2025年浙教版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，一矩形金屬線圈在勻強磁場中繞與磁感線垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的交變電動勢的圖象如u-t圖中的正弦曲線所示；則下列說法正確的是（）

A.t=0時刻，穿過線圈平面的磁通量最小B.t=3×10-2s時刻，穿過線圈平面的磁通量變化率最小C.線圈在磁場中轉(zhuǎn)動的角速度為50πrad/sD.線圈中感應(yīng)電動勢的表達式為2、如圖所示，在豎直虛線MN和M′N′之間區(qū)域內(nèi)存在著相互垂直的勻強電場和勻強磁場，一帶電粒子（不計重力）以初速度v0由A點垂直MN進入這個區(qū)域，帶電粒子沿直線運動，并從C點離開場區(qū)．如果撤去磁場，該粒子將從B點離開場區(qū)；如果撤去電場，該粒子將從D點離開場區(qū)．則下列判斷正確的是（）

A.該粒子由B、C、D三點離開場區(qū)時的動能相同B.該粒子由A點運動到B、C、D三點的時間均不相同C.勻強電場的場強E與勻強磁場的磁感應(yīng)強度B之比D.若該粒子帶負(fù)電，則電場方向豎直向下，磁場方向垂直于紙面向外3、如圖xoy平面為光滑水平面，現(xiàn)有一長為d寬為L的線框MNPQ在外力F作用下，沿x軸正方向以速度v做勻速直線運動，空間存在豎直方向的磁場，磁感應(yīng)強度B=2B0cosx（式中B0為已知量），規(guī)定豎直向下方向為磁感應(yīng)強度正方向，線框電阻為R，t=0時刻MN邊恰好在y軸處；則下列說法正確的是（）

A.外力F為恒力B.線圈在運動過程中合外力對其做功不為零C.經(jīng)過線圈中產(chǎn)生的電熱D.t=0時，外力大小4、如圖所示為一臺小型發(fā)電機的示意圖；單匝線圈逆時針轉(zhuǎn)動。若從中性面開始計時，產(chǎn)生的電動勢隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示。已知外接燈泡的電阻恒為18Ω，其余部分電阻不計，下列說法正確的是（）

A.燈泡兩端的瞬時電壓的表達式B.轉(zhuǎn)動過程中穿過線圈的最大磁通量為C.小燈泡的功率為1.0WD.線圈勻速轉(zhuǎn)動一周的過程中，電流做的功W=0.05J5、如圖，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1：n2=2：1，V和A均為理想電表，燈泡電阻R1=端電壓下列說法正確的是（）

A.電流頻率為100HzB.V的讀數(shù)為24VC.A的讀數(shù)為0.5AD.變壓器輸入功率為6W評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、如圖所示，速度選擇器中勻強電場的電場強度為E，勻強磁場的磁感應(yīng)強度為擋板右側(cè)質(zhì)譜儀中勻強磁場的磁感應(yīng)強度為速度相同的一束帶電粒子（不計重力），由左側(cè)沿垂直于E和的方向射入速度選擇器做直線運動；通過狹縫后進入質(zhì)譜儀，其運動軌跡如圖所示，則下列說法中正確的是（）

A.該束帶電粒子帶負(fù)電B.能通過狹縫的帶電粒子的速率等于C.粒子打在膠片上的位置越遠離狹縫S0，粒子的比荷越小D.能通過狹縫S0的帶電粒子進入質(zhì)譜儀后運動半徑都相同7、如圖所示；一小段通電直導(dǎo)線放置在粗糙的水平面上處于靜止?fàn)顟B(tài)，電流方向垂直紙面向里?，F(xiàn)把一條形磁鐵控制在導(dǎo)線的正上方成水平狀態(tài)，中點與導(dǎo)線的連線（虛線）正好沿豎直方向，下列說法正確的是（??）

