2025年外研版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年外研版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷351考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、宇航員在探測(cè)某星球時(shí)發(fā)現(xiàn)：①該星球帶負(fù)電；而且?guī)щ娋鶆?；②該星球表面沒(méi)有大氣；③在一次實(shí)驗(yàn)中，宇航員將一個(gè)帶電小球（其帶電量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于星球電量）置于離星球表面某一高度處無(wú)初速釋放，恰好處于懸浮狀態(tài)．如果選距星球表面無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，則根據(jù)以上信息可以推斷（）

A.小球一定帶正電。

B.小球的電勢(shì)能一定小于零。

C.只改變小球的電量；從原高度無(wú)初速釋放后，小球仍處于懸浮狀態(tài)。

D.只改變小球離星球表面的高度；無(wú)初速釋放后，小球仍處于懸浮狀態(tài)。

2、某正弦式交流電的電流i

隨時(shí)間t

變化的圖象如圖所示.

由圖可知(

)

A.電流的最大值為10A

B.電流的有效值為10A

C.該交流電的周期為0.03s

D.該交流電的頻率為0.02Hz

3、某待測(cè)電阻R

估計(jì)值在100婁賂

左右，電壓表內(nèi)阻為RV隆脰3000婁賂

電流表內(nèi)阻為RA隆脰0.2婁賂.

若測(cè)量得電壓表讀數(shù)為U

電流表讀數(shù)為I

則電流表接法及電阻測(cè)量值分別為(

)

A.內(nèi)接，R=UI

B.外接，R=UI

C.內(nèi)接，R=IU

D.外接，R=IU

4、如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度B、電流I、磁場(chǎng)力F三者之間的方向關(guān)系不正確的是（）A.B.C.D.5、如圖，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向上端移動(dòng)時(shí)，則電表示數(shù)的變化情況是（）A.V1減小，V2增大，A增大B.V1增大，V2減小，A增大C.V1增大，V2增大，A減小D.V1減小，V2減小，A減小評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、如圖所示,平行等距的豎直虛線為某一電場(chǎng)的等勢(shì)面,一帶正電的微粒以一定初速度射入電場(chǎng)后,恰能沿直線A.B運(yùn)動(dòng),則由此可知()

A.該電場(chǎng)一定是勻強(qiáng)電場(chǎng)，且方向水平向左A.A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)B.微粒從A點(diǎn)到B點(diǎn)，其動(dòng)能和電勢(shì)能之和保持不變C.微粒從A到B點(diǎn)，其電勢(shì)能増加，機(jī)械能減少7、如圖是“牛頓擺”裝置；5個(gè)完全相同的小鋼球用輕繩懸掛在水平支架上，5根輕繩互相平行，5個(gè)鋼球彼此緊密排列，球心等高．用1；2、3、4、5分別標(biāo)記5個(gè)小鋼球．關(guān)于此實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法中正確的是（）

A.當(dāng)把小球1向左拉起一定高度，然后由靜止釋放，可觀察到小鋼球5向右擺起，且達(dá)到的最大高度與小鋼球1的釋放高度相同B.如果同時(shí)向左拉起小鋼球1、2、3到相同高度，同時(shí)由靜止釋放，經(jīng)碰撞后，小鋼球4、5一起向右擺起，且上升最大高度高于小鋼球1、2、3的釋放高度C.如果同時(shí)向左拉起小鋼球1、2、3到相同高度，同時(shí)由靜止釋放，經(jīng)碰撞后，小鋼球3、4、5一起向右擺起，且上升最大高度等于小鋼球1、2、3的釋放高度D.上述整個(gè)實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，5個(gè)小鋼球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，動(dòng)量守恒8、做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的物體，每當(dāng)物體到達(dá)同一位置時(shí)，保持不變的物理量有(

)

A.速度B.加速度C.動(dòng)量D.動(dòng)能9、如圖所示，L1L2

為兩平行的虛線，L1

上方和L2

下方都是垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，AB

兩點(diǎn)都在L2

上，帶電粒子從A

點(diǎn)以初速度v

斜向上與L2

成30鈭?

