2025年牛津上海版高二物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津上海版高二物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，某一電場中的幾條電場線，A、B為電場中兩點，用EA和EB表示A；B兩處的電場強度；

則（）

A.EA＜EB

B.EA=EB

C.EA＞EB

D.EA、EB的大小不能確定。

2、如圖所示，在水平桌面上的Ａ點有一個質(zhì)量為m的物體以初速度v0被拋出，不計空氣阻力，當(dāng)它到達B點時，其動能為（）A.B.C.D.3、在垂直紙面向里的有界勻強磁場中放置了一矩形線圈abcd.

線圈cd

邊沿豎直方向且與磁場的右邊界重合.

線圈平面與磁場方向垂直.

從t=0

時刻起，線圈以恒定角速度婁脴=2婁脨T

繞cd

邊沿圖示方向轉(zhuǎn)動，規(guī)定線圈中電流沿abcda

方向為正方向，則從t=0

到t=T

時間內(nèi)，線圈中的電流I

隨時間t

變化關(guān)系圖象為(

)

A.B.C.D.4、下列四個物理量中，只有一個物理量的單位與眾不同，這個物理量是（）A.電勢B.電勢差C.電勢能D.電動勢5、如圖所示，a、b、c是一條電場線上的三個點，電場線的方向由a到c，a、b間距離等于b、c間距離。用Ua、Ub、Uc和Ea、Eb、Ec分別表示a、b、c三點的電勢和電場強度，可以判定A.Ua>Ub>UcB.Ua－Ub＝Ub－UcC.Ea>Eb>EcD.Ea=Eb=Ec6、一粗細(xì)均勻的鎳鉻絲，截面直徑為d

電阻為R

把它拉制成直徑為d10

的均勻細(xì)絲后，它的電阻變?yōu)?

)

A.R1000

B.10000R

C.100R

D.R100

7、用兩條細(xì)繩把一個鏡框懸掛在墻上，在如圖所示的四種掛法中，細(xì)繩對鏡框拉力最小的是()A.B.C.D.評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、在均勻介質(zhì)中，各點的平衡位置在同一條直線上，相鄰兩點間的距離為a，如圖（a）所示，波向右傳播，質(zhì)點1的起始速度方向豎直向上，經(jīng)過時間t，前13個質(zhì)點第一次形成如圖（b）所示的波形，則該波的周期是____，波長為____．

9、某人用萬用電表按正確步驟測量一電阻阻值，指針指示位置如右圖，則這電阻值是____．如果要用這萬用電表測量一個約200歐的電阻，為了使測量比較精確，選擇開關(guān)應(yīng)選的歐姆檔是____．

10、如圖所示，帶箭頭的線表示某一電場的電場線．在電場力作用下，一帶電粒子(不計重力)經(jīng)A點飛向B點，徑跡如圖中虛線所示，試判斷：(1)粒子帶________電；(2)粒子在________點加速度大；(3)粒子在________點動能大；(4)A、B兩點相比，________點電勢高．11、如圖LC

振蕩回路中振蕩電流的周期T=2隆脕10鈭?2s.

自振蕩電流沿逆時針方向達最大值時開始計時，當(dāng)t=3.4隆脕10鈭?2s

時，電容器正處于______狀態(tài)(

填“充電”、“放電”、“充電完畢”或“放電完畢”).

這時電容器的上極板______(

填“帶正電”、“帶負(fù)電”或“不帶電”)

12、一個小球從1.25m

高處被水平拋出，落到地面的位置與拋出點的水平距離為2.5m

則小球在空中運動的時間為______s

小球拋出時的速度大小為______m/s

．13、如圖所示，在光滑水平面上，一絕緣細(xì)桿長為d，兩端各固定著一個帶電小球，處于水平方向、場強為E的勻強電場中，兩小球帶電量分別為+q和﹣q，輕桿可繞中點O自由轉(zhuǎn)動．在輕桿與電場線夾角為α?xí)r，忽略兩電荷間的相互作用，兩電荷受到的電場力對O點的力矩大小為____，兩電荷具有的電勢能為____．

14、①在《測定金屬絲電阻率》的實驗中，需要測出其長度L．直徑d和電阻R．用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數(shù)如圖1，則金屬絲的直徑為______mm．

