2025年仁愛科普版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年仁愛科普版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示電路中，開關S閉合，當滑動變阻器的滑片P從a端向b端滑動時；以下判斷正確的是（）

A.電壓表示數(shù)變大，通過燈的電流變大，燈變亮B.電壓表示數(shù)變小，通過燈的電流變小，燈變暗C.電壓衣示數(shù)變大，通過燈的電流變小，燈變亮D.電壓表示數(shù)變小，通過燈的電流變大，燈變暗2、在解鎖智能手機的過程中，可以采用人臉識別，也可以輸入正確的密碼，則要完成解鎖手機，上述兩種方式的邏輯關系是（）A.“或”關系B.“與”關系C.“非”關系D.不存在邏輯關系3、如圖所示，正點電荷Q固定于N點，另有A、B兩個質(zhì)量相等，電荷量分別為qA、qB（qA<qB）的點電荷，從M點以相同的速度v0分別向N點運動，運動過程中兩點電荷都未到達N點。若剛開始運動時A、B的加速度分別為aA、aB，A、B距離N點最近的距離分別為rA、rB，從M點出發(fā)到距離N點最近的過程中，A、B克服電場力做功分別為WA、WB，僅考慮Q對A；B的電場力作用；則（）

A.aA>aBB.rA=rBC.rA<rBD.WA>WB4、下列說法中正確的是（）A.兩個分子在相互遠離的過程中分子勢能一定增大B.1K表示的溫度變化大于1°C表示的溫度變化C.溫度升高時，速率大的分子占分子總數(shù)的比例增大，同時每個分子的速率都增大D.布朗運動反應了液體分子的無規(guī)則運動5、如圖所示為一個多量程多用電表的簡化電路圖.單刀多擲開關S可以與不同接點連接.下列說法正確的是（）

A.當S接1或2時為直流電流檔，接1時量程較小B.當S接1或2時為直流電壓檔，接1時量程較大C.當S接3或4時為直流電流檔，接3時量程較大D.當S接5或6時為直流電壓檔，接5時量程較小6、如圖所示，兩光滑平行金屬導軌固定在同一水平面內(nèi)，間距為d，其左端接阻值為R的定值電阻，整個裝置處在豎直向下、磁感應強度為B的勻強磁場中，一質(zhì)量為m的導體棒MN垂直于導軌放置，且接觸良好．現(xiàn)給導體棒MN一水平向右的初速度v1，經(jīng)過時間t，導體棒MN向右運動的距離為x，速度變?yōu)関2．不計金屬導軌和導體棒MN的電阻．甲、乙兩位同學根據(jù)以上條件，分別求解在時間t內(nèi)通過電阻R的焦耳熱Q，具體過程如下：。甲同學：

在這段時間內(nèi)，導體棒MN切割磁感線的感應電動勢

所以乙同學：

在導體棒向右運動的過程中，導體棒損失的動能最終轉(zhuǎn)化為電阻R的焦耳熱，則有

A.兩位同學的解法都正確B.兩位同學的解法都錯誤C.甲同學的解法正確，乙同學的解法錯誤D.甲同學的解法錯誤，乙同學的解法正確7、兩條相互平行的光滑金屬導軌，距離為L，電阻不計。導軌內(nèi)有一與水平面垂直向里的勻強磁場，導軌左側(cè)接電容器C，電阻R1和R2；如圖所示。垂直導軌且與導軌接觸良好的金屬桿AB以一定的速度向右勻速運動，某時刻開始做勻減速運動至速度為零后反向勻加速運動。在金屬桿變速運動的過程中，下列說法正確的是（）

A.R1中無電流通過B.R1中電流一直從e流向aC.R2中電流一直從a流向bD.R2中電流先從b流向a，后從a流向b8、籃球運動員接傳來的籃球時，通常要先伸出兩臂迎接，手接觸到球后，兩臂隨球迅速引至胸前，這樣做可以A.減小球?qū)κ肿饔昧Φ臎_量B.減小球的動量變化率C.減小球的動量變化量D.減小球的動能變化量9、如圖所示；螺線管的導線的兩端與兩平行金屬板相接，一個帶負電的小球用絲線懸掛在兩金屬板間，并處于靜止狀態(tài)，若條形磁鐵突然插入線圈時，小球的運動情況是（）

