2025年外研銜接版高二物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年外研銜接版高二物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、物體在與初速度始終在同一直線上的合外力F的作用下運(yùn)動(dòng)．取vo方向?yàn)檎龝r(shí)，合外力F隨時(shí)間t的變化情況如圖所示，則在O-t2這段時(shí)間內(nèi)（）

A.物體的加速度先減小后增大；速度也是先減小后增大。

B.物體的加速度先增大后減??；速度也是先增大后減小。

C.物體的加速度先減小后增大；速度一直在增大。

D.物體的加速度先減小后增大；速度一直在減小。

2、下列圖中表示閉合電路中的一部分導(dǎo)體ab

在磁場(chǎng)中做切割磁感線運(yùn)動(dòng)的情景，導(dǎo)體ab

上的感應(yīng)電流方向?yàn)閍隆煤b

的是(

)

A.B.C.D.3、如圖所示，三條虛線表示某電場(chǎng)的三個(gè)等勢(shì)面，其中φ1=10V，φ2=20V，φ3=30V一個(gè)帶電粒子只受電場(chǎng)力作用，按圖中實(shí)線軌跡從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，由此可知A.粒子帶正電B.粒子的速度變大C.粒子的加速度變大D.粒子的電勢(shì)能變大4、直導(dǎo)線ab放在如圖所示的水平導(dǎo)體框架上，構(gòu)成一個(gè)閉合回路．長(zhǎng)直導(dǎo)線cd和框架處在同一個(gè)平面內(nèi)，且cd和ab平行，當(dāng)cd中通有電流時(shí)，發(fā)現(xiàn)ab向右運(yùn)動(dòng)．關(guān)于cd中的電流下列說(shuō)法正確的是A.電流肯定在增大，不論電流是什么方向B.電流肯定在減小，不論電流是什么方向C.電流大小恒定，方向由c到dD.電流大小恒定，方向由d到c5、關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度和電場(chǎng)線，下列說(shuō)法正確的是（）A.在電場(chǎng)中某點(diǎn)放不同的檢驗(yàn)電荷，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度就不同B.在電場(chǎng)中沒(méi)有電場(chǎng)線的地方場(chǎng)強(qiáng)一定為零C.電荷在電場(chǎng)中某點(diǎn)所受力的方向即為該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向D.由靜止釋放的帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡可能不與電場(chǎng)線重合6、一個(gè)矩形線圈繞垂直于勻強(qiáng)磁場(chǎng)并位于線圈平面內(nèi)的固定軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間t變化如圖所示，則（）A.t1時(shí)刻通過(guò)線圈的磁通量為零B.t2時(shí)刻線圈位于中性面C.t3時(shí)刻通過(guò)線圈的磁通量變化率最大D.每當(dāng)e變換方向時(shí)，通過(guò)線圈的磁通量都最大7、下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.沿電場(chǎng)線方向，電場(chǎng)強(qiáng)度一定越來(lái)越小B.電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的距離越大，兩點(diǎn)間的電勢(shì)差就越大C.在等勢(shì)面上移動(dòng)電荷時(shí)電場(chǎng)力不做功D.沿電場(chǎng)線方向移動(dòng)電荷時(shí)，電場(chǎng)力一定做正功8、如圖所示；在等量異種電荷連線的中垂線上取ABCD

四點(diǎn)，BD

兩點(diǎn)關(guān)于O

點(diǎn)對(duì)稱，則關(guān)于各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系，下列說(shuō)法中正確的是：()

A.EA>EBEB=ED

B.EA<EB<ECEB=ED

C.四點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向不盡相同D.EA<EBEC

與ED

大小關(guān)系無(wú)法確定9、關(guān)于第一宇宙速度，下列說(shuō)法正確的是（）A.第一宇宙速度的數(shù)值是7.9km/sB.第一宇宙速度的數(shù)值是11.2km/sC.它是衛(wèi)星在橢圓軌道上運(yùn)行時(shí)在近地點(diǎn)的速度D.它是人造地球衛(wèi)星繞地球飛行的最小速度評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、用螺旋測(cè)微器測(cè)圓柱體的直徑時(shí)，示數(shù)如圖甲所示，此示數(shù)為_(kāi)_____mm

用20

分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量某物體的厚度時(shí)，示數(shù)如圖乙所示，此示數(shù)為_(kāi)_____mm.

圖丙為正在測(cè)量中的多用電表表盤(pán)，如果是用“婁賂隆脕10

”檔測(cè)量某電阻絲電阻，則讀數(shù)為_(kāi)_____婁賂.

11、如圖，電源電動(dòng)勢(shì)E=10V.

內(nèi)阻r=3婁賂

電阻R0=9婁賂

滑動(dòng)變阻器R

的最大阻值為8婁賂

當(dāng)滑動(dòng)變阻器R=

____婁賂

時(shí)，變阻器消耗的功率最大，最大功率是____W

當(dāng)變阻器R=

____婁賂

時(shí)，電阻R0

上消耗的功率最大，此時(shí)電源的效率為_(kāi)___。

12、一根導(dǎo)線長(zhǎng)0.2m，通過(guò)3A的電流，垂直放入磁場(chǎng)中某處受到的磁場(chǎng)力是0.12N，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小是______T；如果該導(dǎo)線的長(zhǎng)度和電流都減小一半，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小是______T．13、電子手表中的液晶在外加電壓的影響下能夠發(fā)光．______．（判斷對(duì)錯(cuò)）14、游標(biāo)卡尺的讀數(shù)是______cm．

15、在“用油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中；有下列實(shí)驗(yàn)步驟：

①往邊長(zhǎng)約為40cm的淺盤(pán)里倒入約2cm深的水．待水面穩(wěn)定后將適量的痱子粉均勻地撒在水面上．

②用注射器將事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上；待油膜形狀穩(wěn)定．

③將畫(huà)有油膜形狀的玻璃板平放在坐標(biāo)紙上；計(jì)算出油膜的面積，根據(jù)油酸的體積和面積計(jì)算出油酸分子直徑的大?。?/p>

④用注射器將事先配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中；記下量筒內(nèi)每增加一定體積時(shí)的滴數(shù)，由此計(jì)算出一滴油酸酒精溶液的體積．

⑤將玻璃板放在淺盤(pán)上；然后將油膜的形狀用彩筆描繪在玻璃板上．

完成下列填空：

（1）上述步驟中，正確的順序是______．（填寫(xiě)步驟前面的數(shù)字）

（2）將1cm3的油酸溶于酒精，制成300cm3的油酸酒精溶液；測(cè)得1cm3的油酸酒精溶液有50滴．現(xiàn)取一滴該油酸酒精溶液滴在水面上，測(cè)得所形成的油膜的面積是0.13m2．