A.放上磁鐵后，地面對導(dǎo)線產(chǎn)生摩擦力B.放上磁鐵后，地面對導(dǎo)線的支持力仍然等于重力C.若把磁鐵沿豎直方向向上移動，地面對導(dǎo)線的支持力越來越小D.若把磁鐵水平向右移動一小段距離，導(dǎo)線仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，則地面對導(dǎo)線的摩擦力向右8、如圖所示，三條垂直紙面固定的長直導(dǎo)線a、b、c分別通以恒定電流其中a、b兩根導(dǎo)線中電流方向垂直紙面向外，且O點位于紙面內(nèi)且到a、b、c三條導(dǎo)線距離相等，設(shè)定長直導(dǎo)線周圍磁場的磁感應(yīng)強度大小（式中常量I為導(dǎo)線中電流強度，r為到導(dǎo)線的距離）?，F(xiàn)在O點放置一小段電流方向垂直紙面向里的通電直導(dǎo)線，該導(dǎo)線所受安培力F與豎直方向的夾角下列說法正確的是（）

A.c中電流方向垂直紙面向外B.C.c中電流方向垂直紙面向里D.9、如圖甲所示，在空間存在一個變化的電場和一個變化的磁場，電場的方向水平向右(圖甲中由B到C)，場強大小隨時間變化情況如圖乙所示；磁感應(yīng)強度方向垂直于紙面、大小隨時間變化情況如圖丙所示。在t=1s時，從A點沿AB方向(垂直于BC)以初速度v0射出第一個粒子，并在此之后，每隔2s有一個相同的粒子沿AB方向均以初速度v0射出，并恰好均能擊中C點，若AB=BC=l，且粒子由A運動到C的運動時間小于1s。不計重力和空氣阻力，對于各粒子由A運動到C的過程中；以下說法正確的是（）

A.電場強度E0和磁感應(yīng)強度B0的大小之比為3v0：1B.第一個粒子和第二個粒子運動的加速度大小之比為1：2C.第一個粒子和第二個粒子運動的時間之比為π：2D.第一個粒子和第二個粒子通過C的動能之比為1：510、在回旋加速器中（）

A.電場用來加速帶電粒子，磁場則使帶電粒子回旋B.帶電粒子在半圓形盒內(nèi)經(jīng)過半個圓周所需要的時間與帶電粒子的比荷無關(guān)C.在其它條件都一定時，回旋加速器的半徑越大，則帶電粒子獲得的動能越大D.用此回旋加速器加速質(zhì)子之后，不需要改變?nèi)魏瘟?，這個裝置也能用于加速α粒子11、交流發(fā)電機的線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動，線圈中的磁通量隨時間t變化的規(guī)律如圖所示；則（）

A.1s內(nèi)線圈中電流方向改變200次B.t＝0.005s時，線圈平面與中性面重合C.t＝0.01s時，磁通量變化率的絕對值為D.t＝0.015s時，線圈中的感應(yīng)電動勢為零評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)12、某LC振蕩回路的電容器的電容是可變的，線圈不可變，當(dāng)電容器電容為C1時，它激起的電磁波波長為當(dāng)電容器電容為C2時，它激起的電磁波波長為當(dāng)電容器電容C=C1+C2時，它激起的電磁波波長=______（結(jié)果用表達）。13、如圖，兩平行放置的長直導(dǎo)線a和b中載有電流強度相等、方向相反的電流。則b右側(cè)O點處的磁感應(yīng)強度方向為_________；在O點右側(cè)再放置一根與a、b平行共面且通有與導(dǎo)線a同向電流的直導(dǎo)線c后，導(dǎo)線a受到的磁場力大小將__________（選填“變大”、“變小”或“無法確定”）。14、如圖所示，用長為L的輕繩，懸掛一質(zhì)量為m的帶電小球，放在磁感應(yīng)強度為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場中?，F(xiàn)將小球拉到與懸點等高處由靜止釋放，小球便在垂直于磁場的豎直面內(nèi)擺動，當(dāng)小球第一次擺到最低點時，輕繩的拉力恰好為零，重力加速度為g，忽略空氣阻力，由此可知小球___________（選填“帶正電”“不帶電”或“帶負(fù)電”）當(dāng)小球第二次經(jīng)過最低點時輕繩拉力等于___________。

