2025年牛津上海版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津上海版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、下列現(xiàn)象中屬于光的衍射現(xiàn)象的是（）A.B.C.D.2、一束復色光沿半徑方向射向一塊半圓形玻璃磚，經折射后分成兩束單色光a和b；光路如圖所示，下列說法正確的是（）

A.a光的頻率大于b光的頻率B.a光的頻率小于b光的頻率C.在玻璃中a光的傳播速度等于b光的傳播速度D.在玻璃中a光的傳播速度大于b光的傳播速度3、超聲波潔牙機利用超聲波激勵工作頭產生高頻振動，使牙結石因振動而松脫。則（）A.工作頭的振動頻率小于超聲波的頻率B.工作頭的振動頻率與牙結石固有頻率接近時，牙結石更容易脫落C.工作頭的振動頻率越大，潔牙效果越好D.工作頭停止振動，牙結石的固有頻率逐漸減小4、隨著手機逐漸走進每個人的生活，有些人喜歡躺著看手機，偶爾會出現(xiàn)手機滑落砸到臉的情況。若某手機（可視為質點）的質量為200g，從距人臉上方約20cm的高度無初速掉落，砸到臉后經0.1s手機停止運動。忽略空氣阻力，重力加速度g=10m/s2，下列分析正確的是（）A.臉受到的平均撞擊力大小約為10NB.臉受到的平均撞擊力大小約為3NC.全過程手機重力的沖量大小約為0.2N·sD.全過程手機重力的沖量大小約為0.6N·s5、某碼頭采用斜面運送冷鏈食品，簡化如圖甲所示，電動機通過繞輕質定滑輪的輕細繩與放在傾角為的足夠長斜面上的物體相連，啟動電動機后物體沿斜面上升，在時間內物體運動的圖像如圖乙所示，其中除時間段圖像為曲線外，其余時間段圖像均為直線，后電動機的輸出功率保持不變。已知物體的質量為不計一切摩擦，重力加速度則下列判斷正確的是（）

A.在內電動機所做的功為B.后電動機的輸出功率為C.在內電動機牽引力的沖量大小為D.在內物體沿斜面向上運動了6、如圖所示，若x軸表示時間，y軸表示位置，則該圖像反映了某質點做勻速直線運動時，位置與時間的關系。若令x軸和y軸分別表示其它的物理量；則該圖像又可以反映在某種情況下，相應的物理量之間的關系。下列說法中正確的是（）

A.若x軸表示時間，y軸表示動能，則該圖像可以反映某物體受恒定合外力作用做直線運動過程中，物體動能與時間的關系B.若x軸表示時間，y軸表示動量，則該圖像可以反映某物體在沿運動方向的恒定合外力作用下，物體動量與時間的關系C.對于做直線運動的物體，若x軸表示時間，y軸表示合力對物體所做的功，則該圖像可以反映某物體在功率不變的情況下，合力做功與時間的關系D.對于做勻速圓周運動的物體，若x軸表示半徑大小，y軸表示線速度大小，則該圖像可以反映某物體在角速度不變的情況下，線速度與做圓周運動半徑大小的關系7、我國多次成功使用“冷發(fā)射”技術發(fā)射長征十一號系列運載火箭。如圖所示；發(fā)射倉內的高壓氣體先將火箭豎直向上推出，當火箭速度減為零時再點火，隨后火箭加速飛向太空。下列說法正確的是（）

A.速度減為零時，火箭處于平衡狀態(tài)B.點火前的上升階段，火箭在加速度為零時獲得最大動能C.點火后，火箭靠周圍大氣產生的推力作用加速飛向太空D.點火后加速飛向太空的過程中，火箭的機械能守恒8、如圖所示一個單擺在地面上做受迫振動的共振曲線（振幅A與驅動力頻率f的關系）則（）

A.此單擺的擺長約為2mB.此單擺的固有周期為0.5sC.若擺長增大，單擺的固有頻率增大D.若擺長增大，共振曲線的峰將向左移動9、如圖甲為一種檢測油深度的油量計油量計豎直固定在油桶內；當入射光豎直向下照射時，通過觀察油桶上方的矩形窗口亮暗兩個區(qū)域可確定油圖乙是油量計結構圖，它是一塊鋸齒形的透明塑料，鋸齒形的底是一個等腰直角三角形，最右邊的鋸齒剛接觸到油桶的底部，已知透明塑料的折射率小于油的折射率，則下列說法正確的是（）

