2025年滬教版必修1物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版必修1物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、A、B兩個質點沿同一直線運動的v－t圖象如圖所示，已知兩質點在t＝0時刻；經過同一位置。由圖可知()

A.在t2時刻兩個質點相遇B.在t1時刻兩個質點運動方向相同C.在t1時刻兩個質點加速度相同D.在t1時刻兩個質點相距最遠2、如圖所示；A；B疊放在水平桌面上，今用水平拉力F作用于B，但沒有拉動，則物體B受到幾個力作用（）

A.5B.6C.4D.33、四個質量相等的金屬環(huán)；環(huán)環(huán)相扣，在一豎直向上的恒力F作用下，四個金屬環(huán)勻加速上升．則環(huán)1和環(huán)2間的相互作用力大小為（）

A.FB.FC.FD.F4、如圖，一質量為的光滑小球用輕繩掛在豎直墻壁上的A點，小球與墻壁的接觸點為小球的半徑與輕繩的長度相等，重力加速度大小為則（）

A.輕繩對小球的拉力大小為B.輕繩對小球的拉力大小為C.墻壁對小球的支持力大小為D.墻壁對小球的支持力大小為5、下表是D5412次動車啟東站至南京站區(qū)間的運行時刻表；則（）

。車次出發(fā)站開車時間到達站到達時間用時里程D5412啟東6:50南京10:233小時33分330kmA.表中“6:50”表示時刻B.該動車從啟東至南京的位移為330kmC.根據表中數據能求出該動車從啟東至南京的平均速度D.該動車體積太大，不能看成質點；乘客可以看成質點，因為乘客體積小評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)6、某物體沿一直線運動；其v—t圖像如圖所示，下列說法正確的是。

A.第2秒內和第3秒內速度方向相反B.第2秒內和第3秒內加速度方向不相同C.3秒時速度方向發(fā)生變化D.第5秒內速度方向和第4秒內速度方向相反7、如圖為甲．乙兩質點同時沿同一直線運動的位移-時間圖象。關于兩質點的運動情況；下列說法正確的是（）

A.在0~t0時間內，甲乙的運動方向相反B.在0~2t0時間內，甲的速度一直在減小C.在0~t0時間內，乙的速度一直增大D.在0~2t0時間內，甲乙發(fā)生的位移大小相等8、某質點做勻減速直線運動，依次經過A、B、C三點，最后停在D點。已知從A點到B點和從B點到C點兩個過程速度變化量大小都是下列說法正確的是（）A.質點到達B點的速度大小為B.質點的加速度大小為C.質點從A點運動到D點的時間為D.A、D兩點間的距離為9、利用速度傳感器與計算機結合，可以自動做出物體的速度v隨時間t的變化圖像。某次實驗中獲得的v-t圖像如圖所示；由此可以推斷該物體在（）

A.t=2s時速度的方向發(fā)生了變化B.t=2s時加速度的方向發(fā)生了變化C.0~4s內做往復運動D.0~4s內的位移約為2.8m10、如圖，一光滑的輕滑輪用細繩懸掛于O點；另一細繩跨過滑輪，其一端懸掛物塊a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物塊b。外力F向右上方拉b，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)。若F方向不變，大小在一定范圍內變化，物塊b仍始終保持靜止；則：（）

A.物塊b所受到的支持力也在一定范圍內變化B.繩的彈力也在一定范圍內變化C.物塊b與桌面間的摩擦力也在一定范圍內變化D.連接a和b的繩的彈力也在一定范圍內變化評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)11、在伽利略羊皮紙手稿中發(fā)現的斜面實驗數據如右表所示，人們推測第二、三列數據可能分別表示時間和長度．伽利略時代的1個長度單位相當于現在的mm，假設1個時間單位相當于現在的0.5s．由此可以推測實驗時光滑斜面的長度至少為____m，斜面的傾角約為_____度．（g取10m/s2）

12、如圖所示，重20N的物塊靜止在傾角為37°傾斜的長木板上。按照重力作用的實際效果，可以將重力沿________方向和________方向進行分解。兩個分力分別用F1、F2表示，將重力G沿上述方向進行分解。求得：F1=________N，F2=________N。（sin37°=0.6；cos37°=0.8）

13、試寫出下列概念所用的物理思想方法：質點_________；平均速度___________。14、把自由落體的高度分成三段，若通過這三段的時間相等，則這三段長度的比是______，若這三段的長度相等，則通過這三段的時間之比是____。15、一物體做初速度為零的勻加速直線運動，該物體通過前一半位移和通過后一半位移所用時間之比為______．評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)16、圖中物體處于靜止狀態(tài)，請用力的示意圖畫出圖中小球A所受彈力的情況。