由此估算出油酸分子的直徑為_(kāi)_____m．（結(jié)果保留l位有效數(shù)字）16、rm{(1)}已知在常溫常壓下：rm{壟脵2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)簍T2CO_{2}(g)+4H_{2}O(g)婁隴H=-1275.6kJ隆隴mol^{-1}}rm{壟脵2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)簍T2CO_{2}(g)+4H_{2}O(g)

婁隴H=-1275.6kJ隆隴mol^{-1}}rm{壟脷H_{2}O(l)簍TH_{2}O(g)}則甲醇rm{婁隴H=+44.0kJ隆隴mol^{-1}}燃燒熱的熱化學(xué)方程式是__________________________________。rm{(CH_{3}OH)}在一定條件下，可逆反應(yīng)rm{(2)}rm{A+B}變化如圖所示。已知縱坐標(biāo)表示在不同溫度和壓強(qiáng)下生成物rm{mC}在混合物中的質(zhì)量分?jǐn)?shù)，rm{C}為反應(yīng)在rm{p}溫度時(shí)達(dá)到平衡后給容器加壓的變化情況，請(qǐng)回答：rm{T_{2}}溫度rm{壟脵}________rm{T_{1}}填“rm{T_{2}(}”“rm{>}”或“rm{=}”rm{<}rm{)}正反應(yīng)是________反應(yīng)rm{壟脷}填“吸熱”或“放熱”rm{(}rm{)}如果rm{壟脹}rm{A}rm{B}均為氣體，則rm{C}________rm{m}填“rm{2(}”“rm{>}”或“rm{=}”rm{<}rm{)}在一定溫度下，將rm{(3)}和rm{1molA(g)}相混合于體積為rm{1molB(g)}的某密閉容器中，發(fā)生如下反應(yīng)：rm{2L}rm{3A(g)+B(g)}rm{xC(g)+2D(g)}經(jīng)過(guò)rm{婁隴H<0}反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，生成了rm{2min}并測(cè)得此時(shí)rm{0.4molD}的濃度為rm{C}請(qǐng)回答：rm{0.2mol隆隴L^{-1}}內(nèi)rm{壟脵2min}的平均反應(yīng)速率為_(kāi)__________rm{B}rm{mol/(L.min)}的轉(zhuǎn)化率為_(kāi)____________。rm{壟脷A}該溫度下反應(yīng)的平衡常數(shù)rm{壟脹}____________。rm{K=}能說(shuō)明該反應(yīng)已達(dá)到化學(xué)平衡狀態(tài)的是____________rm{壟脺}選填序號(hào)rm{(}rm{)}容器中氣體壓強(qiáng)保持不變r(jià)m{a.}容器中氣體的密度保持不變r(jià)m{b.}容器中rm{c.}的體積分?jǐn)?shù)保持不變r(jià)m{A}混合氣體的平均相對(duì)分子質(zhì)量不隨時(shí)間而變化rm{d.}單位時(shí)間內(nèi)每消耗rm{e.}同時(shí)生成rm{1.2molA(g)}rm{0.4molB(g)}評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)17、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

23、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共1題，共5分)24、請(qǐng)對(duì)下列實(shí)驗(yàn)探究與活動(dòng)進(jìn)行判斷；說(shuō)法正確的題后括號(hào)內(nèi)填“正確”，錯(cuò)誤的填“錯(cuò)誤”．

(1)

如圖甲所示；在“研究滑動(dòng)摩擦力的大小”的實(shí)驗(yàn)探究中，必須將長(zhǎng)木板勻速拉出______

(2)

如圖乙所示的實(shí)驗(yàn)探究中；只能得到平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向的分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)，而不能得出水平方向的運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)______

(3)

如圖丙所示；在“研究向心力的大小與質(zhì)量；角速度和半徑之間的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)探究中，采取的主要物理方法是理想實(shí)驗(yàn)法______

(4)

如圖丁所示的實(shí)驗(yàn)探究中，正極板與靜電計(jì)外殼是連通并接地的．______．評(píng)卷人得分五、解答題(共3題，共9分)25、釷（）具有放射性，能放出一個(gè)β粒子而變?yōu)殓h（Pa）．現(xiàn)有一個(gè)靜止的釷（）原子核處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中；某時(shí)刻它放出一個(gè)β粒子，放出的β粒子的初速度與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直．

（1）寫(xiě)出上述核反應(yīng)方程；

（2）若的質(zhì)量為mT，β粒子的質(zhì)量為me，鏷（Pa）的質(zhì)量為mp；真空中的光速為c，則反應(yīng)中釋放的核能為多少？

（3）生成的鏷（Pa）與β粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑之比為多少？

26、如圖14所示，一帶電量為q=-5×10-3C，質(zhì)量為m=0.1kg的小物塊處于一傾角為θ=37°的光滑絕緣斜面上，當(dāng)整個(gè)裝置處于一水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中時(shí)，小物塊恰處于靜止?fàn)顟B(tài)．（g取10m/s2）：

（1）求電場(chǎng)強(qiáng)度多大？

（2）若從某時(shí)刻開(kāi)始，電場(chǎng)強(qiáng)度減小為原來(lái)的求物塊下滑距離L=1.5m時(shí)的速度大?。?/p>

27、我們知道；根據(jù)光的粒子性，光的能量是不連續(xù)的，而是一份一份的，每一份叫一個(gè)光子，光子具有動(dòng)量（hv/c）和能量（hv），當(dāng)光子撞擊到光滑的平面上時(shí)，可以像從墻上反彈回來(lái)的乒乓球一樣改變運(yùn)動(dòng)方向，并給撞擊物體以相應(yīng)的作用力．光對(duì)被照射物體單位面積上所施加的壓力叫光壓．聯(lián)想到人類很早就會(huì)制造并廣泛使用的風(fēng)帆，能否做出利用太陽(yáng)光光壓的“太陽(yáng)帆”進(jìn)行宇宙航行呢？

1924年，俄國(guó)航天事業(yè)的先驅(qū)齊奧爾科夫斯基和其同事?tīng)N德?tīng)柮鞔_提出“用照射到很薄的巨大反射鏡上的太陽(yáng)光所產(chǎn)生的推力獲得宇宙速度”，首次提出了太陽(yáng)帆的設(shè)想．但太陽(yáng)光壓很小，太陽(yáng)光在地球附近的光壓大約為10﹣6N/m2；但在微重力的太空，通過(guò)增大太陽(yáng)帆面積，長(zhǎng)達(dá)數(shù)月的持續(xù)加速，使得太陽(yáng)帆可以達(dá)到甚至超過(guò)宇宙速度．IKAROS是世界第一個(gè)成功在行星際空間運(yùn)行的太陽(yáng)帆．2010年5月21日發(fā)射，2010年12月8日，IKAROS在距離金星80，800公里處飛行掠過(guò)，并進(jìn)入延伸任務(wù)階段．