A.透明塑料的折射率應小于B.塑料鋸齒和油的界面處發(fā)生全反射形成暗區(qū)C.油量增加時，亮區(qū)范圍變大D.對于透明塑料和油來說，油是光密介質評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、利用圖示裝置研究雙縫干涉現(xiàn)象并測量光的波長，下列說法中正確的有.

A.實驗裝置中的①②③元件分別為濾光片、單縫、雙縫B.將濾光片由紫色換成紅色，干涉條紋間距變寬C.將單縫向雙縫移動一小段距離后，干涉條紋間距變寬D.測量過程中誤將5個條紋間距數成6個，波長測量值偏大11、彈簧振子以O點為平衡位置做簡諧運動；以向右為正方向，圖乙為這個彈簧振子的振動圖象，下列說法中正確的是（）

A.在t＝0.3s與t＝0.5s兩個時刻，彈簧振子的速度相同B.從t＝0.6s時，加速度等于0C.在t＝0.1s時，彈簧振子的位移為cmE.在t＝0s到t＝0.4s時間內，彈簧振子的動能先減小后增大E.在t＝0s到t＝0.4s時間內，彈簧振子的動能先減小后增大12、如圖所示的ACBO為透明柱體的橫截面，其形狀為半圓，一細束激光從非?？拷麬端的一點以入射角i射向透明體，若除全反射外不考慮其他反射，結果發(fā)現(xiàn)激光恰好只能從平面上非?？拷麭端的點射出；下列說法正確的是（）

A.透明體材料的折射率一定等于或大于B.激光在曲面上至少發(fā)生一次全反射C.入射角i相同時，激光在曲面上發(fā)生全反射的次數越多材料的折射率越大D.激光從透明體射出時，折射角總等于入射角13、如圖所示，甲球從O點以水平速度v1飛出，落在水平地面上的A點．乙球從O點以水平速度v2飛出，落在水平地面上的B點反彈后恰好也落在A點．兩球質量均為m．若乙球落在B點時的速度大小為與地面的夾角為60o，且與地面發(fā)生彈性碰撞，不計碰撞時間和空氣阻力，下列說法正確的是。

A.由O點到A點，甲、乙兩球運動時間之比是B.OA兩點的水平距離與OB兩點的水平距離之比是C.設地面處勢能為0，甲、乙兩球在運動過程中的機械能之比為D.乙球在B點受到地面的沖量大小為14、如圖所示，半徑為的圓形槽置于光滑水平面上，小球和凹槽的質量均為將小球從圓槽的右側最頂端由靜止釋放，一切摩擦均不計。則構成的系統(tǒng)（）

A.當小球到達凹槽左端時，凹槽向右的位移最大B.這一過程動量守恒C.因為系統(tǒng)機械能守恒，物體運動到圓槽的最低點速度為D.釋放后當物體向左上升到最高點時，又恰與釋放點等高15、下列說法正確的是（）A.單擺運動到平衡位置時，回復力為零B.豎直方向的彈簧振子做簡諧運動時，在平衡位置處彈簧彈力為零C.水平放置的彈簧振子做簡諧運動時的能量等于在平衡位置時振子的動能D.單擺的周期與擺球的質量有關16、如圖所示，光滑絕緣圓弧軌道的半徑為R，最低點N點左側處于垂直紙面向外的勻強磁場中，現(xiàn)將一帶負電的小球（可視為質點）自最低點右側的M點靜止釋放，M、N兩點間的距離遠小于軌道半徑R，小球到達最左側的位置為P點（圖中未畫出），小球運動過程中始終未脫離軌道，已知重力加速度為g；下列說法中正確的是（）

A.P點比M點高B.小球向左經過N點后，對軌道的壓力立即變大C.小球在P點和M點處對軌道的壓力大小不相等D.小球運動的周期為17、如圖，在水中有一厚度不計的薄玻璃片制成的中空三棱鏡，里面是空氣，一束光A從棱鏡的左邊射入，從棱鏡的右邊射出時發(fā)生了色散，射出的可見光分布在a點和b點之間；則下列說法錯誤的是（）