A.向左擺動B.向右擺動C.保持靜止D.無法判定評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、平行導軌固定在水平桌面上，左側(cè)接有阻值為R的電阻，導體棒ab與導軌垂直且接觸良好，ab棒質(zhì)量為m，在導軌間的阻值為r,長度為l．輸出功率恒為P的電動機通過水平繩向右拉動ab棒，使ab棒從靜止開始運動．整個區(qū)域存在豎直向上的大小為B的勻強磁場．若導軌足夠長；且不計其電阻和摩擦．則。

A.導體棒一直做勻加速運動B.導體棒的最大速度為C.電阻R消耗的最大功率為D.若經(jīng)過時間t，導體棒的速度為v，則電阻R上產(chǎn)生的熱量為pt-mv211、在用油膜法估測分子大小的實驗中所用油酸酒精溶液的濃度為每104mL溶液中含純油酸6mL；且1mL溶液為75滴．現(xiàn)取l滴溶液滴入淺水盤里，待水面穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上描繪出油酸膜的輪廓形狀，再把玻璃板放在邊長為1cm的坐標紙上，其形狀如圖所示．關于該實驗的下列說法正確的是________．

A.油酸膜的面積約為110cm2B.油酸分子的直徑約為7.3×10-10mC.用滴管吸取油酸酒精溶液，應將滴管移到水面中央挨著水面處滴入溶液E.若某次實驗中油酸未完全分散開就繪制輪廓線，計算的結(jié)果一定偏大E.若某次實驗中油酸未完全分散開就繪制輪廓線，計算的結(jié)果一定偏大12、如圖所示的電路中，電源內(nèi)阻為r，閉合電鍵，電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I；在滑動變阻器R1的滑片P由a端滑到b端的過程中（）

A.U先變大后變小B.I先變小后變大C.U與I的比值先變大后變小D.U的變化量的大小與I的變化量的大小的比值等于r13、下列說法中正確的是()A.在任何參考系中，物理規(guī)律都是相同的，這就是廣義相對性原理B.在不同的參考系中，物理規(guī)律都是不同的，例如牛頓運動定律僅適用于慣性參考系C.一個均勻的引力場與一個做勻速運動的參考系等價，這就是著名的等效原理D.一個均勻的引力場與一個做勻加速運動的參考系等價，這就是著名的等效原理14、一定質(zhì)量的理想氣體的體積V與熱力學溫度T的關系圖像如圖所示，氣體由狀態(tài)a經(jīng)狀態(tài)b、c到狀態(tài)d，O、a、d三點在同一直線上，ab和cd平行于橫軸，bc平行于縱軸；則下列說法正確的是（）

A.狀態(tài)a的壓強大于狀態(tài)b的壓強B.由狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，氣體對外做功C.由狀態(tài)c變化到狀態(tài)d，氣體的密度不變E.由狀態(tài)a變化到狀態(tài)d，氣體對外做功，內(nèi)能增大E.由狀態(tài)a變化到狀態(tài)d，氣體對外做功，內(nèi)能增大15、下列說法正確的是_____A.布朗運動表明組成固體小顆粒的分子在做無規(guī)則運動B.一定質(zhì)量的理想氣體，溫度不變時，體積減小導致分子密集程度增大，壓強變大C.熱力學第二定律表明宏觀自然進行的過程是有方向性的E.子彈射入木塊中使得木塊溫度升高，這一過程是通過做功實現(xiàn)木塊內(nèi)能的增加E.子彈射入木塊中使得木塊溫度升高，這一過程是通過做功實現(xiàn)木塊內(nèi)能的增加16、如圖所示是一定質(zhì)量的理想氣體的體積V和攝氏溫度變化關系的圖象，氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中；下列說法正確的是()

