2025年人教版PEP高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版PEP高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，一根用絕緣材料制成的勁度系數(shù)為k的輕彈簧，左端固定，右端與質量為m、帶電荷量為＋q的小球相連，靜止在光滑、絕緣的水平面上．在施加一個場強為E、方向水平向右的勻強電場后，小球開始做簡諧運動．那么()A.運動過程中小球的電勢能和彈簧的彈性勢能的總量不變B.小球到達最右端時，彈簧的形變量為C.運動過程中小球的機械能守恒D.小球做簡諧運動的振幅為2、如圖是一交變電流的i-t圖象，其中曲線部分按正弦規(guī)律變化，則該交變電流的有效值為（）A.2AB.2AC.2AD.4A3、如圖所示，長方體金屬塊邊長之比a：b：c=3：1：2，將A與B接入電壓為U的電路中時，電流為I；若將C與D接入電壓為U的電路中，則電流為（設金屬塊的電阻率不變）（）A.IB.2IC.ID.I4、真空中有一個電場，在這個電場中的某一點放入電量為5.0隆脕10鈭?9C

的點電荷，它受到的電場力為3.0隆脕10鈭?4N

那么這一點處的電場強度的大小等于(

)

A.8.0隆脕10鈭?5N/C

B.6.0隆脕104N/C

C.1.7隆脕10鈭?5N/C

D.2.0隆脕10鈭?5N/C

5、關于電流，下列說法正確的是(

)

A.電流的方向就是電荷移動的方向B.電流是有方向的量，所以是矢量C.任何物體，只要其兩端電勢差不為零，就有電流存在D.以上說法都不正確6、如圖所示是某質點沿直線運動的速度v隨時間t變化的關系圖線。對于該圖線的認識正確的是（）A.0～2s內質點做勻速直線運動B.2s～4s內質點處于靜止狀態(tài)C.0～2s內質點做勻加速直線運動D.3s時，質點的加速度為2m/s2評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)7、單擺測定重力加速度的實驗中。

（1）實驗時用20分度的游標卡尺測量擺球直徑，示數(shù)如圖甲所示，該擺球的直徑d=____mm．

（2）接著測量了擺線的長度為L，實驗時用拉力傳感器測得擺線的拉力F隨時間t變化的圖象如圖乙所示，則重力加速度的表達式g=____（用題目中物理量的字母表示）．

（3）某小組改變擺線長度L，測量了多組數(shù)據(jù)．在進行數(shù)據(jù)處理時，甲同學把擺線長L作為擺長，直接利用公式求出各組重力加速度值再求出平均值；乙同學作出T2-L圖象后，如圖丙所示，再利用圖線上任意兩點A、B的坐標（x1，y1）、（x2，y2），然后算出重力加速度g=4兩同學分別處理數(shù)據(jù)得到的結果和真實值相比較：甲____，乙____（填“偏大”、“偏小”或“無影響”）．8、圖甲是利用沙擺演示簡諧運動圖象的裝置．當盛沙的漏斗下面的薄木板被水平勻速拉出時，做簡諧運動的漏斗漏出的沙在板上形成的曲線顯示出沙擺的振動位移隨時間的變化關系．已知木板被水平拉動的速度為0.20m/s，圖乙所示的一段木板的長度為0.60m，則這次實驗沙擺的周期______s，沙擺的擺長約為______m．（取g=π2）9、在赤道附近的地磁場可看作是沿南北方向的勻強磁場，磁感應強度為B．如果赤道上空有一根沿東西方向的直導線，長為L，通有從東向西的電流I，則地磁場對這根導線的作用力大小為____，方向____．10、穿過單匝閉合線圈的磁通量隨時間變化的Φ－t圖象如圖所示，由圖知0～5s線圈中感應電動勢大小為________V，5s～10s線圈中感應電動勢大小為________V,10s～15s線圈中感應電動勢大小為________V.11、在用落體法驗證機械能守恒定律時，某小組按照正確的操作選得紙帶如圖7－9－9.其中O是起始點，A、B、C是打點計時器連續(xù)打下的3個點．用毫米刻度尺測量O到A、B、C各點的距離，并記錄在圖中．（已知當?shù)氐闹亓铀俣萭＝9.80m/s2，重錘質量為m＝1kg；計算結果均保留3位有效數(shù)字）