A.從a點射出的是紅光，從b點射出的是紫光B.從a點射出的是紫光，從b點射出的是紅光C.光在ab面上不可能發(fā)生全反射D.從a點和b點射出的都是紫光，從ab中點射出的是紅光18、在冰壺比賽中，紅壺以一定速度與靜止在大本營中心的藍壺發(fā)生對心碰撞，碰撞時間極短，如甲圖所示．碰后運動員用冰壺刷摩擦藍壺前進方向的冰面，來減小阻力．碰撞前后兩壺運動的v-t圖象如乙圖中實線所示；其中紅壺碰撞前后的圖線平行．已知兩冰壺質量相等，由圖象可得。

A.紅、藍兩壺的碰撞可能是彈性碰撞B.碰撞后，藍壺的瞬時速度為0.8m/sC.碰撞后，紅、藍兩壹運動的時間之比為1：6D.碰撞后，紅、藍兩壺與冰面間的動摩擦因數之比為5：4評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)19、醫(yī)學中常用頻率為23kHz~27kHz的超聲波破碎膽結石，某頻率超聲波在結石和膽汁中的波速分別為2250m/s和1500m/s，則該超聲波在結石中的波長是膽汁中的___________倍。破碎結石時當超聲波與結石體發(fā)生共振時效果最佳。已知結石體固有頻率可表為為常數，如果采用25kHz的超聲波破碎質量為m的結石效果最佳，為破碎質量比m略大的結石，應調整超聲波的頻率，頻率應略___________（填“大于”或“小于”）25kHz。20、振幅A：振動物體離開平衡位置的___________。振幅不是最大位移。這就意味著，振幅是一個數值，指的是最大位移的___________。振幅是___________（填“矢量”或者“標量”），表示振動的___________。21、多普勒效應產生的原因：

（1）當波源與觀察者相對靜止時，1s內通過觀察者的波峰（或密部）的數目是________的，觀測到的頻率________波源振動的頻率。

（2）當波源與觀察者相互接近時，1s內通過觀察者的波峰（或密部）的數目________（選填“增加”或“減小”），觀測到的頻率________（選填“增加”或“減小”）；反之，當波源與觀察者相互遠離時，觀測到的頻率________（選填“增加”或“減小”）。22、在用雙縫干涉實驗裝置觀察雙縫干涉條紋時：

①觀察到較模糊的干涉條紋，要使條紋變得清晰，可以調節(jié)撥桿使_________；

②要增大觀察到的條紋間距，可以________（選填“增大”或“減小”）雙縫與測量頭間的距離。

23、如圖所示，一個彈簧振子沿x軸在B、O、C間做簡諧運動，O為平衡位置，當振子從B點向O點向右運動過程中，彈簧振子的速度在________，彈簧振子的加速度為________（填“增加”“減少”或“不變”）。

24、如圖所示，光滑水平面上用輕繩連接質量分別為和的兩個物體和B，物體靜止，物體B以初速度水平向右運動，繩子被拉緊時突然斷裂，物體B的速度變?yōu)閯t物體的速度變?yōu)開_____。根據以上數據______求出此過程中系統(tǒng)損失的機械能（選填“能”或“不能”）。

25、幾列波相遇時能夠保持各自的運動特征，繼續(xù)傳播，在它們重疊的區(qū)域里，介質的質點______參與這幾列波引起的振動，質點的位移等于這幾列波單獨傳播時引起的位移的______．評卷人得分四、作圖題(共2題，共6分)26、O點是彈簧振子的平衡位置，在圖上標出振子在B點的振動位移和在A點的加速度。

27、如圖所示，一列簡諧波在x軸上傳播，波速為50m/s。已知時刻的波形圖像如圖甲所示，圖中M處的質點此時正經過平衡位置沿y軸的正方向運動。將時的波形圖像畫在圖乙上（至少要畫出一個波長）。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共16分)28、某同學用如圖所示的裝置做“驗證動量守恒定律”的實驗。先將a球從斜槽軌道上某固定點由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復10次，再把同樣大小的b球靜止放在斜槽軌道水平段的最右端，讓a球仍從原固定點由靜止開始滾下與b球相碰；碰后兩球分別落在記錄紙的不同位置，重復10次。