A.氣體的內(nèi)能增大B.氣體的內(nèi)能不變C.氣體的壓強減小D.氣體對外做功，同時從外界吸收熱量評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、如圖所示電路稱為______（選填“與”、“或”、“非”）門電路，若把開關接通定義為1，斷開定義為0，燈泡亮為1，熄為0，則在真值表中X為______，Z為______。

。輸入。

結(jié)果。

A

B

Y

0

0

0

0

1

X

1

0

0

1

1

Z

18、一定量的理想氣體從狀態(tài)開始，經(jīng)歷等溫或等壓過程回到原狀態(tài)，其圖像如圖所示。其中對角線的延長線過原點氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)的過程，氣體對外做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從外界吸收的熱量。氣體在狀態(tài)的體積___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體在狀態(tài)的體積。氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)外界對氣體做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)氣體對外界做的功。

19、關鍵環(huán)節(jié)題組：如圖所示,平行板電容器的板間距和板長均是L,有一帶電粒子(質(zhì)量為電荷量為-)從電容器左上角邊緣以初速度平行上板打入；能從另一側(cè)打出，求：

（1）帶電粒子在勻強磁場中的最小半徑____________

（2）兩板間有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為的范圍__________________

（3）兩板間有垂直兩板向上的勻強電場，電場強度為的范圍_____20、（1）在海中航行的輪船，受到大風大浪沖擊時，為了防止傾覆，應當改變航行方向和__________，使風浪沖擊力的頻率遠離輪船搖擺的__________．

（2）光纖通信中，光導纖維傳遞光信號的物理原理是利用光的_________現(xiàn)象.要產(chǎn)生這種現(xiàn)象，必須滿足的條件是：光從光密介質(zhì)射向_________，且入射角等于或大于_________．21、【小題1】警車向路上的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波，同時探測反射波的頻率。下列說法正確的是_______。(填入正確答案標號。選對1個得2分，選對2個得4分：有選錯的得0分)。A．車輛勻速駛向停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率增高B．車輛勻速駛離停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率降低C．警車勻速駛向停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率降低D．警車勻速駛離停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率不變【小題2】如圖，由透明介質(zhì)構(gòu)成的半球殼的內(nèi)外表面半徑分別為R和R。一橫截面半徑為R的平行光束入射到半球殼內(nèi)表面，入射方向與半球殼的對稱軸平行，所有的入射光線都能從半球殼的外表面射出。已知透明介質(zhì)的折射率為n=求半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑。不考慮多次反射。22、某同學用伏安法測量阻值Rx約為5Ω的電阻，用圖________測得的Rx的誤差較小，測量值________真實值（小于、大于、等于），造成誤差的原因是_____________________________________________

評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共40分)26、（1）在“用雙縫干涉測光的波長”實驗中（實驗裝置如圖）：

①下列說法哪一個是錯誤的_______．（填選項前的字母）。A．調(diào)節(jié)光源高度使光束沿遮光筒軸線照在屏中心時，應放上單縫和雙縫B．測量某條干涉亮紋位置時，應使測微目鏡分劃中心刻線與該亮紋的中心對齊C．為了減少測量誤差，可用測微目鏡測出n條亮紋間的距離a，求出相鄰兩條亮紋間距

②測量某亮紋位置時；手輪上的示數(shù)如右圖，其示數(shù)為___mm．

（2）某研究性學習小組欲測定一塊電池的電動勢D．

①先直接用多用電表測定該電池電動勢．在操作無誤的情況下；多用電表表盤示數(shù)如圖，其示數(shù)為____V．

②然后，用電壓表電阻箱R、定值電阻開關S、若干導線和該電池組成電路；測定該電池電動勢．

（?。└鶕?jù)電路圖；用筆畫線代替導線，將實物圖連接成完整電路___________．

（ⅱ）閉合開關S，調(diào)整電阻箱阻值R，讀出電壓表相應示數(shù)U．該學習小組測出大量數(shù)據(jù)；分析篩選出下表所示的R；U數(shù)據(jù)，并計算出相應的1/R與1/U的值．請用表中數(shù)據(jù)在坐標紙上描點，并作出1/U-1/R圖線____________．

