2025年教科新版必修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年教科新版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源與定值電阻R1、R2及滑動變阻器R連接成如圖所示的電路,當滑動變阻器的滑片由中點滑向a端時,下列說法正確的是。

A.定值電阻R2的電功率減小B.電壓表和電流表的示數(shù)都減小C.電壓表的示數(shù)增大,電流表的示數(shù)減小D.R中電流變化的絕對值小于電流表示數(shù)變化的絕對值2、下列說法正確的是（）A.只有高溫物體才輻射電磁波B.微觀世界的某些極少數(shù)帶電微粒的能量變化可以是連續(xù)的C.黑體只是從外界吸收能量，并不向外界輻射能量D.如果在一個空腔壁上開一個很小的孔，射入小孔的電磁波在空腔內(nèi)表面經(jīng)多次反射和吸收，最終不能從小孔射出，這個空腔就可以近似為一個黑體3、如圖所示；不帶電的導體B在靠近帶正電的導體A后，P端及Q端分別感應出負電荷和正電荷，則以下說法正確的是（）

A.若用導線將Q端接地，然后斷開，再取走A，則導體B將帶負電B.若用導線將Q端接地，然后斷開，再取走A，則導體B將帶正電C.若用導線將Q端接地，然后斷開，再取走A，則導體B將不帶電D.若用導線將P端接地，然后斷開，再取走A，則導體B將帶正電4、中央電視臺有這樣一個節(jié)目：讓父母手拉手站在絕緣臺上，父親手扶一裝置來回答問題，當在規(guī)定的時間內(nèi)回答不完所給的問題，工作人員經(jīng)過操作使回答問題的父母“怒發(fā)沖冠”（頭發(fā)直立而散開），從物理學原理分析產(chǎn)生這一現(xiàn)象的原因是：（）A.空氣對頭發(fā)的作用結(jié)果B.一種魔術(shù)現(xiàn)象C.同種電荷相互排斥原理，使帶同種電荷的頭發(fā)相斥而散開D.以上說法都不對5、如圖所示，三個帶電小球A、B、C可視為點電荷，所帶電荷分別為+Q、-Q、+q；A、B固定在絕緣水平桌面上，C帶有小孔，穿在摩擦因數(shù)處處相同的粗糙的絕緣直桿上，絕緣桿豎直放置在A、B連線的中點處；將C從桿上某一位置由靜止釋放，下落至桌面時速度恰好為零。C沿桿下滑時帶電量保持不變，那么C在下落過程中，以下判斷正確的是（）

A.電場力做正功B.小球C所受摩擦力先減小后增大C.小球C下落一半高度時速度一定最大D.摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能等于小球重力勢能減少量6、將兩金屬球P；Q固定；讓球P帶上正電后，形成的穩(wěn)定電場如圖所示，已知實線為電場線，虛線為等勢面，其中A、B、C、D為靜電場中的四點，則（）

A.D兩點的電場強度相同，電勢相等B.B兩點的電勢相同，電場強度不同C.將電子從A點移至B點，電場力做負功D.將電子從A點移至D點，電勢能增大7、下列物理量中，屬于矢量的是（）A.功B.電場強度C.電壓D.重力勢能8、熱水器中，常用熱敏電阻實現(xiàn)溫度控制。如圖是一學習小組設計的模擬電路，為加熱電阻絲，為正溫度系數(shù)的熱敏電阻（溫度越高電阻越大），C為電容器。S閉合后；當溫度升高時（）

A.電容器C的帶電荷量增大B.燈泡L變暗C.電容器C兩板間的電場強度減小D.消耗的功率增大評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、對于歐姆定律，下列理解正確的是（）A.從關系式U＝IR可知，對于阻值一定的導體，通過它的電流越大，它兩端的電壓也越大B.從關系式R＝可知，導體兩端的電壓為零時，導體的電阻也為零C.從關系式I＝可知，對于阻值一定的導體，當導體兩端的電壓增大一倍時，導體中的電流也增大一倍D.從關系式R＝可知，導體兩端電壓越大，電阻R也越大10、如圖所示，帶正電的點電荷固定于Q點，電子在庫侖力的作用下沿以Q為焦點的橢圓運動。M、P、N為橢圓上的三點，P點是軌道上離Q最近的點。電子在從M點經(jīng)P點到達N點的過程中（）