設(shè)太陽(yáng)單位時(shí)間內(nèi)向各個(gè)方向輻射的總能量為E，太空中某太陽(yáng)帆面積為S，某時(shí)刻距太陽(yáng)距離為r（r很大；故太陽(yáng)光可視為平行光，太陽(yáng)帆位置的變化可以忽略），且帆面和太陽(yáng)光傳播方向垂直，太陽(yáng)光頻率為v，真空中光速為c，普朗克常量為h．

（1）當(dāng)一個(gè)太陽(yáng)光子被帆面完全反射時(shí)；求光子動(dòng)量的變化△P，判斷光子對(duì)太陽(yáng)帆面作用力的方向．

（2）計(jì)算單位時(shí)間內(nèi)到達(dá)該航天器太陽(yáng)帆面的光子數(shù)．

（3）事實(shí)上，到達(dá)太陽(yáng)帆表面的光子一部分被反射，其余部分被吸收．被反射的光子數(shù)與入射光子總數(shù)的比，稱為反射系數(shù)．若太陽(yáng)帆的反射系數(shù)為ρ，求該時(shí)刻太陽(yáng)光對(duì)太陽(yáng)帆的作用力．評(píng)卷人得分六、綜合題(共4題，共16分)28、2003年10月16日我國(guó)成功發(fā)射了“神州五號(hào)”載人飛船；這標(biāo)志著我國(guó)的航天航空事業(yè)居于世界前列．

（1）如圖是A“神州五號(hào)”的火箭發(fā)射場(chǎng)，B為山區(qū)，C為城市，發(fā)射場(chǎng)正在進(jìn)行發(fā)射，若該火箭起飛時(shí)質(zhì)量為2.02×105kg，起飛推力2.75×106N，火箭發(fā)射塔高100m，則該火箭起飛的加速度大小為_(kāi)_____，在火箭推力不變的情況下，若不考慮空氣阻力和火箭質(zhì)量的變化，火箭起飛后經(jīng)______s飛離發(fā)射塔．

（2）為了轉(zhuǎn)播發(fā)射實(shí)況，我國(guó)科技工作者在發(fā)射場(chǎng)建立了發(fā)射臺(tái)用于發(fā)射廣播與電視信號(hào)．已知傳輸無(wú)線電廣播所用的電磁波波長(zhǎng)為550m，而傳輸電視信號(hào)所用的電磁波波長(zhǎng)為0.556m，為了不讓山區(qū)擋住信號(hào)的傳播，使城市居民能聽(tīng)到和收看實(shí)況，必須通過(guò)在山頂?shù)霓D(zhuǎn)發(fā)站來(lái)轉(zhuǎn)發(fā)______（填無(wú)線電廣播信號(hào)或電視信號(hào)），這是因?yàn)開(kāi)_____．29、(1)(1)質(zhì)量為mm帶電量為qq的小球，從傾角為婁脠婁脠的光滑絕緣斜面上由靜止下滑，整個(gè)斜面置于方向水平向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其磁感應(yīng)強(qiáng)度為BB如圖所示。若帶電小球下滑后某時(shí)刻對(duì)斜面的作用力恰好為零，下面說(shuō)法中正確的是(())壟脵

小球帶正電壟脷

小球在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)壟脹

小球在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)做加速度增大，而速度也增大的變加速直線運(yùn)動(dòng)壟脺

則小球在斜面上下滑過(guò)程中，當(dāng)小球?qū)π泵鎵毫榱銜r(shí)的速率為mgcos婁脠/Bq

(2)

如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=9V

內(nèi)電阻r=0.5婁賂

電阻R1=5.0婁賂R2=3.5婁賂R3=6.0婁賂R4=3.0婁賂

電容C=2.0婁脤F.

當(dāng)電鍵K

由與a

接觸到與b

接觸通過(guò)R3

的電量是多少？30、[

物理隆陋隆陋

選修3隆陋3]

(1)

甲、乙兩分子相距較遠(yuǎn)，設(shè)甲固定不動(dòng)，乙在分子力作用下逐漸向甲靠近直到不能再靠近的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是_________(

填正確答案標(biāo)號(hào)。)

A.乙分子的速度先增大后減小B.加速度先增大后減小C.分子力先減小后增大D.分子動(dòng)能先增大后減小E.分子勢(shì)能先減小后增大

(2)

如圖所示，玻璃管A

上端封閉，B

上端開(kāi)口且足夠長(zhǎng)，兩管下端用橡皮管連接起來(lái)，A

管上端被一段水銀柱封閉了一段長(zhǎng)為6cm

的氣體，外界大氣壓為75cmHg

左右兩水銀面高度差為5cm

溫度為t1=27隆忙

(i)

保持溫度不變，上下移動(dòng)B

管，使A

管中氣體長(zhǎng)度變?yōu)?cm

穩(wěn)定后的壓強(qiáng)為多少？(ii)B

管應(yīng)向哪個(gè)方向移動(dòng)？移動(dòng)多少距離？(iii)

穩(wěn)定后保持B

不動(dòng)，為了讓A

管中氣體長(zhǎng)度回復(fù)到6cm

則溫度應(yīng)變?yōu)槎嗌伲?1、參照伽利略時(shí)期演示平拋運(yùn)動(dòng)的方法制作了圖示的實(shí)驗(yàn)裝置，圖中水平放置的底板上豎直地固定有M

板和N

板。M

板上部有一半徑為R

的圓弧形的粗糙軌道，P

為最高點(diǎn)，Q

為最低點(diǎn)，Q

點(diǎn)處的切線水平，距底板高為H

。N

板上固定有三個(gè)圓環(huán)。將質(zhì)量為m

的小球從P

處?kù)o止釋放，小球運(yùn)動(dòng)至Q

飛出后無(wú)阻礙地通過(guò)各圓環(huán)中心，落到底板上距Q

水平距離為L(zhǎng)

處。不考慮空氣阻力，重力加速度為g

。求：

(1)

小球到達(dá)Q

點(diǎn)時(shí)的速度大??；(2)

小球運(yùn)動(dòng)到Q

點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小；(3)

小球克服摩擦力做的功。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】

由圖可知；物體所受合外力F隨時(shí)間t的變化是先減小后增大；

根據(jù)牛頓第二定律得：物體的加速度先減小后增大；

由于取vo方向?yàn)檎龝r(shí)；合外力F與正方向相同，所以物體加速度方向與速度方向一直相同，所以速度一直在增大．

故選C．

【解析】【答案】根據(jù)牛頓第二定律；已知合力判斷加速度．

根據(jù)速度方向與加速度方向判斷速度大小變化．

2、A【分析】解：Aab

棒順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，運(yùn)用右手定則：磁感線穿過(guò)手心，拇指指向順時(shí)針?lè)较?，則導(dǎo)體ab

上的感應(yīng)電流方向?yàn)閍隆煤b.