（ⅲ）從圖線中可求得E=_________V27、現(xiàn)有下列可供選用的器材及導線若干，要求盡可能精確地測量出待測電流表的滿偏電流．

A．待測電流表(滿偏電流約為700μA～800μA，內(nèi)阻約為100Ω，已知表盤刻度均勻、總格數(shù)為N)

B．電流表(量程為0.6A，內(nèi)阻為RA=0.1Ω)

C．電壓表(量程為3V，內(nèi)阻為RV=3kΩ)

D．滑動變阻器R(最大阻值為200Ω)

E．電源E(電動勢為3V，內(nèi)阻約為1.5Ω)

F．開關S一個

(1)根據(jù)你的測量需要，“B．電流表”與“C．電壓表”中應選擇____________．(只需填寫電表前的字母序號)

(2)某同學設計的實驗電路圖如下，你認為正確的是()

(3)某次測量中測得電流表的指針偏轉(zhuǎn)了n格，讀出另一個電表的示數(shù)U(或I)，可算出滿偏電流IAmax＝__________________．（用題中所給符號表示）28、①小明同學用螺旋測微器測定某一金屬絲的直徑，測得的結(jié)果如下左圖所示，則該金屬絲的直徑d=_____mm．然后他又用游標尺上標有20等分刻度的游標卡尺測該金屬絲的長度L=_____cm．

②然后小明又用多用電表粗略測量某金屬電阻絲的電阻Rx約為5.0Ω；為了盡可能精確地測定該金屬絲的電阻，且測量時要求通過金屬絲的電流在0～0.5A之間變化.根據(jù)下列提供的實驗器材，解答如下問題：

A、量程0.1A，內(nèi)阻r1=1Ω的電流表A1

B、量程0.6A，內(nèi)阻約為0.5Ω的電流表A2

C、滑動變阻器R1全電阻1.0Ω；允許通過最大電流10A

D、滑動變阻器R2全電阻100Ω；允許通過最大電流0.1A

E、阻值為29Ω的定值電阻R3

F、阻值為599Ω的定值電阻R4

G、電動勢為6V的蓄電池E

H、電鍵S一個；導線若干。

（a）根據(jù)上述器材和實驗要求完成此實驗，請在虛線框內(nèi)畫出測量該金屬絲電阻Rx的實驗原理圖（圖中元件用題干中相應的元件符號標注）．

()

（b）實驗中測得電表A1示數(shù)為I1，A2表示數(shù)為I2，其它所選的物理量題目中已給定，請寫出電阻絲的電阻表達式Rx=_____.29、用如圖所示的電路，測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻。電池的內(nèi)阻較小，為了防止在調(diào)節(jié)滑動變阻器時造成短路，電路中用一個定值電阻R0起保護作用。除電池；開關和導線外；可供使用的實驗器材還有：

電流表（量程0.6A；3A）；

電壓表（量程3V；15V）

定值電阻（阻值1額定功率5W）

定值電阻（阻值10額定功率10W）

滑動變阻器（阻值范圍0--10額定電流2A）

滑動變阻器（阻值范圍0--100額定電流1A）

（1）要正確完成實驗，電壓表的量程應選擇______V，電流表的量程應選擇_______A；R0應選擇_______的定值電阻，R應選擇阻值范圍是__________的滑動變阻器；

（2）關于實驗的誤差分析下列正確的是________

A.電流表的分壓作用B.電壓表的分流作用。

C.讀數(shù)過程中存在偶然誤差D.由電壓表；電流表造成的系統(tǒng)誤差。

（3）①根據(jù)下列所得實驗數(shù)據(jù)，試在坐標系中做出實驗得到的U-I圖象______：。U/V1.361.321.301.281.241.20I/A0.220.280.340.400.460.50

