2025年人教A新版高三物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A新版高三物理上冊階段測試試卷197考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，虛線表示某電場的等勢面．一帶電粒子僅在電場力作用下由A運動到B的徑跡如圖中實線所示．粒子在A點的加速度為aA、電勢能為EA；在B點的加速度為aB、電勢能為EB．則下列結(jié)論正確的是（）A.粒子帶正電，aA＞aB，EA＞EBB.粒子帶負(fù)電，aA＞aB，EA＜EBC.粒子帶正電，aA＜aB，EA＞EBD.粒子帶負(fù)電，aA＜aB，EA＜EB2、如圖甲所示，真空中有一半徑為R、電荷量為+Q的均勻帶電球體，以球心為坐標(biāo)原點，沿半徑方向建立x軸．理論分析表明，x軸上各點的場強隨x變化關(guān)系如圖乙所示，則（）A.x1處場強大小為B.x2處場強大小為C.球內(nèi)為勻強電場D.E-x圖線與x軸所圍的面積表示電勢差3、如圖所示一根輕質(zhì)彈簧上端固定，下端掛一質(zhì)量為m

的平盤，盤中有一物體，質(zhì)量為M

當(dāng)盤靜止時彈簧的長度比其自然長度伸長了L

今向下拉盤，使彈簧再伸長鈻?L

后停止，然后松手放開，設(shè)彈簧始終處在彈性限度以內(nèi)，則剛松開手時盤對物體的支持力等于(

)

A.(1+鈻?LL)Mg

B.(1+鈻?LL)(m+M)g

C.鈻?LLmg

D.鈻?LL(M+m)g

4、物理關(guān)系式不僅反映了物理量之間的數(shù)量關(guān)系，也確定了物理量之間的單位關(guān)系．現(xiàn)有物理量單位：m（米）、s（秒）、J（焦）、W（瓦）、C（庫）、A（安）、Ω（歐）和T（特），由它們組合成的單位與電壓單位V（伏）等效的是（）A.J/AB.W/ΩC.T?m2/sD.T?A?m5、關(guān)于密封容器中氣體壓強產(chǎn)生的原因，下列說法正確的是（）A.是由于氣體受到重力作用而產(chǎn)生的B.是容器壁對氣體分子的排斥而產(chǎn)生的C.是大量氣體分子頻繁地碰撞器壁而產(chǎn)生的D.是由于氣體分子間的相互作用力而產(chǎn)生的評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)6、（2016?保定二模）用頻率為v但強度不同的甲乙兩種光做光電效應(yīng)實驗，發(fā)現(xiàn)光電流與電壓的關(guān)系如圖所示，由圖可知，____（選填甲或乙）光的強度大，已知普朗克常量為h，被照射金屬的逸出功為W0則光電子的最大初動能為____．7、在物理學(xué)里，我們將各種物理量分為矢量和標(biāo)量兩類，其中____量一定有方向；位移是____量，路程是____量（填“矢”或“標(biāo)”）．8、如圖所示，正方形線框abcd的邊長為d，向右通過寬為L的勻強磁場，且d＜1，則在線框進(jìn)入過程中穿過線圈的磁通量變化情況是____，感應(yīng)電流的磁場對磁通量變化起____作用，線框中感應(yīng)電流方向是____；在線框移出磁場的過程中穿過線圈的磁感應(yīng)量變化情況是____，感應(yīng)電流的磁場對磁通量變化起____作用，線框中感應(yīng)電流方向是____．9、原子是由帶____電的____和帶____電和____組成的．10、【題文】分別用游標(biāo)卡尺和螺旋測微器測量工件長度與厚度如圖；其長度。

為____mm厚度為____mm11、歐姆表內(nèi)部含有電源，某同學(xué)利用下列實驗器材測量歐姆表的內(nèi)阻和內(nèi)部電源的電動勢，實驗器材的規(guī)格如下：電流表A

1(

量程為200婁脤A

內(nèi)阻為300

)

電流表A

2(

量程為300mA

內(nèi)阻約為5

)

定值電阻R

0(

阻值為9700

)

滑動變阻器R

(0隆蘆50

)

開關(guān)和若干導(dǎo)線壟脜.