4圖7－9－9

①圖中的三個測量數(shù)據(jù)中不符合有效數(shù)字讀數(shù)要求的是____段的讀數(shù)，應記作____cm；

②甲同學用重錘在OB段的運動來驗證機械能守恒，他用AC段的平均速度作為B點對應的瞬時速度vB，則求得該過程中重錘的動能增加量ΔEk＝____J，重力勢能的減少量ΔEp＝____J____這樣驗證的系統(tǒng)誤差總是使ΔEk____ΔEp（選填“>”、“<”或“＝”）；

③乙同學根據(jù)同一條紙帶，同一組數(shù)據(jù)，也用重錘在OB段的運動來驗證機械能守恒，將打點計時器打下的第一個點O記為第1個點，圖中的B是打點計時器打下的第9個點．因此他用v＝gt計算與B點對應的瞬時速度vB，求得動能的增加量ΔEk＝____J這樣驗證的系統(tǒng)誤差總是使ΔEk____ΔEp（選填“>”、“<”或“＝”）．

④上述兩種處理方法中，你認為合理的是____同學所采用的方法．（選填“甲”或“乙”）12、如圖a

所示；某實驗小組對“利用頻閃照相研究平拋運動規(guī)律”裝置進行了改制，在裝置兩側都裝上完全相同的斜槽AB

但位置有一定高度差，白色與黑色兩個相同的小球AB

都由斜槽某位置靜止釋放.

啟動閃光連拍相機對上述實驗過程拍照.

實驗后對照片做一定處理并建立直角坐標系，得到如圖所示的部分小球位置示意圖．

(1)

根據(jù)小球位置示意圖可以判斷閃光間隔為______s.(g=10m/s2)

(2)(

多選題)

根據(jù)部分小球位置示意圖；下列說法正確的是______

(A)

白球A

先釋放；黑球B

后釋放。

(B)A

球拋出點坐標(0,0)

(C)B

球拋出點坐標(0.95,0.50)

(D)

兩小球釋放位置到平拋槽口的高度差相同。

13、要測繪一個標有“3V；0.6W”小燈泡的伏安特性曲線，燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，并便于操作。已選用的器材有：

電池組（電動勢為4.5V；內阻約1Ω）；電流表（量程為0～250mA．內阻約5Ω）；

電壓表（量程為0～3V．內限約3kΩ）；電鍵一個；導線若干。

①實驗中所用的滑動變阻器應選下列中的______（填字母代號）。

A．滑動變阻器（最大阻值20Ω；額定電流1A）

B．滑動變阻器（最大阻值1750Ω；額定電流0.3A）

②實驗的電路圖應選用下列的圖______（填字母代號）。

③實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖所示。如果將這個小燈泡接到電動勢為1.5V；內阻為5.0Ω的電源兩端，小燈泡消耗的功率是______W。

評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)14、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）15、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）16、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

17、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）20、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、畫圖題(共2題，共6分)21、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象22、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象評卷人得分五、推斷題(共4題，共8分)23、是合成高聚酚酯的原料，其合成路線rm{(}部分反應條件略去rm{)}如下圖所示：

rm{(1)A}的結構簡式為____，rm{B}分子中最多有____個原子共面。rm{(2)}反應rm{壟脵}的反應條件____。rm{(3)}由rm{C}生成rm{D}的化學方程式為____。rm{(4)}與rm{D}互為同分異構體且含有碳碳雙鍵和rm{-COO-}的苯的二元取代物有____種，其中核磁共振譜為rm{5}組峰，且峰面積比為rm{2:1:2:2:1}的結構簡式為____rm{(}任寫一種rm{)}rm{(5)}寫出以rm{C_{2}H_{5}OH}為原料合成乳酸rm{(}rm{)}的路線rm{(}其他試劑任選，合成路線常用的表示方式為目標產物rm{)}24、風靡全球的飲料果醋中含有蘋果酸(MLA)

