2025年湘教新版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教新版高二物理上冊月考試卷772考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖在通電螺旋管周圍放有bcd三顆小磁針，a是放在螺旋管內(nèi)部的小磁針，當(dāng)開關(guān)閉合時，小磁針指向正確的是()A.a小磁針B.b小磁針C.c小磁針D.d小磁針2、物體以速度v勻速通過直線上的A、B兩點需要的時間為t．現(xiàn)在物體由A點靜止出發(fā)，先做加速度大小為a1的勻加速運動到某一最大速度vm后立即做加速度大小為a2的勻減速運動至B點停下，歷時仍為t，則物體的（）A.最大速度vm只能為2v，無論a1、a2為何值B.最大速度vm可為許多值，與a1、a2的大小有關(guān)C.a1、a2值必須是一定的，且a1、a2的值與最大速度vm有關(guān)D.a1、a2必須滿足3、某同學(xué)畫的表示磁場B、電流I和安培力F的相互關(guān)系如下圖所示，其中正確的是（）4、兩球A、B在光滑水平面上沿同一直線，同一方向運動，mA="1"kg，mB="2"kg，vA="6"m/s，vB="2"m/s。當(dāng)A追上B并發(fā)生碰撞后，兩球A、B速度的可能值是（）A.vA′="5"m/s，vB′="2.5"m/sB.vA′="2"m/s，vB′="4"m/sC.vA′=－4m/s，vB′="7"m/sD.vA′="7"m/s，vB′="1.5"m/s5、在兩個等量同種點電荷的連線上，有與連線中點O等距的兩點a、b，如圖所示，則下列判斷不正確的是：A.a、b兩點的場強(qiáng)矢量相同B.a、b兩點的電勢相同C.a、O兩點間與b、O兩點間的電勢差相同D.同一電荷放在a、b兩點的電勢能相同6、在一定條件下，關(guān)于可逆反應(yīng)rm{2SO_{2}+O_{2}?2SO_{3}}達(dá)到化學(xué)平衡狀態(tài)時，下列說法正確的是A.反應(yīng)停止B.rm{SO2}的濃度不變C.rm{SO2}完全轉(zhuǎn)化為rm{SO3}D.正反應(yīng)速率大于逆反應(yīng)速率7、有一物體做直線運動；其u鈭?t

圖象如圖所示，從圖中看出，物體加速度和速度方向相同的時間間隔是(

)

A.只有0<t<2s

B.只有2s<t<4s

C.0<t<2s

和6s<t<8s

D.0<t<2s

和5s<t<6s

評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、一電容器的電容為lOuF，垂直于回路平面的磁感應(yīng)強(qiáng)度以5×10-3T/s的變化率增加，回路面積為1×10-2m．，如圖，則A、C兩板的電勢差為____V，A板所帶電荷的電性為____帶電量為____C．

9、布朗運動說明______．10、如圖所示的電路中，電源的電動勢E=9V

內(nèi)電阻r=2婁賂

定值電阻R1=1婁賂R2

為可變電阻，其阻值在0隆蘆10婁賂

范圍內(nèi)調(diào)節(jié).

當(dāng)R2=

______婁賂

時，R1

消耗的電功率最大；當(dāng)R2=

______婁賂

時，R2

消耗的電功率最大．11、在“用單擺測定重力加速度”的實驗中(1)

用游標(biāo)為10

分度的卡尺測量擺球的直徑.

某次測量的示數(shù)如下圖所示，讀出小球直徑d

=

______mm

；

(2)

若測量出單擺擺線長為l

，擺球的直徑為d

，用秒表記錄下單擺完成n

次全振動所用的時間t

.

則重力加速度g

=

______(

用以上字母表示)

．12、甲、乙兩同學(xué)分別將質(zhì)量相同的小球沿水平方向拋出，小球離開手時的速度相同，甲的拋出點高度大于乙的拋出點高度，不計空氣阻力，則甲、乙兩同學(xué)在拋球時對小球做的功W

錄脳

W

脪脪(

填“>

”、“<

”或“=

”)

將小球拋出較遠(yuǎn)的是同學(xué)(

填“甲”或“乙”)

評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)13、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）14、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

15、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）17、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）18、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