角射出，經(jīng)過(guò)B

點(diǎn)時(shí)速度方向也斜向上，不計(jì)重力，下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.帶電粒子經(jīng)過(guò)B

點(diǎn)時(shí)速度一定跟A

點(diǎn)速度相同B.若將帶電粒子在A

點(diǎn)時(shí)初速度變大(

方向不變)

它仍能經(jīng)過(guò)B

點(diǎn)C.若將帶電粒子在A

點(diǎn)時(shí)初速度方向改為與L2

成60鈭?

角斜向上，它也能經(jīng)過(guò)B

點(diǎn)D.此粒子一定帶正電10、將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和帶負(fù)電的微粒，而從整體上來(lái)說(shuō)呈電中性）噴入磁場(chǎng)，由于等離子體在磁場(chǎng)力的作用下運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生偏轉(zhuǎn)，磁場(chǎng)中的兩塊金屬板A和B上就會(huì)聚集電荷，從而在兩板間產(chǎn)生電壓．在圖示磁極配置的情況下，下列表述正確的是（）A.金屬板A的電勢(shì)較高B.通過(guò)電阻R的電流方向是b→R→aC.等離子體在B間運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁場(chǎng)力對(duì)等離子體做正功D.等離子體在B間運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁場(chǎng)力對(duì)等離子體不做功11、如圖所示，真空中有兩個(gè)固定點(diǎn)電荷A、B，所帶電荷量分別為+2Q和+Q。M、N是AB連線中垂線上的兩點(diǎn)，∠AMB＝120°，此時(shí)M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為EM，電勢(shì)為φM，將電荷量為+q的點(diǎn)電荷由M點(diǎn)移至N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為W。若保持其它條件不變，僅將B所帶電量增加至+2Q，此時(shí)M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為電勢(shì)為仍將電荷量為+q的點(diǎn)電荷由M點(diǎn)移至N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為W′。則下列說(shuō)法正確的（）

A.一定大于EMB.可能等于EMC.一定大于φMD.W′一定大于W評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)12、如圖所示，兩個(gè)正的點(diǎn)電荷Q1、Q2相距9cm，Q1=2.0×10-8C，Q2=4.0×10-8C，在兩個(gè)點(diǎn)電荷連線上有a、b兩點(diǎn)，分別距Q1、Q2為3cm，由此可知a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小為_(kāi)___，方向?yàn)開(kāi)___；b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小為_(kāi)___．

13、一個(gè)物體的質(zhì)量是2kg，沿豎直方向下落，以10m/s的速度碰到水泥地上，隨后又以8m/s的速度被反彈回，若取豎直向上為正方向，則小球與地面相碰前的動(dòng)量是_______kg·m/s．若碰撞過(guò)程時(shí)間為0.1s則小球給地面的平均作用力為_(kāi)______N(g=10m/s2)14、某同學(xué)用多用電表測(cè)量一電阻時(shí)，他根據(jù)對(duì)電阻的估計(jì)值將選擇開(kāi)關(guān)旋到電阻擋倍率等于N的位置，然后把兩枝表筆相互接觸，再調(diào)整電阻擋的____，使指針指在電阻擋的“0”刻度線處．若這位同學(xué)對(duì)電阻測(cè)量時(shí)，刻度盤(pán)上的示數(shù)為R，則這個(gè)電阻的測(cè)量值為_(kāi)___．15、某同學(xué)在做“利用單擺測(cè)重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中；先測(cè)得擺線長(zhǎng)為101.00cm，擺球直徑為2.00cm，然后用秒表記錄了單擺振動(dòng)50次所用的時(shí)間為101.5s．則：

（1）他測(cè)得的重力加速度g=______m/s2．（計(jì)算結(jié)果取三位有效數(shù)字）

（2）他測(cè)得的g值偏小，可能原因是：______

A．測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過(guò)緊．

B．?dāng)[線上端未牢固地系于懸點(diǎn)；振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了．

C．開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過(guò)遲按下．

D．實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)計(jì)為50次．

（3）為了提高實(shí)驗(yàn)精度，在實(shí)驗(yàn)中可改變幾次擺長(zhǎng)l并測(cè)出相應(yīng)的周期T，從而得出一組對(duì)應(yīng)的l和T的數(shù)值，再以l為橫坐標(biāo)、T2為縱坐標(biāo)將所得數(shù)據(jù)連成直線，并求得該直線的斜率K．則重力加速度g=______．（用K表示）