②用電流表和電壓表測金屬絲的電流電壓時讀數(shù)如圖2，則電壓表的讀數(shù)為______V，電流表的讀數(shù)為______A．

15、“探究碰撞中的不變量”的實驗中，入射小球m1=30g，原來靜止的被碰小球m2=20g，由實驗測得它們在碰撞前后的x-t圖象如圖所示，由圖可知，入射小球碰撞前的動量是______，入射小球碰撞后的動量是______，被碰小球碰撞后的動量是______，由此得出結(jié)論______。評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）17、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）18、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

19、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

20、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）21、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）22、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)23、如圖1所示，在直導(dǎo)線上方放一小磁針．當(dāng)導(dǎo)線中通入電流時，發(fā)現(xiàn)小磁針的S極轉(zhuǎn)向讀者，請畫出導(dǎo)線中電流的方向．如圖2所示，通電導(dǎo)線由于受到磁場力而向左運動，畫出條形磁鐵的N、S極．

24、根據(jù)所給電路圖（圖甲）；請在圖乙中以筆劃線代替導(dǎo)線將實物圖補充完整．

25、已知電磁鐵的兩個極性如圖；請在電磁鐵上畫出線圈的繞向。

26、細(xì)繩的一端在外力作用下從t=0時刻開始做簡諧運動，激發(fā)出一列簡諧橫波。在細(xì)繩上選取15個點，圖1為t=0時刻各點所處的位置，圖2為t=T/4時刻的波形圖（T為波的周期）。在圖3中畫出t=3T/4時刻的波形圖。評卷人得分五、計算題(共1題，共6分)27、在其他能源中，核能具有能量密度大、地區(qū)適應(yīng)性強的優(yōu)勢.在核電站中，核反應(yīng)堆釋放的核能被轉(zhuǎn)化為電能.核反應(yīng)堆的工作原理是利用中子轟擊重核發(fā)生裂變反應(yīng)，釋放出大量核能.（1）核反應(yīng)方程式+n→++aX是反應(yīng)堆中發(fā)生的許多核反應(yīng)中的一種，n為中子，X為待求粒子，a為X的個數(shù)，則X為______，a=______.以mU、mBa、mKr分別表示的質(zhì)量.mn、mp分別表示中子、質(zhì)子的質(zhì)量，c為光在真空中傳播的速度，則在上述反應(yīng)過程中放出的核能ΔE=__________________________.（2）有一座發(fā)電能力為P=1.00×106kW的核電站，核能轉(zhuǎn)化為電能的效率η=40%.假定反應(yīng)堆中發(fā)生的裂變反應(yīng)全是本題（1）中的核反應(yīng)，已知每次核反應(yīng)過程放出的核能ΔE=2.78×10－11J,的質(zhì)量mU=390×10－27kg.求每年（1年=3.15×107s）消耗的的質(zhì)量.評卷人得分六、識圖作答題(共2題，共4分)28、果蠅易飼養(yǎng)、繁殖快、世代周期短等，是常見的模式生物。請分析回答下列問題：（1）上圖為______（雄或雌）果蠅體細(xì)胞染色體組成示意圖。（2）自然界中果蠅眼色通常是紅色的。1910年遺傳學(xué)家摩爾根進行果蠅眼色的遺傳實驗時；偶然發(fā)現(xiàn)了1只白眼雄果蠅，這只果蠅的白眼變異來源于________________。

（3）從圖中可以看出，果蠅的體細(xì)胞內(nèi)有_____個染色體組，有____對同源染色體。（4）若該果蠅的基因組成如圖所示，則可產(chǎn)生_______種配子。29、下面是四類細(xì)胞的結(jié)構(gòu)模式圖，請據(jù)圖回答：____（1）從結(jié)構(gòu)上看，__________與其它三者的差別最大，主要表現(xiàn)在_______________。（2）Ⅳ屬于_______細(xì)胞，判斷依據(jù)是_______________________________。（3）將Ⅱ細(xì)胞置于一定濃度的KNO3溶液中，細(xì)胞將會發(fā)生__________________現(xiàn)象，與該過程有關(guān)的細(xì)胞器有_____________（填序號）。（4）四類細(xì)胞中共有的細(xì)胞器是__________，四類細(xì)胞與周圍環(huán)境進行信息交流均依賴于_____________________。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】