其分子式為C4H6O50.1mol

蘋果酸與足量NaHCO3

溶液反應能產生4.48LCO2(

標準狀況)

蘋果酸脫水能生成使溴水褪色的產物。如圖表示合成MLA

的路線。

(1)

寫出下列物質的結構簡式：A

____，D

____。

(2)

指出反應類型：壟脵

____壟脷

____。

(3)

寫出所有與MLA

具有相同官能團的同分異構體的結構簡式：____。

(4)

寫出E隆煤F

轉化的化學方程式____。

(5)

上述轉化關系中步驟壟脹

和壟脺

的順序能否顛倒？____(

填“能”或“不能”)

說明理由：____。25、人工合成有機化合物rm{H}的路線可簡單表示如圖：已知：rm{F}的核磁共振氫譜有四個峰，峰的面積比為rm{1}rm{1}rm{3}rm{3.}請回答下列問題：rm{(1)A}的名稱rm{(}系統(tǒng)命名rm{)}為______；rm{C}中官能團的結構簡式為______；rm{(2)G+F隆煤H}的反應類型為______；rm{H}的結構簡式為______．rm{(3)C隆煤D}的離子方程式為______．rm{(4)E}在一定條件下生成的高分子化合物的結構簡式為______．rm{(5)X}是rm{F}的同分異構體，它同時符合下列rm{3}個條件：rm{壟脵}能發(fā)生水解反應rm{壟脷}不含甲基rm{壟脹}能發(fā)生銀鏡反應，則rm{X}可能的結構簡式為______、______rm{(}寫出任意兩種rm{)}．26、風靡全球的飲料果醋中含有蘋果酸(MLA)

其分子式為C4H6O50.1mol

蘋果酸與足量NaHCO3

溶液反應能產生4.48LCO2(

標準狀況)

蘋果酸脫水能生成使溴水褪色的產物。如圖表示合成MLA

的路線。

(1)

寫出下列物質的結構簡式：A

____，D

____。

(2)

指出反應類型：壟脵

____壟脷

____。

(3)

寫出所有與MLA

具有相同官能團的同分異構體的結構簡式：____。

(4)

寫出E隆煤F

轉化的化學方程式____。

(5)

上述轉化關系中步驟壟脹

和壟脺

的順序能否顛倒？____(

填“能”或“不能”)

說明理由：____。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【解析】試題分析：小球做簡諧運動，找出平衡位置，根據(jù)簡諧運動的對稱性和功能關系進行分析討論．A、小球運動過程中有電場力和彈簧彈力做功，故對于彈簧和小球系統(tǒng)，電勢能和重力勢能以及動能總量守恒，B、小球做簡諧運動，在平衡位置，有kA=qE解得小球到達最右端時，彈簧的形變量為2倍振幅，即故A錯誤，B正確；故D錯誤；C、小球運動過程中有電場力做功，故機械能不守恒，故C錯誤；故選B．考點：機械能守恒定律；簡諧運動的回復力和能量．【解析】【答案】B2、C【分析】解：取一個周期：設有效值為I，由電流的熱效應有：I2RT=42R+（

可得：I=A則C正確。

故選：C。

求有效值方法：是將交流電在一個周期內產生熱量與將恒定電流在相同時間內產生的熱量相等；則恒定電流的值就是交流電的有效值。

求交流電的有效值，要根據(jù)電流的熱效應，由有效值的定義求解，不難屬于基礎題?！窘馕觥緾3、D【分析】解：設b長為l；

根據(jù)電阻定律可知：R=

則接AB時，電阻RAB=

當接CD時，電阻RCD=

由歐姆定律可知：

I=

I′=

聯(lián)立解得：故D正確，ABC錯誤。

故選：D。

根據(jù)電阻定律可確定AB及CD時的電阻；再由歐姆定律即可確定電流。

本題考查電阻定律的應用，要注意明確電阻大小與截面積及導體長度有關系。【解析】D4、B【分析】解：由題，電量q=5.0隆脕10鈭?9C

電場力F=3.0隆脕10鈭?4N

則這一點處的電場強度的大小E=Fq=3隆脕10鈭?45脳10鈭?9N/C=6.0隆脕104N/C

故選：B

電場強度等于放入電場中的試探電荷所受電場力與其電荷量的比值.