19、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、推斷題(共3題，共21分)20、rm{隆露}茉莉花rm{隆路}是一首膾炙人口的中國民歌。茉莉花香氣的成分有多種，乙酸苯甲酯rm{(}rm{)}是其中的一種，它可以從茉莉花中提取，也可以乙烯和甲苯為原料進(jìn)行人工合成。其中一種合成路線如下：回答下列問題：

rm{(1)A}rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為______________；

rm{(2)}寫出反應(yīng)rm{壟脷}rm{壟脼}的化學(xué)方程式rm{壟脷}_____________________rm{;壟脼}_____________________

rm{(3)}上述反應(yīng)中屬取代反應(yīng)的有______________

rm{(4)}反應(yīng)______________rm{(}填序號rm{)}原子的理論利用率為rm{100%}符合綠色化學(xué)的要求。21、下圖是元素周期表的一部分，表中的rm{壟脵隆蘆壟脼}代表對應(yīng)元素，用化學(xué)用語填空：rm{(1)}元素rm{壟脺}在元素周期表中的位置是________。rm{(2)壟脻}rm{壟脼}兩種元素最高價氧化物對應(yīng)的水化物酸性較強(qiáng)的是________。rm{(3)壟脵}元素可以形成多種氧化物，其中顏色為紅棕色的是________，寫出它與水反應(yīng)的化學(xué)方程式________。rm{(4)}寫出元素rm{壟脹}與元素rm{壟脷}形成的化合物的電子式________。22、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}rm{X}是中學(xué)常見的無機(jī)物，存在如圖轉(zhuǎn)化關(guān)系rm{(}部分生成物和反應(yīng)條件略去rm{)}rm{(1)}若rm{A}為常見的金屬單質(zhì)，焰色反應(yīng)呈黃色，rm{X}能使品紅溶液褪色，寫出rm{C}和rm{E}反應(yīng)的離子方程式：__________________________．rm{(2)}若rm{A}為短周期元素組成的單質(zhì)，該元素的最高價氧化物的水化物酸性最強(qiáng)，則：rm{壟脵}組成單質(zhì)rm{A}的元素在周期表中的位置為_______________．rm{壟脷X}可能為___________rm{(}填代號rm{)}．rm{a.NaHCO_{3}}rm{b.Na_{2}CO_{3;;;;;;;;;;;;;;;}c.Na_{2}SO_{3;;;;;;;;;;;;;}d.Al(OH)_{3}}rm{(3)}若rm{A}為淡黃色粉末，回答下列問題：rm{壟脵1molA}與足量的rm{H_{2}O}充分反應(yīng)時轉(zhuǎn)移的電子數(shù)目為_______________．rm{壟脷A}的電子式為___________________。rm{壟脹}若rm{X}為一種造成溫室效應(yīng)的氣體rm{.}則鑒別等濃度的rm{D}rm{E}兩種溶液，可選擇的試劑為______rm{(}填代號rm{)}．rm{a.}鹽酸rm{b.BaCl_{2}}溶液rm{c.NaOH}溶液rm{d.Ca(OH)_{2}}溶液rm{(4)}若rm{A}為氧化物，rm{X}是rm{Fe}溶液rm{D}中加入rm{KSCN}溶液變紅rm{.}則rm{A}與rm{H_{2}O}反應(yīng)的化學(xué)反應(yīng)方程式為___________rm{.E}是_________rm{(}填化學(xué)式rm{)}評卷人得分五、計算題(共1題，共9分)23、交流發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)子有n

匝線圈，每匝線圈所圍面積為S

勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

勻速轉(zhuǎn)動的角速度為蠅

線圈電阻為r

外電路電阻為R

當(dāng)線圈處于中性面時開始計時，逆時針勻速轉(zhuǎn)動180?

過程中，求：

(1)

通過R

的電荷量q

(2)

寫出R

兩端的電壓瞬時值的表達(dá)式。

(3)R

上產(chǎn)生的電熱Q

(4)

外力做的功W

．評卷人得分六、簡答題(共3題，共9分)24、（10分）一根彈性繩沿x軸方向放置，左端在原點O，用手握住繩的左端使其沿y軸方向做周期為1s的簡諧運動，于是在繩上形成一列簡諧波，如圖所示。求：（1）若從波傳到平衡位置在x=1m處的M質(zhì)點時開始計時，那么經(jīng)過的時間等于多少時，平衡位置在x=4．5m處的N質(zhì)點恰好第一次沿y軸正向通過平衡位置？在圖中準(zhǔn)確畫出當(dāng)時彈性繩上的波形。（2）從繩的左端點開始做簡諧運動起，當(dāng)它通過的總路程為88cm時，N質(zhì)點振動通過的總路程是多少？25、英國物理學(xué)家麥克斯韋認(rèn)為：變化的磁場________(

選填“能”或“不能”)

產(chǎn)生電場.

