2025年湘師大新版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘師大新版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、關(guān)于磁通量的下列說法正確的是（）

A.穿過某個面的磁通量為零；此處磁感應(yīng)強度也為零。

B.通過任一閉合面的磁通量越大；該處磁感應(yīng)強度也越大。

C.穿過垂直與感應(yīng)強度方向的某個閉合面的磁感線條數(shù)等于磁感應(yīng)強度。

D.當(dāng)閉合面與磁場方向平行時；穿過閉合面的磁通量必為零。

2、兩個固定的異種點電荷，電荷量給定但大小不等.

用E1

和E2

分別表示這兩個點電荷產(chǎn)生的電場強度的大小，則在通過兩點電荷的直線上，E1=E2

的點(

)

A.有三個，其中兩處合場強為零B.有三個，其中一處合場強為零C.只有兩個，其中一處合場強為零D.只有一個，該處合場強不為零3、如圖所示，ABCD

為勻強電場中相鄰的四個等勢面，一個電子垂直經(jīng)過等勢面D

時，動能為20eV

飛至等勢面B

時速度恰好為零，若飛經(jīng)等勢面C

時電勢能為鈭?10eV

則電子的動能為2eV

時，電勢能為(

重力不計)(

)

A.鈭?2eV

B.鈭?8eV

C.8eV

D.12eV

4、若A燈標(biāo)有“220V60W”，B燈標(biāo)有“220V100W”，把兩燈接入電路中，下列說法中正確的是（）A.當(dāng)通過兩燈的電流相等時，B燈比A燈亮B.當(dāng)通過兩燈的電流相等時，A燈比B燈亮C.當(dāng)加在兩燈的電壓相等時，A燈比B燈亮D.當(dāng)加在兩燈的電壓相等時，B燈比A燈亮5、下列各圖中；已標(biāo)出電流及電流的磁場方向，其中正確的是（）

A.

B.

C.

D.

6、如圖所示，用逐漸增大的水平力F

推靜止在水平面上的物體，但物體始終靜止，關(guān)于這一過程，下列說法正確的是()

A.物體受到的合外力逐漸增大B.物體受到的合外力始終為零C.物體不受摩擦力D.物體受摩擦力不變7、如圖所示是質(zhì)譜儀的工作原理示意圖，帶電粒子被加速電場加速后，進入速度選擇器。速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強磁場和勻強電場的強度分別為B

和E

.

平板S

上有可讓粒子通過的狹縫P

和記錄粒子位置的膠片A

1

A

2

平板S

下方有磁感應(yīng)強度為B

0

的勻強磁場。下列表述正確的是A.質(zhì)譜儀是分析同位素的重要工具B.速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向外C.能通過狹縫P

的帶電粒子的速率等于E

/

B

D.粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P

，粒子的比荷越小8、如圖所示，下列帶電粒子所受洛倫茲力的方向向上的是（）A.B.C.D.評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)9、如圖，一定量的理想氣體從狀態(tài)a

變化到狀態(tài)b

其過程如p鈭?V

圖中從a

到b

的直線所示。在此過程中__________

A.氣體溫度一直降低。

B.氣體內(nèi)能一直增加C.氣體一直對外做功。

D.氣體一直從外界吸熱E.氣體吸收的熱量一直全部用于對外做功10、如圖所示，AB

兩端電壓不變，將變阻器R2

的滑動端P

向左移動，BC

間的等效電阻將______(

選填“變大”“變小”或“不變”)

電阻R1

上的電壓將______(

選填“變大”“變小”或“不變”)

燈泡L

會______(

選填“變亮”“變暗”或“不變”)

．11、在方向水平的勻強電場中，一不可伸長的絕緣細線的一端連著一個質(zhì)量為m的帶電小球，另一端固定于O點．把小球拉起直至細線與場強平行，然后無初速度釋放．已知小球擺到最低點的另一側(cè)，線與豎直方向的最大夾角為θ．則小球電性為____（填正電或負電），經(jīng)過最低點時細線對小球的拉力為____．

12、某同學(xué)在測定一厚度均勻的圓形玻璃的折射率時；先在白紙上作一與圓形玻璃同半徑的圓；

圓心為O；將圓形玻璃平放在白紙上，使其邊界與所畫的圓重合，在玻璃一側(cè)豎直插兩枚大。

頭針P1和P2，在另一側(cè)再先后插兩枚大頭針P3和P4，使從另一側(cè)隔著玻璃觀察時，大頭針P4、P3和P2、P1的像恰在一直線上，移去圓形玻璃和大頭針后，如圖所示．用θ1和θ2分別表示光。