根據(jù)以上實驗器材，把本實驗的電路原理圖畫在下面的虛線方框中。壟脝.

利用上述實驗電路，閉合開關(guān)，移動滑動變阻器的滑動觸頭至某一位置，讀出電流表A1

和A2

的示數(shù)分別為I

1

和I

2.

多次改變滑動觸頭的位置，得到如下實驗數(shù)據(jù)。在如圖所示的坐標(biāo)紙上作出I

2鈭?

I

1

圖線。根據(jù)所作圖線得到歐姆表內(nèi)部電源的電動勢為_____V

內(nèi)電阻為_______________.(

結(jié)果保留三位有效數(shù)字)

(3).

若把該歐姆表紅黑表筆短接，通過歐姆表的電流大小為_______A.(

保留三位有效數(shù)字)

12、（2015?甘肅模擬）一列簡諧橫波沿直線傳播．以波源O由平衡位置開始振動為計時零點，質(zhì)點A的振動圖象如圖所示，已知O、A的平衡位置相距0.9m，則該橫波波長為____m，波速大小為____m/s，波源的起振方向是沿y軸____方向（選填“正”或“負(fù)”）．13、（2014春?大方縣校級期中）一個連有電容器的U形金屬框架放置在勻強磁場中，磁感應(yīng)強度為B，磁感線方向如圖，框架寬L，一根導(dǎo)體棒MN放置在框架上，棒與框架接觸良好且相互垂直，若棒向左以速度V勻速運動，則電容器兩極板間的電勢差Uab=____；電容器____板帶正電荷．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)14、貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象，從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)____（判斷對錯）15、電荷在電場中一定受電場力的作用．____（判斷對錯）16、物體速度變化的方向與它受到的合外力的方向相同．____（判斷對錯）17、電源電動勢反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)．____．（判斷對錯）18、較大的顆粒不做布朗運動是因為跟顆粒碰撞的分子數(shù)較多，多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因為分子沖擊力小，不易改變大顆粒的運動狀態(tài)．____．（判斷對錯）19、布朗運動是微觀粒子的運動，其運動規(guī)律不遵循牛頓第二定律．____．（判斷對錯）20、某時刻一個分子的速度的大小和方向是偶然的．____．（判斷對錯）21、太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的核聚變反應(yīng)____（判斷對錯）22、地理位置的南北極即為地磁場的南北極____．（判斷對錯）評卷人得分四、證明題(共1題，共4分)23、證明推導(dǎo)題：

試用運動學(xué)公式和牛頓定律證明：物體在光滑斜面上下落過程中機(jī)械能守恒．評卷人得分五、畫圖題(共2題，共20分)24、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）25、在圖示中，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．評卷人得分六、計算題(共1題，共4分)26、（18分）如圖，一半徑為R的圓表示一柱形區(qū)域的橫截面（紙面）。在柱形區(qū)域內(nèi)加一方向垂直于紙面的勻強磁場，一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子沿圖中直線在圓上的a點射入柱形區(qū)域，在圓上的b點離開該區(qū)域，離開時速度方向與直線垂直。圓心O到直線的距離為現(xiàn)將磁場換為平等于紙面且垂直于直線的勻強電場，同一粒子以同樣速度沿直線在a點射入柱形區(qū)域，也在b點離開該區(qū)域。若磁感應(yīng)強度大小為B，不計重力，求電場強度的大小。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【分析】根據(jù)軌跡的彎曲方向可知帶電粒子受到的是靜電斥力，根據(jù)等差等勢面的疏密判斷場強大小，結(jié)合牛頓第二定律得到加速度大小關(guān)系；根據(jù)電場力做功情況斷電勢能大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓焊鶕?jù)粒子軌跡的彎曲方向可知帶電粒子受到的是靜電斥力，根據(jù)U=Ed知，等差等勢面越密的位置場強越大，B處等差等勢面較密集，則場強大，帶電粒子所受的電場力大，加速度也大，即aA＜aB；

