2025年仁愛科普版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年仁愛科普版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、已知金屬鋅發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)產(chǎn)生的光電子的最大初動能Ek跟入射光的頻率的關(guān)系圖象如圖中的直線1所示。某種單色光照射到金屬鋅的表面時(shí)，產(chǎn)生的光電子的最大初動能為E1。若該單色光照射到另一金屬表面時(shí)產(chǎn)生的光電子的最大初動能為E2，E2＜E1，關(guān)于這種金屬的光電子的最大初動能Ek跟入射光的頻率v的關(guān)系圖象應(yīng)如圖2中的（）A．a(chǎn)B．bC．cD．上述三條圖線都不正確2、一個(gè)阻值為R

的電阻兩端加上電壓U

后，通過電阻橫截面的電量q

隨時(shí)間t

變化的圖象如圖所示，此圖象的斜率可表示為()

A.U

B.R

C.UR

D.1R

3、下列說法中正確的是()A.電場線密集處場強(qiáng)大，電勢高B.沿電場線方向電勢降低，但場強(qiáng)不一定減小C.在電勢高處電荷具有的電勢能大D.場強(qiáng)為零處，電勢一定為零4、如圖所示，一帶負(fù)電的滑塊從粗糙斜面的頂端滑至底端時(shí)的速率為v

若加一個(gè)垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，并保證滑塊能滑至底端，則它滑至底端時(shí)的速率(

)

A.變大B.變小C.不變D.條件不足，無法判斷5、矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場方向的軸勻速轉(zhuǎn)動，下列說法中正確的是（）A.在中性面時(shí)，感應(yīng)電動勢最大B.穿過線圈的磁通量為零時(shí)，感應(yīng)電動勢也為零C.穿過線圈的磁通量為零時(shí)，磁通量的變化率也為零D.在中性面時(shí)，通過線圈的磁通量最大6、極光是由來自宇宙空間的高能帶電粒子流進(jìn)入地極附近的大氣層后，由于地磁場的作用而產(chǎn)生的．如圖所示，科學(xué)家發(fā)現(xiàn)并證實(shí)，這些高能帶電粒子流向兩極做螺旋運(yùn)動，旋轉(zhuǎn)半徑不斷減?。诉\(yùn)動形成的原因是：（）A.可能是洛倫茲力對粒子做負(fù)功，使其動能減小B.可能是介質(zhì)阻力對粒子做負(fù)功，使其動能減小C.南北兩極的磁感應(yīng)強(qiáng)度較強(qiáng)D.可能是粒子的帶電量減小7、如圖,均勻帶正電的絕緣圓環(huán)a與金屬圓環(huán)b同心共面放置,將a繞O點(diǎn)在其所在平面內(nèi)旋轉(zhuǎn)時(shí),b中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流,且具有收縮的趨勢,由此可知,圓環(huán)a()A.順時(shí)針加速旋轉(zhuǎn)B.順時(shí)針減速旋轉(zhuǎn)C.逆時(shí)針加速旋轉(zhuǎn)D.逆時(shí)針減速旋轉(zhuǎn)8、如圖所示，在絕緣的斜面上方，存在著勻強(qiáng)電場，電場方向平行于斜面向上，斜面上的帶電金屬塊在平行于斜面的力F作用下沿斜面移動．已知金屬塊在移動的過程中，力F做功32J，金屬塊克服電場力做功8J，金屬塊克服摩擦力做功16J，重力勢能增加18J，則在此過程中金屬塊的（）A.動能減少18JB.電勢能增加24JC.機(jī)械能減少24JD.熱能增加16J9、如圖，三個(gè)點(diǎn)電荷abc

位于正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，ac

帶正電，b

帶負(fù)電，a

所帶電量比b

所帶電量少，關(guān)于c

受到a

和b

的靜電力的合力方向，下列判斷正確的是(

)