電磁波按照波長由長到短排列依次是：無線電波、紅外線、可見光、________、X

射線和婁脙

射線．26、根據(jù)下面的反應(yīng)路線及所給信息填空

rm{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡式是____rm{(2)壟脵}的反應(yīng)類型是____。rm{壟脹}的反應(yīng)類型是____。rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脺}的化學(xué)方程式是____。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【解析】試題分析：當(dāng)開關(guān)S閉合，螺線管中有電流流過，在周圍空間產(chǎn)生磁場，根據(jù)安培定則判斷出各點的磁場方向，小磁針靜止時，N極指向磁場方向．A、當(dāng)開關(guān)S閉合，通電螺線管產(chǎn)生的磁場方向根據(jù)安培定則判斷可知：a點的磁場方向水平向右，小磁針靜止時，N極指向向右．故A正確．B、根據(jù)安培定則判斷可知：b點的磁場方向水平向左，小磁針靜止時，N極指向向左．故B錯誤．C、根據(jù)安培定則判斷可知：c點的磁場方向水平向右，小磁針靜止時，N極指向向右．故C正確．D、根據(jù)安培定則判斷可知：d點的磁場方向水平向右，小磁針靜止時，N極指向向右．故D正確．本題選錯誤的，故選B．考點：通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場的方向．【解析】【答案】B2、D【分析】【解析】【答案】D3、D【分析】試題分析：根據(jù)左手定則，磁場B、電流I和安培力F兩兩垂直，讓磁感線穿過手心、四指指向電流方向、大姆指所指的方向即為安培力的方向，由此判斷可知，只有選項D正確；考點：安培力的方向【解析】【答案】D4、B【分析】【解析】試題分析：考慮實際情況，碰撞后A球速度不大于B球的速度；D錯誤；A追上B并發(fā)生碰撞前的總動量是：A、B、C、D、根據(jù)能量守恒定律，碰撞后的系統(tǒng)總動能應(yīng)該小于或等于碰撞前的系統(tǒng)總動能，故可判斷B正確故選B．考點：考查了動量守恒定律的應(yīng)用【解析】【答案】B5、A【分析】試題分析:根據(jù)點電荷的場強(qiáng)疊加，知a、b兩點的場強(qiáng)大小相等，方向相反．所以場強(qiáng)不同．故A錯誤；將電荷從O移到a或b電場力做功相等，則a、O兩點間與b、O兩點間的電勢差相同，所以a、b兩點的電勢相等．故B、C正確；D、a、b兩點的電勢相等，根據(jù)Ep=qφ，同一電荷在a、b兩點的電勢能相同．故D正確．本題選錯誤的，故選A．考點：電場強(qiáng)度，電勢，電勢能，電勢差，等勢面。【解析】【答案】A6、B【分析】【分析】本題考查化學(xué)平衡狀態(tài)的特征，難度中等?！窘獯稹緼.反應(yīng)達(dá)到化學(xué)平衡時正逆反應(yīng)速率相等，但反應(yīng)并沒有停止，故A錯誤；B.反應(yīng)達(dá)到平衡時rm{SO_{2}}的濃度保持不變，可以說明反應(yīng)平衡，故B正確；C.反應(yīng)是可逆反應(yīng)，rm{SO}rm{2}和rm{2}rm{O}不會全部變?yōu)閞m{2}rm{2}，故C錯誤；rm{SO}正rm{3}逆rm{3}故D錯誤。D.反應(yīng)達(dá)到平衡時反應(yīng)速率rm{v(}正rm{)=v(}逆rm{)neq0}故D錯誤。rm{v(}【解析】rm{B}7、D【分析】解：速度圖象的斜率等于物體運動的加速度，斜率大于零說明物體的加速度沿正方向，斜率小于0