15、實驗：探究感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件。

探究一：如圖甲實驗中，讓導(dǎo)體棒在磁場中保持相對靜止時或者平行于磁場運動時，無論磁場多強，閉合電路中都______電流，當(dāng)導(dǎo)體ab做______運動時；閉合回路中有電流產(chǎn)生。

探究二：如圖乙，當(dāng)螺線管A的電流不變時，螺線管B所在的回路中沒有電流產(chǎn)生；當(dāng)螺線管A的電流______時，螺線管B所在回路中就有了電流。16、（1）如圖所示，金屬棒ab置于水平放置的U形光滑導(dǎo)軌上，在ef右側(cè)存在有界勻強磁場B，磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向下。在ef左側(cè)的無磁場區(qū)域cdef內(nèi)有一半徑很小的金屬圓環(huán)L，圓環(huán)與導(dǎo)軌在同一平面內(nèi)。當(dāng)金屬棒ab在水平恒力F作用下從磁場左邊界ef處由靜止開始向右運動后，圓環(huán)L有________（填“收縮”或“擴張”）趨勢，圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流________（填“變大”；“變小”或“不變”）。

（2）如圖，金屬環(huán)A用輕線懸掛，與長直螺線管共軸，并位于其左側(cè)。若變阻器滑片P向左移動，則金屬環(huán)A將向________（填“左”或“右”）運動，并有________（填“收縮”或“擴張”）趨勢。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共12分)17、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導(dǎo)線I所受磁場力的方向。

18、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關(guān)和聲敏開關(guān)控制，光敏開關(guān)在天黑時自動閉合，天亮?xí)r自動斷開；聲敏開關(guān)在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

19、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學(xué)記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

20、如圖所示：當(dāng)條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標(biāo)出圓環(huán)中的電流方向___________．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

A．t=0時刻；感應(yīng)電動勢為零，此時穿過線圈平面的磁通量最大，選項A錯誤；

B．t=3×l0-2s時刻；感應(yīng)電動勢最大，此時穿過線圈平面的磁通量變化率最大，選項B錯誤；

C．線圈在磁場中轉(zhuǎn)動的角速度為

選項C正確；

D．線圈中感應(yīng)電動勢的表達式為

選項D錯誤。

故選C。2、C【分析】分析：洛倫茲力不做功；不改變粒子的動能．只有電場時，粒子水平方向做勻速直線運動，可得到時間與水平位移AC的關(guān)系；只有磁場時，粒子做勻速圓周運動，可得到時間與弧長的關(guān)系，即可比較時間關(guān)系．帶電粒子進入相互垂直的勻強電場和勻強磁場做勻速直線運動，電場力與洛倫茲力平衡．根據(jù)左手定則判斷磁場的方向．

解答：解：

A；洛倫茲力不做功；不改變粒子的動能，而電場力做正功，粒子的動能增大，則粒子由C、D兩點離開場區(qū)時的動能相同，小于從B點離開場區(qū)的動能．故A錯誤．

B、粒子在正交的電磁場中與只有電場時運動時間相等，為t1=粒子在磁場中運動時間為t2=由于AD＞AC，則知粒子在磁場中運動時間最長．故B錯誤．

C、帶電粒子進入相互垂直的勻強電場和勻強磁場做勻速直線運動，電場力與洛倫茲力平衡，則qE=qv0B，得=v0．故C正確．

D；若該粒子帶負(fù)電；則知電場方向豎直向下，由左手定則判斷得知，磁場方向垂直于紙面向里．故D錯誤．

故選C

點評：本題是帶電粒子在電磁場中運動的問題，要加強洛倫茲力不做功的特點、左手定則等基本知識學(xué)習(xí)，基礎(chǔ)題．3、D【分析】【詳解】

A．由于磁場是變化的，故切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢也為變化的，安培力也會變力，故要保持其勻速運動，外力F不能為恒力；故A錯誤；