（4）某同學(xué)在進(jìn)行“研究彈簧振子的周期和小球質(zhì)量的關(guān)系”課題實(shí)驗(yàn)時(shí)，利用如圖甲所示裝置進(jìn)行了如下的實(shí)驗(yàn)：讓彈簧振子穿過(guò)一光滑的水平橫桿，在彈簧振子的小球上安裝一枝筆，下面放一條紙帶．當(dāng)小球振動(dòng)時(shí)，垂直于振動(dòng)方向以恒定的加速度拉動(dòng)紙帶，加速度大小為α，這時(shí)筆在紙帶上畫(huà)出如圖乙所示的一條曲線，請(qǐng)根據(jù)圖乙中所測(cè)得的長(zhǎng)度S1、S2，寫(xiě)出計(jì)算彈簧振子振動(dòng)周期的表達(dá)式：T=______．16、如圖是研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)裝置，大小兩個(gè)螺線管B、A套在一起．開(kāi)始時(shí)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，在移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片P的過(guò)程中，發(fā)現(xiàn)電流表指針______發(fā)生偏轉(zhuǎn)；接著閉合S，在閉合瞬間發(fā)現(xiàn)電流表指針______發(fā)生偏轉(zhuǎn)；閉合S后，將螺線管A從B中抽出，在抽出過(guò)程中發(fā)現(xiàn)電流表指針______發(fā)生偏轉(zhuǎn)．（均填“會(huì)”或“不會(huì)”）17、某同學(xué)在做“利用單擺測(cè)重力加速度”實(shí)驗(yàn)中，先測(cè)得擺線長(zhǎng)為97.50cm

擺球直徑為2.0cm

然后用秒表記錄了單擺振動(dòng)50

次所用的時(shí)間為99.9s.

則[]

壟脵

該擺擺長(zhǎng)為_(kāi)______cm

壟脷(

單選題)

如果他測(cè)得的g

值偏小，可能的原因是[]

A.

測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過(guò)緊B.

擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了C.

開(kāi)始計(jì)時(shí)，秒表過(guò)遲按下D.

實(shí)驗(yàn)中誤將49

次全振動(dòng)數(shù)為50

次18、（6分）借助運(yùn)動(dòng)傳感器可用計(jì)算機(jī)測(cè)出物體運(yùn)動(dòng)的速度。如圖所示，傳感器系統(tǒng)由兩個(gè)小盒子A、B組成，A盒裝有紅外線發(fā)射器和超聲波發(fā)射器，它裝在被測(cè)物體上，每隔0.03s可同時(shí)發(fā)射一個(gè)紅外線脈沖和一個(gè)超聲波脈沖；B盒裝有紅外線接收器和超聲波接收器，B盒收到紅外線脈沖時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)(紅外線的傳播時(shí)間可以忽略不計(jì))，收到超聲波脈沖時(shí)計(jì)時(shí)停止。在某次測(cè)量中，B盒記錄到的連續(xù)兩次的時(shí)間分別為0.15s和0.20s，根據(jù)你知道的知識(shí)，該物體運(yùn)動(dòng)的速度為_(kāi)___m／s，運(yùn)動(dòng)方向是。(背離B盒還是靠近B盒,聲速取340m／s)19、如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有一個(gè)固定的金屬框，在框上放一根金屬棒AB

金屬框與金屬棒構(gòu)成閉合電路ABEF.

當(dāng)AB

不動(dòng)時(shí)，電路中______(

填“有”或“無(wú)”)

感應(yīng)電流；當(dāng)AB

向右移動(dòng)時(shí)，電路中______(

填“有”或“無(wú)”)

感應(yīng)電流．20、某同學(xué)組裝一個(gè)電壓表。可用的器材有：微安表頭（量程500uA，內(nèi)阻500Ω）電阻箱R1（阻值范圍0～999.9Ω）；電阻箱R2（阻值范圍0～99999.9Ω）；導(dǎo)線若干。要求利用所給器材將它改裝成量程為3V的直流電壓表?；卮鹣铝袉?wèn)題：

（1）在虛線框內(nèi)，選出必要器材，連接電路圖并標(biāo)出R1或R2，并連接接線柱a、b；

（2）電阻箱的阻值為_(kāi)_____Ω（保留到個(gè)位）。評(píng)卷人得分四、判斷題(共4題，共24分)21、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