A.速度先增大后減小B.速度先減小后增大C.電勢能先減小后增大D.電勢能先增大后減小11、如圖所示，AC是圓O的一條水平直徑，BD是豎直方向的另外一條直徑，M點是圓上的點，OM連線與OC的夾角為60°，該圓處于方向與圓面平行的勻強電場中。將帶正電量為q、質(zhì)量為m的微粒從圓心O點以相同的動能Ek0射出，射出方向不同時，微?？梢越?jīng)過圓周上的所有點。在這些點中，經(jīng)過C點時帶電微粒的動能最小且為已知圓的半徑為R，重力加速度的大小為g，勻強電場的場強那么（）

A.M點的電勢高于O點的電勢B.微粒經(jīng)過B點和D點時的動能一定相同C.微粒經(jīng)過M點時的動能為D.微粒經(jīng)過AB連線中點時的動能為12、如圖甲所示為市面上的一款自發(fā)電無線門鈴；按下按鍵，按鍵將推動永磁鐵運動（平面運動如圖乙所示），即能產(chǎn)生電能供給發(fā)射器部件（接線圈兩端，圖中沒有畫出）正常工作。松開按鍵后，在彈簧的作用下按鍵將恢復原位。關于按壓按鍵和松開按鍵反彈過程中，下列說法正確的是（）

A.連續(xù)按壓和松開按鍵過程，線圈中一定產(chǎn)生交變電流B.按壓和松開按鍵過程，線圈中都產(chǎn)生感應電動勢C.按住門鈴按鍵保持不動，線圈中一直保持有感應電流D.按鍵反彈過程，彈簧的彈性勢能部分轉(zhuǎn)化為電能13、下列說法中正確的是（）A.由公式可知，電場中某點的場強與放在該點的檢驗電荷所受的電場力F的大小成正比，與檢驗電荷的電量q成反比B.電場是一種物質(zhì)，與其他物質(zhì)一樣，是不依賴我們的感覺而客觀存在的C.公式中的d為勻強電場中電勢差為U的兩點間的距離D.在庫侖定律的表達式中，可以理解為是點電荷Q1在點電荷Q2處的場強大??；而是點電荷Q2在點電荷Q1處的場強大小14、如圖，平行板電容器充電后與電源斷開，正極板接地，為兩板間的一固定點。靜電計的金屬球與電容器的負極板連接；外殼接地。若保持電容器負極板不動，僅將正極板緩慢向左平移一小段距離，則（）

A.電容器的電容減小，靜電計指針的偏角增大B.電容器的電容增大，靜電計指針的偏角減小C.兩板間的電場強度不變，點的電勢降低D.兩板間的電場強度減小，點的電勢升高評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、(1)在真空中兩個帶等量異種電荷的點電荷，電荷量均為2×10－8C，相距20cm，則它們之間的相互作用力為________N，在兩者連線的中點處，電場強度大小為________N/C.

(2)如圖，a、b是兩個帶有同種電荷的小球，用絕緣絲線懸掛于同一點，兩球靜止時，它們距水平面的高度相等，繩與豎直方向的夾角分別為α、β，且α＜β.若同時剪斷兩根細線，空氣阻力不計，兩球帶電荷量不變，兩球質(zhì)量為ma，mb，兩球落地時間為ta，tb，落地時水平位移為xa，xb，則ma________mb，ta______tb，xa______xb.(填＞；＜或＝)

16、如圖，某勻強電場中有A、B、C三點構(gòu)成邊長為的等邊三角形。帶電量的粒子由A點沿直線移動B點的過程中，電場力始終不做功，由B移到C過程中電場力做功為由此可知________V，場強大小為_______方向是________。

17、如圖所示，真空中有兩個點電荷和分別固定在x坐標軸的和的位置上。則x標軸上的_____處的電場強度為零。x坐標軸上電場強度方向沿x軸正方向區(qū)域是__________。