（1）關于實驗，下列說法正確的是___________

A．實驗時，a、b兩個小球相碰后應同時落地。

B．實驗時，a、b兩個小球的直徑可以不相同。

C．實驗時；入射球每次不必從斜槽上的同一位置由靜止釋放。

D．實驗時；斜槽末端的切線必須水平。

（2）實驗必須測量的物理量是______（填序號字母）

A．a、b兩個小球的質量ma、mb

B．斜槽軌道末端到水平地面的高度H

C．a球的固定釋放點到斜槽軌道末端的高度h

D．a、b兩個小球離開斜槽軌道聽做平拋運動的飛行時間。

E.記錄紙上O點到兩小球的平均落點位置A；B、C的距離。

（3）入射a球從固定點下滑過程中與斜槽軌道間存在摩擦力，這對實驗結果是否會有影響？并說明理由。__________

（4）如果以各球落點所在直線為x軸，以O為原點，A、B、C三點坐標分別為xA=0.4m，xn=1.0m，xC=1.2m，若碰撞中符合動量守恒。實驗所用小球直徑均為2cm則a、b兩小球的質量之比________。29、“用雙縫干涉測量光的波長”的實驗（實驗裝置如圖）

（1）下列說法正確的是________

A.實驗時調節(jié)各器件共軸；并且單縫和雙縫的縫應相互平行。

B.測量某條干涉亮條紋位置時；應使分劃板中心刻線與該亮條紋和暗條紋的分界線對齊。

C.為了減小測量誤差，可用測量頭測出n條亮條紋間的距離a，求出相鄰兩條亮條紋間距

（2）若實驗中在像屏上得到的干涉圖樣如圖所示，毛玻璃屏上的分劃板刻線在圖中A、B位置時，游標卡尺的讀數分別為x1、x2（x2>x1），已知雙縫間距為d，雙縫與屏之間的距離為L，則入射的單色光波長的計算表達式為λ=_________。

評卷人得分六、解答題(共3題，共24分)30、一列簡諧橫波在時的波形圖如圖所示。介質中處的質點沿軸方向做簡諧運動的表達式為（的單位是）。

(1)由圖確定這列波的波長與振幅。

(2)求出這列波的波速。

(3)試判定這列波的傳播方向。

31、如圖所示，一梯形透明介質一光線垂直于面從點射入介質后，射到面時恰好發(fā)生全反射，從面上的某點射出。求：

（1）介質對該光線的折射率

（2）該光線從面射出的折射角

32、一玻璃磚的橫截面為四分之一圓OPQ，其圓心為O，半徑為一束單色光從OP面上的P點射入玻璃磚，如圖所示，在玻璃磚圓弧面上的M點恰好發(fā)生全反射，已知入射光線與OP面的夾角為光在真空中傳播速度為求：

（1）玻璃磚對該單色光的折射率

（2）單色光從P點射入玻璃磚到射出玻璃磚所經歷的時間

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．A圖為全反射的應用；所以A錯誤；

B．B圖為光的衍射現(xiàn)象；所以B正確；

C．C圖為光的折射現(xiàn)象；所以C錯誤；

D．D圖為光的干涉現(xiàn)象；所以D錯誤；

故選B。2、A【分析】【詳解】

AB．由圖結合光路可逆可知，兩束光的折射角相等，a的入射角大于b的入射角，通過折射定律

可知，玻璃磚對a光的折射率大于對b光的折射率，由于折射率越大，光的頻率越大，則a光的頻率比b光的頻率大；故A正確，B錯誤；

CD．根據可知在玻璃中a光的傳播速度小于b光的傳播速度；故CD錯誤。

故選A。3、B【分析】【詳解】

ABC．超聲波潔牙機利用超聲波激勵工作頭產生高頻振動；工作頭的振動頻率和超聲波的頻率相等，當工作頭的振動頻率與牙結石固有頻率接近時，發(fā)生共振，牙結石更容易脫落，AC錯誤，B正確。