由場強的定義式E=Fq

求解電場強度的大?。?/p>

本題考查對電場強度定義式的理解和應用能力，公式E=Fq

中，q

是試探電荷．【解析】B

5、D【分析】解：A

電流方向與正電荷定向移動的方向相同；與負電荷定向移動的方向相反，故A錯誤；

B；電流是標量；故B錯誤；

C；只有導體兩端有電勢差時才能形成電流；故C錯誤；

D；綜上所述D正確．

故選：D

電荷的定向移動形成電流；正電荷定向移動的方向與電流方向相同，電流是標量．

掌握電流形成的原因和電流方向的規(guī)定，知道電流是標量，難度不大，屬于基礎題．【解析】D

6、C【分析】解：AC；由圖象可知0-2s內；圖象是一條傾斜的直線，質點的速度均勻增大，做勻加速直線運動，故A錯誤，C正確；

B；由圖象可知2-4s內質點速度不變；做勻速直線運動，加速度為零，故BD錯誤；

故選：C。

v-t圖象中；傾斜的直線表示勻變速直線運動，與時間軸平行的直線表示做勻速直線運動，斜率表示加速度，圖象與坐標軸圍成的面積表示位移。

本題是速度--時間圖象的應用，要明確斜率的含義，知道在速度--時間圖象中圖象與坐標軸圍成的面積的含義，能根據(jù)圖象讀取有用信息?！窘馕觥緾二、填空題(共7題，共14分)7、略

【分析】

（1）由圖甲所示游標卡尺可知；游標尺是20分度的，游標尺的精度是0.05mm；

游標尺主尺示數(shù)是14mm；游標尺示數(shù)是3×0.05mm=0.15mm；

游標卡尺示數(shù)；即擺球的直徑d=14mm+0.15mm=14.55mm．

（2）單擺擺長等于擺線長度與擺球半徑之和，則單擺擺長為l=L+

由圖乙所示圖象可知，單擺的周期T=5t-t=4t，由單擺周期公式T=2π可知；

重力加速度g===．

（3）由單擺周期公式T=2π可知，重力加速度g=擺長應該是擺線長度與擺球半徑之和；

甲同學把擺線長L作為擺長，擺長小于實際擺長，由g=可知；重力加速度的測量值小于真實值；

由T=2π可知，L=T2=kT2，其中k=由此可見，L與T2成正比；k是比例常數(shù)；

由圖丙可知，L與T2成正比，是圖象的斜率k，所以k==g=4π2

由于單擺擺長偏大還是偏小不影響圖象的斜率k=因此擺長偏小不影響重力加速度的測量值．

故答案為：（1）14.15；（2）（3）偏?。粺o影響．

【解析】【答案】（1）由圖示游標卡尺確定游標尺的精度；游標卡尺主尺示數(shù)與游標尺示數(shù)之和是游標卡尺的示數(shù)．

（2）單擺的擺長等于擺線的長度與擺球的半徑之和；根據(jù)題意求出擺長．

擺球在最大位移處擺線的拉力最?。辉谧畹忘c處，擺線的拉力最大，擺球從最大位移處，經最低點到達另一測最大位移處，然后再次反向通過最低點，最后回到最初的位置，經歷的時間是一個周期，擺線的拉力經歷三個最小值，由圖乙所示圖象求出單擺的周期T；最后由單擺周期公式求出重力加速度的表達式．

（3）根據(jù)單擺周期公式判斷甲的測量值與真實值間的關系；由單擺周期公式的變形公式求出T2-L關系表達式；然后根據(jù)圖丙所示圖象求出重力加速度，然后判斷測量值與真實值間的關系．