A點的電場線比B點密；所以A點的電場強度大于B點的電場強度．故C正確，A；B、D錯誤．

故選C．

【解析】【答案】根據(jù)電場線的疏密判斷場強的大??；電場線越密的地方，場強越強；電場線越疏的地方，場強越弱．

2、B【分析】【解析】【答案】B3、B【分析】解：線圈以cd

邊為軸按圖示方向勻速轉(zhuǎn)動，從ab

邊速度正好與磁場平行開始計時，線圈磁通量在變小，則感應(yīng)電流的磁場會阻礙其變小，所以感應(yīng)電流方向是adcba

與規(guī)定的正方向相反，感應(yīng)電流大小在漸漸變大；

然而磁場只有一半；接著二分之一周期沒有感應(yīng)電流；

當(dāng)從ab

邊剛好進入磁場開始計時，線圈磁通量在變大，則感應(yīng)電流的磁場會阻礙其變大，所以感應(yīng)電流方向是abcda

與規(guī)定的正方向相同，感應(yīng)電流大小在漸漸變小；

所以只有B

選項符合條件．

故選：B

．

矩形金屬線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動；產(chǎn)生交流電.

由于磁場有界，所以只有一半有感應(yīng)電流.

則由楞次定則可判定感應(yīng)電流的方向，由法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電流大小．

本題雖沒有明確什么方向為感應(yīng)電流的正方向，但不影響答題.

同時也可以假設(shè)磁場沒有界，則感應(yīng)電流變化規(guī)律應(yīng)是余弦曲線，從而可快速確定當(dāng)一半磁場時的答案．【解析】B

4、C【分析】試題分析：電勢、電勢差、電動勢的單位都是伏特，而電勢能的單位是焦耳，故答案選C.考點：電勢及電勢差.【解析】【答案】C5、A【分析】【解析】試題分析：只有一條電場線，不能確定具體的電場，無法比較電場強弱及兩點間的電勢差，公式U=Ed也不能適用，故BCD錯誤；沿電場線電勢降低，可以比較電勢高低，根據(jù)電場線方向可知Ua>Ub>Uc，故A正確．考點：考查了對電場線的理解【解析】【答案】A6、B【分析】解：鎳鉻絲的橫截面的直徑為d

橫截面積為S1=婁脨d24

由數(shù)學(xué)知識得知，直徑變化后橫截面積是S2=S1100

由于鎳鉻絲的體積不變，由長度變?yōu)樵瓉淼?00

倍，根據(jù)電阻定律R=婁脩LS

得到；電阻是原來的10000

倍，即為10000R

．

故選：B

根據(jù)數(shù)學(xué)知識確定直徑與橫截面積的關(guān)系；根據(jù)體積不變，分析長度的關(guān)系，由電阻定律分析電阻的變化情況．

本題要綜合考慮電阻隨導(dǎo)體橫截面積和長度的變化，注意體積不變，故面積變化時，長度也要變化．【解析】B

7、B【分析】【分析】當(dāng)合力一定時；兩分力的夾角越小，分力越小，兩分力的夾角越大，分力越大。

解決本題的關(guān)鍵知道合力和分力遵循平行四邊形定則，合力一定，分力夾角越大，分力越大。【解答】鏡框受重力和兩根繩子的拉力處于平衡；合力等于0

知兩根繩子拉力的合力等于重力，繩子的夾角越小，繩子拉力越小，故B正確，ACD錯誤。

故選B。

【解析】B

二、填空題(共8題，共16分)8、略

【分析】

由波動圖象讀出波長為λ=8a．由題，波向右傳播，質(zhì)點1的起始速度方向豎直向上，介質(zhì)中各質(zhì)點的起振方向都向上，而圖中質(zhì)點13振動方向向下，說明波并不是剛傳到質(zhì)點13，已經(jīng)振動了半個周期，則有2T=t，得到T=．

故答案為：8a．

【解析】【答案】波向右傳播，質(zhì)點1的起始速度方向豎直向上，介質(zhì)中各質(zhì)點的起振方向都向上，而圖中質(zhì)點13振動方向向下，說明波并不是剛傳到質(zhì)點13，根據(jù)前13個質(zhì)點第一次形成如圖（b）所示的波形；得到周期與時間的關(guān)系，求出周期，由圖讀出波長，求出波速．

