(tài)參量都改變，AB錯(cuò)誤；

C．處于熱傳遞過程中的兩系統(tǒng)因溫度不同發(fā)生熱傳遞；最終兩系統(tǒng)溫度相同，處于非平衡態(tài)，C正確；

D．的冰水混合物放入的環(huán)境中；其溫度；壓強(qiáng)、體積都不再變化，冰水混合物處于平衡態(tài)，D正確。

故選CD。8、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．熱力學(xué)溫度的單位K是國際單位制中七個(gè)基本單位之一；A正確；

B．由。

得。

則知溫度升高了就是升高了1K；B正確；

C．熱力學(xué)溫度和攝氏溫度的關(guān)系是。

可知與1K表示的溫度不同；C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)。

知，當(dāng)時(shí)。

D正確。

故選ABD。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．一定質(zhì)量的理想氣體；其壓強(qiáng)的大小和氣體分子的平均動(dòng)能；分子的密集程度均有關(guān)，所以溫度升高，氣體的壓強(qiáng)不一定增大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．分子力與重力無關(guān)；故在完全失重的宇宙飛船中，水的表面存在表面張力，選項(xiàng)B正確；

C．由熱力學(xué)第一定律。

在絕熱條件下壓縮氣體；外界對氣體做功。

可知，內(nèi)能增加，選項(xiàng)C正確；

D．土壤里有很多毛細(xì)管；如果將土壤鋤松，則會(huì)破壞毛細(xì)管，不會(huì)將地下的水引到地表，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選BC。10、B:D【分析】【詳解】

C、D、兩電流表由相同的靈敏電流計(jì)改裝而成，由圖示電路圖可知，兩電流表A1、A2并聯(lián)，兩表頭的電壓相等，通過它們的電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，所以A1、A2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1：1；故C錯(cuò)誤，D正確；

A、B、電流表A1的量程為3A，A2的量程為0.6A，當(dāng)偏轉(zhuǎn)角相同時(shí)，A1、A2的讀數(shù)之比為5：1，A1的讀數(shù)大于A2的讀數(shù)；故A錯(cuò)誤，B正確；

故選BD.

【點(diǎn)睛】

本題要對于安培表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)要了解：小量程電流表（表頭）與分流電阻并聯(lián)而成。指針偏轉(zhuǎn)角度取決于流過表頭的電流大小。11、A:B【分析】【詳解】

由題意，令封閉氣體的壓強(qiáng)為P，玻璃質(zhì)量為m；則有對玻璃管受力分析：

由受力分析可知，繩的拉力即繩的拉力等于管的重力和管中高出液面部分水銀的重力．

A項(xiàng)：大氣壓強(qiáng)增加時(shí)，封閉氣體壓強(qiáng)不變，所以液柱h增加，所以拉力T增加；故A正確；

B項(xiàng)：環(huán)境溫度降低，封閉氣體壓強(qiáng)減小，由可知，h增大，所以拉力T增大；故B正確；

C項(xiàng)：向水銀槽內(nèi)注入水銀，由和氣體狀態(tài)方程可知，封閉氣體壓強(qiáng)增大，體積減小，水銀面高度差h減??；故拉力減小，故C錯(cuò)誤；

D項(xiàng)：略微增加細(xì)繩長度,使玻璃管位置相對水銀槽下移，封閉氣體體積減小，壓強(qiáng)增大，由可知，水銀面高度差h減小，所以繩拉力減小，故D錯(cuò)誤．12、B:C【分析】【詳解】

AB．依據(jù)單擺的周期公式

由于處小球比處小球同時(shí)到達(dá)點(diǎn)；故A錯(cuò)誤，B正確；

CD．處做自由落體，所用時(shí)間

所以處小球比處和B處小球早到達(dá)點(diǎn)；故C正確，D錯(cuò)誤；

故選BC。13、B:C:D【分析】【詳解】

由圖知，入射角i=60°，折射角r=45°，則折射率為故A錯(cuò)誤．光在介質(zhì)中的傳播速度為故B正確．光線從介質(zhì)射向空氣時(shí)，只要入射角大于等于臨界角就能發(fā)生全反射，故C正確．設(shè)光線由介質(zhì)射向空氣時(shí)全反射的臨界角為C，則則得：C>45°，故D正確．三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]恒星的表面顏色取決于它的表面溫度；溫度越低，顏色越偏紅，溫度越高，顏色越偏藍(lán)。