8、略

【分析】解：由題，薄木板水平勻速運動，運動時間為：t==s=3s

設沙擺的周期為T；由圖看出，2T=t，得：T=1.5s．

由單擺的周期T=2π得：l==0.56m

故答案為：1.5；0.56．

薄木板水平勻速運動；由板長和速度求出運動的時間．此時間等于兩倍的沙擺周期，則知沙擺的周期，由單擺的周期公式求出擺長．

此題抓住木板與沙擺運動的同時性，由圖讀出沙擺的周期與木板運動時間的關系是關鍵．【解析】1.5；0.569、略

【分析】

根據(jù)安培力的公式F=BIL的適用條件可知地磁場對這根導線的作用力大小為：F=BIL；

根據(jù)左手定則可知：伸開左手；讓磁感線穿過手心，四指方向與電流方向相同，大拇指指向為受力方向，由此可知安培力方向豎直向下．

故答案為：BIL；豎直向下．

【解析】【答案】根據(jù)安培力的公式F=BIL可以求出地磁場對這根導線的作用力大??；根據(jù)左手定則可以判斷安培力的方向．

10、略

【分析】【解析】試題分析：根據(jù)可得0～5s線圈中感應電動勢大小為5s～10s線圈中感應電動勢大小為10s～15s線圈中感應電動勢大小為考點：考查了法拉第電磁感應定律的應用【解析】【答案】10211、OC15.701.201.22<1.23>甲【分析】【解答】①毫米刻度尺讀數(shù)要估讀到毫米下一位，OC長度讀數(shù)到1毫米，不符合讀數(shù)要求．應記作15.70cm.②AC段的平均速度即B點瞬時速度vB＝＝＝1.55m/s，則系統(tǒng)增加的動能ΔEk＝≈1.20J，重力勢能減少了ΔEp＝mg≈1.22J，由于摩擦力的作用，部分重力勢能轉化為內能，所以ΔEk<ΔEp.③B是打點計時器打下的第9個點，所以B點的速度vB＝gt＝g×8×0.02s＝1.57m/s，動能的增加量ΔEk＝≈1.23J，這樣做把加速度按照自由落體計算，沒有考慮摩擦力的作用，而實際上，由于摩擦力的作用，加速度a<g，所以vB＝gt應大于實際對應h的速度大小，所以會使得ΔEk>ΔEp.④乙方案中直接把加速度按照重力加速度計算；不符合事實，而且誤差大，所以合理的是甲方案．

【分析】解決實驗問題首先會讀數(shù)，計算速度，從而求解動能和勢能，會分析產生實驗誤差的原因.12、略

【分析】解：(1)

根據(jù)鈻?y=gT2

得：T=鈻?yg=0.110s=0.1s

(2)A

由圖可以看出；A

球到達C

點的時間比B

球到達C

點的時間長，而AB

球同時到達C

點，所以A

球先釋放，故A正確；

B、A

球水平速度為v0=xt=1.5m/s

左邊第二個球在豎直方向上的分速度vy=0.20.2m/s=1m/s

運動的時間t=vyg=0.1s.

此時水平位移為x=v0t=0.15m

豎直位移為y=12gt2=0.05m

可知拋出點的坐標為(0,0).

故B正確．

CB

球水平速度v0=xt=1.5m/s

右邊13

兩個球在豎直方向上的位移為0.3m

右邊第二個球在豎直方向上的分速度vy=0.30.2m/s=1.5m/s

則運動的時間t=vyg=0.15s.

此時水平位移為x=v0t=0.225m

豎直位移為y=12gt2=0.1125m

所以拋出點的橫坐標為。

0.8+0.225m=1.025m.

縱坐標為0.6鈭?0.1125m=0.4875m.

故C錯誤．

D

兩球平拋運動的初速度都是1.5m/s.

所以兩小球釋放位置到平拋槽口的高度差相同；故D正確．

故選：ABD

．

故答案為：(1)0.1s(2)ABD

平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，豎直方向上做自由落體運動.

根據(jù)豎直方向上在相鄰的相等的時間間隔內位移之差是一恒量，即鈻?y=gT2

求出時間間隔.