A.從原點(diǎn)指向第Ⅰ象限B.從原點(diǎn)指向第Ⅱ象限C.從原點(diǎn)指向第Ⅲ象限D(zhuǎn).從原點(diǎn)指向第Ⅳ象限評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)10、機(jī)器人有____、____和執(zhí)行器三個(gè)模塊組成，相當(dāng)于人的感覺器官、大腦和肌肉．11、在彩色電視機(jī)的顯像管中，從電子槍射出的電子在加速電壓U作用下被加速，且形成電流為I的平均電流，若打在熒光屏上的高速電子全部被熒光屏吸收。設(shè)電子質(zhì)量為m，電量為e，進(jìn)入加速電場之前的初速不計(jì)，則t秒內(nèi)打在熒光屏上的電子數(shù)為____。12、如圖所示，有電流I流過長方體金屬塊，金屬塊寬度為d，高為b，有一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場垂直紙面向里，金屬塊單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為n，電子的電量為e，則金屬塊上表面的電勢比下表面的電勢要______（填“高”或“低”），金屬塊上下表面間的電勢差是______．13、（1）某同學(xué)用游標(biāo)卡尺測量一圓柱體的長度l，用螺旋測微器測量該圓柱體的直徑d，示數(shù)如圖1所示．由圖可讀出l=______cm，d=______mm．

（2）某一同學(xué)用歐姆擋測電阻時(shí)；實(shí)驗(yàn)步驟如下：

A．將功能選擇開關(guān)置×100擋。

B．將紅黑表筆短接；調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕，使指針指向左邊零處。

C．接入被測電阻；讀數(shù)。

D．將功能選擇開關(guān)置OFF檔。

上述實(shí)驗(yàn)步驟中，錯(cuò)誤的是______，應(yīng)改為______．若操作無誤，指針位置如圖2，則被測電阻的阻值是______．

14、如圖所示，A、B是電場中的兩點(diǎn)，由圖可知，電場強(qiáng)度EA____EB（填“＞”或“＜”）．將一點(diǎn)電荷先后放在A、B兩點(diǎn)，它所受的電場力大小FA____FB（填“＞”或“＜”）．

15、（1）在“探究單擺周期與擺長的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，兩位同學(xué)用游標(biāo)卡尺測量小球的直徑如圖甲、乙所示．測量方法正確的是______（選填“甲”或“乙”）．

（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)，若擺球在垂直紙面的平面內(nèi)擺動，為了將人工記錄振動次數(shù)改為自動記錄振動次數(shù)，在擺球運(yùn)動最低點(diǎn)的左、右側(cè)分別放置一激光光源與光敏電阻，如圖丙所示．光敏電阻與某一自動記錄相連，該儀器顯示的光敏電阻阻值R隨時(shí)間t變化圖線如圖丁所示，則該單擺的振動周期為______．若保持懸點(diǎn)到小球頂點(diǎn)的繩長不變，改用直徑是原小球直徑2倍的另一小球進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，則該單擺的周期將______（填“變大”、“不變”或“變小”），圖丁中的△t將______“變大”；“不變”或“變小”）．

16、物體帶電的三種方式______、______、感應(yīng)起電．17、一滴露珠的體積是12.0×10-4cm3，已知水的密度是1.0×103kg/m3，摩爾質(zhì)量是18g/mol，阿伏加德羅常數(shù)NA=6.0×1023mol-1．水的摩爾體積是______m3/mol．已知露珠在樹葉上每分鐘蒸發(fā)6.0×106個(gè)水分子，則需要______分鐘蒸發(fā)完．18、如圖表示兩個(gè)相干波源S1S2

產(chǎn)生的波在同一種均勻介質(zhì)中相遇，圖中實(shí)線表示波源，虛線表示波谷，c

和f

分別為ae

和bd

的中點(diǎn)，則(1)

在abcdef

六點(diǎn)中，振動加強(qiáng)的點(diǎn)是___________.