故A正確。

B、ab

向紙外運(yùn)動(dòng)，運(yùn)用右手定則時(shí)，磁感線穿過(guò)手心，拇指指向紙外，則知導(dǎo)體ab

上的感應(yīng)電流方向?yàn)閎隆煤a

故B錯(cuò)誤。

C、穿過(guò)回路的磁通量減小，由楞次定律知，回路中感應(yīng)電流方向由b隆煤a隆煤c

則導(dǎo)體ab

上的感應(yīng)電流方向?yàn)閎隆煤a.

故C錯(cuò)誤。

D、ab

棒沿導(dǎo)軌向下運(yùn)動(dòng)，由右手定則判斷知導(dǎo)體ab

上的感應(yīng)電流方向?yàn)閎隆煤a

故D錯(cuò)誤。

故選：A

感應(yīng)電流方向根據(jù)右手定則或楞次定律進(jìn)行判斷.

右手定則研究一段導(dǎo)體；楞次定律研究一個(gè)回路，從而即可求解．

本題的關(guān)鍵要掌握右手定則和楞次定律，要知道它們?cè)谂袛嗲懈町a(chǎn)生的感應(yīng)電流方向上結(jié)果是相同的，不過(guò)研究的對(duì)象不同．【解析】A

3、B【分析】試題分析：由圖象可知帶電粒子的軌跡向右偏轉(zhuǎn)，得出粒子所受力的方向向右；又由電場(chǎng)線指向電勢(shì)降低的方向，得出電場(chǎng)線方向大致向左．因?yàn)閹щ娏Ｗ邮芰εc電場(chǎng)的方向相反，所以粒子帶負(fù)電．故A錯(cuò)誤．由動(dòng)能定理得，合外力（電場(chǎng)力）做正功，動(dòng)能增加．故B正確．由于等勢(shì)面密的地方電場(chǎng)線也密、電場(chǎng)線密的地方粒子受到的力也大，力越大加速度也越大，所以粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，加速度在變?。蔆錯(cuò)誤．由電場(chǎng)力做功的公式WAB=qUAB得，粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減?。蔇錯(cuò)誤．考點(diǎn)：本題考查帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)?！窘馕觥俊敬鸢浮緽4、A【分析】根據(jù)ab向右運(yùn)動(dòng)，由楞次定律可知，ｄｃ上面的電流肯定在減小，與電流方向無(wú)關(guān)，Ａ對(duì)；【解析】【答案】A5、D【分析】解：A；電場(chǎng)中某點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小由電場(chǎng)本身決定；與放入電場(chǎng)中的檢驗(yàn)電荷無(wú)關(guān)，因此在電場(chǎng)中某點(diǎn)放不同的檢驗(yàn)電荷，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度是相同的，故A錯(cuò)誤．

B；電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的強(qiáng)弱；在電場(chǎng)中沒(méi)畫(huà)電場(chǎng)線的地方場(chǎng)強(qiáng)并不一定為零．故B錯(cuò)誤；

C；正電荷在電場(chǎng)中某點(diǎn)所受力的方向才是該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向；電場(chǎng)強(qiáng)度方向與負(fù)電荷所受的電場(chǎng)力方向相反，故C錯(cuò)誤．

D；若電場(chǎng)線是曲線；由靜止釋放的帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡不與電場(chǎng)線重合，故D正確．

故選：D

電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度由場(chǎng)源和該點(diǎn)的位置決定；與試探電荷無(wú)關(guān)．正電荷所受的電場(chǎng)力方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相同．電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡與電場(chǎng)線不一定重合，只有電場(chǎng)線是直線時(shí)，電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡才可能能沿電場(chǎng)線．

電場(chǎng)強(qiáng)度是用比值法定義的物理量之一，電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度是由電場(chǎng)本身決定的，與該點(diǎn)是否有試探電荷無(wú)關(guān)．加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)，掌握住電場(chǎng)線的特點(diǎn)：疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小、切線方向表示場(chǎng)強(qiáng)的方向．場(chǎng)強(qiáng)方向與正電荷所受的電場(chǎng)力方向相同．【解析】【答案】D6、D【分析】解：A、由圖可知，t1時(shí)刻線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最小為零；則根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得知，磁通量的變化率為零，而線圈與磁場(chǎng)垂直，通過(guò)線圈的磁通量為最大，故A錯(cuò)誤；

B、由圖可知，t2時(shí)刻線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大；故磁通量的變化率也最大，線圈與磁場(chǎng)平行，與中性面垂直，故B錯(cuò)誤；

C、由圖可知，t3時(shí)刻線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是零；則磁通量的變化率也為零，最小，故C錯(cuò)誤；

D；每當(dāng)線圈經(jīng)過(guò)中性面時(shí)；e轉(zhuǎn)換方向，此時(shí)線圈與磁場(chǎng)垂直，磁通量最大，故D正確；

故選：D．

矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)內(nèi)繞固定軸轉(zhuǎn)動(dòng)；線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e隨于時(shí)間t的變化規(guī)律可得，線圈從垂直中性面開(kāi)始計(jì)時(shí)；磁通量為零時(shí)，磁通量變化率最大；每當(dāng)線圈經(jīng)過(guò)中性面時(shí)，電流方向改變．

學(xué)會(huì)通過(guò)瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)來(lái)判定在什么時(shí)刻，線圈處于什么位置；同時(shí)還能畫(huà)出磁通量隨著時(shí)間變化的圖象及線圈中的電流隨著時(shí)間變化的規(guī)律．【解析】【答案】D7、C【分析】解：A

電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與是否沿電場(chǎng)線無(wú)關(guān)；在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，沿電場(chǎng)線的方向場(chǎng)強(qiáng)不變，故A錯(cuò)誤；

B；公式U=Ed

使用的條件是沿電場(chǎng)線的方向；在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，兩點(diǎn)距離大，電勢(shì)差不一定越大，還與兩點(diǎn)的連線與電場(chǎng)線方向之間的夾角有關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C；在等勢(shì)面上移動(dòng)電荷時(shí)；因電勢(shì)差為零，因此電場(chǎng)力不做功，故C正確；