即為閃光間隔．

求出球在某點豎直方向上的分速度；求出運動時間，則求出水平位移和豎直位移，從而求出拋出點的坐標．

比較兩球在水平方向上的速度；即可知道是否從相同位置由靜止釋放．

解決本題的關鍵掌握平拋運動的處理方法，平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，豎直方向上做自由落體運動．【解析】0.1ABD

13、AB0.10【分析】解：（1）由于實驗要求電壓從零調；變阻器應采用分壓式接法，應選擇阻值小的變阻器以方便調節(jié)，所以應選擇A；

（2）由于待測小燈泡阻值較小，滿足所以電流表應用外接法，又變阻器應采用分壓式接法，所以應選擇B；

（3）在表示小燈泡的I-U圖象中畫出表示電源的I-U圖象如圖所示；讀出兩圖線交點坐標為：U=1.0V，I=0.1A；

所以小燈泡消耗的功率為：P=UI=1.0×0.1W=0.10W；

故答案為：（1）A

（2）B

（3）0.23（1）A（2）B（3）0.10

本題（1）的關鍵是根據(jù)實驗要求電流從零調可知變阻器應采用分壓式接法，選擇阻值小的變阻器更方便調節(jié)；題（2）的關鍵是根據(jù)小燈泡電阻滿足可知電流表應用外接法；即電路應是分壓外接電路；題（3）的關鍵是在表示小燈泡的I-U圖象中同時畫出表示電源的I-U圖象，讀出兩圖線的交點坐標，再根據(jù)功率公式求解即可。

應明確：①當實驗要求電流從零調或變阻器的全電阻遠小于待測電阻時變阻器應采用分壓式接法，應選擇阻值小的變阻器以方便調節(jié)；②當待測電阻滿足時，電流表應用外接法，滿足時，電流表應用內接法；③表示電阻和電源的I-U圖線的交點表示通過電阻的電流和電阻兩端電壓?！窘馕觥緼B0.10三、判斷題(共7題，共14分)14、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．15、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?8、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．四、畫圖題(共2題，共6分)21、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應電動勢、感應電流恒定不變【解析】【答案】22、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應電動勢、感應電流恒定不變【解析】【答案】五、推斷題(共4題，共8分)23、（1）HCHO15（2）NaOH醇溶液加熱（3）+H2O（4）6(5)【分析】【分析】本題考查有機物推斷和有機合成，為高頻考點，側重考查學生分析推斷及知識綜合應用能力，明確有機物官能團及其性質、有機反應類型及反應條件是解本題關鍵，難點是根據(jù)反應物和生成物采用知識遷移的方法進行有機合成，題目難度中等?！窘獯稹扛鶕?jù)流程圖知，rm{壟脵}為消去反應、rm{壟脷}為加成反應，則rm{A}為rm{HCHO}rm{B}為rm{B}發(fā)生信息rm{ii}的反應，rm{C}結構簡式為rm{C}發(fā)生縮聚反應生成rm{E}rm{E}結構簡式為rm{C}發(fā)生消去反應生成rm{D}rm{D}結構簡式為rm{D}和苯酚發(fā)生酯化反應生成

rm{(1)A}為甲醛，結構簡式為rm{HCHO}rm{B}為與苯環(huán)直接相連的原子和苯環(huán)碳原子共面，且單鍵可以旋轉，通過旋轉醛基三個原子可以旋轉到苯環(huán)平面上，所以rm{B}分子中最多有rm{15}個原子共面，故答案為：rm{HCHO}rm{15}

rm{(2)}由rm{C}生成rm{D}的反應類型為生成rm{C}的反應類型為是鹵代烴的消去反應，反應條件為rm{D}醇溶液加熱，故答案為：rm{NaOH}醇溶液加熱；

rm{NaOH}在濃硫酸條件下發(fā)生消去反應生成rm{(3)C}rm{D}結構簡式為化學方程式為：rm{D}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}

故答案為：rm{+H_{2}O}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}rm{+H}rm{2}rm{2}滿足rm{O}的苯的二元取代物的rm{(4)}的同分異構體有：含有含有碳碳雙鍵和rm{-COO-}的苯的二元取代物的和rm{-COO-}鄰間對rm{D}種，含有rm{-CH=CH_{2}}和rm{-COOH(}鄰間對rm{)3}種，所以共rm{-CH=CH_{2}}種，rm{-OOCH(}組峰，且峰面積比為rm{)3}的結構簡式為：