線從空氣射入玻璃時的入射角和折射角．

（1）畫出沿P1、P2連線方向的入射光線的光路圖．（包括入射光線；玻璃內(nèi)傳播的光線、出射光線、入射角和折射角）

（2）玻璃的折射率為．13、如圖，電容器PQ的電容為10mF，垂直于回路的磁場的磁感應(yīng)強度5′10-3T/s的變化率均勻增加，回路面積為10-2m2。則PQ兩極電勢差的絕對值為____V。P極所帶電荷的種類為____。14、如圖所示，有一個長方形容器，高為12.0cm、寬為16.0cm，在容器的底部平放著一把刻度尺。當(dāng)容器中沒有液體時，眼睛在OA延長線上的E點觀察，視線沿著EA斜向下看，恰能看到尺的左端零刻度?，F(xiàn)保持眼睛的位置不變，向容器內(nèi)倒某種液體至液面與容器口相平，這時眼睛仍沿EA方向觀察，恰能看到尺上7cm的刻度。則這種液體的折射率為__________，光在這種液體中傳播的速度與在真空中傳播的速度之比為___________。15、蒸汽機、內(nèi)燃機等熱機以及電冰箱工作時都利用了氣體狀態(tài)變化來實現(xiàn)能量的轉(zhuǎn)移和轉(zhuǎn)化，我們把這些氣體稱為工質(zhì)．某熱機經(jīng)過一個循環(huán)后，工質(zhì)從高溫?zé)嵩次鼰酫1，對外做功W，又對低溫?zé)嵩捶艧酫2，工質(zhì)完全回復(fù)初始狀態(tài)，內(nèi)能沒有變化．根據(jù)熱力學(xué)第一定律，在工質(zhì)的一個循環(huán)中，Q1、Q2、W三者之間滿足的關(guān)系是____．熱機的效率不可能達到100%，從能量轉(zhuǎn)換的角度，說明____能不能完全轉(zhuǎn)化為____能．16、(1)在“探究單擺周期與擺長的關(guān)系”的實驗中；提供的器材有：鐵架臺；鐵夾、細線、有孔的小鐵球、秒表、刻度尺，還需補充的器材是____________．

(2)若實驗中測出的g值比當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葘嶋H值偏大；其原因可能是____________

A；小球的質(zhì)量偏大B、單擺的振幅偏小。

C；用擺線的長度當(dāng)作擺長；未加小球的半徑D、將單擺實際振動次數(shù)誤記為n+1

(3)如果測定了40次全振動的時間如圖中秒表所示，那么秒表讀數(shù)是____________s，單擺的擺動周期是____________s．評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

19、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

21、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）22、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）23、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

24、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、作圖題(共4題，共36分)25、如圖所示，在課桌的C點用最小的力把桌腿B抬離地面，在抬起時桌腿A沒有滑動．請在C點畫出這個力的示意圖，并標(biāo)出它的力臂L．

26、如圖所示；一束紅色激光從空氣射入厚度均勻的平行玻璃磚．

（1）請完成該光線射到CD界面之后的光路圖．

（2）隨著入射角θ1的不斷增加，該光線______（選填“能”或“不能”）在CD界面發(fā)生全反射．27、在《互成角度的兩個共點力的合成》的實驗中，兩個彈簧秤的拉力F1和F2已于圖中作出了它們的圖示，O是橡皮條的一個端點，圖中每格的長度代表1N。（1）用作圖法作出合力F的圖示；（2）合力F的大小是_______N。28、如圖所示，在圖(1)

中，G

為指針在中央的靈敏電流表，連接在直流電路中時的偏轉(zhuǎn)情況.