振動減弱的點(diǎn)是___________．(2)

若兩振源S1

和S2

振幅相同，此時(shí)位移為零的點(diǎn)是___________．(3)

畫出此時(shí)刻ace

連線上，以a

為原點(diǎn)的一列完整波形，并標(biāo)出e

點(diǎn)．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)19、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯(cuò)）20、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯(cuò)）21、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯(cuò)）22、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯(cuò)）

23、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯(cuò)）24、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯(cuò)）25、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯(cuò)）26、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯(cuò)）27、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯(cuò)）

評卷人得分四、作圖題(共1題，共5分)28、如圖1所示，在直導(dǎo)線上方放一小磁針．當(dāng)導(dǎo)線中通入電流時(shí)，發(fā)現(xiàn)小磁針的S極轉(zhuǎn)向讀者，請畫出導(dǎo)線中電流的方向．如圖2所示，通電導(dǎo)線由于受到磁場力而向左運(yùn)動，畫出條形磁鐵的N、S極．

評卷人得分五、畫圖題(共2題，共10分)29、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象30、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象評卷人得分六、綜合題(共1題，共7分)31、【物理隆陋隆陋

選修3鈭?33鈭?5

】(1)(

五選三)

如圖為氫原子的能級圖，已知可見光的光子的能量范圍為1.62隆蘆3.11eV

鋅板的電子逸出功為3.34eV

那么對氫原子在能級躍遷的過程中輻射或吸收光子的特征認(rèn)識正確的是________．

A.用氫原子從高能級向基態(tài)躍遷時(shí)發(fā)射的光照射鋅板，一定不能產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象B.用能量為11.0eV

的自由電子轟擊，可使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)C.處于n

=2

能級的氫原子能吸收任意頻率的紫外線D.處于n

=3

能級的氫原子可以吸收任意頻率的紫外線，并且使氫原子電離E.用波長為60nm

的倫琴射線照射，可使處于基態(tài)的氫原子電離出自由電子(2)

如圖所示，厚度和質(zhì)量不計(jì)、橫截面積為S

=10cm2

的絕熱汽缸倒扣在水平桌面上，汽缸內(nèi)有一絕熱的“T

”形活塞固定在桌面上，活塞與汽缸封閉一定質(zhì)量的理想氣體，開始時(shí)，氣體的溫度為T

0=300K

壓強(qiáng)為p

=0.5隆脕105Pa

活塞與汽缸底的距離為h

=10cm

活塞可在汽缸內(nèi)無摩擦滑動且不漏氣，大氣壓強(qiáng)為p

0=1.0隆脕105Pa.

求：

(1)

此時(shí)桌面對汽缸的作用力F

N

(2)

現(xiàn)通過電熱絲給氣體緩慢加熱到T

，此過程中氣體吸收熱量為Q

=7J

內(nèi)能增加了婁隴

U

=5J

整過程活塞都在汽缸內(nèi)，求T

的值。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【解析】【答案】A2、C【分析】【分析】給出的圖像是q鈭?t

圖像，其斜率為qt=I

所以斜率代表的是電流。本題考查了電流、電壓概念；能找出圖象中所提供的信息是本題的關(guān)鍵，也是識圖題的共同特點(diǎn)，注重公式的靈活運(yùn)用?！窘獯稹吭趫D像中可知：I=qt

所以斜率代表的就是電流；I=UR

代表的也是電流；故ABD錯(cuò)誤，C正確。故選C?！窘馕觥緾

3、B【分析】略【解析】B

4、B【分析】解：未加磁場時(shí)，根據(jù)動能定理，有mgh鈭?Wf=12mv2鈭?0.

加磁場后，多了洛倫茲力，洛倫茲力不做功，但正壓力變大，摩擦力變大，根據(jù)動能定理，有mgh鈭?Wf隆盲=12mv隆盲2鈭?0Wf隆盲>Wf

所以v隆盲<v.