D；在電場(chǎng)中順著電場(chǎng)線移動(dòng)正電荷；電場(chǎng)力做正功，而順著電場(chǎng)線移動(dòng)負(fù)電荷，電場(chǎng)力做負(fù)功，故D錯(cuò)誤。

故選：C

在勻強(qiáng)電場(chǎng)中；電場(chǎng)強(qiáng)度與兩點(diǎn)間電勢(shì)差的關(guān)系是兩點(diǎn)間電勢(shì)差等于場(chǎng)強(qiáng)與兩點(diǎn)間沿電場(chǎng)方向距離的乘積；在電場(chǎng)中移動(dòng)電荷電場(chǎng)力做功時(shí)電勢(shì)能會(huì)發(fā)生改變。電場(chǎng)力做功正負(fù)可根據(jù)電場(chǎng)力與位移方向關(guān)系判斷。電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)無(wú)關(guān)。電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減??；電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加。結(jié)合這些知識(shí)分析。

本題考查對(duì)公式U=Ed

的理解，關(guān)鍵抓住兩點(diǎn)：一是公式適用的條件：勻強(qiáng)電場(chǎng)；二是d

的含義：兩點(diǎn)間沿電場(chǎng)方向的距離；解決本題的關(guān)鍵掌握電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系、電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)的關(guān)系，明確電場(chǎng)力做功等于電勢(shì)能的減小量?！窘馕觥緾

8、B【分析】解：據(jù)等量異種電荷的電場(chǎng)特點(diǎn)；中垂線上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)關(guān)于電荷連線對(duì)稱，中點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最大，向兩側(cè)場(chǎng)強(qiáng)逐漸減小，場(chǎng)強(qiáng)方向垂直于中垂線；由于BD

兩點(diǎn)關(guān)于O

點(diǎn)對(duì)稱，所以BD

兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同，且C

點(diǎn)、B

點(diǎn)、A

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)逐漸減小，故B正確，ACD錯(cuò)誤．

故選：B

．

利用兩個(gè)等量異種電荷的電場(chǎng)特點(diǎn)；兩電荷連線的中垂線有如下特征：中垂線為等勢(shì)線，連線上各點(diǎn)的電勢(shì)相等，中間電場(chǎng)線比較密，兩邊疏，則連線中點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最大，向外逐漸減小.

且電場(chǎng)中的電勢(shì)；電場(chǎng)強(qiáng)度都關(guān)于X

軸對(duì)稱，所以對(duì)稱點(diǎn)電勢(shì)相等，場(chǎng)強(qiáng)大小相等．

明確等量異種電荷的電場(chǎng)特點(diǎn)是解題的關(guān)鍵，特別是中垂線上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)特點(diǎn)，即各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)關(guān)于電荷連線對(duì)稱，中點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最大，向兩側(cè)場(chǎng)強(qiáng)逐漸減小，場(chǎng)強(qiáng)方向垂直于中垂線．【解析】B

9、A【分析】解：AB、第一宇宙速度為v==7.9km/s；故A正確，B錯(cuò)誤；

C；在地面附近發(fā)射飛行器；如果速度大于7.9km/s，而小于11.2km/s，它繞地球飛行的軌跡就不是圓，而是橢圓，故在橢圓軌道上運(yùn)行的衛(wèi)星，在近地點(diǎn)的速度均大于7.9km/s，故C錯(cuò)誤；

D；第一宇宙速度是人造地球衛(wèi)星飛船環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的最大速度；同時(shí)又是最小的發(fā)射速度，故D錯(cuò)誤；

故選：A。

由于第一宇宙速度是人造地球衛(wèi)星飛船環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的最大速度；同時(shí)又是最小的發(fā)射速度，可知飛船的發(fā)射速度大于第一宇宙速度7.9km/s。飛船的發(fā)射速度大于第二宇宙速度11.2km/s時(shí)，就脫離地球束縛。所以飛船的發(fā)射速度要小于第二宇宙速度，同時(shí)要大于第一宇宙速度，介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之間。

本題要理解第一宇宙速度的意義，明確第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的最大運(yùn)行速度，也是衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)最小的發(fā)射速度?！窘馕觥緼二、填空題(共7題，共14分)10、略

【分析】解：螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)6mm

可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01隆脕12.5=0.125mm

所以最終讀數(shù)為：6mm+0.125mm=6.125mm

游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為6.3mm

游標(biāo)尺上第12

個(gè)刻度與主尺上某一刻度對(duì)齊，因此游標(biāo)讀數(shù)為0.05隆脕12mm=0.60mm

所以最終讀數(shù)為：6.3mm+0.060mm=6.360mm

．

歐姆表表盤(pán)的刻度為6.0

選擇的是“婁賂隆脕10

”檔，所以讀數(shù)是：6.0隆脕10=60婁賂

故答案為：6.12563.6060

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)；在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀.

游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．【解析】6.1256.36060

11、略

【分析】考查電功率。R

的阻值與RR0+r

越接近，R

消耗的功率越大，所以R=8婁賂8婁賂時(shí)，變阻器消耗的功率最大，為;

當(dāng)電路中流過(guò)定值電阻電流最大時(shí)，電阻RR0上消耗的功率最大，此時(shí)變阻器阻值為零，故答案為8

2

0

75%

討論最大功率分兩種情況；一是定值電阻，則要求流過(guò)該電阻電流最大時(shí)功率最大；二是阻值可變的，根據(jù)函數(shù)關(guān)系當(dāng)該電阻值越接近其他定值電阻總阻值時(shí)功率最大。【解析】8

2

0

75%

12、略

【分析】解：磁感應(yīng)強(qiáng)度B=．

如果該導(dǎo)線的長(zhǎng)度和電流都減小一半；則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，仍然為0.2T．

故答案為：0.2；0.2．

當(dāng)電流的方向與磁場(chǎng)方向垂直，根據(jù)B=求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小．磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與放入磁場(chǎng)中的電流元無(wú)關(guān)．

解決本題的關(guān)鍵掌握磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式，知道磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小由磁場(chǎng)本身的性質(zhì)決定，與放入磁場(chǎng)中電流的大小、導(dǎo)線的長(zhǎng)度無(wú)關(guān)．【解析】0.2；0.213、略

【分析】解：液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光；而是由于液晶通電時(shí)，排列變得有秩序，使光線容易通過(guò)．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×

