2025年冀教版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，質(zhì)子由初速為零，經(jīng)電壓為U1電場加速后，又經(jīng)一電壓為U2的勻強電場偏轉(zhuǎn)；最后打在熒光屏上，那么（）

A.在加速過程中，電場力做的功為eU1

B.在偏轉(zhuǎn)電場中，電場力做的功為eU2

C.增大U2可以使偏移變大。

D.增大U1可以使偏移變大。

2、如圖所示，可視為點電荷的小物體A、B分別帶負電和正電，B固定，其正下方的A靜止在絕緣斜面上，則A受力個數(shù)可能為（）A.A可能受2個或3個力作用B.A可能受2個或4個力作用C.A可能受3個或4個力作用D.A可能受4個或5個力作用3、如圖所示，當(dāng)電流通過線圈時，磁針將發(fā)生偏轉(zhuǎn)，以下的判斷正確的是（）A.當(dāng)線圈通以沿順時針方向的電流時，磁針N極將指向讀者B.當(dāng)線圈通以沿逆時針方向的電流時，磁針S極將指向讀者C.當(dāng)磁針N極指向讀者，線圈中電流沿逆時針方向D.不管磁針如何偏轉(zhuǎn)，線圈中的電流總是沿順時針方向4、以下說法符合物理史實的是()A.法拉第發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在著磁場B.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，并測出了引力常量C.亞里士多德發(fā)現(xiàn)了力是改變物體運動狀態(tài)的原因D.開普勒關(guān)于行星運動的描述為萬有引力定律的發(fā)現(xiàn)莫定了基礎(chǔ)5、將一段導(dǎo)線繞成圖甲所示的閉合電路，并固定在水平面(

紙面)

內(nèi)，回路的ab

邊置于垂直紙面向里的勻強磁場Ⅰ中.

回路的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的磁場Ⅱ，以向里為磁場Ⅱ的正方向，其磁感應(yīng)強度B

隨時間t

變化的圖象如圖乙所示.

用F

表示ab

邊受到的安培力，以水平向右為F

的正方向，能正確反映F

隨時間t

變化的圖象是()

A.B.

C.D.6、如圖所示為一彈簧振子作簡諧運動的振動圖象；根據(jù)圖象可以判斷（）

A.從t1時刻到t3時刻振子經(jīng)過的路程為2A

B.t2時刻和t3時刻振子的速度相同。

C.t2時刻和t3時刻振子的加速度相同。

D.t1時刻和t3時刻的彈性勢能相等。

7、如圖，金屬棒MN

兩端由等長的輕質(zhì)細線水平懸掛，處于豎直向上的勻強磁場中，棒中通以由M

向N

的電流，平衡時兩懸線與豎直方向夾角均為婁脠.

如果僅改變下列某一個條件，婁脠

角的相應(yīng)變化情況是(

)

A.棒中的電流變大，婁脠

角變大B.兩懸線等長變短，婁脠

角變大C.金屬棒質(zhì)量變大，婁脠

角變大D.磁感應(yīng)強度變大，婁脠

角變小評卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)8、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解9、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)10、自然界中電荷的最小電荷量是一個質(zhì)子或一個電子所帶的電量，其電荷量為____C，帶該電荷量的電荷叫____．11、如下圖所示，螺旋測微器的示數(shù)為12、如圖所示，一段橫截面為正方形的玻璃棒，中間部分彎成四分之一圓弧形狀，一細束單色光由MN端面的中點垂直射入，恰好能在弧面EF上發(fā)生全反射，然后垂直PQ端面射出。(1)求該玻璃棒的折射率______。(2)若將入射光向N端平移，當(dāng)?shù)谝淮紊涞交∶鍱F上時______（填“能”“不能”或“無法確定能否”）發(fā)生全反射。13、完成下列核反應(yīng)方程；并指出核反應(yīng)的類型．

①He+______→He+2H，是______變．

②Na→Mg+______，是______變．

③F+______→Ne+H，是______變．

④U+n→Ba+Kr+3______，是______變．14、如圖所示，金屬導(dǎo)軌間距為d

左端接一電阻R

勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B

方向垂直于平行金屬導(dǎo)軌所在的平面，一根長金屬棒與導(dǎo)軌成婁脠

角放置，金屬棒與導(dǎo)軌電阻不計.