故B正確；AC

D錯(cuò)誤．

故選B．

未加磁場時(shí)；滑塊受到重力；支持力，摩擦力，加磁場后，根據(jù)左手定則，多了一個(gè)垂直斜面向下的洛倫茲力.

兩種情況重力做功相同，洛倫茲力不做功，但加磁場時(shí)對斜面的正壓力變大，摩擦力變大，克服摩擦力做功變多，根據(jù)動能定理，即可比較出兩種情況到達(dá)底端的速率．

解決本題的關(guān)鍵兩次運(yùn)用動能定理，兩種情況重力功相同，多了磁場后多了洛倫茲力，洛倫茲力不做功，但導(dǎo)致摩擦力變大，即兩種情況摩擦力做功不同，從而比較出到達(dá)底端的速率．【解析】B

5、D【分析】解：

AD；在中性面時(shí)；線圈與磁場垂直，磁通量最大，感應(yīng)電動勢最小為零。故A錯(cuò)誤，D正確。

BC；穿過線圈的磁通量為零時(shí)；線圈與磁場平行，有兩邊垂直切割磁感線，感應(yīng)電動勢最大，即磁通量的變化率最大，故BC錯(cuò)誤。

故選：D。

矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場方向的軸勻速轉(zhuǎn)動時(shí)；線圈中產(chǎn)生正弦式電流。在中性面時(shí)，線圈與磁場垂直，磁通量最大，感應(yīng)電動勢為零。線圈每通過中性面一次，電流方向改變一次。

本題考查正弦式電流產(chǎn)生原理的理解能力，抓住兩個(gè)特殊位置的特點(diǎn)：線圈與磁場垂直時(shí)，磁通量最大，感應(yīng)電動勢為零；線圈與磁場平行時(shí)，磁通量為零，感應(yīng)電動勢最大?！窘馕觥緿6、B|C【分析】【解析】試題分析：根據(jù)地球磁場的分布；由左手定則可以判斷粒子的受力的方向，從而可以判斷粒子的運(yùn)動的方向．在由洛倫茲力提供向心力，則得運(yùn)動半徑與質(zhì)量及速度成正比，與磁感應(yīng)強(qiáng)度及電量成反比．解答：【解析】

A、地球的磁場由南向北，當(dāng)帶負(fù)電的宇宙射線粒子垂直于地面向赤道射來時(shí)，根據(jù)左手定則可以判斷粒子的受力的方向?yàn)橄蛭?，所以粒子將向西偏轉(zhuǎn)；當(dāng)帶正電的宇宙射線粒子垂直于地面向赤道射來時(shí)，根據(jù)左手定則可以判斷粒子的受力的方向，粒子受到的洛倫茲力始終與速度垂直，所以洛倫茲力不做功，故A錯(cuò)誤；B、粒子在運(yùn)動過程中可能受到空氣的阻力，對粒子做負(fù)功，所以其動能會減小，故B正確；C、粒子在運(yùn)動過程中，南北兩極的磁感應(yīng)強(qiáng)度較強(qiáng)，由洛倫茲力提供向心力，得出的半徑公式，可知，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增加時(shí)，半徑是減小．故C正確；D、粒子在運(yùn)動過程中，若電量減小，由洛倫茲力提供向心力，得出的半徑公式，可知，當(dāng)電量減小時(shí)，半徑是增大．故D錯(cuò)誤．故選：BC考點(diǎn)：洛侖茲力；磁感應(yīng)強(qiáng)度．【解析】【答案】BC7、B【分析】【解析】試題分析：由題意知：圓環(huán)ab電流方向相同，在安培力作用下體現(xiàn)出相互吸引的效果，且根據(jù)楞次定律“增反減同”原則，a環(huán)在減速旋轉(zhuǎn)考點(diǎn)：考查楞次定律【解析】【答案】B8、D【分析】解：A；在金屬塊移動的過程中；外力F做功為32J，電場力做功為-8.0J，摩擦力做功為-16J，重力做功-18J，則總功為W=32J-8.0J-16J-18J=-10J，根據(jù)動能定理得知，動能減少10J．故A錯(cuò)誤；