液晶像液體一樣可以流動(dòng)；又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．液晶是介于液態(tài)與結(jié)晶態(tài)之間的一種物質(zhì)狀態(tài)；液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光，而是由于液晶通電時(shí)，排列變得有秩序，使光線容易通過(guò)．

液晶較為生疏的一種物質(zhì)狀態(tài)．關(guān)鍵需要記住其定義和基本特性即可．【解析】×14、略

【分析】解：游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為10.4cm；游標(biāo)尺上第1個(gè)刻度與主尺上的某一刻度對(duì)齊，故游標(biāo)讀數(shù)為0.05×1=0.05mm=0.005cm，所以最終讀數(shù)為：10.4cm+0.005cm=10.405cm．

故答案為：10.405

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法；其讀數(shù)方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀，游標(biāo)尺讀數(shù)時(shí)注意游標(biāo)尺上的哪一個(gè)刻度與主尺上的某一刻度對(duì)齊．

游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀，對(duì)于基本義儀器要在平時(shí)加強(qiáng)練習(xí)使用．【解析】10.40515、略

【分析】解：（1）“油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)步驟為：

配制酒精油酸溶液（教師完成，記下配制比例）→測(cè)定一滴酒精油酸溶液的體積v=（題中的④）→準(zhǔn)備淺水盤(pán)（①）→形成油膜（②）→描繪油膜邊緣（⑤）→測(cè)量油膜面積（③）→計(jì)算分子直徑（③）

（2）計(jì)算步驟：先計(jì)算一滴油酸酒精溶液中油酸的體積=一滴酒精油酸溶液的體積×配制比例=×

再計(jì)算油膜面積，最后計(jì)算分子直徑=××=5×10-10m．

故答案為：（1）④①②⑤③；（2）5×10-10．

將配制好的油酸酒精溶液；通過(guò)量筒測(cè)出1滴此溶液的體積．然后將1滴此溶液滴在有痱子粉的淺盤(pán)里的水面上，等待形狀穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤(pán)上，用彩筆描繪出油酸膜的形狀，將畫(huà)有油酸薄膜輪廓的玻璃板放在坐標(biāo)紙上，按不足半個(gè)舍去，多于半個(gè)的算一個(gè)，統(tǒng)計(jì)出油酸薄膜的面積．則用1滴此溶液的體積除以1滴此溶液的面積，恰好就是油酸分子的直徑．

本題是以油酸分子呈球型分布在水面上，且一個(gè)靠著一個(gè)，從而可以由體積與面積相除求出油膜的厚度．【解析】④①②⑤③；5×10-1016、（1）CH3OH(g)＋3/2O2(g)═══CO2(g)＋2H2O(l)ΔH＝－725.8kJ·mol－1

（2）①＞②放熱③＞

（3）①0.05②60%③0.5④ce【分析】【分析】本題考查蓋斯定律的而應(yīng)用，化學(xué)平衡的而影響因素，化學(xué)反應(yīng)速率的計(jì)算和化學(xué)平衡狀態(tài)的判斷，難度不大?！窘獯稹縭m{(1)}燃燒熱的熱化學(xué)方程式是rm{1mol}有機(jī)物完全燃燒，有蓋斯定律可知有方程式可有rm{(壟脵-4壟脷)}得到，即rm{CH}有機(jī)物完全燃燒，有蓋斯定律可知有方程式可有rm{1mol}得到，即rm{(壟脵-4壟脷)}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{OH(g)+3/2}rm{OH(g)+3/2}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{(g)簍T簍T簍TCO}rm{(g)簍T簍T簍TCO}rm{{,!}_{2}}rm{(g)+2H}故答案為：rm{(g)+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O(l)}rm{婁隴H=-725.8kJ隆隴mol}rm{O(l)}rm{婁隴H=-725.8kJ隆隴mol}rm{{,!}^{-1}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{OH(g)+3/2}rm{OH(g)+3/2}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}有圖像可知在rm{(g)簍T簍T簍TCO}溫度下先達(dá)到平衡，說(shuō)明反應(yīng)速率快，則溫度高，則rm{(g)簍T簍T簍TCO}rm{{,!}_{2}}rm{(g)+2H}溫度升高，rm{(g)+2H}的含量變小，說(shuō)明升高溫度平衡左移，則正反應(yīng)是放熱反應(yīng)，rm{{,!}_{2}}rm{O(l)}rm{婁隴H=-725.8kJ隆隴mol}有圖像可知，加壓平衡左移，加壓移動(dòng)向分子數(shù)少的方向，則rm{O(l)}rm{婁隴H=-725.8kJ隆隴mol}rm{{,!}^{-1}}rm{(2)}起始濃度rm{壟脵}有圖像可知在rm{T_{1}}溫度下先達(dá)到平衡，說(shuō)明反應(yīng)速率快，則溫度高，則rm{T_{1}>T_{2}}rm{壟脵}rm{T_{1}}rm{T_{1}>T_{2}}反應(yīng)濃度故答案為：rm{>}rm{>}rm{壟脷}溫度升高，rm{C}的含量變小，說(shuō)明升高溫度平衡左移，則正反應(yīng)是放熱反應(yīng)，rm{壟脷}平衡濃度rm{C}故答案為：放熱。rm{壟脹}有圖像可知，加壓平衡左移，加壓移動(dòng)向分子數(shù)少的方向，則rm{m>2}rm{壟脹}rm{m>2}內(nèi)故答案為：rm{>}的平均反應(yīng)速率為rm{vleft(Bright)=dfrac{?c}{t}=dfrac{0.1mol/L}{2min}=0.05mol隆隴{L}^{-1}隆隴mi{n}^{-1}}

rm{>}

rm{(3)}的轉(zhuǎn)化率為：rm{3A(g)+B(g)?xC(g)+2D(g)}

rm{(mol/L)0.5}

rm{0.5}平衡時(shí)rm{0}的濃度為rm{0}rm{(mol/L)0.3}rm{0.1}rm{0.1x}rm{0.2}則rm{(mol/L)0.3}此時(shí)的平衡常數(shù)為：rm{K=dfrac{c{left(Dright)}^{2}隆隴c{left(Cright)}^{2}}{c{left(Aright)}^{3}隆隴cleft(Bright)}=dfrac{{left(0.2right)}^{2}隆隴{left(0.2right)}^{2}}{{left(0.2right)}^{3}隆隴left(0.4right)}=0.5}