D．工作頭停止振動；牙結石的固有頻率不變，D錯誤。

故選B。4、D【分析】【分析】

【詳解】

根據自由落體求速度；時間；結合沖量的定義求出沖量；由動量定理求作用力。

AB．20cm=0.20m；200g=0.2kg

根據自由落體速度

手機與臉作用后手機的速度變成0，選取向上為正方向，所以手機與臉作用過程中動量變化為

手機與臉接觸的過程中受到的重力與臉的作用力，根據動量定理可知

代入數據解得；手機對臉的作用力大小約為6N

故A；B錯誤。

CD．手機下落時間

全過程中重力的沖量

故C錯誤；D正確。

故選D。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．在0~1s內，物體位移大小為

設0~1s內電動機做的功為由動能定理得

解得

故A錯誤；

B．在0~1s內，物體的加速度大小為

設0~1s內細繩拉力的大小為由牛頓第二定律得

解得

由題意知1s后電動機輸出功率為

故B錯誤；

C．當物體達到最大速度后，根據平衡條件可得細繩的拉力大小為

根據功率的公式可得

在1~5s內，設電動機牽引力的沖量大小為I，由動量定理得

解得

故C正確；

D．設1~5s內物體沿斜面向上運動的距離為對物體由動能定理得

解得

所以在內物體沿斜面向上運動的距離為

故D錯誤。

故選C。6、B【分析】【詳解】

A．根據動能定理

而

則

則Ek-t圖像不是直線；選項A錯誤；

B．根據動量定理則若x軸表示時間，y軸表示動量；則該圖像可以反映某物體在沿運動方向的恒定合外力作用下，物體動量與時間的關系，選項B正確；

C．根據W=Pt可知，對于做直線運動的物體，若x軸表示時間，y軸表示合力對物體所做的功；則該圖像應該是過原點的直線，選項C錯誤；

D．根據v=ωr，則對于做勻速圓周運動的物體，若x軸表示半徑大小，y軸表示線速度大小；則線速度與做圓周運動半徑大小的關系圖像應該是過原點的直線，選項D錯誤。

故選B。7、B【分析】【詳解】

A．速度減為零時；受重力作用，火箭處于非平衡狀態(tài)，故A錯誤；

B．點火前的上升階段；火箭在加速度為零時速度最大，獲得最大動能，故B正確；

C．點火后；火箭是以熱氣流高速向后噴出，利用產生的反作用力向前運動，故C錯誤；

D．點火后加速飛向太空的過程中；動能增大，重力勢能增大，火箭的機械能不守恒，故D錯誤。

故選B。8、D【分析】【分析】

【詳解】

B．由圖可知，此單擺的振動頻率與固有頻率相等0.5Hz，由頻率和周期的關系式

則周期為2s；故B錯誤；

A．由圖可知，此單擺的振動頻率與固有頻率相等，則周期為2s，由公式

可得

故A錯誤；

C．若擺長增大；單擺的固有周期增大，則固有頻率減小，故C錯誤；

D．若擺長增大；則固有頻率減小，所以共振曲線的峰將向左移動，故D正確；

故選D。9、D【分析】【詳解】

A．如圖所示。

光由上面射入塑料板中，在直角部分發(fā)生全反射時上面看起來才會明亮，光在從透明塑料板射向空氣，此時發(fā)生全反射的條件是折射率

即透明塑料的折射率應大于故A錯誤。

B．光從塑料鋸齒和油的界面處發(fā)生折射；光線射向油中，在矩形窗口形成暗區(qū)，故B錯誤；

C．油量增加時；被浸入到油中的塑料鋸齒增多，則全反射光線減小，則亮區(qū)范圍變小，故C錯誤；

D．透明塑料的折射率小于油的折射率；對于透明塑料和油來說，油是光密介質，D正確。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)10、A:B【分析】【分析】