B；金屬塊克服電場力做功8.0J；則電勢能增加8J．故B錯(cuò)誤；

C；外力、電場力和摩擦力做的總功為8J；根據(jù)功能關(guān)系得知，機(jī)械能增加8J．故C錯(cuò)誤；

D；金屬塊克服摩擦力做功16J；就有16J的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，內(nèi)能增加16J．故D正確．

故選：D．

在金屬塊移動的過程中；重力；拉力、電場力和摩擦力做功，總功等于動能的變化，根據(jù)動能定理分析動能的增加量．金屬塊克服電場力做功8.0J，知電勢能的增加量．拉力、電場力和摩擦力三力做功的總和等于機(jī)械能的變化量．根據(jù)功能關(guān)系進(jìn)行分析．

本題考查對功能關(guān)系的理解和應(yīng)用能力．幾對常見的功與能的關(guān)系要加強(qiáng)理解，牢固掌握：電場力做功與電勢能變化有關(guān)，總功與動能變化有關(guān)，除重力和彈力以外的力做功與機(jī)械能的變化有關(guān)．【解析】【答案】D9、D【分析】解：如圖可知，a

對c

的靜電力為F1

為斥力，沿ac

方向；b

對c

的靜電力為F2

為引力，沿cb

方向；若F1=F2

則合力指向x

軸正方向．

由于F1<F2

據(jù)力的合成可知，c

所受到合力的方向?yàn)閺脑c(diǎn)指向第Ⅳ象限，故ABC錯(cuò)誤，D正確；

故選：D

．

由題意，a

對c

的靜電力為F1

為斥力，沿ac

方向；b

對c

的靜電力為F2

為引力，沿cb

方向，若F1=F2

則合力指向x

軸正方向.

由于F1<F2

據(jù)力的合成可知，c

所受到合力的方向?yàn)閺脑c(diǎn)指向第Ⅳ象限．

本題主要考察庫侖定律及平行四邊形定則.

先根據(jù)庫侖定律求得b

和c

的場強(qiáng)，在使用平行四邊形定則合成即可．【解析】D

二、填空題(共9題，共18分)10、略

【分析】

模塊機(jī)器人由傳感器；控制器和執(zhí)行器三個(gè)模塊組成；相當(dāng)于人的感覺器官、大腦和肌肉．

故答案為：傳感器；控制器．

【解析】【答案】模塊機(jī)器人由傳感器；控制器和執(zhí)行器三個(gè)模塊組成．

11、略

【分析】【解析】試題分析：有電流定義式計(jì)算出時(shí)間t內(nèi)打在熒光屏上的電荷量，然后計(jì)算出電子數(shù)。由電流的定義式可得，時(shí)間t內(nèi)打在熒光屏上的電荷量為因電子電量為e，則t秒內(nèi)打在熒光屏上的電子數(shù)為：考點(diǎn)：對公式的應(yīng)用【解析】【答案】12、略

【分析】解：根據(jù)左手定則知；電子向上表面偏轉(zhuǎn)，則上表面帶負(fù)電，下表面帶正電，即金屬塊上表面的電勢比下表面電勢低．

根據(jù)I=nevS=nevdh，解得v=

根據(jù)evB=e得；

金屬塊上下表面的電勢差U=vBh=．

故答案為：低，．

根據(jù)左手定則判斷電子的偏轉(zhuǎn)方向；從而確定金屬塊上下表面電勢的高低；根據(jù)電子所受的電場力和洛倫茲力平衡，結(jié)合電流的微觀表達(dá)式求出金屬塊上下表面的電勢差．

解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道最終電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡．【解析】低；13、略