[2]恒星的顏色顯示了它的溫度；溫度較低的恒星，在天空中呈現(xiàn)暗紅色。

[3]恒星的亮度與恒星的體積和溫度及它與地球的距離有關(guān)。

[4]恒星的壽命和它的質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量越大的恒星壽命越短，這是因?yàn)橘|(zhì)量越大壓力就越大，這種情況下恒星內(nèi)部的核反應(yīng)就更加劇烈?！窘馕觥款伾ò担┘t色溫度質(zhì)量15、略

【分析】【詳解】

[1]氣體從狀態(tài)到狀態(tài)發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋—呂薩克定律知，體積增大，溫度升高，所以氣體在狀態(tài)的溫度小于在狀態(tài)的溫度。

[2]理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，兩狀態(tài)氣體溫度相等，內(nèi)能相等，即氣體在狀態(tài)的內(nèi)能等于氣體在狀態(tài)的內(nèi)能。

[3]氣體從到的過程，體積不變，溫度降低，內(nèi)能減少，做功為零，根據(jù)熱力學(xué)第一定律

應(yīng)該放出熱量?！窘馕觥啃∮诘扔诜艧?6、略

【分析】【詳解】

[1][2]由導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的電動(dòng)勢公式可知，ab中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為

磁場方向垂直紙面向里，根據(jù)右手定則得到ab中感應(yīng)電流方向?yàn)閎到a，則電流從下向上經(jīng)過R，a端相當(dāng)于電源的正極，b端相當(dāng)于電源的負(fù)極，則a點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)電勢?！窘馕觥?gt;17、略

【分析】【詳解】

（1）[1]a．液體分子之間的距離不同；液體分子之間的分子力大小就不同，所以分子勢能就不同，所以液體的分子勢能與體積有關(guān)，故a正確；

b．單晶體的物理性質(zhì)具有各向異性，而多晶體的物理性質(zhì)具有各向同性，故b錯(cuò)誤；

c．溫度越高分子的平均動(dòng)能越大；但對于某個(gè)分子來說其分子動(dòng)能反而可能減小，所以溫度對單個(gè)分子來說沒有意義，故c錯(cuò)誤；

d．由于液體表面張力的作用使液體的表面積收縮；使露珠呈球形，故d正確。

故選ad。

（2）①[2]由于使C中水銀面仍在O點(diǎn)處，故封閉氣體的體積保持不變，即發(fā)生等容變化，冰水混合物的溫度T1=273K，此時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)p1=p0+h1=90cmHg

設(shè)待測恒溫槽的溫度T2，此時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)p2=p0+h2=120cmHg

根據(jù)查理定律得

解得T2=364K

②[3]氣體體積保持不變，分子勢能保持不變，由于氣體溫度升高，所以A內(nèi)氣體分子的平均動(dòng)能增大；故氣體的內(nèi)能增大。

[4]根據(jù)熱力學(xué)第一定律

氣體體積保持不變，則W=0，由于氣體的內(nèi)能增大，故

所以Q＞0

即氣體從外界吸熱。【解析】①.（1）ad②.（2）①恒溫槽的溫度為364K③.②增大；④.吸熱．18、略

【分析】【詳解】

[1]磁場的方向向里；由左手定則判斷出M帶負(fù)電荷，N帶正電荷；

[2]粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)半周，即時(shí)間為周期的一半，根據(jù)

而

整理可以得到

所以M的運(yùn)行時(shí)間等于N的運(yùn)行時(shí)間。

點(diǎn)睛：本題結(jié)合帶電粒子的磁場中的運(yùn)動(dòng)考查到左手定則、半徑的公式和根據(jù)周期的公式，屬于基本應(yīng)用?！窘馕觥控?fù)電=19、略

【分析】【詳解】

（1）a．重物受到最大沖擊力時(shí)加速度的大小為a，由牛頓第二定律解得：

b．重物在空中運(yùn)動(dòng)過程中，由動(dòng)能定理有：

重物與地面接觸前瞬時(shí)的速度大小為：

重物離開地面瞬時(shí)的速度大小為：

重物與地面接觸過程，重物受到的平均作用力大小為F，設(shè)豎直向上為正方向，由動(dòng)量定理有：（F﹣mg）t＝mv2﹣mv1

解得：F＝510N

重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的倍數(shù)為：

因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍．

（2）人接觸地面后要同時(shí)下蹲以通過延長與地面接觸的時(shí)間來減小人受到地面的沖擊力．【解析】90m/s26人接觸地面后要同時(shí)下蹲以通過延長與地面接觸的時(shí)間來減小人受到地面的沖擊力20、略