②用繪制的U-I圖象得出所測的電源的電動勢為______V；電源的內(nèi)電阻為_______Ω（計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）；

（4）該實驗測量的電源電動勢、內(nèi)電阻與真實值從理論上來說：E測_______E真；r測______r真（選填“大于、小于、等于”）評卷人得分六、解答題(共1題，共5分)30、粗細均勻的U形玻璃管豎直放置左端封閉右端開口，右端上部有一光滑輕活塞．初始時管內(nèi)水銀柱及空氣柱長度如圖所示．已知玻璃管的橫截面積處處相同在活塞移動的過程中，沒有發(fā)生氣體泄漏，大氣壓強p0=76cmHg．

(i)求初始時左端氣體的壓強p1；

(ⅱ)若環(huán)境溫度不變緩慢拉動活塞，當活塞剛好達到右端管口時，求左端水銀柱下降的高度h．(解方程時可以嘗試試根法)參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

當滑動變阻器的滑片P向上滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由

知總電流增大，通過L2的電流增大，L2變亮；由

知，滑動變阻器與L1并聯(lián)部分電壓減小，電壓表示數(shù)變小，L1變暗。

故選D。2、A【分析】【詳解】

由題意可知；采用人臉識別或輸入正確的密碼均可以解鎖，故采用的是“或”關系。故A正確，BCD錯誤。

故選A。3、A【分析】【分析】

【詳解】

A．設MN=L，根據(jù)庫侖定律可得粒子受到的電場力根據(jù)牛頓第二定律可得加速度大小為。

由于m、L、Q相同，qA＞qB，則aA＞aB；故A正確；

BC．根據(jù)動能定理可知。

解得。

由于m、v0相同，qA＞qB，則UMA＜UMB，電勢差越大則移動的距離越遠，距離N點的距離越近，所以rA＞rB；故BC錯誤；

D．根據(jù)動能定理可知克服電場力做功由于m、v0相同，則WA=WB；故D錯誤。

故選A。4、D【分析】【分析】

【詳解】

A．在兩個分子相互遠離的過程中；當體現(xiàn)引力時，一定克服分子力做功，分子勢能增大；當體現(xiàn)斥力時，分子力做正功，分子勢能減小，故A錯誤；

B．1K表示的溫度變化和1°C表示的溫度變化相等；故B錯誤；

C．溫度升高時；速率大的分子占分子總數(shù)的比例增大，分子的平均速率增大，但不是每個分子的速率都增大，故C錯誤；

D．固體微粒在液體中受到的液體分子撞擊力不平衡；從而引起微粒的無規(guī)則運動，它反應了液體分子的無規(guī)則運動，故D正確；

故選D。5、D【分析】【詳解】

AB；當開關S旋到位置1、2位置；電阻與表頭并聯(lián)，則多用電表就成了電流表，接1時分流電阻小，其分流大，則量程大，故A、B錯誤；

C；當開關S旋到位置3或4；電路中有電源，則多用電表就成了歐姆表，故C錯誤；

D；當開關S旋轉(zhuǎn)到5、6位置；表頭與電阻串聯(lián)，則多用電表就成了電壓表，串聯(lián)電阻越大，則量程越大，所以接5時量程較小，接6時量程較大，故D正確。

故選D。

【點睛】

S旋到位置1、2連接時，電阻與表頭并聯(lián)，則多用電表就成了電流表，并聯(lián)電阻越小時，允許通過電流越大；S旋到位置3或4，電路中有電源，則多用電表就成了歐姆表；S旋到位置5、6時，表頭與電阻串聯(lián)，則多用電表就成了電壓表，電流表所串聯(lián)的電阻越大，所測量電壓值就越大。6、D【分析】【詳解】

導體棒向右運動，切割磁感線產(chǎn)生感應電流，受到向左的安培力而做減速運動，隨著速度的減小，感應電動勢和感應電流減小，導體棒所受的安培力減小，導體棒做變減速運動，安培力的平均值是不斷變化，不能用求克服安培力做功．故甲同學的解法是錯誤的．而根據(jù)功能關系安培力做多少負功；就有多少動能轉(zhuǎn)化為電能，從而轉(zhuǎn)化為焦耳熱，則乙同學的解法是正確的．故選D.