18、感應起電：當一個帶電體靠近導體時，由于電荷間相互吸引或排斥，導體中的自由電荷便會趨向或____________帶電體，使導體靠近帶電體的一端帶____________電荷，遠離帶電體的一端帶____________電荷，這種現(xiàn)象叫作靜電感應。利用____________使金屬導體帶電的過程叫作感應起電。19、真空中兩個靜止點電荷A、B，電荷量分別是和它們相距1m，則它們互相__________（填“吸引”或“排斥”），相互作用力大小為__________N。若用一根導線連接兩電荷，再移開導線后，則兩點電荷互相__________（填“吸引”或“排斥”），相互作用力大小為__________N。20、如圖所示的實驗裝置為庫侖扭秤。細銀絲的下端懸掛一根絕緣棒，棒的一端是一個帶電的金屬小球A，另一端有一個不帶電的球B，B與A所受的重力平衡，當把另一個帶電的金屬球C插入容器并使它靠近A時，A和C之間的作用力使懸絲扭轉(zhuǎn)，通過懸絲扭轉(zhuǎn)的角度可以比較力的大小，便可找到力F與距離r和電荷量q的關系。這一實驗中用到了下列什么方法？__________、____________（微元法；微小量放大法、極限法、控制變量法、逐差法、估算法）

評卷人得分四、作圖題(共1題，共4分)21、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共24分)22、認識多用電表。

（1）多用電表可以用來測量直流___________、直流___________、___________、___________以及___________

（2）構(gòu)造。

a.表的上半部分為表盤，標有電壓、___________和___________的刻度線；用于讀取這些電學量的測量值。

b.表中央的___________用于使指針指到零刻度。

c.表下半部分中間的旋鈕是選擇開關，周圍標有測量功能的區(qū)域及___________23、在做《測定金屬的電阻率》的實驗中；若待測電阻絲的電阻約為5Ω，要求測量結(jié)果盡量準確，備有以下器材：

A.電池組(3V；內(nèi)阻lΩ)

B.電流表(0～3A；內(nèi)阻約0.0125Ω)

C.電流表(0～0.6A；內(nèi)阻約0.125Ω)

D.電壓表(0～3V；內(nèi)阻約4kΩ)

E.電壓表(0-15V；內(nèi)阻約15kΩ)

F.滑動變阻器(0-20Ω；允許最大電流1A)

G.滑動變阻器(0～2000Ω；允許最大電流0.3A)

H.開關；導線。

(1)上述器材中應選用的是_______(只填寫字母代號)

(2)某同學采用了如圖所示的部分電路測量電阻，則測量值比真實值偏________(選填“大”或“小”)。根據(jù)測量數(shù)據(jù)得到的伏安特性曲線如圖所示，圖中MN段向上彎曲的主要原因是下面的______(填A或B)