22、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

24、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、作圖題(共2題，共4分)25、如圖所示，圖甲是小明奶奶眼睛成像情況示意圖，請(qǐng)?jiān)趫D乙中畫(huà)出矯正小明奶奶視力所需的透鏡并完成光路圖．26、我們可以通過(guò)實(shí)驗(yàn)探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象中；感應(yīng)電流方向的決定因素和遵循的物理規(guī)律．以下是實(shí)驗(yàn)探究過(guò)程的一部分．

（1）如圖（1）所示，當(dāng)磁鐵N向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，發(fā)現(xiàn)電流表指針偏轉(zhuǎn)．若要探究線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向，必須知道______．

（2）如圖（2）所示，實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)閉合開(kāi)關(guān)時(shí)，電流表指針向右偏．閉合開(kāi)關(guān)穩(wěn)定后，若向左移動(dòng)滑動(dòng)觸頭，此過(guò)程中電流表指針向______偏轉(zhuǎn)；若將線圈A抽出，此過(guò)程中電流表指針向______偏轉(zhuǎn)（均選填“左”或“右”）．評(píng)卷人得分六、證明題(共2題，共4分)27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。28、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】

小球處于懸浮狀態(tài)；一定是庫(kù)侖力和萬(wàn)有引力二力平衡，故小球一定帶負(fù)電，小球的電勢(shì)能一定大于零；只改變電量，庫(kù)倫力變化，而萬(wàn)有引力不變，小球不會(huì)再懸?。挥钟捎趲?kù)侖力與萬(wàn)有引力都是與距離的平方成反比，所以改變小球的高度對(duì)庫(kù)侖力和萬(wàn)有引力的二力平衡沒(méi)有影響，由以上分析可知只有D正確．

故選D．

【解析】【答案】小球處于受力平衡狀態(tài)；說(shuō)明庫(kù)侖力和萬(wàn)有引力大小相等，所以小球和星球一定是互相排斥的，必定是帶同種電荷，再由庫(kù)侖力和萬(wàn)有引力的公式分析可以改變高度和電荷量后的受力情況．

2、B【分析】解：AC

根據(jù)圖象，該交流電的最大電流為102A

周期為0.02s

故A錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤；

B、電流有效值：I=Im2=10A

故B正確；

D、該交流電的頻率為：f=1T=10.02s=50Hz

故選B．

根據(jù)圖象可以知道交流電的最大值和交流電的周期；根據(jù)最大值和有效值的關(guān)系即可求得交流電的有效值和頻率．

本題考查的是學(xué)生讀圖的能力，根據(jù)圖象讀出交流電的最大值和周期，再逐項(xiàng)計(jì)算即可．【解析】B

3、A【分析】解：RVR=3000100=30RRA=1000.2=500

則可知，RVR<RRA

因此應(yīng)采用電流表內(nèi)接法；

根據(jù)歐姆定律可知，電阻R=UI

故A正確；BCD錯(cuò)誤．

故選：A

．

根據(jù)待測(cè)電阻與電壓表和電流表內(nèi)阻的關(guān)系進(jìn)行分析；從而確定電流表的接法，再根據(jù)歐姆定律即可求出電阻的表達(dá)式．

本題考查電流表內(nèi)外接法的選擇，要注意明確在電流表選擇中要滿足：“小外偏小，大內(nèi)偏大”實(shí)驗(yàn)規(guī)律．【解析】A

4、A【分析】解：左手定則的內(nèi)容為伸開(kāi)左手；讓四指與大拇指相互垂直，磁場(chǎng)垂直穿過(guò)掌握，四指指向電流方向，大拇指所指的方向?yàn)殡娏魇芰Φ姆较颍?/p>

根據(jù)左手定則判斷受力方向：

A；磁場(chǎng)方向向上；電流的方向向外，由左手定則可知，受力向左，故A不正確；

B；磁場(chǎng)方向向外；電流方向向上，受力向右，故B正確；

C；由左手定則；受力垂直于電流斜向上，故C正確；

D；由左手定則可知；受力垂直于電流向上，故D正確；

本題選不正確的；故選：A。

本題考查左手定則的應(yīng)用；正確掌握左手定則的內(nèi)容；使用的方法與步驟即可順利判出。

本題需要掌握左手定則的內(nèi)容，同時(shí)還要注意圖中符號(hào)的含義，正確掌握電流及磁場(chǎng)的方向。【解析】A5、C【分析】解：當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向上端移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，變阻器與定值電阻并聯(lián)的總電阻增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析可知總電流I變小，電源的內(nèi)電壓變小，路端電壓U變大，即V1增大。