用條紋間距后公式求解．

【詳解】

A．濾光片的作用是使入射光變成單色光；單縫的作用是使入射光變成線光源，雙縫的作用是形成相干光源，其排列順序合理，故A正確；

B．將濾光片由紫色的換成紅色的，波長λ變長，根據雙縫干涉條紋的間距公式知條紋間距△x增大；故B正確；

C．將單縫向雙縫移動一小段距離后，由可知與此距離無關；故干涉條紋間距不變，故C錯誤；

D．測量過程中；把5個條紋間距數成6個，導致△x變小，則波長測量值偏小，D錯誤；

故選AB.11、A:C:E【分析】【詳解】

A．x-t圖象的切線斜率表示速度，在t=0.3s與t=0.5s兩個時刻；彈簧振子的速度相同，故A正確；

B．t＝0.6s時，振子位于最大位移處，由可知；此時加速度最大，故B錯誤；

C．由圖可知，T=0.8s，所以在t＝0.1s時的位移為

故C正確；

D．在t＝0.2s時；振子的位移最大，彈簧形變量最大，彈性勢能最大，故D錯誤；

E．由題意可知，振子從O點開始運動，經過0.2s到達B點，再經0.2s到達O點；所以振子的動能先減小后增大，故E正確。

故選ACE。12、B:C:D【分析】【詳解】

A．當激光射入透明體的折射角小于時，激光入射到曲面時的入射角大于由

可知材料的折射率可小于故A錯誤；

B．如圖，根據光路圖可知激光至少在曲面上發(fā)生一次全反射才能經B射出；故B正確；

C．如圖，入射角i相同時，材料的折射率越大，折射角越?。桓鶕缀沃R可知激光在曲面上發(fā)生全反射的次數越多，故C正確；

D．激光從B處射出，由對稱關系可知反射角處處相等，射到B處的光線的入射角等于A處的折射角；故D正確。

故選BCD。13、B:C:D【分析】【詳解】

設OA間的豎直高度為h．由O點到A點，甲球運動時間為tA=．乙球運動時間是甲球的3倍．故A錯誤．乙球先做平拋運動，再做斜上拋運動，根據對稱性可知，從B到A的水平位移等于從O到B的水平位移的2倍，所以甲球由O點到A點的水平位移是乙球由O點到B點水平位移的3倍，故B正確．設乙球由O點到B點水平位移為x，時間為t．對甲球有3x=v1t，對乙球有x=v2t，則得v1：v2=3：1；因乙球落地時速度與地面的夾角為60o，則可知落地的豎直速度則由可知，甲的機械能乙的機械能：即甲、乙兩球在運動過程中的機械能之比為3:1，故C正確．乙球在B點受到地面的沖量大小等于豎直方向的動量變化，選項D正確；故選BCD.

點睛：解決本題的關鍵是要知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，知道平拋運動的時間由高度決定，與初速度無關．14、A:D【分析】【詳解】

B．這一過程中；小球有向心加速度，具有豎直向上的分加速度，系統(tǒng)處于超重狀態(tài)，豎直方向的合外力不為零，系統(tǒng)水平方向不受外力，故系統(tǒng)的合外力不為零，系統(tǒng)的動量不守恒。但系統(tǒng)水平方向不受外力，則在水平方向系統(tǒng)的動量守恒，故B錯誤；

A．因為P和Q組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒，當P運動到左側最高點時，Q向右運動的位移最大；故A正確；

C．設小球運動到凹槽的最低點速度為v1，凹槽的速度為v2；取水平向左為正方向，根據系統(tǒng)水平方向的動量守恒，有

根據系統(tǒng)的機械能守恒，有

解得

故C錯誤；

D．設小球到達左側最高點時的速度為v，此時小球和凹槽速度相同，根據系統(tǒng)水平方向動量守恒，有2mv=0

即v=0

根據系統(tǒng)的機械能守恒知；小球向左上升到最高點時，恰與釋放點等高，故D正確；

故選AD。15、A:C【分析】【詳解】

A．當單擺運動到平衡位置時；此時回復力為零，故A正確；

B．豎直方向的彈簧振子做簡諧運動時；在平衡位置處合力為零，彈簧彈力不為零，故B錯誤；

C．振動能量是振動系統(tǒng)的動能和勢能的總和；在平衡位置時彈性勢能為零，C正確；

D．根據單擺的周期公式

可知；單擺的周期與擺球的質量無關，故D錯誤。

故選AC。16、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．小球在槽中運動時，由于只有重力做功，則機械能守恒，則P點與M點等高；選項A錯誤；