A．隨著電阻絲中的電流增大；溫度升高，電阻率增大，電阻增大。

B．隨著電阻絲中的電流增大；溫度升高，電阻率減小，電阻減小。

(3)在本實驗中，某同學用游標卡尺和螺旋測微器測該電阻絲的長度和直徑如圖所示，則其長度為______cm，直徑為______mm。

24、小格將廢棄不用的手機充電器拆開；發(fā)現(xiàn)內(nèi)部有一個變壓器，她想在不拆變壓器繞線的前提下測量其初級線圈的直流電阻。

（1）用多用電表歐姆擋粗測，選擋，讀出數(shù)值為___________（保留2位有效數(shù)字）

（2）用伏安法精確測量其直流電阻。現(xiàn)有器材如下：

①電流表（量程內(nèi)阻約為讀數(shù)記為）：

②電流表（量程內(nèi)阻讀數(shù)記為）；

③電壓表V（量程內(nèi)阻約為讀數(shù)記為）；

④定值電阻

⑤定值電阻

⑥滑動變阻器（）；

⑦蓄電池（電動勢內(nèi)阻很?。?/p>

⑧兩個開關；導線若干。

請選出兩個合適的電表對線圈電阻值進行精確測量___________（用器材前面的序號表示）

利用提供的器材在圖2的方框中畫出電路圖________（為了減小線圈自感對電路的影響；把兩個開關接入電路）。（在圖中標出元件符號）

（3）測量初級線圈的電阻表達式為___________。（本結(jié)果均用題中所給的字母表示）25、在“測定金屬絲的電阻率”的實驗中；某同學實驗過程如下：

（1）為了合理選用器材設計測量電路，他先用多用表的歐姆擋“×1”按正確的操作步驟粗測其電阻，指針如圖甲所示，則讀數(shù)應記為___________Ω。

（2）再用圖乙螺旋測微器測量該金屬絲的直徑d為___________mm；然后用圖丙的毫米刻度尺測量其長度為___________cm。

（3）實驗室提供以下器材，請根據(jù)方框丁內(nèi)的部分電路，合理選用所給器材，補全測量金屬絲電阻Rx的電路，要求在電路圖上注明所選元件符號。()

A．電源E：電動勢約為4.0V；內(nèi)阻約0.2Ω；

B．電流表A1：量程為0.6A，內(nèi)阻r1=1Ω；

C．電流表A2：量程為3A；內(nèi)阻約為0.1Ω；

D．定值電阻R1=20Ω；

E．定值電阻R2=5Ω；

F．滑動變阻器R：最大阻值5Ω；

G．開關S一個；導線若干；

H．螺旋測微器。

（4）用設計的電路進行實驗，獲得多組電流表A1和A2的讀數(shù)I1、I2，描點作圖得到如圖戊所示的圖像，可以算出金屬絲的電阻Rx=___________Ω（計算結(jié)果保留一位小數(shù)）。

（5）若金屬絲的長度為L，則該金屬絲的電阻率ρ=___________（用字母Rx、π、L、d表示）。評卷人得分六、解答題(共3題，共21分)26、如圖所示，勻強電場的電場強度大小E＝2.0N/C，方向水平向右，沿電場線方向有A、B兩點，A、B兩點間的距離d＝0.20m．將電荷量的正點電荷從A點移至B點．求：

(1)電荷所受電場力F的大小及方向；

(2)電荷從A點移至B點的過程中，電場力所做的功及AB兩點的電勢差

(3)已知B點的電勢＝300V，那么A點的電勢是多少伏特？在A點放一個電荷量為的負點電荷，那么A點電勢是多少？此電荷的電勢能是多少？

27、如圖所示實線是勻強電場的電場線，電場中有a、b、c三點，其中沿電場方向，與的夾角一個電子從a移到b的過程中電場力對其做功為若求：

（1）a、b兩點的電勢差

（2）勻強電場的場強E的大小和方向；

（3）c點的電勢

28、下圖為真空示波管的示意圖，電子從燈絲K發(fā)出（初速度可忽略不計），經(jīng)燈絲與A板間的電場加速后，從A板中心孔沿中心線KO射出，然后進入兩塊平行金屬板M、N間的偏轉(zhuǎn)電場（電子進入時的速度方向與該電場方向垂直），離開偏轉(zhuǎn)電場后打在熒光屏上的P點．已知K、A間的加速電壓為U1，M、N兩板間的偏轉(zhuǎn)電壓為U2，兩板間的距離為d，板長為L，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e；不計電子所受的重力及它們之間的相互作用力．

（1）求電子穿過A板時速度的大小v0；

（2）求電子從偏轉(zhuǎn)電場射出時的側(cè)移距離y；

（3）如果僅使偏轉(zhuǎn)電壓減半，即為使電子仍打在熒光屏上的P點，則加速電壓應當調(diào)整為求．

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

A.當劃片向滑動時，接入的電阻減小，總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中的電流增大，即通過的電流增大，由可知電阻的電功率增大；故A錯誤．

BC.干路的電流增加，內(nèi)電壓降增加，由可知路端電壓減小，即電壓表的示數(shù)減??；因為干路電流增加，故兩端的電壓增加，所以兩端的電壓減小；即電流表的示數(shù)減小，故B正確，C錯誤．

D.由C的分析已經(jīng)知道通過電流表的電流減小，因為干路電流增大，所以通過的電流增大，并且通過的電流的增加量大于通過電流表的電流減小量，故D錯誤．2、D【分析】【詳解】