電阻R1的電壓變小，則并聯(lián)部分的電壓增大，可知電壓表V2示數(shù)增大，所以電阻R2的電流增大；因總電流變小，所以A示數(shù)減小。故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選：C。

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向上端移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，并聯(lián)部分的電阻增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流的變化及路端電壓的變化，即可知V1的變化。由歐姆定律分析電壓表V2示數(shù)的變化及并聯(lián)部分電壓的變化，即可判斷通過(guò)電阻R2的電流的變化；根據(jù)總電流的變化，再分析A示數(shù)的變化。

本題是電路的動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，關(guān)鍵要從局部到整體，再到局部，按順序進(jìn)行分析即可。【解析】C二、多選題(共6題，共12分)6、A:D【分析】由圖可得等勢(shì)面平行且是等間距的，又因電場(chǎng)線和等勢(shì)線垂直，所以電場(chǎng)線必定沿水平方向，且疏密均勻同向，那么該電場(chǎng)一定是勻強(qiáng)電場(chǎng)，正電荷受到電場(chǎng)力與重力作用，電荷沿著A到B做直線運(yùn)動(dòng)，合外力方向沿BA方向，電場(chǎng)力必定水平向左，所以電場(chǎng)的方向應(yīng)水平向左，故A正確；沿電場(chǎng)線電勢(shì)是逐漸降低的，因?yàn)殡妶?chǎng)方向向左，則A點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)的電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；從A到B過(guò)程中，動(dòng)能、重力勢(shì)能與電勢(shì)能之和保持不變，因?yàn)橹亓?shì)能增加，因此動(dòng)能與電勢(shì)能之和減小，故C錯(cuò)誤；從A到B過(guò)程微?？朔妶?chǎng)力做功，電勢(shì)能增加，由能量守恒定律可知，微粒的機(jī)械能減少，故D正確。所以AD正確，BC錯(cuò)誤。7、AC【分析】解：A；碰撞中的能量損失不計(jì)；則小球與小球之間發(fā)生的是彈性碰撞，由于小球完全一樣，結(jié)合碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒和動(dòng)能守恒可知：每?jī)蓚€(gè)小球碰后交換速度，1與2碰后，1停止2向右，2與3碰后，2停止，3具有向右的速度，3與4碰后，3停止，4具有向右的速度，4與5碰后，4停止，5具有向右的速度，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知球5向右擺起，且達(dá)到的最大高度與球1的釋放高度相同，故A正確；

BC；如果同時(shí)向左拉起小球1、2、3到相同高度同時(shí)由靜止釋放；則3與4碰后，3停止4具有向右的速度，4與5碰撞交換速度，4停止5向右擺起；3剛停止的時(shí)候2球過(guò)來(lái)與之碰撞交換速度，然后3與4碰撞，使4向右擺起；2球剛停止的時(shí)候1球過(guò)來(lái)與之碰撞交換速度，然后2與3碰撞交換速度，使3向右擺起；故經(jīng)碰撞后，小球3、4、5一起向右擺起，且上升的最大高度與小球1、2、3的釋放高度相同，故B錯(cuò)誤，C正確；

D；由分析知說(shuō)明該過(guò)程；每?jī)蓚€(gè)小球碰撞的過(guò)程機(jī)械能守恒、動(dòng)量守恒，擺動(dòng)時(shí)動(dòng)量不守恒，故D錯(cuò)誤；

故選：AC

完全相同的小鋼球與小鋼球之間發(fā)生的是彈性碰撞；每?jī)蓚€(gè)小球碰后交換速度，1與2碰后，1停止2向右，2與3碰后，2停止，3具有向右的速度．如果同時(shí)向左拉起小球1；2、3到相同高度（如圖丙）并由靜止釋放，根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒分析小球上升的最大高度．

本題主要考查了動(dòng)量守恒定律即機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用，涉及到多個(gè)彈性碰撞連續(xù)發(fā)生的過(guò)程，要明確每次發(fā)生彈性碰撞的兩個(gè)小球機(jī)械能守恒、動(dòng)量守恒．【解析】【答案】AC8、BD【分析】解：A

做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的物體；每次通過(guò)同一位置時(shí)，速度可能有兩種方向，而速度是矢量，所以速度不一定相同.