當(dāng)金屬棒沿垂直于棒的方向，以恒定速度v

在金屬導(dǎo)軌上滑行時，通過電阻的電流強度為______；電阻R

上的發(fā)熱功率為______；拉力的機械功率為______．15、如圖，物體質(zhì)量為m，放在粗糙水平面上，在一個與水平面成θ角的恒力F作用下在地面上勻速移動路程s．物體與地面的動摩擦因數(shù)為μ，則在此過程中，物體克服摩擦力做的功為______．16、最小的電荷量就是______所帶的電荷量，其值為______．17、如圖所示，由圖讀出螺旋測微器的讀數(shù)L=______mm．

評卷人得分四、判斷題(共3題，共18分)18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）20、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）評卷人得分五、證明題(共2題，共14分)21、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。22、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分六、解答題(共1題，共6分)23、如圖所示的電路中，電源的電動勢E=80V，內(nèi)電阻r=2Ω，R1=4Ω，R2為滑動變阻器．問：

（1）R2阻值為多大時；它消耗的功率最大？

（2）如果電源內(nèi)阻損耗功率不超過總功率的20%，R2應(yīng)取多少？

（3）如果要求電源輸出功率為600W，外電路電阻R2應(yīng)取多少？此時電源效率為多少？

（4）該電路中R2取多大時，R1上功率最大？

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A|C【分析】

質(zhì)子由初速為零，經(jīng)電壓為U1電場加速后，在加速過程中，只有電場力做的功為eU1；

由動能定理得：eU1=mv2

解得：v=

質(zhì)子經(jīng)一電壓為U2的勻強電場偏轉(zhuǎn)；設(shè)偏轉(zhuǎn)電場長為L，寬為d，進入偏轉(zhuǎn)電場做類平拋運動，結(jié)合平拋運動規(guī)律解題：豎直方向初速度為零的勻加速直線運動．

y=at2=（）2=

所以當(dāng)增大U2可以使偏移y變大；增大U1可以使偏移y減??；在偏轉(zhuǎn)電場中，電場力做的功小于eU2．

故選：AC

【解析】【答案】帶電粒子在加速電場中做勻加速直線運動；可以用動能定理解出速度，進入偏轉(zhuǎn)電場做類平拋運動，結(jié)合平拋運動規(guī)律解題：水平方向勻速直線運動，豎直方向初速度為零的勻加速直線運動．

2、B【分析】解：A；首先物塊受重力和B給的吸引力；若重力和吸引力恰好相等，則可以滿足受力平衡的條件，所以A球可能受到2個力的作用，若向上的吸引力小于重力，則A對斜面有壓力，會受到斜面的支持力，若要合力為0處于平衡狀態(tài)必須還要受一沿斜面向上的摩擦力才可以，所以A有可能受四個力的作用，由以上的分析可知，A不可能受3個力作用或受到5個力的作用．故B正確，ACD錯誤．

故選：B

A處于靜止?fàn)顟B(tài)；受力平衡，對A物塊進行受力分析，結(jié)合平衡條件進行分析即可．

本題借助庫侖力考查了物體受力平衡的條件應(yīng)用，屬于基礎(chǔ)題．按照受力分析的步驟與方法分析即可．【解析】【答案】B3、C【分析】解：安培定則：用右手握著通電線圈；四指指向電流的方向，大拇指所指的方向是通電線圈的N極．

A；當(dāng)線圈通以沿順時針方向的電流時；根據(jù)安培定則知，紙里是通電線圈的N極，紙外是通電線圈的S極．

通電線圈內(nèi)部的磁場是從S極出來回到N極；小磁針在通電螺線管的內(nèi)部，小磁針N極受到的磁力和磁場方向相同，小磁針N極垂直指向紙里．故A錯誤；

B；當(dāng)線圈通以沿逆時針方向的電流時；根據(jù)安培定則知，紙里是通電線圈的S極，紙外是通電線圈的N極．

通電線圈內(nèi)部的磁場是從S極出來回到N極；小磁針在通電線圈的內(nèi)部，小磁針N極受到的磁力和磁場方向相同，小磁針N極垂直指向紙外，故B錯誤C正確D錯誤．

故選C．

一個通電線圈也有N極和S極；也按照安培定則判斷，紙里是線圈的N極，紙外是線圈的S極．

線圈外部的磁場是從線圈的N極出來回到S極；線圈內(nèi)部的磁場是從線圈的S極出來回到N極．

磁場中該點的磁體N極受到磁力方向和該點的磁場方向相同．

通電線圈內(nèi)部的磁場方向和通電線圈外部的磁場方向不同．

通電線圈內(nèi)部的磁場從S極出來回到N極；通電線圈外部的磁場從N極出來回到S極．【解析】【答案】C4、D【分析】【分析】(1)

奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在著磁場，法拉第是利用磁場產(chǎn)生了電流(2)

開普勒發(fā)現(xiàn)了行星運動的三大定律，正確描繪了行星運動的規(guī)律，但要注意萬有引力定律的發(fā)現(xiàn)者并不是他，萬有引力定律的發(fā)現(xiàn)者是牛頓，但卡文迪許測出了引力常量而不是牛頓；(3)

