2025年浙教版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，質量為m、半徑為b的小球，放在半徑為a、質量為3m的大空心球內，大球開始靜止在光滑的水平面上，當小球從圖示位置無初速度地沿大球內壁滾到最低點時，大球移動的距離是（）

A.B.C.D.2、如圖；豎直倒放的氣缸內有一質量不可忽略的活塞，將一定質量的氣體封閉在氣缸內，活塞與氣缸壁無摩擦。下列措施中，穩(wěn)定后封閉氣體壓強變大的是（）

A.升高氣體溫度B.使氣缸向上勻速運動C.順時針轉30°D.增加氣缸質量3、如圖所示，三根相互平行的固定長直導線L1、L2和L3兩兩等距，通過L1、L2、L3中的電流大小相等，L1、L2中的電流方向垂直紙面向里，L3中的電流方向垂直紙面向外；在三根導線與紙面的交點所構成的等邊三角形的中心上放有一電流方向垂直紙面向外的通電長直導線則該導線受到的安培力的方向為。

A.指向L1B.指向L2C.背離L3D.指向L34、如圖所示；紙面內有一環(huán)形線圈，線圈中通入順時針方向的環(huán)形電流，在線圈內部放入一小段通電導線，導線與線圈共面，且通過導線的電流方向如圖所示。下列關于這一小段通電導線所受的安培力的方向正確的是（）

A.垂直導線向右B.垂直導線向左C.垂直導線向外D.垂直導線向內5、某電風扇擋位變換器的電路如圖所示，它可視為一個可調壓的理想變壓器，總匝數為2400匝的原線圈兩端輸入電壓(V)的交變電源，擋位1、2、3、4對應的線圈匝數分別為240匝、600匝、1200匝、2400匝．電動機M的內阻r=8Ω、額定電壓U=220V，額定功率P=110W，下列說法正確的是（）

A.交變電源的頻率為100HzB.當選擇擋位3后，電動機兩端電壓的有效值為110VC.當由擋位3變?yōu)閾跷?后，原線圈的電流變大D.當選擇擋位4后，電動機的輸出功率為110W6、如圖所示，平行板電容器水平放置，上極板帶正電且接地(大地電勢為零)，下極板帶等量負電．一帶電微粒靜止在兩板之間的M點；現(xiàn)將上極板向上移動，則下面說法正確的是。

A.電容器的電容增大B.帶電微粒會向下運動C.帶電微粒具有的電勢能增大D.電容器兩板之間的電勢差減小7、關于原子模型，下列說法錯誤的是A.湯姆生發(fā)現(xiàn)電子，表明原子具有核式結構B.盧瑟福完成的粒子散射實驗，說明了原子的“棗糕”模型是不正確的C.按照玻爾理論，氫原子核外電子從高能級向低能級躍遷時，輻射出光子D.按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，電子的動能減小，原子總能量增加8、重元素的放射性衰變共有四個系列，分別是U238系列(從開始到穩(wěn)定的為止)、Th232系列、U235系列及Np237系列(從開始到穩(wěn)定的為止)，其中，前三個系列都已在自然界找到，而第四個系列在自然界一直沒有被發(fā)現(xiàn)，只是在人工制造出Np237后才發(fā)現(xiàn)的，下面的說法正確的是A.的中子數比中子數少20個B.從到共發(fā)生7次α衰變和4次β衰變C.Np237系列中所有放射性元素的半衰期隨溫度的變化而變化D.與是不同的元素評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、下列說法正確的是（）A.在使兩個分子間的距離由很遠（大于m）減小到很難再靠近的過程中，分子間作用力先減小后增大，分子勢能不斷增大B.溫度升高，分子熱運動的平均動能一定增大，但并非所有分子的速率都增大C.無論什么物質，只要它們的物質的量相同就含有相同的分子個數E.液體表面層中分子間的距離比液體內部分子間的距離小E.液體表面層中分子間的距離比液體內部分子間的距離小10、新冠肺炎導致許多重癥病人肺部受損，醫(yī)院使用氧氣瓶可以對病人進行氧療。如圖所示，現(xiàn)有一瓶使用過一段時間的氧氣瓶（瓶內氧氣可看作理想氣體），p-T圖像從1→2→3的過程中；下列說法正確的是（）