故A錯(cuò)誤．

B、根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特征：a=鈭?kxm

物體每次通過(guò)同一位置時(shí)，位移一定相同，加速度也一定相同.

故B正確．

C；動(dòng)量是矢量；與速度同方向，所以動(dòng)量不一定相同.

故C錯(cuò)誤；

D；動(dòng)能是標(biāo)量；經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)，彈性勢(shì)能相同，故動(dòng)能相同，故D正確；

故選：BD

物體的位移與時(shí)間的關(guān)系遵從正弦函數(shù)的規(guī)律(

即它的振動(dòng)圖象是一條正弦曲線)

的振動(dòng)叫簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng).

簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的頻率(

或周期)

跟振幅沒(méi)有關(guān)系；而是由本身的性質(zhì)(

在單擺中由初始設(shè)定的繩長(zhǎng))

決定，所以又叫固有頻率.

其運(yùn)動(dòng)具有對(duì)稱性．

簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的物體經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)這三個(gè)量一定相同：位移、加速度和回復(fù)力．【解析】BD

9、AB【分析】解：畫(huà)出帶電粒子運(yùn)動(dòng)的可能軌跡；B

點(diǎn)的位置可能有下圖四種．

A；如圖所示；粒子B

的位置在B2B3

時(shí)速度方向也斜向上，速度跟在A

點(diǎn)時(shí)的速度大小相等，方向相同，速度相同.

故A正確；

B；根據(jù)軌跡；粒子經(jīng)過(guò)邊界L1

時(shí)入射點(diǎn)與出射點(diǎn)間的距離與經(jīng)過(guò)邊界L2

時(shí)入射點(diǎn)與出射點(diǎn)間的距離相同，與速度無(wú)關(guān).

所以當(dāng)初速度大小稍微增大一點(diǎn)，但保持方向不變，它仍有可能經(jīng)過(guò)B

點(diǎn).

故B正確．

C、如圖，設(shè)L1

與L2

之間的距離為d

則A

到B2

的距離為：x=2dtan婁脠

若將帶電粒子在A

點(diǎn)時(shí)初速度方向改為與L2

成60鈭?

角斜向上；它就只經(jīng)過(guò)一個(gè)周期后一定不經(jīng)過(guò)B

點(diǎn).

故C錯(cuò)誤．

D；如圖所示；分別是正負(fù)電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡，正負(fù)電荷都可能.

故D錯(cuò)誤．

故選：AB

分析帶電粒子的運(yùn)動(dòng)情況：在無(wú)磁場(chǎng)區(qū)域；做勻速直線運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入磁場(chǎng)后，只受洛倫茲力，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，畫(huà)出可能的軌跡，作出選擇．

帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速圓周運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，關(guān)鍵是畫(huà)出粒子圓周的軌跡.

往往要抓住圓的對(duì)稱性．【解析】AB

10、AD【分析】解：A、大量帶正電和帶負(fù)電的微粒射入磁場(chǎng)時(shí)，由左手定則可以判斷正電荷受到的洛倫茲力向上，所以正電荷會(huì)聚集的A板上，負(fù)電荷受到的洛倫茲力向下，負(fù)電荷聚集到B板上，故B板相當(dāng)于電源的負(fù)極，A板相當(dāng)于電源的正極，所以通過(guò)電阻R的電流由a→R→b，金屬板A的電勢(shì)UA高于金屬板B的電勢(shì)UB；所以A正確B錯(cuò)誤；

C；等離子體在A、B間運(yùn)動(dòng)時(shí)；磁場(chǎng)力總是與離子體的運(yùn)動(dòng)方向垂直，所以磁場(chǎng)力不做功，故C錯(cuò)誤D正確。

