2025年粵教滬科版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年粵教滬科版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、下列說(shuō)法正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)一定是體積很小的物體B.力可以離開(kāi)施力物體而獨(dú)立存在C.只要物體相互接觸，就一定產(chǎn)生彈力D.用繩子將物體懸掛起來(lái)，物體處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，該物體的重心一定在繩子的延長(zhǎng)線上2、如圖所示，質(zhì)量為m的小球從水平位置無(wú)初速度釋放，設(shè)小球通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)的速率為v，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.小球重力的功率不斷增大B.小球重力的功率先增大后減小C.最低點(diǎn)重力功率為mgvD.不能確定3、如圖所示為一種獲得高能粒子的裝置，環(huán)形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可調(diào)的均勻磁場(chǎng)（環(huán)形區(qū)域的寬度非常小）。質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子可在環(huán)中做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng)。A、B為兩塊中心開(kāi)有小孔的距離很近的極板，原來(lái)電勢(shì)均為零，每當(dāng)帶電粒子經(jīng)過(guò)A板準(zhǔn)備進(jìn)入AB之間時(shí)，A板電勢(shì)升高為+U，B板電勢(shì)仍保持為零，粒子在兩板間的電場(chǎng)中得到加速。每當(dāng)粒子離開(kāi)B板時(shí)，A板電勢(shì)又降為零。粒子在電場(chǎng)中一次次加速下動(dòng)能不斷增大，而在環(huán)形磁場(chǎng)中繞行半徑R不變。（設(shè)極板間距遠(yuǎn)小于R）下列說(shuō)法正確的是A.粒子從A板小孔處由靜止開(kāi)始在電場(chǎng)力作用下加速，繞行n圈后回到A板時(shí)獲得的總動(dòng)能為2nqUB.粒子在繞行的整個(gè)過(guò)程中，每一圈的運(yùn)動(dòng)時(shí)間不變C.為使粒子始終保持在半徑為R的圓軌道上運(yùn)動(dòng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小必須周期性遞減D.粒子繞行第n圈時(shí)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為4、火星的質(zhì)量和半徑分別約為地球的和地球表面的重力加速度為g，則火星表面的重力加速度約為()A.0.2gB.0.4gC.2.5gD.5g5、【題文】如圖所示的電路中，電阻R1＝2Ω，R2＝1Ω，電壓U保持不變，當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，電流表A的示數(shù)I，當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)電流表A的示數(shù)為I′，則I與I′的比值為（）

A.3：2B.2：1C.2：3D.1：26、在物理學(xué)發(fā)展過(guò)程中，許多物理學(xué)家的科學(xué)發(fā)現(xiàn)推動(dòng)了人類歷史的進(jìn)步，下列說(shuō)法正確的是（）A.卡文迪許提出了場(chǎng)的概念B.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律C.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象D.赫茲提出了電磁場(chǎng)理論7、如圖所示，兩個(gè)固定的相同細(xì)圓環(huán)相距一定的距離，同軸平行放置，O1、O2分別為兩環(huán)的圓心，兩環(huán)分別帶有均勻分布的等量異種電荷，一帶正電的粒子從很遠(yuǎn)處沿軸線飛來(lái)并穿過(guò)兩環(huán)，則（）A.帶電粒子在O1和O2點(diǎn)加速大小相等，方向向反B.帶電粒子從O1運(yùn)動(dòng)到O2，電勢(shì)能一直增加C.帶電粒子在O1和O2連線中點(diǎn)動(dòng)能最小D.軸線上O1點(diǎn)右側(cè)，O2點(diǎn)左側(cè)都存在場(chǎng)強(qiáng)為零的點(diǎn)，它們關(guān)于O1、O2連線中點(diǎn)對(duì)稱8、如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域?qū)挾葹閘，現(xiàn)有一邊長(zhǎng)為d（d＞L）的矩形金屬框以恒定速度v向右通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，該過(guò)程中有感應(yīng)電流的時(shí)間總共為（）A.B.C.D.9、勻速直線運(yùn)動(dòng)的加速度（）A.為正值B.為負(fù)值C.為零D.可能為正也可能為負(fù)評(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、（2011秋?新鄉(xiāng)校級(jí)月考）一質(zhì)點(diǎn)從如圖所示的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形軌道的一個(gè)頂點(diǎn)開(kāi)始沿軌道做勻速率運(yùn)動(dòng)；質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)速率為v，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中：

（1）質(zhì)點(diǎn)沿軌道運(yùn)動(dòng)n周后回到A點(diǎn)時(shí)，其通過(guò)的路程為_(kāi)___，位移為_(kāi)___．

（2）在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中質(zhì)點(diǎn)通過(guò)最大位移大小為_(kāi)___，方向?yàn)開(kāi)___；并在圖中標(biāo)出最大位移．