粒子從A運動到B，電場力對帶電粒子做負(fù)功，電勢能增加，則知B點電勢能大，即EA＜EB；故D正確．

故選：D2、D【分析】【分析】均勻帶電的球體，體外某點的電場強度則可由點電荷的電場強度公式求解，是將帶電量的球體看成處于O點的點電荷來處理．而體內(nèi)某點的電場強度，根據(jù)E=與共同確定．對于電勢則可以由該點移動電勢為零處電場力做功與電量的比值來確定．【解析】【解答】解：A、球體內(nèi)某點的電場強度，根據(jù)E=與共同確定，所以x1處場強大小不是；故A錯誤；

B、電荷量為+Q的均勻帶電球體，以球心為坐標(biāo)原點，當(dāng)作點電荷，則有x2處場強大小為；故B錯誤；

C、由圖象可知，球內(nèi)部的電場為非勻強電場，由E=與共同確定，則有E=；不是勻強電場．故C錯誤；

D；根據(jù)U=Ed；可知E-x圖線與x軸所圍的面積表示電勢差，故D正確；

故選：D3、A【分析】解：

當(dāng)盤靜止時；由胡克定律得(m+M)g=kL壟脵

設(shè)使彈簧再伸長鈻?l

時手的拉力大小為F

再由胡克定律得(mg+Mg+F)=k(L+鈻?L)壟脷

由壟脵壟脷

聯(lián)立得F=鈻?LL(m+M)g

剛松手瞬時彈簧的彈力沒有變化；則以盤和物體整體為研究對象，所受合力大小等于F

方向豎直向上．

設(shè)剛松手時；加速度大小為a

根據(jù)牛頓第二定律得a=Fm+M=鈻?LLg

對物體研究：FN鈭?Mg=Ma

解得FN=(1+鈻?LL)Mg

故選：A

先根據(jù)胡克定律和平衡條件；列出盤靜止時力平衡方程；再由胡克定律求出剛松手時手的拉力，確定盤和物體所受的合力，根據(jù)牛頓第二定律求出剛松手時，整體的加速度.

再隔離物體研究，用牛頓第二定律求解盤對物體的支持力．

本題考查應(yīng)用牛頓第二定律分析和解決瞬時問題的能力，這類問題往往先分析平衡狀態(tài)時物體的受力情況，再分析非平衡狀態(tài)時物體的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律求解瞬時加速度．【解析】A

4、C【分析】【分析】根據(jù)與電壓有關(guān)的公式，分析其中物理量的單位，即可得出與電壓單位V（伏）等效的單位．【解析】【解答】解：A、由W=UIt可知，U=．故A錯誤；

B、由P=可得U=，所以是和電壓的單位等效的；故B錯誤；

C、由E=可知，T?m2/s是和電壓單位V等效的；故C正確；

D；由F=BIL可知；T?A?m是和力的單位牛頓等效的．故D錯誤．

故選：C5、C【分析】【分析】氣體壓強的產(chǎn)生：大量做無規(guī)則熱運動的分子對器壁頻繁、持續(xù)地碰撞產(chǎn)生了氣體的壓強．單個分子碰撞器壁的沖力是短暫的，但是大量分子頻繁地碰撞器壁，就對器壁產(chǎn)生持續(xù)、均勻的壓力．所以從分子動理論的觀點來看，氣體的壓強就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力．【解析】【解答】解：密閉容器內(nèi)氣體的壓強不是由氣體的重力產(chǎn)生的；而是由大量氣體分子頻繁碰撞器壁，產(chǎn)生一個持續(xù)均勻的壓力，從而產(chǎn)生了壓強．故C正確，ABD錯誤；

故選：C．二、填空題(共8題，共16分)6、甲hv-W0【分析】【分析】根據(jù)光的強度越強，形成的光電流越大；并根據(jù)光電效應(yīng)方程，即可求解．【解析】【解答】解：根據(jù)光的強度越強；則光電子數(shù)目越多，對應(yīng)的光電流越大，即可判定甲光的強度較大；

由光電效應(yīng)方程mv2=hv-W0；

可知，電子的最大初動能EKm=hv-W0；

故答案為：甲，hv-W07、矢矢標(biāo)【分析】【分析】矢量是既有大小又有方向的物理量，標(biāo)量是只有大小沒有方向的物理量．【解析】【解答】解：物理量分為矢量和標(biāo)量兩類；其中矢量一定有方向；位移是矢量，路程只有大小，沒有方向是標(biāo)量．