【分析】解：（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為：22mm+0.1×5mm=22.5mm=2.25cm；螺旋測微器的讀數(shù)為：0+0.01×38.5mm=0.385mm．

（2）上述實(shí)驗(yàn)步驟中；錯(cuò)誤的是B，將紅黑表筆短接，指針指向右側(cè)的零處．電阻的阻值R=15×100=1500Ω．

故答案為：（1）2.250.385（2）B是指針指向右側(cè)的0Ω處1500Ω

（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，需估讀．

（2）歐姆表的零刻度線在表盤的右邊；歐姆調(diào)零時(shí)，將兩表筆短接，使得指針指在右側(cè)零刻度處．

電阻的大小等于表盤讀數(shù)乘以倍率．

解決本題的關(guān)鍵知道游標(biāo)卡尺和螺旋測微器以及歐姆的讀數(shù)方法，知道多用電表的使用步驟以及注意事項(xiàng)．【解析】2.25；0.385；B；是指針指向右側(cè)的0Ω處；1500Ω14、＞＞【分析】【解答】根據(jù)圖象很容的發(fā)現(xiàn)，在電場的A點(diǎn)的電場線較密，所以，在A點(diǎn)的電場的強(qiáng)度要比B點(diǎn)的電場的強(qiáng)度大，即EA＞EB；

由于EA＞EB，并且是同一個(gè)試探電荷，電荷的電荷量大小相同，由F=qE可知，電荷在A點(diǎn)時(shí)受到的電場力要在B點(diǎn)時(shí)受到的電場力大，即FA＞FB；；

故答案為：＞；＞

【分析】電場線是從正電荷或者無窮遠(yuǎn)發(fā)出，到負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)處為止，電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度?。?5、略

【分析】解：（1）游標(biāo)卡尺測量小球的直徑；應(yīng)將小球卡在外爪的刀口上，故選乙；

（2）單擺在一個(gè)周期內(nèi)兩次經(jīng)過平衡位置，每次經(jīng)過平衡位置，單擺會擋住細(xì)激光束，從R-t圖線可知周期為2t0．

擺長等于擺線的長度加上小球的半徑，根據(jù)單擺的周期公式T=2π擺長變大，所以周期變大．

擋光時(shí)間等于球的直徑與速度的乘積；由于球的直徑變大，故擋光時(shí)間增加．

故答案為：

（1）乙；

（2）2t0；變大，變大．

（1）用游標(biāo)卡尺測量小球的直徑；應(yīng)將小球卡在外爪的刀口上；

（2）單擺在一個(gè)周期內(nèi)兩次經(jīng)過平衡位置；每次經(jīng)過平衡位置，單擺會擋住細(xì)激光束，光敏電阻阻值R變大；擋光時(shí)間等于球的直徑與速度的乘積．

本題主要考查了在探究影響單擺周期的因素的實(shí)驗(yàn)的操作要求，知道單擺的擺長等于擺線的長度加上擺球的半徑，難度不大．【解析】乙；2t0；變大；變大16、略

【分析】解：使物體帶電的方法共有三種分別為摩擦起電；感應(yīng)起電和接觸起電．

故答案為：接觸起電；摩擦起電．

使物體帶電的方法有三種分別為摩擦起電；感應(yīng)起電和接觸帶電；由此分析可以的出結(jié)論．

本題是基礎(chǔ)的題目，考查的就是學(xué)生對基本內(nèi)容的掌握的情況，在平時(shí)要注意多積累，掌握住使物體帶電的方法．【解析】接觸起電；摩擦起電17、略

【分析】解：水的摩爾體積Vmol==m3/mol=1.8×10-5m3/mol

一滴露珠中含有的水分子總數(shù)為n===4×1019（個(gè)）

則水分子蒸發(fā)完所用時(shí)間為t===6.67×1012（min）

故答案為：1.8×10-5，6.67×1012

水的摩爾體積等于摩爾質(zhì)量與其密度之比；根據(jù)水的密度和體積算出其質(zhì)量；然后求出其摩爾數(shù)，即可算出其所含分子數(shù)目，由分子總數(shù)與每分鐘蒸發(fā)水分子數(shù)之比，即可求出時(shí)間．