根據(jù)注意亞里士多德、伽利略、牛頓對力與運動的關(guān)系各是怎么認為的來分析回答。本題主要考查了物理發(fā)展史，高考經(jīng)常會考，需要學(xué)生多加記憶，注意細微的區(qū)別，難度較易。【解答】

A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在著磁場；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故A錯誤；

B.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律；卡文迪許測出了引力常量，故B錯誤；

C.伽利略通過理想斜面實驗發(fā)現(xiàn)了力是改變物體運動狀態(tài)的原因；故C錯誤；

D.開普勒發(fā)現(xiàn)了行星運動的三大定律，正確描繪了行星運動的規(guī)律，為牛頓萬有引力定律的發(fā)現(xiàn)奠定了基礎(chǔ)，故D正確。故選D?！窘馕觥緿

5、B【分析】【分析】

當(dāng)線圈的磁通量發(fā)生變化時，線圈中才會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，從而形成感應(yīng)電流；當(dāng)線圈的磁通量不變時，則線圈中沒有感應(yīng)電動勢，所以不會有感應(yīng)電流產(chǎn)生.

由楞次定律可知電流的方向，由左手定則判斷安培力的方向。本題要求學(xué)生能正確理解B鈭?t

圖的含義；故道B

如何變化，才能準確的利用楞次定律進行判定.

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動勢的變化，由歐姆定律判斷感應(yīng)電流的變化，進而可確定安培力大小的變化。

【解答】

分析一個周期內(nèi)的情況：

在前半個周期內(nèi)，磁感應(yīng)強度均勻變化，磁感應(yīng)強度B

的變化度一定，由法拉第電磁感應(yīng)定律得知，圓形線圈中產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動勢恒定不變，則感應(yīng)電流恒定不變，ab

邊在磁場中所受的安培力也恒定不變，由楞次定律可知，圓形線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為順時針方向，通過ab

的電流方向從b隆煤a

由左手定則判斷得知，ab

所受的安培力方向水平向左；為負值；同理可知，在后半個周期內(nèi)，安培力大小恒定不變，方向水平向右，故B正確。

故選B?！窘馕觥緽

6、A|B|D【分析】

A、從t1時刻到t3時刻經(jīng)歷時間是半個周期；振子做簡諧運動，則振子經(jīng)過的路程為2A．故A正確．

B、由圖看出，t2時刻和t3時刻振子的位移大小相等；方向相反；振子通過關(guān)于平衡位置對稱點，則在這兩個時間振子的速度相同．故B正確．

C、t2時刻和t3時刻振子的位移大小相等、方向相反，根據(jù)a=-則知；加速度大小相等；方向相反．故C錯誤．

D、t2時刻和t3時刻振子的速率相等；動能相等，根據(jù)機械能守恒得知，彈性勢能相等．故D正確．

故選ABD

【解析】【答案】振子做簡諧運動時，在一個周期內(nèi)通過的路程是四個振幅，半個周期內(nèi)通過的路程是兩個振幅．當(dāng)振子同方向通過關(guān)于平衡位置對稱點時，速度相同．根據(jù)a=-分析加速度與位移的關(guān)系．根據(jù)機械能守恒分析彈性勢能的關(guān)系．

7、A【分析】解：導(dǎo)體棒受力如圖所示，tan婁脠=Fmg=BILmg

A；棒中電流I

變大；F

變大，婁脠

角變大，故A正確；

B；兩懸線等長變短；F

不變，婁脠

角不變，故B錯誤；

C；金屬棒質(zhì)量變大；mg

變大，婁脠

角變小，故C錯誤；

D；磁感應(yīng)強度變大；F

變大，婁脠

角變大，故D錯誤；

故選：A

．

對通電導(dǎo)線受力分析；求出夾角的關(guān)系表達式，然后根據(jù)表達式分析答題．

對金屬棒進行受力分析、應(yīng)用平衡條件，根據(jù)安培力公式分析即可正確解題．【解析】A

二、雙選題(共2題，共4分)8、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB。【解析】AB9、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B三、填空題(共8題，共16分)10、略

【分析】

各種帶電微粒中，電子電荷量的大小是最小的，人們把最小電荷叫做元電荷，所帶電荷量大小為：e=1.60×10-19C

故答案為：1.6×10-19；元電荷。

【解析】【答案】各種帶電微粒中，電子電荷量的大小是最小的，人們把最小電荷叫做元電荷，電子帶負電，所帶電荷量為：e=-1.60×10-19C；

11、略

【分析】【解析】試題分析：主尺讀數(shù)為0.5mm，可動刻度示數(shù)為24.0×0.01mm，所以螺旋測微器的示數(shù)為0.5mm+24.0×0.01mm=0.740mm考點：考查螺旋測微器的讀數(shù)【解析】【答案】0.740mm±0.00112、略