故答案為：rm{3+3=6}其中核磁共振譜為rm{5}組峰，且峰面積比為rm{2:1:2:2:1}的結構簡式為：被催化氧化生成rm{5}rm{2:1:2:2:1}和rm{6}發(fā)生加成反應生成rm{(5)CH_{3}CH_{2}OH}該物質發(fā)生水解反應生成rm{CH_{3}CHO}其合成路線為故答案為：rm{CH_{3}CHO}【解析】rm{(1)HCHO}rm{15}rm{(2)NaOH}醇溶液加熱rm{(3)}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{(4)6}rm{(5)}24、略

【分析】【分析】本題考查有機物的結構與性質，為高頻考點，把握反應中官能團的變化及官能團與性質的關系為解答的關鍵，側重反應類型判斷的考查，題目難度不大。蘋果酸分子式為C4H6O50.lmol

蘋果酸與足量NaHCO3

溶液反應能產生4.48LCO2(

標準狀況)

二氧化碳的物質的量為0.2mol

則1mol

蘋果酸含2mol鈭?COOH.

蘋果酸脫水能生成使溴水褪色的產物，應含有1

個鈭?OH

結合蘋果酸的分子式知，蘋果酸的結構簡式為：HOOCCH2CH(OH)COOH.

蘋果酸酯化反應進行的聚合生成聚蘋果酸(PMLA)

其結構為D

被氧化生成E

則E

中含有溴原子，E

和氫氧化鈉的水溶液發(fā)生反應生成FF

酸化生成MLA

所以F

的結構簡式為：NaOOCCH2CH(OH)COONaE

的結構簡式為：HOOCCH2CHBrCOOHD

能發(fā)生銀鏡反應則D

中含有醛基，所以D

的結構簡式為：OHCCH2CHBrCHO

根據(jù)13鈭?

丁二烯及D

的結構簡式知，13鈭?

丁二烯和溴發(fā)生14

加成生成A

為BrCH2CH=CHCH2BrA

和氫氧化鈉的水溶液發(fā)生取代反應生成B

為HOCH2CH=CHCH2OHB

與HBr

發(fā)生加成反應生成CC

的結構簡式為：HOCH2CH2CHBrCH2OHC

再被氧化生成D

蘋果酸經聚合生成聚蘋果酸(PMLA)

根據(jù)有機物的結構和性質解答。【解答】蘋果酸分子式為C4H6O50.lmol

蘋果酸與足量NaHCO3

溶液反應能產生4.48LCO2(

標準狀況)

二氧化碳的物質的量為0.2mol

則1mol

蘋果酸含2mol鈭?COOH.

蘋果酸脫水能生成使溴水褪色的產物，應含有1

個鈭?OH

結合蘋果酸的分子式知，蘋果酸的結構簡式為：HOOCCH2CH(OH)COOH.

蘋果酸酯化反應進行的聚合生成聚蘋果酸(PMLA)

其結構為

D

被氧化生成E

則E

中含有溴原子，E

和氫氧化鈉的水溶液發(fā)生反應生成FF

酸化生成MLA

所以F

的結構簡式為：NaOOCCH2CH(OH)COONaE

的結構簡式為：HOOCCH2CHBrCOOHD

能發(fā)生銀鏡反應則D

中含有醛基，所以D

的結構簡式為：OHCCH2CHBrCHO

根據(jù)13鈭?

丁二烯及D

的結構簡式知，13鈭?

丁二烯和溴發(fā)生14

加成生成A

為BrCH2CH=CHCH2BrA

和氫氧化鈉的水溶液發(fā)生取代反應生成B

為HOCH2CH=CHCH2OHB

與HBr

發(fā)生加成反應生成CC

的結構簡式為：HOCH2CH2CHBrCH2OHC

再被氧化生成D

蘋果酸經聚合生成聚蘋果酸(PMLA)

(1)

由上述分析可知，A

為CH2BrCH=CHCH2BrD

為OHCCH2CHBrCHO

(2)

反應壟脵

是13鈭?