A．所有物體都輻射電磁波；A錯誤；

B．微觀粒子的能量變化都是量子化的；B錯誤；

C．黑體從外界吸收能量；不反射電磁波，但是向外界輻射電磁波，C錯誤；

D．如果在一個空腔壁上開一個很小的孔；射入小孔的電磁波在空腔內(nèi)表面經(jīng)多次反射和吸收，最終不能從小孔射出，這個空腔就可以近似為一個黑體，D正確。

故選D。3、A【分析】【詳解】

試題分析：如圖枕型導體在帶正電的小球附近時；枕型導體上的自由電子會向金屬棒的左邊運動，金屬棒的左端因有了多余的電子而帶負電，右端因缺少電子而帶正電；而用導線接地，接導體的任何部位，右端的正電荷被中和，因此導體將帶負電；故A正確，BCD錯誤；

考點：靜電場中的導體。

【名師點睛】本題考查電荷的轉(zhuǎn)移，有一定的難度，關鍵知道由于異種電荷相互吸引，大地的負電荷（自由電子）會轉(zhuǎn)移到導體上．4、C【分析】【詳解】

頭發(fā)比較輕，當帶有同種電荷時，相互排斥，頭發(fā)便分散開來，形成“怒發(fā)沖冠”的現(xiàn)象，故選項C正確．5、D【分析】【詳解】

A．AB為等量異種點電荷，故產(chǎn)生的電場在AB連線垂直平分線上；從垂足向兩側(cè)場強逐漸減小且中垂線為等勢面，小球在下滑過程中沿等勢面運動，電場力不做功，故A錯誤；

B．小球C在下滑的過程中，由于場強增大，電場力也將逐漸增大，滑動摩擦力為

故受到的摩擦力一直增大；故B錯誤；

C．小球C的速度先增加后減小；開始時重力大于摩擦力，C的加速度向下；后來重力小于摩擦力，加速度向上，C做減速運動；當摩擦力等于重力時加速度為零，此時速度最大，但是此位置不一定在下落的高度一半的位置，故C錯誤；

D．小球在下滑過程中沿等勢面運動；電場力不做功，初末狀態(tài)的動能相同，摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能等于小球重力勢能減少量，故D正確；

故選D。

【點睛】

等量異種點電荷連線的中垂線是等勢面，從垂足向兩側(cè)場強逐漸減小。6、C【分析】【詳解】

A．由圖知C；D兩點電場線的疏密程度相同；說明場強的大小相等，但場強方向不同，則電場強度不同．兩點在同一等勢面上，電勢相等．故A錯誤．

B．A點和B點不在同一個等勢面上；所以它們的電勢不同，場強方向相反，則電場強度也不同，故B錯誤．

C．由圖知：A點的電勢與D點的電勢相等；高于B點的電勢，根據(jù)負電荷在電勢高處電勢能小，可知將電子從A點移至B點，電勢能增大，電場力做負功，故C正確．

D．A；D在同一等勢面上；將電子從A點移至D點，電場力不做功，其電勢能不變，故D錯誤。

故選C．7、B【分析】【詳解】

功；電壓、重力勢是標量；電場強度是矢量，所以B正確；ACD錯誤；

故選B。8、A【分析】【詳解】

AB．由電路圖可知，S閉合后，當溫度升高時，由于電路為并聯(lián)電路，電阻增大，則總電阻增大，根據(jù)歐姆定律可知總電流I減小，由于

則U增大，即電燈泡兩端電壓U增大，即燈泡L變亮，由于

可知，增大，則流過和的電流減小，由于

可知減小，由于

則可知增大，則電容器C兩端電壓增大，由

可知電容器C的帶電荷量增大；故A正確，B錯誤；

C．根據(jù)

可知電容器C兩端電壓增大，則電容器C兩板間的電場強度增大；故C錯誤；

D．由上述可知，流過的電流減小，根據(jù)

可知消耗的功率減小；故D錯誤。

故選A。二、多選題(共6題，共12分)9、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．對于阻值一定的導體，根據(jù)U＝IR可知，I越大，U越大；A正確；

BD．導體的電阻是導體本身的性質(zhì)，與U、I無關；故BD錯誤；

C．對于電阻一定的導體；導體中的電流與導體兩端的電壓成正比，則有當導體兩端的電壓增大一倍時，導體中的電流也增大一倍故C正確；

故選AC。10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．當電子從M點向N點運動時，庫侖力先做正功，后做負功，運動的速度先增加后減小，故B錯誤，A正確；