說明物體的加速度沿負(fù)方向，速度v>0

說明物體的速度沿正方向，v<0

說明物體運動的方向沿負(fù)方向，則由圖可知在0<t<2s

時間內(nèi)速度與加速度方向相同，均沿正方向；5s<t<6s

時間內(nèi)；速度和加速度都沿負(fù)方向，方向相同．

故加速度方向和速度方向相同的時間間隔是0<t<2s

和5s<t<6s

．

故選D

速度時間圖象的斜率等于物體運動的加速度，斜率大于零說明物體的加速度沿正方向，斜率小于0

說明物體的加速度沿負(fù)方向；速度v>0

說明物體的速度沿正方向，v<0

說明物體運動的方向沿負(fù)方向．

把握速度圖象的斜率的物理意義和速度正負(fù)的含義是我們解決此類問題的關(guān)鍵．【解析】D

二、填空題(共5題，共10分)8、略

【分析】

由法拉第電磁感應(yīng)定律：N=5×10-3×1×10-2V=5×10-5V；

則A、C兩板的電勢差5×10-5V；

由楞次定律可得：穿過線圈的磁通量增加；則產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向是順時針，由處于電源內(nèi)部所以電流方向是從負(fù)極到正極，故A板為正電荷；

由公式得：Q=CU=10μF×5×10-5V=5×10-10C

故答案為：5×10-5，正，5×10-10．

【解析】【答案】線圈平面垂直處于勻強(qiáng)磁場中；當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度隨著時間均勻變化時，線圈中的磁通量發(fā)生變化，從而導(dǎo)致出現(xiàn)感應(yīng)電動勢，產(chǎn)生感應(yīng)電流．由楞次定律可確定感應(yīng)電流方向，由法拉第電磁感應(yīng)定律可求出感應(yīng)電動勢大小．

9、略

【分析】解：布朗運動是懸浮在液體中固體微粒的無規(guī)則運動；是由液體分子撞擊形成的，反映了液體分子的無規(guī)則運動．

故答案為：液體分子的無規(guī)則運動．

布朗運動是由于分子的無規(guī)則運動而使花粉小顆粒受到撞擊而運動；布朗運動的實質(zhì)是大量分子做無規(guī)則熱運動的結(jié)果．

本題主要考查學(xué)生布朗運動形成原因和意義理解和掌握情況，在平時練習(xí)中要加強(qiáng)對這些基本知識的理解與應(yīng)用．【解析】液體分子的無規(guī)則運動10、略

【分析】解：根據(jù)P=I2R1

可知；R1=1婁賂

不變，當(dāng)R2=0

時，電路的總電流最大，所以此時R1

獲得最大功率；

根據(jù)電源的內(nèi)電阻和外電阻相等的時候，電源的輸出功率最大，可知，當(dāng)把R1

和電源看做一個整體時，即把電源的內(nèi)阻看做R1+r

當(dāng)R2=R1+r=3婁賂

時；電源的輸出功率最大，即R2

上獲得最大功率．

故答案為：03

R1

為定值電阻；R2

為可變電阻，根據(jù)P=I2R1

可以分析得知，當(dāng)電路中電流最大時，電阻R1

的功率最大，此時R2

最小；由于R2

減小的時候，電路電流就在增加，所以不能根據(jù)P=I2R2

來分析R2

的功率的變化情況；

當(dāng)電源的內(nèi)電阻和外電阻相等的時候；電源的輸出功率最大.

可將R1

看成電源的內(nèi)阻，利用此結(jié)論求解R2

消耗的電功率最大的條件．

對于R2

的功率的分析是本題的難點，通常的分析方法都是把R1

和電源看做一個整體來分析電源的輸出功率的變化情況，即為R2

的功率的情況．【解析】03

11、（1）21.7

（2）【分析】【分析】(1)

游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)；不需要估讀；

(2)

擺線長度與擺球半徑之和是單擺的擺長；單擺完成一次全振動所需要的時間是一個周期，應(yīng)用單擺周期公式可以求出重力加速度的表達(dá)式。

本題考查了游標(biāo)卡尺讀數(shù)、求重力加速度的表達(dá)式，游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)，游標(biāo)卡尺不需要估讀，對游標(biāo)卡尺讀數(shù)時要注意游標(biāo)尺的精度；掌握基礎(chǔ)知識、應(yīng)用單擺周期公式可以解題。【解答】(1)(1)由圖示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為：21mm+7隆脕0.1mm=21.7mm21mm+7隆脕0.1mm=21.7mm