今使它與一線圈串聯(lián)進行電磁感應(yīng)實驗，則圖(2)

中的條形磁鐵的運動方向是______；圖(3)

中電流計的指針將向______偏轉(zhuǎn)；圖(4)

中的條形磁鐵上端為______極．評卷人得分五、推斷題(共4題，共36分)29、化合物rm{G[}rm{G[}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：請回答下列問題：rm{]}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：的名稱是_____________。rm{]}的反應(yīng)條件為_____________，rm{(1)A}和rm{(2)B隆煤C}的反應(yīng)類型分別是_____________、_____________。rm{A隆煤B}在濃硫酸加熱的條件下會生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡式為_____________。rm{D隆煤E}是一種高聚酯，rm{(3)D}的化學(xué)方程式為___________。rm{(4)H}下列關(guān)于化合物rm{D隆煤H}的說法錯誤的是_________。A.rm{(5)}的分子式為rm{G}B.rm{G}與rm{C_{12}H_{14}O_{5}}溶液加熱最多消耗rm{1molG}C.一定條件下rm{NaOH}發(fā)生消去反應(yīng)生成的有機物存在順反異構(gòu)體D.在一定條件下rm{2molNaOH}能與rm{G}發(fā)生取代反應(yīng)rm{G}是rm{HBr}的同分異構(gòu)體，與rm{(6)M}具有相同的官能團。則rm{D}可能的結(jié)構(gòu)有________種。rm{D}30、是合成高聚酚酯的原料，其合成路線rm{(}部分反應(yīng)條件略去rm{)}如下圖所示：

rm{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡式為____，rm{B}分子中最多有____個原子共面。rm{(2)}反應(yīng)rm{壟脵}的反應(yīng)條件____。rm{(3)}由rm{C}生成rm{D}的化學(xué)方程式為____。rm{(4)}與rm{D}互為同分異構(gòu)體且含有碳碳雙鍵和rm{-COO-}的苯的二元取代物有____種，其中核磁共振譜為rm{5}組峰，且峰面積比為rm{2:1:2:2:1}的結(jié)構(gòu)簡式為____rm{(}任寫一種rm{)}rm{(5)}寫出以rm{C_{2}H_{5}OH}為原料合成乳酸rm{(}rm{)}的路線rm{(}其他試劑任選，合成路線常用的表示方式為目標(biāo)產(chǎn)物rm{)}31、某有機化合物經(jīng)李比希法測得其中含碳為72.0%

含氫為6.67%

其余含有氧.

現(xiàn)用下列方法測定該有機化合物的相對分子質(zhì)量和分子結(jié)構(gòu)。圖A

為該有機化合物的質(zhì)譜圖；圖B

為該有機化合物的核磁共振氫譜，有5

個峰，其面積之比為12223

圖C

為該有機化合物分子的紅外光譜圖。試填空：(1)

該有機化合物相對分子量為_________________(2)

該有機化合物的分子式為________________．

(3)

經(jīng)分析該有機化合物的分子中只含一個甲基的依據(jù)是______(

填序號)

．

a.

其相對分子質(zhì)量b.

其分子式c.

其核磁共振氫譜圖d.

其分子的紅外光譜圖(4)

從以上圖譜中分析得出；該有機化合物的結(jié)構(gòu)簡式為____________，含有的官能團的名稱_______。

(5)

該有機化合物在酸性條件下可以水解，請寫出反應(yīng)方程式_______________________________．32、化合物rm{G[}rm{G[}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：請回答下列問題：rm{]}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：的名稱是_____________。rm{]}的反應(yīng)條件為_____________，rm{(1)A}和rm{(2)B隆煤C}的反應(yīng)類型分別是_____________、_____________。rm{A隆煤B}在濃硫酸加熱的條件下會生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡式為_____________。rm{D隆煤E}是一種高聚酯，rm{(3)D}的化學(xué)方程式為___________。rm{(4)H}下列關(guān)于化合物rm{D隆煤H}的說法錯誤的是_________。A.rm{(5)}的分子式為rm{G}B.rm{G}與rm{C_{12}H_{14}O_{5}}溶液加熱最多消耗rm{1molG}C.一定條件下rm{NaOH}發(fā)生消去反應(yīng)生成的有機物存在順反異構(gòu)體D.在一定條件下rm{2molNaOH}能與rm{G}發(fā)生取代反應(yīng)rm{G}是rm{HBr}的同分異構(gòu)體，與rm{(6)M}具有相同的官能團。則rm{D}可能的結(jié)構(gòu)有________種。rm{D}參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】

A；穿過某個面的磁通量為零；此處磁感應(yīng)強度不一定為零，可能此平面與磁感線平行，故A錯誤，D正確；

B；磁通量的大小除與磁感應(yīng)強度有關(guān)；還與線圈的面積有關(guān)．故B錯誤；

C、當(dāng)磁感線與線圈平面垂直時，磁通量的大小?=BS，因此磁感應(yīng)強度可知；穿過垂直于感應(yīng)強度方向的某個閉合面單位面積的磁感線條數(shù)等于磁感應(yīng)強度，故C錯誤；

