2025年華東師大版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、一個(gè)小球從4m高處落下；被地面彈回，在1m高處被接住，則小球在整個(gè)過程中（）

A.位移是5m

B.路程是3m

C.位移大小是3m

D.以上均不對。

2、在發(fā)射地球同步衛(wèi)星的過程中，衛(wèi)星首先進(jìn)入橢圓軌道Ⅰ，然后在Q點(diǎn)通過改變衛(wèi)星速度，讓衛(wèi)星進(jìn)入地球同步軌道Ⅱ。若衛(wèi)星的發(fā)射速度為v0，第一宇宙速度為在同步軌道Ⅱ上的運(yùn)行速度為則A.v0＞＞B.若衛(wèi)星的發(fā)射速度為2v0，衛(wèi)星最終圍繞地球運(yùn)行的軌道半徑將變大。C.在軌道Ⅰ上，衛(wèi)星在P點(diǎn)的速度等于在Q點(diǎn)的速度D.衛(wèi)星在Q點(diǎn)通過加速實(shí)現(xiàn)由軌道Ⅰ進(jìn)入軌道Ⅱ3、16

某個(gè)磁場的磁感線如圖所示，如果把一個(gè)小磁針放入磁場中，小磁針將()

A.向右移動(dòng)；B.向左移動(dòng)；C.順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)；D.逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)4、下列四幅圖涉及到不同的物理知識(shí)，其中說法正確的是A.圖甲：普朗克通過研究黑體輻射提出能量子的概念，成為量子力學(xué)的奠基人之一B.圖乙：玻爾理論指出氫原子能級是分立的，所以原子發(fā)射光子的頻率也是不連續(xù)的C.圖丙：盧瑟福通過分析α粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果，發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子D.圖?。焊鶕?jù)電子束通過鋁箔后的衍射圖樣，可以說明電子具有粒子性5、如圖所示，a、b、c為不同材料做成的電阻，b與a的長度相等，橫截面積是a的兩倍；c與a的橫截面積相等，長度是a的兩倍．當(dāng)開關(guān)閉合后，三個(gè)理想電壓表的示數(shù)關(guān)系是V1∶V2∶V3＝1∶1∶2.關(guān)于三種材料的電阻率ρa(bǔ)、ρb、ρc，下列說法中正確的是()A.ρa(bǔ)是ρb的2倍B.ρa(bǔ)是ρc的2倍C.ρb是ρc的2倍D.ρc是ρa(bǔ)的2倍6、如圖所示，圓心為O、半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)分布著垂直于xOy平面的勻強(qiáng)磁場，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子，由O點(diǎn)以速度v沿x軸正向發(fā)射，粒子出磁場后經(jīng)過y軸時(shí)速度方向與y軸正向的夾角為30°．若不計(jì)重力影響，下列判斷正確的是（）A.粒子圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑r=RB.勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=C.粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=D.粒子經(jīng)過y軸的位置到原點(diǎn)O的距離d=2R評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)7、秒擺的周期為____；擺長約為____．8、一物體的質(zhì)量為2kg，此物體豎直下落，以10m/s速度碰到水泥地面上，隨后又以8m/s的速度反彈。若取豎直向上為正方向，則小球與地相碰前的動(dòng)量是____kg·m／s，相碰后的動(dòng)量是____kg·m／s，相碰過程中小球動(dòng)量的變化量是____kg·m／s。9、用雙縫干涉測光的波長．實(shí)驗(yàn)裝置如圖（甲）所示，已知單縫與雙縫間的距離L1=100mm，雙縫與屏的距離L2=700mm；雙縫間距d=0.25mm．用測量頭來測量亮紋中心的距離．測量頭由分劃板；目鏡、手輪等構(gòu)成，轉(zhuǎn)動(dòng)手輪，使分劃板左右移動(dòng)，讓分劃板的中心刻線對準(zhǔn)亮紋的中心（如圖（乙）所示），記下此時(shí)手輪上的讀數(shù)，轉(zhuǎn)動(dòng)測量頭，使分劃板中心刻線對準(zhǔn)另一條亮紋的中心，記下此時(shí)手輪上的讀數(shù)．