（3）若以從A點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)t=0，則每次通過(guò)最大位移所對(duì)時(shí)刻為_(kāi)___．11、（2012春?肥東縣校級(jí)月考）交流發(fā)電機(jī)矩形線圈邊長(zhǎng)ab=cd=0.4m，bc=ad=0.2m，共50匝，線圈電阻r=1Ω，線圈在B=0.2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，繞垂直磁場(chǎng)方向的軸OO′以r/s轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動(dòng)；外接電阻9Ω，如圖所示．求：

（1）電壓表讀數(shù)____

（2）電阻R上電功率____．12、在相距12km的公路兩端，甲、乙兩人同時(shí)出發(fā)相向而行，甲的速率是5km/h，乙的速率是3km/h，有一只小狗以6km/h的速率，在甲乙出發(fā)的同時(shí)，由甲處跑向乙，在途中與乙相遇，立即返回跑向甲，遇到甲后，又立即跑向乙，如此在甲、乙之間往返跑動(dòng)，直至甲乙相遇，問(wèn)小狗跑過(guò)的路程是____km．13、（2007?肇慶二模）一組航天員乘坐飛船前往位于離地球表面高度為h的圓形軌道上的哈勃太空望遠(yuǎn)鏡H．機(jī)組人員使飛船S進(jìn)入與H相同的軌道并關(guān)閉火箭發(fā)動(dòng)機(jī)；如圖所示．M為地球質(zhì)量，R為地球半徑，g為重力加速度．

（1）在飛船內(nèi)，一質(zhì)量為70kg的航天員的視重是____N；

（2）計(jì)算飛船在軌道上的運(yùn)行速率．14、（2012?靜安區(qū)一模）如圖所示，在一次救災(zāi)工作中，一架離水面高為H，沿水平直線飛行的直升機(jī)A，用懸索（重力可忽略不計(jì)）救護(hù)困在湖水中的傷員B，已知傷員B的質(zhì)量為m，不計(jì)空氣阻力，在直升機(jī)A和傷員B以相同的水平速度水平勻速運(yùn)動(dòng)的同時(shí)，懸索將傷員吊起．A、B之間的距離l隨時(shí)間t的變化規(guī)律為：l=H-kt2（SI制單位，k為給定常數(shù)），則在時(shí)間t內(nèi)傷員的機(jī)械能增加了____；t時(shí)刻懸索拉力的瞬時(shí)功率為_(kāi)___．評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)15、物體的瞬時(shí)速度總為零，則平均速度一定為零．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、絕對(duì)零度是低溫的極限，永遠(yuǎn)達(dá)不到．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、物體的速度為零時(shí)，它的機(jī)械能一定為零．____（判斷對(duì)錯(cuò)）18、當(dāng)溫度升高時(shí)，物體內(nèi)部所有分子的動(dòng)能都增加．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、太陽(yáng)發(fā)出的能量來(lái)自內(nèi)部發(fā)生的化學(xué)反應(yīng)釋放的化學(xué)能．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是橫波____（判斷對(duì)錯(cuò)）21、物體的速度為零時(shí)，它的機(jī)械能一定為零．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共2題，共8分)22、【題文】（17分）如圖所示，輕質(zhì)彈簧的一端固定在地面上，另一端與質(zhì)量為M=1.5Kg的薄木板A相連，質(zhì)量為m=0.5Kg的小球B放在木板A上，彈簧的勁度系數(shù)為k=2000N/m?，F(xiàn)有一豎直向下、大小F=20N的力作用在B上且系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，在B球正上方處由一四分之一內(nèi)壁光滑豎直圓弧軌道，圓弧半徑R=0.4m，圓弧下端P點(diǎn)距離距離彈簧原長(zhǎng)位置高度為h=0.6m。撤去外力F后，B豎直上升最終從P點(diǎn)切入原軌道，到達(dá)Q點(diǎn)的速度為vQ=4m/s。求：

（1）球B在Q點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力。

（2）AB分離時(shí)的速度v

（3）撤去F瞬間彈簧的彈性是能Ep

23、【題文】（10分）如圖所示是測(cè)量通電螺線管A內(nèi)部磁感應(yīng)強(qiáng)度B及其與電流I關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置。將截面積為S、匝數(shù)為N的小試測(cè)線圈P置于螺線管A中間，試測(cè)線圈平面與螺線管的軸線垂直，可認(rèn)為穿過(guò)該試測(cè)線圈的磁場(chǎng)均勻。將試測(cè)線圈引線的兩端與沖擊電流計(jì)D相連。撥動(dòng)雙刀雙擲換向開(kāi)關(guān)K，改變通入螺線管的電流方向，而不改變電流大小，在P中產(chǎn)生的感應(yīng)電流引起D的指針偏轉(zhuǎn)。