17、畫出下列各圖中各靜止物體所受的彈力（示意圖）；假設所有的接觸面都不光滑。

18、已知圖中的球均處于靜止狀態(tài)，中的球是光滑的；請畫出它們所受彈力的方向．

A.B.C.D.評卷人得分五、解答題(共4題，共16分)19、如圖所示，兩個用輕線相連的位于光滑水平面上的物塊，質量分別為m1、m2，拉力F1和F2方向相反，與輕線沿同一水平直線，且F1＞F2．試求在兩個物塊運動過程中輕線的拉力．

20、某物體做直線運動，位移遵循的方程為x=6t-t2（其中，x的單位為m，t的單位為s）。求該物體在8s內的平均速度和平均速率。21、“爸爸去哪兒”節(jié)目中，田亮帶著女兒玩滑沙游戲。如圖甲所示，他們從坡頂由靜止滑下，可視為勻加速直線運動。已知父女倆和滑沙車總質量M=85kg，女兒和滑沙車總質量m=27kg，坡道長L=100m，沙坡傾角θ=37°，滑沙車與沙坡間的動摩擦因數μ=0.5。重力加速度g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8。不計空氣阻力。

(1)求田亮父女倆下滑的加速度大小a；

(2)若女兒單獨乘坐滑沙車從坡頂由靜止下滑時，求女兒滑到坡底時的速度大小v；

(3)如圖乙所示，田亮擔心女兒下滑速度太快，在滑沙車上施加一沿斜面向上的恒定拉力。已知他們從坡頂由靜止下滑到坡底的時間t=15s。求田亮施加的拉力大小F。

22、如圖甲所示，有一塊木板靜止在足夠長的粗糙水平面上，長為L=2m，木板右端放著一小滑塊，現用水平恒力F作用在木板M右端，恒力F取不同數值時，小滑塊和木板的加速度分別對應不同數值，兩者的a-F圖象如圖乙所示，已知木板與地面的滑動摩擦因數μ2=0.1，取g=10m/s2；求:

(1)小滑塊與木板之間的滑動摩擦因數μ1；

(2)木板的質量M和小滑塊的質量m；

(3)若水平恒力F=29N，且始終作用在木板M上，當小滑塊m從木板上滑落時，經歷的時間t為多長參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

由運動圖像可知，A、B兩個質點從同一位置、沿同一直線、以大小方向均不相同的加速度向相同的方向運動，A質點先加速再勻速，B質點先減速再勻速，在t1時刻兩個質點速度相同，在t2時刻兩個質點的位移不相同，故不相遇，在t2時刻之后；兩個質點做勻速直線運動，相遇一次后距離越來越大，故B正確，ACD錯誤；

故選B。2、A【分析】【詳解】

解：先對A分析；受重力和支持力，二力平衡；不受靜摩擦力，否則不能保持靜止；

再對物體B受力分析；受重力；拉力、A對B向下的壓力，地面對B的支持力和向左的靜摩擦力，共5個力；

故選A．3、C【分析】【詳解】

試題分析：設每個金屬環(huán)的質量為m，對整體分析，根據牛頓第二定律得，F-4mg=4ma；隔離對環(huán)1分析，根據牛頓第二定律得，F-F1-mg=ma，解得F1＝F．故選C．