A.1→2過程正在灌氣B.1→2過程中氣體分子平均動能減小C.2→3過程外界對氣體做功，內能增加D.2→3過程中氣體分子單位時間內在器壁單位面積上撞擊的次數增大11、如圖1所示，在勻強磁場中，有一匝數為10匝的矩形金屬線圈兩次分別以不同的轉速繞與磁感線垂直的軸勻速轉動，產生的交變電動勢圖象如圖2中曲線a、b所示，則下列說法中不正確的是（）

A.曲線a、b對應的線圈轉速之比為2:3B.曲線a、b對應的t=6×10-2s時刻線圈平面均與中性面重合C.曲線b對應的t=0時刻穿過線圈磁通量為D.曲線b對應的交變電動勢有效值為10V12、在如圖所示電路中；閉合開關S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，四個理想電表的示數都發(fā)生變化，下列判斷正確的是。

A.電流表A的示數變大B.電壓表V1的所示變大C.電壓表V2的示數變大D.電壓表V3的示數變化量小于電壓表V2的示數變化量13、如圖所示，質量為M的小車原來靜止在光滑水平面上，小車A端固定一根輕彈簧，彈簧的另一端放置一質量為m的物體C，小車底部光滑，開始讓彈簧處于壓縮狀態(tài)，當彈簧釋放后，物體C被彈出向小車B端運動，最后與B端粘在一起；下列說法中正確的是（）

A.物體離開彈簧時，小車向左運動B.物體與B端粘在一起之前，小車的運動速率與物體C的運動速率之比為C.物體與B端粘在一起后，小車靜止下來D.物體與B端粘在一起后，小車向右運動評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、半徑為r、電阻為R的N匝圓形線圈在邊長為L的正方形區(qū)域abcd外，勻強磁場充滿并垂直穿過該正方形區(qū)域，如圖甲所示．磁場隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示．圖線與橫、縱軸的截距分別為t0和B0．則圓形線圈中產生的感應電動勢E=________V，0至t0時間內通過的電荷量q=_________.

15、關于飽和汽與飽和汽壓，氣體和液體之間的動態(tài)平衡是指汽化和液化同時進行的過程，且進行的速率___，一定溫度下的飽和汽壓與體積___（選填“有關”、“無關”）。16、如圖所示，一橫截面為半圓柱形的玻璃磚，圓心為O，半徑為R．某一單色光垂直于直徑方向從A點射入玻璃磚，折射光線經過P點，OP與單色光的入射方向平行，且A到O的距離為P到O的距離為則玻璃磚對單色光的折射率為_________．

17、如圖所示是一個由聲控開關、光敏電阻（光照時電阻很?。?、小燈泡等元件組成的一個自動控制電路，該電路在白天無論聲音多么響，小燈泡都不會亮，在晚上，只要有一定的聲音，小燈泡就亮。這種電路現(xiàn)在廣泛使用于公共樓梯間，則該電路使用了_____門電路，請在電路的虛線方框內標出該門電路的符號________，并完成圖中門電路的真值表_______。

。輸入。

輸出。

A

B

Z

0

0

0

1

1

0

1

1

18、熱平衡：兩個相互接觸的熱力學系統(tǒng)，經過一段時間，各自的狀態(tài)參量_______，說明兩個系統(tǒng)達到了平衡，這種平衡叫作熱平衡。19、一定質量的理想氣體，從初始狀態(tài)A經狀態(tài)B、C、D再回到A，體積V與溫度T的關系如圖所示。圖中和為已知量。

(1)從狀態(tài)A到B；氣體經歷的是_______（選填“等溫”，“等容”，或“等壓”）過程。

(2)從B到C的過程中；氣體的內能_______（選填“增大”“減小”或“不變”）。

(3)從C到D的過程中，氣體對外界_______（選填“做正功”“做負功”或“不做功”），同時________（選填“吸熱”或“放熱”）。20、一定質量的理想氣體，狀態(tài)經A→B→C→A的變化過程可用如圖所示的p-V圖線描述，其中C→A為等溫過程，氣體在狀態(tài)A時溫度為該氣體在狀態(tài)B時的溫度為______K，C→A過程中氣體______（填“吸熱”或“放熱”）。

21、如圖所示，一邊長為0.1m的單匝正方形線圈從左側勻速進入勻強磁場，磁場的磁感應度B＝2T．從ab邊開始進入磁場至cd邊恰好進入磁場的過程中，線圈的磁通量變化了________Wb；若上述過程所經歷的時間為0.2s，則線圈中產生的感應電動勢為________V.