【分析】(1)畫出光路圖可知sin45°=1/n，折射率為(2)將入射光向N端平移，在弧面EF處的入射角增大，發(fā)生全反射【解析】【答案】能13、略

【分析】解：方程①根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，反應(yīng)物為屬于聚變反應(yīng)；

方程②生成物的質(zhì)量數(shù)是0，電荷數(shù)是11-12=-1，是電子是β衰變．

方程③反應(yīng)物的質(zhì)量數(shù)是24+1-13=2，電荷數(shù)是11+1-11=1，是He；該反應(yīng)是人工核反應(yīng)；

方程④是重核的裂變，生成物的質(zhì)量數(shù)是電荷數(shù)是92+0-56-36=0，是中子．

故答案為：①He，聚；②β衰；③人工轉(zhuǎn)；④裂。

正確解答本題需要掌握：利用核反應(yīng)方程中的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒正確判斷生成物；區(qū)分聚變和裂變的不同，并能夠判斷是聚變反應(yīng)還是裂變反應(yīng)．人工核轉(zhuǎn)變是指通過人工技術(shù)（射線，激光，粒子撞擊等手段）是原子發(fā)生反應(yīng)；

衰變是指放射性元素在自然條件下不斷的放出粒子的反應(yīng)；是這種元素的特有性質(zhì)．

本題考查了原子核的反應(yīng)類型，做好本題的關(guān)鍵是利用質(zhì)量數(shù)守恒和核電荷數(shù)守恒判斷生成物．并掌握所對應(yīng)的核反應(yīng)．【解析】He；聚；衰；He；人工核轉(zhuǎn)；裂14、略

【分析】解：導(dǎo)體棒做切割磁感線運動；導(dǎo)體棒兩端產(chǎn)生感應(yīng)電動勢相當(dāng)于閉合回路的電源，R

是外電阻，電源內(nèi)阻不計，由于導(dǎo)體棒切割磁感線時，BLv

兩兩垂直，則有：E=Blv

其中，L=dsin婁脠

因此有：E=Bdvsin婁脠

而電流為：I=ER=BdvRsin婁脠

電阻R

上的發(fā)熱功率為電阻R

的電功率，所以有：PR=I2R=B2d2v2Rsin2婁脠

導(dǎo)體以恒定速度v

運動時；導(dǎo)體棒受拉力F

與安培力F擄虜

作用，且二力平衡，即為：

F=F擄虜=BIL=B2L2vR

P=Fv=B2L2v2R=B2d2v2Rsin2婁脠

故答案為：BdvRsin婁脠B2d2v2Rsin2婁脠B2d2v2Rsin2婁脠

．

當(dāng)金屬棒沿垂直于棒的方向以速度v

滑行時，金屬棒切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流，金屬棒有效的切割長度為dsin婁脠

求出感應(yīng)電動勢，由閉合電路歐姆定律求出電流；根據(jù)P=I2r

來求出發(fā)熱功率；由于導(dǎo)體的勻速運動；則拉力等于安培力，由安培力的功率，從而即可求解．

本題容易產(chǎn)生的錯誤是認為金屬棒的切割長度為d

感應(yīng)電動勢為E=Bdv

通過R

的電流為BdvR.

同時知道棒勻速運動，所以機械功率等于發(fā)熱功率．【解析】BdvRsin婁脠B2d2v2Rsin2婁脠B2d2v2Rsin2婁脠

15、略

【分析】解：以物體為研究對象；物體做勻速直線運動，處于平衡狀態(tài)，則水平方向：f=Fcosθ

物體克服摩擦力做功為fs=Fscosθ．

故答案為：Fscosθ

根據(jù)共點力的平衡求出物體受到的摩擦力；然后由功的定義式即可求出摩擦力的功．

本題考查功的計算，要求我們能正確理解公式中各物理量的含義．【解析】Fscosθ16、略

【分析】解：最小的電荷量就是一個質(zhì)子或一個電子所帶的電荷量，其值為1.6×10-19C．

故答案為：一個質(zhì)子或一個電子；1.6×10-19C．

元電荷又稱“基本電量”；在各種帶電微粒中，電子電荷量的大小是最小的，人們把最小電荷叫做元電荷，常用符號e表示，任何帶電體所帶電荷都等于元電荷或者是元電荷的整數(shù)倍．

本題考查對元電荷的理解能力．元電荷與電子電荷量數(shù)值的電量，為1.6×10-19C，其他所有帶電體電荷量都元電荷的整數(shù)倍．【解析】一個質(zhì)子或一個電子；1.6×10-19C17、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度為0.5mm；可動刻度為20.0×0.01mm=0.200mm，所以最終讀數(shù)為：0.5mm+0.200mm=0.700mm．

故答案為：0.700．

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；可動刻度的精度為0.01mm，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

決本題的關(guān)鍵是掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法，螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．【解析】0.700四、判斷題(共3題，共18分)18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．20、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為