丁二烯和溴發(fā)生14

加成生成BrCH2CH=CHCH2Br

反應壟脷

是BrCH2CH=CHCH2Br

和氫氧化鈉的水溶液發(fā)生取代反應生成HOCH2CH=CHCH2OH

(3)

所有與MLA

具有相同官能團的同分異構體的結構簡式有：

(4)E隆煤F

轉化的化學方程式為：HOOCCH2CHBrCOOH+3NaOH隆煤NaOOCCH2CH(OH)COONa+NaBr+2H2O

(5)

順序不能顛倒，若先氧化則B

中碳碳雙鍵也被氧化?！窘馕觥?1)CH2BrCH=CHCH2BrOHCCH2CHBrCHO

(2)壟脵壟脵加成反應壟脷壟脷取代反應(3)

(4)HOOCCH2CHBrCOOH+3NaOH隆煤NaOOCCH2CH(OH)COONa+NaBr+2H2O

(5)

不能若先氧化則B

中碳碳雙鍵也被氧化25、rm{(1)2-}甲基rm{-1-}丁烯rm{-OH}rm{-CHO}

rm{(2)}酯化反應rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

rm{(3)}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}

rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}

rm{(4)}rm{(5)HCOOCH_{2}CH_{2}CH=CH_{2}}【分析】【分析】

本題考查有機物推斷；有機反應方程式、同分異構體書寫等；注意根據(jù)反應條件進行推斷，需要學生熟練掌握官能團的性質與轉化，難度中等。

【解答】

rm{A}與溴水發(fā)生加成反應生成則rm{A}為．發(fā)生水解反應生成rm{B}為rm{B}發(fā)生氧化反應生成rm{C}為rm{C}發(fā)生氧化反應生成rm{D}rm{D}酸化得到rm{E}為rm{E}發(fā)生消去反應生成rm{F}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}溴乙烷發(fā)生水解反應生成rm{G}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{F}與rm{G}發(fā)生酯化反應生成rm{H}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}．

rm{(1)A}為rm{A}的名稱rm{(}系統(tǒng)命名rm{)}為rm{2-}甲基rm{-1-}丁烯；rm{C}為含有官能團的結構簡式為：rm{-OH}rm{-CHO}

故答案為：rm{2-}甲基rm{-1-}丁烯；rm{-OH}rm{-CHO}

rm{(2)G+F隆煤H}的反應類型為酯化反應，rm{H}的結構簡式為rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

故答案為：酯化反應；rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

rm{(3)C隆煤D}的離子方程式為：rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}

故答案為：rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}

rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}為rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}在一定條件下發(fā)生縮聚反應生成的高分子化合物為

故答案為：

rm{(4)E}為rm{E}符合下列條件的rm{(5)F}的rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}種同分異構體的結構簡式：rm{F}能發(fā)生水解反應，屬于酯類rm{3}不含甲基，rm{壟脵}能發(fā)生銀鏡反應，應是甲酸形成的酯，符合條件的rm{壟脷}的結構簡式有：rm{壟脹}

故答案為：rm{X}．

rm{HCOOCH_{2}CH_{2}CH=CH_{2}}與溴水發(fā)生加成反應生成則rm{HCOOCH_{2}CH_{2}CH=CH_{2}}為．發(fā)生水解反應生成rm{A}為rm{A}發(fā)生氧化反應生成rm{B}為rm{B}發(fā)生氧化反應生成rm{C}rm{C}酸化得到rm{D}為rm{D}發(fā)生消去反應生成rm{E}為rm{E}溴乙烷發(fā)生水解反應生成rm{F}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}rm{G}與rm{CH_{3}CH_{2}OH}發(fā)生酯化反應生成rm{F}為rm{G}

rm{H}【解析】rm{(1)2-}甲基rm{-1-}丁烯rm{-OH}rm{-CHO}rm{(2)}酯化反應rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}rm{(