22、（1）關于光電效應，下列說法正確的是____________

A．極限頻率越大的金屬材料逸出功越大。

B．只要光照射的時間足夠長；任何金屬都能產生光電效應。

C．從金屬表面出來的光電子的最大初動能越大；這種金屬的逸出功越小。

D．入射光的光強一定時；頻率越高，單位時間內逸出的光電子數就越多。

（2）兩個質量分別為M1和M2的劈A和B，高度相同，放在A和B的傾斜面都是光滑曲面，曲面下端與水平相切，如圖所示．一塊位于劈A的傾斜面上，距水平面的高度為h．物塊從靜止開始滑下，然后又滑上劈B．物塊在B上能夠達到的是大高度______；

評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共8分)26、某同學設計用伏安法測量一節(jié)干電池的電動勢和內電阻．除待測干電池外，實驗室可供選擇的主要器材有：電壓表V（量程內阻未知）；電流表A（量程內電阻）；電阻箱（）；滑動變阻器（）；開關導線若干．

(1)用圖甲的電路測定電壓表V的內阻．將調到滑動變阻器的滑動觸頭移到_________（選填“左端”“右端”或“任意”）位置．然后閉合開關；

(2)反復調節(jié)滑動變阻器的滑動觸頭；讓電壓表滿偏；

(3)保持滑動觸頭位置不變，反復調節(jié)．當電壓表的示數為時，的值為則電壓表的內阻為_______

(4)為滿足用伏安法測量電源電動勢和內電阻對器材的要求，并保證實驗的精確度，應將電壓表的量程擴大為原量程的倍，則電阻箱的阻值應調為_______

(5)設計測量電源電動勢和內電阻的電路并將它畫在指定的方框內_________（圖中標明器材符號）；

(6)多次改變滑動變阻器接入電路的值，記錄多組電壓表V的示數與電流表A的示數經描點、連接得到圖像如圖乙所示．根據圖像可求得該干電池的電勢______內電阻___________．（結果均保留位小數）27、某同學利用電壓表和電阻箱測定一種特殊電池的電動勢(電動勢E大約在9V左右，內阻r約為50Ω)．已知該電池允許輸出的最大電流為150mA．該同學利用如圖甲所示的電路進行實驗，圖中電壓表的內阻約為2kΩ，R為電阻箱，阻值范圍0~9999Ω，R0是定值電阻；阻值為20Ω，起保護電路的作用．

(1)該同學連接好電路后，閉合開關S，調節(jié)電阻箱的阻值，電壓表的某一次偏轉如圖乙所示，其讀數為___________V．

(2)改變電阻箱的阻值，取得多組數據，電壓表的示數為U，電阻箱的示數為R，做出如圖丙所示的圖線，則根據該同學所做出的圖線可求得該電池的電動勢E=___________V，內阻r=___________Ω．(結果保留兩位有效數字)

(3)用該電路測量電源的電動勢和內阻，出現(xiàn)系統(tǒng)誤差的原因是______________________．評卷人得分六、解答題(共3題，共15分)28、一種測定電子比荷的實驗裝置如圖所示．真空玻璃管內，陰極K發(fā)出的電子經陽極A與陰極K之間的高壓加速后，形成細細的一束電子流，沿圖示方向進入間距為d的兩極板C、D間的區(qū)域．若兩極板C、D間無電壓，電子將沿直線打在熒光屏的中心O點；若在兩極板間施加恒定電壓U，則離開極板區(qū)域的電子將打在熒光屏上的P點；若再在極板間施加一個方向垂直于紙面的磁感應強度大小為B的勻強磁場，則電子在熒光屏上產生的亮點又回到O點．

（1）判斷勻強磁場的方向；

（2）求電子擊中O點時的速度大小v；

（3）已知極板的長度l＝5.00cm，間距d＝1.50cm，極板區(qū)的中點M到O點的距離L＝12.50cm，極板間電壓U＝200V，磁感應強度B＝6.3×10–4T，P點到O點的距離y＝3.0cm．根據上述數據，計算電子的比荷（保留2位有效數字）。

29、豎直放置，內壁光滑的氣缸，由上下兩部分足夠長圓柱組成，兩部分的橫截面積分別為氣缸中有兩個活塞，其質量分別為中間封閉著一定質量的理想氣體?，F(xiàn)用豎直向上的力作用在活塞上，使兩活塞均處于平衡狀態(tài)，兩活塞距離氣缸上下兩部分分界處的距離都是如圖所示。若大氣壓強取10求：