【點睛】求解安培力做功的三種方法：①適用于恒力；②普遍適用；③適用于電路是純電阻電路.7、B【分析】【詳解】

開始時，金屬桿AB以一定的速度向右勻速運動，由感應電動勢：E=BLv，電容器兩端的帶電量為，Q=CU=CBLv，由右手定則知，R2感應電流方向由a向b，故電容器的上極板帶正電，開始做勻減速運動至速度為零的過程中，Q=CU=CBLv知，速度減小，極板帶電量減小，有電流定義式：I＝q/t可知，R1中有電流通過，方向由a流向e，R2中電流從a流向b，故A錯誤；反向勻加速運動過程中，由右手定則知，R2感應電流方向由b向a，電容器反向充電，流經(jīng)R1電流方向由e流向a；故B正確，CD錯誤；故選B。

【點睛】

本題電磁感應中電路問題，基礎是識別電路的結(jié)構(gòu)．本題難點是根據(jù)并聯(lián)電路電流與電阻成反比確定兩電阻電量的關系．在高考中電路中含有電容器也是熱點問題．8、B【分析】由動量定理的內(nèi)容可知，增大接觸時間可以減小沖力大小，B對；9、A【分析】條形磁鐵S極突然插入線圈時，螺線管磁場向左增加，楞次定律得左板為正極，右側(cè)負極，帶負電的通草球受向左電場力，將向左偏．A正確．故本題選A．二、多選題(共7題，共14分)10、B:C【分析】【詳解】

導體棒在細線的拉力作用下向右加速，隨著速度的增加，切割電動勢增加，電流增加，安培力增加，加速度逐漸減小，最終穩(wěn)定時導體棒做勻速直線運動，拉力和安培力平衡，則選項A錯誤；電阻R消耗的電功率最大時，回路的電流最大，導體棒以最大速度做勻速直線運動，受拉力和安培力平衡；拉力的功率為P，故克服安培力做功的功率也為P，產(chǎn)生的電功率為P；即又解得選項B正確；根據(jù)P=I2R，有：故選項C正確；若經(jīng)過時間t，導體棒的速度為v，則整個電路上產(chǎn)生的總熱量為pt-mv2，電阻R上產(chǎn)生的熱量：(Pt-mv2)，故D錯誤．11、A:B:E【分析】【詳解】

面積超過正方形一半的正方形的個數(shù)為110個，則油酸膜的面積約為S=110cm2=1.10×10-2m2，選項A正確；每滴酒精油酸溶液中含有純油酸的體積把油酸分子看成球形，且不考慮分子間的空隙，則油酸分子直徑．選項B正確；用滴管吸取油酸酒精溶液，應將滴管移到水面中央從低處滴入溶液，選項C錯誤；若某次實驗中數(shù)油膜面積時將不足一格的也都按一格計算，則計算出的油膜的面積偏大，則根據(jù)可知，其直徑的測量值一定偏小，選項D錯誤；若某次實驗中油酸未完全分散開就繪制輪廓線，則計算出的油膜的面積偏小，則根據(jù)可知，其直徑的測量值一定偏大，選項E正確；故選ABE.12、A:B:C【分析】【詳解】

由圖可知，滑動變阻器上下兩部分并聯(lián)，當滑片在中間位置時總電阻最大，則在滑動變阻器R1的滑片P由a端滑到b端的過程中，滑動變阻器R1的電阻先增大后減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電流表示數(shù)先減小后增大，則可知路端電壓先變大后變??；故AB正確；U與I的比值就是接入電路的R1的電阻與R2的電阻的和，所以U與I比值先變大后變小，故C正確；電壓表示數(shù)等于電源的路端電壓，電流表的示數(shù)比流過電源的電流小，由于因為即所以U變化量與I變化量比值不等于r，故D錯誤；綜上分析，ABC正確．13、A:D【分析】由廣義相對性原理和等效原理的內(nèi)容知A；D正確．