（1）分劃板的中心刻線分別對準(zhǔn)第1條和第4條亮紋的中心時(shí)，手輪上的讀數(shù)如圖（丙）所示，則對準(zhǔn)第1條時(shí)讀數(shù)x1=______mm、對準(zhǔn)第4條時(shí)讀數(shù)x2=______mm

（2）寫出計(jì)算波長λ的表達(dá)式，λ=______（用符號表示），λ=______nm

10、下列說法錯(cuò)誤的是A．非晶體沒有固定的熔點(diǎn)B．布朗運(yùn)動(dòng)間接反映液體分子做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)C．雨水沒有透過布雨傘，是由于液體表面張力的緣故D．氣體很容易充滿容器，是由于分子間存在斥力的緣故11、避雷針利用______原理來避雷：帶電云層靠近建筑物時(shí)，避雷針上產(chǎn)生的感應(yīng)電荷會(huì)通過針尖放電，逐漸中和云中的電荷，使建筑物免遭雷擊．避雷針是______發(fā)明的．12、電磁灶是利用______原理制成的．13、A、B

兩帶電小球，A

固定不動(dòng)，B

的質(zhì)量為m

在庫侖力作用下，由靜止開始運(yùn)動(dòng).

已知初始時(shí)，AB

間的距離為dB

的加速度為a.

經(jīng)過一段時(shí)間后，B

的加速度為此時(shí)AB

間的距離應(yīng)為_______已知此時(shí)B

的速度為v

則在此過程中電勢能的減少量為_______評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)14、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯(cuò)）15、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

16、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯(cuò)）

17、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯(cuò)）18、只有沿著電場線的方向電勢才會(huì)降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯(cuò)）19、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

評卷人得分四、解答題(共2題，共12分)20、一輛電動(dòng)自行車的銘牌上給出了如下的技術(shù)參數(shù)：

。規(guī)格后輪驅(qū)動(dòng)直流電機(jī)車型26#電動(dòng)自行車額定輸出功率120W整車質(zhì)量30kg額定電壓40V最大載重120kg額定電流3.5A請根據(jù)上表計(jì)算：

（1）此電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的消耗總功率和電動(dòng)機(jī)的效率。

（2）電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻．

21、在相同的時(shí)間t內(nèi)；單擺甲做了10次全振動(dòng)，單擺乙做了6次全振動(dòng)．求：

（1）兩個(gè)單擺的振動(dòng)周期之比T1/T2；

（2）兩個(gè)單擺的擺長之比l1/l2；

（3）若一單擺擺長為24.80厘米；做120次全振動(dòng)所需時(shí)間是120秒，求該地的重力加速度是多大？（保留兩位有效數(shù)字）

評卷人得分五、畫圖題(共2題，共6分)22、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象23、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】

一個(gè)小球從4m高處落下；被地面彈回，在1m高處被接住，路程s=4+1m=5m．位移等于首末位置的距離，大小等于3m．故C正確，A；B、D錯(cuò)誤．

故選C．

【解析】【答案】路程等于物體運(yùn)動(dòng)軌跡的長度；位移的大小等于由初位置指向末位置的有向線段的長度．

2、A|D【分析】試題分析：7.9km/s即第一宇宙速度是發(fā)射衛(wèi)星的最小速度，也是最大的圓周運(yùn)動(dòng)的環(huán)繞速度，而同步衛(wèi)星的軌道半徑要大于近地衛(wèi)星的軌道半徑，根據(jù)可以發(fā)現(xiàn)，同步衛(wèi)星運(yùn)行的線速度一定小于第一宇宙速度，故v0＞v1＞v2，所以A正確；若衛(wèi)星的發(fā)射速度為2v0，即大于11.2km/s，將脫離地球，所以B錯(cuò)誤；衛(wèi)星首先進(jìn)入橢圓軌道Ⅰ，在軌道Ⅰ上，由P點(diǎn)向Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，萬有引力做負(fù)功，動(dòng)能減小，所以P點(diǎn)的速度大于Q點(diǎn)的速度，故C錯(cuò)誤；從橢圓軌道Ⅰ到同步軌道Ⅱ，衛(wèi)星在Q點(diǎn)是做逐漸遠(yuǎn)離圓心的運(yùn)動(dòng)，要實(shí)現(xiàn)這個(gè)運(yùn)動(dòng)必須衛(wèi)星所需向心力大于萬有引力，所以應(yīng)給衛(wèi)星加速，增加所需的向心力．所以在軌道Ⅱ上Q點(diǎn)的速度大于軌道上Ⅰ經(jīng)過Q點(diǎn)的速度．故D正確考點(diǎn)：本題考查天體運(yùn)動(dòng)，涉及發(fā)射速度、宇宙速度、環(huán)繞速度計(jì)衛(wèi)星變軌問題，意在考查學(xué)生的綜合分析能力。【解析】【答案】AD3、C【分析】【分析】一個(gè)磁場的磁感線如圖所示，一個(gè)小磁針被放入方向水平向右的磁場中，發(fā)現(xiàn)小磁針沿順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，是小磁針N