阿伏伽德羅常數(shù)是聯(lián)系宏觀量，先求出物質(zhì)的量，然后物質(zhì)的量與阿伏伽德羅常數(shù)的乘積是物質(zhì)所含分子的個(gè)數(shù)．【解析】1.8×10-5；6.67×101218、（1）acebdf

（2）bdf

（3）【分析】【分析】兩列頻率相同的相干波，當(dāng)波峰與波峰相遇或波谷與波谷相遇時(shí)振動加強(qiáng)，當(dāng)波峰與波谷相遇時(shí)振動減弱，則振動情況相同時(shí)振動加強(qiáng)；振動情況相反時(shí)振動減弱，從而即可求解。波的疊加滿足矢量法則，例如當(dāng)該波的波峰與波峰相遇時(shí)，此處相對平衡位置的位移為振幅的二倍；當(dāng)波峰與波谷相遇時(shí)此處的位移為零。當(dāng)振幅相同的兩列相同頻率的波相遇時(shí)，振動加強(qiáng)區(qū)的振動方向始終相同，不過位移時(shí)大時(shí)小，而振動減弱區(qū)的振動方向始終相反，位移始終為零?！窘獯稹?1)ae

兩點(diǎn)分別是波谷和波谷，波峰與波峰相交的點(diǎn)，故此兩點(diǎn)為振動加強(qiáng)點(diǎn)；c

點(diǎn)處于在ae/

連線上，且從運(yùn)動的角度分析a

點(diǎn)的振動形式恰沿該線傳播，故c

點(diǎn)是振動加強(qiáng)點(diǎn)，同理bd

是振動減弱點(diǎn)，f

也是振動減弱點(diǎn)。(2)

因?yàn)閮刹ㄔ凑穹嗤?，振動最?qiáng)區(qū)域的振幅為2A

最弱區(qū)域的振幅為零，位移為零的點(diǎn)為bdf

(3)

題中對應(yīng)時(shí)間a

處在兩波谷的交點(diǎn)上，即此時(shí)刻a

在波谷，同理e

在波峰，所以所對應(yīng)的波形如圖所示：故答案為：(1)acebdf(2)bdf(3)

【解析】(1)acebdf

(2)bdf

(3)

三、判斷題(共9題，共18分)19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．20、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．22、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?3、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．24、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．25、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．26、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會移動．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．27、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大小．四、作圖題(共1題，共5分)28、

【分析】【解答】（1）從圖中可以看出，發(fā)現(xiàn)小磁針的S極轉(zhuǎn)向讀者，則小磁針的北極向里偏轉(zhuǎn)，那么，此通電導(dǎo)線上方的磁感線方向垂直紙面向里，即此通電螺線管的N極在紙的里面，根據(jù)安培定則，用右手握住螺旋管，讓大拇指指向里面，四指的指向就是導(dǎo)線中的電流方向，是水平向左的．（2）通電導(dǎo)線由于受到磁場力而向左運(yùn)動，根據(jù)左手定則，則有通過導(dǎo)線的磁場方向向上，因此磁鐵下端是S極，上端是N極．

答：如圖所示；

【分析】（1）通電導(dǎo)線周圍存在磁場，其磁場方向可以根據(jù)安培定則來判斷，用四指的方向代表電流的方向，那么大拇指所指的一端為通電螺線管的N極．磁場中的小磁針靜止時(shí)，北極所指的方向與該點(diǎn)磁感線的方向一致．（2）根據(jù)通電導(dǎo)線受到安培力，結(jié)合左手定則，即可求解．五、畫圖題(共2題，共10分)29、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答