故答案為：rm{0.1}rm{0.1x}rm{0.2}該反應(yīng)是前后氣體分子數(shù)不變的反應(yīng)，則容器中氣體壓強(qiáng)保持不變，不一定是平衡狀態(tài)，故rm{(mol/L)0.2}rm{0.4}rm{0.1x}rm{0.2}不選；rm{(mol/L)0.2}體系都是氣體，氣體密度一直不變，則容器中氣體的密度保持不變，不一定是平衡狀態(tài)，故rm{0.4}不選；rm{0.1x}容器中rm{0.2}的體積分?jǐn)?shù)保持不變，說(shuō)明達(dá)到了平衡狀態(tài)，故rm{壟脵2min}選；rm{B}前后氣體分子數(shù)不變，質(zhì)量不變，則混合氣體的平均相對(duì)分子質(zhì)量不隨時(shí)間而變化，不一定是化學(xué)平衡狀態(tài)，故rm{vleft(Bright)=dfrac{?c}{t}=

dfrac{0.1mol/L}{2min}=0.05mol隆隴{L}^{-1}隆隴mi{n}^{-1}}不選；故答案為：rm{0.05}單位時(shí)間內(nèi)每消耗rm{0.05}同時(shí)生成rm{壟脷A}的轉(zhuǎn)化率為：rm{0.3/0.5=0.6=60%}則說(shuō)明正逆反應(yīng)速率相等，故rm{壟脷A}選；故答案為：rm{0.3/0.5=0.6=60%}故答案為：rm{60%}rm{60%}rm{壟脹}平衡時(shí)rm{C}的濃度為rm{0.2mol隆隴L}【解析】rm{(1)CH_{3}OH(g)+3/2O_{2}(g)簍T簍T簍TCO_{2}(g)+2H_{2}O(l)}rm{婁隴H=-725.8kJ隆隴mol^{-1}}rm{(2)壟脵>}rm{壟脷}放熱rm{壟脹>}rm{(3)壟脵0.05}rm{壟脷60%}rm{壟脹0.5壟脺ce}三、判斷題(共7題，共14分)17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．18、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．20、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．22、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．23、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、實(shí)驗(yàn)探究題(共1題，共5分)24、略

【分析】解：(1)

在該實(shí)驗(yàn)探究中；只要將長(zhǎng)木板拉出即可，因?yàn)榛瑒?dòng)摩擦力與木板的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)；故(1)

錯(cuò)誤；

(2)

用小錘擊打彈性金屬片后；綠球做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向的分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)，紅球同時(shí)開(kāi)始做自由落體運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，則兩球同時(shí)落地．

高度相等，由t=2hg

可知平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等.

所以在證明豎直方向上的運(yùn)動(dòng)；但無(wú)法證明水平方向上的運(yùn)動(dòng)為勻速運(yùn)動(dòng)，故(2)

正確；

(3)

在實(shí)驗(yàn)探究中；采用的主要物理方法是控制變量法；故(3)

錯(cuò)誤；

(4)

如圖所示的實(shí)驗(yàn)探究中；正極板與靜電計(jì)上的小球連通，與外殼是不相連的，故(4)

錯(cuò)誤；

故答案為：(1)

錯(cuò)誤；(2)

正確；(3)

錯(cuò)誤；(4)

錯(cuò)誤．

(1)

在該實(shí)驗(yàn)探究中；只要將長(zhǎng)木板拉出即可；

(2)

用小錘擊打彈性金屬片后；小球做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向的分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)，而另一小球同時(shí)開(kāi)始做自由落體運(yùn)動(dòng)，同時(shí)落地.

高度相等，平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，打擊速度不同，平拋的水平位移不同；

(3)

明確實(shí)驗(yàn)原理；知道采用的主要物理方法是控制變量法；

(4)

根據(jù)電容器的分析可明確電容與靜電計(jì)的連接方法．

本實(shí)驗(yàn)考查探究摩擦力的實(shí)驗(yàn)、運(yùn)用對(duì)比法研究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律、以及電容器的性質(zhì)，要注意重點(diǎn)明確平拋運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)說(shuō)明平拋運(yùn)動(dòng)豎直方向的分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)，水平方向?yàn)樽杂陕潴w，但要注意它們是否能從本實(shí)驗(yàn)中分析得出．【解析】錯(cuò)誤；正確；錯(cuò)誤；錯(cuò)誤五、解答題(共3題，共9分)25、略

【分析】

（1）釷核衰變方程：90234Th→-1e+91234Pa

（2）根據(jù)質(zhì)能方程知反應(yīng)中釋放的核能為E=△mC2=（mT-me-mp）C2

（3）衰變生成的粒子和新核動(dòng)量守恒，根據(jù)粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑公式：r=知。

RPa：Re=qe：qPa=1：91

答：（1）核反應(yīng)方程90234Th→-1e+91234Pa；

（2）反應(yīng)中釋放的核能為=（mT-me-mp）C2；

（3）生成的鏷（Pa）與β粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑之比為．

【解析】【答案】放射性元素衰變時(shí)；滿足質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒．衰變后的粒子進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，再由洛倫茲力提供向心力來(lái)求出軌道半徑，并由動(dòng)量守恒聯(lián)立求解半徑之比．

26、略

【分析】

（1）小物塊受力如圖；則。

電場(chǎng)力F=mgtanθ

又F=qE

得到E==1.5×102N/C

（2）當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度減小為原來(lái)的時(shí)；根據(jù)動(dòng)能定理得。

mgLsinθ-qELcosθ=

代入解得v=3m/s

答：（1）電場(chǎng)強(qiáng)度為1.5×10-5N/C．

（2）若從某時(shí)刻開(kāi)始，電場(chǎng)強(qiáng)度減小為原來(lái)的物塊下滑距離L=1.5m時(shí)的速度大小為3m/s．

【解析】【答案】（1）小物塊受到重力；電場(chǎng)力和支持力而處于靜止?fàn)顟B(tài)；根據(jù)平衡條件求解電場(chǎng)強(qiáng)度．

（2）當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度減小為原來(lái)的時(shí)；物塊將沿斜面勻加速下滑，重力做正功，電場(chǎng)力做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理求解速度大小．

27、略

【分析】【詳解】

解：（1）光子動(dòng)量的變化

作用力方向與反射前光子速度方向相同

（2）光子能量E0=hv

單位時(shí)間內(nèi)到達(dá)太陽(yáng)帆光能量E總

光子數(shù)

（3）時(shí)間內(nèi)：反射光子動(dòng)量變化

吸收光子動(dòng)量變化

根據(jù)動(dòng)量定理

得太陽(yáng)光對(duì)太陽(yáng)帆的作用力【解析】（1）△P=，方向相反（2）（3）六、綜合題(共4題，共16分)28、略

【分析】解：（1）對(duì)火箭運(yùn)用牛頓第二定律；有：

F-mg=ma

解得a=3.81m/s2

再根據(jù)s=at2

得t=7.25s．

（2）發(fā)生明顯衍射的條件是波長(zhǎng)大于障礙物尺寸或者與障礙物尺寸相差不大；而傳輸電視信號(hào)所用的電磁波波長(zhǎng)為0.556m，容易被擋??；傳輸無(wú)線電廣播所用的電磁波波長(zhǎng)為550m，容易衍射；