(2)(2)單擺的擺長：L=l+12d，單擺的周期為：T=tn2=2tn，

由單擺周期公式：T=2婁脨Lg可知重力加速度為：g=婁脨2n2(l+12d)t2

故答案為：(1)21.7(1)21.7(2)(2)婁脨2n2(l+12d)t2。

【解析】(1)21.7(1)21.7

(2)(2)婁脨2n2(l+12d)t2

12、=甲【分析】【分析】根據(jù)動能定理可以求解拋出時對小球做功，平拋的遠(yuǎn)近根據(jù)平拋運動水平方向的運動計算。動能定理Ek=12mv2

和平拋的水平位移x=vt

是解題的關(guān)鍵?！窘獯稹繏伋鰰r對小球做功根據(jù)動能定理，W=Ek=12mv2

所以兩人對小球做功大小相等；運動時間為：t=2hg

水平距離x=vt=v2hg

所以甲運動時間長，水平位移大。故答案為：=

甲。【解析】==甲三、判斷題(共7題，共14分)13、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．14、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點的場強(qiáng)大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強(qiáng)大小及方向．15、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?6、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．18、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大小．四、推斷題(共3題，共21分)20、

（2）2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O

（3）④⑤⑥

（4）①③

【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的推斷與合成，難度不大，注意結(jié)合乙醇、氯代烴的性質(zhì)進(jìn)行推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，有利于基礎(chǔ)知識的鞏固?！窘獯稹縭m{(1)}乙醇與氧化銅加熱反應(yīng)生成rm{A}rm{A}為乙醛，甲苯在光照條件下與氯氣反應(yīng)生成rm{B}rm{B}為故答案為：rm{CH_{3}CHO}rm{CH_{3}CHO}rm{(2)}反應(yīng)rm{壟脷}rm{壟脼}的化學(xué)方程式分別為：的化學(xué)方程式分別為：rm{壟脷}rm{壟脼}故答案為：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}反應(yīng)rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}是乙烯與水發(fā)生加成反應(yīng)，反應(yīng)rm{(3)}是乙醇發(fā)生氧化反應(yīng)生成乙醛，反應(yīng)rm{壟脵}是乙醛發(fā)生氧化反應(yīng)生成乙酸，反應(yīng)rm{壟脷}是甲苯與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)，反應(yīng)rm{壟脹}是rm{壟脺}在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應(yīng)生成苯甲醇，屬于取代反應(yīng)，rm{壟脻}乙酸與苯甲醇發(fā)生酯化反應(yīng)生成乙酸苯甲酯，屬于取代反應(yīng)；故答案為：rm{B}

rm{壟脼}反應(yīng)rm{壟脺壟脻壟脼}乙烯與水發(fā)生加成反應(yīng)生成乙醇，反應(yīng)rm{(4)}乙醛發(fā)生氧化反應(yīng)生成乙酸，符合原子利用率rm{壟脵}故答案為：rm{壟脹}rm{100%}【解析】rm{(2)}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(3)壟脺壟脻壟脼}21、（1）第三周期、第ⅢA族（2）HClO4（3）NO23NO2+H2O=2HNO3+NO（4）【分析】【分析】本題考查元素周期表的結(jié)構(gòu)及應(yīng)用、電子式、氮的氧化物，根據(jù)元素的位置推斷元素及元素化合物知識為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與應(yīng)用能力的考查?！窘獯稹坑稍氐奈恢每芍瑀m{壟脵壟脷壟脹壟脺壟脻壟脼}分別為rm{N}rm{F}rm{Na}rm{Al}rm{Si}rm{Cl}rm{(1)}元素rm{壟脺}為rm{Al}位于第三周期、第Ⅲrm{A}族；故答案為：第三周期、第Ⅲrm{A}族；rm{(2)壟脻}rm{壟脼}分別為rm{Si}rm{Cl}元素的非金屬性越強(qiáng)，最高價氧化物對應(yīng)的水化物酸性越強(qiáng)，非金屬性：rm{Cl>Si}則兩種元素最高價氧化物對應(yīng)的水化物酸性較強(qiáng)的是rm{HClO_{4}}故答案為：rm{HClO_{4}}rm{(3)壟脵}為rm{N}元素，rm{N}元素形成的多種氧化物中顏色為紅棕色的是rm{NO_{2}}與水反應(yīng)生成rm{HNO_{3}}和rm{NO}反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}故答案為：rm{NO_{2}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{(4)壟脹}為rm{Na}元素，rm{壟脷}為rm{F}元素，二者形成的化合物為rm{NaF}其電子式為故答案為：【解析】rm{(1)}第三周期、第Ⅲrm{A}族rm{(2)HClO_{4}}rm{(3)NO_{2}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{(4)}22、rm{(1)OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}