（1）將開(kāi)關(guān)合到位置1，待螺線管A中的電流穩(wěn)定后，再將K從位置1撥到位置2，測(cè)得D的最大偏轉(zhuǎn)距離為dm，已知沖擊電流計(jì)的磁通靈敏度為Dφ，Dφ＝式中為單匝試測(cè)線圈磁通量的變化量。則試測(cè)線圈所在處磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝____；若將K從位置1撥到位置2的過(guò)程所用的時(shí)間為Δt，則試測(cè)線圈P中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)ε＝____。

（2）調(diào)節(jié)可變電阻R，多次改變電流并撥動(dòng)K，得到A中電流I和磁感應(yīng)強(qiáng)度B的數(shù)據(jù)，見(jiàn)右表。由此可得，螺線管A內(nèi)部在感應(yīng)強(qiáng)度B和電流I的關(guān)系為B＝____。

。實(shí)驗(yàn)次數(shù)。

I（A）

B（×10－3T）

1

0.5

0.62

2

1.0

1.25

3

1.5

1.88

4

2.0

2.51

5

2.5

3.12

（3）（多選題）為了減小實(shí)驗(yàn)誤差；提高測(cè)量的準(zhǔn)確性，可采取的措施有。

（A）適當(dāng)增加試測(cè)線圈的匝數(shù)N

（B）適當(dāng)增大試測(cè)線圈的橫截面積S

（C）適當(dāng)增大可變電阻R的阻值。

（D）適當(dāng)撥長(zhǎng)撥動(dòng)開(kāi)關(guān)的時(shí)間Δt評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共3題，共18分)24、一輛電動(dòng)自行車的銘牌上給出了如下的技術(shù)參數(shù)表．

請(qǐng)根據(jù)上表計(jì)算。

。規(guī)格后輪驅(qū)動(dòng)直流電機(jī)車型26英寸額定輸出功率200W整車質(zhì)量30kg額定電壓50V（1）此車電機(jī)正常工作的電流；

（2）如果他家平均每天使用電動(dòng)自行車的時(shí)間為0.6h；那么，他一個(gè)月（30天）使用電動(dòng)自行車耗電多少kW?h？25、墻上固定一個(gè)小圓環(huán)，一小球用線系住穿過(guò)圓環(huán)靠于墻上，如圖所示，當(dāng)從圓環(huán)到小球之間的細(xì)線在變長(zhǎng)的過(guò)程中，線受到的拉力和球?qū)Φ膲毫κ侨绾巫兓模?6、納米rm{Cu_{2}O}由于具有優(yōu)良的催化性能而受到關(guān)注，下表為制取rm{Cu_{2}O}的三種方法：。方法rm{a}用炭粉在高溫條件下還原rm{CuO}方法rm電解法，反應(yīng)為rm{2Cu+H_{2}O}rm{underset{碌莽陸芒}{overset{}{=}}}rm{Cu_{2}O+H_{2}隆眉}方法rm{c}用肼rm{(N_{2}H_{4})}還原新制的rm{Cu(OH)_{2}}rm{(1)}已知：rm{壟脵2Cu(s)+}已知：rm{(1)}rm{壟脵2Cu(s)+}rm{dfrac{1}{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{(g)=Cu}rm{(g)=Cu}rm{{,!}_{2}}rm{O(s)}rm{triangleH=-169kJ隆隴mol}rm{O(s)}rm{triangleH=-169kJ隆隴mol}rm{{,!}^{-1}}rm{壟脷C(s)+}rm{triangleH=-110.5kJ隆隴mol}rm{壟脷C(s)+}rm{dfrac{1}{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{(g)=CO(g)}rm{triangleH=