故選：D

【解析】【答案】磁通量可以形象說成穿過線圈的磁感線的條數(shù)；當(dāng)磁感線與線圈垂直時，則磁通量?=BS；當(dāng)磁感線與線圈平行時，磁通量為零．因此不能根據(jù)磁通量的大小來確定磁感應(yīng)強度．

2、C【分析】解：設(shè)大電荷量為Q

小電荷量為q

兩電荷間距為L

在連線上場強大小相等的點距離q

為r

則有kQ(L鈭?r)2=kqr2

r

有兩個解；即場強相等的點有兩處，一處在兩電荷中間的連線上，合場強不為零，另一處在連線q

的外側(cè)，合場強為零.

故C正確．

故選：C

．

兩電荷連線上可以分為三部分；大電荷的外側(cè)，兩電荷之間，小電荷的外側(cè)，在根據(jù)點電荷的場強公式判斷是否場強大小相等．

做這種類型的題，最好畫出圖，根據(jù)圖象分析可能的地方．【解析】C

3、A【分析】解：小球自D

點運動到B

時；電場力做負功：WDB=0eV鈭?20eV=鈭?20eV壟脵

由于相鄰兩等勢面的電勢差相等，故電勢差的大小關(guān)系有：UDC=UCB=12UDB=12?WDC鈭?e=10V壟脷

WDC=WCD=12WDB=鈭?10eV

粒子在C

時的動能：Ekc=EkD+WDC=20鈭?10=10eV

所以粒子的電勢能與動能之和：E=0

因此當(dāng)動能等于2eV

時電勢能為鈭?2eV

故選：A

．

小球只受電場力時；小球的動能和電勢能之和保持不變；正確判斷小球在電場中所受電場力方向以及電場力做功情況．

學(xué)習(xí)電場中的功能關(guān)系時可以類比在重力場的功能關(guān)系，如只有重力做功，動能和電勢能之和保持不變；那么只有電場力做功，電勢能和動能之和保持不變．【解析】A

4、B|D【分析】【解析】試題分析：由得兩燈電流相等時功率與電阻成正比，A燈亮；兩燈電壓相等時功率與電阻成反比，B燈亮；故選BD考點：串并聯(lián)電路中功率的分配【解析】【答案】BD5、C【分析】

A；由于電流的方向垂直紙面向外；根據(jù)安培定則知，磁場方向應(yīng)該是逆時針方向．故A錯誤．

B；直線電流的方向豎直向上；根據(jù)安培定則知，直線電流右邊的磁場方向垂直紙面向里，左邊磁場方向垂直紙面向外．故B錯誤．

C；從上往下看；線框的電流方向為逆時針方向，根據(jù)安培定則知，磁場的方向向上．故C正確．

D；根據(jù)安培定則；螺線管內(nèi)部的磁場方向向右．故D錯誤．

故選C．

【解析】【答案】根據(jù)安培定則判斷電流周圍磁場的方向；從而進行判斷正誤．

6、B【分析】【分析】推力小于最大靜摩擦力時，摩擦力為靜摩擦力，隨著推力的增大而增大，物體靜止時，合力為0

本題考查了共點力平衡的條件及其應(yīng)用、摩擦力的判斷與計算。對于摩擦力一定要注意判斷是靜摩擦力還是滑動摩擦力，靜摩擦力的方向與相對運動趨勢的方向相反，靜摩擦力的大小通常根據(jù)力的平衡計算。【解答】AB.

物體始終靜止，物體受到的合外力始終為0

故A錯誤；B正確；CD.

物體相對于地面有向右運動的趨勢，受到水平向左的靜摩擦力，靜摩擦力和推力平衡，隨推力的增大而增大，故CD錯誤。故選B?！窘馕觥緽

7、C【分析】【分析】帶電粒子經(jīng)加速后進入速度選擇器，速度為v=EB粒子可通過選擇器，然后進入BB0，打在SS板的不同位置。?質(zhì)譜儀工作原理應(yīng)采取分段分析的方法，即粒子加速階段，速度選擇階段，在磁場中運動階段。質(zhì)譜儀工作原理應(yīng)采取分段分析的方法，即粒子加速階段，速度選擇階段，在磁場中運動階段。?A.進入B0