故答案為：（1）3.81m/s2；7.25；

（2）電視信號(hào)；電視信號(hào)波長(zhǎng)短；沿直線傳播，受山區(qū)阻擋，不易發(fā)生衍射．

（1）根據(jù)牛頓第二定律求解加速度；根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系公式求解時(shí)間；

（2）發(fā)生明顯衍射的條件是波長(zhǎng)大于障礙物尺寸或者與障礙物尺寸相差不大．

本題第一問(wèn)是已知受力情況確定運(yùn)動(dòng)情況，關(guān)鍵求解出加速度；第二問(wèn)關(guān)鍵明確發(fā)生明顯衍射的條件．【解析】3.81m/s2；7.25；電視信號(hào)；電視信號(hào)波長(zhǎng)短，沿直線傳播，受山區(qū)阻擋，不易發(fā)生衍射．29、（1）①②④（2）解：電路中的電流：當(dāng)開(kāi)關(guān)接a時(shí),電容器的電壓為：U1=IR1=1×5.0=5.0VU1=IR1=1×5.0=5.0VU1=IR1=1×5.0=5.0VU1=IR1=1×5.0=5.0VU1=IR1=1×5.0=5.0VU1UU111=I電量為：R1RR111=1×5.0=5.0VQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5CQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5CQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5CQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5CQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5CQ1QQ1當(dāng)開(kāi)關(guān)接1時(shí)1電容器的電壓為：=CU1UU111=2×10?610?61010電量為：?6?6?6?6×5C=1×10?510?51010?5?5?5?5Cb，且上極板帶負(fù)電，下極板帶正電。由，U2=I?R2=1×3.5V=3.5VU2=I?R2=1×3.5V=3.5VU2=I?R2=1×3.5V=3.5V可知，開(kāi)關(guān)由U2=I?R2=1×3.5V=3.5V接U2=I?R2=1×3.5V=3.5V的過(guò)程中，電量變化為：U2UU222=I?R2R2RR222=1×3.5V=3.5VQ2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5CQ2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5CQ2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5C即通過(guò)Q2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5CQ2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5C的電荷量為Q2QQ222=【分析】【分析】(1)

由帶電小球下滑后某時(shí)刻對(duì)斜面的作用力恰好為零，可知電流的方向，可知電荷的電性；(2)

對(duì)重力進(jìn)行分解，求合力，可知合力是否為恒力，可知小球的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)；(3)

小球在斜面上下滑過(guò)程中，當(dāng)小球?qū)π泵鎵毫榱銜r(shí)洛倫茲力等于重力沿斜面向下的分力，可得知小球?qū)π泵鎵毫榱銜r(shí)的速率。本題主要考查的是洛倫茲力的方向的判斷，主要是應(yīng)用力的分解以及牛頓第二定律可知物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程?！窘獯稹繅琶?/p>

帶電小球下滑后某時(shí)刻對(duì)斜面的作用力恰好為零，可知電流的方向沿斜面向下，故小球帶正電，故壟脵

正確；壟脷壟脹

小球在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度由重力垂直斜面向下的分力，垂直斜面向上的支持力和洛倫茲力，沿斜面向下的分力提供，故加速度為gsin婁脠

故做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故壟脷

正確，壟脹

錯(cuò)誤；壟脺

小球在斜面上下滑過(guò)程中，當(dāng)小球?qū)π泵鎵毫榱銜r(shí)，應(yīng)有mgcos婁脠=Bqv

故速率為mgcos婁脠Bq

故壟脺

正確。故選壟脵壟脷壟脺

(2)

分析出開(kāi)關(guān)分別接ab

時(shí)電路的串并聯(lián)關(guān)系，分析電容的電壓、電量便可知通過(guò)R33的電量。由圖可知，R11與R22串聯(lián)，當(dāng)開(kāi)關(guān)接a

時(shí)，電容器與R11并聯(lián)；根據(jù)串聯(lián)電路的分壓規(guī)律求出電容器的電壓，即可求得電量。

當(dāng)開(kāi)關(guān)與b

連接時(shí)，C

與R22并聯(lián)即可求得電量，當(dāng)開(kāi)關(guān)與b

連接時(shí)，C

與R22并聯(lián)；由C

中電量的變化可得出流過(guò)R33的電量。【解析】(1)壟脵壟脷壟脺

(2)

解：電路中的電流：I=ER1+R2+r=90.5+5.0+3.5A=1A

當(dāng)開(kāi)關(guān)接aa時(shí)，電容器的電壓為：UU11==IIRR11==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVUU11==IIRR11==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVUU11==IIRR11==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVUU11==IIRR11==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVUU11==IIRR11==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVUU11UUUU111111==II電量為：RR11RRRR111111==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVQQ11==CCUU11==22隆脕隆脕1010??66隆脕隆脕55CC==11隆脕隆脕1010??55CCQQ11==CCUU11==22隆脕隆脕1010??66隆脕隆脕55CC==11隆脕隆脕1010??55CCQQ11==CCUU11==22隆脕隆脕1010??66隆脕隆脕55CC==11隆脕隆脕1010??55CCQQ11==CCUU11==22隆脕隆脕1010??66隆脕隆脕55CC==11隆脕隆脕1010??55CCQQ11==CCUU11==22隆脕隆脕1010??66隆脕隆脕55CC==11隆脕隆脕1010??55CCQQ11QQQQ11當(dāng)開(kāi)關(guān)接11時(shí)11電容器的電壓為：==CCUU11UUUU111111==22隆脕隆脕1010??661010??6610101010電量為：??66??66??66??66隆脕隆脕55CC==11隆脕隆脕1010??551010??5510101010??55??55??55??55CCbb，且上極板帶負(fù)電，下極板帶正電。由，UU22==II??RR22==11隆脕隆脕3.53.5VV==3.53.5VVUU22==II??RR22==11隆脕隆脕3.53.5VV==3.53.5VVUU22==II??RR22==11隆脕隆脕3.53.5VV==3.53.5VV可知，開(kāi)關(guān)由UU22==II??RR22==11隆脕隆脕3.53.5VV==3.53.5VV接UU22==II??RR22==11隆脕隆脕3.53.5VV==3.53.5VV的過(guò)程中，電量變化為：UU22UUUU222222==II??RR2