-110.5kJ隆隴mol}rm{(g)=CO(g)}rm{triangleH=

-110.5kJ隆隴mol}rm{{,!}^{-1}}發(fā)生的熱化學(xué)方程式是：__________________________。rm{壟脹Cu(s)+}方法rm{壟脹Cu(s)+}采用離子交換膜控制電解液中rm{dfrac{1}{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{(g)=CuO(s)}rm{triangleH=-157kJ隆隴mol}裝置如圖所示。該離子交換膜為_(kāi)___rm{(g)=CuO(s)}填“陰”或“陽(yáng)”rm{triangleH=-157kJ隆隴mol}離子交換膜，該電池的陽(yáng)極反應(yīng)式為_(kāi)______________________，陰極區(qū)溶液的rm{{,!}^{-1}}值_______則方法rm{a}發(fā)生的熱化學(xué)方程式是：__________________________。填“增大”“減小”或“不變”rm{a}rm{(2)}方法rm采用離子交換膜控制電解液中rm{OH}方法rm{(2)}為加熱條件下用液態(tài)肼rm還原新制rm{OH}來(lái)制備納米級(jí)rm{{,!}^{-}}同時(shí)放出的濃度而制備納米rm{Cu}該制法的化學(xué)方程式為_(kāi)___________________________。rm{Cu}在相同的密閉容器中，用以上方法制得的三種rm{{,!}_{2}}rm{O}裝置如圖所示。rm{O}分別進(jìn)行催化分解水的實(shí)驗(yàn)：rm{2{H}_{2}Ounderset{鹿芒脮脮}{overset{C{u}_{2}O}{?}}2{H}_{2}left(gright)+{O}_{2}left(gright)}rm{(}一定溫度下，水蒸氣的濃度rm{)}隨時(shí)間rm{pH}變化如下表所示：。rm{(}序號(hào)時(shí)間溫度rm{0}rm{10}rm{20}rm{30}rm{40}rm{50}rm{壟脵}rm{T_{1}}rm{0.050}rm{0.0492}rm{0.0486}rm{0.0482}rm{0.0480}rm{0.0480}rm{壟脷}rm{T_{1}}rm{0.050}rm{0.0488}rm{0.0484}rm{0.0480}rm{0.0480}rm{0.0480}rm{壟脹}rm{T_{2}}rm{0.100}rm{0.0940}rm{0.0900}rm{0.0900}rm{0.0900}rm{0.0900}rm{壟脵}實(shí)驗(yàn)rm{壟脵}前rm{20min}的平均反應(yīng)速率rm{v(O_{2})=}_______________。rm{壟脷}對(duì)比實(shí)驗(yàn)的溫度：rm{T}對(duì)比實(shí)驗(yàn)的溫度：rm{壟脷}rm{T}rm{{,!}_{2}}______rm{T}rm{T}填“rm{{,!}_{1}}”“rm{(}填“rm{漏聝}”“rm{漏聜}(cāng)”或“rm{漏聞}”rm{)}”或“rm{(}”rm{漏聝}rm{漏聜}(cāng)催化劑的催化效率：實(shí)驗(yàn)rm{漏聞}____實(shí)驗(yàn)rm{)}填“rm{壟脹}催化劑的催化效率：實(shí)驗(yàn)rm{壟脵}____實(shí)驗(yàn)rm{壟脷(}填“rm{漏聝}”或“rm{漏聜}(cāng)”rm{)}”或“rm{壟脹}”rm{壟脵}rm{壟脷(}評(píng)卷人得分六、畫圖題(共2題，共6分)27、圖所示為一列向左傳播的簡(jiǎn)諧波在某一時(shí)刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時(shí)的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）28、在圖示中，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)，請(qǐng)畫出各圖中A物體所受的彈力．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】體積小質(zhì)量輕的物體不一定能夠看做質(zhì)點(diǎn)，力不可以離開(kāi)施力物體而獨(dú)立存在，物體相互接觸且發(fā)生形變，就一定產(chǎn)生彈力．【解析】【解答】解：A；體積小質(zhì)量輕的物體不一定能夠看做質(zhì)點(diǎn)；比如研究原子核的結(jié)構(gòu)時(shí)，原子就不能看做質(zhì)點(diǎn)，A錯(cuò)誤；

B；力不可以離開(kāi)施力物體而獨(dú)立存在；B錯(cuò)誤；

C；物體相互接觸且發(fā)生形變；就一定產(chǎn)生彈力，C錯(cuò)誤；

D；用繩子將物體懸掛起來(lái)；物體處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，該物體的重心一定在繩子的延長(zhǎng)線上，D正確；

故選：D2、B【分析】【分析】根據(jù)瞬時(shí)功率的公式，結(jié)合小球在初位置和最低點(diǎn)位置瞬時(shí)功率的大小，判斷整個(gè)過(guò)程中功率的變化．【解析】【解答】解：在初始位置；小球的初速度為零，則重力的瞬時(shí)功率為零，在最低點(diǎn)，重力的方向與速度方向垂直，則最低點(diǎn)重力瞬時(shí)功率為零，可知在此過(guò)程中小球重力的功率先增大后減?。蔅正確，A；C、D錯(cuò)誤．