思路分析：從廣義相對論原理和等效原理的內(nèi)容就可判斷。

試題點評：本題考查廣義相對論的原理和等效原理基本內(nèi)容，難度不大。14、C:D:E【分析】【詳解】

AB．由狀態(tài)a變化到狀態(tài)b的過程中，氣體發(fā)生等容變化，氣體對外界不做功，根據(jù)查理定律

可知氣體的溫度升高，壓強增大，則狀態(tài)a的壓強小于狀態(tài)b的壓強；故AB錯誤；

C．由狀態(tài)c變化到狀態(tài)d，氣體發(fā)生等容變化；體積不變，質(zhì)量不變，所以密度不變，故C正確；

D．由狀態(tài)b變化到狀態(tài)c；氣體體積增大，氣體對外界做功，溫度不變，則內(nèi)能不變，故D正確；

E．由狀態(tài)a變化到狀態(tài)d；氣體體積增大，氣體對外做功，溫度升高，內(nèi)能增大，故E正確。

故選CDE。15、B:C:E【分析】【詳解】

A．布朗運動是指懸浮在液體中的固體小顆粒的運動；它是由于液體分子的撞擊作用力不平衡造成的，因此表明了液體分子在不停息的做無規(guī)則運動，故A錯誤；

B．一定質(zhì)量的理想氣體，溫度不變時，若體積減小，氣體分子密集程度增大，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知壓強一定增大；故B正確；

C．熱力學第二定律表明；自然界中進行的涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性，故C正確；

D．潮濕的天氣；洗了的衣服不容易晾干，是因為空氣的相對濕度較大，故D錯誤；

E．子彈射入木塊；子彈受到摩擦阻力，從而做功，導致動能減小，內(nèi)能增加，所以這一過程是通過做功實現(xiàn)木塊內(nèi)能的增加，故E正確；

故選BCE。16、A:C:D【分析】【詳解】

C．在圖象中，等壓線是一條直線，反向延長線經(jīng)過且斜率越大，壓強越小，在圖上作出A；B兩點的等壓線如圖所示。

過B點的等壓線的斜率大，壓強小，過A點的等壓線的斜率小，壓強大，所以從A到B氣體的壓強減??；C正確；

ABD．從A到B，氣體的體積增大，氣體對外做功即外界對氣體做負功

溫度升高，內(nèi)能增加

根據(jù)熱力學第一定律

知

B錯誤AD正確。

故選ACD。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]如題圖所示；兩個開關同時閉合，燈泡才會發(fā)光，是“與”邏輯關系，真值表為。

。輸入結(jié)果ABY000010100111X為“0”，Z為“1”?！窘馕觥颗c0118、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)的過程中，溫度不變，內(nèi)能不變；壓強減小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

可知體積增大，對外做功，根據(jù)熱力學第一定律

可知

即氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b的過程；氣體對外做的功等于氣體從外界吸收的熱量。

[2]由圖可知a、c均在過原點的直線上，P-T圖像的斜率為體積的倒數(shù)，所以氣體在狀態(tài)a的體積等于氣體在狀態(tài)b的體積；

[3]在bc過程中，等壓變化，溫度降低，內(nèi)能減小△U＜0

溫度降低，體積減小，外界對氣體做功，根據(jù)