故選：AD。

等離子體含有大量帶正電和帶負(fù)電的微粒；這些微粒射入磁場(chǎng)時(shí)，受到倫茲力作用而偏轉(zhuǎn)，由左手定則可以判斷正；負(fù)電荷受到的洛倫茲力方向分別向上和向下，所以正電荷會(huì)聚集的A板上，負(fù)電荷聚集到B板上，故A板相當(dāng)于電源的正極．電源的正極電勢(shì)高于負(fù)極的電勢(shì)．

根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力的方向，即可判斷電荷的偏轉(zhuǎn)方向，考查對(duì)磁流體發(fā)電機(jī)的理解能力．此題還可以等效成流體切割磁感線，由E=Bvd求得發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)．【解析】AD11、A:C:D【分析】【詳解】

AB．若將B的電荷量增大，根據(jù)公式

可知B電荷在M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)增大，與A電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)疊加，由于所以合場(chǎng)強(qiáng)也增大，故A正確，B錯(cuò)誤；

C．電勢(shì)是標(biāo)量，B電荷的電量增加后，由公式

B電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)變大，與A電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)疊加；總的電勢(shì)變大，故C正確；

D．當(dāng)B電荷量增加后，從M到N各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)都增大，電荷量為+q的點(diǎn)電荷受的電場(chǎng)力增大；電場(chǎng)力做的功增大，故D正確。

故選ACD。三、填空題(共9題，共18分)12、略

【分析】

由點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式知代入數(shù)據(jù)可得a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為2.25×105N/C，方向水平向左；同理可得b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小為4.125×105N/C．

答案為：2.25×105N/C，水平向左，4.125×105N/C

【解析】【答案】由點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式即可得各點(diǎn)電荷在某點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，再由疊加原理即可求ab點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)．

13、略

【分析】【解析】【答案】－16－34014、略

【分析】

（1）先選擇倍率．

（2）然后調(diào)節(jié)調(diào)零電阻進(jìn)行歐姆調(diào)零．

（3）最后計(jì)數(shù)，倍率N×示數(shù)，即可讀出數(shù)值為NR．

答案為：調(diào)零旋鈕；NR．

【解析】【答案】運(yùn)用多用電表歐姆擋測(cè)量電阻；先將選擇開(kāi)關(guān)置于合適的倍率，使指針指在刻度盤(pán)中央附近．接著進(jìn)行歐姆調(diào)零．讀數(shù)是指示值×倍率．

15、略

【分析】解：（1）單擺的擺長(zhǎng)L=l線+=102.00cm．

單擺振動(dòng)50次所用的時(shí)間為101.5s；所以T=2.03s

根據(jù)周期公式T=2根據(jù)此公式變形得到g=L=9.76m/s2．

（2）根據(jù)周期公式T=2此公式變形得到g=L

A；測(cè)擺線時(shí)擺線拉得過(guò)緊；則擺長(zhǎng)的測(cè)量量偏大，則測(cè)得的重力加速度偏大．故A錯(cuò)誤．

B；擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)；振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了，振動(dòng)周期變大，而測(cè)得的擺長(zhǎng)偏小，則測(cè)得重力加速度偏小．故B正確．

C；開(kāi)始計(jì)時(shí)；秒表過(guò)遲按下，測(cè)得單擺的周期偏小，則測(cè)得的重力加速度偏大．故C錯(cuò)誤．

D；實(shí)驗(yàn)中誤將49.5次全振動(dòng)數(shù)為50次．測(cè)得周期偏小；則測(cè)得的重力加速度偏大．故D錯(cuò)誤．

故選：B

（3）根據(jù)周期公式T=2此公式變形得到T2=以l為橫坐標(biāo)、T2為縱坐標(biāo)將所得數(shù)據(jù)連成直線，并求得該直線的斜率K=即g=

（4）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式△x=aT2，有：S2-S1=aT2，解得T=

故答案為：（1）9.76（2）B（3）（4）

（1）單擺的擺長(zhǎng)等于擺線的長(zhǎng)度與擺球半徑之和．

（2）本實(shí)驗(yàn)測(cè)量g的原理是單擺的周期公式T=2根據(jù)此公式變形得到g=L；判斷g值偏小的原因．

（3）根據(jù)周期公式T=2此公式變形得到T2=以l為橫坐標(biāo)、T2為縱坐標(biāo)將所得數(shù)據(jù)連成直線，并求得該直線的斜率K=即g=