B．由于線圈勻速運動；合外力為0，則合力做功為0，故B錯誤；

C．由于兩邊正好相隔半個周期，故產(chǎn)生的電動勢方向相同，經(jīng)過的位移為vt；瞬時電動勢

瞬時電流

可知瞬時電流成余弦規(guī)律變化，故可知感應(yīng)電流的有效值

產(chǎn)生的電熱為

故C錯誤；

D．t=0時，左右兩邊的磁感應(yīng)強度均為2B0，方向相反，則感應(yīng)電動勢

拉力等于安培力即

故D正確。

故選D。4、B【分析】【詳解】

A．因為

燈泡兩端的瞬時電壓的表達式

選項A錯誤；

B．根據(jù)

轉(zhuǎn)動過程中穿過線圈的最大磁通量為

選項B正確；

C．小燈泡的功率為

選項C錯誤；

D．線圈勻速轉(zhuǎn)動一周的過程中，電流做的功W=Pt=0.04J

選項D錯誤。

故選B。5、D【分析】【詳解】

A．由題意知所以有

解得電流頻率為故A錯誤；

B．由AB端電壓的表達式可知輸入端電壓的有效值為

由電壓與匝數(shù)比的關(guān)系得

所以

即電壓表的示數(shù)為故B錯誤；

C．由選項B分析可知燈泡兩端電壓為6V，由歐姆定律得電流表的示數(shù)為

故C錯誤；

D．理想變壓器輸入功率等于輸出功率可知

故D正確。

故選D。二、多選題(共6題，共12分)6、B:C【分析】【分析】

考查粒子在速度選擇器中受力平衡；粒子進入右側(cè)磁場后，根據(jù)圓周運動基本公式分析問題。

【詳解】

A．進入右側(cè)磁場B2后；粒子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，可知粒子帶正電荷，A錯誤；

B．在通過狹縫的過程中，粒子做直線運動，一定有

因此，粒子運動速度

B正確；

C．粒子在磁場中做勻速度圓周運動軌道半徑

又由于粒子在磁場中運動了半周，因此

可得

因此S0越大比荷越??；C正確；

D．根據(jù)

通過狹縫的粒子速度相等；而比荷不一定相等，因此軌道半徑不一定相等，D錯誤。

故選BC。7、C:D【分析】【詳解】

AB．放上磁鐵后；如圖所示導(dǎo)線所受安培力豎直向下，所以地面對導(dǎo)線沒有摩擦力，地面對導(dǎo)線的支持力大于重力，故AB錯誤；

C．若把磁鐵沿豎直方向向上移動；安培力的方向不變，還是豎直向下，但磁感應(yīng)強度變小了，則安培力變小了，所以地面對導(dǎo)線的支持力越來越小，故C正確；

D．若把磁鐵水平向右移動一小段距離；導(dǎo)線所受安培力的方向向左下方傾斜，導(dǎo)線仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，則地面對導(dǎo)線的摩擦力向右，故D正確。

故選CD。8、A:D【分析】【詳解】

AC．根據(jù)電流間的相互作用的規(guī)律：同向電流相互吸引，反向電流相互排斥，根據(jù)O處的電流受力可知b導(dǎo)線中的電流對O處電流的作用力大于a處的導(dǎo)線中電流對O處電流的作用力；因為O處電流受到的安培力的合力方向為左下方，所以導(dǎo)線c中的電流對O處的電流作用力豎直向下，所以導(dǎo)線c中的電流方向垂直紙面向外；A正確，C錯誤；

BD．根據(jù)題意，設(shè)O處電流元的長度為電流大小為結(jié)合安培力的計算公式，可得b導(dǎo)線中的電流對O處電流的作用力與a處的導(dǎo)線中電流對O處電流的作用力矢量合為