CD．電子運動的速度先增加后減小，所以動能先增加后減小，由于系統(tǒng)的動能與電勢能的和保持不變，所以電勢能先減小后增加，故C正確，D錯誤。

故選AC。11、B:C:D【分析】【詳解】

A．從O經(jīng)過C點時微粒的動能最小且為則C點為復合場的等效最高點；則復合場的合力方向如圖所示。

則有

聯(lián)立解得

則電場線的方向如圖所示，由幾何關系可知，MO與電場線垂直，則MO在同一等勢面上，則M點的電勢等于O點的電勢；故A錯誤；

B．微粒經(jīng)過B點和D點時，合外力不做功，所以微粒的動能不變，則微粒經(jīng)過B點和D點時的動能一定相同；故B正確；

C．微粒從O經(jīng)過M點時，只有重力做功，由動能定理可得

從O經(jīng)過C點時微粒的動能最小且為由動能定理可得

聯(lián)立解得

所以微粒經(jīng)過M點時的動能為故C正確；

D．微粒經(jīng)過AB連線中點時的動能為則有

聯(lián)立解得

故D正確。

故選BCD。12、B:D【分析】【詳解】

A．連續(xù)按壓和松開按鍵過程不能保證線圈中磁通量一定是周期性變化的；故不一定產(chǎn)生交變電流，A項錯誤；

B．按壓和松開按鍵過程；永久磁鐵通過鐵芯形成閉合磁路，線圈中磁通量發(fā)生變化，線圈中都產(chǎn)生感應電動勢，B項正確；

C．按住門鈴按鍵不動；穿過線圈的磁通量保持不變，感應電動勢和感應電流為零，C項錯誤；

D．由能量守恒定律可知按鍵反彈過程；彈簧的彈性勢能減小，克服磁場力做功并轉(zhuǎn)化為電能，也有部分能量轉(zhuǎn)化為其他形式的能，D項正確。

故選BD。13、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．電場中某點的場強由電場本身決定，與放在該點的檢驗電荷所受的電場力F無關，與檢驗電荷的電量q無關。故A錯誤；

B．電場是客觀存在的一種物質(zhì)；與其他物質(zhì)一樣，是不依賴我們的感覺而客觀存在的。故B正確；

C．公式中的d為勻強電場中電勢差為U的兩點間沿電場方向的距離。故C錯誤；

D．在庫侖定律的表達式中，可以理解為是點電荷Q1在點電荷Q2處的場強大??；而是點電荷Q2在點電荷Q1處的場強大小。故D正確。

故選BD。14、A:C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)

根據(jù)題意；極板所帶電荷量不變，極板間距增大，可知電容減小，極板之間的電勢差增大，即靜電計指針的偏角增大，A正確，B錯誤；

CD．根據(jù)

結(jié)合上述解得

極板所帶電荷量不變，可知，兩板間的電場強度不變，令P點到左極板間距為x，則有

由于

解得

正極板緩慢向左平移一小段距離，x增大，則點的電勢降低；C正確，D錯誤。

故選AC。三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

(1)已知真空中兩點電荷的電量均為q=2×10-8C，距離r=0.2m，根據(jù)庫侖定律得兩點電荷在中點處產(chǎn)生的場強大小均為方向相同；則在兩者連線的中點處，電場強度大小為E合=2E=3.6×104N/C.

(2)對小球受力分析，根據(jù)平衡條件有：由于β＞α，所以ma＞mb；ma＞mb，因此水平方向上，a的加速度小于b的加速度．豎直方向上作自由落體運動，根據(jù)運動的獨立性可知，兩球同時落地，ta=tb；由于a的加速度小于b的加速度，因此a球水平飛行的距離比b球小.