故答案為：矢；矢；標(biāo)8、增大阻礙abcda減小阻礙adcba【分析】【分析】根據(jù)線框的運動可知磁通量的變化，再根據(jù)楞次定律可確定電流的方向．【解析】【解答】解：在線框進(jìn)入磁場的過程中，線框內(nèi)的磁通量增大，由楞次定律可知，感應(yīng)電流的磁場要阻礙原磁通量的變化；故產(chǎn)生向外的磁場；由右手定則可知，電流方向為abcda；

同理可得，當(dāng)線框移出磁場的過程中，磁通量減小，感應(yīng)電流的磁場阻礙原磁場的減?。桓袘?yīng)電流為adcba；

故答案為：增大；阻礙；abcda；減小；阻礙；adcba．9、負(fù)電子正原子核【分析】【分析】原子是由居于原子中心的帶正電的原子核和核外帶負(fù)電的電子構(gòu)成的，原子核的體積很小，但質(zhì)量很大，原子的質(zhì)量主要集中在原子核上；原子核的體積雖然很小，但還可以再分，分成帶正電的質(zhì)子和不帶電的中子．【解析】【解答】解：原子是由居于原子中心的帶正電的原子核和核外帶負(fù)電的電子構(gòu)成的；原子核的體積雖然很小，但可以再分，原子核是由帶正電的質(zhì)子和不帶電的中子構(gòu)成的．

故答案為：負(fù)；電子；正；原子核．10、略

【分析】【解析】游標(biāo)卡尺分度值為0.05mm；主尺上讀數(shù)為102mm，游標(biāo)尺上讀數(shù)為7×0.05=0.35mm

故答案為：102mm+0.35mm=102.35mm

螺旋測微器讀數(shù)時需要估讀到分度值的下一位；即最末一位數(shù)字在一定小范圍內(nèi)，分度值為0.001mm，固定尺上讀數(shù)為5.5mm，可動尺上讀數(shù)0.046mm

故答案為：5.5+0.046=5.546mm【解析】【答案】____（3分）____11、(1)

如下圖；(2)

如下圖；1.5015.0(3)0.100

【分析】【分析】(1)

由題意本題中沒有電壓表；故應(yīng)考慮采用電流表進(jìn)行改裝；再根據(jù)測量電動勢和內(nèi)阻的原理設(shè)計電路；

(2)

由表中數(shù)據(jù)利用描點法將各坐標(biāo)值描出；再用直線將各點相連；根據(jù)圖象的性質(zhì)可得出電源的電動勢和內(nèi)電阻；

(3)

將兩表筆短接，則電動勢直接接在內(nèi)電阻兩端，由歐姆定律可求得電流的大小。本題考查電源電動勢與內(nèi)電阻的測量方法，解決本題時要注意同時結(jié)合電表的改裝；注意歐姆表在本題中是作為電源存在的。【解答】(1)

由題意可知；R0

與A1

串聯(lián)充當(dāng)電壓表；而A2

作為電流表，并且相對電源來說，A2

應(yīng)采用外接法；電路如圖所示。

(2)

將表中各點用描點法描出；并連線，所作圖線如圖所示。

由圖可知；圖象與縱坐標(biāo)的交點為150婁脤A

則電壓值為：E=150隆脕10鈭?6隆脕10000=1.50V(1.48隆蘆1.52)

內(nèi)阻為：r=1.50?1.2020隆脕10?3=15.0婁賂(14.0隆蘆16.0)

(3)

若將兩表筆短接，則電路中電流為：I=Er=1.5015.0=0.100A(0.098隆蘆0.102)

故答案為：(1)

如下圖；(2)

如下圖；1.5015.0(3)0.100

【解析】(1)

如下圖；(2)

如下圖；1.5015.0(3)0.100

12、1.20.3正【分析】【分析】首先明確y-t圖象是振動圖象，由圖可知周期為4s和A點的起振方向，即可得到波源的起振方向；據(jù)波速公式v=求解波速．【解析】【解答】解：據(jù)圖象可知：A點比波源O晚振動3s，即波從O傳到A的時間t=3s，所以波速為：v===0.3m/s．