rm{(2)壟脵}第三周期第rm{VIIA}族

rm{壟脷b}

rm{(3)壟脵N_{A}}

rm{壟脷}

rm{壟脹ab}

rm{(4)3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe(NO_{3})_{2}}【分析】【分析】本題考查無機(jī)物的推斷，是高考中的常見題型，試題綜合性強(qiáng)，難度較大，有利于培養(yǎng)學(xué)生的邏輯推理能力和抽象思維能力，提高學(xué)生分析問題、以及靈活運用基礎(chǔ)知識解決實際問題的能力rm{.}做好本題的關(guān)鍵之處在于把握好常見物質(zhì)的性質(zhì)以及有關(guān)轉(zhuǎn)化，并能結(jié)合題意具體問題、具體分析即可。【解答】rm{(1)}若rm{A}為常見的金屬單質(zhì)，焰色反應(yīng)呈黃色，應(yīng)為rm{Na}rm{X}能使品紅溶液褪色，應(yīng)為rm{SO_{2}}則rm{B}為rm{H_{2}}rm{C}為rm{NaOH}rm{D}為rm{Na_{2}SO_{3}}rm{E}為rm{NaHSO_{3}}rm{C}和rm{E}反應(yīng)的離子方程式為rm{OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}故答案為：rm{OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}rm{(2)}若rm{A}為短周期元素組成的單質(zhì)，該元素的最高價氧化物的水化物酸性最強(qiáng)，應(yīng)為rm{Cl_{2}}則rm{B}為rm{HClO}rm{C}為rm{HCl}rm{壟脵C(jī)l}原子核外有rm{3}個電子層，最外層電子數(shù)為rm{7}位于周期表第三周期Ⅶrm{A}族，故答案為：第三周期Ⅶrm{A}族；rm{壟脷a.C}為鹽酸，可與rm{NaHCO_{3}}反應(yīng)生成rm{CO_{2}}但rm{CO_{2}}與rm{NaHCO_{3}}不反應(yīng)，故rm{a}錯誤；rm{b..C}為鹽酸，與rm{Na_{2}CO_{3}}反應(yīng)生成rm{CO_{2}}rm{CO_{2}}與rm{Na_{2}CO_{3}}反應(yīng)可生成rm{NaHCO_{3}}故rm正確；rm{c..C}為鹽酸，與rm{Na_{2}SO_{4}}不反應(yīng)，故rm{c}錯誤；rm{d.}鹽酸與氫氧化鋁反應(yīng)生成氯化鋁，氯化鋁與氫氧化鋁不反應(yīng)，故rmh5pjjzt錯誤，故答案為：rmrm{(3)}若rm{A}為淡黃色粉末，應(yīng)為rm{Na_{2}O_{2}}rm{壟脵1molA}與足量的rm{H_{2}O}充分反應(yīng)時過氧化鈉自身發(fā)生氧化還原反應(yīng)，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)目為rm{N_{A}}故答案為：rm{N_{A}}rm{壟脷Na_{_{2}}O_{_{2}}}含有離子鍵、共價鍵，電子式為故答案為：rm{壟脹}若rm{X}為一種造成溫室效應(yīng)的氣體，應(yīng)為rm{CO_{2}}則rm{C}為rm{NaOH}rm{D}為rm{Na_{2}CO_{3}}rm{E}為rm{NaHCO_{3}}鑒別等濃度的rm{D}rm{E}兩種溶液，可用鹽酸或氯化鋇溶液，故答案為：rm{ab}rm{(4)}若rm{A}為氧化物，rm{X}是rm{Fe}由轉(zhuǎn)化關(guān)系可知rm{C}具有強(qiáng)氧化性，則rm{A}為rm{NO_{2}}rm{B}為rm{NO}rm{C}為rm{HNO_{3}}rm{NO_{2}}與水反應(yīng)的方程式為rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe}與硝酸生成rm{Fe(NO_{3})_{3}}rm{Fe(NO}rm{3}rm{3}rm{)}與rm{3}反應(yīng)生成rm{3}rm{Fe}rm{Fe(NO}rm{3}rm{3}故答案為：rm{)}rm{2}rm{2}rm{{,!}_{,}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe(NO}rm{3}【解析】rm{(1)OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}rm{(2)壟脵}第三周期第rm{VIIA}族rm{壟脷b}rm{(3)壟脵N_{A}}rm{壟脷}rm{壟脹ab}rm{(4)3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe(NO_{3})_{2}}五、計算題(共1題，共9分)23、解：(1)