【點睛】

第(1)題考查兩電荷連線上電場強度是兩電荷產(chǎn)生的電場強度的疊加,根據(jù)平行四邊形定則進行合成;第(2)題涉及運動的獨立性以及物體的平衡等，較好的考查了學生綜合應用知識的能力.【解析】9×10-53.6×104>=<16、略

【分析】【詳解】

[1]電量為的負電荷從點移到點，由得：

[2][3]帶電的微粒從沿直線移到的過程中電場力始終不作功，說明為等勢面，由于的電勢比的電勢高，電場方向垂直指向

場強大小為：【解析】4000垂直指向C17、略

【分析】【詳解】

[1]某點的電場強度是正電荷Q1和負電荷Q2在該處產(chǎn)生的電場的疊加，是合場強，根據(jù)點電荷的場強公式可知，要使電場強度為零，那么正電荷Q1和負電荷Q2在該處產(chǎn)生的場強大小相等方向相反，不會在Q1的左邊，因為Q1的電荷大于Q2，也不會在Q1Q2之間，因為它們電荷相反，在中間的電場方向都是一樣的，所以，只能在Q2右邊，設該位置據(jù)Q2的距離是L，則有

解得

所以x坐標軸上x=12cm處的電場強度為零；

[2]在Q1Q2之間，正電荷Q1和負電荷Q2在該處產(chǎn)生的場強方向沿x軸正方向，所以實際場強也是沿x軸正方向，根據(jù)點電荷的場強公式得x坐標軸大于12cm區(qū)域電場強度方向沿x軸正方向區(qū)域，所以x坐標軸上電場強度方向沿x軸正方向區(qū)域是和【解析】12或18、略

【解析】①.遠離②.異種③.同種④.靜電感應19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]A、B為異種電荷；則它們互相吸引。

[2]相互作用力。

[3][4]用一根導線連接兩電荷；再移開導線后，則每個電荷的帶電量為。

相互作用力為排斥力。

【解析】吸引排斥20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]當小球C靠近小球A時，旋轉(zhuǎn)小角度，因此通過微小量放大，能比較準確的測出轉(zhuǎn)動角度；同時體現(xiàn)了控制變量法，控制電荷量，去研究庫侖力與距離的關系；控制距離，去研究庫侖力與電荷量的關系。【解析】①.微小量放大法②.控制變量法四、作圖題(共1題，共4分)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示。【解析】五、實驗題(共4題，共24分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）多用電表可以用來測量直流電壓；直流電流、交流電壓、交流電流以及電阻。

（2）構(gòu)造。

a.表的上半部分為表盤；標有電壓；電流和電阻的刻度線，用于讀取這些電學量的測量值。

b.表中央的定位螺絲用于使指針指到零刻度。

c.表下半部分中間的旋鈕是選擇開關，周圍標有測量功能的區(qū)域及量程?！窘馕觥竣?電壓②.電流③.交流電壓④.交流電流⑤.電阻⑥.電流⑦.電阻⑧.定位螺絲⑨.量程23、略

【分析】【詳解】

(1)[1]電源電動勢為3V，故應選0～3V的電壓表，又因為待測電阻絲的電阻約為5Ω,則電路中的最大電流大約為

故應選0～0.6A的電流表；滑動變阻器應選0-20Ω的，太大會使電表讀數(shù)變化不明顯，調(diào)節(jié)時不方便，另外還需要電源和開關；導線，故選ACDFH。

(2)[2]此同學的接法為電流表外接法；此時電流表測量的是通過電阻和電壓表的電流之和，即電流表讀數(shù)大于通過電阻的電流，由歐姆定律可知，電阻的測量值小于真實值；

[3]U-I圖線向上彎曲；是因為電阻絲的電阻率隨溫度的升高而增大，從而電阻增大，即圖線的斜率增大。故A正確。

(3)[4]圖示為20分度游標卡尺，因此讀數(shù)為

[5]螺旋測微器讀數(shù)為【解析】ACDFH小A10.0254.48724、略

【分析】【詳解】

（1）[1]用多用電表歐姆擋粗測，選擋，由圖可知讀數(shù)為

（2）[2]電源電動勢為可知電壓表量程太大，不適用；而電流表內(nèi)阻已知，可將定值電阻與電流表串聯(lián)改裝成量程為的電壓表；通過被測線圈的最大電流約為

所以電流表選擇故兩個電表應選擇①②。

[3]由于被測線圈阻值約為