9、略

【分析】

所選檔位為×100Ω．則讀數(shù)為12×100=1200Ω

偏轉(zhuǎn)角度大；則電阻相對小些應(yīng)換一小的檔位即×10Ω檔。

故答案為：1200；×10檔。

【解析】【答案】根據(jù)所選檔位進行讀數(shù)；要由表盤數(shù)據(jù)乘以倍率．由圖示知偏轉(zhuǎn)角度過大，則電阻阻值小，要選小一點檔位．

10、略

【分析】試題分析：根據(jù)運動軌跡來判定電場力方向，由曲線運動條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)，故粒子從A到B，電場力對粒子做負(fù)功，因此粒子帶負(fù)電；由于B點的電場線密，所以B點的電場力大，則B點的加速度較大；粒子從A到B，電場力對粒子做負(fù)功，電勢能增加，導(dǎo)致動能減少；沿著電場線電勢降低，所以A點的電勢高?？键c：電場線，電場力做功與電勢能的關(guān)系【解析】【答案】負(fù)BAA11、略

【分析】【分析】LC

振蕩電路中電流變化一個周期過程(

設(shè)t=0

時刻；電流為零，電容器上極板帶正電)

壟脵0?14T

電流逆時針逐漸增加，T4

時刻達到最大值；放電完畢；

壟脷T4?T2

電流逆時針逐漸減小，T2

時刻減為零；反向充電完畢；

壟脹T2?3T4

電流順時針增加，3T4

時刻達到最大值，反向放電完畢；壟脺3T4?T

電流順時針減小，T

時刻減為0

正向充電完畢。

本題關(guān)鍵是明確LC

振蕩電路一個周期內(nèi)電流和電容器帶電量的變化情況，不難?！窘獯稹縇C

振蕩回路中振蕩電流的周期T=2隆脕10鈭?2st=0

時刻振蕩電流沿逆時針方向達最大值，即分析中的T4

時刻；t=3.4隆脕10鈭?2s=1.7T

與分析中的3T4?T

中間某時刻相同；電容器在正向充電，電容器的上極板帶正電。

故填：充電帶正電。

【解析】充電帶正電12、略

【分析】解：(1)

根據(jù)豎直方向上做自由落體運動；在豎直方向上有：

h=12gt2

解得：t=2hg=2隆脕1.2510=0.5s

．

(2)

平拋運動的初速度為：v0=xt=2.50.5=5m/s

．

故答案為：0.55

．

平拋運動在水平方向上做勻速直線運動；在豎直方向上做自由落體運動.

根據(jù)高度求出小球在空中運動的時間，結(jié)合水平位移求出拋出的速度大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結(jié)合運動學(xué)公式靈活求解．【解析】0.55

13、Eqdsinα﹣Eqdcosα【分析】【解答】兩球受力及力臂如圖所示：

M1=F1?L1=EqSinα

M2=F2?L2=EqSinα

因兩力矩均使杠桿逆時針轉(zhuǎn)動，則總力矩M=M1+M2=Eqdsinα；

設(shè)右方無窮遠(yuǎn)處為零勢能面，正電荷距無窮遠(yuǎn)處距離為x；

則正電荷的電勢能E1=Eqx

負(fù)電荷的電勢能E2=﹣Eq（x+dcosα）

總的電勢能E=E1+E2=﹣Eqdcosα；

故答案為：Eqdsinα；﹣Eqdcosα．

【分析】絕緣桿兩端小球都受電場力的作用而繞O點轉(zhuǎn)動；則先求出兩力的力矩，由合力矩的求法可求出合力矩；

選定一零勢能面，分別求得兩電荷的電勢能，再求得總的電勢能．14、略

【分析】解：（1）由圖甲所示螺旋測微器可知；固定刻度示數(shù)為0.5mm，可動刻度示數(shù)為19.7×0.01mm=0.197mm，螺旋測微器示數(shù)為0.5mm+0.197mm=0.697mm．