（i）此時密閉氣體的壓強和外力的大?。?/p>

（ii）若將外力撤去，使密閉氣體的溫度由原來的升高到滑塞向下移動多大距離后又處于平衡狀態(tài)？30、如圖所示，向一個空的鋁飲料罐（即易拉罐）中插入一根透明吸管，接口用蠟密封，在吸管內引入一小段油柱（長度可以忽略），如果不計大氣壓的變化，這就是一個簡易的氣溫計．已知鋁罐的容積是360cm3,吸管內部粗細均勻，橫截面積為0.2cm2，吸管的有效長度為20cm，當溫度為25℃時，油柱離管口10cm．如果需要下列計算，可取相應的近似值：360298362296.4364298362299.6

（1）吸管上標刻度值時；刻度是否均勻？說明理由；(系數可用分數表示)

（2）計算這個氣溫計的測量范圍(結果保留一位小數，用攝氏溫度表示．）參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

設小球滑到最低點所用的時間為t，大球的位移大小為x，小球發(fā)生的水平位移大小為a-b-x，取水平向左方向為正方向，則根據水平方向平均動量守恒得

即

解得

故ABC錯誤；D正確。

故選D。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．氣缸剛開始平衡，設封閉氣體壓強為p，大氣壓強為活塞質量為m，活塞橫截面積為S，由活塞受力平衡可得

解得

升高氣體后達到穩(wěn)定狀態(tài)，大氣壓強為活塞質量為m，故由活塞受力平衡可得封閉氣體的壓強p不變；故A錯誤；

B．氣缸向上勻速運動，受力平衡沒有發(fā)生改變，故封閉氣體的壓強p不變,故B錯誤；

C．設順時針轉30°后，封閉氣體壓強為根據活塞受力平衡有

解得

可得

故C正確；

D．增大氣缸質量；活塞質量不變，由活塞受力平衡可得，封閉氣體壓強不變，故D錯誤。

故選C。3、D【分析】【分析】

根據同向電流相吸；異向電流相斥的原理，判斷三條直導線對中心處的合力方向．

【詳解】

根據同向電流相吸，異向電流相斥的原理可知，L1和L2對放在中心處的導線均為斥力，合力的方向指向L3；L3對放在中心處的導線為吸引力，方向指向L3；則三條直導線對放在中心處的導線的作用力的合力方向指向L3；故選D.4、B【分析】【詳解】

根據安培定則可知，環(huán)形電流產生的磁場的方向垂直于紙面向外，根據左手定則可知，電流受到的安培力的方向垂直于導線向左。故B正確，ACD錯誤。5、B【分析】【詳解】

A、根據原線圈兩端輸入電壓的瞬時值表達式知交變電源的頻率故選項A錯誤；

B、當選擇擋位3后，副線圈的匝數為1200匝，根據電壓與匝數成正比得即解得電動機兩端電壓的有效值為110V，故選項B正確；

C、當由擋位3變?yōu)閾跷?后，根據電壓與匝數成正比知副線圈兩端的電壓減小，輸出功率變小，根據知原線圈的電流變??；故選項C錯誤；

D、當選擇擋位4后，副線圈的匝數為2400匝，根據電壓比規(guī)律得副線圈兩端的電壓為220V，電動機正常工作，流過的電流電動機的發(fā)熱功率熱電動機的輸出功率出故選項D錯誤．6、C【分析】【分析】

本題考查電容器的動態(tài)變化和帶電粒子的運動；涉及電容的決定式與定義式；勻強電場的場強與電勢差關系、電勢能等知識．

【詳解】

AD：將上極板向上移動，兩板間距離變大，據可得電容器的電容減?。娙萜鳂O板上帶電量不變，據可得電容器兩板之間的電勢差增大．故AD兩項錯誤．

B：據可得兩板間距離變大；板間場強不變，帶電微粒的受力不變，帶電微粒仍保持靜止．故B項錯誤．

C：電容器上極板帶正電，下極板帶負電，板間場強向下，帶電微粒能靜止在兩板之間，則帶電微粒所受電場力向上，帶電微粒帶負電．板間場強不變，M點與上極板間距離增大，據可得上極板與M點間電勢差增大；上極板接地，電勢為零，所以M點電勢降低．帶電微粒帶負電，M點電勢降低，據可得帶電微粒具有的電勢能增大．故C項正確．7、A【分析】【詳解】