導(dǎo)線c中的電流對O處電流的作用力為

根據(jù)力的合成，以及合力與豎直方向的夾角，有

可得

B錯誤；D正確。

故選AD。9、B:C:D【分析】【詳解】

A．在t=1s時，空間區(qū)域存在勻強磁場，粒子做勻速圓周運動，如圖所示；由牛頓第二定律得qv0B0=

粒子的軌道半徑，R=l，則B0=

帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，豎直方向l=v0t

水平方向l=at2

其中

而E0=

則

故A錯誤；

B．第一個粒子和第二個粒子運動的加速度大小之比

故B正確；

C．第一個粒子的運動時間t1=T=

第二個粒子的運動時間t2=

第一個粒子和第二個粒子運動的時間之比t1：t2=π：2

故C正確；

D．第二個粒子，由動能定理得qE0l=Ek2－Ek2=

第一個粒子的動能Ek1=第一個粒子和第二個粒子通過C的動能之比為1：5；故D正確。

故選BCD。

10、A:C【分析】【詳解】

A．回旋加速器是利用電場對粒子進行加速和磁場進行偏轉(zhuǎn)；A正確；

B．根據(jù)粒子在磁場中的周期公式，即

可知；帶電粒子在半圓形盒內(nèi)經(jīng)過半個圓周所需要的時間與帶電粒子的比荷有關(guān)，B錯誤；

C．根據(jù)洛倫茲力提供向心力，即有

可得最大速度為

則最大動能為

故同一粒子；回旋加速器的半徑越大，獲得的動能越大，C正確；

D．當(dāng)質(zhì)子換成α粒子，在磁場的運動周期為

可知周期發(fā)生變化；即質(zhì)子和α粒子在磁場的周期與在電場的周期不相等，不滿足回旋加速器的工作原理，D錯誤。

故選AC。11、B:D【分析】【詳解】

A．一個周期內(nèi)電流方向改變兩次，1s內(nèi)線圈中電流方向改變

故A錯誤；

B．t＝0.005s時；通過線圈的磁通量最大，此時線圈平面與磁場垂直，即與中性面重合，故B正確；

C．t＝0.01s時，磁通量變化率最大，最大值為

故C錯誤；

D．t＝0.015s時，線圈中的磁通量隨時間t變化的圖線的斜率表示感應(yīng)電動勢；由圖可知，此時的斜率為零，故線圈中的感應(yīng)電動勢為零，故D正確。

故選BD。三、填空題(共5題，共10分)12、略

【分析】【分析】

【詳解】

利用波動公式，有

代入數(shù)據(jù)，有

當(dāng)電容為前面兩電容之和時，有

聯(lián)立，可得【解析】13、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由右手定則可知，該磁場方向為垂直紙面向外。因c中通過的電流大小未知，故無法確定導(dǎo)線a受到的磁場力大小?！窘馕觥看怪奔埫嫦蛲鉄o法確定14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]當(dāng)球第一次擺到最低點時；懸線的張力恰好為零，說明小球在最低點受到的洛倫茲力豎直向上，根據(jù)左手定則知小球帶負(fù)電。

[2]若小球第一次到達最低點速度大小為v，則由動能定律可得mgL=mv2

小球擺動過程只有重力做功，機械能守恒，小球第二次到達最低點速度大小仍為v，由圓周運動規(guī)律及牛頓第二定律可知第二次經(jīng)過最低點時F-qvB-mg=m

綜上解出F=6mg【解析】帶負(fù)電6mg15、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】沒有切割磁感線變化16、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]ab棒在恒力F作用下，速度增大，切割磁感線運動產(chǎn)生的電動勢E=Blv

增大，abdc中的感應(yīng)電流增大，abdc內(nèi)磁場增強，穿過圓環(huán)L的磁通量增大；所以圓環(huán)有收縮的趨勢。

[2]ab棒受到的安培力F′=

逐漸增大，由F-=ma

知，加速度a逐漸減小，故速度增大得越來越