（2）由圖丙所示電壓表可知；其量程為3V，分度值為0.1V，示數(shù)為2.60V；

由圖示電流表可知；其量程為0.6A，分度值為0.02A，示數(shù)為0.52A．

故答案為：（1）0.697；（2）2.60；0.52．

（1）螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器所示．

（2）由圖象電表確定電表量程與分度值；讀出電表示數(shù)．

螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù)，螺旋測微器需要估讀，而電壓表與電流表讀數(shù)不需要估計，原因是不精確．【解析】0.697；2.60；0.5215、0.03kg?m/s0.015kg?m/s0.015kg?m/s碰撞中mv的矢量和是守恒的量【分析】解：由圖象可知；碰前入射小球的速度：

v1===1m/s；

碰后入射球的速度：

v1′==m/s=0.5m/s；

被碰球碰后的速度：

v2===0.75m/s；

入射球碰前的動量：p=m1v1=0.030×1=0.03kg?m/s；

入射小球碰撞后的動量：P1′=m1v1′=0.030×0.5=0.015kg?m/s；

被碰小球碰撞后的：P2′=m2v2=0.020×0.75=0.015kg?m/s；

碰后系統(tǒng)的總動量：p′=m1v1′+m2v2′=0.015kg?m/s。

通過計算發(fā)現(xiàn)：兩小球碰撞前后的動量相等；即：碰撞中mv的矢量和是守衡的量。

故答案為：0.03kg?m/s；0.015kg?m/s；0.015kg?m/s；碰撞中mv的矢量和是守恒的量。

由速度圖象求出小球的位移與對應(yīng)的時間；由速度公式求出小球的速度，然后根據(jù)動量的計算公式求出小球的動量，然后分析答題。

本題考查了實驗數(shù)據(jù)分析，由圖象求出小球的位移與對應(yīng)的時間，應(yīng)用速度公式與動量的計算公式正確解題；要注意圖象的正確應(yīng)用?！窘馕觥?.03kg?m/s0.015kg?m/s0.015kg?m/s碰撞中mv的矢量和是守恒的量三、判斷題(共7題，共14分)16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．18、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．20、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、作圖題(共4題，共32分)23、

【分析】【解答】（1）從圖中可以看出，發(fā)現(xiàn)小磁針的S極轉(zhuǎn)向讀者，則小磁針的北極向里偏轉(zhuǎn)，那么，此通電導(dǎo)線上方的磁感線方向垂直紙面向里，即此通電螺線管的N極在紙的里面，根據(jù)安培定則，用右手握住螺旋管，讓大拇指指向里面，四指的指向就是導(dǎo)線中的電流方向，是水平向左的．（2）通電導(dǎo)線由于受到磁場力而向左運動，根據(jù)左手定則，則有通過導(dǎo)線的磁場方向向上，因此磁鐵下端是S極，上端是N極．

答：如圖所示；

【分析】（1）通電導(dǎo)線周圍存在磁場，其磁場方向可以根據(jù)安培定則來判斷，用四指的方向代表電流的方向，那么大拇指所指的一端為通電螺線管的N極．磁場中的小磁針靜止時，北極所指的方向與該點磁感線的方向一致．（2）根據(jù)通電導(dǎo)線受到安培力，結(jié)合左手定則，即可求解．24、解：由圖示電路圖可知；滑動變阻器采用分壓接法，電流表采用外接法，根據(jù)電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：

【分析】【分析】由圖示電路圖可知，滑動變阻器采用分壓接法，電流表采用外接法，根據(jù)電路圖連接實物電路圖．25、解：磁感線從N極出發(fā)進入s解；U行軟鐵上半部分磁場方向向右，根據(jù)安培定則，電流從左側(cè)看順時針；

U行軟鐵下半部分磁場方向向左；根據(jù)安培定則，電流從左側(cè)看逆時針；

繞線如圖所示：

故答案為：如圖所示【分析】

通電螺線管中的安培定則：用右手握住通電螺線管；使四指彎曲與電流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通電螺線管的N極。

本題關(guān)鍵熟悉安培定則的應(yīng)用，明確螺線管中電流方向與磁場方向的判斷方法?！窘馕觥拷猓捍鸥芯€從N極出發(fā)進入s解；U行軟鐵上半部分磁場方向向右，根據(jù)安培定則，電流從左側(cè)看順時針；

U行軟鐵下半部分磁場方向向左；根據(jù)安培定則，電流從左側(cè)看逆時針；

繞線如圖所示：

故答案為：如圖所示26、略

【分析】【解析】【答案】五、計算題(共1題，共6分)27、略

【分析】（