振動周期為T=4s；波長為：λ=vT=0.3×4m=1.2m

據(jù)波的傳播特點；各質(zhì)點的起振方向與波源的起振方向相同；據(jù)圖象可知，A點的起振方向沿y軸的正方向，則波源的起振方向是沿y軸正方向．

故答案為：1.2，0.3，正．13、-BLvb【分析】【分析】由E=BLv求出感應(yīng)電動勢，由右手定值判斷出電動勢方向，然后答題．【解析】【解答】解：導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的電動勢：E=BLv；

由于導(dǎo)體棒做勻速直線運動；感應(yīng)電動勢E是定值；

電容器對穩(wěn)恒電流來說是斷路；電路電流為零；

由右手定則可知；下極板電勢高，上極板電勢低；

則電容器下極板，即b板帶正電荷；

兩極板間的電勢差：Uab=-E=-BLv；

故答案為：-BLv；b．三、判斷題(共9題，共18分)14、√【分析】【分析】貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，使人們認(rèn)識到原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；【解析】【解答】解：貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象；從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，拉開了人們以及原子核的序幕．故以上的說法是正確的．

故答案為：√15、√【分析】【分析】電場的基本性質(zhì)就是對其中的電荷有力的作用，電荷在電場中一定受到電場力作用．【解析】【解答】解：電場的基本性質(zhì)就是對其中的電荷有力的作用；故電荷在電場中一定受電場力的作用．

故答案為：√16、√【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律和運動學(xué)規(guī)律分析答題．【解析】【解答】解：物體速度變化的方向就是加速度的方向；由牛頓第二定律可知，加速度方向與物體受到的合外力的方向相，故說法正確；

故答案為：√．17、√【分析】【分析】電源是通過非靜電力做功將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，電源電動勢反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)．【解析】【解答】解：電源是通過非靜電力做功將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置；電源電動勢反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)．故此說法正確．

故答案為：√18、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無規(guī)則運動是布朗運動，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運動越明顯；布朗運動是液體（或氣體）分子無規(guī)則運動的反應(yīng)．【解析】【解答】解：較大的顆粒不做布朗運動是因為跟顆粒碰撞的分子數(shù)較多；多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因為各個方向的分子沖擊力比較均衡，所以不易改變大顆粒的運動狀態(tài)，不是因為分子的沖擊力?。砸陨系恼f法是錯誤的．

故答案為：×．19、×【分析】【分析】布朗運動是由于分子的無規(guī)則運動而使花粉小顆粒受到撞擊而振動；布朗運動的實質(zhì)是大量分子做無規(guī)則熱運動的結(jié)果．【解析】【解答】解：布朗運動是固體小顆粒的運動；是宏觀物體，故符合牛頓第二定律；

故答案為：×20、√【分析】【分析】分子在永不停息的做無規(guī)則熱運動，物體內(nèi)部個別分子的速度具有怎樣的數(shù)值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整體來看，在一定的條件下，物體分子的速度分布也遵從一定的統(tǒng)計規(guī)律．【解析】【解答】解：對于大量分子；其運動有一定的統(tǒng)計規(guī)律，但對于個別分子，其運動的速度完全是偶然的；

故答案為：√21、√【分析】【分析】根據(jù)核反應(yīng)的種類可知，太陽輻射的能量是核聚變反應(yīng)．【解析】【解答】解：太陽輻射的能量主要來源于輕核聚變．所以以上的說法是正確的．

故答案為：√22、×【分析】【分析】地球是個巨大的磁體，地磁北極在地理南極附近，地磁南極在地理北極附近．地球周圍存在著磁場．【解析】【解答】解：地理北極附近是地磁南極；地理南極附近是地磁北極．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×四、證明題(共1題，共4分)23、略

【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，再由運動學(xué)公式速度位移關(guān)系公式列式，變形即可證明．【解析】【解答】證明：設(shè)物體的質(zhì)量為m，從光滑斜面上的A點滑到B點，在A、B兩點的速度