通過電阻R

的電荷量為：q=I爐?鈻?t

由閉合電路歐姆定律得：I爐=E爐R+r

由法拉第電磁感應(yīng)定律得：E爐=n鈻?婁碌鈻?t

鈻?婁碌=BS鈭?(鈭?BS)=2BS

聯(lián)立以上四式得：q=2nBSR+r

(2)

線圈由中性面開始轉(zhuǎn)動；感應(yīng)電動勢的瞬時值表達(dá)式為：e=nBS婁脴sin婁脴t

由閉合電路歐姆定律可知：i=eR+r

電阻R

兩端的電壓為：u=i?R

解以上三式得：u=RR+rnBS婁脴sin婁脴t

(3)

感應(yīng)電動勢的最大值為：Em=nBS婁脴

感應(yīng)電動勢的有效值為：E=Em2

由閉合電路歐姆定律可知：I=ER+r

由焦耳定律可知，Q=I2Rt

其中t=婁脨婁脴

解以上四式得：Q=n2婁脨B2S2婁脴R2(R+r)2

(4)

線圈勻速轉(zhuǎn)動；外力所做的功等于線圈轉(zhuǎn)動過程中產(chǎn)生的總焦耳熱，即。

W=Q脳脺=n2婁脨B2S2婁脴2(R+r)

答：(1)

通過R

的電荷量為2nBSR+r

．

(2)R

兩端的電壓瞬時值的表達(dá)式u=RR+rnBS婁脴sin婁脴t

(3)R

上產(chǎn)生的電熱為n2婁脨B2S2婁脴R2(R+r)2

(4)

外力做的功為n2婁脨B2S2婁脴2(R+r)

．【分析】

按照電流的定義I=qt

計算電荷量q

應(yīng)該用電流的平均值，不能用有效值；最大值或瞬時值．

求電熱應(yīng)該用有效值；先求總電熱Q

再按照內(nèi)外電阻之比求R

上產(chǎn)生的電熱QR.

這里的電流必須要用有效值，不能用平均值；最大值或瞬時值．

根據(jù)能量守恒；外力做功的過程是機(jī)械能向電能轉(zhuǎn)化的過程，電流通過電阻，又將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，即放出電熱.

因此.

一定要學(xué)會用能量轉(zhuǎn)化和守恒定律來分析功和能．

本題要求知道：計算電荷量q

應(yīng)該用電流的平均值；求電熱應(yīng)該用有效值.

同時一定要學(xué)會用能量轉(zhuǎn)化和守恒定律來分析功和能．【解析】解：(1)

通過電阻R

的電荷量為：q=I爐?鈻?t

由閉合電路歐姆定律得：I爐=E爐R+r

由法拉第電磁感應(yīng)定律得：E爐=n鈻?婁碌鈻?t

鈻?婁碌=BS鈭?(鈭?BS)=2BS

聯(lián)立以上四式得：q=2nBSR+r

(2)

線圈由中性面開始轉(zhuǎn)動；感應(yīng)電動勢的瞬時值表達(dá)式為：e=nBS婁脴sin婁脴t

由閉合電路歐姆定律可知：i=eR+r

電阻R

兩端的電壓為：u=i?R

解以上三式得：u=RR+rnBS婁脴sin婁脴t

(3)

感應(yīng)電動勢的最大值為：Em=nBS婁脴

感應(yīng)電動勢的有效值為：E=Em2

由閉合電路歐姆定律可知：I=ER+r

由焦耳定律可知，Q=I2Rt

其中t=婁脨婁脴

解以上四式得：Q=n2婁脨B2S2婁脴R2(R+r)2

(4)

線圈勻速轉(zhuǎn)動；外力所做的功等于線圈轉(zhuǎn)動過程中產(chǎn)生的總焦耳熱，即。

W=Q脳脺=n2婁脨B2S2婁脴2