的粒子滿足R=mvqB0

知道粒子電量后，便可求出m

的質(zhì)量，所以質(zhì)譜儀可以用來分析同位素，故A正確；B.假設(shè)粒子帶正電，則受電場力向左，由左手定則可判斷磁場方向垂直直面向外，故B正確；C.由qE=qvB

得v=EB

此時離子受力平衡，可沿直線穿過選擇器，故C正確；D.由R=mvqB0

知R

越小，荷質(zhì)比越大，故D錯誤。故選ABC?！窘獯稹俊窘馕觥緾

8、A【分析】解：A；根據(jù)左手定則可知A圖中洛倫茲力方向應(yīng)該豎直向上；故A正確；

B；圖中所受洛倫茲力方向垂直向外；故B錯誤；

C；圖中所受洛倫茲力水平向左；故C錯誤；

D；圖中所受洛倫茲力垂直向里；故D錯誤。

故選：A。

本題考查了左手定則的直接應(yīng)用；根據(jù)左手定則即可正確判斷磁場；運動方向、洛倫茲力三者之間的關(guān)系，特別注意的是四指指向和正電荷運動方向相同和負電荷運動方向相反．

安培定則、左手定則、右手定則是在電磁學(xué)中經(jīng)常用到的，要掌握它們的區(qū)別，并能熟練應(yīng)用．【解析】A二、填空題(共8題，共16分)9、BCD【分析】【分析】根據(jù)氣體狀態(tài)方程pVT=C

去判斷溫度，從而知道內(nèi)能的變化；根據(jù)氣體體積的變化分析做功情況；結(jié)合熱力學(xué)第一定律分析。該題結(jié)合圖象考查氣態(tài)方程，能夠運用控制變量法研究多個物理量變化時的關(guān)系。要注意熱力學(xué)第一定律鈻?U=W+Q

中，WQ

取正負號的含義?！窘獯稹緼.由圖知氣體的pV

一直增大，由pVT=C

知氣體的溫度一直升高，故A錯誤；B.一定量的理想氣體內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，溫度一直升高，氣體的內(nèi)能一直增加，故B正確；C.氣體的體積增大，則氣體一直對外做功，故C正確；D.氣體的內(nèi)能一直增加，并且氣體一直對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律鈻?U=W+Q

可知氣體一直從外界吸熱，故D正確；E.氣體吸收的熱量用于對外功和增加內(nèi)能，故E錯誤。故選BCD。【解析】BCD

10、略

【分析】解：將滑片向左移；減小滑動變阻器阻值，BC

間的等效電阻變小，從而導(dǎo)致總電阻變小，總電流增大，R1

兩端的電壓變大，燈泡兩端的電壓變小.

燈泡L

變暗。

故答案為：變小變大變暗。

抓住AB

兩端電壓不變；結(jié)合滑動變阻器阻值的變化得出BC

間等效電阻的變化，從而得出總電阻變化，根據(jù)歐姆定律得出電流的變化，得出R

兩端電壓變化，從而得出電阻R1

上的電壓的變化．

本題考查了部分電路的動態(tài)分析，關(guān)鍵抓住AB

間的電壓不變，結(jié)合歐姆定律和串并聯(lián)電路的特點進行求解．【解析】變?。蛔兇?；變暗11、略

【分析】

依題；小球無初速度釋放后做圓周運動，則小球帶正電，否則小球做直線運動．

設(shè)細線長度為L．根據(jù)動能定理得。

小球從釋放到最低點的過程：mgL-qEL=①

小球無初速度釋放擺到最低點的另一側(cè)的過程：mgLcosθ-qEL（1+sinθ）=0②

小球最低點時。

根據(jù)牛頓第二定律得。

F-mg=m③

聯(lián)立以上三式得。

F=

故答案為：

【解析】【答案】由題；小球從靜止釋放后沿圓弧運動到最低點，說明小球一定帶正電．根據(jù)動能定理求出小球經(jīng)過最低點時的速度．經(jīng)過最低點時，由重力和細線的拉力的合力提供小球的向心力，由牛頓第二定律求出細線對小球的拉力．

12、略

【分析】

（1）連接P1、P2表示入射光線．由題大頭針P4、P3和P2、P1的像恰在一直線上，則P4、P3在出射光線方向上，連接P3、P4表示出射光線．作出P1、P2的連線與圓形玻璃的交點O1，作為入射點，P3、P4的連線與圓形玻璃的交點O2，作為出射點，連接O1O，O2O表示法線；標(biāo)出入射角；折射角，作出光路圖如圖所示．