（4）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式△x=aT2，有：S2-S1=aT2；解得T．

本題關(guān)鍵要掌握實(shí)驗(yàn)的原理：?jiǎn)螖[的周期公式T=2要能根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，分析實(shí)驗(yàn)誤差，會(huì)利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律找時(shí)間和彈簧陣子的周期關(guān)系．【解析】9.76；B；16、略

【分析】解：開(kāi)始時(shí)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)；在移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片P的過(guò)程中，穿過(guò)線圈B的磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表指針不會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)；接著閉合S，在閉合瞬間穿過(guò)線圈B的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，發(fā)現(xiàn)電流表指針會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)；閉合S后，將螺線管A從B中抽出，穿過(guò)線圈B的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，在抽出過(guò)程中發(fā)現(xiàn)電流表指針會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)．

故答案為：不會(huì)；會(huì)；會(huì)．

根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件分析答題；穿過(guò)閉合回路的磁通量發(fā)生變化，電路產(chǎn)生感應(yīng)電流．

本題考查了判斷電流表指針是否發(fā)生偏轉(zhuǎn)，知道感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件即可正確解題．【解析】不會(huì)；會(huì)；會(huì)17、98.50；B【分析】解：壟脵

單擺擺長(zhǎng)：L=97.50cm+2.00cm2=98.50cm

壟脷

由單擺周期公式：T=2婁脨Lg

可知.g=4婁脨2T2L

A；擺球擺動(dòng)的同時(shí)在水平面上做圓周運(yùn)動(dòng)形成圓錐擺；有效擺長(zhǎng)L

變短，周期變小，所測(cè)g

偏大，故A錯(cuò)誤；

B；測(cè)擺長(zhǎng)時(shí)；僅測(cè)了線長(zhǎng)，計(jì)算法處理數(shù)據(jù)時(shí)未加小球半徑，所測(cè)擺長(zhǎng)偏小，g

偏小，故B正確；

C；開(kāi)始計(jì)時(shí)；秒表過(guò)遲按下，則時(shí)間偏小，所測(cè)周期T

偏小，g

偏大，故C錯(cuò)誤；

D；測(cè)周期時(shí)；把n

次全振動(dòng)誤記為(n+1)

次，所測(cè)周期T

偏小，g

偏大，故D錯(cuò)誤；

故選：B

故答案為：壟脵98.50壟脷B

．

壟脵

擺線長(zhǎng)度與擺球半徑之和是單擺擺長(zhǎng)；

壟脷

應(yīng)用單擺周期公式求出重力加速度的表達(dá)式；然后分析答題．

本題考查了用單擺測(cè)重力加速度實(shí)驗(yàn)，知道實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、應(yīng)用單擺周期公式即可正確解題．【解析】98.50B

18、略

【分析】【解析】【答案】背離B盒19、略

【分析】解：根據(jù)題意可知；當(dāng)AB

不動(dòng)時(shí)，則磁通量不變，則沒(méi)有感應(yīng)電流；當(dāng)導(dǎo)體沿紙面向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，穿過(guò)閉合電路的磁通量發(fā)生變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流．

故答案為：無(wú)；有．

當(dāng)閉合回路中的部分導(dǎo)體做切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)；導(dǎo)致磁通量變大，從而使導(dǎo)體中可以產(chǎn)生感應(yīng)電流．

電磁感應(yīng)現(xiàn)象應(yīng)重點(diǎn)理解切割的含義，可以想像為將磁感線切斷即為切割．【解析】無(wú)；有20、5500【分析】解：（1）把微安表改裝成量程為3V的電壓表需要串聯(lián)一個(gè)分壓電阻，串聯(lián)電阻阻值為：R==5500Ω，電阻箱應(yīng)選擇R2；電路圖如圖所示；

（2）由（1）可知，電阻箱阻值為：R2=5500Ω；

故答案為：（1）電路圖如圖所示；（2）5500。

（1）把微安表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出串聯(lián)電阻阻值，然后選擇電阻箱，再作出電路圖。

（2）根據(jù)串并聯(lián)電路特點(diǎn)計(jì)算串并聯(lián)電阻阻值。

本題考查了電壓表與電流表的改裝，知道電表的改裝原理，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)、歐姆定律可以解題?！窘馕觥?500四、判斷題(共4題，共24分)21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小．22、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱?shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降