極受到水平向右的磁場力的作用，小磁針S

極受到水平向左的磁場力，所以N

極要轉(zhuǎn)向磁場方向，而S

極轉(zhuǎn)向磁場方向反方向?！窘獯稹啃〈裴楴

極受力的方向?yàn)榇鸥袘?yīng)強(qiáng)度的方向，小磁針NN極受到水平向右的磁場力的作用，小磁針SS極受到水平向左的磁場力，所以NN極要轉(zhuǎn)向磁場方向，而SS極轉(zhuǎn)向磁場方向反方向，即小磁針順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。故C正確。

故選C?！窘馕觥緾

4、A|B【分析】【解析】試題分析：普朗克通過研究黑體輻射提出能量子的概念，成為量子力學(xué)的奠基人之一，選項(xiàng)A正確；玻爾理論指出氫原子能級是分立的，所以原子發(fā)射光子的頻率也是不連續(xù)的，選項(xiàng)B正確；盧瑟福通過分析α粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果，發(fā)現(xiàn)了原子核式結(jié)構(gòu)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)電子束通過鋁箔后的衍射圖樣，可以說明電子具有波動(dòng)性，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選AB考點(diǎn)：考查原子物理【解析】【答案】AB5、C【分析】試題分析：根據(jù)串聯(lián)電路的電壓關(guān)系，Ra：Rb：Rc=V1:V2:V3=1:1:2，根據(jù)得：A錯(cuò)誤；同理BD錯(cuò)誤、C正確?？键c(diǎn)：本題考查串聯(lián)電路特點(diǎn)、電阻率。【解析】【答案】C6、A【分析】解：AB、粒子在磁場中受到洛倫茲力作用，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則有Bqv=m

據(jù)此并由題意可得；粒子在磁場中的軌跡的圓心C必在y軸上，且P點(diǎn)在磁場區(qū)之外．過P沿速度方向作延長線，它與x軸相交于Q點(diǎn)．作圓弧過O點(diǎn)與x軸相切，并且與PQ相切，切點(diǎn)A即粒子離開磁場區(qū)的地點(diǎn)．這樣也求得圓弧軌跡的圓心C，如圖所示。

由圖中幾何關(guān)系得：r=R；

由以上兩式可得：B==故A正確，B錯(cuò)誤；

C、粒子對應(yīng)的圓弧是整個(gè)圓的因此粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=×=故C錯(cuò)誤；

D、圖中OA的長度即圓形磁場區(qū)的半徑R，由圖中幾何關(guān)系可得d=r+2r=R；故D錯(cuò)誤；

故選：A．

一帶電粒子；以一定的速度垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場中，由洛倫茲力提供向心力，使其做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．根據(jù)入射點(diǎn)與出射點(diǎn)的速度方向可確定圓弧對應(yīng)的圓心，由幾何關(guān)系來確定磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小及xy平面上磁場區(qū)域的半徑R．

帶電粒子在磁場中由洛倫茲力提供做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，同時(shí)結(jié)合數(shù)學(xué)幾何關(guān)系來構(gòu)建長度關(guān)系．注意運(yùn)動(dòng)圓弧的半徑與磁場半徑的區(qū)別，同時(shí)掌握圓弧對應(yīng)的時(shí)間與周期的關(guān)系．【解析】【答案】A二、填空題(共7題，共14分)7、略