（2）如圖入射角為θ1，折射角為θ2；根據(jù)折射定律得。

折射率n=

答：（1）光路圖如圖所示．

（2）．

【解析】【答案】（1）P1、P2的連線表示入射光線．由題大頭針P4、P3和P2、P1的像恰在一直線上，則P4、P3在出射光線方向上，P3、P4表示出射光線．標(biāo)出P1、P2的連線與圓形玻璃的交點O1，P3、P4的連線與圓形玻璃的交點O2，連接O1O2，O2O表示法線；標(biāo)出入射角；折射角，作出光路圖．

（2）根據(jù)折射定律n=求解折射率．

13、略

【分析】【解析】試題分析：由法拉第電磁感應(yīng)定律：則A、C兩板的電勢差由楞次定律可得：穿過線圈的磁通量增加，則產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向是順時針，由處于電源內(nèi)部所以電流方向是從負極到正極，故A板為正電荷，考點：法拉第電磁感應(yīng)定律；【解析】【答案】正14、略

【分析】試題分析：液體的折射率為n==1.33；光在這種液體中傳播的速度與在真空中傳播的速度之比為v:c=1：n=3:4?？键c：折射率，光速的計算。【解析】【答案】1.33；3:4。15、Q1﹣Q2=W內(nèi)機械【分析】【解答】根據(jù)熱力學(xué)第一定律，有：△U=W′+Q；其中：△U=0，Q=Q1﹣Q2，W′=﹣W;故Q1﹣Q2=W；

熱機將從高溫?zé)嵩次諢崃康囊徊糠洲D(zhuǎn)化為機械能；故答案為：Q1﹣Q2=W；內(nèi)，機械；

【分析】根據(jù)熱力學(xué)第一定律列方程，結(jié)合熱力學(xué)第二定律分析熱機的效率問題；16、略

【分析】解：(1)在“探究單擺周期與擺長的關(guān)系”的實驗中；提供的器材有：鐵架臺；鐵夾、細線、有孔的小鐵球、秒表、刻度尺，因為測量小球的直徑需要游標(biāo)卡尺或螺旋測微器，所以還需器材是游標(biāo)卡尺或螺旋測微器．

(2)根據(jù)得，g=．

A；小球的質(zhì)量偏大；振幅偏小，不影響重力加速度的測量值．故A、B錯誤．

C；用擺線的長度當(dāng)作擺長；未加小球的半徑，則測量的擺長偏小，測量的額重力加速度偏?。蔆錯誤．

D；將單擺實際振動次數(shù)誤記為n+1；則周期測量值偏小，重力加速度測量值偏大．故D正確．

故選：D．

(3)秒表的讀數(shù)等于60s+15.2s=75.2s．單擺的周期T=．

故答案為：(1)游標(biāo)卡尺或螺旋測微器，(2)D，93)75.2，1.88．【解析】游標(biāo)卡尺或螺旋測微器;D;75.2;1.88三、判斷題(共8題，共16分)17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．18、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．22、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．23、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．24、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、作圖題(共4題，共36分)25、以桌腿上A點為轉(zhuǎn)軸；課桌重力的力矩一定，當(dāng)所用的力力臂最大時，所用的力最小，而最大的力臂等于AC間距離，則當(dāng)力作用在C點且與AC連。

線垂直向上時；力最小．力的示意圖如圖．

【分析】【解答】以桌腿上A點為轉(zhuǎn)軸，課桌重力的力矩一定，當(dāng)所用的力力臂最大時，所用的力最小，而最大的力臂等于AC間距離，則當(dāng)力作用在C點且與AC連。

線垂直向上時；力最?。Φ氖疽鈭D如圖．

【分析】以桌腿上A點為轉(zhuǎn)軸，課桌重力的力矩一定，當(dāng)所用的力力臂最大時，所用的力最小，而最大的力臂等于AC間距離，則當(dāng)力作用在C點且與AC連線垂直向上時，力最?。?6、略