故選：B．3、D【分析】試題分析：帶電粒子每一次經(jīng)過(guò)電場(chǎng)AB，獲得動(dòng)能為qu,經(jīng)過(guò)n圈后獲得的動(dòng)能為EK=nqu,所以A選項(xiàng)錯(cuò)誤；由T=2πm/qB和v=qBR/m可知，帶電粒子的運(yùn)動(dòng)周期逐漸減小，所以B選項(xiàng)錯(cuò)誤；由R=mv/qB可知，要使半徑不變，速度v增加時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度B也要增加，所以C選項(xiàng)錯(cuò)誤；由EK=nqu=mv2/2和v=qBR/m可的B=所以D選項(xiàng)正確。考點(diǎn)：本題考查帶點(diǎn)粒子在電磁場(chǎng)中的加速和偏轉(zhuǎn)問(wèn)題，主要涉及到回旋加速器的應(yīng)用?！窘馕觥俊敬鸢浮緿4、B【分析】由萬(wàn)有引力公式，在地球表面有G＝mg①在火星表面有G＝mg火②由①②得g火＝·g＝0.4g，故B正確．【解析】【答案】B5、C【分析】【解析】當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)與閉合時(shí)，總電壓不變，當(dāng)S斷開(kāi)時(shí)，兩個(gè)電阻串聯(lián)，總電阻是3Ω，當(dāng)S閉合時(shí)，只有R1接入電路，電阻為2Ω。所以當(dāng)電壓不變時(shí)，電流與電阻成反比，所以是2：3?！窘馕觥俊敬鸢浮緾6、B【分析】【分析】物理學(xué)史最早涉及場(chǎng)的概念是法拉第；對(duì)場(chǎng)提供數(shù)學(xué)工具支撐的是麥克斯韋，卡文迪許是測(cè)量萬(wàn)有引力常數(shù)的科學(xué)家，所以A錯(cuò)。牛頓發(fā)現(xiàn)并總結(jié)了萬(wàn)有引力定律，所以B對(duì)。奧斯科主要貢獻(xiàn)是發(fā)現(xiàn)電生磁現(xiàn)象，電磁感應(yīng)現(xiàn)象是法拉第發(fā)現(xiàn)的。電磁場(chǎng)理論是麥克斯韋提出來(lái)的，所以C；D錯(cuò)誤。

【點(diǎn)評(píng)】此類題型考察對(duì)物理學(xué)上重要發(fā)現(xiàn)的人物或事件的記憶。7、D【分析】【分析】在O1點(diǎn)時(shí)，右環(huán)上電荷由于關(guān)于O1對(duì)稱，所以其在O1產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為0，而-Q各點(diǎn)在O1產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)水平向左，故+q在O1點(diǎn)所受電場(chǎng)力方向向左；要看電勢(shì)能如何變化就看電場(chǎng)力如何做功；如果合外力做正功，動(dòng)能增大，合外力做負(fù)功，動(dòng)能減??；根據(jù)E=k可知在O1右側(cè)+Q產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)的先增大后減小且一直減小到0，而-Q的場(chǎng)強(qiáng)大多數(shù)情況下小于+Q產(chǎn)生的電場(chǎng)但場(chǎng)強(qiáng)不會(huì)為0．【解析】【解答】解：A、在O1點(diǎn)時(shí)，右環(huán)上電荷由于關(guān)于O1對(duì)稱，所以其在O1產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為0，而-Q各點(diǎn)在O1產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)水平向左，故+q在O1點(diǎn)所受電場(chǎng)力方向向左，故加速度的方向水平向左，同理可知O2處場(chǎng)強(qiáng)方向也向左，故產(chǎn)生的加速度方向向左，所以帶電粒子在O1和O2點(diǎn)加速大小相等；方向相同，故A錯(cuò)誤．

B、在+q從O1向O2運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中+Q對(duì)+q的電場(chǎng)力向左；-Q對(duì)+q的作用力方向也向左，故電場(chǎng)力對(duì)+q始終做正功，故+q的電勢(shì)能一直減?。蔅錯(cuò)誤．

C、根據(jù)E=k可知在O1右側(cè)+Q產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)的先增大后減小且一直減小到0，而-Q的場(chǎng)強(qiáng)大多數(shù)情況下小于+Q產(chǎn)生的電場(chǎng)但場(chǎng)強(qiáng)卻不會(huì)為0，故合場(chǎng)強(qiáng)為0的位置應(yīng)該在O1的右側(cè)，而在合力為0之前合外力做負(fù)功，動(dòng)能持續(xù)減小，之后合力做正功，動(dòng)能增大，故動(dòng)能最小的點(diǎn)在O1的右側(cè)；故C錯(cuò)誤．

D、根據(jù)E=k可知在O1右側(cè)+Q產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)的先增大后減小且一直減小到0，而-Q的場(chǎng)強(qiáng)大多數(shù)情況下小于+Q產(chǎn)生的電場(chǎng)但場(chǎng)強(qiáng)卻不會(huì)為0，故合場(chǎng)強(qiáng)為0的位置應(yīng)該在O1的右側(cè)，同理O2的左側(cè)也有場(chǎng)強(qiáng)為0的位置，而O1和O2之間場(chǎng)強(qiáng)始終大于0，由于兩個(gè)電荷的電荷量相同，故電場(chǎng)關(guān)于O1、O2的連線對(duì)稱；故D正確．

故選：D．8、B【分析】【分析】只要閉合回路中的磁通量發(fā)生變化，回路中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流；由導(dǎo)體框運(yùn)動(dòng)過(guò)程由速度公式可求得產(chǎn)生感應(yīng)電流的時(shí)間．【解析】【解答】解：當(dāng)線框的右邊進(jìn)入磁場(chǎng)開(kāi)始產(chǎn)生感應(yīng)電流，直到右邊開(kāi)始離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域，該過(guò)程中金屬框中有感應(yīng)電流，時(shí)間是t1=；