【分析】

秒擺的周期為2s，根據(jù)得，．

故答案為：2s；1m．

【解析】【答案】秒擺的周期為2s．根據(jù)求出擺長的大?。?/p>

8、略

【分析】取豎直向上為正方向，初動(dòng)量為mv=2kg×10m/s=-20kg·m／s，碰后動(dòng)量為2kg×8m/s=16kg·m／s，相碰過程中小球動(dòng)量的變化量是16kg·m／s-（-20kg·m／s）=36kg·m／s【解析】【答案】-20，16，369、略

【分析】解：（1）圖乙中螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為2mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×19.0mm=0.190mm，則最終讀數(shù)為：x1=2mm+0.190mm=2.190mm．

對準(zhǔn)第4條時(shí)讀數(shù)x2=7.5mm+0.368mm=7.868mm

由題得：相鄰亮紋的間距△x===1.893mm；

（2）根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△x=λ得：λ=

L=L2；

計(jì)算波長λ的表達(dá)式λ==

由題意有：L2=700mm=0.7m，d2=0.25mm=2.5×10-4，△x=1.893mm=1.893×10-3m

代入上式得：λ=m=6.76×10-7m=676nm

故答案為：2.190，7.868，676．

（1）手輪上螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)；需估讀到0.001mm．

（2）根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△x=λ求出波長的表達(dá)式；再代入數(shù)據(jù)求出波長．

解決本題的關(guān)鍵掌握“用雙縫干涉測光的波長”的實(shí)驗(yàn)原理△x=λ，以及掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法．【解析】2.190；7.868；67610、略

【分析】試題分析：晶體有固定的熔點(diǎn)，非晶體沒有固定的熔點(diǎn)，A正確；布朗運(yùn)動(dòng)是指懸浮于液體中的顆粒所做的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)，不是分子本身運(yùn)動(dòng)，只是反映分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)．布朗運(yùn)動(dòng)是由于液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)對固體微粒的碰撞不平衡導(dǎo)致的，它間接反映了液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)．B正確；有了表面張力，雨滴在布上就是形成一個(gè)有限厚度的水體，特征尺寸比水分子大很多，也比布的孔隙要大，就不能透過布的孔隙了，故C正確，氣體很容易充滿容器，是因?yàn)榉肿拥臒徇\(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤；考點(diǎn)：考查了晶體，布朗運(yùn)動(dòng)，分子張力，氣體運(yùn)動(dòng)【解析】【答案】D11、略

【分析】解：避雷針利用尖端放電原理來避雷：帶電云層靠近建筑物時(shí)；避雷針上產(chǎn)生的感應(yīng)電荷會(huì)通過針尖放電，逐漸中和云中的電荷，使建筑物免遭雷擊．避雷針是富蘭克林發(fā)明的．

故答案為：尖端放電；富蘭克林。

避雷針；又名防雷針，是用來保護(hù)建筑物物等避免雷擊的裝置．在高大建筑物頂端安裝一根金屬棒，用金屬線與埋在地下的一塊金屬板連接起來，利用金屬棒的尖端放電，使云層所帶的電和地上的電逐漸中和，從而不會(huì)引發(fā)事故．避雷針是富蘭克林發(fā)明的．

本題考查了避雷針的形狀、作用、安裝等問題，具有現(xiàn)實(shí)意義，是一道好題．正電荷定向移動(dòng)的方向?yàn)殡娏鞯姆较?，而與自由電子定向移動(dòng)的方向相反．【解析】尖端放電；富蘭克林12、略

【分析】解：根據(jù)電磁灶的原理可知；電磁灶是電磁感應(yīng)原理而制成的；

故答案為：電磁感應(yīng)．

明確電磁灶的工作原理；知道灶內(nèi)通以交流電流后產(chǎn)生變化的磁場從而在鍋底產(chǎn)生渦流而起到加熱的目的．

本題考查電磁感應(yīng)在生活與產(chǎn)生中的應(yīng)用，要注意掌握生活中常用儀器的工作原理，并能用所學(xué)物理規(guī)律進(jìn)行分析．【解析】電磁感應(yīng)13、略

【分析】略【解析】2d;2d;三、判斷題(共6題，共12分)14、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動(dòng)電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．15、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k