【分析】解：（1）完成該光線射到CD界面之后的光路圖如圖．

（2）隨著入射角θ1的不斷增加；該光線不能在CD界面發(fā)生全反射．

因為：根據(jù)幾何知識有：光線在AB面的折射角等于在CD面的入射角；由光路可逆性原理可知，光線不會在CD界面發(fā)生全反射，一定能從CD面射出．

答：（1）光路圖如圖．

（2）不能．

（1）該光線射到CD界面時既有反射；又有折射．結(jié)合光的反射定律和折射定律畫出光路圖．

（2）對照全反射條件和光路可逆性；分析光線在CD界面能否發(fā)生全反射．

畫光路圖時，要結(jié)合光的反射定律和折射定律，注意角的大小關(guān)系，光線上要標(biāo)明箭頭．【解析】不能27、略

【分析】試題分析：（1）根據(jù)平行四邊形畫出合力如圖：（2）由圖看以數(shù)出合力的長度是5個小格，所以合力大小為：考點：《互成角度的兩個共點力的合成》的實驗【解析】【答案】（1）如圖所示（2）5。28、向下插入右N【分析】【分析】當(dāng)電流從電流計的左接線柱流入時，指針向左偏，根據(jù)楞次定律，結(jié)合感應(yīng)電流的方向判斷條形磁鐵是向上拔出還是向下插入。本題考查了楞次定律，根據(jù)楞次定律結(jié)合感應(yīng)電流的方向判斷條形磁鐵是向上拔出還是向下插入?！窘獯稹?/p>

由圖11可知，當(dāng)電流從電流計的左接線柱流入時，指針向左偏，圖22中指針向左偏轉(zhuǎn)，可知感應(yīng)電流的方向是順時針，根據(jù)楞次定律知，條形磁鐵向下插入，圖33中，當(dāng)條形磁鐵NN極向下插入時，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向逆時針，則指針向右偏，圖44中指針向右偏，則感應(yīng)電流的方向逆時針，由安培定則可知，感應(yīng)磁場方向向上，由楞次定律可知，條形磁鐵向上拔出，即磁通量減小，那么下端為SS極，上端為NN極。

故答案為：

向下插入，右，NN

【解析】向下插入右N

五、推斷題(共4題，共36分)29、rm{(1)2-}甲基丙烯或異丁烯

rm{(2)NaOH}溶液加熱加成反應(yīng)取代反應(yīng)

rm{(3)}

rm{(4)nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}rm{+(n-1)H_{2}O}

rm{(5)BC}

rm{(6)4}

【分析】【分析】本題考查學(xué)生有機推斷和有機合成，是現(xiàn)在考試的熱點，難度較大，可以根據(jù)所學(xué)知識進行回答。【解答】由rm{A}到rm{B}發(fā)生加成反應(yīng)，rm{B}到rm{C}反生鹵代烴的水解，再氧化生成rm{D}rm{E}與rm{F}反生取代反應(yīng)生成rm{G}由此來推斷各反應(yīng)類型和產(chǎn)物；rm{(1)A}是烯烴，名稱是rm{2-}甲基丙烯；rm{(2)B隆煤C}的反應(yīng)條件為rm{NaOH}水溶液并加熱，根據(jù)題目所給的信息，可知rm{A隆煤B}和rm{D隆煤E}的反應(yīng)類型分別是加成反應(yīng)、取代反應(yīng)；rm{(3)D}在濃硫酸加熱的條件下發(fā)生酯化反應(yīng)會生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡式為在濃硫酸加熱的條件下發(fā)生酯化反應(yīng)會生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結(jié)構(gòu)簡式為rm{(3)D}；

是一種高聚酯，rm{(4)H}的化學(xué)方程式為rm{D隆煤H}rm{nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}

rm{+(n-1)H_{2}O}根據(jù)rm{(5)A.}和rm{E}發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{F}rm{G}被取代，可知rm{-OH}的分子式為rm{G}故A正確；B.rm{C_{12}H_{14}O_{5}}含有rm{1molG}酚酯基和rm{1mol}醇酯基，可知與rm{1mol}溶液加熱最多消耗rm{NaOH}注意酚羥基的性質(zhì)，故B錯誤；C.一定條件下rm{3molNaOH}發(fā)生消去反應(yīng)生成的有機物碳碳雙鍵兩側(cè)的碳原子有rm{G}不存在順反異構(gòu)體，故C錯誤；D.在一定條件下rm{-CH_{2}}能與rm{G}發(fā)生取代反應(yīng)，體現(xiàn)羥基的性質(zhì)，故D正確；故選BC；rm{HBr}是rm{(6)M}的同分異構(gòu)體，與rm{D}具有相同的官能團即羧基和羥基，羥基和羧基看作取代基，相當(dāng)于丙烷的二元取代產(chǎn)物，則rm{D}可能的結(jié)構(gòu)有rm{M}種。

rm{4}【解析】rm{(1)2-}甲基丙烯或異丁烯rm{(2)NaOH}溶液加熱加成反應(yīng)取代反應(yīng)rm{(3)}rm{(4)nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}rm{+(n-1)H_{2}O}rm{(5)BC}rm{(6)4}