可得

bc過程中外界對氣體做功Wbc=p△Vbc=C△Tbc

da過程中，氣體對外界做功

所以

在bc過程中外界對氣體做的功等于在da過程中氣體對外界做的功?！窘馕觥康扔诘扔诘扔?9、略

【分析】【詳解】

（1）當恰好能恰能從下極板邊緣飛出粒子運動的半徑最?。蝗鐖D：

由幾何關系可知，粒子的最小半徑為：Rmin=L

（2）設粒子在磁場中運動的半徑為R，由洛倫茲力提供向心力，則得qvB=m

得

可得：

可知，當半徑最小時對應的速度最小，則v0≥

（3）由于板間電場強度方向豎直向上；粒子帶負電，可知加速度的方向向下。

-q粒子在水平方向上勻速運動；在豎直方向上向下勻加速運動，則有。

水平方向：L=v0t

豎直方向：L=at2

又由牛頓第二定律得

聯(lián)立解得，

可知若粒子穿過電場，則：v0≥

【點睛】

本題中帶電粒子在組合場中運動，要掌握類平拋運動的研究方法：運動的合成和分解，磁場中畫軌跡是解題的關鍵?！窘馕觥浚?）L（2）v0≥（3）v0≥20、略

【分析】【分析】

【詳解】

如答案【解析】速度大小頻率全反射光疏介質(zhì)臨界角21、略

【分析】【小題1】本題考察的是多普勒效應；凡是波源靠近觀察者，觀察者接收到的頻率就會變大，遠離觀察者，接收到的頻率就會變小，故AB正確。

【小題2】分析邊緣光線a；如圖：

由幾何關系得，可得∠CAB=45°；

在△OAB中，AC=AB，設為r；在△OBC中；

由勾股定理有：

進而求出

故半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑為【解析】【小題1】AB

【小題2】22、略

【分析】【分析】

由題意可知考查電流表內(nèi)接；外接對測量電路的影響；根據(jù)電路結(jié)構(gòu)特點分析可得．

【詳解】

[1]為了減小實驗誤差，電流表內(nèi)接、外接的選擇原則：大電阻采用內(nèi)接法，小電阻采用外接法，Rx約為5Ω；屬于小電阻，故采用電流表外接法，選擇乙電路圖．

[2]因測的電流值大于真實值，由可知計算得到的電阻值小于真實值．

[3]電流表測得電流值大于通過Rx電流值；原因是電壓表的分流作用．

【點睛】

電流表內(nèi)接法，測得是電流表和待測電阻串聯(lián)以后的電阻，測量值大于真實值，當待測電阻較大時選擇內(nèi)接法．電流表外接法，測得是電壓表和待測電阻并聯(lián)以后的電阻，測量值小于真實值，當待測電阻較小時選擇外接法．【解析】乙小于電壓表的分流作用四、作圖題(共3題，共18分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共40分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）①A、調(diào)節(jié)光源高度使光束沿遮光筒軸線照在屏中心時，不需放單縫和雙縫．故A錯誤；B、測量某條干涉亮紋位置時，應使測微目鏡分劃板中心刻線與該亮紋的中心對齊．故B正確；C、n條亮紋之間有n-1個間距，相鄰條紋的間距故C正確．本題選錯誤的；故選A．

②螺旋測微器的讀數(shù)等于：1.5mm+0.01×47.0mm=1.970mm．

（2）①多用電表表盤示數(shù)為9.4V．

②

（?。嵨飯D連接成完整電路如圖所示。

（ⅱ）表中數(shù)據(jù)在坐標紙上描點；并作出1/U-1/R圖線如圖所示。

（ⅲ）從閉合電路歐姆定理可知：得到．從圖中可知截距為電動勢的倒數(shù)．因此可求出電動勢的大小E≈11.1V．【解析】A1.970mm9.4V11.1V27、略

【分析】【詳解】

（1）因為電動勢為3V，電路中的最大電流為：Imax≈A=0.03A=30mA，若選擇電流表，指針偏角過小誤差較大，為了減小誤差，使指針有較大偏轉(zhuǎn)，故選擇電壓表C；

（2）因為要求盡可能精確，故應采用分壓式電路，故CD錯誤；若采用A圖所示電路，當電流表有較大偏轉(zhuǎn)時，電壓表偏角過小，當電壓表有較大偏轉(zhuǎn)時，帶測電表會燒壞，兩表無法同時有較大偏轉(zhuǎn)，而B圖所示電路兩表可以同時有較大偏轉(zhuǎn)，誤差較小，故A錯誤，