試題分析：湯姆生發(fā)現(xiàn)電子，表明原子是可分的，故選項A錯誤；盧瑟福完成的粒子散射實驗；說明了原子的“棗糕”模型是不正確的，選項B正確；按照玻爾理論，氫原子核外電子從高能級向低能級躍遷時，輻射出光子，選項C正確；按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，電子的動能減小，原子總能量增加，選項D也正確，故該題選A．

考點：原子物理．8、B【分析】【詳解】

的中子數為238-92=146個，的中子數為209-83=126個，則的子數比的中子數多20個，A錯誤；根據質量數守恒有：237-209=4×7，知發(fā)生了7次衰變，根據電荷數守恒有：93-83=2×7-4，知發(fā)生了4次衰變，B正確；放射性物質的半衰期不受外界因素的影響，C錯誤；與的質子數相同，中子數不同，它們是相同的元素，D錯誤．二、多選題(共5題，共10分)9、B:C:D【分析】【詳解】

A．在使兩個分子間的距離由很遠（大于m）減小到很難再靠近的過程中；分子力先表現(xiàn)為引力并先增大后減小，之后表現(xiàn)為斥力后再一直增大，分子力先做正功后做負功，分子勢能先減小后增大，故A錯誤；

B．分子平均動能描述的是大量分子的整體表現(xiàn)；溫度升高，分子熱運動的平均動能一定增大，但并非所有分子的速率都增大，故B正確；

C．無論什么物質；只要它們的物質的量相同就含有相同的分子個數，故C正確；

D．有些晶體在一定的條件下可以轉化為非晶體；故D正確；

E．液體表面層中分子間的距離比液體內部分子間的距離大；從而使表面層液體分子之間表現(xiàn)為引力，使液體表面有收縮的趨勢，故E錯誤。

故選BCD。10、B:D【分析】【詳解】

A．1→2過程氣體壓強減??；溫度降低，圖線上各點與坐標原點連線的斜率與體積成反比，斜率減小說明氣體體積增大，說明正在放氣，A錯誤。

B．1→2過程中氣體溫度降低；分子平均動能減小，B正確；

C．2→3過程氣體體積不變；外界對氣體不做功，溫度升高說明內能增加，C錯誤；

D．2→3過程溫度升高；壓強增大，說明氣體分子單位時間內在器壁單位面積上撞擊的次數增大，D正確。

故選BD。11、A:C:D【分析】【詳解】

由圖可知，a的周期為4×10-2s；b的周期為6×10-2s，則由n=1/T可知，轉速與周期成反比，故轉速之比為3：2；故A錯誤；曲線a、b對應的t=6×10-2s時刻兩線圈中感應電動勢均為零，則線圈平面均與中性面重合，選項B正確；根據可知曲線a對應的t=0時刻穿過線圈磁通量為則曲線b對應的t=0時刻穿過線圈磁通量為Wb，選項C錯誤；根據可知所以Emb=Ema=10V；則曲線b表示的交變電動勢有效值為故D錯誤；此題選擇錯誤的選項，故選ACD．12、C:D【分析】【詳解】

A．P下滑，R2增加則總電阻增加，則I減小；即電流表的示數變??；故A錯誤；

B．由

I減小，V1表的示數變??；故B錯誤；

C．由

知V2表的示數變大；故C正確；

D、由

可知V2的增加量加上V1的減少量等于V3的增加量；故D正確。

故選CD。13、A:B:C【分析】【詳解】

A．整個系統(tǒng)在水平方向不受外力；豎直方向上合外力為零，則系統(tǒng)動量一直守恒，系統(tǒng)初動量為零，物體離開彈簧時向右運動，根據系統(tǒng)的動量守恒定律得小車向左運動，故A正確；