30、（1）HCHO15（2）NaOH醇溶液加熱（3）+H2O（4）6(5)【分析】【分析】本題考查有機物推斷和有機合成，為高頻考點，側(cè)重考查學(xué)生分析推斷及知識綜合應(yīng)用能力，明確有機物官能團及其性質(zhì)、有機反應(yīng)類型及反應(yīng)條件是解本題關(guān)鍵，難點是根據(jù)反應(yīng)物和生成物采用知識遷移的方法進行有機合成，題目難度中等?！窘獯稹扛鶕?jù)流程圖知，rm{壟脵}為消去反應(yīng)、rm{壟脷}為加成反應(yīng)，則rm{A}為rm{HCHO}rm{B}為rm{B}發(fā)生信息rm{ii}的反應(yīng)，rm{C}結(jié)構(gòu)簡式為rm{C}發(fā)生縮聚反應(yīng)生成rm{E}rm{E}結(jié)構(gòu)簡式為rm{C}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{D}rm{D}結(jié)構(gòu)簡式為rm{D}和苯酚發(fā)生酯化反應(yīng)生成

rm{(1)A}為甲醛，結(jié)構(gòu)簡式為rm{HCHO}rm{B}為與苯環(huán)直接相連的原子和苯環(huán)碳原子共面，且單鍵可以旋轉(zhuǎn)，通過旋轉(zhuǎn)醛基三個原子可以旋轉(zhuǎn)到苯環(huán)平面上，所以rm{B}分子中最多有rm{15}個原子共面，故答案為：rm{HCHO}rm{15}

rm{(2)}由rm{C}生成rm{D}的反應(yīng)類型為生成rm{C}的反應(yīng)類型為是鹵代烴的消去反應(yīng)，反應(yīng)條件為rm{D}醇溶液加熱，故答案為：rm{NaOH}醇溶液加熱；

rm{NaOH}在濃硫酸條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{(3)C}rm{D}結(jié)構(gòu)簡式為化學(xué)方程式為：rm{D}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}

故答案為：rm{+H_{2}O}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}rm{+H}rm{2}rm{2}滿足rm{O}的苯的二元取代物的rm{(4)}的同分異構(gòu)體有：含有含有碳碳雙鍵和rm{-COO-}的苯的二元取代物的和rm{-COO-}鄰間對rm{D}種，含有rm{-CH=CH_{2}}和rm{-COOH(}鄰間對rm{)3}種，所以共rm{-CH=CH_{2}}種，rm{-OOCH(}組峰，且峰面積比為rm{)3}的結(jié)構(gòu)簡式為：

故答案為：rm{3+3=6}其中核磁共振譜為rm{5}組峰，且峰面積比為rm{2:1:2:2:1}的結(jié)構(gòu)簡式為：被催化氧化生成rm{5}rm{2:1:2:2:1}和rm{6}發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{(5)CH_{3}CH_{2}OH}該物質(zhì)發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{CH_{3}CHO}其合成路線為故答案為：rm{CH_{3}CHO}【解析】rm{(1)HCHO}rm{15}rm{(2)NaOH}醇溶液加熱rm{(3)}rm{xrightarrow[?]{脜簍脕貌脣謾}}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{(4)6}rm{(5)}31、略

【分析】【分析】本題考查某有機化合物的推斷，關(guān)鍵是對以上三個圖示的分析和判斷，強化了學(xué)生對基礎(chǔ)知識的理解和掌握，題目難度一般。由質(zhì)譜圖可知有機物的相對分子質(zhì)量為150

有機物A

中C

原子個數(shù)N(C)=

=9

有機物A

中H

原子個數(shù)N(H)=

=10

有機物A

中O

原子個數(shù)N(O)=

=2

所以有機物A

的分子式為C9H10O2

該有機化合物的核磁共振氫譜，有5

個峰，其面積之比為12223

且有一個甲基，由A

分子的紅外光譜可知，A

分子結(jié)構(gòu)有碳碳單鍵及C鈭?HC=OC鈭?O鈭?CC鈭?CC6H5鈭?C

等基團，