B．小球向左經過N點后；因洛倫茲力方向向下，則對軌道的壓力立即變大，選項B正確；

C．小球在P點和M點處只受到重力和軌道的支持力，且PQ兩點關于最低點位置對稱；則對軌道的壓力大小相等，選項C錯誤；

D．因為M、N兩點間的距離遠小于軌道半徑R，則小球的運動可看做單擺，則小球運動的周期為

選項D正確。

故選BD。17、A:D【分析】【詳解】

ABD．此棱鏡相對周圍介質是光疏介質，因此光在棱鏡中的折射角大于入射角，從棱鏡中射出時，折射角小于入射角，所以出射光線向頂角方向偏轉；紫光的折射率大，則紫光的偏折程度大，即紫光從a點射出，紅光從b點射出；選項B正確，不符合題意，AD錯誤，符合題意；

C．根據光從光密介質進入光疏介質，且入射角大于臨界角時，才能發(fā)生光的全反射，光在ab面上；光從空氣進入水中，不滿足產生的條件，因此不可能發(fā)生全反射，故C正確，不符合題意。

故選AD。18、B:D【分析】【詳解】

設碰后藍壺的速度為v，碰前紅壺的速度=1.0m/s，碰后速度為=0.2m/s，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，由動量守恒定律得：代入數據解得：v=0.8m/s，碰撞過程兩壺損失的動能為：m>0，所以紅藍兩壺碰撞過程是非彈性碰撞，A錯誤，B正確；設碰撞后，藍壺經過ts時間停止運動，根據三角形相似法知，解得藍壺運動時間：=5s，由圖示圖線可知，紅壺的加速度大?。簃/s2，碰撞后紅壺的運動時間：s，則碰撞后紅、藍壺運動時間之比為1：5，C錯誤；藍壺的加速度大?。簃/s2，由牛頓第二定律得：解得動摩擦因數：則紅、藍壺與冰面間的動摩擦因數之比：D正確．三、填空題(共7題，共14分)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]超聲波在傳播中頻率不變，波長

則說明長與波速成正比，故波長之比為=1.5倍

根據頻率公式，質量變大，固有頻率變小，則超聲波頻率變小?！窘馕觥?.5小于20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4]振幅A：振動物體離開平衡位置的最大距離。振幅不是最大位移。這就意味著，振幅是一個數值，指的是最大位移的絕對值絕對值。振幅是標量，表示振動的強弱?！窘馕觥竣?最大距離②.絕對值③.標量④.強弱21、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.一定②.等于③.增加④.增加⑤.減小22、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]觀察到較模糊的干涉條紋；是因為光線不能很好的疊加，要使條紋變得清晰，可以調節(jié)撥桿使單縫與雙縫平行。

（2）[2]由雙縫干涉條紋間距

因此要增大觀察到的條紋間距，可以增大雙縫與測量頭間的距離?！窘馕觥竣?單縫與雙縫平行；②.增大23、略

【分析】【詳解】

[1]振子從B點向O點向右運動過程中；彈簧的彈性勢能減少，振子的動能增加，速度增加；

[2]振子的加速度

隨著向O點靠近，位移x在減小，振子的加速度減少。【解析】增加減少24、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]物體和B在光滑水平面上運動，動量守恒，有

解得

[2]根據能量守恒可知此過程中系統(tǒng)損失的機械能

代入和可得到因此根據以上數據能求出此過程中系統(tǒng)損失的機械能?！窘馕觥磕?5、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.同時②.矢量和四、作圖題(共2題，共6分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

彈簧振子的位移由平衡位置指向振子的方向；加速度指向平衡位置，如圖。

【解析】27、略

【分析】【詳解】

由圖甲可知，簡諧波的波長所以周期

此時波形與時刻波形相同，根據同側法可知，波沿x軸負方向傳播，根據波形的平移法可知，將時刻的波形向左平移得到時的波形圖像；如圖所示。

【解析】見解析五、實驗題(共2題，共16分)28、略

【分析】【分析】

【