當(dāng)線框的左邊進(jìn)入磁場(chǎng)開(kāi)始產(chǎn)生感應(yīng)電流，直到左邊開(kāi)始離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域，該過(guò)程中金屬框中有感應(yīng)電流，時(shí)間是t2=；

所以該過(guò)程金屬框中有感應(yīng)電流的時(shí)間總共為．故B正確．

故選：B．9、C【分析】【分析】勻速直線運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)是物體的速度保持不變，位移隨時(shí)間均勻變化，加速度為零．根據(jù)這些知識(shí)進(jìn)行選擇．【解析】【解答】解：勻速直線運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)是物體的速度保持不變；加速度為零，故C正確．

故選C二、填空題(共5題，共10分)10、4nL0從A指向C（n-1）+（n=1，2，3）【分析】【分析】路程等于物體運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，位移的大小等于首末位置的距離【解析】【解答】解：（1）路程等于運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度；s=n?4L=4nL．位移x=0．

（2）當(dāng)物體運(yùn)動(dòng)到對(duì)角線上的對(duì)頂點(diǎn)時(shí)，位移大小最大，x=；方向?yàn)閺腁指向C，如圖：

（3）第一次經(jīng)過(guò)最大位移的時(shí)間為t1=，再運(yùn)動(dòng)一周第二次經(jīng)過(guò)最大位移處，周期T=；

則每次通過(guò)最大位移所對(duì)時(shí)刻為t=（n-1）+（n=1；2，3）

故答案為：（1）4nL；0；（2）；從A指向C；如圖；（3）（n-1）+（n=1，2，3）11、72V1152W【分析】【分析】（1）電動(dòng)勢(shì)的最大值為NBSω；寫出電壓的瞬時(shí)表達(dá)式；電壓表測(cè)量的是有效值；

（2）求電功率用有效值；由功率公式即可求得．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)ω=2πn得：ω=200rad/s

線圈在磁場(chǎng)中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大值：Em=NBSω=50×0.2×0.4×0.2××2πV=160V

根據(jù)閉合電路歐姆定律，則有：I==A=8A

則有：U=IR=72V；

（2）功率表達(dá)式為：P=UI=72×8W=1152W；

答：（1）電壓表讀數(shù)72V；

（2）電阻R上電功率1152W．12、9【分析】【分析】小狗運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與甲乙兩人相遇的時(shí)間相等，根據(jù)甲乙兩人位移大小之和等于12km，求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．根據(jù)s=vt求出小狗通過(guò)的路程．【解析】【解答】解：甲乙兩人相遇時(shí)有：x=v甲t+v乙t；代入數(shù)據(jù)得。

t=1.5h．

小狗的路程s=vt=6×1.5km=9km

故答案為：913、0【分析】【分析】（1）；機(jī)組人員使飛船S進(jìn)入與H相同的軌道并關(guān)閉火箭發(fā)動(dòng)機(jī)；此時(shí)地球?qū)︼w船及其中的人的引力剛好提供其做圓周運(yùn)動(dòng)所需要的向心力，故航天員處于完全失重狀態(tài)，他對(duì)座椅沒(méi)有壓力．

（2）、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力G=m，在地球表面附近的物體受到的重力等于萬(wàn)有引力mg=G，聯(lián)立方程組，化簡(jiǎn)可得飛船的速度v．【解析】【解答】解：（1）航天員處于完全失重狀態(tài)；所以在飛船內(nèi)，質(zhì)量為70kg的航天員的視重是0N；

（2）飛船在軌道半徑（R+h）上近似做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力定律和向心力公式可得：G=m①

在地球表面附近，有mg=G②

由①②式可得：v=③

答：

（1）在飛船內(nèi)；一質(zhì)量為70kg的航天員的視重是0N；

（2）飛船在軌道上的運(yùn)行速率為．14、2mk2t2+mgkt22ktm（2k+g）【分析】【分析】傷員同時(shí)參與了兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)，水平方向與直升飛機(jī)一起勻速前進(jìn)，同時(shí)豎直方向向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，實(shí)際運(yùn)動(dòng)是兩個(gè)運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)，時(shí)間t內(nèi)傷員的機(jī)械能增加量等于動(dòng)能增加量和勢(shì)能增加量之和，t時(shí)刻懸索拉力的瞬時(shí)功率等于拉力乘以拉力方向上的速度．【解析】【解答】解：飛機(jī)t=0時(shí)刻離水面高為H，經(jīng)t時(shí)間后，A、B之間的距離為L(zhǎng)=H-kt2，故豎直分位移為y=kt2，故初始速度為零，加速度為ay=2k，速度為vy=2kt；