考點：牛頓第二定律。

【名師點睛】本題考查了牛頓第二定律的基本運用，知道四個金屬環(huán)具有相同的加速度，運用整體法和隔離法進行求解，難度不大．4、C【分析】【詳解】

設輕繩與豎直墻壁的夾角為θ，由題意可得

設輕繩對小球的拉力大小為T，墻壁對小球的支持力大小為N，對小球根據力的成與分解以及平衡條件可得

聯(lián)立以上各式解得

故ABD錯誤；C正確。

故選C。5、A【分析】【詳解】

A．表中“6:50”表示時刻；A正確；

B．該車從啟東至南京的路程為330km；B錯誤；

C．從表中數據無法知道該車從啟東至南京的位移；因此不能求出該車從啟東至南京的平均速度，C錯誤；

D．物體能否看成質點是由研究問題的性質決定的；物體的大小和形狀，相對所研究的問題可以忽略時，物體就看做質點，D錯誤。

故選A。二、多選題(共5題，共10分)6、B:C【分析】A；速度的正負代表運動的方向；所以第2秒內和第3秒內速度方向相同，故A錯；

B；圖像的斜率代表了加速度的大??；正負代表了加速度的方向，從圖像上可以看出第2秒內和第3秒內加速度方向不相同，故B正確；

C；3s時速度由正變?yōu)樨撍?秒時速度方向發(fā)生變化；故C正確；

D；速度的正負代表了運動的方向；所以第5秒內速度方向和第4秒內速度方向相同，故D錯誤；

故選BC

點睛：在v-t圖像中知道速度的正負代表運動的方向，圖像的斜率表示加速度，圖像所包圍的面積代表了運動的位移大?。?、A:D【分析】【詳解】

A．根據位移時間圖象的斜率表示速度，可知，在時間內，甲的速度為負，乙的速度為正，說明甲．乙的運動方向相反。故A正確；

B．根據位移圖象的斜率表示速度，可知在時間內，甲的速度不變，故B錯誤；

C．在時間內，乙圖線的斜率不斷減小，則乙的速度一直減小，故C錯誤；

D．在時間內，甲的位移為

即甲的位移大小為

乙的位移為

所以甲乙發(fā)生的位移大小相等，故D正確。

故選AD。8、A:D【分析】【詳解】

B．設質點的加速度大小為a，由題意可知質點從A點到B點和從B點到C點兩個過程所用時間相等，均設為T，則根據勻變速直線運動規(guī)律的推論可得

根據加速度的定義可知

聯(lián)立以上兩式解得

故B錯誤；

A．質點到達B點的速度大小為

故A正確；

C．質點在A點時的速度大小為

質點從A點運動到D點的時間為

故C錯誤；

D．A、D兩點間的距離為

故D正確。

故選AD。9、A:C【分析】【詳解】

AC．由題圖可知，0~2s內物體的速度為正，2~4s內物體的速度為負，則在t=2s時速度的方向發(fā)生了變化；0~4s內物體做往復運動，故AC正確；

B．由于1~3s內圖線的斜率一直為負值，可知t=2s時加速度的方向不變；故B錯誤；

D．根據v-t圖線與時間軸所圍“面積”表示位移；可知0~4s內物體的位移為0，故D錯誤。

故選AC。10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AC．對b進行受力分析可知，當若F方向不變，大小在一定范圍內變化時，而重力mg和繩子的拉力FT保持不變，所以．物塊b所受到的支持力也在一定范圍內變化，物塊b與桌面間的摩擦力也在一定范圍內變化；AC正確；

BD．物塊b仍始終保持靜止，可知物塊a也始終保持靜止，滑輪兩側繩子的夾角也不變，可知連接a和b的繩的張力等于物塊a的重力，所以連接a和b的繩的張力保持不變；夾角不變，所以．繩OO'的張力也不變，BD錯誤；

故選AC。

三、填空題(共5題，共10分)11、略

【分析】【詳解】

由圖可知斜面長度至少為：小球在斜面上做初速度為零的勻變速直線運動，有：其中t=8×0.5=4s，解得：a=0.26=gsinα，所以傾角α=1.5°．【解析】2.04，1.512、略

【分析】【詳解】

[1][2][3][4]按照重力作用的實際效果，可以將重力沿長木板方向和垂直長木板方向進行分解。兩個分力分別用F1、F2表示，將重力G沿上述方向進行分解。求得【解析】長木板垂直長木板121613、略

【分析】【詳解】

[1]“質點”采用理想模型法；

[2]“平均速度”采用的都是等效法?！窘馕觥坷硐肽Ｐ头ǖ刃Х?4、略

【分析】【詳解】

[1]設每段時間為t，則總時間為3t，據自由落體位移公式分別可得

可得

[2]設每段長度為h，則總長度為3h，則

解得

三段時間分別可表示為

可得【解析】15、略

【分析】【詳解】

[1]．物體做初速度為零的勻加速運動，根據初速度為零的勻加速直線運動的推論，該物體通過前一半位移和通過后一半位移所用的時間之比是：【解析】（+1）：1四、作圖題(共3題，共24分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

小球A受到墻對它的彈力FN1，下面小球對它的彈力FN2；如下圖所示。

【解析】17、略

【分析】【分析】

【詳解】

拉力；壓力、支持力都是彈力；則各靜止物體所受的彈力的示意圖如下。

【解析】見解析18、略

【分析】【詳解】

A中彈力的方向垂直于接觸面指向球心；如圖；

B圖中水平地面對球有豎直向上的彈力；而上面的斜面對球無彈力（假設有彈力的話球不能平衡），如圖：

C圖中水平地面對球有豎直向上的彈力；而左側的斜面對球無彈力（假設有彈力的話球不能平衡），如圖：

D圖中兩邊繩子對球的拉力方向沿繩子方向；如圖；

【解析】如圖所示。

A.B.C.D.五、解答題(共4題，共16分)19、略

【分析】【詳解】

對整體，由牛頓第二定律得F1－F2＝（m1+m2）a

對m2，設輕線的拉力為F，由牛頓第二定律得F－F2＝m2a

解以上兩式得【解析】20、略

【分析】【詳解】

解：位移遵循的方程為x=6t-t2，對比位移時間公式有v0=6m/s，a=－2m/s2

減速階段用時

減速階段位移

反向加速階段的加速度大小為

位移大小

平均速度

平均速度大小為2m/s，方向與初速度方向相反。

平均速率【解析】平均速度大小2m/s，方向與初速度方向相反，平均速率4.25m/s21、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)對田亮父女和滑沙車組成的系統(tǒng)受力分析；建立坐標系，并分解力到坐