B．取物體C的速度方向為正方向，根據系統(tǒng)的動量守恒定律得

得物體與B端粘在一起之前，小車的運動速率與物體C的運動速率之比

故B正確；

CD．當物體C與B端粘在一起時，整個系統(tǒng)最終ABC的速度相同，根據系統(tǒng)的動量守恒定律得

解得

系統(tǒng)又處于止狀態(tài)；故C正確，D錯誤。

故選ABC。三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【分析】

本題是線圈的面積不變，磁場在變化，磁通量的變化率再根據法拉第電磁感應定律求出感應電動勢，由歐姆定律求出感應電流，再根據q=It0；從而求解．

【詳解】

磁通量的變化率為：

根據法拉第電磁感應定律得線圈中的感應電動勢為：

再根據閉合電路歐姆定律得感應電流為：．

電量為：q=It0=

【點睛】

本題是線圈類型，要掌握法拉第定律的幾種不同表達形式，再結合閉合電路歐姆定律進行求解，并掌握求電量的公式．【解析】15、略

【分析】【分析】

【詳解】

［1］氣體和液體之間的動態(tài)平衡是指汽化和液化同時進行的過程；且進行的速率相等，這時飽和汽和液體之間就達到了動態(tài)平衡；

［2］飽和汽壓是物質的一個重要性質，它的大小取決于物質的本性和溫度；一定溫度下的飽和汽的分子數密度是一定值，相同溫度下不同液體的飽和汽壓一般是不同的；飽和汽壓與溫度有關，與體積無關?！窘馕觥肯嗟葻o關16、略

【分析】【詳解】

光路如圖所示：

根據幾何關系可得，光從半圓柱形玻璃磚射出時，入射角為300，折射角為600

根據光的折射定律：

即玻璃的折射率為【解析】【答題空1】17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]光照強度與聲音強度必須同時滿足；燈泡才能亮，所以該電路使用了與門電路。

[2]如圖。

[3]與門電路的輸出信號就是輸入信號的乘積，所以真值表為0；0；0；1?！窘馕觥颗c0；0；0；118、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】不再變化19、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]從狀態(tài)A到B；由于體積沒變，因此發(fā)生的是等容過程。

(2)[2]從B到C的過程；由于氣體溫度不變，因此氣體的內能不變。

(3)[3][4]從C到D的過程中，由于體積減小，因此氣體對外界做負功；而溫度降低，內能減小，根據熱力學第一定律，一定放出熱量?！窘馕觥康热莶蛔冏鲐摴Ψ艧?0、略

【分析】【詳解】

[1]A→B等壓變化過程中，根據蓋—呂薩克定律

代入已知條件，可得

[2]在C→A等溫變化過程中

又由于體積減小，外界對系統(tǒng)做正功

根據熱力學第一定律

可得

故氣體放熱?！窘馕觥?00放熱21、略

【分析】【詳解】

從ab邊開始進入磁場至cd邊恰好進入磁場的過程中，線圈的磁通量變化了線圈中產生的感應電動勢．【解析】0.020.122、略

【分析】【詳解】

（1）極限頻率越大的金屬材料逸出功越大，選項A正確；能否發(fā)生光電效應，與光照時間無關，選項B錯誤；根據光電效應方程Ekm=hγ-W0知；最大初動能與入射光的頻率成一次函數關系，不會影響金屬的逸出功．故C錯誤．光的強度影響的是單位時間發(fā)出光電子數目，與入射光的頻率無關．故D錯誤．

（2）設物塊到達劈A的低端時，物塊和A的的速度大小分別為v和V；由機械能守恒和動量守恒得。

①

②

設物塊在劈B上達到的最大高度為此時物塊和B的共同速度大小為由機械能守恒和動量守恒得。

③

④

聯(lián)立①②③④式得⑤【解析】①.（1）A②.（2）四、作圖題(共3題，共18分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共2題，共8分)26、略

【分析】【詳解】

(1)滑動變阻器的滑動觸頭移到左端；防止閉合開關時電壓表超量程．

(3)電壓表滿偏即指向保持不變，由于接入電路的值遠小于電壓表內阻，所以調節(jié)時支路的電壓可認為保持不變，與串聯(lián)分壓，故．

(4)量程擴大為倍，串聯(lián)電阻應與電壓表內阻相等，電阻箱R0的阻值應調為后與電壓表串聯(lián)測路端電壓．

(5)設計測量電源電動勢和內電阻的電路。

(6)故該干電池的電動勢內電阻【解析】左端996.3996.31.660.9227、略

【分析】【分析】

（1）根據電壓表的讀數規(guī)則讀數即可；

（2）本實驗采取伏阻法測量電源的電動勢和內阻，根據實驗的原理E＝Ur，知通過圖線的斜率和截距去求電源的電動勢和內阻．

（3）如果考慮電壓表的內阻；根據實驗的原理，分別從不考慮電壓表的內阻和考慮電壓表的內阻找出圖象斜率和截距的意義去比較．

【詳解】

（1）量程選擇了15V；由電壓表讀數規(guī)則可得