所以動(dòng)能的增加量為：=2mk2t2

重力勢(shì)能的增加量為：mgh=mgkt2；

所以機(jī)械能的增加量為2mk2t2+mgkt2；

設(shè)t時(shí)刻懸索拉力為F；則

ay=

解得F=（2k+g）m

所以t時(shí)刻懸索拉力的瞬時(shí)功率為P=Fv=2ktm（2k+g）

故答案為：2mk2t2+mgkt2；2ktm（2k+g）三、判斷題(共7題，共14分)15、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段時(shí)間或某一過(guò)程內(nèi)的運(yùn)動(dòng)情況；而瞬時(shí)速度只能表示物體在某一瞬時(shí)或某一位置時(shí)的速度．平均速度與位移與時(shí)間的比值求解．【解析】【解答】解：因瞬時(shí)速度為0；則物體不動(dòng)，無(wú)位移，則平均速度為0

故答案為：√16、√【分析】【分析】熱力學(xué)溫標(biāo)亦稱“絕對(duì)溫標(biāo)”．是由開(kāi)爾文首先引入的．開(kāi)爾文所利用的實(shí)驗(yàn)事實(shí)是氣體發(fā)生等容變化時(shí)，壓強(qiáng)與攝氏溫度成線性關(guān)系，再進(jìn)行合理外推得到的．熱力學(xué)溫度與攝氏溫度的關(guān)系是T=t+273.15K；熱力學(xué)溫度的0K是不可能達(dá)到的．【解析】【解答】解：根據(jù)熱力學(xué)第三定律可知；熱力學(xué)溫標(biāo)的零K達(dá)不到．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】機(jī)械能包括動(dòng)能和重力勢(shì)能，速度為零說(shuō)明動(dòng)能為零．【解析】【解答】解：物體的速度為零時(shí)；則動(dòng)能為零，但重力勢(shì)能不一定為零，所以機(jī)械能不一定為零，故錯(cuò)誤．

故答案為：×18、×【分析】【分析】溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，是大量分子運(yùn)動(dòng)的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志；是大量分子運(yùn)動(dòng)的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)單個(gè)的分子沒(méi)有意義；當(dāng)溫度升高時(shí)，物體內(nèi)的分子的平均動(dòng)能增加，不是物體內(nèi)部所有分子的動(dòng)能都增加．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的聚變反應(yīng)，由此分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)目前的認(rèn)識(shí)；太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的聚變反應(yīng)．所以以上的說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×20、√【分析】【分析】可以把波分為橫波和縱波兩類，傳播的只是振動(dòng)形式和能量，而偏振現(xiàn)象與橫波有關(guān)，從而即可求解．【解析】【解答】解：偏振是橫波特有的現(xiàn)象；所以光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是橫波．以上說(shuō)法是正確的．

故答案為：√21、×【分析】【分析】機(jī)械能包括動(dòng)能和重力勢(shì)能，速度為零說(shuō)明動(dòng)能為零．【解析】【解答】解：物體的速度為零時(shí)；則動(dòng)能為零，但重力勢(shì)能不一定為零，所以機(jī)械能不一定為零，故錯(cuò)誤．

故答案為：×四、計(jì)算題(共2題，共8分)22、略

【分析】【解析】（1）軌道對(duì)球壓力N

N+mg=mvQ2/R（2分）

N=mvQ2/R–mg=15N（2分）

球?qū)壍缐毫/=N="15N"（1分）

(2)AB在彈簧原長(zhǎng)處分離后；B上升機(jī)械能守恒。

mv2/2=mg(R+h)+mvQ2/2（2分）

v="6m/s"（2分）

(3)撤去F到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)AB分離上升H

kH=F+(m+M)g（2分）

H="0.02m"（2分）

此過(guò)程機(jī)械能守恒。

Ep=(m+M)gH+(m+M)v2/2（2分）

代入數(shù)據(jù)得到Ep="36.4J"（2分）【解析】【答案】（1）15N（2）6m/s（3）36.4J23、略

【分析】【解析】（1）改變電流方向，磁通量變化量為原來(lái)磁通量的兩倍，即2BS，代入公式計(jì)算得B=由法拉第電磁感應(yīng)定律可知電動(dòng)勢(shì)的平均值ε＝

（2）根據(jù)數(shù)據(jù)可得B與I成正比，比例常數(shù)約為0.00125，故B=kI（或0.00125I）。

（3）為了得到平均電動(dòng)勢(shì)的準(zhǔn)確值，時(shí)間要盡量小，由B的計(jì)算值可看出與N和S相關(guān)聯(lián)，故選擇A、B?！窘馕觥俊敬鸢浮浚?）

（2）0.00125I（或kI）

（3）AB五、簡(jiǎn)答題(共3題，共18分)24、略

【分析】【分析】（1）由銘牌可知；電機(jī)額定電壓是50V，額定功率是200W，由電功率公式的變形公式可以求出電機(jī)正常工作時(shí)的電流．

（2）已知額定功率與工作時(shí)間，由W=Pt可以求出電動(dòng)自行車消耗的電能．【解析】【解答】解：（1）此車電機(jī)正常工作時(shí)的電流：I=A；