【分析】【詳解】

此核反應(yīng)方程為故碳核（）的結(jié)合能為因核子數(shù)為12，則比結(jié)合能為根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，得核反應(yīng)方程為．

【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是掌握愛因斯坦質(zhì)能方程以及比結(jié)合能的計(jì)算公式，知道核反應(yīng)過程中，電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒；先求出質(zhì)量虧損．核反應(yīng)中質(zhì)量虧損等于反應(yīng)前后質(zhì)量之差，再根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程求結(jié)合能，結(jié)合能與核子數(shù)之比等于比結(jié)合能，根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒寫出核反應(yīng)方程．【解析】21、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)根據(jù)光電效應(yīng)方程

知最大初動(dòng)能與入射光的頻率成一次函數(shù)關(guān)系，圖線的斜率表示普朗克常量，當(dāng)最大初動(dòng)能為零時(shí)，入射光子的能量等于逸出功的大小，為當(dāng)入射光的頻率為0時(shí)

即

[3]當(dāng)入射光的頻率為時(shí)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能等于【解析】E##22、略

【分析】（1）在室內(nèi)；制冷劑由液態(tài)變成氣態(tài)，叫做汽化，汽化吸熱；在室外又由氣態(tài)變成液態(tài)叫液化，液化放熱．故填汽化（蒸發(fā)）；液化．

（2）變頻空調(diào)的壓縮機(jī)是連續(xù)工作的，故A錯(cuò)誤；由圖示可知，空調(diào)機(jī)制冷時(shí)，圖中鋼管A內(nèi)流動(dòng)的是氣態(tài)“冷媒”，故B正確；空調(diào)壓縮機(jī)是利用做功的方法使“冷媒”發(fā)生物態(tài)變化的，故C錯(cuò)誤；變頻器供電頻率越高，空調(diào)機(jī)的制冷能力越強(qiáng)，故D正確。所以選BD?！窘馕觥恳夯疊D四、作圖題(共3題，共27分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共27分)26、略

【分析】【詳解】

(1)[1]為了防止入射球碰后反彈，則A、B兩個(gè)小球的質(zhì)量和應(yīng)滿足

(2)[2]碰撞時(shí)應(yīng)有

由平拋規(guī)律有

兩次頻閃間隔時(shí)間相等，設(shè)為t，上式中兩邊同乘以t，則有

所以需要在照片中直接測量的物理量有

(3)[3]由動(dòng)量守恒得，驗(yàn)證的方程為

[4]若兩球碰撞為彈性碰撞，還需滿足方程

兩邊乘以t2可得【解析】27、略

【分析】試題分析：①器材的選擇需安全和精確；根據(jù)燈泡的額定電壓和額定電流選擇電流表和電壓表的量程，從而測量誤差的角度選擇滑動(dòng)變阻器．

②電壓和電流需從0測起；滑動(dòng)變阻器需采用分壓式接法，通過燈泡的電阻大小判斷其是大電阻還是小電阻，從而確定電流表內(nèi)接還是外接．

解：（1）小燈泡的額定電壓為6V；從安全和精確度方面考慮，電壓表量程選10V的；小燈泡的額定電流為0.1A，所以電流表量程選0.3A的．總電阻為1000Ω的滑動(dòng)變阻器連入電路，電流非常小，測量誤差較大，所以選用總電阻為30Ω的滑動(dòng)變阻器．故選B；C、E．

（2）小燈泡在正常工作時(shí)的電阻R==60Ω；遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，屬于小電阻，“小外偏小”，電流表采用外接法．

電壓和電流需從零開始測起；所以滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法．電路圖如圖所示。

故答案為（1）B；C、E．

（2）如圖。

【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵掌握器材選取的原則，以及知道滑動(dòng)變阻器分壓式和限流式接法的區(qū)別，電流表內(nèi)外接的區(qū)別．【解析】（1）B；C、E．

（2）如圖。

28、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2][3]首先分析半偏法測量電流表內(nèi)阻的方法以及測量原理：如圖所示，設(shè)電源的電動(dòng)勢為E，內(nèi)阻為r，S2打開時(shí)；

設(shè)電流表滿偏電流為

實(shí)驗(yàn)要求R1＞＞RgR1＞＞r

這樣才有

當(dāng)S2閉合時(shí)，R2和Rg并聯(lián)，并聯(lián)后總阻值R并＜Rg＜＜R1