（2）電動(dòng)自行車一月消耗的電能：W=Pt=0.2×0.6×30=3.6kW?h．

答：（1）此車電機(jī)正常工作的電流是4A；

（2）一個(gè)月使用電動(dòng)自行車耗電3.6kW?h．25、略

【分析】【分析】以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力，由平衡條件得出細(xì)線對(duì)球的拉力、墻對(duì)小球的支持力與繩子與墻的夾角的關(guān)系式，再分析線受到的拉力和球?qū)Φ膲毫κ侨绾巫兓窘馕觥俊窘獯稹拷猓阂孕∏驗(yàn)檠芯繉?duì)象；分析受力如圖：

設(shè)細(xì)線與豎直墻面的夾角為θ；由平衡條件得：

T=

N=mgtanθ

細(xì)線變長(zhǎng)時(shí)；θ角減小，則cosθ增大，tanθ減小，則得到T和N都減小；

根據(jù)牛頓第三定律可知；線受到的拉力和球?qū)Φ膲毫Χ甲冃。?/p>

答：線受到的拉力和球?qū)Φ膲毫Χ甲冃。?6、（1）C（s）+2CuO（s）=Cu2O（s）+CO（g）△H=+34.5kJ?mol-1

（2）陰2Cu-2e-+2OH-=Cu2O+H2O增大

（3）4Cu（OH）2+N2H42Cu2O+N2↑+6H2O

（4）①3.5×10-5mol/（L?min）②＞③＜【分析】【分析】本題考查物質(zhì)制備，為高頻考點(diǎn)，涉及化學(xué)平衡有關(guān)計(jì)算、電解原理、蓋斯定律等知識(shí)點(diǎn)，側(cè)重考查學(xué)生分析計(jì)算能力，難點(diǎn)是電極反應(yīng)式的書(shū)寫，題目難度中等?！窘獯稹?/p>

rm{(1)}已知：rm{壟脵2Cu(s)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)=Cu_{2}O(s)}rm{triangleH=-169kJ?mol^{-1}}

rm{壟脷C(s)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)=CO(g)}rm{triangleH=-110.5kJ?mol^{-1}}

rm{壟脹Cu(s)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)簍TCuO(s)triangleH=-157kJ?mol^{-1}}

用炭粉在高溫條件下還原rm{壟脵2Cu(s)+dfrac{1}{2}

O_{2}(g)=Cu_{2}O(s)}制取rm{triangle

H=-169kJ?mol^{-1}}和rm{壟脷C(s)+dfrac{1}{2}

O_{2}(g)=CO(g)}的化學(xué)方程式為rm{triangle

H=-110.5kJ?mol^{-1}}rm{壟脹Cu(s)+dfrac{1}{2}

O_{2}(g)簍TCuO(s)triangleH=-157kJ?mol^{-1}}

該反應(yīng)可以是rm{壟脷-壟脹隆脕2-dfrac{1}{2}隆脕壟脵}反應(yīng)的焓變是rm{-110.5kJ?mol^{-1}-(-157kJ?mol^{-1}隆脕2)-dfrac{1}{2}隆脕(-169kJ?mol^{-1})=34.5kJ?mol^{-1}}

故答案為：rm{CuO}rm{(s)=Cu_{2}O(s)+CO(g)triangleH=+34.5kJ?mol^{-1}}

rm{Cu_{2}O}方法rm{CO}采用離子交換膜控制電解液中rm{C(s)+2CuO}的濃度，則只有使用陰離子交換膜才能控制氫氧根離子濃度；在電解池中，當(dāng)陽(yáng)極是活潑電極時(shí)，該電機(jī)本身發(fā)生失電子得還原反應(yīng)，在堿性環(huán)境下，金屬銅失去電子的電極反應(yīng)為rm{(s)=Cu_{2}O(s)+CO(g)}鈦極是陰極發(fā)生氫離子得電子的還原反應(yīng)，所以消耗氫離子，則rm{壟脷-壟脹隆脕2-dfrac{1}{2}

隆脕壟脵}值增大；故答案為：陰；rm{-110.5kJ?mol^{-1}-(-157kJ?mol^{-1}隆脕2)-

dfrac{1}{2}隆脕(-169kJ?mol^{-1})=34.5kJ?mol^{-1}}增大；

rm{C(s)+2CuO}根據(jù)題目信息：液態(tài)肼rm{(s)=Cu_{2}O(s)+CO(g)triangle

H=+34.5kJ?mol^{-1}}還原新制rm{(2)}來(lái)制備納米級(jí)rm{c}同時(shí)放出rm{OH^{-}}得出化學(xué)方程式為：rm{4Cu(OH)_{2}+N_{2}H_{4}overset